物理终极押题猜想（云南专用）2026年中考物理终极冲刺讲练测

**基本信息** 以考情为纲构建24个专题模块，通过"试题前瞻-分析有理-精练通关"三阶训练，融合物理观念与科学思维，实现考点精准突破。 **专项设计** |模块|题量/典例|方法提炼|知识逻辑| |----|-----------|----------|----------| |估测与物理学史|9题|估测四步法/史地对应法|从常见量估测到科学家贡献，构建基础认知链| |力学综合|5模块|压强公式三情境/浮力四态分析法|从力的概念到机械效率，形成"概念-规律-计算"递进逻辑| |电学综合|6模块|动态电路变量控制法/特殊电阻测量三方案|基于欧姆定律，串联"电路分析-实验探究-综合计算"能力线|

2026年中考物理终极押题猜想（云南） 考情为骨 密押为翼 押题猜想一 估测与物理学史 2 押题猜想二 声音的特性 4 押题猜想三 物态变化辨析 7 押题猜想四 内能和分子动理论 10 押题猜想五 光现象辨析 13 押题猜想六 平面镜成像 17 押题猜想七 凸透镜成像规律 20 押题猜想八 力学基础知识 23 押题猜想九 运动和力 26 押题猜想十 压强的理解分析和应用 31 押题猜想十一 浮力的理解和浮沉状态的分析理解 35 押题猜想十二 功和功率的简单计算 40 押题猜想十三 机械能及其转化 46 押题猜想十四 探究杠杆的平衡条件 54 押题猜想十五 滑轮组的相关计算 57 押题猜想十六 力学综合计算 59 押题猜想十七 电磁现象辨析 62 押题猜想十八 生活用电 64 押题猜想十九 欧姆定律的动态电路分析 66 押题猜想二十 特殊方法测电阻 69 押题猜想二十一 探究电流与电阻的关系 73 押题猜想二十二 欧姆定律、电功率的简单计算 83 押题猜想二十三 电学综合计算 87 押题猜想二十四 电热综合计算 95 押题猜想一 估测与物理学史 试题前瞻·能力先查 1．如图所示，玻璃咯嘣是起源于山西交城的音乐玩具，属于省级非物质文化遗产，深受儿童欢迎，请你根据图中信息估测该玻璃咯嘣的长度约为（　　） A．8cm B．18cm C．28cm D．38cm 2．下列估测的数据中，最符合实际的是（　　） A．夏天适合人们洗澡的水温约40℃ B．光在真空中的传播速度为 C．智能手机工作电压为220V D．用手匀速托起两个鸡蛋的力约10N 3．科学家的每次重大发现，都有力地推动了人类文明的进程。丹麦物理学家_______首先发现了电流周围存在着磁场，第一个揭示了电和磁之间的联系；而英国物理学家_______利用逆向思维，通过十余年的研究，终于发现了电磁感应现象。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题，多以选择题、填空题形式出现，侧重考查基础识记和简单应用，难度较低，失分率低，是必拿分题型。 估测与物理学史，其主要内容分为两大部分：常见物理量的估测、重要物理学史（科学家及其贡献）。 估测指对生活中常见的物理量（长度、质量、时间、速度、温度、压强、功率等）进行合理的估算，主要结合生活实际经验和基础物理公式，不需要精确计算，重点考查对物理量单位的理解和生活常识的积累。于是，常见的估测对象多为学生熟悉的场景，如课桌高度、中学生体重、步行速度、室温等，牢记常见物理量的标准值，即可准确判断。 物理学史主要考查重要科学家及其对应的科学贡献，由科学家的实验研究、理论发现来决定，一般指重点识记核心科学家与核心贡献，不考查复杂的实验过程。除了核心贡献以外，物理学史还跟考点的高频考查重点有关系，优先考查教材中明确提及的、与初中物理核心知识点相关的科学家及贡献。 常见的物理学史考点由科学家的研究领域和成果来决定，比如说牛顿与万有引力定律、伽利略与斜面实验（阻力对物体运动的影响）、托里拆利与大气压的测定、奥斯特与电流的磁效应。不同科学家的贡献，我们能准确区分出来的话，主要是牢记核心对应关系来决定的。 终极猜想·精练通关 4．（多选）下列表述中符合事实的是（　　） A．亚里士多德提出了力是维持物体运动的原因的观点 B．物理学家马德堡最早用实验证明了大气压强的存在 C．科学家托里拆利最早完成了测量大气压值的实验 D．当物体漂浮在水面时，不适用阿基米德原理 5．意大利科学家________最早精准测出大气压的值；英国物理学家法拉第历经十年，进行多次实验，发现了________现象，据此发现，后来发明了发电机。 6．我们学过许多物理量的单位是用科学家的名字命名的，以表示科学家对科学发展所做贡献的纪念。热量的国际单位是用下列哪个科学家名字来命名的。（　　） A．焦耳 B．阿基米德 C．牛顿 D．瓦特 7．2026央视春晚节目中，多台人形机器人与少年武术演员同台表演，将中国传统武术与现代智能技术完美融合，请你估测图中机器人的身高约为（　　） A．182μm B．182mm C．182cm D．182dm 8．在2025年第十五届全运会火炬“绽放”传递中，如图所示的人形机器人单臂负载火炬完成了100m奔跑传递。下列关于火炬的长度和质量估测最合理的是（    ） A．火炬长度约为10cm，质量约为15g B．火炬长度约为80cm，质量约为1.5kg C．火炬长度约为100cm，质量约为150kg D．火炬长度约为150cm，质量约为150kg 9．下列对常见物理量的估测，符合实际的是（     ） A．中学生百米赛跑的时间约为5.8秒 B．正常人的脉搏跳动约为72次/s C．九年级学生站在教室地面上对地面的压强约为 D．鄱阳湖冬季湖面的气温可达40℃ 押题猜想二 声音的特性 试题前瞻·能力先查 10．AI换声是指利用人工智能技术复制或模仿某个人的声音，这里主要模仿声音的（　　） A．音调 B．响度 C．音色 D．频率 11．如图所示，某同学用7个相同的玻璃杯装入不同质量的水，即完成了自制乐器，用筷子敲击不同的玻璃杯，能发出不同______（填声音的特征）的声音，从而演奏乐曲。 12．自潮汕英歌舞登上春晚舞台后，世界看到中华文化“燃”到骨子里的生命力。观看表演过程中，小明分辨出“鼓声”和“英歌槌击打声”原因是（　　） A．音调 B．音色 C．频率 D．响度 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 声音的特性，其主要内容有音调，响度，音色。 音调指声音的粗细和高低，主要由频率来决定。于是，轻小薄紧短的物体音调比较起高。 响度由物体的振动幅度来决定，一般指用的力量越大，响度越大。除了振幅以外，响度还跟听者与声源的距离有关系。 音色由有物体的结构和材料来决定，比如说不同的乐器发出的声音。不同的人发出的声音，我们能辨别出来的话，主要是音色来决定的。 终极猜想·精练通关 13．“村村箫鼓家家笛”描述了古时人们在正月初七这天，击鼓吹笛祈祷麦子和春蚕的丰收的景象。下列有关声现象的说法正确的是（　　） A．笛子发出的声音是由空气柱振动产生的 B．鼓声在空气中传播速度比笛声大 C．用力敲鼓时，鼓声的音调变高 D．人们根据声音的音调分辨出是鼓声还是笛声 14．青春逐梦绿茵场，挥洒激情志昂扬。校运会开幕式中鼓手们奋力敲打鼓面，鼓面发出声音，鼓声是由鼓面________产生的；鼓手用大小不同的力敲打鼓面是为了改变鼓面发出声音的________（选填“音调”“响度”或“音色”）。 15．智能音箱播放广西民歌时，“调大音量”改变的是声音的（     ） A．音色 B．音调 C． 响度 D．传播速度 16．在学校文艺汇演上，小明用力击鼓，为表演增添了雄壮的气势。关于这一情境，下列说法正确的是（　　） A．鼓声是由鼓面的振动产生的 B．鼓声的传播速度是 C．鼓声对于任何人来说都是乐音 D．用力敲击鼓是为了提高鼓声的音调 17．放风筝时，风筝线发出的“咻咻”声、树梢上小鸟的“啾啾”声、草地上脚步的“沙沙”声组成了一幅美丽的声音画卷。我们能辨别这些声音是因为（　　） A．音调不同 B．响度不同 C．音色不同 D．频率不同 18．如图所示，2026年央视春晚节目中，演员用我国一种古老的闭口吹奏乐器“埙”（xūn）演奏乐曲。演员吹奏时，用手指按住埙上不同位置的气孔，达到改变所发出声音的__________（填写描述声音特性的名称）。 押题猜想三 物态变化辨析 试题前瞻·能力先查 19．二十四节气是中华民族智慧的结晶，下列说法正确的是（　　） A．“霜降见霜，米谷满仓”，霜的形成是升华现象 B．“大雪河冰封，冬至不行船”，冰的形成是凝固现象 C．“白露秋分夜，一夜凉一夜”，露的形成是熔化现象 D．“小雪雪满天，来年必丰年”，雪的形成是升华现象 20．水的物态变化使自然界有了雨、露、霜、雪等千姿百态的奇观。关于图中水的物态变化，下列说法正确的是（　　） A．图甲：小草上露的形成是液化现象 B．图乙：树叶上霜的形成是凝固现象 C．图丙：河面上冰的形成是凝华现象 D．图丁：地面上雪的形成是升华现象 21．冬季桂林猫儿山出现的雾凇美景，是空气中的水蒸气遇冷直接变成小冰晶，该物态变化是（     ） A．熔化 B．汽化 C．液化 D．凝华 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，，基础题，本部分知识与生产、生活联系比较密切。 物态变化有6种：熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华 物质从固态变成液态的过程叫做熔化；物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫汽化；物质从气态变为液态的过程叫液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华；物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。 熔化、汽化、升华，需要吸热；凝固、液化、凝华，需要放热。 终极猜想·精练通关 22．“奋斗者”号是世界上唯一能在北极密集海冰区进行连续载人深潜的装备。北极深潜作业面临极端低温环境，“奋斗者”号表面金属部件可能因低温出现表面结霜现象。该过程中发生的物态变化是（　　） A．熔化 B．凝固 C．凝华 D．升华 23．小明帮妈妈煮饺子时发现，水沸腾时，用铁勺从锅中盛出一部分水，勺中的水就不再沸腾了，如图甲；再将勺子和水一起放回（不是倒入，锅中水面低于勺中水面）锅中时，锅里的水依旧沸腾着，勺子里的水却不会沸腾，如图乙。关于这一现象，下列分析正确的是（　　） A．水沸腾时，锅边的“白气”是水汽化形成 B．图甲中，勺子里的水不沸腾是因为沸点比锅中的水高 C．图乙中，适当调大火力可以使勺子里的水沸腾 D．图乙中，勺子里的水虽没有沸腾但温度可达沸点 24．2026年1月5日，黄山风景区雪后天晴，景区内出现大面积雾凇景观（如图），银装素裹，云海翻腾，游客们仿佛置身琉璃般的童话世界。其中，雾凇的形成是___________（填物态变化名称）现象。 25．如图所示，物态变化使我们的生活丰富多彩，奥妙无穷。对下列现象描述正确的是（　　） A．夏天晾干衣服——蒸发放热 B．壶口的“白气”——汽化吸热 C．树叶上的霜——凝固吸热 D．晶莹的露珠——液化放热 26．如图所示为一支3D打印笔，其原理是将固体材料加热成液态从笔尖流出，再经过塑形冷却后得到立体固态作品。该过程涉及的物态变化是（    ） A．先液化后凝固 B．先汽化后凝固 C．先熔化后凝固 D．先凝固后熔化 27．如图所示是洛阳科技馆线上科普节目中的一个片段：干冰倒入热水中，便将人们带入了一个如临仙境的腾云驾雾世界。这是因为干冰遇到热水迅速升华并_______大量的热，导致周围空气温度急剧下降，水蒸气_______（填物态变化名称）形成小水滴，汇聚起来形成了雾。 押题猜想四 内能和分子动理论 试题前瞻·能力先查 28．某科学爱好者自制火箭燃料，喷出马赫环（如图）。下列说法正确的是（　　） A．燃料的热值与燃料的质量有关 B．燃料燃烧越充分，其热值越大 C．燃料燃烧时，主要将内能转化为化学能 D．火箭外壳温度升高，主要是通过热传递的方式增加了内能 29．陕西羊肉泡馍是一道特色小吃。食用时羊肉汤与饦饦馍同吃，佐以糖蒜、辣酱，肉烂汤清，清醇可口，别具风味。下列说法正确的是（    ） A．煮羊肉汤主要是通过做功的方式增加羊肉的内能 B．用高压锅煮羊肉汤，通过增大锅内气压，降低水的沸点来快速煮烂羊肉 C．刚出锅的羊肉泡馍香气四溢，说明分子在不停地做无规则运动 D．煮羊肉汤的过程中，燃料的热值随着其质量的减小而变小 30．潮汕美食“红桃粿”吸引了很多游客。制作红桃粿时，捏粿皮成碗状，说明力能改变物体的________；蒸粿时，粿的内能增加，这是通过________方式来改变内能；出锅时，粿香扑鼻，这是一种________现象。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 内能与分子动理论，其主要内容有分子动理论、内能、改变内能的两种方式。 分子动理论主要解释物质的微观构成与热运动现象，主要由分子的运动、间隙和相互作用力来决定。于是，温度越高，分子无规则运动越剧烈。 内能是物体内部所有分子动能和分子势能的总和，一般指物体温度越高，内能越大。除了温度以外，内能还跟物体的质量、状态、物质种类有关系。 改变物体内能由做功和热传递两种方式来决定，比如说摩擦生热、压缩空气做功属于做功改变内能；晒太阳、烧水取暖属于热传递改变内能。不同方式改变内能，我们能辨别出来的话，主要是能量的转化或转移形式来决定的。 终极猜想·精练通关 31．下列关于生活中的一些热现象说法正确的是（　　） A．物体温度越高内能越大，所以的冰没有内能 B．一杯水倒出一半后，杯内剩余水的比热容变小 C．煮熟的粽子过一会变凉了，它含有的热量会减少 D．剥开粽子，粽叶上粘有米粒说明分子间存在引力 32．2023年，淄博烧烤火出了圈，人们纷纷赴淄“赶烤”，满足味蕾的同时也感受到了淄博人民的热情好客。 (1)串羊肉串的钢签前端尖细，可以________钢签对肉的压强，便于串肉； (2)烤肉串的过程中，通过________的方式增加了肉的内能；肉串散发出香味表明分子在________； (3)烧烤现场“人声鼎沸”指声音的________（选填“音调高”或“响度大”）。 33．春节期间，学校开展了“寻根同源，记住年味”的活动，如图所示是同学们晒的“年味”照片，下列描述不正确的是（  ） A．图甲中，刚出锅的粘豆包温度降低时，内能变小 B．图乙中，制作“糖画”时糖粘在玻璃板上，说明分子之间有引力 C．图丙中，刚出锅的回头入嘴时很烫，是因为回头含有的热量很高 D．图丁中，放入热豆浆中的金属汤勺逐渐变热，是通过热传递改变汤勺的内能 34．如图1为自制的“内能改变演示器”。其装置只有左端管道开口，处为气嘴，处为管内温度显示屏，处为管道阀门，处为橡胶软塞。 (1)关闭处阀门，用打气筒通过气嘴向装置内打气，能观察到处温度显示屏示数________（选填“升高”“降低”或“不变”），管内气体内能________（选填“增加”“减少”或“不变”），此过程相当于图2中热机的________（选填“甲”“乙”“丙”或“丁”）图的工作冲程。 (2)打气筒向装置内压入一定气体后，打开处阀门，观察到处软塞飞出，同时管内出现白雾，白雾是________（填物态变化名称）产生的。 (3)该“内能改变演示器”主要演示的是通过________方式改变内能。 35．爱思考的小宇用塑料水瓶进行探究：如图甲，瓶中留有少量水，盖上瓶盖；如图乙，扭转瓶子；如图丙，轻轻转动瓶盖，瓶盖被瓶内的气体冲出，同时瓶内瓶口出现白雾。图丙所示的过程，相当于四冲程汽油机的（　　） A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程 36．厨房不仅是加工食材的场所，也是日常生活中充满物理知识的“实验室”，下列对厨房中的现象描述正确的是（　　） A．炒菜时，菜的温度升高，内能增加，这是通过做功的方式实现的 B．用油炸油条，因为油含有的热量多，将热量传递给油条 C．从冰箱拿出来的冻肉没有内能，因为此时分子停止了热运动 D．腌咸菜时，菜变咸是因为盐分子在不停地做无规则运动 押题猜想五 光现象辨析 试题前瞻·能力先查 37．马年春晚宜宾分会场以“立上游”为主题，将“万里长江第一城”的浩荡江景化作天然舞台。两岸灯光璀璨，5000架无人机组成的空中矩阵与江岸夜景、水面倒影交相辉映，构成一幅绚丽灯光秀（如图）。下列关于光现象的分析正确的是（　　） A．从水面上看到灯光秀的倒影是光的折射形成的 B．从水面上看到灯光秀的倒影是岸上灯光的虚像 C．灯光秀丰富的颜色是由红、黄、蓝三种色光混合而成的 D．从水面上看到灯光秀的倒影与看到水中的游鱼的成像原理相同 38．如图，清晨漫步在林间小路，阳光从林间洒落。下列描述正确的是（    ） A．光为植物生长提供了能量 B．绿叶会把绿色光全都吸收 C．图中光走过的路线是光线 D．光在森林中无法直线传播 39．中华诗词博大精深、源远流长，很多诗词中蕴含着物理知识，下列光现象中与“潭清疑水浅”形成原理相同的是（　　） A．池水映明月 B．月有阴晴圆缺 C．起舞弄清影 D．日影化为虹 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 光现象辨析，其主要内容有光的直线传播、光的反射、光的折射、光的色散。 光的直线传播指光在同种均匀介质中沿直线传播，主要由介质是否均匀、是否透明来决定。于是，影子、小孔成像、日食月食都是光沿直线传播形成的。 光的反射由光遇到障碍物返回原介质形成，一般指光照到物体表面都会发生反射。除了常规反射以外，反射还分为镜面反射和漫反射。 光的折射和色散由光的传播介质发生改变来决定，比如说池水变浅、筷子弯折属于光的折射；彩虹、三棱镜分光属于光的色散。不同的光现象，我们能辨别出来的话，主要是光的传播路径和介质变化来决定的。 终极猜想·精练通关 40．《墨经》中有关于小孔成像的记载。小孔成像形成的主要原因是（     ） A．光沿直线传播 B．光的反射 C．光的折射 D．平面镜成像 41．如图是小红在大明湖游玩时观察到的光现象，其中属于光的折射的是（　　） A．甲图，超然楼的倒影 B．乙图，大明湖公园里的花红柳绿 C．丙图，透过水珠观察到荷叶清晰的“叶脉” D．丁图，太阳通过树叶间隙在地面上形成的圆形光斑 42．小芃同学到公园游玩，看到“一湖碧水映树影，几尾锦鲤戏云间”的美丽景象，同时也看到遗留在湖边矿泉水瓶（如图）。下列说法中正确的是（    ） A．树木在水中的倒影，是由于光沿直线传播形成的像 B．水中白云并不是云本身，而是光的反射形成的虚像 C．看到的是锦鲤的虚像，锦鲤的实际位置在像的上方 D．装有水的瓶子类似于一个凹透镜，可能会引起火灾 43．中国古诗词不仅文字优美、意境高远，还蕴含着丰富的科学知识。下列四幅图与诗句“掬水月在手，弄花香满衣”涉及的光现象相同的是（　　） A．楼台倒影 B．水中筷子 C．雨后彩虹 D．林中树影 44．如图所示的现象中与小孔成像原理相同的是（　　） A．水面倒影 B．日晷计时 C．人造彩虹 D．水中叉鱼 45．下列是同学们所画的示意图，其中正确的是（　　） A．人看到树的“倒影”的光路图 B．斜面上容器内漂浮小球的重力示意图 C．异名磁极间磁感线的分布情况 D．家庭电路的部分连接情况 押题猜想六 平面镜成像 试题前瞻·能力先查 46．如图甲所示是小聪探究“平面镜成像的特点”的实验装置。小聪在玻璃板前面放一支点燃的蜡烛A，再拿一支外形相同但不点燃的蜡烛B，竖立在玻璃板后面并移动，直到与蜡烛A的像完全重合，这样做是为了比较像与物的___________关系。其他小组使用跳棋完成实验时，发现棋子M的像偏暗且不清晰，于是进行了如图乙的几种操作，a是对着棋子M照射，b和c都是对着像照射，a、b、c三种操作中，观察到M的像最亮的是___________。 47．冬天汽车车窗内会出现一层雾气，这是________现象。夜晚汽车内的灯打开时，司机看到物体在挡风玻璃上所成的像如图所示，在图中画出物体的位置________。 48．如图所示，身高1.6 m的小桐站在平面镜前2 m处，她看到镜中自己的像，下列说法不正确的是（　　） A．此时镜中的像距离她4 m B．平面镜成的是正立的虚像 C．若她以0.5 m/s的速度向平面镜靠近时，镜中的像变大 D．将一块和镜面一般大的木板放在镜子后面1m处，这时她仍能在镜中看到自己的像 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 平面镜成像，其主要内容有成像特点、成像原理、成像应用。 平面镜成像指物体通过平面镜所成的虚像，主要由光的反射原理来决定。于是，像与物大小相等、距离相等、左右相反。 成像大小由物体本身大小来决定，一般指物体多大，所成的像就多大。除了物体大小以外，成像清晰度还跟镜面的光滑程度、环境亮度有关系。 成像应用由平面镜的成像特点和反光作用来决定，比如说穿衣镜成像、潜望镜改变光路。不同的平面镜成像现象，我们能辨别出来的话，主要是光的反射成像原理来决定的。 终极猜想·精练通关 49．在“探究平面镜成像特点”的实验中： (1)探究平面镜所成像与物的大小关系时，在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，用未点燃的蜡烛B在玻璃板后移动，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。这种确定像与物大小的方法是________（选填“控制变量法”或“等效替代法”）。 (2)为了确定像的虚实，移走蜡烛B，在B的位置放置一个光屏，人眼应在玻璃板________（选填“前”或“后”）方观察光屏上能否呈现蜡烛A的像。 50．小南在检查视力时，要求他与视力表间的距离是5m。现在使用一个平面镜，如图视力表到镜子的距离是3m，他到镜子的距离应是________m。当他靠近镜子时，所成像的大小将________。 51．小明同学在做“探究平面镜成像特点”实验。 (1)为验证“像是虚像”的猜想，小明应将一张白卡片放在图甲中_________（选填“A”或“B”）蜡烛的位置，_________（选填“直接”或“透过玻璃板”）观察白卡片上有无蜡烛的像。 (2)当蜡烛A远离玻璃板时，像会_________（选填“变小”“不变”或“变大”）。 (3)实验过程中如果玻璃板没有与纸面垂直，而是如图乙所示倾斜，蜡烛A的像应是图中的_________（选填“A1”“A2”或“A3”）。 52．如图所示的“临摹神器”，是将平板和玻璃板M放在支架上，再调节到适当角度。使用时，眼睛需要在______（选填“平板”或“白纸”）一侧进行观察，即可在白纸上临摹平板屏幕中的图像。用“临摹神器”看到的是______（选填“实”或“虚”）像。若将平板远离玻璃板M时，玻璃板M所成的像的大小将______（选填“变大”“变小”或“不变”）。 53．如图，有古文献记载：“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”。下列实例涉及的光学知识与文中所述原理相同的是（    ） A．镜中自己 B．小孔成像 C．海市蜃楼 D．水中游鱼 押题猜想七 凸透镜成像规律 试题前瞻·能力先查 54．在“爱眼护眼”宣传活动中，同学们搜集到了以下图片。下列说法正确的是（　　） A．图甲所示眼球好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于凹透镜 B．图乙所示视力正常的人看远处物体时，物体在视网膜上成正立、缩小的实像 C．图丙所示是近视眼的成像原理，应戴合适的凹透镜进行矫正 D．戴上近视眼镜后，对光线有发散作用，视网膜上成的像是虚像 55．在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小明选用了焦距为10cm的凸透镜。如图所示，他将凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上35cm刻度线处，当光屏移动到光具座上80cm刻度线处时，在光屏上恰好呈现出烛焰清晰的像。关于该实验，下列说法正确的是（　　） A．此时光屏上成的是倒立、缩小的实像 B．将蜡烛放在光具座上45cm刻度线处，移动光屏，光屏上成正立、放大的虚像 C．为了更方便比较像的大小、左右、正倒，用“F”形光源代替蜡烛更好 D．将蜡烛向右移动，光屏应向靠近凸透镜方向移动，才能再次得到清晰的像 56．探究凸透镜成像规律的实验中，凸透镜位于光具座处（图中未画出），光屏在处得到烛焰清晰的像如图甲；保持凸透镜位置不变，移动蜡烛，光屏在处时得到烛焰清晰的像如图乙，则（　　） A．点位置在的左侧 B．蜡烛的移动方向向右 C．甲一定是放大的实像 D．乙一定是缩小的实像 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 凸透镜成像规律，其主要内容有倒立实像、正立虚像、成像应用。 成像的大小与倒正，主要由物距与焦距的距离关系来决定。于是，物远像近像变小，物近像远像变大。 成像虚实由物体是否在一倍焦距以外来决定，一般指物距大于焦距成实像，物距小于焦距成虚像。除了物距以外，成像效果还跟透镜的焦距大小有关系。 成像应用由凸透镜的成像规律来决定，比如说照相机成缩小实像、投影仪成放大实像、放大镜成放大虚像。