陕西西安中学2025-2026学年高三下学期考前学情自测物理试卷

**基本信息** 以载人飞船、智能汽车防撞系统等真实情境为载体，通过力学、电磁学等综合问题考查物理观念与科学思维，适配学业水平选择性考试模拟需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10/46|氢原子光谱（原子物理）、飞船轨道（万有引力）、波的叠加（机械波）|结合2026春晚《武BOT》考查动量定理，体现科技前沿| |实验题|2/16|弹簧劲度系数测量（力学实验）、电阻测量（电学实验）|螺旋测微器读数与图像分析结合，注重科学探究| |计算题|3/38|气体实验定律（热学）、滑块木板模型（动量）、恒流源导轨（电磁综合）|以磁聚焦测电子比荷为背景，综合洛伦兹力与圆周运动，突出科学推理|

姓名 准考 座位号 证号 密★考试启用前 陕西省普通高中学业水平选择性考试（模拟） 物 理 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将自己的姓名、准考证 号、座位号填写在本试卷上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑； 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。涂写在本试卷上无效。 3.作答非选择题时，将答案书写在答题卡上，书写在本试卷上无效。 4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题，每小题4 分，共28分，只有一项符合题目要求；第8~10题，每小题6分，共18分，有多项符合题 目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.氢原子光谱在可见光区域内有四条谱线H1、H2、H3、H4,都是氢原子中电 子从量子数>2的能级跃迁到=2的能级发出的光，它们在真空中的波长由长到 短，可以判定： A.H1对应的前后能级之差最小 B.同一介质对H1的折射率最大 C.同一介质中H4的传播速度最大 D.用H3照射某一金属能发生光电效应，则H2也一定能 物理试题 第1页（共8页） 2.载人飞船的火箭成功发射升空，载人飞船进入预定轨道后，与空间站完成自主 快速交会对接，然后绕地球做匀速圆周运动。已知空间站轨道高度低于地球同步 卫星轨道，则下面说法正确的是： A.火箭加速升空失重 B.宇航员在空间站时不受的地球的万有引力作用 C.空间站绕地球做匀速圆周运动的角速度小于地球自转角速度 D.空间站绕地球做匀速圆周运动的加速度大于地球同步卫星的加速度 3.如图所示，边长为3.2的正方形水池中心处有一喷泉，其喷口与水池边缘等 高，可向四周斜向上45°连续喷出水流。重力加速度g=10m/s2,不计空气阻 力，要使水流恰好不喷出池外，喷口处水流的速度大小应为： A.2m/s B.4v2m/s C.4m/s D.8m/s 4.如图所示，两列频率相同的机械波在某时刻的叠加情况，S1、S2为波源，实线 和虚线分别表示同一时刻两列波的波峰和波谷；S1的振幅A1=2cm,S2的振幅 为A2=4cm。下列说法正确的是： A.质点a、b为振动减弱点，此刻的位移为零 B.质点c、d是振动加强点，位移始终最大 C.此刻质点b、c的高度差为6cm D.从此刻再经过四分之一个周期，a、b、c、d四点的位移均为零 5.如图，装有轻质光滑定滑轮的长方体木箱静置在水平地面上，木箱上的物块甲 通过不可伸长的水平轻绳绕过定滑轮与物块乙相连。乙拉着甲从静止开始运动， 物理试题第2页（共8页） 木箱始终保持静止。己知甲、乙质量均为1.0kg,甲与木箱之间的动摩擦因数为 0.5,不计空气阻力，g取10/s,则在乙下落的过程中： A.甲对木箱的摩擦力方向向左 甲 B.地面对木箱的摩擦力方向向右 C.甲运动的加速度大小为5m/s2 7777777777777777777777777777 D.乙受到绳子的拉力大小为5.0N 6.在某智能汽车的自动防撞系统测试中，汽车在平直道 +v21m2.s2) 路上匀速行驶，当其检测到正前方26处有静止障碍 100 64 物时，系统立即启动初级制动，汽车做匀减速运动， 行驶一段距离后触发紧急制动，汽车以更大的加速度 0 1826xm 做匀减速运动，最终恰好停在障碍物前。该过程中汽车速度的平方ⅴ？与位移x 的关系如图所示，则下列说法正确的是： A.汽车在初级制动阶段的速度变化量的大小为6m/s B.初级制动阶段与紧急制动阶段的加速度大小之比为1：4 C.汽车在紧急制动阶段的运动时间为1s D.汽车在整个制动过程中的平均速度大小为5m/s 7.在水池底部水平放置三条细灯带构成的等腰直角三角形发光体，直角边的长度 为0.9m,水的折射率n=手， 细灯带到水面的距离h=将m, 则有光射出的水面 形状（用阴影表示）为： 物理试题 第3页（共8页） 8.如图所示为某静电除尘装置的原理图，废气先经过一个机械过滤装置再进入静 电除尘区。图中虚线是某一带电的尘埃（不计重力）仅在静电力作用下向集尘 板迁移并沉积的轨迹，A、B两点是轨迹与电场线的交点。不考虑尘埃在迁移过 程中的相互作用和电荷量变化，则以下 机械过涉号 集尘极 说法正确的是： B上 废气 放比极 净化后的空气 A.尘埃带负电 B.A点的电势大于B点电势 集尘极 C.尘埃在A点的电势能大于在B点的电势能 D,尘埃在A点的加速度小于在B点的加速度 9.在2026年春晚舞台上，武术节目《武BOT》融入前沿智能科技，成为本届春晚 极具视觉冲击力的创新节目之一。