不同的光学设备成像，我们能辨别出来的话，主要是物距对应的成像规律来决定的。 终极猜想·精练通关 57．晋代《博物志》中记载，我国古代把冰块制成凸透镜，利用其对光的________（选填“会聚”或“发散”）作用将物体点燃；用凸透镜制成的眼镜可以用来矫正________（选填“近视”或“远视”）眼，此类眼睛看近处物体时成像在视网膜________（选填“后方”“前方”或“上”）。 58．（多选）如图所示是涛涛在综合实践活动中制作的照相机模型。外纸筒的左端安装凸透镜，内纸筒的左端贴有半透明薄膜。关于该模型，下列说法正确的是（　　） A．使用时，选择深色的内纸筒相对于浅色内纸筒观察效果更好 B．在半透明膜上成缩小的像时，景物与透镜的距离一定大于凸透镜的二倍焦距 C．使用时，想要让膜上清晰的像变大，应靠近景物且适当减小透镜到膜的距离 D．如果换用焦距更小的凸透镜，在纸筒伸缩范围内，可以观察更近处的景物 59．图是某实践小组制作的投影仪模型。通过推拉纸盒调整手机到凸透镜（焦距f=10 cm）的距离，可将手机上的画面放大，并清晰地投影到白墙上。下列说法正确的是（    ） A．手机到凸透镜的距离应该大于20 cm B．凸透镜到墙的距离应该小于纸盒长度 C．为了方便观看影片，手机应该倒立放置 D．要使画面变大，只需将投影仪远离墙面 60．小明用凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验。 (1)如图甲所示，凸透镜的焦距f=________cm。 (2)如图乙所示，将凸透镜固定在光具座50 cm刻度线处，把点燃的蜡烛放置在光具座35 cm刻度线处时，移动光屏，直至在光屏上看到清晰的烛焰的__________（选填“放大”“等大”或“缩小”）的像。保持蜡烛和光屏位置不变，移动凸透镜，在光屏上__________（选填“会”或“不会”）再次出现清晰的像。 (3)将蜡烛移至45cm刻度处时，无论怎么移动光屏，在光屏上都看不到像，此时想要观察像，应该___________________。 (4)当光屏上出现清晰的像后，用不透明物体挡住一部分透镜，挡住后光屏上__________（选填“能”或“不能”）成完整的像。 61．如图，光刻技术是利用缩图透镜将绘在掩膜上的电路图通过光源投射到涂有光刻胶的硅片上，在硅片上成像越小芯片制程越小。此投射原理与______（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像原理相同；这次我国芯片的制程直接从90nm突破到了22nm，如果缩图透镜相同，则要将掩膜向______（选填“上方”或“下方”）移动。小彤的爷爷能看清远处的物体，却看不清近处的物体，需要配戴______（选填“凸”或“凹”）透镜进行矫正。 62．我国古代文献中有许多关于光学的记载。结合实验，请完成下列题目。 (1)《周髀算经》中记载了光的反射现象：“日兆月，月光乃出，故成明月。”如图甲所示，若将纸板沿底边向后倾，AO仍以相同的入射角沿着纸板入射，在纸板右半面上__________看到反射光线（填“能”或“不能”），高楼大厦采用的玻璃幕墙会造成光污染，是因为发生了__________（填“镜面”或“漫”）反射。 (2)《化书》中记载了照镜子：“是影也与形无异。”如图乙所示，在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜进行实验，优点是___________，判断平面镜所成的像是虚像还是实像，只需在像的位置换上__________（填“凸透镜”、“玻璃板”或“光屏”） (3)《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火。”如图丙所示，他们把器材摆放、调整到如图所示位置，此时光屏上成清晰的像，像距为__________cm。根据此时光屏上像的特点，制成了__________、（选填“放大镜”“照相机”或“投影仪”）。如果有白色、黑色、红色和绿色四种颜色的光屏，选__________色光屏进行实验更好。 押题猜想八 力学基础知识 试题前瞻·能力先查 63．如图所示，小明用绳子拉着装满沙子的小车在平直路面上匀速直线前进，下列说法正确的是（　　） A．手拉绳的力与车拉绳的力是一对相互作用力 B．小车受到的拉力与地面对小车的阻力是一对相互作用力 C．小车受到的重力与小车受到的支持力是一对平衡力 D．沙子受到的重力与沙子受到的支持力是一对平衡力 64．如图所示是足球团队配合训练的场景，图中最上方运动员用脚将球踢到右下角的目标位置，说明力能改变物体的_______。滚动的足球会在草坪上慢慢停下来，是因为足球受到_______的作用。 65．在“健康第一”的教育理念下，中小学生的课外活动更加丰富多彩了。以下活动中涉及的物理知识描述正确的是（　　） A．飞出去的羽毛球，受到推力、重力和空气阻力的作用 B．踢出去的足球由于惯性的作用最终会落向地面 C．打乒乓球时，球拍对球的力是由于球拍发生弹性形变产生的 D．若正在向前飞行的篮球所受的外力全部消失，球将静止在空中 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 力学基础知识，其主要内容有力的作用效果、力的三要素、力的相互作用。 力的作用效果指力对物体产生的改变，主要由受力情况来决定。于是，力可以改变物体的形状和物体的运动状态。 力的作用效果强弱由力的三要素来决定，一般指力的大小越大，作用效果越明显。除了力的大小以外，力的作用效果还跟力的方向、作用点有关系。 力的相互作用由物体间的受力特点来决定，比如说推物体时自身也会受到反作用力、划船时桨向后划水船向前行。不同的力学现象，我们能辨别出来的话，主要是力的基本性质来决定的。 终极猜想·精练通关 66．春分到，蛋儿俏，“春分立蛋”是中国民间的传统习俗。下列关于“立蛋”中包含的物理知识说法合理的是（　　） A．两个鸡蛋所受重力约为100N B．鸡蛋对桌面的压力和桌面对鸡蛋的支持力是一对平衡力 C．鸡蛋对桌面的压力是由于鸡蛋发生弹性形变产生的 D．若鸡蛋受到的力突然全部消失，它将会倾倒在桌面上 67．如图，利用激光水平仪可以很方便地画出铅垂线和水平线，这利用了重力的方向始终________和激光在空气中________的基本原理。 68．（多选）“低碳出行，骑行天下”，自行车作为便捷、环保的交通工具，早已融入人们的日常生活。骑行过程中，每一个动作、每一次状态变化，都蕴含着丰富的物理知识。下列有关自行车骑行的说法，正确的是（　　） A．骑行时按动自行车铃铛，清脆铃声是金属片振动产生的 B．上坡时加紧蹬几下，目的是为了增大自行车自身的惯性 C．自行车轮胎选用橡胶制作，主要因为橡胶的导热性较好 D．刹车时用力捏紧车闸，通过增大压力的方式来增大摩擦 69．一个木块放在粗糙程度相同的水平地面上，如果对木块施加的水平拉力为F，如图甲所示；F的大小与时间t的关系如图乙所示；木块的运动速度v与时间t的关系如图丙所示，当t=1s时木块受到的摩擦力是___________N；在3s时，木块受到的合力是___________N。 70．如图所示，将筷子穿透苹果，手握筷子的中上部，并用锤子敲击筷子的上端，______（选填“苹果”“筷子”或“锤子”）由于惯性保持原来位置不变，苹果顺着筷子“爬升”到了筷子的上端。 71．2025年11月25日神舟二十二号飞船在3.5小时内完成与天宫对接，创下16天应急发射全球最快纪录。飞船在点火升空时，火箭向下喷出气体，从而加速上升，是利用了物体间力的作用是________的，在点火升空阶段，飞船相对火箭是________（选填“运动”或“静止”）的，该阶段飞船上物体的惯性将________（选填“变大”“变小”或“不变”）。 押题猜想九 运动和力 试题前瞻·能力先查 72．雨滴在竖直下落的过程中，受到重力和阻力的作用，一般要经历加速和匀速两个阶段，最终落到地面。如果一滴雨滴所受的重力为，它在某时刻所受的阻力为，此时雨滴所受合力为________，方向为________，若所有外力突然消失，雨滴将保持________状态（选填“静止”或“匀速直线运动”）。 73．闭幕式使用的“飞天屏”由轻薄屏幕与飞行设备结合，能悬停在空中组合造型。下列说法正确的是（　　） A．“飞天屏”应采用密度较大的材料制作 B．悬停在空中的“飞天屏”不具有惯性 C．“飞天屏”匀速上升时，若所有力消失，将继续上升 D．给“飞天屏”电池充电时，电池内化学能转化为电能 74．随着时代的发展，电车在汽车领域已经占有了一席之地。关于电车的说法正确的是（　　） A．启动电机，电车才能行驶，说明运动需要力来维持 B．刹车时，车内乘客向前倾倒，是由于受到惯性力的作用 C．给电车充电时，电车内的电池是电源 D．可以通过改变电流方向来实现电车的前进或后退 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 运动和力，其主要内容有牛顿第一定律、惯性、二力平衡。 运动状态的维持与改变，主要由物体受力情况来决定。于是，物体不受力或受平衡力时，保持静止或匀速直线运动状态。 惯性大小由物体的质量来决定，一般指物体质量越大，惯性越大。除了质量以外，惯性跟物体的速度、受力情况没有关系。 二力平衡由两个力的大小、方向、作用点条件来决定，比如说静止的书本、匀速行驶的汽车。不同的运动受力情况，我们能辨别出来的话，主要是二力平衡和惯性的特点来决定的。 终极猜想·精练通关 75．如图，一木块放置在水平桌面上，在水平力F1=10 N和F2=4 N的作用下处于静止状态，下列说法正确的是（　　） A．木块受到的合力为6 N B．木块受到6 N的静摩擦力，方向水平向右 C．木块受到的水平力F1和F2是一对平衡力 D．木块受到桌面的支持力与木块对桌面的压力是一对相互作用力 76．质量为0.06g的雨滴在竖直下落的过程中，由于受到重力和阻力的作用，要经历加速和匀速两个阶段。若雨滴在某时刻所受的阻力为N，则雨滴所受的合力大小为______N，此时雨滴做______（填“加速”或“匀速”）运动。（g取10N/kg） 77．巴黎奥运会，中国艺术体操队获得了奥运金牌。体操运动员用力向上跳起时，力改变了运动员的______。运动员竖直向上做减速运动时，所受合力的方向是向______的，运动员运动到最高点时受______（填“平衡力”或“非平衡力”）。 78．（多选）如图甲所示，小车在水平方向上受到拉力和的作用，拉力和的大小随时间变化的图像如图乙、丙所示，小车的速度随时间变化的图像如图丁所示。下列分析正确的是（　　） A．0～2s内，小车受到的合力大小为1N B．时，小车受到的摩擦力大小为1.5N C．4～6s内，若桌面变得绝对光滑，小车将做匀速直线运动 D．时，小车受到的合力大小是5.5N，合力方向水平向右 79．春节期间，小明和父母乘飞机去上海旅游，在飞机飞行过程中，座位上的小明相对于窗外的机翼是________（选填“静止”或“运动”）的；机翼________方（选填“上”或“下”）的空气流速快，压强小，因此获得了向上的升力。 押题猜想十 压强的理解分析和应用 试题前瞻·能力先查 80．电动汽车充电时其电池相当于电路中的___________（选填“用电器”或“电源”）；拨动杆子可以打开转向灯，这根杆子的作用相当于电路中的___________。由于汽车外形是上凸下平，在水平公路上高速行驶时，汽车上方流速大压强___________（选填“大”或“小”）。 81．2026年米兰冬奥会上，我国运动员参加了高山滑雪项目，运动员质量为70 kg，滑雪装备质量为10 kg，每块滑雪板的长度为1.6 m，宽度为0.1 m，与雪地接触的滑行面为矩形。训练时，运动员从山坡上滑下，然后以20 m/s的速度匀速通过一段平直雪道，用时10 s，此过程受到的阻力为总重的0.05倍。g取10N/kg。 求： (1)运动员双脚站在水平雪地上时，每块滑雪板与雪地完全接触，求运动员对水平雪地的压强； (2)运动员在平直雪道上克服阻力做的功。 82．如图所示，轿车车身的上面部分凸起，底盘比较平直，所以当轿车在平直的公路上高速行驶时，上表面的空气流速大，从而导致汽车对地面的压力______（选填“大于”“小于”或“等于”）其所受重力。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 压强的理解分析和应用，其主要内容有固体压强、液体压强、压强的增大与减小应用。 固体压强的大小，主要由压力和受力面积来决定。于是，压力越大、受力面积越小，固体压强越大。 液体压强由液体的深度和液体密度来决定，一般指深度越深、液体密度越大，液体压强越大。除了深度和密度以外，液体压强跟容器的形状、底面积没有关系。 压强的增减应用由压力大小和受力面积的改变来决定，比如说刀刃磨得锋利减小受力面积增大压强、铁轨铺枕木增大受力面积减小压强。不同的压强现象，我们能辨别出来的话，主要是压力和受力面积的变化来决定的。 终极猜想·精练通关 83．核动力破冰船利用核________（选填“聚变”或“裂变”）提供能量，核能属于______（选填“可再生”或“不可再生”）能源；破冰作业时，船底某处距离水面深度为12m，该处受到的海水压强为_______Pa。（，g取10N/kg） 84．我国全海深载人潜水器“奋斗者”号（如图所示）在世界最深的马里亚纳海沟成功坐底，刷新了中国载人深潜的纪录。在万米深海下，潜水器无法产生足够的高压将舱室内的海水排出，需要固体浮力材料和压载铁配合完成下沉和上浮。“奋斗者”号下水时要携带两组压载铁，匀速下潜入海洋深处；临近海底，会抛掉第一组压载铁，减速后静止悬浮在海水中。完成作业后，抛掉第二组压载铁，使所受浮力大于自身重力，上浮返航。潜水器匀速运动时所受海水阻力均为，浮力材料的总体积为，，g取10N/kg。 (1)在深度为的海水中，“奋斗者”号潜水器受到的液体压强为多少Pa？ (2)若潜水器浸没在海水中时，第二组压载铁刚好可以平衡浮力材料产生的额外浮力，则浮力块密度为多少？ (3)抛掉第二组压载铁后，潜水器恰好可以匀速上浮，请推导出第一组压载铁和第二组压载铁的质量大小关系。 85．小华采用踮脚的方式进行关节柔韧性训练。小华所受的重力G为480N。 (1)若小华每次踮脚，他的重心均升高0.05m，求小华踮10次脚克服重力做功多大？ (2)小华脚踮起站稳时，两鞋底与地面接触的总面积为。求双脚踮起站稳时，小华对地面压强是多大？ (3)如图所示，小华脚踮起站稳时，相关肌肉骨骼可以看作以O为支点的杠杆，每条腿中肌肉向上的拉力为F1，所克服的阻力为F2，若F2=240N，求F1的大小为多大？ 押题猜想十一 浮力的理解和浮沉状态的分析理解 试题前瞻·能力先查 86．我国“奋斗者” 号载人潜水器在马里亚纳海沟万米深处多次成功坐底，标志着我国在载人深潜领域达到了世界领先水平。深潜器完全浸没后，匀速下潜至海底深处的过程中（海水密度视为不变），下列说法正确的是（　　） A．深潜器受到海水的压强增大，浮力增大 B．深潜器受到海水的压强增大，浮力不变 C．深潜器受到海水的压强减小，浮力不变 D．深潜器受到海水的压强减小，浮力增大 87．在“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验中，小聪同学按照如图所示步骤进行操作，根据实验过程，下列判断正确的是（　　） A．若弹簧测力计使用前未调零，则所有浮力测量值均偏大 B．比较步骤a，b，e，可以得出浮力大小与物体排开液体体积有关的结论 C．比较步骤a，b，c，可以得出浮力大小与液体密度有关的结论 D．比较步骤a，c，d，可以得出浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关的结论 88．在物理实践活动中，同学们用橡皮泥造“船”，比赛谁造的“船”承载量大。如图所示，将所造的小船放入盛有适量水的长方体容器中，再往船中加入绿豆直至水面恰好与小船边沿相平（整个过程容器中的水未溢出）。则在逐渐向“小船”中加入绿豆的过程中，下列说法中正确的是（　　） A．小船受到的浮力大小保持不变 B．容器底部受到水的压力大小将保持不变 C．小船底部受到水的压强将逐渐变小 D．容器底受水压力大小的增加量等于小船中所增加的绿豆重量 89．如图甲所示的密闭容器，壁厚忽略不计，该容器底部面积为，容器中装有高度为8 cm的水。将容器倒置并使其在水中竖直漂浮，如图乙所示，容器内外水面的高度差为2 cm。（，g取10 N/kg）求： (1)图甲中水的重力； (2)图甲中水对容器底部的压强； (3)容器在水中竖直漂浮时受到浮力 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 浮力的理解和浮沉状态的分析理解应用，其主要内容有浮力影响因素、物体浮沉条件、浮沉条件的实际应用。 浮力的大小，主要由液体密度和排开液体的体积来决定。于是，液体密度越大、排液体积越大，物体受到的浮力越大。 物体的浮沉状态由浮力与物体重力的大小关系来决定，一般指浮力大于重力物体上浮，浮力小于重力物体下沉。除了浮力和重力关系以外，浮沉状态还可以通过物体与液体的密度大小关系判断。 浮沉条件的应用由物体的浮沉规律来决定，比如说轮船漂浮、潜水艇沉浮、气球升空。不同的浮力现象，我们能辨别出来的话，主要是浮沉条件的规律特点来决定的。 终极猜想·精练通关 90．小明在水平桌面上放置甲、乙两个相同的柱形容器，分别装入质量相等的水和盐水。先将橘子和鸡蛋放入甲容器中，取出擦干后再放入乙容器中。前后两次静止时液面如图所示。下列说法正确的是（    ） A．鸡蛋在水和盐水中所受浮力相等 B．橘子在盐水中比在水中所受浮力更大 C．两容器对水平桌面的压强p甲=p乙 D．若将橘子露出液面的部分切掉，则剩余部分会悬浮 91．（多选）近年来，我国在深空探索和深海探测等领域取得了重大成就。对下列科技成就所涉及的物理知识分析正确的是（　　） A．图甲，长征十二号运载火箭加速升空时，其动能转化为重力势能 B．图乙，天宫空间站中的宇航员通过电磁波和地面联系 C．图丙，舰载机从甲板起飞后，福建舰所受到的浮力变小 D．图丁，奋斗者号潜水器下潜的越深，所受海水的压强越大 92．（多选）科技小组的同学用长方体泡沫塑料、三脚架和灯泡等制作了一个航标灯模型A（如图），总重为4N，A底部与浮子B用细绳相连，水位上升时，浮子B下降；水位下降时，浮子B上升。航标灯静止时A浸入水中的深度始终为5cm，排开水的质量为500g，浮子B重0.5N（不计绳重和绳与滑轮间的摩擦，），下面分析正确的是（　　） A．航标灯A静止时受到的浮力是0.5N B．泡沫塑料A底部受到水的压强是500Pa C．水位上升或下降的过程中细绳上的拉力大小不变； D．若浮子B是实心的，它的密度是 93．如图所示，支撑杠杆水平平衡的支架AOB随物体M在水中能上下运动，杠杆保持水平平衡，轻质杠杆LOA∶LOB=2∶5，某同学质量为50kg，人与地面的接触面积为250cm2，利用这个装置将物体匀速放入容器中，在M被浸没在水里的过程中，用力F1拉动绳自由端匀速竖直向下运动时，人对地面的压强为1.2×104Pa。已知物体M的体积是0.05m3，动滑轮的重力为60N。（杆的自重、绳的重力、滑轮与绳的摩擦及液体对物体的阻力不计，g=10N/kg）求： (1)物体M浸没在水里受到的浮力； (2)拉力F1的大小； (3)物体M的密度； (4)物体M被浸没在水中的过程时，滑轮组的机械效率。 94．如图所示，有两个质量分布均匀、不吸水的实心长方体A和B，已知，底面积，高度，底面积，高度，B的密度大于水，B的质量为（不确定），A、B表面的中央用一根长的细线连接。现将它们放入一个置于水平地面上的足够高的薄壁柱形容器中，容器的底面积为。A、B始终保持竖直，细线的质量、体积等次要因素都忽略不计，且全程未被拉断，已知，g取。 (1)求长方体A的质量。 (2)向容器中缓慢加水，当细线刚好被拉直时，求加水的质量。 (3)向容器中缓慢加水，细线的拉力从0开始逐渐增大，当细线的拉力刚好不再变化时，求此时水对容器底部的压强p与（的单位为kg）的关系式。 95．为了测量一石球的密度，将一长方形木块放入装有适量水的玻璃容器中，测出木块漂浮时浸入水的深度为，如图甲所示；然后把石球放在木块上共同漂浮，测出木块浸入的深度为，如图乙所示；最后石球系在木块下方再次放入水中（取、放过程中容器内液体没有损失，细绳的质量和体积忽略不计）共同漂浮，测出木块浸入液体中的深度为，如图丙所示。木块上表面始终水平，已知水的密度、木块的质量和。求：（均用题中物理量的符号表示） (1)图甲中木块下表面所受水的压力； (2)图丙中石球所受浮力； (3)石球的密度。 押题猜想十二 功和功率的简单计算 试题前瞻·能力先查 1．随着全民运动的普及，日常碎片化健身成为新风尚。小希同学想利用上下楼的时间加强体能训练，决定回家由乘电梯改为爬楼梯。小希的质量为，家住11楼，每层楼高为，某次从1楼到11楼爬楼回家，用时。（g取）求： (1)小希受到的重力大小？ (2)小希这次爬楼克服重力做功的功率？ (3)这次爬楼所做的功相当于燃烧多少克脂肪放出的能量？（脂肪的热值为） 2．工人使用如图所示的滑轮组提升重物，在绳自由端施加竖直向下500N的拉力，使重力大小为900N的重物以0.2 m/s的速度匀速竖直上升5s。不计绳重与摩擦，求： (1)工人拉绳子做功的功率； (2)滑轮组的机械效率； (3)若用该装置匀速提起500N的重物时，拉力多少N？ 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 功和功率的简单计算，其主要内容有做功的两个必要因素、功的计算、功率的计算。 做功的有无，主要由力和物体移动距离来决定。于是，有力、有距离且力和距离方向一致，物体才会做功。 功的大小由力的大小和移动距离来决定，一般指用的力越大、移动距离越远，做功越多。除了力和距离以外，做功多少跟做功时间长短没有关系。 功率大小由做功多少和做功时间来决定，比如说相同时间做功越多功率越大、做相同功时间越短功率越大。不同的做功快慢情况，我们能辨别出来的话，主要是功率的定义规律来决定的。 终极猜想·精练通关 3．助力外骨骼是一种可穿戴的机械装置，能辅助人体搬运重物，减轻腰部、腿部负担，广泛应用于物流、仓储等场景。如图，工人穿戴助力外骨骼搬运货物。已知工人与外骨骼总质量为60kg，货物质量为40kg，工人竖直匀速搬起货物上升50cm，用时2s；此时工人与地面总接触面积约为250cm2。下列有关说法正确的是（　　） A．工人对地面的压力为600 N B．工人对货物做的功为2000J C．工人对货物做功的功率为1000W D．工人对地面的压强为4×104Pa 4．小超在家用轻质杆自制“站姿负重深蹲”健身器，简化模型如图。杆A端用轻绳挂重物，O为悬绳系点，人在B点正下方锻炼。已知，小超质量60kg，双脚与地面总接触面积，锻炼时小超始终施加竖直向下的力。关于使用该器材，下列说法正确的是（　　） A．A端所挂重物的最大质量为15kg B．小超在B端施加拉力缓慢下蹲锻炼的过程中，拉力越来越小 C．当小超对地面的压强为1800Pa时，A端所挂重物为16kg D．将10kg重物匀速提高0.6m用时2s，小超对健身器做功的功率30W 5．如图所示是塔式起重机上的一种滑轮组。现用拉力F在10s内将6000N的货物匀速提升5m，滑轮组的机械效率是80%。下列说法正确的是（　　） A．提升货物做的总功为30000J B．滑轮组的额外功为7500J C．该滑轮组的动滑轮重为1500N D．拉力F的功率为3000W 6．如图为一款能够垂直起降的小型遥控无人机，其携带的云照相机可以实现高空拍摄。无人机总质量为4kg，从地面沿竖直方向匀速升空300m用时60s。g取10N/kg，求： (1)无人机升空时的速度； (2)无人机升空过程中克服重力做的功； (3)无人机升空过程中克服重力做功的功率。 7．如图所示是我国新型无人作战装备“机器狼”，其质量为50kg。某次演练时该“机器狼”运输20kg的物资，在2min内水平匀速行进到距离420m的预定地点，匀速行进过程中受到的阻力是其总重的0.18倍，取10N/kg。 (1)“机器狼”匀速行进的速度是多少？ (2)“机器狼”水平匀速行进过程中的动力是多少？ (3)在整个过程中，“机器狼”动力的功率是多少？ 押题猜想十三 机械能及其转化 试题前瞻·能力先查 8．液氢液氧火箭发动机示意图如图所示。输送装置将液氢和液氧输送到燃烧室燃烧，产生高温高压气体从喷口喷出，推动火箭前进。下列说法正确的是（　　） A．液氢在燃烧室内燃烧时，内能转化为化学能 B．使用液氢为燃料，是利用了其比热容大的性质 C．火箭加速升空时，重力势能增大、动能减小 D．气体推动火箭前进，与汽油机做功冲程的能量转化相似 9．C919是我国自主研发的大型客机。机翼设计成上凸下平，利用了流体流速越大的位置压强越______的原理产生升力；飞机加速升空，机械能______（选填“增大”、“减小”或“不变”）；飞机着陆后不能立即停下，是因为飞机具有______。 10．如图，是运动员撑杆跳高过程中拍摄的频闪照片组合图像，图中标出了其运动过程经过的几个位置，下列对此的分析中，正确的是（    ） A．撑杆在A位置时弹性势能最小 B．运动员在B位置时机械能为零 C．撑杆在C位置时没有重力势能 D．