节目中间环节时，质量为m的机器人从下蹲 静止状态竖直向上起跳，经过t时间身体伸直以大小为ⅴ的速度离开地面，已知 重力加速度g,在该过程中： A.地面对机器人的弹力是机器人发生弹性形变产生的 B.地面对机器人的平均作用力大小为m(华+g) C.地面对机器人的冲量大小为v D.地面对机器人不做功 10.磁聚焦法测量电子比荷的装置如图所示。 B 在抽成真空的玻璃管中装有热阴极K和有 小孔的阳极A。在A、K之间加大小为U。 的电压，对电子进行加速（初速度视为零），电子由阳极小孔高速射出：在尺寸 很小的电容器C的两极板间加一周期性交变电场，使不同时刻通过这里的电子速 度方向发生不同程度的微小偏转，在电容器右端和荧光屏之间加一沿轴线方向 物理试题 第4项（共8页） (图中水平虚线)的匀强磁场，进入磁场的电子会沿不同的螺旋线运动，每绕行 一周后都会到达同一位置聚焦，电容器右端到荧光屏的水平距离为1，调节磁感 应强度的大小为B时，可使电子流的第一个焦点落在荧光屏S上。若不计电子所 受的重力和电子间的相互作用，当非常小时满足cos0=1、sn0=0,则下列说 法正确的是： A.电子所受洛伦兹力的方向与轴线垂直 B.不同时刻进入电容器的电子运动轨迹一定不同 C.利用该设各测出电了的比荷号=祭 D.若电子经过电容器后偏离轴线方向的最大角度为0，则该装置中带电粒子 螺旋运动段的玻璃管内径（直径）应满足D≥ T 二、实验题（每空2分，共16分) 11.弹簧是熄火保护装置中的一个元件，其劲度系数会影响装 置的性能。小组设计了如图1所示的实验装置测量弹簧的 测微螺杆 弹簧 劲度系数，其中压力传感器水平放置，弹簧竖直放在传感 压力传感器 器上，螺旋测微器竖直安装，测微螺杆正对弹簧。 图 3.001EN 2.50 2.00 1.50 1.00 0.50 图2 0.00 4.0 6.0 8.010.012.0 14.016.0 18.01/mm 图3 (1)某次测量时，螺旋测微器的示数如图2所示，此时读数为 mm. 物理试题 第5页（共8页） (2)对测得的数据进行处理后得到弹簧弹力F与弹簧长度1的关系如图3所示， 由图可得弹簧的劲度系数为 N/m,弹簧原长为 mm（均保 留3位有效数字)。 12.某兴趣小组用如图(a)所示电路测量待测电阻R的阻值（为几百欧），图 中：G(内阻R。=502)为量程0~10mA的灵敏电流计，R为定值电阻 (R,=1502),R为滑动变阻器（滑动变阻器R1:阻值范围0~102：滑动变 阻器R2:阻值范围0~1002)。 /mA R I/mA 6 图(a) 图(b) (1)操作一：将滑动变阻器的滑片置于适当位置后，闭合开关S1,将单刀双掷开 关S2接1端，改变滑动变阻器滑片的位置，记录此时电流计的示数11： 操作二：保持滑动变阻器滑片不动，将S2接2端，记录此时电流计的示数L2。 若要求上述两次操作中M、N两点间的电压变化极小，可以忽略，则滑动变 阻器应选择 (填R,”或R2”)。改变滑动变阻器的位置重复上述操作并 记录对应的11和12。 (2)由(1)中电流的数据描点作图，以12为纵坐标，以I为横坐标，得到如图 (b)所示的图线，图线斜率的物理意义用表达式表示为k= (用 物理量的标号表示)，则Rx=2(结果保留3位有效数字)。 (3)由于(1)中操作一和操作二，M、N两点间的电压会发生变化，实验过程中 认为该电压不变，这会给实验结果带来 (填‘系统”或“偶然”)误差； 该误差的存在会使得R的测量值（填“大于小于”或等于）真实值。 物理试题 第6页（共8页） 三、计算题（共38分） 13.(9分)一质量m=20g,开口向下、导热良好的均匀薄直玻璃管，通过轻质细 绳悬挂在天花板上，玻璃管下端浸没在固定的水银槽中，内部封闭了一定质量 的气体。当环境温度为t1=-3℃时，气柱长度l1=28cm,管内外水银面高度 差为h1=22cm。己知玻璃管的截面积S=1cm2,大气压强po=76cmHg,水 银的密度p=13.6g/cm3,重力加速度大小g=10m/s2,忽略水银槽中液面的 高度变化。当环境温度缓慢升高至t2=27℃时，求： (1)升温前管内气体的压强： (2)升温后管内气柱的长度2。 =28cm -22cm 14.（13分)如图所示，一长木板在光滑的水平面上以速度v0向右做匀速直线运 动，将一小滑块无初速地轻放在木板最右端。已知滑块和木板的质量分别为m 和2，它们之间的动摩擦因数为弘，重力加速度为g。 (1)滑块相对木板静止时，求它们的共同速度大小： (2)某时刻木板速度是滑块的2倍，求此时滑块到木板最右端的距离： (3)若滑块轻放在木板最右端的同时，给木板施加一水平向右的外力，使得 木板保持匀速直线运动，直到滑块相对木板静止，求此过程中滑块的运动 时间以及外力所做的功。 物理试题 第7页（共8页） 15.(16分)如图所示，间距L=2.0m的平行金属导轨放置在绝缘水平面上，导轨 左端连接输出顺时针电流I=0.5A的恒流源。空间分布两个宽度分别为d= 9 2 m和d,=m,间距D=2.0m的匀强磁场区域和，两磁场磁感应强度大小， 方向均相同。质量=0.5kg、电阻为R1的导体棒静止于区域I左边界，质量 m=0.5kg、边长为、电阻R=2.02的正方形单匝线框的右边紧靠区域I左边 界：一竖直固定0.5D挡板与区域Ⅱ的右边界距离为0.5D。某时刻闭合开关S, 导体棒开始向右运动，离开区域I时速度v1=1.5/s。己知导体棒与线框、线框 与竖直挡板之间均发生弹性碰撞，导体棒始终与导轨接触并且相互垂直，不计 一切摩擦和空气阻力。求： (1)求磁感应强度B: (2)线框与导体棒从第1次碰撞至它们第2次碰撞过程中，线框产生的焦耳 热Q: (3)整个过程中线框与导体棒碰撞的次数。 