运动员在D位置重力势能最大 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 机械能及其转化，其主要内容有动能、重力势能、弹性势能、机械能的相互转化。 动能的大小，主要由质量和速度来决定。于是，质量越大、速度越快，物体的动能越大。 重力势能由物体的质量和高度来决定，一般指物体质量越大、位置越高，重力势能越大。除了质量和高度以外，弹性势能还跟物体的弹性形变程度有关系。 机械能转化由物体运动状态和形变变化来决定，比如说高处下落的物体重力势能转化为动能、压缩的弹簧释放弹性势能转化为动能。不同的能量变化现象，我们能辨别出来的话，主要是机械能的影响因素来决定的。 终极猜想·精练通关 11．如图是我国研制的AG600“鲲龙”水陆两栖飞机（上身飞机、下身船），该飞机空载质量48t，单次载水量可达12吨，动力系统由四台相同的涡桨发动机组成。空载状态下该飞机的最大飞行速度为500km/h，最大飞行速度时单台发动机功率为3000kW，效率为40%。某次执行远程森林灭火演练任务，“鲲龙”空载状态下以最大飞行速度飞往400公里外的火场。（到达火场后再在火场附近湖泊吸水） (1)飞机吸水后静止在水面时机身排开水的体积_________（选填“小于”“大于”或“等于”）吸水前机身排开水的体积。飞机投水过程中保持水平匀速飞行，飞机的机械能_________（选填“变大”“不变”或“变小”）； (2)在飞往火场过程中单台发动机对外输出的有用功； (3)已知燃油的热值为，在飞往火场过程中四台发动机共消耗多少燃油？ 12．如图所示，一闭合金属圆环用绝缘细绳挂于O点，将圆环拉到A点由静止释放，圆环摆动过程中经过某一磁场区（“×”代表磁感线垂直于纸面向里）。若不计空气阻力，请你判断：圆环向右穿过磁场后，______（选填“能”或“不能”）摆至与A点等高的B点，请写出一条用来解释该现象的物理知识：______。 13．我国“低空经济”时代已经正式拉开序幕。如图为正在运输货物的无人机，下列关于无人机运输货物时的说法中正确的是（　　） A．无人机匀速上升过程中，其动能转化为机械能 B．无人机水平匀速飞行时，货物的机械能保持不变 C．无人机在某一高度悬停时，货物的机械能为零 D．无人机下降过程中，所携带货物的动能一定增大 14．安安将排球水平击出，运动轨迹如图甲。运动过程中排球的机械能___________（选填“守恒”或“不守恒”）。图乙为排球经过图甲①、③点时的动能和重力势能，其中③点的重力势能未标出。由图分析得出：①点的机械能为5J；③点的重力势能为___________；②点的机械能E的取值范围是___________（取值范围用不等式表示）。 15．如图甲所示，某运动员在做蹦极运动，图乙为其运动示意图。运动员从高处O点开始下落，A点是弹性绳的自由长度，在B点运动员所受弹力恰好等于重力，C点是第一次下落到达的最低点。若不计空气阻力，则下列判断正确的是（　　） A．从O点到A点再到B点过程中，运动员动能先增大后减小 B．从A点到B点再到C点过程中，绳的弹性势能先增大后减小 C．从A点到B点再到C点过程中，运动员动能先增大后减小 D．从A点到B点再到C点过程中，运动员的机械能守恒 16．如图所示是高速公路上的避险车道，当高速行驶的汽车出现刹车失灵时，可进入路面粗糙的上升的斜坡（避险车道），快速降低车速直至停止。在车辆冲入避险车道直至停止的过程中，下列说法正确的是（　　） A．汽车在爬坡时速度变小，所以惯性变小 B．汽车在爬坡过程中的动能减少并完全转化为重力势能 C．汽车的机械能不变 D．汽车的机械能减小 押题猜想十四 探究杠杆的平衡条件 试题前瞻·能力先查 17．在“探究杠杆平衡条件”实验中，实验器材有杠杆、刻度尺、若干钩码（每个重0.5 N）等。    (1)图甲中杠杆静止，此时杠杆________（选填“是”或“不是”）处于平衡状态，要使杠杆水平平衡，应将平衡螺母向________（选填“左”或“右”）调节。 (2)如图乙所示，使杠杆水平并静止后，固定支点左侧钩码的个数和悬挂点，不断改变支点右侧钩码的个数和悬挂点，使杠杆始终保持水平平衡，记录支点右侧的力和，-图像如图丙所示。由图可得：在支点左侧的力和力臂不变时，为________N·cm。 (3)如图丁所示，多次改变两侧钩码个数和悬挂点，记录杠杆保持平衡时数据如表： 实验次序 动力/N 动力臂/cm 阻力/N 阻力臂/cm 1 3.0 5.0 1.0 15.0 2 1.5 10.0 1.5 10.0 3 2.0 15.0 1.5 20.0 分析表格数据，杠杆平衡的普遍规律是：____________。（用表中物理量符号表示） (4)如图丁所示，杠杆在水平位置平衡，如果在杠杆两侧各减一个相同的钩码，则杠杆______（选填“左”或“右”）端将下沉。 (5)小琳采用了图戊所示的装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，测力计示数，该拉力________（选填“小于”“等于”或“大于”）理论值，你认为原因是________________________。 18．某物理跨学科实践主题学习小组利用业余时间“探究杠杆的平衡条件”。请你协助他们完成下列问题： (1)杠杆静止时如图甲所示，为了利用其探究杠杆的平衡条件，接下来的实验操作是：________。 (2)将图甲的杠杆调节好之后，在杠杆上的A点挂上总质量为200g的钩码，如图乙所示，用弹簧测力计代替钩码，将已校零的弹簧测力计挂钩用质量不计的细绳系在B点，用力斜拉弹簧测力计使杠杆水平平衡，且弹簧测力计所施拉力的方向与杠杆夹角为30°，则弹簧测力计的示数应为________ N。 (3)如图乙所示，在实验过程中，仅仅不断改变弹簧测力计施加拉力的作用点和弹簧测力计所施加拉力的大小，始终使杠杆在水平位置平衡。弹簧测力计的拉力F与其拉力臂l1的图像，如图丙所示。图像中每个点与两坐标轴围成的矩形面积均相等，其原因是：________。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 探究杠杆的平衡条件，其主要内容有杠杆五要素、杠杆平衡条件、三类杠杆的辨析应用。 杠杆的平衡状态，主要由动力、阻力、动力臂、阻力臂的关系来决定。于是，动力×动力臂=阻力×阻力臂时，杠杆保持平衡。 杠杆的省力费力情况由力臂的大小关系来决定，一般指动力臂大于阻力臂为省力杠杆，动力臂小于阻力臂为费力杠杆。除了力臂大小以外，杠杆的使用特点还影响省力、省距离的效果。 杠杆的实际应用由杠杆的平衡特点来决定，比如说撬棍为省力杠杆、镊子为费力杠杆、天平为等臂杠杆。不同的杠杆工具，我们能辨别出来的话，主要是动力臂和阻力臂的大小关系来决定的。 终极猜想·精练通关 19．在“探究杠杆的平衡条件”实验时，小明和小亮进行了如下实验： (1)为便于测量力臂大小，不挂钩码时，调节两端的螺母，使杠杆在_________位置平衡。 (2)小明在杠杆的右侧挂上适当的钩码，在左侧用弹簧测力计向下拉使杠杆平衡，改变弹簧测力计与杠杆的角度，杠杆平衡时测力计示数发生变化，如图甲所示。由此小明认为影响杠杆平衡的因素除了与力的大小有关，还与_________有关。 (3)如图乙，实验中，多次在杠杆两侧的不同位置挂上不同数量的钩码，当杠杆平衡时的四组实验数据已填入下表中： 实验次数 动力 动力臂 A 阻力臂 1 1.0 10.0 0.5 20.0 2 1.0 10.0 1.0 10.0 3 2.0 5.0 1.0 10.0 4 2.0 10.0 1.0 B ①表中A处应填写_________； ②分析前三组实验数据，可初步得到杠杆的平衡条件为：_________；（用表中物理量符号表示） ③根据表中信息，B处记录的数据应是_________。 (4)小亮用一根长为100cm、分度值为1cm、粗细均匀的钢直尺来制作杆秤，如图丙所示，制作过程如下： ①分别在直尺上5cm和10cm刻度处钻了小孔A和B，各用细绳穿过小孔作为秤钩和提纽。在秤钩处悬挂秤盘，把质量为20g的钩码挂在细绳上作为秤砣。移动秤砣到20.0cm处的C点时，杆秤刚好在水平位置平衡，此处即为该杆秤的“定盘星”。 ②小亮用这个自制的杆秤称量某物体时，在秤盘中放入待测物体、移动秤砣到D点时，杆秤在水平位置平衡。结合杠杆平衡条件可知，则此物体的质量为_________g。 ③请帮小亮提出一种提高杆秤量程的方法_________。 20．跨学科实践 制作简易杆秤 中药房使用的杆秤，在我国有几千年的历史。如图甲所示，盘中置物，手提提纽，移动秤砣，使杆秤水平平衡。“能工巧匠”小组参加了“制作简易杆秤”活动，请你根据活动过程，完成下列问题。 (1)杆秤根据杠杆平衡条件制成。如图乙，用轻质木棒作为秤杆，细线系上一个质量为m的物体作为秤砣，空小盆挂在A点作为秤盘，在O点挂粗绳作为提纽，___________点相当于杠杆的支点。 (2)图乙中，秤盘内未放称量物，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，在秤杆上悬挂秤砣细线的位置做标记，该标记处对应的刻度为__________g。 (3)图乙中，当称量物质量增大时，秤砣应向___________（选填“左”或“右”）移动。 (4)为了增大杆秤量程，可采用___________（选填“增大”或“减小”）秤砣质量的方法。 21．小明为探究“杠杆的平衡条件”，准备了以下器材：刻度均匀的杠杆、铁架台、若干钩码、圆盘等。 (1)如图-1所示，将杠杆安装到铁架台上，静止放置。为使杠杆在水平位置平衡，应将两端的平衡螺母向________（选填“左”或“右”）侧适当调节。 (2)同组小红认为“支点到力的作用点的距离”会影响杠杆的平衡。为判断这一观点是否正确，他们制作了一个密度均匀的圆盘，圆盘可以绕着圆心O转动。如图-2所示，在C点和D点分别悬挂钩码，使圆盘平衡，若内圆半径为外圆半径的一半，则应该在D点挂________个相同钩码。接下来她应将挂在D点的钩码先后挂在圆盘上的________两个点上，若圆盘仍平衡即可判断小红的观点是________（选填“正确”或“错误”）的。 押题猜想十五 滑轮组的相关计算 试题前瞻·能力先查 22．（多选）如图所示，用甲和乙装置将同一钩码匀速提升相同的高度，钩码重力大于滑轮重力，不计绳重和摩擦，两个弹簧测力计的拉力分别为F1和F2，下列说法正确的是（　　） A．F1>F2 B．拉力F2所做的功更多 C．甲装置的机械效率更高 D．两种装置弹簧测力计移动的距离相等 23．如图所示，水平地面上的建筑工人利用滑轮组，将重为900N的物体在10s内匀速提升2m。工人对绳子竖直向下的拉力为500N，工人自身重力为700N，不计绳重和摩擦阻力。以下说法正确的是（    ） A．工人对地面的压力为700N B．拉力的功率为150W C．动滑轮的自重为100N D．滑轮组的机械效率为50% 24．如图所示，物体A在水平拉力F的作用下沿水平地面做匀速直线运动的过程中，弹簧测力计示数恒为50N，绳子自由端（即拉力F的作用点）在3s内水平向左移动90cm，上述过程中，动滑轮的机械效率为80%（不计细绳、滑轮及测力计的重量）。求： (1)物体A运动的速度； (2)物体A沿水平地面做匀速直线运动时所受的滑动摩擦力大小。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 滑轮组的相关计算，其主要内容有滑轮组省力特点、距离速度关系、机械效率计算。 滑轮组的省力多少，主要由承担物重的绳子段数来决定。于是，承担物重的绳子段数越多，滑轮组越省力。 绳子自由端拉力大小由物重、动滑轮重和绳子段数来决定，一般指物重越重、动滑轮越轻，拉力越小。除了物重与动滑轮重以外，拉力大小还跟滑轮的摩擦阻力有关系。 滑轮组的使用效果由绳子段数和滑轮结构来决定，比如说竖直滑轮组提升重物、水平滑轮组拉动物体。不同的滑轮组计算题，我们能分析计算的话，主要是绳子承担段数的判断来决定的。 终极猜想·精练通关 25．如图装置是________滑轮；若不计摩擦和滑轮重力，某人用力F匀速提起重为10 N的物体时，F的大小为________N。 26．为了响应国家体重管理的号召，小明为家人制作了如图所示的简易拉力器，用拉力F将重为G的重物匀速竖直提升高度h，下列有关说法正确的是（　　） A．该滑轮是定滑轮，可以省力 B．拉力F的大小等于重物重力G的大小 C．人拉绳子移动的距离为2h D．提升重物做的有用功为Gh 27．图甲为一款健身器材，两滑轮均重20N；弹性限度内，弹簧伸长的最大长度为80cm，弹簧所受拉力F与其“伸长的长度”x成正比，如图乙所示。弹簧、细绳、拉环的重力和摩擦可忽略；使用时竖直向下缓慢拉动拉环。下列说法正确的是（　　） A．弹簧拉力为60N时，绳a拉力为120N B．拉环向下移动10cm，弹簧伸长10cm C．弹簧拉力为300N时，拉环向下移动30cm D．健身器材提供的最大拉力为820N 28．工人利用图甲所示滑轮组提升重力为960 N的物体A，拉力F随时间t变化的关系图像如图乙所示，物体A上升的速度v随时间t变化的关系图像如图丙所示，不计绳重和机械部件之间的摩擦。则： (1)在0~1s内，拉力F的功率______（选填“变大”“变小”或“不变”）。 (2)动滑轮的重力为______N。 (3)在1~3s内，拉力F克服动滑轮重力做的功是______J，滑轮组的机械效率是_____。 29．两个滑轮按如图所示的方式组合，用的拉力拉动绳端使物体匀速直线运动，已知物体与地面间的摩擦力为，则该过程中拉力做的功为___________J；该滑轮组的机械效率为___________。 押题猜想十六 力学综合计算 试题前瞻·能力先查 30．用同种金属材料做成A、B两个空心球，金属材料密度为2.5g/cm3，A球质量mA＝1.037kg，B球质量mB＝0.61kg。外径分别为RA＝7cm，RB＝5cm。两球空腔之间用一根金属导管相连，由于导管较细，故若施加过大的拉力会发生断裂。向A球空腔中注入300mL水，并在A、B两侧接上导线，连入一个报警电路（图中未画出）后横置于待监测液体表面。密度监测仪要求液体密度不得低于1.22g/cm3。该电路若检测到电流明显降低则触发报警。（球体体积计算公式为，其中r为球体半径。为方便计算，可取π＝3，g＝10N/kg，忽略导管的重力与浮力，两侧导线始终松弛）同学们进行了下列研究： (1)分别求出A装置和B装置的平均密度；（结果保留小数点后2位） (2)若要保证装置准确报警，则导管所能承受的力需要满足什么条件？ (3)若此时液体的密度恰好低于1.22g/cm3，则与报警前相比，报警后A球在液面以上的体积如何变化？变化了多少？（假设报警后空腔内的水不会泄漏，以cm3为单位，结果保留到整数位） 31．请根据小智在“浮力起重”学习中获得的相关信息完成计算。分析过程忽略液体扰动等次要因素，，g取。 (1)中山舰是中国近代史上的一代名舰，其标准排水量为780t，满载排水量为836t。求满载时中山舰排开水的体积； (2)1938年中山舰在长江被日军击中，沉入19m深的江底，1997年被打捞出水。打捞时采用“双驳抬撬、整体出水”的方案，如图甲所示。小智将清除泥沙过程简化为三个阶段，第一阶段使舰体（含泥沙）悬停在水中，第二阶段进行清淤作业，第三阶段清淤结束，缓慢匀速提升舰体。整个过程舰体未出水，舰体材料体积取。图乙是舰体受到竖直向上的拉力与时间的关系图像。求清除的泥沙的质量；（取） (3)小智设想利用浮筒对清淤后的中山舰进行打捞，建立如图丙所示的模型，中山舰的相关数据沿用第（2）问，每个浮筒底面积为，高3m，质量为5t，装满水的总质量为17t。将60个装满水的浮筒竖直放置于中山舰的下方，利用高压气体使60个浮筒同时向外排水，每个浮筒的排水流量为。通过计算发现，该方案无法将中山舰打捞出水。请写出中山舰对浮筒的压强p与排水时间秒的关系式。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，压轴题。 力学综合计算，其主要内容有压强计算、浮力计算、功和功率、机械效率综合计算。 压强的大小，主要由压力和受力面积来决定。于是，压力越大、受力面积越小，产生的压强越大。 浮力大小由液体密度和排开液体体积来决定，一般指液体密度越大、排液体积越大，物体受到的浮力越大。除了液体密度和排液体积以外，浮力大小跟物体的浸没深度没有关系。 力学综合计算规律由各力学物理量的公式特点来决定，比如说压强、浮力、功和功率的结合运算。不同的力学综合题型，我们能准确计算出来的话，主要是对应物理公式和适用条件来决定的。 终极猜想·精练通关 32．小明在观看军事栏目时提到，军事舰艇在组织登陆作战的时候，为了防止船只在浅滩搁浅，都会严格限制乘员和装备重量，小明对这一问题进行了一次实验模拟，研究漂浮物体底部到容器底部距离与浮力的关系。他找来了一个底面积为200cm2的水槽并加入适量的水，在水槽中放入一个重为3N，底面积为100cm2的烧杯，烧杯漂浮在水槽中，如图甲所示；他又在烧杯内放入24个小球，使烧杯底部刚好与容器底接触（没有压力产生），此时液面的高度为15cm，如图乙所示；求： (1)甲图中，烧杯所受浮力的大小； (2)每个小球的重力大小； (3)如图丙所示，为了让烧杯底部与容器底有3.5cm的高度，应该从烧杯中取出多少个小球？ 33．小明做实验研究物体的悬浮问题。他在水平桌面上放置一个底面积为、厚度不计的圆柱形容器。先向容器中注入深度为80cm的水，再将一个质量为0.06kg的正方体塑料块轻轻放入水中，塑料块沉至容器底部，静止时测得水面升高了，此时水未溢出。然后，他向容器中缓慢加入食盐并轻轻搅动，直至塑料块恰好悬浮（如图所示），此时塑料块的下表面受到盐水的压力，，g取10N/kg。求： (1)塑料块放入前容器底部受到的水的压强。 (2)沉至容器底时，塑料块受到容器底的支持力。 (3)塑料块恰好悬浮时盐水的密度。 (4)塑料块恰好悬浮时，其上表面受到的盐水压力。 34．海洋浮标作为海洋上的自动观测站，能够长期、连续、实时地收集和传输海洋环境数据。图甲是中科院研制的“合作者号”锚定式浮标（定点浮标），搭载太阳能和海波能双供电系统；图乙是我国710研究所研制的“HM2000”剖面漂流浮标，最大工作深度2000m，可随洋流漂移，用于监测远海、深海环境。 (1)“合作者号”空载质量9t，将其底座视作一个底面积8m2的圆柱体，求“合作者号”空载漂浮于海面时，海水对其底部的压强。（，） (2)如图丙，“HM2000”型剖面式漂流浮标工作时，先下潜至1000m深度，定深漂移至预设位置，再下潜至最大工作深度，随后在上浮过程中利用搭载的仪器采集数据。这类浮标是通过抗压设备舱中的液压装置调节油囊中硅油的质量使油囊体积变化，实现浮标的沉浮。“HM2000”型浮标总质量m=42kg，液压装置调节薄壁油囊中硅油体积时，浮标刚好浸没。将油囊中的硅油逐步“抽”回设备舱，油囊体积减小，浮标下潜。求该浮标在水下1000m悬浮时，油囊对其上方设备舱的作用力。（已知硅油密度，海面处海水密度，海水密度随水深h变化关系为，常数，，忽略海水扰动因素。） (3)根据第（2）问中的说明，在浮标由刚好浸没匀速下潜至2000m深的过程中，求浮标下潜深度h与油囊体积V之间的关系式。（结果用k、m、V₀、、V表示）。 押题猜想十七 电磁现象辨析 试题前瞻·能力先查 35．如图是2026年春晚《武BOT》节目中宇树机器人表演时的场景，宇树机器人的核心动力来自于伺服电机，它本质上是一种高精度的小型电动机，驱动机器人完成复杂的武术动作。下列选项中与其工作原理相同的是（　　） A． B． C． D． 36．2026年央视春晚节目《武BOT》中，智能机器人接到指令后，可以和人一样精准地完成踢腿、空翻等武术动作。下列与其动力装置的工作原理相同的是（　　） A． B． C． D． 37．真理不能单靠“思维”来获得，还应致力于观察和实验，如图所示，下列关于电与磁的说法正确的是（　　） A．甲：磁感线是真实存在的，小磁针的北极指向地理的北极 B．乙：铁钉上端是电磁铁的N极，P向右移能吸引更多铁钉 C．丙：图示装置和中国最先进的航空母舰所使用的电磁弹射器原理相同 D．丁：闭合开关，导体ab竖直向上运动，电流表指针偏转，此图为发电机原理图 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 电磁现象辨析，其主要内容有电流磁效应、电磁感应、磁场对电流的作用。 电流的磁效应，主要由通电导体周围的磁场来决定。于是，通电导线周围存在磁场，通电螺线管磁场强弱与电流、匝数有关。 磁场对电流的作用由磁场和通电导体来决定，一般指通电导体在磁场中会受到力的作用。除了磁场强弱以外，受力大小还跟电流的大小有关系。 电磁感应现象由闭合电路和导体切割磁感线来决定，比如说发电机、动圈式话筒利用电磁感应工作。不同的电磁现象，我们能辨别出来的话，主要是能量转化和工作原理来决定的。 终极猜想·精练通关 38．关于如图所示的现象，下列叙述不正确的是（     ） A．图甲中，同名磁极间的磁感线分布情况 B．图乙中，通电导体周围存在磁场，电流有磁效应 C．图丙中，闭合开关，通电导体ab在磁场中受到力的作用 D．图丁中，这套装置是探究电动机原理装置图 39．现代汽车内安装有为手机无线充电的装置，充电原理是：无线充电装置通过供电设备产生磁场，该磁场与手机中的接收线圈相互作用，发生电磁感应，电磁感应产生的电流即可实现给手机无线充电。下列生活实例中和无线充电原理一致的是（　　） A．电动机 B．电磁继电器 C．发电机 D．电磁起重机 40．古籍《萍洲可谈》中记载：“舟师识地理，夜则观星，昼则观日，阴晦则观指南针”。使用指南针时，其N极指向地理___________方。现代社会大批量制造指南针，需要用到电磁铁，如图所示，闭合开关S，如果A端是电源正极，则螺线管的左端是___________极。 41．潮汐电站利用海水在涨潮和落潮过程中所具有的动能和势能来发电，潮汐能属于______（选填“可再生”或“不可再生”）能源，潮汐发电的实验原理是图______。 42．某游乐场里有一块能发电的地板，如图所示，当小朋友在上面跳跃时，固定在地板下方的磁铁往复运动，小灯泡便会发光。下列选项中与此装置原理相同的是（　　） A． B． C． D． 押题猜想十八 生活用电 试题前瞻·能力先查 43．如图，在深圳龙岗，一家轮胎店的修车工人将汽油倒入塑料桶，移动塑料桶时突发大火，原因是拉动塑料桶时由于______，使塑料桶失去电子带上______电荷，电荷累积到一定程度出现了放电现象；当电线起火时，消防员不能连续喷水，因为喷出的水具有______性，会引起消防员触电。 44．安全用电关乎人民的生命和财产安全。下列有关说法正确的是（　　） A．图甲：家庭电路的空气开关跳闸，一定是出现了短路故障 B．图乙：只要装有漏电保护器，触摸电路中任何部分都不会触电 C．图丙：插头插入插座后，标①的脚将用电器的金属外壳与地连接 D．图丁：闭合开关S，手指接触M点时不会触电 45．下列行为中，符合安全用电原则的是（　　） A．人离开时切断电源 B．用湿抹布擦发光的灯泡 C．从家中拉线给电动车充电 D．乙位置安装开关，甲位置安装电灯 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 生活用电，其主要内容有家庭电路组成、安全用电原则、电路故障辨析。 家庭电路的连接规范，主要由电路元件的作用和用电规范来决定。于是，开关接火线、用电器并联、保险丝接在火线上。 电路电流过大由总功率过大和短路来决定，一般指同时工作的用电器越多，总功率越大，电流越大。除了总功率以外，电流过大还跟电路发生短路故障有关系。 安全用电规则由用电安全规范来决定，比如说不接触低压带电体、不靠近高压带电体。不同的用电场景，我们能正确判断对错的话，主要是安全用电原则来决定的。 终极猜想·精练通关 46．用电安全是守护生命安全的重要防线，下列情景符合安全用电原则的是（　　） A．冰箱金属外壳接地 B．随意爬电线杆 C．用湿手摸开关 D．单手触碰相线 47．为了市民电动车充电安全，很多地方都配备了安全充电区，如图所示，关于电动车的安全用电，下列说法正确的是（　　） A．不同品牌的电动车可以混用充电器 B．可以将电动车推至楼道内充电 C．绝缘皮破损的充电线可继续使用 D．充电器导线若有损坏应及时更换 48．小明学习了生活用电常识后，反思自己在家经常经历的生活场景，符合安全用电原则的做法是（    ） A．早上起床后，小明觉得室内温度偏低，在未断开电暖器开关、插头也未拔下的情况下，直接将电暖器从卧室搬到客厅 B．妈妈同时使用电饭锅煮粥、电烤箱烤制食物时，电路负荷较大，小明主动关闭了暂时不用的电热水器，避免总功率过大 C．下午家中因用电器过多导致空气开关突然跳闸，小明为了尽快恢复用电，直接将空气开关合上 D．晚上临睡前，小明将手机充电器插入插座并连接手机充电，随后便直接上床睡觉 49．（多选）下列关于家庭电路和安全用电的说法，符合安全用电原则的是（     ） A．更换灯泡前先断开电源开关 B．用湿抹布擦拭正在工作的电视机 C．有金属外壳的用电器要接地 D．保险丝熔断后用铜丝代替 50．“生命宝贵，安全第一”是同学们应具有的安全意识，下列做法符合安全用电原则的是（　　） A．用湿手插拔电源插头 B．使用试电笔时，手指接触笔尖金属体 C．若家用电器着火，先切断电源，再用灭火器灭火 D．多个大功率用电器同时使用同一排插 51．关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（   ） A．人不接触高压电线就不会触电 B．发现有人触电时，应立即用手将其拉开以尽快施救 C．造成家庭电路中空气开关“跳闸”的原因一定是发生了短路 D．使用试电笔时笔尖应该接触被测导线，手指应该按住笔尾金属体 押题猜想十九 欧姆定律的动态电路分析 试题前瞻·能力先查 52．如图电路，电源电压保持不变，滑动变阻器R标有“30Ω  1A”，定值电阻的阻值为10Ω，小灯泡L标有“6V  3.6W”（电阻不随温度变化），电流表的测量范围为0~3A。当S闭合，、断开，滑片P移到R的中点时，小灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的前提下，以下说法正确的是（　　） A．小灯泡的电阻是20Ω B．电源电压为9V C．当开关都闭合时，电路中的最大电流为1.5A D．电路消耗总功率的最小值与最大值之比是3∶20 53．（多选）如图甲所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器的阻值随电阻丝长度均匀变化。闭合开关S，滑片P从最右端向左滑动，滑片P到最右端的距离为x，观察并记录电压表、电流表示数，根据数据绘制出电压表示数U与x的图像（如图乙），电流表示数I与x的图像（如图丙）。下列说法正确的是（　　） A．滑动变阻器存在断路故障 B．滑片P移到最左端时，电压表的示数达到最大 C．时，滑动变阻器接入电路的阻值为5Ω D．若滑片P移到最左端， 54．如图甲，电源电压恒定，R为定值电阻，滑动变阻器R′标有“20Ω，1A”，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼15V，只闭合开关S和S1，滑片从最右端滑动到a点时，灯泡L恰好正常发光，只闭合开关S和S2，滑片从a点向某一方向移动，直到b点时，电压表示数与灯泡L正常发光时的电压相同，两次调节过程中，两电表示数关系如图乙所示，下列说法中不正确的是（　　） A．电源电压为8V B．灯泡正常发光时的电阻为12Ω C．定值电阻R的阻值为20Ω D．b点在a点的右侧 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 欧姆定律的动态分析，其主要内容有电阻变化、电流变化、电压变化。 电路电阻的大小，主要由导体的材料、长度、横截面积、温度来决定。于是，导体越长、横截面积越小，电路电阻越大。 电路电流由电路电压和电阻来决定，一般指电源电压不变时，电路电阻越小，电路电流越大。除了电阻大小以外，电路电流还跟电源电压的大小有关系。 电路电压分配由串联电阻的大小来决定，比如说滑动变阻器阻值改变、引起电路电流和各用电器电压变化。不同的电路动态变化，我们能分析判断出来的话，主要是欧姆定律规律来决定的。 终极猜想·精练通关 55．如图，电源电压保持不变，小灯泡L标有“”，且灯丝电阻不随温度变化，为定值电阻。闭合开关S，滑动变阻器的滑片P位于a端时，小灯泡正常发光，电压表与的示数之比；调节滑片P位于b端时，小灯泡的实际功率为0.4W，电压表与的示数分别是和。则（　　） A．电源电压为10V B． C．的阻值为 D．的最大阻值为 56．（多选）将一个定值电阻接入图甲所示电路的虚线框处，并将一个电压表（图中未画出）并联在某段电路两端，闭合开关，移动滑片P，多次记录两电表示数；断开开关，只将定值电阻更换为小灯泡，再次获取数据并记录；将记录的数据绘制成如图乙所示的I-U图像。下列分析正确的是（　　） A．电源电压为4V B．定值电阻阻值为10Ω C．定值电阻和灯泡两端的电压各为3.5V时，灯泡的电阻较大 D．接入小灯泡后，将滑片P向右移动时，电压表的示数将变小 57．图甲为自动气象站中的测温装置，它的测温电路可简化为图乙，其中的“恒流源”是一个特殊电源，电流大小由电源内部结构决定，当电阻R变化时，通过R的电流大小保持不变，电阻R的阻值随温度的变化规律如图丙所示，通过数字电压表的示数可反映环境的温度。下列有关说法正确的是（　　） A．每升高1℃，R的阻值增大5.4Ω B．环境温度升高时，电压表的示数减小 C．温度的变化值相同时，电压表示数的变化值越大，该装置的灵敏度越低 D．若要增大该测温装置的灵敏度，可换一个电流值更大的恒流源 58．如图所示的电路，电源电压保持不变，忽略温度对灯丝阻值的影响。关于此电路，下列分析正确的是（　　） A．小灯泡与变阻器串联，电压表测变阻器两端电压 B．当变阻器滑片P向右滑动时，电压表示数变大 C．灯L断路时，电流表示数变小，电压表示数不变 D．开关S被短路时，电压表示数变大，灯L变得更亮 59．（多选）汽车超速易引发安全事故，某物理兴趣小组设计了一款超速自动报警装置，该装置的简化电路图如图（a）所示，电源电压为，定值电阻为，为速度传感器，速度传感器的阻值随车速变化的关系如图（b）所示，当电压表示数达到时，报警装置启动，此时车速为。下列说法正确的是（　　） A．当汽车行驶速度逐渐增大时，电压表的示数增大 B．该装置可以通过增大阻值的方法实现低于时开始报警 C．当车速达到时，的阻值为 D．当车速达到时，电压表示数为 押题猜想二十 特殊方法测电阻 试题前瞻·能力先查 60．小辉用如下器材测量小灯泡的电阻：待测小灯泡（额定电压为2.5V）、稳压电源3V、电流表、电压表、滑动变阻器、开关、导线若干。实验电路如图甲所示，根据实验数据描点连线绘制的小灯泡的I-U图像如图乙所示。 (1)请用笔画线代替导线，在图甲中完成实验电路的连接（要求滑片向左滑动时，电压表示数变小，导线不交叉）。 (2)为保证实验顺利进行，应选用规格为_______（填选项字母）的滑动变阻器。 A．“” B．“” C．“” (3)若电路连接完整后闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，可能是小灯泡_______（选填“断路”或“短路”）。 (4)排除故障后进行实验，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电压表示数如图丙所示，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向_______（选填“左”或“右”）移动。 (5)本实验进行多次测量的目的与下列实验中多次测量的目的相同的是_______（填选项字母）。 A．测量定值电阻的阻值 B．用刻度尺测量铅笔的长度 C．探究电流与电压和电阻之间关系 (6)完成上述实验后，老师取走了电流表，让同学们用一个电压表和已知阻值的定值电阻R0设计电路，测量小灯泡正常发光时的电阻。某小组设计的实验电路图如图丁所示，操作过程如下： ①只闭合开关S电压表示数为U； ②闭合开关S、S1、S3，移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数为U1，此时_______； ③保持滑动变阻器滑片P的位置不变，断开开关S1，闭合开关S、S2、S3，此时电压表示数为U2，则小灯泡正常发光的电阻为_______。 61．小明在“测量小灯泡的电阻”的实验中先用如图甲所示的器材进行实验，小灯泡额定电压为2.5V。 (1)请你用笔画线代替导线，把图甲中实物电路连接完整（要求：滑动变阻器滑片向左移动时，灯泡变亮）； (2)闭合开关后，移动滑片，发现电压表无示数，电流表有示数，小灯泡不亮。其原因可能是________； (3)故障排除后，闭合开关，移动滑片多次实验，将数据绘制成小灯泡的I-U图像如图乙所示，分析图像可知小灯泡正常工作时的电阻为_______Ω，还可以从图像中得到什么信息？___________。 (4)小明设计图丙所示电路测未知电阻Rx的阻值，已知滑动变阻器最大阻值为R0。实验步骤： ①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到α端，记录电流表示数为I1； ②将滑动变阻器的滑片P移到b端，记录电流表示数为I2； ③待测电阻的表达式 _______（用已知量和测得的物理量表示）。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 特殊方法测电阻，其主要内容有伏安法变式、缺电流表测电阻、缺电压表测电阻。 电阻的测量原理，主要由欧姆定律公式来决定。于是，利用已知阻值定值电阻和串并联规律，即可间接测出未知电阻阻值。 测量电路设计由所缺电表的类型来决定，一般指缺少电流表时利用串联分压规律测量。除了电表缺失以外，测量方案还跟定值电阻的搭配使用有关系。 测电阻的方案辨析由电路连接和测量原理来决定，比如说串联分压测电压、并联分流测电流。不同的测电阻方法，我们能辨别和设计出来的话，主要是串并联电路规律和欧姆定律来决定的。 终极猜想·精练通关 62．小明用如图甲所示电路测量小灯泡正常发光时的电阻，电源电压为3V，待测小灯泡的额定电压为2.5V。 (1)图甲中有一根导线连接错误，请在这根导线上打“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确，导线不得交叉。 (2)连接电路时，开关应处于______状态。电路连接正确后，闭合开关，发现两电表指针偏转情况如图乙所示，则电路存在的故障可能是______； (3)排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某位置，电压表示数如图丙所示，为______V。为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向______（选填“左”或“右”）移动； (4)多次实验后，实验数据如下表所示，可知小灯泡正常发光时的阻值为______Ω（计算结果保留一位小数）。 实验次数 电压U/V 电流I/A 灯泡发光情况 1 1.5 0.24 暗 2 2.5 0.30 明亮 3 2.8 0.32 耀眼 (5)结合实验数据和发光情况可知，小灯泡的亮度取决于其______（选填“额定功率”或“实际功率”）。 63．物理实验小组用2节干电池等器材测量未知电阻的阻值，实物图如图甲。 (1)请你用笔划线代替导线，将图甲中电路连接完整。 (2)闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到最___________端（选填“左”或“右”）。 (3)闭合开关后，观察到电流表无示数，电压表指针有示数，则故障原因可能是___________（选填“断路”或“短路”）。 (4)排除故障后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P移到某一位置时，电压表示数为1.6V，电流表示数如图乙所示为___________A，则未知电阻___________Ω。 (5)如图丙，小王直接用滑动变阻器（已知最大阻值为）和电流表，也测出了的阻值，请补充完整： ①闭合开关，当滑动变阻器滑片P位于A端时，记下电流表示数； ②闭合开关，当滑动变阻器滑片P位于B端时，记下电流表示数； ③电阻___________。（用、和表示） 64．小强从废旧收音机上拆下一个完好的定值电阻，他想知道该电阻的阻值，采用“伏安法”进行测量，图甲实验所用电源电压为。 (1)请用笔画线表示导线，将图甲中的电路连接完整（要求滑片向右滑时电压表示数减小）。 (2)连接好电路后闭合开关，发现电压表有示数，电流表无示数，由此可判断产生的故障是电阻处________。 (3)排除故障后，正确连接电路。移动滑动变阻器滑片到某一位置时，发现电压表示数为2.4 V，电流表示数如图乙所示，为________，则定值电阻的阻值为________。 (4)为了减小实验误差，小强应采取的措施是：________。 (5)小强不小心将电压表损坏，老师告诉小强，仅利用电流表和已知阻值的定值电阻也可以测电阻。小强设计了图丙所示的电路（电源电压未知）来测量另一个待测电阻的阻值，电流表选的测量范围，定值电阻的阻值为。具体操作如下： a.闭合开关，断开开关，读出电流表示数为0.40 A； b.________，读出电流表示数为0.50 A；（将该操作补充完整） c.由以上数据可得，待测电阻的阻值为________。 押题猜想二十一 探究电流与电阻的关系 试题前瞻·能力先查 65．小明按照如图所示的实物图做“探究电流与电阻的关系”实验。已知电源电压恒为4.5V，实验用到的滑动变阻器的规格为“ ”。 实验次数 1 2 3 4 5 电阻 5 10 15 20 25 电流 0.40 0.20 0.14 0.10 0.08 (1)正确连接电路后，闭合开关，发现电流表指针偏转，而电压表指针不偏转，则可能的原因是________________。 (2)根据数据可知，在实验中定值电阻两端电压始终保持为________V，进一步分析数据，可以得到实验结论：在电压一定时，________________________。 (3)小明记录的实验数据如表所示，老师判断其中有一组数据是编造的，它是第________次实验的数据，判断的依据是________________________________。 66．实验小组同学利用如图甲所示电路探究“电流与电阻的关系”，电源电压恒为4.5V，五个定值电阻R分别为：“5Ω”“10Ω”“15Ω”“20Ω”及“25Ω” (1)请用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整；（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数变大，导线不得交叉） (2)断开开关，保持滑动变阻器滑片位置不变，用“10Ω”的电阻替换“5Ω”的电阻，闭合开关，此时应向________（选填“左”或“右”）移动滑片才能达到实验要求； (3)实验结束后，小组同学又自制了如图丙所示的“电阻测量盒”，可以用来测量一个定值电阻的阻值。盒内有电源（电压不变但未知）、阻值已知的定值电阻、开关和电流表，并引出两根导线到盒外，将盒外两根导线分别与待测电阻两端的接线柱相连，根据盒内开关的闭合、断开时电流表的示数，便可计算出的阻值，则下图中设计的盒内电路图不符合要求的是________（选填字母序号）。 A． B． C． D． 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 探究电流与电阻的关系，其主要内容有控制变量操作、电流电阻变化规律、实验结论辨析。 电路中电流的大小，主要由电阻的大小来决定。于是，电压保持不变时，电阻越大，电路中的电流越小。 实验结论由定值电阻的阻值变化来决定，一般指更换更大阻值电阻，电流随之减小。除了电阻阻值以外，实验过程中必须保持定值电阻两端电压不变。 实验操作与规律辨析由控制变量法来决定，比如说更换电阻后调节滑动变阻器保持电压不变。不同的实验现象和结论，我们能准确判断出来的话，主要是电流与电阻的反比规律来决定的。 终极猜想·精练通关 67．在探究“电流与电阻的关系”的实验中，小津用图甲所示的电路进行实验：电源电压恒为4.5V，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，“20Ω 1A”的滑动变阻器一个，导线若干，电流表使用0~0.6A量程。 (1)请用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整。 (2)闭合开关后，小津发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，两电表的指针始终处于图乙所示的状态，则故障的原因可能是电阻________（选填“短路”或“断路”）。 (3)排除故障后，小津先用5Ω的电阻做完实验后，不移动滑片，断开开关，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，然后闭合开关，接着他应向________（选填“A”或“B”）端移动滑动变阻器的滑片使电压表示数为_______V，记下电流表示数。 (4)实验完成后，根据实验数据绘制的图像如图丙所示，可以得到的实验结论是________。 (5)分析几次实验中记录的数据可知，定值电阻消耗的最大功率为________W；为了完成这五次实验探究，定值电阻两端的电压的范围为________V。 (6)小华的实验小组想测另一个小灯泡的电功率，已知小灯泡的额定电流为I0，由于电压表被损坏，于是他们想出另一种测量小灯泡额定功率的方法，电路设计如图所示，其中为R0阻值已知的定值电阻，请将以下实验步骤补充完整： ①检查电路无误后，闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器滑片直至电流表示数为I0。 ②____________，断开开关S1，闭合S2，读出电流表的示数为I。 ③小灯泡的额定功率_______（用R0、I0、I表示）。 68．小华同学为了探究“电流与电阻的关系”，设计了如图甲的实验电路，她在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为10Ω、20Ω、50Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器上标有“20Ω，1A”字样，导线若干。 (1)在闭合开关前，应将滑动变阻器滑片滑到最______（填“左”或“右”）端； (2)小华先把10Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，她直接拆下10Ω的电阻，改换成阻值为20Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如图丙所示，其示数是______V，要完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片向______（填“左”或“右”）端移动，使电压表的示数再次为2V； (3)当小华改用50Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值，你认为“电压表的示数无法达到实验要求的值”的原因可能是______。 A．滑动变阻器的阻值太大 B．电压表量程选小了 C．滑动变阻器的阻值太小 D．滑动变阻器烧坏了 69．在探究电流和电阻的关系时，使用的器材有：学生电源，定值电阻（阻值为、、、、的各一个），滑动变阻器，电流表，电压表，开关和导线。实验电路如图。 (1)将电源电压调为，预设定值电阻两端电压保持不变。 ①闭合开关后，发现电流表有示数，电压表无示数，电路中出现的故障可能是定值电阻______（选填“短路”或“断路”）； ②排除故障，在用的定值电阻做完实验后，若忘记断开开关就拆下定值电阻，则______表可能损坏； (2)多次实验收集数据如下表。 实验序号 1 2 3 4 电阻 5 10 20 25 电流 0.4 0.2 0.1 ①第4次实验中，换用的定值电阻后，无论怎样调节滑片，电压表示数始终大于，原因可能是滑动变阻器的最大阻值较______； ②分析前3次实验数据可得初步结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。请写出“成反比”的依据_______。 ③更换变阻器，测出第4组数据后，______（选填“需要”或“不需要”）重新测量前三次实验数据。 押题猜想二十二 欧姆定律、电功率的简单计算 试题前瞻·能力先查 70．在图甲所示电路中，滑动变阻器标有“50，1A”字样，电阻的阻值为5，小灯泡的图像如图乙所示。闭合开关，将滑动变阻器滑片移至最左端时，小灯泡恰好正常发光，电流表示数为0.3A。求： (1)灯泡的额定功率； (2)电源电压； (3)移动滑动变阻器，当和小灯泡功率相同时，滑动变阻器的接入电路的阻值是多少？ 71．将定值电阻、串联接在电路中，如图甲所示，闭合开关后，图甲中电流表的示数为0.4A，电压表的示数为4V；再将、并联后接在同一电源上，如图乙所示，闭合开关后电压表的示数为6V，则图乙中电流表的示数为______A。 72．如图甲是一款多功能养生壶，图乙是它内部的简化电路图，其中、为电热丝，且阻值均不变。若养生壶低温挡功率为400W，则它高温挡的功率为________W。若该电热水壶在中温挡正常工作1min，产生的热量为________J。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 欧姆定律、电功率的简单计算，其主要内容有欧姆定律计算、电功计算、电功率计算。 电路电流的大小，主要由电压和电阻来决定。于是，电压越大、电阻越小，电路中的电流越大。 电功大小由电压、电流和通电时间来决定，一般指电压越高、电流越大、时间越长，消耗电能越多。除了电压、电流、时间以外，电功大小还跟电路连接方式无额外关联。 电功率大小由电压和电流来决定，比如说用电器两端电压、通过电流不同，实际功率不同。不同的电学计算题型，我们能求解计算出来的话，主要是欧姆定律和电功率公式来决定的。 终极猜想·精练通关 73．近年来热销的3D打印笔，是一款具有立体绘画功能的画笔，如图甲所示，通电后笔内电阻丝发热使笔内绘画材料熔化，打印笔工作时有高温挡和低温挡两个挡位，加热电路简化后如图乙所示，电源电压恒为5V，，高温挡的功率是低温挡功率的5倍，忽略电阻丝阻值随温度的变化。求： (1)低温挡的功率。 (2)电阻的阻值。 (3)处于高温挡时，通电1min该打印笔产生的热量。 74．如图所示，电源电压为3V且保持不变，a、b是粗细均匀电阻丝的两个端点，c是电阻丝的中点。只闭合开关S1，电流表示数为0.5A；若闭合开关S1和S2，则通电2min该电阻丝产生的热量为_______J。 75．如图所示的电路中，电源电压不变，定值电阻R1=10Ω，R2=20Ω，闭合开关S，通电1min整个电路产生的热量为18J，则电阻R2上产生的热量为________J。 76．养生壶以其独特的功能和设计成为了追求健康生活人士的得力助手。小华家新买的一款养生壶，其工作电路可简化成如图所示的电路简图，该养生壶有“加热”和“保温”两挡，额定电压为220V，电热丝，保温功率为110W。则： (1)养生壶是利用电流的_______效应工作的。 (2)保温挡正常工作时电路中的电流? (3)养生壶在“加热”挡工作时的电功率是多大? (4)将壶内1kg的茶水从25℃加热至75℃耗时5min，此养生壶的加热效率是多少?[c茶 押题猜想二十三 电学综合计算 试题前瞻·能力先查 77．小丽有一台有“低温”、“中温”和“高温”三个挡位的电加热器，其简化电路图如图所示，电源电压恒为，、是电热丝，开关同时接触相邻的两个触点。，的电阻为电阻的一半。当开关接触“1”、“2”两个触点时，为__________（填“低温”“中温”或“高温”）挡，通电，使牛奶温度升高，此过程产生的热量是__________J，加热效率为__________ 78．如图所示的是某品牌电热水壶的简化电路，电源电压恒为，、是发热电阻（阻值不变）。当只闭合开关时，电热水壶处于保温挡，保温挡额定功率为；同时闭合开关、时，电热水壶处于加热挡，加热挡额定功率为。求： (1)保温挡正常工作时，电路中的电流； (2)电热水壶处于加热挡正常工作产生的热量； (3)发热电阻的阻值。 (4)若电热水壶加热效率为80%，则加热挡工作5min水吸收的热量是多少？ 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，压轴题。 电学综合计算，其主要内容有欧姆定律计算、电功电功率计算、电热综合计算。 电路电流的大小，主要由电路电压和电阻来决定。于是，电压越大、电阻越小，电路中的电流越大。 电功和电功率大小由电压、电流来决定，一般指用电器两端电压越高、通过电流越大，功率越大、消耗电能越快。除了电压、电流以外，电功大小还跟通电时间有关系。 电学综合计算规律由电路连接方式和电学公式来决定，比如说串联分压、并联分流的电路特点。不同的电学综合题型，我们能准确分析计算出来的话，主要是电路规律和电学公式来决定的。 终极猜想·精练通关 79．如图甲所示是某中学物理兴趣小组自制的可调节亮度的台灯，图乙是台灯的简化电路原理图。电源电压为3V始终不变，R是调节灯泡亮度的滑动变阻器，最大阻值为10Ω。灯泡L标有“2.5V  1.25W”字样，忽略温度对灯丝电阻的影响。求： (1)灯L正常发光时的电阻； (2)灯L正常发光时，变阻器R工作5min产生的热量； (3)灯L的最小实际电功率。 80．某同学看见机场有规定：“严禁携带额定能量超过的充电宝搭乘飞机。”我们知道是功率的单位瓦，是时间的单位时，所限定的是指能量的大小。他带了一个充电宝，看见铭牌上写着“电池容量”。 (1)他能带这个充电宝搭乘飞机吗？请通过计算说明。 (2)假设把一个物体缓慢举高1米所做的功恰好等于，该物体的质量有多大？取。 (3)充电宝自身也有微弱的电阻，约为，常规放电电流为，求充电宝给手机充电（充电宝放电）的1小时，电流在充电宝自身产生的热量是多少焦耳？ 81．小宇使用一款多挡位加热鼠标垫，其内部简化电路如图所示。