B 线框 0.5D} B 挡板 恒流源③导体棒、 d D 0.5D 物理试题 第8页 (共8页)陕西省普通高中学业水平选择性考试（模拟) 物理参考答案 一、选择题（共10小题，1-7题为单选，每题4分，8-10题为多选，每题6分，共46分） 1 2 3 5 6 7 8 9 10 D D B AC BD AD 二、实验题（每空2分，共16分) 11.1)7.410(±0.001)(2) 184(±1) 17.6 (1)根据螺旋测微器的读数法则有7mm+41.0×0.01mm=7.410mm (2)当弹力为零时弹簧处于原长为17.6mm 将题图反向延长与纵坐标的交点为2.50N k=AR =184N/m 则根据胡克定律可知弹簧的劲度系数为 △r 12.(1)R1 (2) Rg+Rx 700 Rg+Rx+Ro (3)系统大于 (1)两次操作中MN两点间的电压变化极小，可以忽略，滑动变阻器越小越好，应选R1。 (2)[1]根据题意，电路M、N间电压保持不变，由串联电路特点与欧姆定律有 11(Rg+Rx)=12(Rg+Rx+Ro) 解得12=881 Rg+Rx+Ro 故图线斜率的物理意义用表达式表示为k=。:, Rg+Rx+Ro ☑]将k代入解得R:三之Rg=7000 (3)[①]由于实验原理本身带来的误差应为系统误差 [2]单刀双掷开关S2接2时，电路总电阻变大，由闭合电路的欧姆定律可知，干路电流变小，路端 电压变大，分压电路分压变大，即MN间电压变大，h的测量值偏大.待测电阳阻值为R:= Rg 电流I2值偏大，则待测电阻R测量值大于真实值。 三、计算题（共38分） 13.(9分)(1)54cmHg(2)30cm (1)气体初状态下的压强p1=po-pgh1--. ----2分 解得P,=54cnHg ------1分 模考（九)物理参考答案第1页共8页 设升高至t2=27C时，气柱长度为l2 此时气体的压强p2=po-pg(l1+h1-l2)- -2分 由理想气体状态方程得= T2 -2分 其中T1=273+t1=270K,T2=273+t2=300K- -1分 解得l2=30cm -1分 2 78 g 14(13分)(1)V装=3；(2)x=25ug;(3)t=g,W=m (1)由于地面光滑，则木板与滑块组成的系统动量守恒，有2m,=3mv*-2分 2%o 解得V*=3 ------1分 (2)由于木板速度是滑块的2倍，则有V本=2V海 1分 再根据动量守恒定律有2mV。=2mW本+mV海 ------1分 2 4 联立化简得y海=5。y*=5o -1分 1 1 再根据功能关系有：-umgx=3×2mv本2+3mv2-?×2mv。- -2分 7 经过计算得x-25g -1分 (学生用动力学方法酌情给分)》 (3)由于木板保持匀速直线运动，则有F=umg 对滑块进行受力分析，并根据牛顿第二定律有日浮=g ----------1分 g 滑块相对木板静止时有。=日海t解得t二g -1分 哈 则整个过程中木板滑动的距离为X=y= ug -------1分 则拉力所做的功为W=F以=mv。 ---1分 15.(16分)(1)0.5T. (2)0.26J (3)碰7次 (1)导体棒受到向右的安培力，其大小为P安=BL --1分 模考（九)物理参考答案第2页共8页 Fd= 对导体棒第一次离开区域丨的过程，由动能定理得 -2分 解得，磁感应强度B=0.5T ---1分 (2)棒与线框发生弹性碰撞，设碰撞后瞬间两者速度分别为片，Y,以向右为正方向，由动量 守恒和机械能守恒得y=+” -2分 解得=0，=Y=1.5s(质量相等速度交换) 第一次撞后，线框以”=1.5ms速度进入磁场Ⅱ，棒处于静止状态，设线框右边从磁场Ⅱ左边 界运动到右边界的过程时间为△(，未速度为"？，由法拉第电磁感应定律得 E-07 E BAS △t△t, 又 R△RAS1=0.5D×d 以向右为正方向，对线框由动量定理得B7x0.5D△4=w,一m -2分 解得=1.4ms -1分 同理可得，线框左边从磁场川左边界运动到右边界时线框速度为=1.3。 m/s 可知每次线框穿过磁场Ⅱ的速度，速度大小均减少0.2s.线框以=1.3 /s与挡板弹性碰撞 后，以原速率再次穿过磁场Ⅱ后的速度大小为=1.1m/5, -1分 Q-1mg-imvi 线框以速度4与棒第二次相碰，由能量守恒可得 1分 解得Q=0.261 ---1分 (③)线框与导体棒第二次碰后。两者交换速度，棒以=1.1m5速度向左运动，线框静止，棒 进入磁场1，所受安培力与原来等大反向，棒做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得P安= 模考（九)物理参考答案第3页共8页 解得a=1m/s 棒在磁场/中的最大位移 2a 解得x=0.6054=9 80 棒在磁场1中减速到速度为零，然后以加速度日反向加速，以=11ms的速度离开磁场1， 与线框碰撞且速度交换后，线框通过磁场‖速度大小减小0.2/s,与挡板弹性碰撞后，以原速率 再次穿过磁场‖后的速度大小再减小02ms后。以=0.7m/s的速度大小与棒再相碰。经过 41.5 =3.75 如此反复，可知两者每两次碰撞都对应速度大小减小0.4m/s.由0.40.2 --2分 可知棒与线框总的碰撞次数为2×3+1=7次 ----1分 (第三问只要次数对了就给分，次数不对酌情给分) 选择题详解： 1.【答案】A 【详解】试题分析：根据v=Em~分析前后能级差的大小；根据折射率与频率的关系分析折射 1= 率的大小；根据判断传播速度的大小；根据发生光电效应现象的条件是入射光的频率大于 该光的极限频率判断是否会发生光电效应· 波长越大，频率越小，故H。的频率最小，根据E=加可知H。