电源为USB稳压电源，电压保持不变；通过开关切换多种挡位，的电阻为。当只闭合开关时，电流表示数为；当闭合开关、、时，电流表示数为；当只闭合开关时，电压表的示数为。求： (1)电源电压； (2)的电阻大小； (3)最高温挡和最低温挡各工作所产生的热量之差。 82．如图所示的电路，定值电阻R1的阻值为15，定值电阻R2的阻值为30，闭合开关S后，电流表A的示数为0.20A求： (1)电阻R1两端的电压； (2)电源电压： (3)整个电路在1min内产生的热量。 押题猜想二十四 电热综合计算 试题前瞻·能力先查 83．如图甲所示，使用3D打印笔进行立体绘画。打印笔通电后，笔内电阻丝发热使笔内绘画材料熔化，加热电路如图乙所示。电源电压恒为，和为发热电阻丝，，当开关、都闭合时为高温挡，通过的电流为。求： (1)通过的电流； (2)低温挡工作时，电阻丝产生的热量； (3)高温挡工作时，电路消耗的电能。 84．小明给家中喂养热带鱼的鱼缸设计了一个加热装置（如图甲），该装置电路如图乙所示：L为照明装饰小彩灯（标有“6V  3W”），S1为总开关，S2为温控开关（温度低于20℃自动接通，温度升高到24℃时自动断开），R是阻值为3Ω的电热丝。某次换水后，鱼缸内有10kg初温为19℃的水，开关S1、S2闭合，L正常发光，R开始发热。请你用所学知识与小明一起解决下列问题[]。 (1)R开始发热到停止工作水吸收了多少热量？ (2)R开始发热到停止工作的时间是多少秒？（不考虑热量损失，电热丝产生热量均被水吸收。） 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 电热综合计算，其主要内容有电热计算、电功率计算、电热与电能综合应用。 电热的多少，主要由电流、电阻和通电时间来决定。于是，电流越大、电阻越大、通电时间越长，产生的电热越多。 用电器发热功率由电流和电阻来决定，一般指电路中电流越大、电阻越大，发热功率越大。除了电流和电阻以外，电热多少还跟通电的时间长短有关系。 电热的辨析与计算由电路类型和焦耳定律来决定，比如说纯电阻电路电能全部转化为热能、非纯电阻电路电能部分发热。不同的电热计算题型，我们能准确区分和计算的话，主要是焦耳定律和电路特点来决定的。 终极猜想·精练通关 85．如图甲所示是一款可以通过USB接口连到电脑上的电热杯垫。杯垫内部简化电路如图乙所示，R1、R2为电热丝，开关S1、S2同时闭合时，处于加热状态，整个电路中的电流是1.5 A；只闭合开关S1时，处于保温状态。已知R1的电阻为10 Ω，USB接口的输出电压为5 V。求： (1)处于加热状态10 s，杯垫产生的热量是______J； (2)处于保温状态时，杯垫的功率大小； (3)电热丝R2的阻值。 86．图甲为某煮茶器的实物图，图乙为其电路原理图，表格中是该煮茶器的主要参数，和为电阻不变的电热丝，S为总开关，为温控开关，该煮茶器可以通过控制S、两个开关的通断实现加热、保温两个挡位的变化，将煮茶器接入电源电压为220V的电路中。求： 额定电压 加热功率 保温功率 220V 1210W 110W (1)煮茶器处于加热挡时的电流； (2)煮茶器处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量； (3)的阻值。 87．如图甲所示，是小明家新购买的电热开水瓶，有加热挡和保温挡，铭牌部分参数如表所示，其简化电路图如图乙所示，其中和均为加热电阻，且阻值不随温度而变化。［，］ 额定电压/V 220 加热挡额定功率/W 1210 保温挡额定功率/W 44 (1)电热开水瓶是利用电流的________效应工作的。 (2)电热开水瓶将体积为4L、初温为15的水加热至55，水吸收的热量是多少？ (3)用电高峰期，小明关闭家里其他所有用电器，只让电热开水瓶以加热挡工作，发现在60s内家中如图丙所示的电能表的指示灯闪了25次，此时家庭电路的实际电压是多少？ ( 2 )原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 8 / 8 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年中考物理终极押题猜想（云南） 考情为骨 密押为翼 押题猜想一 估测与物理学史 2 押题猜想二 声音的特性 4 押题猜想三 物态变化辨析 7 押题猜想四 内能和分子动理论 10 押题猜想五 光现象辨析 13 押题猜想六 平面镜成像 17 押题猜想七 凸透镜成像规律 20 押题猜想八 力学基础知识 23 押题猜想九 运动和力 26 押题猜想十 压强的理解分析和应用 31 押题猜想十一 浮力的理解和浮沉状态的分析理解 35 押题猜想十二 功和功率的简单计算 40 押题猜想十三 机械能及其转化 46 押题猜想十四 探究杠杆的平衡条件 54 押题猜想十五 滑轮组的相关计算 57 押题猜想十六 力学综合计算 59 押题猜想十七 电磁现象辨析 62 押题猜想十八 生活用电 64 押题猜想十九 欧姆定律的动态电路分析 66 押题猜想二十 特殊方法测电阻 69 押题猜想二十一 探究电流与电阻的关系 73 押题猜想二十二 欧姆定律、电功率的简单计算 83 押题猜想二十三 电学综合计算 87 押题猜想二十四 电热综合计算 95 押题猜想一 估测与物理学史 试题前瞻·能力先查 1．如图所示，玻璃咯嘣是起源于山西交城的音乐玩具，属于省级非物质文化遗产，深受儿童欢迎，请你根据图中信息估测该玻璃咯嘣的长度约为（　　） A．8cm B．18cm C．28cm D．38cm 【答案】B 【详解】成年人手掌的长度大约在之间，由图可知，玻璃咯嘣的长度和成年人手掌长度相近；过短，、都过长，不符合实际，因此估测该玻璃咯嘣长度约为，故选B。 2．下列估测的数据中，最符合实际的是（　　） A．夏天适合人们洗澡的水温约40℃ B．光在真空中的传播速度为 C．智能手机工作电压为220V D．用手匀速托起两个鸡蛋的力约10N 【答案】A 【详解】A．人的正常体温约为，洗澡水温略高于体温时体感舒适，的水温符合夏天洗澡的实际需求，故A符合题意； B．光在真空中的传播速度约为，故B不符合题意； C．智能手机由锂电池供电，工作电压一般为，故C不符合题意； D．一个鸡蛋的质量约为，两个鸡蛋质量约为，即，匀速托起两个鸡蛋的力等于其重力，故D不符合题意。 故选A。 3．科学家的每次重大发现，都有力地推动了人类文明的进程。丹麦物理学家_______首先发现了电流周围存在着磁场，第一个揭示了电和磁之间的联系；而英国物理学家_______利用逆向思维，通过十余年的研究，终于发现了电磁感应现象。 【答案】 奥斯特 法拉第 【详解】电流周围存在磁场的现象即电流的磁效应，是由丹麦物理学家奥斯特首先发现的，这一发现首次揭示了电与磁之间的联系。英国物理学家法拉第运用逆向思维，经过十余年的研究，发现了电磁感应现象，该现象是发电机的工作原理，推动了人类电气时代的发展。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题，多以选择题、填空题形式出现，侧重考查基础识记和简单应用，难度较低，失分率低，是必拿分题型。 估测与物理学史，其主要内容分为两大部分：常见物理量的估测、重要物理学史（科学家及其贡献）。 估测指对生活中常见的物理量（长度、质量、时间、速度、温度、压强、功率等）进行合理的估算，主要结合生活实际经验和基础物理公式，不需要精确计算，重点考查对物理量单位的理解和生活常识的积累。于是，常见的估测对象多为学生熟悉的场景，如课桌高度、中学生体重、步行速度、室温等，牢记常见物理量的标准值，即可准确判断。 物理学史主要考查重要科学家及其对应的科学贡献，由科学家的实验研究、理论发现来决定，一般指重点识记核心科学家与核心贡献，不考查复杂的实验过程。除了核心贡献以外，物理学史还跟考点的高频考查重点有关系，优先考查教材中明确提及的、与初中物理核心知识点相关的科学家及贡献。 常见的物理学史考点由科学家的研究领域和成果来决定，比如说牛顿与万有引力定律、伽利略与斜面实验（阻力对物体运动的影响）、托里拆利与大气压的测定、奥斯特与电流的磁效应。不同科学家的贡献，我们能准确区分出来的话，主要是牢记核心对应关系来决定的。 终极猜想·精练通关 4．（多选）下列表述中符合事实的是（　　） A．亚里士多德提出了力是维持物体运动的原因的观点 B．物理学家马德堡最早用实验证明了大气压强的存在 C．科学家托里拆利最早完成了测量大气压值的实验 D．当物体漂浮在水面时，不适用阿基米德原理 【答案】AC 【详解】A．亚里士多德根据生活经验提出了“力是维持物体运动的原因”的观点，符合物理学史实，故A正确； B．证明大气压存在的著名实验是马德堡半球实验，该实验是奥托·冯·格里克在马德堡市完成的，故B错误； C．托里拆利最早通过实验测出了大气压强的具体数值，符合史实，故C正确； D．阿基米德原理适用于所有浸在液体（气体）中的物体，漂浮在水面的物体同样遵循阿基米德原理，故D错误。 故选AC。 5．意大利科学家________最早精准测出大气压的值；英国物理学家法拉第历经十年，进行多次实验，发现了________现象，据此发现，后来发明了发电机。 【答案】 托里拆利 电磁感应 【详解】略 6．我们学过许多物理量的单位是用科学家的名字命名的，以表示科学家对科学发展所做贡献的纪念。热量的国际单位是用下列哪个科学家名字来命名的。（　　） A．焦耳 B．阿基米德 C．牛顿 D．瓦特 【答案】A 【详解】热量的国际单位为焦耳，故选A。 7．2026央视春晚节目中，多台人形机器人与少年武术演员同台表演，将中国传统武术与现代智能技术完美融合，请你估测图中机器人的身高约为（　　） A．182μm B．182mm C．182cm D．182dm 【答案】C 【详解】A．，尺寸极小，远小于机器人大小，不符合实际，故A错误； B．，仅巴掌大小，不符合人形机器人的尺寸，不符合实际，故B错误； C．，和普通成年人身高相近，符合与少年演员同台表演的人形机器人的身高，符合实际，故C正确； D．，相当于五六层楼的高度，远大于正常机器人身高，不符合实际，故D错误。 故选C。 8．在2025年第十五届全运会火炬“绽放”传递中，如图所示的人形机器人单臂负载火炬完成了100m奔跑传递。下列关于火炬的长度和质量估测最合理的是（    ） A．火炬长度约为10cm，质量约为15g B．火炬长度约为80cm，质量约为1.5kg C．火炬长度约为100cm，质量约为150kg D．火炬长度约为150cm，质量约为150kg 【答案】B 【详解】火炬的长度大约与机器人手臂的长度相当。一般为60cm到80cm之间，10cm太短，100cm与150cm太长；火炬需要由机器人手持并奔跑传递，因此其质量不能太重，一般来说，质量在1kg到2kg之间。15g不到一个鸡蛋的重量，太轻。150kg相当于一个成年人的体重，太重了。综上所述，B符合题意。 故选B。 9．下列对常见物理量的估测，符合实际的是（     ） A．中学生百米赛跑的时间约为5.8秒 B．正常人的脉搏跳动约为72次/s C．九年级学生站在教室地面上对地面的压强约为 D．鄱阳湖冬季湖面的气温可达40℃ 【答案】C 【详解】A．中学生百米赛跑的世界纪录是9秒多，普通中学生百米成绩一般在13~17秒左右，故A不符合题意； B．正常人的脉搏跳动约为72次/分钟，约1.2次/秒，故B不符合题意； C．九年级学生的质量约为，对地面的压力为 双脚与地面的接触面积约为 对地面的压强 与题目中的接近，符合实际，故C符合题意； D．鄱阳湖位于我国南方，冬季湖面气温通常在0℃∼10℃左右，故D不符合题意。 故选C。 押题猜想二 声音的特性 试题前瞻·能力先查 10．AI换声是指利用人工智能技术复制或模仿某个人的声音，这里主要模仿声音的（　　） A．音调 B．响度 C．音色 D．频率 【答案】C 【详解】不同发声体发出声的音色不同，是区分不同发声体的依据；AI换声是指利用人工智能技术复制或模仿某个人的声音，这里主要模仿声音的音色。故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 11．如图所示，某同学用7个相同的玻璃杯装入不同质量的水，即完成了自制乐器，用筷子敲击不同的玻璃杯，能发出不同______（填声音的特征）的声音，从而演奏乐曲。 【答案】音调 【详解】由于不同质量水的玻璃杯振动频率不同，故敲击时发出声音的音调不同。 12．自潮汕英歌舞登上春晚舞台后，世界看到中华文化“燃”到骨子里的生命力。观看表演过程中，小明分辨出“鼓声”和“英歌槌击打声”原因是（　　） A．音调 B．音色 C．频率 D．响度 【答案】B 【详解】小明分辨 “鼓声” 和 “英歌槌击打声”，是因为这两种声音的音色不同，这是由鼓和槌的材料、结构差异决定的。故选B。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 声音的特性，其主要内容有音调，响度，音色。 音调指声音的粗细和高低，主要由频率来决定。于是，轻小薄紧短的物体音调比较起高。 响度由物体的振动幅度来决定，一般指用的力量越大，响度越大。除了振幅以外，响度还跟听者与声源的距离有关系。 音色由有物体的结构和材料来决定，比如说不同的乐器发出的声音。不同的人发出的声音，我们能辨别出来的话，主要是音色来决定的。 终极猜想·精练通关 13．“村村箫鼓家家笛”描述了古时人们在正月初七这天，击鼓吹笛祈祷麦子和春蚕的丰收的景象。下列有关声现象的说法正确的是（　　） A．笛子发出的声音是由空气柱振动产生的 B．鼓声在空气中传播速度比笛声大 C．用力敲鼓时，鼓声的音调变高 D．人们根据声音的音调分辨出是鼓声还是笛声 【答案】A 【详解】A．笛子是管乐器，发出的声音是由笛子内部的空气柱振动产生的，故A正确； B．声速只和介质种类、温度有关，相同温度下，鼓声和笛声在空气中的传播速度相同，故B错误； C．用力敲鼓时，鼓面的振动振幅变大，鼓声的响度变大，振幅不影响音调，故C错误； D．不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色不同，即人们是通过音色分辨鼓声和笛声，不是音调，故D错误 故选A。 14．青春逐梦绿茵场，挥洒激情志昂扬。校运会开幕式中鼓手们奋力敲打鼓面，鼓面发出声音，鼓声是由鼓面________产生的；鼓手用大小不同的力敲打鼓面是为了改变鼓面发出声音的________（选填“音调”“响度”或“音色”）。 【答案】 振动 响度 【详解】声音都是由物体的振动产生的，因此鼓声是由鼓面振动产生的；响度的大小由物体振动的振幅决定，鼓手用大小不同的力敲鼓时，鼓面振动的振幅会发生改变，因此目的是改变声音的响度。 15．智能音箱播放广西民歌时，“调大音量”改变的是声音的（     ） A．音色 B．音调 C． 响度 D．传播速度 【答案】C 【详解】调大音量，就是增大了声音的振幅，让声音变得更响，因此响度会改变。故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 16．在学校文艺汇演上，小明用力击鼓，为表演增添了雄壮的气势。关于这一情境，下列说法正确的是（　　） A．鼓声是由鼓面的振动产生的 B．鼓声的传播速度是 C．鼓声对于任何人来说都是乐音 D．用力敲击鼓是为了提高鼓声的音调 【答案】A 【详解】A．声音是由物体振动产生的，故A正确； B．光的传播速度是，声音在空气中的传播速度为，故B错误； C．噪音的判断是相对的，对于想要安静的人，鼓声也是噪音，故C错误； D．用力敲鼓是为了提高鼓声的响度，故D错误。 故选A。 17．放风筝时，风筝线发出的“咻咻”声、树梢上小鸟的“啾啾”声、草地上脚步的“沙沙”声组成了一幅美丽的声音画卷。我们能辨别这些声音是因为（　　） A．音调不同 B．响度不同 C．音色不同 D．频率不同 【答案】C 【详解】音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们能辨别不同的声音是因为它们发出声音的音色不同。 故选C。 18．如图所示，2026年央视春晚节目中，演员用我国一种古老的闭口吹奏乐器“埙”（xūn）演奏乐曲。演员吹奏时，用手指按住埙上不同位置的气孔，达到改变所发出声音的__________（填写描述声音特性的名称）。 【答案】音调 【详解】演奏者用手指按压不同位置的气孔，则发声的空气柱长度不同，振动频率不同，因此主要是改变声音的音调。 押题猜想三 物态变化辨析 试题前瞻·能力先查 19．二十四节气是中华民族智慧的结晶，下列说法正确的是（　　） A．“霜降见霜，米谷满仓”，霜的形成是升华现象 B．“大雪河冰封，冬至不行船”，冰的形成是凝固现象 C．“白露秋分夜，一夜凉一夜”，露的形成是熔化现象 D．“小雪雪满天，来年必丰年”，雪的形成是升华现象 【答案】B 【详解】A．霜是空气中的水蒸气遇冷直接由气态变为固态形成的小冰晶，属于凝华现象，故A错误； B．冰是水遇冷由液态变为固态形成的，属于凝固现象，故B正确； C．露是空气中的水蒸气遇冷由气态变为液态形成的小水珠，属于液化现象，故C错误； D．雪是空气中的水蒸气遇冷直接由气态变为固态形成的小冰晶，属于凝华现象，故D错误。 故选B。 20．水的物态变化使自然界有了雨、露、霜、雪等千姿百态的奇观。关于图中水的物态变化，下列说法正确的是（　　） A．图甲：小草上露的形成是液化现象 B．图乙：树叶上霜的形成是凝固现象 C．图丙：河面上冰的形成是凝华现象 D．图丁：地面上雪的形成是升华现象 【答案】A 【详解】A．图甲中，小草上的露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故A正确； B．图乙中，树叶上的霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，故B错误； C．图丙中，河面上的冰是水凝固形成的，故C错误； D．图丁中，地面上的雪是凝华形成的，故D错误。 故选A。 21．冬季桂林猫儿山出现的雾凇美景，是空气中的水蒸气遇冷直接变成小冰晶，该物态变化是（     ） A．熔化 B．汽化 C．液化 D．凝华 【答案】D 【详解】空气中的水蒸气遇冷直接变成小冰晶，是气态直接变成固态，属于凝华。故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，，基础题，本部分知识与生产、生活联系比较密切。 物态变化有6种：熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华 物质从固态变成液态的过程叫做熔化；物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫汽化；物质从气态变为液态的过程叫液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华；物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。 熔化、汽化、升华，需要吸热；凝固、液化、凝华，需要放热。 终极猜想·精练通关 22．“奋斗者”号是世界上唯一能在北极密集海冰区进行连续载人深潜的装备。北极深潜作业面临极端低温环境，“奋斗者”号表面金属部件可能因低温出现表面结霜现象。该过程中发生的物态变化是（　　） A．熔化 B．凝固 C．凝华 D．升华 【答案】C 【详解】低温出现表面结霜现象是由于空气中的气态水蒸气遇冷放热，凝华成固态的小冰晶，属于凝华。熔化是固态变成液态，凝固是液态变成固态，升华是固态变成气态，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 23．小明帮妈妈煮饺子时发现，水沸腾时，用铁勺从锅中盛出一部分水，勺中的水就不再沸腾了，如图甲；再将勺子和水一起放回（不是倒入，锅中水面低于勺中水面）锅中时，锅里的水依旧沸腾着，勺子里的水却不会沸腾，如图乙。关于这一现象，下列分析正确的是（　　） A．水沸腾时，锅边的“白气”是水汽化形成 B．图甲中，勺子里的水不沸腾是因为沸点比锅中的水高 C．图乙中，适当调大火力可以使勺子里的水沸腾 D．图乙中，勺子里的水虽没有沸腾但温度可达沸点 【答案】D 【详解】A．水沸腾时，锅边的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，不是水汽化形成的，故A错误； B．图甲中，勺子里的水不沸腾是因为盛出后温度虽然达到沸点，但无法继续吸热，故B错误； C．图乙中，锅里的水沸腾时温度保持不变，勺中的水温度虽达到沸点，但无法继续吸热，调大火力只不能使勺中的水沸腾，故C错误； D．图乙中，锅里的水沸腾时温度保持沸点不变，勺中的水通过热传递温度也能达到沸点，但由于与锅中水温度相同，无法继续吸热，因此不会沸腾，故D正确。   故选D。 24．2026年1月5日，黄山风景区雪后天晴，景区内出现大面积雾凇景观（如图），银装素裹，云海翻腾，游客们仿佛置身琉璃般的童话世界。其中，雾凇的形成是___________（填物态变化名称）现象。 【答案】凝华 【详解】雾凇是空气中的气态水蒸气，遇冷后直接由气态变为固态小冰晶，附着在树木等物体上形成的景观，属于凝华现象。 25．如图所示，物态变化使我们的生活丰富多彩，奥妙无穷。对下列现象描述正确的是（　　） A．夏天晾干衣服——蒸发放热 B．壶口的“白气”——汽化吸热 C．树叶上的霜——凝固吸热 D．晶莹的露珠——液化放热 【答案】D 【详解】A．夏天晾干衣服，是水由液态变为气态的蒸发（汽化）现象，汽化过程需要吸热，故A错误； B．壶口的 “白气”，是壶内冒出的水蒸气遇冷由气态变为液态的液化现象，液化过程放热，故B错误； C．树叶上的霜，是空气中的水蒸气直接由气态变为固态的凝华现象，凝华过程放热，故C错误； D．晶莹的露珠，是空气中的水蒸气遇冷由气态变为液态的液化现象，液化过程放热，描述正确，故D正确。 故选D。 26．如图所示为一支3D打印笔，其原理是将固体材料加热成液态从笔尖流出，再经过塑形冷却后得到立体固态作品。该过程涉及的物态变化是（    ） A．先液化后凝固 B．先汽化后凝固 C．先熔化后凝固 D．先凝固后熔化 【答案】C 【详解】固体材料加热变为液态，这个过程是熔化；液态材料流出冷却后变为固态作品，这个过程是凝固。因此整个过程涉及的物态变化是先熔化后凝固，故选C。 27．如图所示是洛阳科技馆线上科普节目中的一个片段：干冰倒入热水中，便将人们带入了一个如临仙境的腾云驾雾世界。这是因为干冰遇到热水迅速升华并_______大量的热，导致周围空气温度急剧下降，水蒸气_______（填物态变化名称）形成小水滴，汇聚起来形成了雾。 【答案】 吸收 液化 【详解】干冰升华吸热，会使周围环境、空气的温度急剧降低。当空气温度急剧下降时，水蒸气遇冷就变成小水滴，该过程属于液化。无数液化形成的小水滴悬浮在空气中，聚集在一起，就形成了我们看到的 “白雾”。 押题猜想四 内能和分子动理论 试题前瞻·能力先查 28．某科学爱好者自制火箭燃料，喷出马赫环（如图）。下列说法正确的是（　　） A．燃料的热值与燃料的质量有关 B．燃料燃烧越充分，其热值越大 C．燃料燃烧时，主要将内能转化为化学能 D．火箭外壳温度升高，主要是通过热传递的方式增加了内能 【答案】D 【详解】AB．热值是燃料本身的固有特性，只和燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧是否充分均无关，故AB错误； C．燃料燃烧时，是将燃料储存的化学能转化为内能，并非将内能转化为化学能，故C错误； D．燃料燃烧产生高温燃气，热量通过热传递的方式转移给火箭外壳，使外壳内能增加、温度升高，故D正确。 故选D。 29．陕西羊肉泡馍是一道特色小吃。食用时羊肉汤与饦饦馍同吃，佐以糖蒜、辣酱，肉烂汤清，清醇可口，别具风味。下列说法正确的是（    ） A．煮羊肉汤主要是通过做功的方式增加羊肉的内能 B．用高压锅煮羊肉汤，通过增大锅内气压，降低水的沸点来快速煮烂羊肉 C．刚出锅的羊肉泡馍香气四溢，说明分子在不停地做无规则运动 D．煮羊肉汤的过程中，燃料的热值随着其质量的减小而变小 【答案】C 【详解】A．煮羊肉汤时，羊肉汤的温度升高，内能增加。这个过程是通过火焰将热量传递给锅，再由锅传递给汤和羊肉，属于热传递的方式改变内能，故A错误； B．高压锅的工作原理是增大锅内气压，液体的沸点随气压的增大而升高，使水温能达到更高的温度，从而快速煮烂羊肉，故B错误； C．香味分子从羊肉泡馍中散发出来，通过无规则热运动扩散到空气中，被人闻到，属于扩散现象，故C正确； D．热值是燃料本身的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、体积、是否完全燃烧等因素无关，故D错误。 故选C。 30．潮汕美食“红桃粿”吸引了很多游客。制作红桃粿时，捏粿皮成碗状，说明力能改变物体的________；蒸粿时，粿的内能增加，这是通过________方式来改变内能；出锅时，粿香扑鼻，这是一种________现象。 【答案】 形状 热传递 扩散 【详解】[1]制作红桃粿时，捏粿皮成碗状，说明力能使物体发生形变，即力能改变物体的形状。 [2]蒸粿时，粿吸收热量，粿的内能增加，这是通过热传递方式改变内能。 [3]出锅时，粿香扑鼻，分子不停地做无规则运动，这是一种扩散现象。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 内能与分子动理论，其主要内容有分子动理论、内能、改变内能的两种方式。 分子动理论主要解释物质的微观构成与热运动现象，主要由分子的运动、间隙和相互作用力来决定。于是，温度越高，分子无规则运动越剧烈。 内能是物体内部所有分子动能和分子势能的总和，一般指物体温度越高，内能越大。除了温度以外，内能还跟物体的质量、状态、物质种类有关系。 改变物体内能由做功和热传递两种方式来决定，比如说摩擦生热、压缩空气做功属于做功改变内能；晒太阳、烧水取暖属于热传递改变内能。不同方式改变内能，我们能辨别出来的话，主要是能量的转化或转移形式来决定的。 终极猜想·精练通关 31．下列关于生活中的一些热现象说法正确的是（　　） A．物体温度越高内能越大，所以的冰没有内能 B．一杯水倒出一半后，杯内剩余水的比热容变小 C．煮熟的粽子过一会变凉了，它含有的热量会减少 D．剥开粽子，粽叶上粘有米粒说明分子间存在引力 【答案】D 【详解】A．一切物体都具有内能，0℃的冰也具有内能，故A错误； B．比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，与物体的质量无关，所以一杯水倒出一半，杯内剩余水的比热容不变，故B错误； C．热量是过程量，不能说物体含有热量，故C错误； D．分之间存在相互作用的引力和斥力，剥开粽子，粽叶上粘有米粒说明分子之间存在引力，故D正确。 故选D。 32．2023年，淄博烧烤火出了圈，人们纷纷赴淄“赶烤”，满足味蕾的同时也感受到了淄博人民的热情好客。 (1)串羊肉串的钢签前端尖细，可以________钢签对肉的压强，便于串肉； (2)烤肉串的过程中，通过________的方式增加了肉的内能；肉串散发出香味表明分子在________； (3)烧烤现场“人声鼎沸”指声音的________（选填“音调高”或“响度大”）。 【答案】(1)增大 (2) 热传递 永不停息地做无规则运动 (3)响度大 【详解】（1）根据压强公式，在压力一定时，钢签前端尖细减小了受力面积，由此可知压强会增大。 （2）改变内能的方式分为做功和热传递，烤肉过程中热量从热源传递到肉串，是通过热传递的方式增加内能；肉串香味扩散，是分子永不停息运动的结果，说明分子在不停地做无规则运动。 （3）响度描述声音的强弱（大小），音调描述声音的高低，“人声鼎沸”形容声音大，因此指声音的响度大。 33．春节期间，学校开展了“寻根同源，记住年味”的活动，如图所示是同学们晒的“年味”照片，下列描述不正确的是（  ） A．图甲中，刚出锅的粘豆包温度降低时，内能变小 B．图乙中，制作“糖画”时糖粘在玻璃板上，说明分子之间有引力 C．图丙中，刚出锅的回头入嘴时很烫，是因为回头含有的热量很高 D．图丁中，放入热豆浆中的金属汤勺逐渐变热，是通过热传递改变汤勺的内能 【答案】C 【详解】A．内能与物体的温度、质量、状态等有关。刚出锅的粘豆包温度降低时，分子热运动变慢，内能减小。故A正确； B．分子间存在引力和斥力。制作“糖画”时，糖液冷却后粘在玻璃板上，是因为糖分子与玻璃板分子间存在引力，故B正确； C．热量是过程量，表示能量转移的多少，不能表述为物体“含有热量”，故C错误； D．内能从高温物体转移到低温物体属于热传递。热豆浆温度高于金属汤勺，汤勺通过热传递吸收豆浆的内能，逐渐变热。故D正确。 本题选描述不正确的，故选C。 34．如图1为自制的“内能改变演示器”。其装置只有左端管道开口，处为气嘴，处为管内温度显示屏，处为管道阀门，处为橡胶软塞。 (1)关闭处阀门，用打气筒通过气嘴向装置内打气，能观察到处温度显示屏示数________（选填“升高”“降低”或“不变”），管内气体内能________（选填“增加”“减少”或“不变”），此过程相当于图2中热机的________（选填“甲”“乙”“丙”或“丁”）图的工作冲程。 (2)打气筒向装置内压入一定气体后，打开处阀门，观察到处软塞飞出，同时管内出现白雾，白雾是________（填物态变化名称）产生的。 (3)该“内能改变演示器”主要演示的是通过________方式改变内能。 【答案】(1) 升高 增加 乙 (2)液化 (3)做功 【详解】（1）关闭C处阀门，用打气筒通过气嘴向装置内打气，对管内气体做功，机械能转化为内能，所以管内气体内能增加，温度升高；这个过程对应的是热机的压缩冲程。由图2可知，甲图进气门关闭、排气门打开，活塞向上运动，是排气冲程；乙图进气门、排气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；丙图进气门打开、排气门关闭，活塞向下运动，是吸气冲程；丁图进气门、排气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程；故此过程对应乙冲程。 （2）打开处阀门，处软塞飞出，是管内气体对软塞做功，内能转化为机械能，管内气体温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠，也就是白雾。 （3）打气时对气体做功、打开阀门时气体对软塞做功，都是通过做功的方式改变内能。 35．爱思考的小宇用塑料水瓶进行探究：如图甲，瓶中留有少量水，盖上瓶盖；如图乙，扭转瓶子；如图丙，轻轻转动瓶盖，瓶盖被瓶内的气体冲出，同时瓶内瓶口出现白雾。图丙所示的过程，相当于四冲程汽油机的（　　） A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程 【答案】C 【详解】图丙中，瓶内气体推动瓶盖冲出，是瓶内气体对瓶盖做功，将内能转化为机械能。 四冲程汽油机中：吸气、排气冲程不涉及这种能量转化；压缩冲程是将机械能转化为内能；做功冲程是燃气对外做功，将内能转化为机械能，因此这个过程对应汽油机的做功冲程，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 36．厨房不仅是加工食材的场所，也是日常生活中充满物理知识的“实验室”，下列对厨房中的现象描述正确的是（　　） A．炒菜时，菜的温度升高，内能增加，这是通过做功的方式实现的 B．用油炸油条，因为油含有的热量多，将热量传递给油条 C．从冰箱拿出来的冻肉没有内能，因为此时分子停止了热运动 D．腌咸菜时，菜变咸是因为盐分子在不停地做无规则运动 【答案】D 【详解】A．炒菜时菜吸热温度升高，是通过热传递的方式增加内能，故A错误； B．热量是过程量，不能说物体“含有热量”，故B错误； C．一切物体在任何温度下都具有内能，且分子永不停息做无规则运动，冻肉温度低，仍具有内能、分子仍在做热运动，故C错误； D．腌咸菜时菜变咸是扩散现象，本质是盐分子在不停地做无规则运动，故D正确。 故选 D。 押题猜想五 光现象辨析 试题前瞻·能力先查 37．马年春晚宜宾分会场以“立上游”为主题，将“万里长江第一城”的浩荡江景化作天然舞台。两岸灯光璀璨，5000架无人机组成的空中矩阵与江岸夜景、水面倒影交相辉映，构成一幅绚丽灯光秀（如图）。下列关于光现象的分析正确的是（　　） A．从水面上看到灯光秀的倒影是光的折射形成的 B．从水面上看到灯光秀的倒影是岸上灯光的虚像 C．灯光秀丰富的颜色是由红、黄、蓝三种色光混合而成的 D．从水面上看到灯光秀的倒影与看到水中的游鱼的成像原理相同 【答案】B 【详解】ABD．水面的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，是虚像；看到水中的游鱼是光的折射成像，也是虚像，故AD错误，B正确。 C．光的三原色为红、绿、蓝，灯光的丰富颜色是由红、绿、蓝三种色光混合而成，故C错误。 故选B。 38．如图，清晨漫步在林间小路，阳光从林间洒落。下列描述正确的是（    ） A．光为植物生长提供了能量 B．绿叶会把绿色光全都吸收 C．图中光走过的路线是光线 D．光在森林中无法直线传播 【答案】A 【详解】A．植物通过光合作用将光能转化为化学能储存，为自身生长提供能量，故A正确； B．不透明物体的颜色由它反射的色光决定，绿叶呈现绿色，说明绿叶反射绿光，只吸收其他色光，故B错误； C．光线是人们为了方便研究光的传播，假想出来的物理模型，不是真实存在的光的路线，故C错误； D．图中能看到清晰的阳光束，正是因为光在森林的均匀空气中沿直线传播，故D错误。 故选A。 39．中华诗词博大精深、源远流长，很多诗词中蕴含着物理知识，下列光现象中与“潭清疑水浅”形成原理相同的是（　　） A．池水映明月 B．月有阴晴圆缺 C．起舞弄清影 D．日影化为虹 【答案】D 【详解】潭清疑水浅指的是在水面上观察水中，发现水深比实际的浅，是光的折射现象。 A．池水映明月是平面镜成像，原理为光的反射，故A不符合题意； B．月有阴晴圆缺是由于日、地、月三者相对位置的周期性变化而形成的月相，是光的直线传播现象，故B不符合题意； C．起舞弄清影：影子的形成原理是光沿直线传播，故C不符合题意； D．日影化为虹：彩虹是光的色散现象，本质是光的折射，与题干原理相同，故D符合题意； 故选D。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 光现象辨析，其主要内容有光的直线传播、光的反射、光的折射、光的色散。 光的直线传播指光在同种均匀介质中沿直线传播，主要由介质是否均匀、是否透明来决定。于是，影子、小孔成像、日食月食都是光沿直线传播形成的。 光的反射由光遇到障碍物返回原介质形成，一般指光照到物体表面都会发生反射。除了常规反射以外，反射还分为镜面反射和漫反射。 光的折射和色散由光的传播介质发生改变来决定，比如说池水变浅、筷子弯折属于光的折射；彩虹、三棱镜分光属于光的色散。不同的光现象，我们能辨别出来的话，主要是光的传播路径和介质变化来决定的。 终极猜想·精练通关 40．《墨经》中有关于小孔成像的记载。小孔成像形成的主要原因是（     ） A．光沿直线传播 B．光的反射 C．光的折射 D．平面镜成像 【答案】A 【详解】小孔成像的本质是物体上每个点发出的光线，沿直线穿过小孔后，在光屏上形成对应的光斑，最终组合成一个倒立的实像。所以，它的核心原理就是光在同种均匀介质中沿直线传播。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 41．如图是小红在大明湖游玩时观察到的光现象，其中属于光的折射的是（　　） A．甲图，超然楼的倒影 B．乙图，大明湖公园里的花红柳绿 C．丙图，透过水珠观察到荷叶清晰的“叶脉” D．丁图，太阳通过树叶间隙在地面上形成的圆形光斑 【答案】C 【详解】A．水中倒影是平面镜成像，属于光的反射，故A不符合题意； B．花红柳绿是因为不透明物体反射对应色光使人眼感知颜色，属于光的反射，故B不符合题意； C．水珠相当于凸透镜，透过水珠放大叶脉是凸透镜成像，原理是光的折射，故C符合题意； D．树叶间隙的圆形光斑是小孔成像，原理是光的直线传播，故D不符合题意。 故选C。 42．小芃同学到公园游玩，看到“一湖碧水映树影，几尾锦鲤戏云间”的美丽景象，同时也看到遗留在湖边矿泉水瓶（如图）。下列说法中正确的是（    ） A．树木在水中的倒影，是由于光沿直线传播形成的像 B．水中白云并不是云本身，而是光的反射形成的虚像 C．看到的是锦鲤的虚像，锦鲤的实际位置在像的上方 D．装有水的瓶子类似于一个凹透镜，可能会引起火灾 【答案】B 【详解】A．树木在水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的虚像，故A错误； B．水中白云并不是云本身，而是天上白云在水中的倒影，是由于光的反射形成的虚像，故B正确； C．水中锦鲤身上反射的光斜射到水面，经水面折射后进入人的眼睛，由于折射角大于入射角，人眼逆着折射光线的方向看去，就会看到锦鲤比实际位置偏高的虚像，锦鲤的实际位置在像的下方，故C错误； D．装有水的瓶子类似于一个凸透镜，对光具有会聚作用，可能会引起火灾，故D错误。 故选B。 43．中国古诗词不仅文字优美、意境高远，还蕴含着丰富的科学知识。下列四幅图与诗句“掬水月在手，弄花香满衣”涉及的光现象相同的是（　　） A．楼台倒影 B．水中筷子 C．雨后彩虹 D．林中树影 【答案】A 【详解】A．诗句“掬水月在手”中的“月在手”是水中形成月亮的像，属于平面镜成像，原理是光的反射。楼台倒影，是楼台在水面形成的平面镜成像，原理是光的反射，和题干涉及的光现象相同，故A符合题意； B．水中筷子“弯折”，是光从水斜射入空气时发生折射形成的，属于光的折射，故B不符合题意； C．雨后彩虹是光的色散现象，本质是光的折射，故C不符合题意； D．林中树影是光沿直线传播，被树木遮挡后形成的暗区，属于光的直线传播，故D不符合题意。 故选A。 44．如图所示的现象中与小孔成像原理相同的是（　　） A．水面倒影 B．日晷计时 C．人造彩虹 D．水中叉鱼 【答案】B 【详解】小孔成像原理是光的直线传播形成的； A．水面倒影是光的反射形成的，故A不符合题意； B．日晷计时是光沿直线传播的应用，故B符合题意； C．人造彩虹是光的色散形成的，故C不符合题意； D．水中叉鱼是光的折射形成的，故D不符合题意。 故选B。 45．下列是同学们所画的示意图，其中正确的是（　　） A．人看到树的“倒影”的光路图 B．斜面上容器内漂浮小球的重力示意图 C．异名磁极间磁感线的分布情况 D．家庭电路的部分连接情况 【答案】CD 【详解】A．平静的水面相当于平面镜，岸上的树在水中的“倒影”属于平面镜成像，是来自岸上树木的光线斜射到水面上发生反射，反射光线进入眼睛而形成的虚像，故A错误； B．重力的方向总是竖直向下的，即与水平面垂直，图中方向与斜面垂直，故B错误； C．在磁体的外部，磁感线从磁体的北极出发回到南极，图中磁感线的方向正确，故C正确； D．根据安全用电原则可知，火线与开关连接，开关接灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上；三孔插座上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，故D正确。 故选 CD。 押题猜想六 平面镜成像 试题前瞻·能力先查 46．如图甲所示是小聪探究“平面镜成像的特点”的实验装置。小聪在玻璃板前面放一支点燃的蜡烛A，再拿一支外形相同但不点燃的蜡烛B，竖立在玻璃板后面并移动，直到与蜡烛A的像完全重合，这样做是为了比较像与物的___________关系。其他小组使用跳棋完成实验时，发现棋子M的像偏暗且不清晰，于是进行了如图乙的几种操作，a是对着棋子M照射，b和c都是对着像照射，a、b、c三种操作中，观察到M的像最亮的是___________。 【答案】 大小 a 【详解】在玻璃板前面放一支点燃的蜡烛A，再拿一支没点燃的相同的蜡烛B，在玻璃板后面移动，直至与蜡烛A的像重合，说明像与物的大小相等，故这样做是为了比较像与物的大小关系；为了使像更亮，应增大物体的亮度，像与环境亮度的对比度越大，像越清晰若将玻璃板后照亮，像与环境亮度的对比度小，像更不清晰，所以观察到M的像最亮的是a。 47．冬天汽车车窗内会出现一层雾气，这是________现象。夜晚汽车内的灯打开时，司机看到物体在挡风玻璃上所成的像如图所示，在图中画出物体的位置________。 【答案】 液化 【详解】[1]车内温度高的水蒸气遇到温度较低的车窗玻璃，遇冷液化形成小水珠附着在玻璃内侧，就形成了雾气。 [2]根据平面镜成像特点，像与物体关于镜面对称，分别过A'、B'两点作挡风玻璃的垂线并延长至玻璃另一侧，使A、B两点到玻璃的距离分别与A'、B'到玻璃的距离相等，连接A、B两点，即为物体的位置。故如下图所示： 48．如图所示，身高1.6 m的小桐站在平面镜前2 m处，她看到镜中自己的像，下列说法不正确的是（　　） A．此时镜中的像距离她4 m B．平面镜成的是正立的虚像 C．若她以0.5 m/s的速度向平面镜靠近时，镜中的像变大 D．将一块和镜面一般大的木板放在镜子后面1m处，这时她仍能在镜中看到自己的像 【答案】C 【详解】A．平面镜成像时物距等于像距，小桐距离平面镜 2m，则像距离平面镜也是 2m，因此像与她的总距离为4m，故A正确； B．平面镜成像的原理是光的反射，其特点就是成正立、等大的虚像，故B正确； C．平面镜成的像始终与物体本身等大，无论靠近还是远离镜面，像的大小都不会改变，故C错误； D．平面镜成的虚像是反射光线反向延长线相交形成的，实际光线并不穿过镜面，因此在镜后放木板不会遮挡进入人眼的反射光线，不影响成像，故D正确。 本题选择描述错误的，故选C。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 平面镜成像，其主要内容有成像特点、成像原理、成像应用。 平面镜成像指物体通过平面镜所成的虚像，主要由光的反射原理来决定。于是，像与物大小相等、距离相等、左右相反。 成像大小由物体本身大小来决定，一般指物体多大，所成的像就多大。除了物体大小以外，成像清晰度还跟镜面的光滑程度、环境亮度有关系。 成像应用由平面镜的成像特点和反光作用来决定，比如说穿衣镜成像、潜望镜改变光路。不同的平面镜成像现象，我们能辨别出来的话，主要是光的反射成像原理来决定的。 终极猜想·精练通关 49．在“探究平面镜成像特点”的实验中： (1)探究平面镜所成像与物的大小关系时，在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，用未点燃的蜡烛B在玻璃板后移动，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。这种确定像与物大小的方法是________（选填“控制变量法”或“等效替代法”）。 (2)为了确定像的虚实，移走蜡烛B，在B的位置放置一个光屏，人眼应在玻璃板________（选填“前”或“后”）方观察光屏上能否呈现蜡烛A的像。 【答案】(1)等效替代法 (2)后 【详解】（1）实验中用蜡烛B替代蜡烛A的像，来比较像与物的大小关系，这种方法是等效替代法。 （2）要验证像的虚实，需要在像的位置放置光屏，人眼在玻璃板后方观察光屏能否承接像，若在玻璃板前方观察，会透过玻璃板看到像，无法判断像能否呈现在光屏上。 50．小南在检查视力时，要求他与视力表间的距离是5m。现在使用一个平面镜，如图视力表到镜子的距离是3m，他到镜子的距离应是________m。当他靠近镜子时，所成像的大小将________。 【答案】 2 不变 【详解】根据平面镜成像的特点：像与物体到镜面的距离相等，则视力表的像到镜子的距离也为3m。因此人到镜子的距离为 平面镜成像时，像与物体的大小始终相等，与物体到镜面的距离无关。 所以，当人靠近镜子时，他的像的大小保持不变。 51．小明同学在做“探究平面镜成像特点”实验。 (1)为验证“像是虚像”的猜想，小明应将一张白卡片放在图甲中_________（选填“A”或“B”）蜡烛的位置，_________（选填“直接”或“透过玻璃板”）观察白卡片上有无蜡烛的像。 (2)当蜡烛A远离玻璃板时，像会_________（选填“变小”“不变”或“变大”）。 (3)实验过程中如果玻璃板没有与纸面垂直，而是如图乙所示倾斜，蜡烛A的像应是图中的_________（选填“A1”“A2”或“A3”）。 【答案】(1) B 直接 (2)不变 (3)A1 【详解】（1）验证虚像时，白卡片应放在像的位置即B蜡烛位置，并直接观察卡片有无蜡烛的像。 （2）平面镜成像的特点是像与物体大小相等，和物体到镜面的距离无关。蜡烛A远离玻璃板时，像的大小始终与蜡烛A本身大小一致，所以像的大小不变。 （3）平面镜成像中，像与物体关于镜面对称。玻璃板倾斜时，像会向玻璃板上方偏移，因此蜡烛A 的像对应图中的A1。 52．如图所示的“临摹神器”，是将平板和玻璃板M放在支架上，再调节到适当角度。使用时，眼睛需要在______（选填“平板”或“白纸”）一侧进行观察，即可在白纸上临摹平板屏幕中的图像。用“临摹神器”看到的是______（选填“实”或“虚”）像。若将平板远离玻璃板M时，玻璃板M所成的像的大小将______（选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】 平板 虚 不变 【详解】平板的图像经玻璃板反射后成像属于平面镜成像，根据平面镜成像的原理，所成的像是虚像，不能在白纸上承接，因此需要眼睛在平板一侧观察，才能看到平板上画面在玻璃板上所成的像。 平面镜成像的特点是像的大小始终等于物体本身的大小，和物体到玻璃板的距离无关，因此平板远离玻璃板时，像的大小不变。 53．如图，有古文献记载：“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”。下列实例涉及的光学知识与文中所述原理相同的是（    ） A．镜中自己 B．小孔成像 C．海市蜃楼 D．水中游鱼 【答案】A 【详解】“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”中，“大镜”是平面镜，水面相当于平面镜，其结构类似“潜望镜”，利用光的反射改变光路。镜中自己是平面镜成像现象，是由光的反射形成的；小孔成像是由光的直线传播形成的；海市蜃楼是光通过密度不均匀的空气时，发生折射形成的；水中游鱼是鱼反射的光从水斜射入空气时发生折射，人眼逆着折射光线看到的鱼的虚像。故选A。 押题猜想七 凸透镜成像规律 试题前瞻·能力先查 54．在“爱眼护眼”宣传活动中，同学们搜集到了以下图片。下列说法正确的是（　　） A．图甲所示眼球好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于凹透镜 B．图乙所示视力正常的人看远处物体时，物体在视网膜上成正立、缩小的实像 C．图丙所示是近视眼的成像原理，应戴合适的凹透镜进行矫正 D．戴上近视眼镜后，对光线有发散作用，视网膜上成的像是虚像 【答案】C 【详解】A．眼球类似照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于凸透镜，它会把光线会聚到视网膜上，故A错误； B．视力正常的人看远处物体时，物体在视网膜上成倒立、缩小的实像，故B错误； C．图丙中光线会聚在视网膜前方，是近视眼的成像原理，凹透镜对光线有发散作用，戴合适的凹透镜能让像后移到视网膜上，故C正确； D．近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，但戴上后视网膜上成的仍然是实像（眼球的成像本质是凸透镜成实像），故D错误。 故选C。 55．在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小明选用了焦距为10cm的凸透镜。如图所示，他将凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上35cm刻度线处，当光屏移动到光具座上80cm刻度线处时，在光屏上恰好呈现出烛焰清晰的像。关于该实验，下列说法正确的是（　　） A．此时光屏上成的是倒立、缩小的实像 B．将蜡烛放在光具座上45cm刻度线处，移动光屏，光屏上成正立、放大的虚像 C．为了更方便比较像的大小、左右、正倒，用“F”形光源代替蜡烛更好 D．将蜡烛向右移动，光屏应向靠近凸透镜方向移动，才能再次得到清晰的像 【答案】C 【详解】已知凸透镜焦距，凸透镜在光具座上50cm刻度线处，蜡烛在35cm刻度线处，光屏在80cm刻度线处。 物距（满足f<u<2f）； 像距（满足v>2f）。 A．此时，根据凸透镜成像规律，应成倒立、放大的实像，而非缩小的实像，故A错误；   B．将蜡烛放在45cm刻度线处时，物距（u<f），此时成正立、放大的虚像，但虚像无法用光屏承接，因此“光屏上成像”的说法错误，故B错误；   C．用“F”形光源代替蜡烛，光源形状固定、左右不对称，能更直观地观察像的大小、左右、正倒情况，方便对比，故C正确；   D．根据凸透镜成像规律“物近像远像变大”，蜡烛向右移动（物距减小），像距应增大，光屏需向远离凸透镜的方向移动，才能再次得到清晰的像，故D错误。   故选C。 56．探究凸透镜成像规律的实验中，凸透镜位于光具座处（图中未画出），光屏在处得到烛焰清晰的像如图甲；保持凸透镜位置不变，移动蜡烛，光屏在处时得到烛焰清晰的像如图乙，则（　　） A．点位置在的左侧 B．蜡烛的移动方向向右 C．甲一定是放大的实像 D．乙一定是缩小的实像 【答案】B 【详解】AB． 已知甲的像大于乙的像，即光屏由A到B过程中像变小，表明像距在变小，故凸透镜一定在的右侧，像距变小，表明物距在变大，蜡烛远离凸透镜就是向右移动，故A错误，B正确。 CD．由于不知道物体的大小，也不知道焦距的大小，甲乙可能都是放大或缩小的实像，故CD错误。 故选B。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 凸透镜成像规律，其主要内容有倒立实像、正立虚像、成像应用。 成像的大小与倒正，主要由物距与焦距的距离关系来决定。于是，物远像近像变小，物近像远像变大。 