对应的能量最小，根据w=-。 可知H。对应的前后能级之差最小，A正确；H。的频率最小，同一介质对应的折射率最小，根据 v= n可知H,的传播速度最大，BC错误；H,的波长小于H:的波长.故H,的频率大于He的频 率，若用H,照射某一金属能发生光电效应，则H:不一定能，D错误. 2.【答案】D 【详解】A·火箭加速升空过程，加速度方向竖直向上，则处于超重状态，故A错误： 模考（九)物理参考答案第4页共8页 GMnL F= B.根据 R2, 宇航员与地球的质量不变，宇航员在空间站离地心更远，则受到的万有引力 小于在地表受到万有引力，故B错误； GMm GM =moR )= C.根据R2 可得 可知空间站绕地球做匀速圆周运动的角速度大于同步卫 星的角速度，即大于地球自转角速度，故C错误； GMm GM -=ma a= D.根据R 可得 R2, 可知空间站绕地球做匀速圆周运动的加速度大于地球同步卫 星的加速度，故D正确。 3.【答案】C 【详解】设喷口处水流的速度大小为，则运动过程中竖直方向osin45°=g×; 水平方向l=otcos445°=1.6m解得0=4m/s,故选C。 4.【答案】D 【解析】质点a、b为振动减弱点，此刻质点α、b波峰与波谷叠加，但由于两列波的振幅不同，所 以此刻质点a、b的位移均不为零，A错误；质点c、d是振动加强点，其振幅最大，但不是位移 始终最大，B错误；此刻S1引起的质点b、c的位移为-2cm,S2引起的质点b、c的位移为分别为 4cm和-4cm,所以此刻质点b、c的位移为2cm和-6cm,故此刻质点b、c的高度差为8cm,C错 误；从此刻再经过四分之一个周期，a、b、c、d四点引起的位移均为零，所以四点的位移均为 零，D正确。 5.【答案】B 【详解】A·因为物块甲向右运动，木箱静止，根据相对运动，甲对木箱的摩擦力方向向右，A错 误 B.设乙运动的加速度为4，只有乙有竖直向下的恒定加速度 对甲、乙和木箱，由整体法，水平方向受地面摩擦力向右，B正确； CD.设绳子的弹力大小为T,对甲受力分析有T-wg=ma 对乙受力分析有"g-T=1a 联立解得a=2.5m/s2,T=7.5NC错误，D错误。 6.【答案】B 【详解】A.由题图可知，初速度%=10m6总位移。-26m。初级制动阶段位移X=18, m 未速度M=8mS.速度变化量的大小△v=3-10mNs=2ms.故A错误 模考（九)物理参考答案第5页共8页 B.由运动学公式-=2a45 4=-2-82-102 解得初级阶段的加速度 2x1 2×18ms2=-lm63 紧急制动阶段：位移=(26-18)m=8m.初速度=8m5,末速度”=0。由运动学公式 -=2ax解得4=-4m/5所以4：4=1：4 ,故B正确： C.由=y+,5,得紧急制动阶段的时间5=2s,故C错误： D.由Y=+4,得初级制动阶段的时间5=2§总时间1=4+6=4g 立=西、26 整个过程的平均速度大小t4m/s=6.5m/s,故D错误。 7.【答案】C sinc=1=3 【详解】灯带发出的光从水面射出时发生全反射临界角的正弦值 aC-万 3 灯带上的一个点发出的光发生全反射的临界角如图所示 r=htac=3 m=0.3m 根据几何关系可得 10√7 则一个点发出的光在水面上能看到的？=0.3m的圆，光射出的水面形状边缘为弧形，如图所示 r'=2a-Ba 等腰直角三角形发光体的内切圆半径”满足 2 2a-2aa=r r 解得 3 故中间无空缺。故选C。 a=0.9 8.【答案】AC 【详解】A.根据轨迹可知，尘埃受上极板引力作用，所以尘埃带负电，故A正确； B.沿电场线的方向电势逐渐降低，因此尘埃在A点的电势小于B点电势，故B错误； 模考（九)物理参考答案第6页共8页 C.由上述分析可知，尘埃带负电，尘埃在A点的电势小于B点电势，根据电势能B,=q9可知 尘埃在A点的电势能大于在B点的电势能，故C正确， D.由图可知，A点电场线比B点密集，因此A点的场强大于B点场强，故尘埃在A点受到的电 场力大于在B点受到的电场力，根据牛顿第二定律可知，尘埃在A点的加速度大于在B点的加 速度，故D错误。 9.【答案】BD 【详解】A地面对机器人的弹力属于弹力，其产生原因是施力物体（地面）发生弹性形变后要恢 复原状，从而对受力物体（机器人）产生作用力，故A错误； B机器人从静止开始竖直向上运动，设运动时间为t,加速度为a,根据运动学公式V=at 可得加速度a=: 对机器人受力分析，受竖直向上的支持力F和竖直向下的重力g,根据牛顿第二定律有：F- mg=ma将a=代入得：F=m(g+),故B正确： C根据动量定理，合外力的冲量等于物体动量的变化量，机器人初动量为0，末动量为v,规定 初速度方向为正，则合外力冲量|合=mv-0=mv 合外力冲量1合=IF-1G 即IF-lG=mv,故F=mv+lG,由于1G=mgt≠0，因此地面对机器人的冲量IF≠mv,故C错 误 D地面对机器人的支持力没有发生位移，所以不做功，故D正确。 10.【答案】AD 【详解】A·洛伦兹力方向既垂直于磁场方向（即轴线方向），又垂直于速度方向，A正确： B·不同时刻进入电容器中的电子，若进入电容器的时刻相隔整数个电场周期，则离开电容器进 入磁场时的速度相同，电子运动轨迹相同，B错误； C.电子的螺旋运动可分解为沿B方向的匀速运动和垂直于B方向上的匀速圆周运动，电子在A、 K之间加速.根据动能定理有eU0=mm2 设进入磁场时电子的速度大小为V,与水平方向夹角为日，设其垂直磁场的分速度为v,平行磁 场方向的分速度为V2,由题意可知，速度分量v2=vc0s0≈v 可得电子回旋周期T=0=m v1 eB 故电子在磁场中做螺旋运动的螺距1=2T=2v eB 模考（九)物理参考答案第7页共8页 可得=器C错误： D,.