成像虚实由物体是否在一倍焦距以外来决定，一般指物距大于焦距成实像，物距小于焦距成虚像。除了物距以外，成像效果还跟透镜的焦距大小有关系。 成像应用由凸透镜的成像规律来决定，比如说照相机成缩小实像、投影仪成放大实像、放大镜成放大虚像。不同的光学设备成像，我们能辨别出来的话，主要是物距对应的成像规律来决定的。 终极猜想·精练通关 57．晋代《博物志》中记载，我国古代把冰块制成凸透镜，利用其对光的________（选填“会聚”或“发散”）作用将物体点燃；用凸透镜制成的眼镜可以用来矫正________（选填“近视”或“远视”）眼，此类眼睛看近处物体时成像在视网膜________（选填“后方”“前方”或“上”）。 【答案】 会聚 远视 后方 【详解】凸透镜对光有会聚作用，可以将太阳光会聚在一点，升高温度点燃物体。 远视眼的成因是晶状体折光能力偏弱，看近处物体时，像成在视网膜的后方，需要用对光有会聚作用的凸透镜矫正，使像前移到视网膜上。 58．（多选）如图所示是涛涛在综合实践活动中制作的照相机模型。外纸筒的左端安装凸透镜，内纸筒的左端贴有半透明薄膜。关于该模型，下列说法正确的是（　　） A．使用时，选择深色的内纸筒相对于浅色内纸筒观察效果更好 B．在半透明膜上成缩小的像时，景物与透镜的距离一定大于凸透镜的二倍焦距 C．使用时，想要让膜上清晰的像变大，应靠近景物且适当减小透镜到膜的距离 D．如果换用焦距更小的凸透镜，在纸筒伸缩范围内，可以观察更近处的景物 【答案】ABD 【详解】A．深色内纸筒可以吸收杂散光，减少环境反光干扰，提高像的对比度，观察效果比浅色内纸筒更好，故A正确； B．根据照相机的工作原理，物距大于二倍焦距时，成倒立缩小的实像，故景物与透镜的距离一定大于凸透镜的二倍焦距，故B正确； C．根据凸透镜成像规律，要让清晰的像变大，需要减小物距（靠近景物），同时要增大像距即增大透镜到半透明膜的距离，故C错误； D．换用焦距更小的凸透镜时，相同物距下成的像距更小；观察更近景物时，所需的像距仍会小于原大焦距凸透镜的像距，能在纸筒的伸缩范围内成清晰的像，因此可以观察更近处的景物，故D正确。 故选ABD。 59．图是某实践小组制作的投影仪模型。通过推拉纸盒调整手机到凸透镜（焦距f=10 cm）的距离，可将手机上的画面放大，并清晰地投影到白墙上。下列说法正确的是（    ） A．手机到凸透镜的距离应该大于20 cm B．凸透镜到墙的距离应该小于纸盒长度 C．为了方便观看影片，手机应该倒立放置 D．要使画面变大，只需将投影仪远离墙面 【答案】C 【详解】ABC．由凸透镜成像规律可知，当时，，物体透过凸透镜会在光屏上成倒立、放大的实像，结合题意可知，手机到凸透镜的距离应该大于10cm、小于20cm，凸透镜到墙的距离应该大于纸盒长度，为了看到正立播放的影片需将手机倒立，故AB错误，C正确； D．根据凸透镜成像规律“物近像远像变大”可知，要让画面变大，需要同时增大像距、减小物距，仅远离墙面无法在墙上得到清晰的像，故D错误。 故选C。 60．小明用凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验。 (1)如图甲所示，凸透镜的焦距f=________cm。 (2)如图乙所示，将凸透镜固定在光具座50 cm刻度线处，把点燃的蜡烛放置在光具座35 cm刻度线处时，移动光屏，直至在光屏上看到清晰的烛焰的__________（选填“放大”“等大”或“缩小”）的像。保持蜡烛和光屏位置不变，移动凸透镜，在光屏上__________（选填“会”或“不会”）再次出现清晰的像。 (3)将蜡烛移至45cm刻度处时，无论怎么移动光屏，在光屏上都看不到像，此时想要观察像，应该___________________。 (4)当光屏上出现清晰的像后，用不透明物体挡住一部分透镜，挡住后光屏上__________（选填“能”或“不能”）成完整的像。 【答案】(1)10.0 (2) 放大 会 (3)去掉光屏，在光屏的一侧透过透镜观察 (4)能 【详解】（1）由图甲可知，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在光屏上一点，该点就是焦点，焦点到光心的距离就是焦距，刻度尺的分度值为1cm，所以焦距为 （2）由图乙可知，物距为 像距为 此时，根据凸透镜成像规律可知，此时成倒立、放大的实像。 保持蜡烛和光屏位置不变，移动凸透镜，根据光路可逆原理，当物距变为30.0cm，像距变为15.0cm，光屏上会再次出现清晰的像。 （3）蜡烛移至45cm刻度处时，物距 根据凸透镜成像规律可知，此时成正立、放大的虚像，虚像不能在光屏上呈现，只能用眼睛直接观察，所以应去掉光屏，在光屏的一侧透过透镜观察。 （4）用不透明物体挡住透镜一部分，物体上每个点发出的光仍有部分能通过透镜成像，所以光屏上能成完整的像，只是折射光线减少，会聚成的像变暗。 61．如图，光刻技术是利用缩图透镜将绘在掩膜上的电路图通过光源投射到涂有光刻胶的硅片上，在硅片上成像越小芯片制程越小。此投射原理与______（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像原理相同；这次我国芯片的制程直接从90nm突破到了22nm，如果缩图透镜相同，则要将掩膜向______（选填“上方”或“下方”）移动。小彤的爷爷能看清远处的物体，却看不清近处的物体，需要配戴______（选填“凸”或“凹”）透镜进行矫正。 【答案】 照相机 上方 凸 【详解】[1]光刻技术利用缩图透镜将掩膜上的电路图投射到硅片上，成倒立、缩小的实像，与照相机的成像原理相同。 [2]要使成像更小，根据凸透镜成像规律，物距应增大。由于缩图透镜位置不变，掩膜应向上方移动，以增大物距，使像进一步缩小。 [3]能看清远处物体、看不清近处物体，说明是远视眼（晶状体折光能力弱，近处物体的像成在视网膜后方），需要配戴对光线有会聚作用的凸透镜进行矫正 62．我国古代文献中有许多关于光学的记载。结合实验，请完成下列题目。 (1)《周髀算经》中记载了光的反射现象：“日兆月，月光乃出，故成明月。”如图甲所示，若将纸板沿底边向后倾，AO仍以相同的入射角沿着纸板入射，在纸板右半面上__________看到反射光线（填“能”或“不能”），高楼大厦采用的玻璃幕墙会造成光污染，是因为发生了__________（填“镜面”或“漫”）反射。 (2)《化书》中记载了照镜子：“是影也与形无异。”如图乙所示，在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜进行实验，优点是___________，判断平面镜所成的像是虚像还是实像，只需在像的位置换上__________（填“凸透镜”、“玻璃板”或“光屏”） (3)《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火。”如图丙所示，他们把器材摆放、调整到如图所示位置，此时光屏上成清晰的像，像距为__________cm。根据此时光屏上像的特点，制成了__________、（选填“放大镜”“照相机”或“投影仪”）。如果有白色、黑色、红色和绿色四种颜色的光屏，选__________色光屏进行实验更好。 【答案】(1) 不能 镜面 (2) 便于确定像的位置 光屏 (3) 40.0 投影仪 白 【详解】（1）[1]根据光的反射定律，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。当把纸板沿底边向后倾时，AO仍以相同入射角沿纸板入射，但此时纸板右半面所在平面与反射光线和法线所在平面不再重合，所以在纸板右半面上不能看到反射光线。 [2]高楼大厦采用的玻璃幕墙表面很光滑，平行光线照射到上面，反射光线也是平行的，这种反射是镜面反射，会造成光污染。 （2）[1]在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜进行实验，玻璃板既能反射光成像，又能透光看到玻璃板后面的蜡烛，便于确定像的位置。 [2]实像可以呈现在光屏上，虚像不能呈现在光屏上，所以判断平面镜所成的像是虚像还是实像，只需在像的位置换上光屏，若光屏上有像，则是实像，若无像，则是虚像。 （3）[1]由图丙可知，刻度尺的分度值为1cm，像距是指像到凸透镜的距离，此时像距为40.0cm。 [2]由图丙可知，物距小于像距，此时成倒立、放大的实像，投影仪是根据这个原理制成的。 [3]白色物体可以反射所有颜色的光，黑色物体吸收所有颜色的光，红色物体只反射红光，绿色物体只反射绿光，为了能清晰地看到像，应选用白色光屏进行实验。 押题猜想八 力学基础知识 试题前瞻·能力先查 63．如图所示，小明用绳子拉着装满沙子的小车在平直路面上匀速直线前进，下列说法正确的是（　　） A．手拉绳的力与车拉绳的力是一对相互作用力 B．小车受到的拉力与地面对小车的阻力是一对相互作用力 C．小车受到的重力与小车受到的支持力是一对平衡力 D．沙子受到的重力与沙子受到的支持力是一对平衡力 【答案】D 【详解】A．手拉绳的力与车拉绳的力，都作用在绳子这同一物体上，是一对平衡力，相互作用力需作用在两个物体上，故A错误。 B．小车受到的拉力与地面对小车的阻力，虽然都作用在小车上，但拉力是斜向上的，阻力是水平向后的，两个力不在同一直线上，不是相互作用力，也不是平衡力，故B错误。 C．小车受到的重力竖直向下，地面对小车的支持力竖直向上，但拉力有竖直向上的分力，因此重力大于支持力，二者大小不相等，不是平衡力，故C错误。 D．沙子受到的重力竖直向下，小车对沙子的支持力竖直向上，二者大小相等、方向相反、作用在同一物体上，是一对平衡力，故D正确。 故选 D。 64．如图所示是足球团队配合训练的场景，图中最上方运动员用脚将球踢到右下角的目标位置，说明力能改变物体的_______。滚动的足球会在草坪上慢慢停下来，是因为足球受到_______的作用。 【答案】 运动状态 摩擦力/阻力 【详解】运动员踢球后，足球的速度和运动方向改变，飞向目标位置，这说明力能改变物体的运动状态。 滚动的足球在草坪上运动时，受到草坪对它的摩擦力（阻力）作用，摩擦力（阻力）阻碍足球的运动，使足球速度逐渐减小，最终慢慢停下。 65．在“健康第一”的教育理念下，中小学生的课外活动更加丰富多彩了。以下活动中涉及的物理知识描述正确的是（　　） A．飞出去的羽毛球，受到推力、重力和空气阻力的作用 B．踢出去的足球由于惯性的作用最终会落向地面 C．打乒乓球时，球拍对球的力是由于球拍发生弹性形变产生的 D．若正在向前飞行的篮球所受的外力全部消失，球将静止在空中 【答案】C 【详解】A．羽毛球飞出去后，已经脱离施力物体，不再受到推力作用，仅受重力和空气阻力，故A错误； B．足球最终落向地面是因为受到竖直向下的重力作用；惯性是物体的固有性质，不能表述为“惯性的作用”，故B错误； C．球拍对乒乓球的力属于弹力，弹力是发生弹性形变的物体对接触物体产生的力，球拍受挤压发生弹性形变，恢复形变时对球产生作用力，故C正确； D．根据牛顿第一定律，向前飞行的篮球外力消失后，会保持匀速直线运动，故D错误。 故选C。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 力学基础知识，其主要内容有力的作用效果、力的三要素、力的相互作用。 力的作用效果指力对物体产生的改变，主要由受力情况来决定。于是，力可以改变物体的形状和物体的运动状态。 力的作用效果强弱由力的三要素来决定，一般指力的大小越大，作用效果越明显。除了力的大小以外，力的作用效果还跟力的方向、作用点有关系。 力的相互作用由物体间的受力特点来决定，比如说推物体时自身也会受到反作用力、划船时桨向后划水船向前行。不同的力学现象，我们能辨别出来的话，主要是力的基本性质来决定的。 终极猜想·精练通关 66．春分到，蛋儿俏，“春分立蛋”是中国民间的传统习俗。下列关于“立蛋”中包含的物理知识说法合理的是（　　） A．两个鸡蛋所受重力约为100N B．鸡蛋对桌面的压力和桌面对鸡蛋的支持力是一对平衡力 C．鸡蛋对桌面的压力是由于鸡蛋发生弹性形变产生的 D．若鸡蛋受到的力突然全部消失，它将会倾倒在桌面上 【答案】C 【详解】A．一个鸡蛋的质量约50g，两个鸡蛋总质量约100g（0.1kg），重力约，远小于100N，不合理。故A不符合题意； B．鸡蛋对桌面的压力和桌面对鸡蛋的支持力，是两个物体之间的相互作用力，作用在不同物体上，不是一对平衡力（平衡力需作用在同一物体上），故B不符合题意； C．鸡蛋对桌面的压力属于弹力，弹力是由施力物体（鸡蛋）发生弹性形变产生的，故C符合题意； D．根据牛顿第一定律，若鸡蛋受到的力突然全部消失，它将保持原来的静止状态，不会倾倒，故D不符合题意。 故选C。 67．如图，利用激光水平仪可以很方便地画出铅垂线和水平线，这利用了重力的方向始终________和激光在空气中________的基本原理。 【答案】 竖直向下 沿直线传播 【详解】重力的方向竖直向下，铅垂线就是利用重力的方向是竖直向下的原理制成的。激光水平仪利用了光在空气中沿直线传播。 68．（多选）“低碳出行，骑行天下”，自行车作为便捷、环保的交通工具，早已融入人们的日常生活。骑行过程中，每一个动作、每一次状态变化，都蕴含着丰富的物理知识。下列有关自行车骑行的说法，正确的是（　　） A．骑行时按动自行车铃铛，清脆铃声是金属片振动产生的 B．上坡时加紧蹬几下，目的是为了增大自行车自身的惯性 C．自行车轮胎选用橡胶制作，主要因为橡胶的导热性较好 D．刹车时用力捏紧车闸，通过增大压力的方式来增大摩擦 【答案】AD 【详解】A．声音是由物体振动产生的，自行车的铃声就是铃铛金属片振动产生的，故A正确； B．惯性大小只和物体的质量有关，上坡加紧蹬几下是为了增大自行车的动能，惯性不会改变，故B错误； C．自行车轮胎选用橡胶，是利用橡胶弹性好、耐磨性强的特点，橡胶导热性较差，故C错误； D．增大摩擦的方法包括增大压力、增大接触面粗糙程度，刹车时用力捏车闸，是通过增大压力来增大摩擦，故D正确。 故选AD。 69．一个木块放在粗糙程度相同的水平地面上，如果对木块施加的水平拉力为F，如图甲所示；F的大小与时间t的关系如图乙所示；木块的运动速度v与时间t的关系如图丙所示，当t=1s时木块受到的摩擦力是___________N；在3s时，木块受到的合力是___________N。 【答案】 1 2 【详解】由丙v-t图像及乙F-t图像知，0~2s时间内木块静止，静摩擦力等于拉力， 所以当时木块受到的摩擦力是1N。 4~6s时间内木块匀速直线运动，滑动摩擦力等于拉力， 2~4s时间内木块加速直线运动，拉力，滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，所以从第2秒开始滑动摩擦力，在时，木块受到的合力是 70．如图所示，将筷子穿透苹果，手握筷子的中上部，并用锤子敲击筷子的上端，______（选填“苹果”“筷子”或“锤子”）由于惯性保持原来位置不变，苹果顺着筷子“爬升”到了筷子的上端。 【答案】苹果 【详解】苹果和筷子原来是静止的，用锤子敲击筷子的上端，筷子的运动状态改变，向下运动，而苹果由于惯性保持原来的静止状态，位置不变，则苹果相对于筷子向上运动了，看上去苹果顺着筷子“爬”了上来。 71．2025年11月25日神舟二十二号飞船在3.5小时内完成与天宫对接，创下16天应急发射全球最快纪录。飞船在点火升空时，火箭向下喷出气体，从而加速上升，是利用了物体间力的作用是________的，在点火升空阶段，飞船相对火箭是________（选填“运动”或“静止”）的，该阶段飞船上物体的惯性将________（选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】 相互 静止 不变 【详解】火箭向下喷出气体时，对气体施加向下的力，根据物体间力的作用是相互的，气体会对火箭施加一个向上的反作用力，推动火箭加速上升。 点火升空阶段，飞船与火箭的相对位置没有发生改变，所以飞船相对火箭是静止的。 惯性的大小仅与物体的质量有关，该阶段飞船上物体的质量没有发生变化，因此其惯性不变。 押题猜想九 运动和力 试题前瞻·能力先查 72．雨滴在竖直下落的过程中，受到重力和阻力的作用，一般要经历加速和匀速两个阶段，最终落到地面。如果一滴雨滴所受的重力为，它在某时刻所受的阻力为，此时雨滴所受合力为________，方向为________，若所有外力突然消失，雨滴将保持________状态（选填“静止”或“匀速直线运动”）。 【答案】 竖直向下 匀速直线运动 【详解】雨滴受竖直向下的重力和竖直向上的阻力，二力在同一直线上且方向相反，根据同一直线反方向二力的合成规律，合力大小为 由于重力大小大于阻力大小，合力方向与重力方向一致，即竖直向下。 根据牛顿第一定律，物体不受外力作用时，会保持原来的运动状态。此时雨滴处于向下运动的状态，因此所有外力突然消失后，雨滴将保持匀速直线运动状态。 73．闭幕式使用的“飞天屏”由轻薄屏幕与飞行设备结合，能悬停在空中组合造型。下列说法正确的是（　　） A．“飞天屏”应采用密度较大的材料制作 B．悬停在空中的“飞天屏”不具有惯性 C．“飞天屏”匀速上升时，若所有力消失，将继续上升 D．给“飞天屏”电池充电时，电池内化学能转化为电能 【答案】C 【详解】A．为了减轻重量、便于飞行悬浮，“飞天屏” 需要采用密度较小的材料制作，而非密度较大的材料。故A错误； B．惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都具有惯性，与运动状态无关。故B错误； C．根据牛顿第一定律，物体不受外力作用时，将保持原来的运动状态不变。匀速上升的 “飞天屏” 在所有力消失后，会保持原来的速度继续上升。故C正确； D．电池充电过程中，是将电能转化为化学能储存起来；放电时才是化学能转化为电能。故D错误。 故选C。 74．随着时代的发展，电车在汽车领域已经占有了一席之地。关于电车的说法正确的是（　　） A．启动电机，电车才能行驶，说明运动需要力来维持 B．刹车时，车内乘客向前倾倒，是由于受到惯性力的作用 C．给电车充电时，电车内的电池是电源 D．可以通过改变电流方向来实现电车的前进或后退 【答案】D 【详解】A．根据牛顿第一定律，力是改变物体运动状态的原因。电车启动电机是为了获得牵引力，克服阻力并改变运动状态，而不是维持运动，故A错误； B．惯性是物体本身的一种属性，不能说“受到惯性力”。乘客向前倾倒是因为乘客具有惯性，保持原来的运动状态，故B错误； C．充电时，电池消耗电能，将电能转化为化学能储存起来，此时电池是用电器，故C错误； D．电车的电机是电动机，电动机的转动方向与电流方向和磁场方向有关。改变电流方向可以改变电动机的转动方向，从而实现电车的前进或后退，故D正确。 故选D。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 运动和力，其主要内容有牛顿第一定律、惯性、二力平衡。 运动状态的维持与改变，主要由物体受力情况来决定。于是，物体不受力或受平衡力时，保持静止或匀速直线运动状态。 惯性大小由物体的质量来决定，一般指物体质量越大，惯性越大。除了质量以外，惯性跟物体的速度、受力情况没有关系。 二力平衡由两个力的大小、方向、作用点条件来决定，比如说静止的书本、匀速行驶的汽车。不同的运动受力情况，我们能辨别出来的话，主要是二力平衡和惯性的特点来决定的。 终极猜想·精练通关 75．如图，一木块放置在水平桌面上，在水平力F1=10 N和F2=4 N的作用下处于静止状态，下列说法正确的是（　　） A．木块受到的合力为6 N B．木块受到6 N的静摩擦力，方向水平向右 C．木块受到的水平力F1和F2是一对平衡力 D．木块受到桌面的支持力与木块对桌面的压力是一对相互作用力 【答案】D 【详解】A．木块处于静止状态，属于平衡状态，平衡状态的物体合力为0，故A错误； B．水平方向上，向右的，向左的，两个力的合力向右，大小为；木块静止，静摩擦力需要平衡这个合力，因此静摩擦力大小为，方向水平向左，故B错误； C．一对平衡力需要满足“大小相等、方向相反、作用在同一物体、同一直线”，和大小不相等，因此不是平衡力，故C错误； D．相互作用力的特点是“大小相等、方向相反、作用在同一直线，分别作用在两个不同物体上”。木块受到桌面的支持力，受力物体是木块；木块对桌面的压力，受力物体是桌面，符合相互作用力的特点，故D正确。 故选D。 76．质量为0.06g的雨滴在竖直下落的过程中，由于受到重力和阻力的作用，要经历加速和匀速两个阶段。若雨滴在某时刻所受的阻力为N，则雨滴所受的合力大小为______N，此时雨滴做______（填“加速”或“匀速”）运动。（g取10N/kg） 【答案】 加速 【详解】雨滴的重力 雨滴下落时，重力方向竖直向下，阻力方向竖直向上，合力大小为 此时雨滴所受重力大于阻力，合力方向与下落方向一致，雨滴受非平衡力作用，因此做加速运动。 77．巴黎奥运会，中国艺术体操队获得了奥运金牌。体操运动员用力向上跳起时，力改变了运动员的______。运动员竖直向上做减速运动时，所受合力的方向是向______的，运动员运动到最高点时受______（填“平衡力”或“非平衡力”）。 【答案】 运动状态 下 非平衡力 【详解】力的作用效果是改变物体的形状或改变物体的运动状态。运动员原本静止，用力向上跳起后运动状态发生改变。 物体做减速运动时，合力方向与运动方向相反，运动员竖直向上运动，因此合力方向向下。 运动员运动到最高点时，只受重力作用，合力不为零，运动状态会发生改变，因此受非平衡力。 78．（多选）如图甲所示，小车在水平方向上受到拉力和的作用，拉力和的大小随时间变化的图像如图乙、丙所示，小车的速度随时间变化的图像如图丁所示。下列分析正确的是（　　） A．0～2s内，小车受到的合力大小为1N B．时，小车受到的摩擦力大小为1.5N C．4～6s内，若桌面变得绝对光滑，小车将做匀速直线运动 D．时，小车受到的合力大小是5.5N，合力方向水平向右 【答案】BD 【详解】A．由图丁可知，内小车的速度为0，即小车处于静止状态，受力平衡，小车受到的合力为0，故A错误； B．由图丁可知，内小车做匀速直线运动，受力平衡，在水平方向上受到的合力为0，由图乙、丙可知，此时，，则小车受到的摩擦力 方向水平向右；时，，小车向左运动，由于小车对桌面的压力和接触面的粗糙程度均不变，则小车受到的摩擦力不变，仍为1.5N，故B正确； C．内，若桌面变得绝对光滑，则小车不会受到摩擦力的作用，由于此时两个拉力大小不同，小车受力不平衡，所以小车做变速运动，故C错误； D．由图乙、丙可知，时，，，由图丁可知，时，小车做减速运动，且只受向右的拉力F2，说明小车向左运动，由于小车对桌面的压力和接触面的粗糙程度均不变，则小车受到的摩擦力不变，仍为1.5N，方向水平向右，此时小车受到的合力 方向水平向右，故D正确。 故选BD。 79．春节期间，小明和父母乘飞机去上海旅游，在飞机飞行过程中，座位上的小明相对于窗外的机翼是________（选填“静止”或“运动”）的；机翼________方（选填“上”或“下”）的空气流速快，压强小，因此获得了向上的升力。 【答案】 静止 上 【详解】在飞机飞行过程中，座位上的小明相对于窗外的机翼之间的位置不变，是静止的； 由流体压强与流速的关系可知，机翼上方空气的流速快压强小，机翼下方空气的流速慢压强大，因此机翼产生一个向上的压强差，这样就使机翼产生了一个向上的升力。 押题猜想十 压强的理解分析和应用 试题前瞻·能力先查 80．电动汽车充电时其电池相当于电路中的___________（选填“用电器”或“电源”）；拨动杆子可以打开转向灯，这根杆子的作用相当于电路中的___________。由于汽车外形是上凸下平，在水平公路上高速行驶时，汽车上方流速大压强___________（选填“大”或“小”）。 【答案】 用电器 开关 小 【详解】电动汽车充电时，电池消耗电能，将电能转化为化学能储存，因此相当于用电器。 开关的作用是控制电路的通断，拨动杆子可以控制转向灯的工作，因此这根杆子相当于电路中的开关。 根据流体压强与流速的关系：流体流速越大的位置压强越小。汽车外形上凸下平，高速行驶时汽车上方空气流速大，因此压强小。 81．2026年米兰冬奥会上，我国运动员参加了高山滑雪项目，运动员质量为70 kg，滑雪装备质量为10 kg，每块滑雪板的长度为1.6 m，宽度为0.1 m，与雪地接触的滑行面为矩形。训练时，运动员从山坡上滑下，然后以20 m/s的速度匀速通过一段平直雪道，用时10 s，此过程受到的阻力为总重的0.05倍。g取10N/kg。 求： (1)运动员双脚站在水平雪地上时，每块滑雪板与雪地完全接触，求运动员对水平雪地的压强； (2)运动员在平直雪道上克服阻力做的功。 【答案】(1)2500Pa (2)8000J 【详解】【小题1】受力面积 滑雪运动员与装备的总重力 由二力平衡得 滑雪运动员对水平雪地的压强 【小题2】滑雪运动员在平直雪道上受到的阻力 在平直雪道上匀速通过的路程 克服阻力做的功 82．如图所示，轿车车身的上面部分凸起，底盘比较平直，所以当轿车在平直的公路上高速行驶时，上表面的空气流速大，从而导致汽车对地面的压力______（选填“大于”“小于”或“等于”）其所受重力。 【答案】小于 【详解】轿车在公路上高速行驶时，由于上表面空气流速大、压强小，下表面空气流速小、压强大，从而使车受到向上的压力差，使得车对地面的压力小于重力。