垂直B的速度分量为v1=sin8=8 根据洛伦滋力提供向心力ev1B=m经 可知r=m=8 e=2元 所以管内直径D≥4r,即D≥2D正确。 模考（九)物理参考答案第8页共8页 姓名 准考 证号 座位号 密★考试启用前 陕西省普通高中学业水平选择性考试（模拟） 物 理 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将自己的姓名、准考证号、座位号填写在本试卷上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。涂写在本试卷上无效。 3．作答非选择题时，将答案书写在答题卡上，书写在本试卷上无效。 4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 1、 选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题，每小题4分，共28分，只有一项符合题目要求；第8~10题，每小题6分，共18分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1．氢原子光谱在可见光区域内有四条谱线H1 、H2 、H3 、H4，都是氢原子中电子从量子数n>2的能级跃迁到n=2的能级发出的光，它们在真空中的波长由长到短，可以判定： A．H1对应的前后能级之差最小 B．同一介质对H1的折射率最大 C．同一介质中H4的传播速度最大 D．用H3照射某一金属能发生光电效应，则H2也一定能 2．载人飞船的火箭成功发射升空，载人飞船进入预定轨道后，与空间站完成自主快速交会对接，然后绕地球做匀速圆周运动。已知空间站轨道高度低于地球同步卫星轨道，则下面说法正确的是： A．火箭加速升空失重 B．宇航员在空间站时不受的地球的万有引力作用 C．空间站绕地球做匀速圆周运动的角速度小于地球自转角速度 D．空间站绕地球做匀速圆周运动的加速度大于地球同步卫星的加速度 3．如图所示，边长为3.2m的正方形水池中心处有一喷泉，其喷口与水池边缘等高，可向四周斜向上45°连续喷出水流。重力加速度，不计空气阻力，要使水流恰好不喷出池外，喷口处水流的速度大小应为： A．2m/s B． C．4m/s D．8m/s 4．如图所示，两列频率相同的机械波在某时刻的叠加情况，、为波源，实线和虚线分别表示同一时刻两列波的波峰和波谷；的振幅，的振幅为。下列说法正确的是： A．质点、为振动减弱点，此刻的位移为零 B．质点、是振动加强点，位移始终最大 C．此刻质点、的高度差为 D．从此刻再经过四分之一个周期，、、、四点的位移均为零 5．如图，装有轻质光滑定滑轮的长方体木箱静置在水平地面上，木箱上的物块甲通过不可伸长的水平轻绳绕过定滑轮与物块乙相连。乙拉着甲从静止开始运动，木箱始终保持静止。已知甲、乙质量均为1.0kg，甲与木箱之间的动摩擦因数为0.5，不计空气阻力， g取10m/s2，则在乙下落的过程中： A．甲对木箱的摩擦力方向向左 B．地面对木箱的摩擦力方向向右 C．甲运动的加速度大小为5m/s2 D．乙受到绳子的拉力大小为5.0N 6．在某智能汽车的自动防撞系统测试中，汽车在平直道路上匀速行驶，当其检测到正前方26m处有静止障碍物时，系统立即启动初级制动，汽车做匀减速运动，行驶一段距离后触发紧急制动，汽车以更大的加速度做匀减速运动，最终恰好停在障碍物前。该过程中汽车速度的平方v2与位移x的关系如图所示，则下列说法正确的是： A．汽车在初级制动阶段的速度变化量的大小为6m/s B．初级制动阶段与紧急制动阶段的加速度大小之比为1:4 C．汽车在紧急制动阶段的运动时间为1s D．汽车在整个制动过程中的平均速度大小为5m/s 7． 在水池底部水平放置三条细灯带构成的等腰直角三角形发光体，直角边的长度为0.9m，水的折射率，细灯带到水面的距离m，则有光射出的水面形状（用阴影表示）为： A．  B．   C．   D．   8．如图所示为某静电除尘装置的原理图，废气先经过一个机械过滤装置再进入静电除尘区。图中虚线是某一带电的尘埃（不计重力）仅在静电力作用下向集尘板迁移并沉积的轨迹，A、B两点是轨迹与电场线的交点。不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电荷量变化，则以下说法正确的是： A．尘埃带负电 B．A点的电势大于B点电势 C．尘埃在A点的电势能大于在B点的电势能 D．尘埃在A点的加速度小于在B点的加速度 9．在2026年春晚舞台上，武术节目《武BOT》融入前沿智能科技，成为本届春晚极具视觉冲击力的创新节目之一。节目中间环节时，质量为m的机器人从下蹲静止状态竖直向上起跳，经过t时间身体伸直以大小为v的速度离开地面，已知重力加速度g，在该过程中： A．地面对机器人的弹力是机器人发生弹性形变产生的 B．地面对机器人的平均作用力大小为m（g） C．地面对机器人的冲量大小为mv D．地面对机器人不做功 10．磁聚焦法测量电子比荷的装置如图所示。在抽成真空的玻璃管中装有热阴极K和有小孔的阳极A。在A、K之间加大小为的电压，对电子进行加速（初速度视为零），电子由阳极小孔高速射出；在尺寸很小的电容器C的两极板间加一周期性交变电场，使不同时刻通过这里的电子速度方向发生不同程度的微小偏转，在电容器右端和荧光屏之间加一沿轴线方向（图中水平虚线）的匀强磁场，进入磁场的电子会沿不同的螺旋线运动，每绕行一周后都会到达同一位置聚焦，电容器右端到荧光屏的水平距离为l，调节磁感应强度的大小为B时，可使电子流的第一个焦点落在荧光屏S上。若不计电子所受的重力和电子间的相互作用，当θ非常小时满足、，则下列说法正确的是： A．电子所受洛伦兹力的方向与轴线垂直 B．不同时刻进入电容器的电子运动轨迹一定不同 C．利用该设备测出电子的比荷 D．若电子经过电容器后偏离轴线方向的最大角度为θ，则该装置中带电粒子 螺旋运动段的玻璃管内径（直径）应满足 二、实验题（每空2分，共16分） 11．弹簧是熄火保护装置中的一个元件，其劲度系数会影响装置的性能。小组设计了如图1所示的实验装置测量弹簧的劲度系数，其中压力传感器水平放置，弹簧竖直放在传感器上，螺旋测微器竖直安装，测微螺杆正对弹簧。 (1) 某次测量时，螺旋测微器的示数如图2所示，此时读数为__________mm。 (2)对测得的数据进行处理后得到弹簧弹力F与弹簧长度l的关系如图3所示，由图可得弹簧的劲度系数为_________N/m，弹簧原长为_________mm（均保留3位有效数字）。 12． 某兴趣小组用如图（a）所示电路测量待测电阻的阻值（为几百欧），图中：G（内阻）为量程的灵敏电流计，为定值电阻（），R为滑动变阻器（滑动变阻器：阻值范围；滑动变阻器：阻值范围）。 （1）操作一：将滑动变阻器的滑片置于适当位置后，闭合开关S1，将单刀双掷开关S2接1端，改变滑动变阻器滑片的位置，记录此时电流计的示数； 操作二：保持滑动变阻器滑片不动，将接2端，记录此时电流计的示数。若要求上述两次操作中M、N两点间的电压变化极小，可以忽略，则滑动变阻器应选择______（填“”或“”）。改变滑动变阻器的位置重复上述操作并记录对应的和。 （2）由（1）中电流的数据描点作图，以为纵坐标，以为横坐标，得到如图（b）所示的图线，图线斜率的物理意义用表达式表示为_________（用 物理量的标号表示），则______Ω（结果保留3位有效数字）。 （3）由于（1）中操作一和操作二，M、N两点间的电压会发生变化，实验过程中认为该电压不变，这会给实验结果带来______（填“系统”或“偶然”）误差；该误差的存在会使得的测量值_____（填“大于”“小于”或“等于”）真实值。 三、计算题（共38分） 13．（9分）一质量，开口向下、导热良好的均匀薄直玻璃管，通过轻质细绳悬挂在天花板上，玻璃管下端浸没在固定的水银槽中，内部封闭了一定质量的气体。当环境温度为℃时，气柱长度，管内外水银面高度差为。已知玻璃管的截面积，大气压强，水银的密度，重力加速度大小，忽略水银槽中液面的高度变化。当环境温度缓慢升高至℃时，求： (1)升温前管内气体的压强； (2)升温后管内气柱的长度。 14．（13分）如图所示，一长木板在光滑的水平面上以速度v0向右做匀速直线运动，将一小滑块无初速地轻放在木板最右端。已知滑块和木板的质量分别为m和2m，它们之间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g。 （1）滑块相对木板静止时，求它们的共同速度大小； （2）某时刻木板速度是滑块的2倍，求此时滑块到木板最右端的距离； （3）若滑块轻放在木板最右端的同时，给木板施加一水平向右的外力，使得 木板保持匀速直线运动，直到滑块相对木板静止，求此过程中滑块的运动时间以及外力所做的功。 15．（16分）如图所示，间距m的平行金属导轨放置在绝缘水平面上，导轨左端连接输出顺时针电流A的恒流源。空间分布两个宽度分别为m和m，间距m的匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，两磁场磁感应强度大小，方向均相同。质量kg、电阻为R1的导体棒静止于区域 Ⅰ 左边界，质量kg、边长为、电阻R2=2.0Ω的正方形单匝线框的右边紧靠区域Ⅱ左边界；一竖直固定0.5D挡板与区域Ⅱ的右边界距离为0.5D。某时刻闭合开关S，导体棒开始向右运动，离开区域Ⅰ时速度v1=1.5m/s。已知导体棒与线框、线框与竖直挡板之间均发生弹性碰撞，导体棒始终与导轨接触并且相互垂直，不计一切摩擦和空气阻力。求： （1）求磁感应强度B； （2）线框与导体棒从第1次碰撞至它们第2次碰撞过程中，线框产生的焦耳 热Q； （3）整个过程中线框与导体棒碰撞的次数n。 物理试题 第2页 （共8页） 学科网（北京）股份有限公司 $■ 报告查询：登录zhixue.com或扫描二维码下载App (用户名和初始密码均为准考证号) ▣▣ 陕西省普通高中学业水平选择性考试（模拟)物理答题卡 姓名： 班级： 准考证号 考场/座位号： [o] [0] [o] [o] [o] [0] 注意事项 [1] [1] [ [1] [1] 1. 答题前请将姓名、班级、考场、准考证号填写清楚。 [2] [2] [2] [2] [2] 333 2. 客观题答题，必须使用B铅笔填涂，修改时用橡皮擦干净。 [3] [3] [3] [3] [3] [3] [3] [31 主观题答题，必须使用黑色签字笔书写。 [4] [4] [4] [41 [4] 4. 必须在题号对应的答题区域内作答，超出答题区域书写无效。 [51 [5] 51 [5] [5] [5] 保持答卷清洁、完整。 [6] [6] [6] [6] [6J [6] [6] [6] [7] [7] [7] [7] [7] 正确填涂 缺考标记 口 [8] [8] [8J [8] [8] [91 [9] [9] [9] [9] [9] [9] [9] 客观题(17为单选题；8~10为多选题，共46分) 1[A][B][C][D] 3[A][B][C][D] 5[A][B][C][D] 7[A][B][C][D] 9[A][B][C][D] 2[A][B][C][D] 4[A][B][C][D] 6[A][B][C][D] 8[A][B][C][D] 10[A][B][C][D] 实验题（每空2分，共16分） 11 12 解答题（共38分） 13.(9分) 囚囚■ 口 14.(13分) www3 15.(16分) 线框 0.5D 挡板 恒流源①导体棒 X d 0.5D ■ 囚■囚 ■ 陕西省普通高中学业水平选择性考试（模拟） 物理参考答案 一、选择题（共10小题，1-7题为单选，每题4分，8-10题为多选，每题6分，共46分） 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 A D C D B B C AC BD AD 二、实验题（每空2分，共16分） 11. (1)7.410 ( +0.001) (2) 184（ +1 ） 17.6 （1）根据螺旋测微器的读数法则有7mm＋41.0 × 0.01mm = 7.410mm （2）当弹力为零时弹簧处于原长为17.6mm 将题图反向延长与纵坐标的交点为2.50N， 则根据胡克定律可知弹簧的劲度系数为 12. (1) (2) 700 (3) 系统 大于 （1）两次操作中M、N两点间的电压变化极小，可以忽略，滑动变阻器越小越好，应选。 （2）[1]根据题意，电路M、N间电压保持不变，由串联电路特点与欧姆定律有 解得 故图线斜率的物理意义用表达式表示为 [2]将k代入解得 （3）[1]由于实验原理本身带来的误差应为系统误差； [2]单刀双掷开关接2时，电路总电阻变大，由闭合电路的欧姆定律可知，干路电流变小，路端电压变大，分压电路分压变大，即M、N间电压变大，的测量值偏大，待测电阻阻值为 电流值偏大，则待测电阻测量值大于真实值。 三、计算题（共38分） 13.（9分） (1)54 (2) （1）气体初状态下的压强----------------------------------------2分 解得P1=54 -----------------------------1分 设升高至℃时，气柱长度为， 此时气体的压强---------------------------------------2分 由理想气体状态方程得-- ------------------------------------2分 其中， ---------------------------1分 解得 ---------------------------------1分 14.（13分）（1）v共 = ；（2）x = ；（3）t = ，W = mv02 （1）由于地面光滑，则木板与滑块组成的系统动量守恒，有2mv0 = 3mv共------------2分 解得v共 = --------------------------1分 （2）由于木板速度是滑块的2倍，则有v木 = 2v滑 --------------------------------1分 再根据动量守恒定律有2mv0 = 2mv木 + mv滑 --------------------------------1分 联立化简得v滑 = v0，v木 = v0 -------------------------------------1分 再根据功能关系有： - μmgx = × 2mv木2 + mv滑2 - × 2mv02---------------------2分 经过计算得 x = ------------------------------------1分 （学生用动力学方法酌情给分） （3）由于木板保持匀速直线运动，则有F = μmg 对滑块进行受力分析，并根据牛顿第二定律有a滑 = μg -----------------------1分 滑块相对木板静止时有v0 = a滑t解得t = -----------------------1分 则整个过程中木板滑动的距离为x′ = v0t = -----------------------1分 则拉力所做的功为W = Fx′ = mv02 -----------------------1分 15. （16分）（1）0.5T， （2）0.26J （3）碰7次 （1）导体棒受到向右的安培力，其大小为 -----------------------1分 对导体棒第一次离开区域Ⅰ的过程，由动能定理得 -----------------------2分 解得，磁感应强度B=0.5T -----------------------1分 （2）棒与线框发生弹性碰撞，设碰撞后瞬间两者速度分别为，，以向右为正方向，由动量守恒和机械能守恒得， ----------------------2分 解得，m/s（质量相等，速度交换） 第一次撞后，线框以m/s速度进入磁场Ⅱ，棒处于静止状态，设线框右边从磁场Ⅱ左边界运动到右边界的过程时间为，末速度为，由法拉第电磁感应定律得 又， 以向右为正方向，对线框由动量定理得 ----------------------2分 解得m/s ----------------------1分 同理可得，线框左边从磁场Ⅱ左边界运动到右边界时线框速度为m/s 可知每次线框穿过磁场Ⅱ的速度，速度大小均减少0.2m/s，线框以m/s与挡板弹性碰撞后，以原速率再次穿过磁场Ⅱ后的速度大小为m/s， ----------------------1分 线框以速度与棒第二次相碰，由能量守恒可得----------------------1分 解得J ----------------------1分 （3）线框与导体棒第二次碰后，两者交换速度，棒以m/s速度向左运动，线框静止，棒进入磁场Ⅰ，所受安培力与原来等大反向，棒做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得 解得m/s2 棒在磁场I中的最大位移 解得mm ----------------------1分 棒在磁场Ⅰ中减速到速度为零，然后以加速度a反向加速，以m/s的速度离开磁场Ⅰ，与线框碰撞且速度交换后，线框通过磁场Ⅱ速度大小减小0.2m/s，与挡板弹性碰撞后，以原速率再次穿过磁场Ⅱ后的速度大小再减小0.2m/s后，以m/s的速度大小与棒再相碰。经过如此反复，可知两者每两次碰撞都对应速度大小减小0.4m/s，由-------------2分 可知棒与线框总的碰撞次数为次 ----------------------1分 （第三问只要次数对了就给分，次数不对酌情给分） 选择题详解： 1.【答案】A 【详解】试题分析：根据分析前后能级差的大小；根据折射率与频率的关系分析折射率的大小；根据判断传播速度的大小；根据发生光电效应现象的条件是入射光的频率大于该光的极限频率判断是否会发生光电效应． 波长越大，频率越小，故的频率最小，根据可知对应的能量最小，根据可知对应的前后能级之差最小，A正确；的频率最小，同一介质对应的折射率最小，根据可知的传播速度最大，BC错误；的波长小于的波长，故的频率大于的频率，若用照射某一金属能发生光电效应，则不一定能，D错误． 2. 【答案】D 【详解】A．火箭加速升空过程，加速度方向竖直向上，则处于超重状态，故A错误； B．根据，宇航员与地球的质量不变，宇航员在空间站离地心更远，则受到的万有引力小于在地表受到万有引力，故B错误； C．根据可得，可知空间站绕地球做匀速圆周运动的角速度大于同步卫星的角速度，即大于地球自转角速度，故C错误； D．根据可得，可知空间站绕地球做匀速圆周运动的加速度大于地球同步卫星的加速度，故D正确。 3.【答案】C 【详解】设喷口处水流的速度大小为，则运动过程中竖直方向 水平方向解得，故选C。 4.【答案】D  【解析】质点、为振动减弱点，此刻质点、波峰与波谷叠加，但由于两列波的振幅不同，所以此刻质点、的位移均不为零， A错误；质点、是振动加强点，其振幅最大，但不是位移始终最大， B错误；此刻引起的质点、的位移为，引起的质点、的位移为分别为和，所以此刻质点、的位移为和，故此刻质点、的高度差为，C错误；从此刻再经过四分之一个周期，、、、四点引起的位移均为零，所以四点的位移均为零， D正确。 5.【答案】B 【详解】A．因为物块甲向右运动，木箱静止，甲对木箱的摩擦力方向向右，A错误； B．设乙运动的加速度为，甲有的恒定水平向右的加速度，乙有竖直向下的加速度， 对甲、乙和木箱，由整体法，水平方向受地面摩擦力向右，B正确； CD．设绳子的弹力大小为，对甲受力分析有 对乙受力分析有 联立解得， C错误，D错误。 6.【答案】B 【详解】A．由题图可知，初速度m/s，总位移m。初级制动阶段位移m，末速度m/s，速度变化量的大小m/sm/s，故A错误； B．由运动学公式， 解得初级阶段的加速度 紧急制动阶段：位移mm，初速度m/s，末速度。由运动学公式解得m/s2所以，故B正确； C．由，得紧急制动阶段的时间s，故C错误； D．由，得初级制动阶段的时间s总时间s 整个过程的平均速度大小m/sm/s，故D错误。 7.【答案】C 【详解】灯带发出的光从水面射出时发生全反射临界角的正弦值 则 灯带上的一个点发出的光发生全反射的临界角如图所示 根据几何关系可得 则一个点发出的光在水面上能看到的的圆，光射出的水面形状边缘为弧形，如图所示 等腰直角三角形发光体的内切圆半径满足 解得故中间无空缺。故选C。 8.【答案】AC 【详解】A．根据轨迹可知，尘埃受上极板引力作用，所以尘埃带负电，故A正确； B．沿电场线的方向电势逐渐降低，因此尘埃在A点的电势小于B点电势，故B错误； C．由上述分析可知，尘埃带负电，尘埃在A点的电势小于B点电势，根据电势能可知，尘埃在A点的电势能大于在B点的电势能，故C正确； D．由图可知，A点电场线比B点密集，因此A点的场强大于B点场强，故尘埃在A点受到的电场力大于在B点受到的电场力，根据牛顿第二定律可知，尘埃在A点的加速度大于在B点的加速度，故D错误。 9.【答案】BD 【详解】A.地面对机器人的弹力属于弹力，其产生原因是施力物体（地面）发生弹性形变后要恢复原状，从而对受力物体（机器人）产生作用力，故A错误； B.机器人从静止开始竖直向上运动，设运动时间为t，加速度为a，根据运动学公式v＝at 可得加速度 对机器人受力分析，受竖直向上的支持力F和竖直向下的重力mg，根据牛顿第二定律有：F﹣mg＝ma将代入得：，故B正确； C.根据动量定理，合外力的冲量等于物体动量的变化量，机器人初动量为0，末动量为mv，规定初速度方向为正，则合外力冲量I合＝mv﹣0＝mv 合外力冲量I合＝IF﹣IG 即IF﹣IG＝mv，故IF＝mv+IG，由于IG＝mgt≠0，因此地面对机器人的冲量IF≠mv，故C错误； D.地面对机器人的支持力没有发生位移，所以不做功，故D正确。 10.【答案】AD 【详解】A．洛伦兹力方向既垂直于磁场方向（即轴线方向），又垂直于速度方向，A正确； B．不同时刻进入电容器中的电子，若进入电容器的时刻相隔整数个电场周期，则离开电容器进入磁场时的速度相同，电子运动轨迹相同，B错误； C．电子的螺旋运动可分解为沿B方向的匀速运动和垂直于B方向上的匀速圆周运动，电子在A、K之间加速，根据动能定理有 设进入磁场时电子的速度大小为v，与水平方向夹角为θ，设其垂直磁场的分速度为，平行磁场方向的分速度为，由题意可知，速度分量 可得电子回旋周期 故电子在磁场中做螺旋运动的螺距 可得，C错误； D．垂直B的速度分量为 根据洛伦兹力提供向心力 可知 所以管内直径，D正确。 模考（九）物理参考答案 第2页 共8页 学科网（北京）股份有限公司 $