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 压强的理解分析和应用，其主要内容有固体压强、液体压强、压强的增大与减小应用。 固体压强的大小，主要由压力和受力面积来决定。于是，压力越大、受力面积越小，固体压强越大。 液体压强由液体的深度和液体密度来决定，一般指深度越深、液体密度越大，液体压强越大。除了深度和密度以外，液体压强跟容器的形状、底面积没有关系。 压强的增减应用由压力大小和受力面积的改变来决定，比如说刀刃磨得锋利减小受力面积增大压强、铁轨铺枕木增大受力面积减小压强。不同的压强现象，我们能辨别出来的话，主要是压力和受力面积的变化来决定的。 终极猜想·精练通关 83．核动力破冰船利用核________（选填“聚变”或“裂变”）提供能量，核能属于______（选填“可再生”或“不可再生”）能源；破冰作业时，船底某处距离水面深度为12m，该处受到的海水压强为_______Pa。（，g取10N/kg） 【答案】 裂变 不可再生 【详解】目前核动力装置利用可控核裂变反应释放能量； 核能依赖的核燃料储量有限，消耗后无法在短期内再生，属于不可再生能源； 根据液体压强公式可得该处受到的海水压强。 84．我国全海深载人潜水器“奋斗者”号（如图所示）在世界最深的马里亚纳海沟成功坐底，刷新了中国载人深潜的纪录。在万米深海下，潜水器无法产生足够的高压将舱室内的海水排出，需要固体浮力材料和压载铁配合完成下沉和上浮。“奋斗者”号下水时要携带两组压载铁，匀速下潜入海洋深处；临近海底，会抛掉第一组压载铁，减速后静止悬浮在海水中。完成作业后，抛掉第二组压载铁，使所受浮力大于自身重力，上浮返航。潜水器匀速运动时所受海水阻力均为，浮力材料的总体积为，，g取10N/kg。 (1)在深度为的海水中，“奋斗者”号潜水器受到的液体压强为多少Pa？ (2)若潜水器浸没在海水中时，第二组压载铁刚好可以平衡浮力材料产生的额外浮力，则浮力块密度为多少？ (3)抛掉第二组压载铁后，潜水器恰好可以匀速上浮，请推导出第一组压载铁和第二组压载铁的质量大小关系。 【答案】(1)1.0×108Pa (2)0.5×103kg/m3 (3)两组压载铁的质量相等 【详解】（1）在深度为104m的海水中，压强 （2）潜水器浸没在海水中，第二组压载铁加载时，潜水器匀速下潜，浮力材料产生的额外浮力平衡阻力，则有，则 因为，，则 （3）设潜水器自身的重力为G潜，第一组和第二组压载铁的重力分别为G1、G2，已知潜水器匀速运动时海水阻力不变（均为f），潜水器完全浸没在海水中，排开海水的体积一定，其受到的浮力不变；“奋斗者”号下水时要携带两组压载铁，匀速下潜入海洋深处，此时潜水器受到向下的总重力、向上的浮力和海水阻力，由潜水器受力平衡可得：  ① 抛掉第一组压载铁（潜水器总重力为），减速后静止悬浮在海水中，此时潜水器不受海水阻力（速度为零），由潜水器受力平衡可得：  ② ①﹣②可得：； 抛掉第二组压载铁后（潜水器的重力为G潜），潜水器恰好可以匀速上浮，此时潜水器受到向下的重力和向下的海水阻力以及向上的浮力，由潜水器受力平衡可得：  ③ 根据②③可知：，由此可知，即两组压载铁的重力相等，由重力公式可知两组压载铁的质量也相等。 85．小华采用踮脚的方式进行关节柔韧性训练。小华所受的重力G为480N。 (1)若小华每次踮脚，他的重心均升高0.05m，求小华踮10次脚克服重力做功多大？ (2)小华脚踮起站稳时，两鞋底与地面接触的总面积为。求双脚踮起站稳时，小华对地面压强是多大？ (3)如图所示，小华脚踮起站稳时，相关肌肉骨骼可以看作以O为支点的杠杆，每条腿中肌肉向上的拉力为F1，所克服的阻力为F2，若F2=240N，求F1的大小为多大？ 【答案】(1) 240J (2) (3) 180N 【详解】（1）小华踮10次脚克服重力做功 （2）水平地面上，小华对地面的压力等于自身重力，即 双脚踮起站稳时，小华对地面压强是 （3）由图可知，O为支点，动力的力臂为 阻力臂为12cm，根据杠杆平衡条件，则有 押题猜想十一 浮力的理解和浮沉状态的分析理解 试题前瞻·能力先查 86．我国“奋斗者” 号载人潜水器在马里亚纳海沟万米深处多次成功坐底，标志着我国在载人深潜领域达到了世界领先水平。深潜器完全浸没后，匀速下潜至海底深处的过程中（海水密度视为不变），下列说法正确的是（　　） A．深潜器受到海水的压强增大，浮力增大 B．深潜器受到海水的压强增大，浮力不变 C．深潜器受到海水的压强减小，浮力不变 D．深潜器受到海水的压强减小，浮力增大 【答案】B 【详解】根据液体压强公式 ，深潜器下潜过程中，深度h不断增大，海水密度不变，因此深潜器受到的海水压强增大；根据阿基米德原理 ，深潜器完全浸没后，下潜过程中排开海水的体积等于自身体积，保持不变，且海水密度不变，因此浮力不变。故选B。 87．在“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验中，小聪同学按照如图所示步骤进行操作，根据实验过程，下列判断正确的是（　　） A．若弹簧测力计使用前未调零，则所有浮力测量值均偏大 B．比较步骤a，b，e，可以得出浮力大小与物体排开液体体积有关的结论 C．比较步骤a，b，c，可以得出浮力大小与液体密度有关的结论 D．比较步骤a，c，d，可以得出浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关的结论 【答案】D 【详解】A．若弹簧测力计使用前未调零，测量物体重力和拉力时，两次读数会带有相同的初始误差；浮力为两次读数的差值，误差抵消后浮力测量值不变，故A错误； B．步骤a、b、e中，b是物体部分浸入水中，e是物体完全浸没在盐水中，液体密度、排开液体体积两个变量都不同，无法得出浮力与排开液体体积的关系，故B错误； C．步骤a、b、c中，液体都是水，密度相同，只有排开液体体积不同，可得出浮力与排开液体体积有关的结论，无法探究浮力与液体密度的关系，故C错误。 D．步骤a、c、d中，液体都是水，密度相同，物体排开液体体积相同，只有浸没深度不同，且c、d弹簧测力计示数相同，浮力相等，因此可以得出浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关，故D正确。 故选D。 88．在物理实践活动中，同学们用橡皮泥造“船”，比赛谁造的“船”承载量大。如图所示，将所造的小船放入盛有适量水的长方体容器中，再往船中加入绿豆直至水面恰好与小船边沿相平（整个过程容器中的水未溢出）。则在逐渐向“小船”中加入绿豆的过程中，下列说法中正确的是（　　） A．小船受到的浮力大小保持不变 B．容器底部受到水的压力大小将保持不变 C．小船底部受到水的压强将逐渐变小 D．容器底受水压力大小的增加量等于小船中所增加的绿豆重量 【答案】D 【详解】A．小船始终处于漂浮状态，受到的浮力等于小船和绿豆的总重力，在逐渐向“小船”中加入绿豆的过程中，小船和绿豆的总重力变大，小船受到的浮力逐渐变大，故A错误； BC．小船受到的浮力逐渐增大，水的密度不变，由可知，小船排开水的体积变大，小船底部在水中所处的深度逐渐变大，水面逐渐上升，容器中水的深度增大，由可知，小船底部受到水的压强将逐渐变大，容器底部受到水的压强逐渐变大，由可知，容器底部受到水的压力逐渐变大，故BC错误； D．容器底受水压力大小的增加量 由于小船始终漂在水面上，增大的浮力等于增加的重力，即，因此容器底受水压力大小的增加量等于小船中所增加的绿豆重量，故D正确。 故选D。 89．如图甲所示的密闭容器，壁厚忽略不计，该容器底部面积为，容器中装有高度为8 cm的水。将容器倒置并使其在水中竖直漂浮，如图乙所示，容器内外水面的高度差为2 cm。（，g取10 N/kg）求： (1)图甲中水的重力； (2)图甲中水对容器底部的压强； (3)容器在水中竖直漂浮时受到浮力 【答案】(1)2N (2)800Pa (3)2.5N 【详解】（1）水的体积为 水的质量为 水的重力为 （2）水对容器底部压强为 （3）排开水的体积 容器在水中竖直漂浮时受到浮力 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 浮力的理解和浮沉状态的分析理解应用，其主要内容有浮力影响因素、物体浮沉条件、浮沉条件的实际应用。 浮力的大小，主要由液体密度和排开液体的体积来决定。于是，液体密度越大、排液体积越大，物体受到的浮力越大。 物体的浮沉状态由浮力与物体重力的大小关系来决定，一般指浮力大于重力物体上浮，浮力小于重力物体下沉。除了浮力和重力关系以外，浮沉状态还可以通过物体与液体的密度大小关系判断。 浮沉条件的应用由物体的浮沉规律来决定，比如说轮船漂浮、潜水艇沉浮、气球升空。不同的浮力现象，我们能辨别出来的话，主要是浮沉条件的规律特点来决定的。 终极猜想·精练通关 90．小明在水平桌面上放置甲、乙两个相同的柱形容器，分别装入质量相等的水和盐水。先将橘子和鸡蛋放入甲容器中，取出擦干后再放入乙容器中。前后两次静止时液面如图所示。下列说法正确的是（    ） A．鸡蛋在水和盐水中所受浮力相等 B．橘子在盐水中比在水中所受浮力更大 C．两容器对水平桌面的压强p甲=p乙 D．若将橘子露出液面的部分切掉，则剩余部分会悬浮 【答案】C 【详解】‌A．鸡蛋排开水和盐水的体积相等，盐水的密度大于水的密度，根据阿基米德原理可知，鸡蛋在盐水中受到的浮力比在水中受到的浮力大，故A错误； ‌‌B．橘子在水和盐水中都处于漂浮状态，受到的浮力都等于它的重力，所以橘子在盐水和水中所受浮力一样大，故B错误；‌ C．两个相同的容器中的水和盐水质量相等，放入鸡蛋和橘子后，容器、水（盐水）、鸡蛋和橘子的总质量相等。根据，总重力也相等，而容器对水平桌面的压力等于总重力，即，两个容器的底面积相同，根据压强公式，两容器对水平桌面的压强相等，即，故C正确； ‌D．橘子在水和盐水中都处于漂浮状态，说明橘子的密度小于水和盐水的密度。将橘子露出液面的部分切掉后，橘子的密度不变，剩余部分的密度仍然小于水和盐水的密度，根据物体的浮沉条件，剩余部分还是会漂浮，而不是悬浮，故D错误。 故选C。 91．（多选）近年来，我国在深空探索和深海探测等领域取得了重大成就。对下列科技成就所涉及的物理知识分析正确的是（　　） A．图甲，长征十二号运载火箭加速升空时，其动能转化为重力势能 B．图乙，天宫空间站中的宇航员通过电磁波和地面联系 C．图丙，舰载机从甲板起飞后，福建舰所受到的浮力变小 D．图丁，奋斗者号潜水器下潜的越深，所受海水的压强越大 【答案】BCD 【详解】A．图甲，长征十二号运载火箭加速升空时，其动能增大，重力势能增大，是内能转化为机械能，故A错误； B．图乙，电磁波能在真空中传播，天宫空间站中的宇航员通过电磁波和地面联系，故B正确； C．图丙，福建舰漂浮在水上，浮力等于重力，舰载机从甲板起飞后，福建舰总重力变小，所受到的浮力变小，故C正确； D．图丁，奋斗者号潜水器下潜的越深，根据，所受海水的压强越大，故D正确。 故选BCD。 92．（多选）科技小组的同学用长方体泡沫塑料、三脚架和灯泡等制作了一个航标灯模型A（如图），总重为4N，A底部与浮子B用细绳相连，水位上升时，浮子B下降；水位下降时，浮子B上升。航标灯静止时A浸入水中的深度始终为5cm，排开水的质量为500g，浮子B重0.5N（不计绳重和绳与滑轮间的摩擦，），下面分析正确的是（　　） A．航标灯A静止时受到的浮力是0.5N B．泡沫塑料A底部受到水的压强是500Pa C．水位上升或下降的过程中细绳上的拉力大小不变； D．若浮子B是实心的，它的密度是 【答案】BC 【详解】A．根据阿基米德原理，航标灯A静止时受到的浮力等于排开水的重力 ，即 不是，故A错误； B．根据液体压强公式可得A底部受到水的压强 故B正确； C．A静止时浸入水中的深度始终为，因此A受到的浮力始终不变，A的重力也不变。绳子对A的拉力，、都不变，因此拉力不变，故C正确； D．对A受力分析得绳子拉力 对浸没在水中的B受力分析得 B的体积 B的质量 B的密度 不是，故D错误。 故选BC。 93．如图所示，支撑杠杆水平平衡的支架AOB随物体M在水中能上下运动，杠杆保持水平平衡，轻质杠杆LOA∶LOB=2∶5，某同学质量为50kg，人与地面的接触面积为250cm2，利用这个装置将物体匀速放入容器中，在M被浸没在水里的过程中，用力F1拉动绳自由端匀速竖直向下运动时，人对地面的压强为1.2×104Pa。已知物体M的体积是0.05m3，动滑轮的重力为60N。（杆的自重、绳的重力、滑轮与绳的摩擦及液体对物体的阻力不计，g=10N/kg）求： (1)物体M浸没在水里受到的浮力； (2)拉力F1的大小； (3)物体M的密度； (4)物体M被浸没在水中的过程时，滑轮组的机械效率。 【答案】(1) (2) (3) (4) 【详解】（1）物体M浸没在水中，排开水的体积等于自身体积，即，根据阿基米德原理，物体受到的浮力为 （2）人与地面的接触面积为 人对地面的压力为 则地面对人的支持力为，人受到的重力为 人处于平衡状态，绳子拉力等于重力减去地面对人的支持力，因此拉力为 （3）动滑轮上绳子段数，动滑轮重力，因为动滑轮匀速运动受力平衡，有，则杠杆B端受到的拉力 已知，因为杠杆处于平衡状态，则杠杆A端受到的拉力为 绳子对物体M的拉力，物体M处于平衡状态，对M受力分析，有 物体M的质量 物体M的密度 （4）不计绳重和摩擦，额外功为克服动滑轮重力做的功，设动滑轮上升高度为，滑轮组的机械效率为 94．如图所示，有两个质量分布均匀、不吸水的实心长方体A和B，已知，底面积，高度，底面积，高度，B的密度大于水，B的质量为（不确定），A、B表面的中央用一根长的细线连接。现将它们放入一个置于水平地面上的足够高的薄壁柱形容器中，容器的底面积为。A、B始终保持竖直，细线的质量、体积等次要因素都忽略不计，且全程未被拉断，已知，g取。 (1)求长方体A的质量。 (2)向容器中缓慢加水，当细线刚好被拉直时，求加水的质量。 (3)向容器中缓慢加水，细线的拉力从0开始逐渐增大，当细线的拉力刚好不再变化时，求此时水对容器底部的压强p与（的单位为kg）的关系式。 【答案】(1)0.5kg (2)3.75kg (3)当时， 当时， 【详解】（1）A的体积 A的质量 （2）细线刚好拉直时，拉力为0，A处于漂浮状态，其受到的浮力等于其重力 由阿基米德原理可得，A排开水的体积 A浸入水中深度 B的体积 此时水的深度 所以加水的体积 则加水质量 （3）已知B密度大于水，因此，即 拉力不再变化时，有两种情况： ① 当总重力大于等于总最大浮力，A完全浸没后拉力不再变化： A、B完全浸没时总浮力 总重力 当，即，解得 此时A刚好完全浸没，水的深度 水对容器底压强 ② 当，总重力小于总最大浮力，整体漂浮，B对容器底压力为0，拉力不再变化： 整体漂浮时总浮力等于总重力 所以有 因此 又因为 所以 水的深度 水对容器底压强 95．为了测量一石球的密度，将一长方形木块放入装有适量水的玻璃容器中，测出木块漂浮时浸入水的深度为，如图甲所示；然后把石球放在木块上共同漂浮，测出木块浸入的深度为，如图乙所示；最后石球系在木块下方再次放入水中（取、放过程中容器内液体没有损失，细绳的质量和体积忽略不计）共同漂浮，测出木块浸入液体中的深度为，如图丙所示。木块上表面始终水平，已知水的密度、木块的质量和。求：（均用题中物理量的符号表示） (1)图甲中木块下表面所受水的压力； (2)图丙中石球所受浮力； (3)石球的密度。 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）木块漂浮，浮力等于物块自身重力。由二力平衡条件知，木块下表面所受水的压力等于木块所受重力，即 （2）甲、乙图中木块排开水的体积之比为 根据阿基米德原理可知，甲、乙两图中木块所受浮力之比 所以图乙中木块所受浮力为 同理，图丙中木块所受浮力为而图丙中木块和石球整体所受浮力为 所以图丙中石球所受浮力为 （3）根据阿基米德原理可知石球的体积为 图乙中石球和木块的总重为 所以石球的质量为 所以石球的密度为 押题猜想十二 功和功率的简单计算 试题前瞻·能力先查 1．随着全民运动的普及，日常碎片化健身成为新风尚。小希同学想利用上下楼的时间加强体能训练，决定回家由乘电梯改为爬楼梯。小希的质量为，家住11楼，每层楼高为，某次从1楼到11楼爬楼回家，用时。（g取）求： (1)小希受到的重力大小？ (2)小希这次爬楼克服重力做功的功率？ (3)这次爬楼所做的功相当于燃烧多少克脂肪放出的能量？（脂肪的热值为） 【答案】(1)570N (2)95W (3)0.45g 【详解】（1）小希的重力为 （2）从1楼到11楼，用时 小希上升的高度 小希这次爬楼克服重力做的功为 小希这次爬楼克服重力做功的功率为 （3）根据题意可知 相当于燃烧脂肪的质量为 2．工人使用如图所示的滑轮组提升重物，在绳自由端施加竖直向下500N的拉力，使重力大小为900N的重物以0.2 m/s的速度匀速竖直上升5s。不计绳重与摩擦，求： (1)工人拉绳子做功的功率； (2)滑轮组的机械效率； (3)若用该装置匀速提起500N的重物时，拉力多少N？ 【答案】(1) 200W (2) 90% (3) 300N 【详解】（1）绳子自由端移动的距离 拉力做的总功 拉力做功的功率 （2）克服重物重力做的有用功 滑轮组的机械效率 （3）动滑轮重力 当物重时，拉力 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 功和功率的简单计算，其主要内容有做功的两个必要因素、功的计算、功率的计算。 做功的有无，主要由力和物体移动距离来决定。于是，有力、有距离且力和距离方向一致，物体才会做功。 功的大小由力的大小和移动距离来决定，一般指用的力越大、移动距离越远，做功越多。除了力和距离以外，做功多少跟做功时间长短没有关系。 功率大小由做功多少和做功时间来决定，比如说相同时间做功越多功率越大、做相同功时间越短功率越大。不同的做功快慢情况，我们能辨别出来的话，主要是功率的定义规律来决定的。 终极猜想·精练通关 3．助力外骨骼是一种可穿戴的机械装置，能辅助人体搬运重物，减轻腰部、腿部负担，广泛应用于物流、仓储等场景。如图，工人穿戴助力外骨骼搬运货物。已知工人与外骨骼总质量为60kg，货物质量为40kg，工人竖直匀速搬起货物上升50cm，用时2s；此时工人与地面总接触面积约为250cm2。下列有关说法正确的是（　　） A．工人对地面的压力为600 N B．工人对货物做的功为2000J C．工人对货物做功的功率为1000W D．工人对地面的压强为4×104Pa 【答案】D 【详解】A．水平地面上，工人对地面的压力等于整体总重力，即 故A错误； B．工人对货物的力等于货物重力，对货物做功 故B错误； C．工人对货物做功的功率 故C错误； D．工人对地面的压强 故D正确。 故选D。 4．小超在家用轻质杆自制“站姿负重深蹲”健身器，简化模型如图。杆A端用轻绳挂重物，O为悬绳系点，人在B点正下方锻炼。已知，小超质量60kg，双脚与地面总接触面积，锻炼时小超始终施加竖直向下的力。关于使用该器材，下列说法正确的是（　　） A．A端所挂重物的最大质量为15kg B．小超在B端施加拉力缓慢下蹲锻炼的过程中，拉力越来越小 C．当小超对地面的压强为1800Pa时，A端所挂重物为16kg D．将10kg重物匀速提高0.6m用时2s，小超对健身器做功的功率30W 【答案】D 【详解】A．由得；小超重力 小超能施加的最大向下拉力等于自身重力，即，根据杠杆平衡条件得，物体重力为 最大质量，故A错误； B．下蹲过程杠杆倾斜，拉力和重物重力都是竖直方向，两个力的力臂都按相同比例缩小，因此拉力大小不变，故B错误； C．当压强时，地面对小超的支持力 小超对杆的拉力 由杠杆平衡得 质量，故C错误； D．杆是轻质杆，不计自重，小超做的功 功率，故D正确。 故选D。 5．如图所示是塔式起重机上的一种滑轮组。现用拉力F在10s内将6000N的货物匀速提升5m，滑轮组的机械效率是80%。下列说法正确的是（　　） A．提升货物做的总功为30000J B．滑轮组的额外功为7500J C．该滑轮组的动滑轮重为1500N D．拉力F的功率为3000W 【答案】B 【详解】AB．提升货物做的有用功 总功 额外功，故A错误，B正确； C．不计绳重及摩擦，动滑轮的重力，题中没有不计绳重及摩擦，动滑轮重小于1500N，故C错误； D．拉力F的功率，故D错误。 故选B。 6．如图为一款能够垂直起降的小型遥控无人机，其携带的云照相机可以实现高空拍摄。无人机总质量为4kg，从地面沿竖直方向匀速升空300m用时60s。g取10N/kg，求： (1)无人机升空时的速度； (2)无人机升空过程中克服重力做的功； (3)无人机升空过程中克服重力做功的功率。 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）无人机升空时的速度为 （2）无人机的重力为 克服重力做功为 （3）克服重力做功的功率为 7．如图所示是我国新型无人作战装备“机器狼”，其质量为50kg。某次演练时该“机器狼”运输20kg的物资，在2min内水平匀速行进到距离420m的预定地点，匀速行进过程中受到的阻力是其总重的0.18倍，取10N/kg。 (1)“机器狼”匀速行进的速度是多少？ (2)“机器狼”水平匀速行进过程中的动力是多少？ (3)在整个过程中，“机器狼”动力的功率是多少？ 【答案】(1)3.5m/s (2)126N (3)441W 【详解】（1）“机器狼”匀速行进的速度 （2）“机器狼”水平匀速行进时，动力与阻力大小相等，即 （3）在整个过程中，“机器狼”动力的功率 押题猜想十三 机械能及其转化 试题前瞻·能力先查 8．液氢液氧火箭发动机示意图如图所示。输送装置将液氢和液氧输送到燃烧室燃烧，产生高温高压气体从喷口喷出，推动火箭前进。下列说法正确的是（　　） A．液氢在燃烧室内燃烧时，内能转化为化学能 B．使用液氢为燃料，是利用了其比热容大的性质 C．火箭加速升空时，重力势能增大、动能减小 D．气体推动火箭前进，与汽油机做功冲程的能量转化相似 【答案】D 【详解】A．燃料燃烧是一种化学变化，燃烧时将燃料的化学能转化为内能，故A错误； B．使用液氢作为燃料，是由于液氢的热值大，在燃烧质量相同的液氢和其他燃料相比，液氢放出的热量更多，故B错误； C．火箭加速升空时，其速度增大，高度增大，故重力势能增大、动能增大，故C错误； D．气体推动火箭前进，是内能转化为机械能，与汽油机做功冲程的能量转化相似，故D正确。 故选D。 9．C919是我国自主研发的大型客机。机翼设计成上凸下平，利用了流体流速越大的位置压强越______的原理产生升力；飞机加速升空，机械能______（选填“增大”、“减小”或“不变”）；飞机着陆后不能立即停下，是因为飞机具有______。 【答案】 小 增大 惯性 【详解】根据流体压强与流速的关系，流体流速越大的位置压强越小。机翼上凸下平的结构使飞行时上方空气流速大于下方，上方压强小于下方，进而产生向上的升力； 机械能等于动能与势能的总和。飞机加速升空时，速度增大，动能增大；高度升高，重力势能增大，所以机械能增大。 惯性是物体保持原有运动状态不变的性质。飞机着陆后，由于惯性会继续保持原来的运动状态，因此不能立即停下。 10．如图，是运动员撑杆跳高过程中拍摄的频闪照片组合图像，图中标出了其运动过程经过的几个位置，下列对此的分析中，正确的是（    ） A．撑杆在A位置时弹性势能最小 B．运动员在B位置时机械能为零 C．撑杆在C位置时没有重力势能 D．运动员在D位置重力势能最大 【答案】D 【详解】A．A位置撑杆已经发生明显形变，D位置撑杆基本恢复原长，形变更小、弹性势能更小，故A错误； B．机械能是动能与势能的总和，B位置运动员有运动速度（动能不为零）、有离地高度（重力势能不为零），因此机械能不为零，故B错误； C．C位置撑杆离地有高度，因此存在重力势能，故C错误； D．重力势能大小和高度有关，D位置是四个位置中运动员高度最高的位置，因此重力势能最大，故D正确。 故选D。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 机械能及其转化，其主要内容有动能、重力势能、弹性势能、机械能的相互转化。 动能的大小，主要由质量和速度来决定。于是，质量越大、速度越快，物体的动能越大。 重力势能由物体的质量和高度来决定，一般指物体质量越大、位置越高，重力势能越大。除了质量和高度以外，弹性势能还跟物体的弹性形变程度有关系。 机械能转化由物体运动状态和形变变化来决定，比如说高处下落的物体重力势能转化为动能、压缩的弹簧释放弹性势能转化为动能。不同的能量变化现象，我们能辨别出来的话，主要是机械能的影响因素来决定的。 终极猜想·精练通关 11．如图是我国研制的AG600“鲲龙”水陆两栖飞机（上身飞机、下身船），该飞机空载质量48t，单次载水量可达12吨，动力系统由四台相同的涡桨发动机组成。空载状态下该飞机的最大飞行速度为500km/h，最大飞行速度时单台发动机功率为3000kW，效率为40%。某次执行远程森林灭火演练任务，“鲲龙”空载状态下以最大飞行速度飞往400公里外的火场。（到达火场后再在火场附近湖泊吸水） (1)飞机吸水后静止在水面时机身排开水的体积_________（选填“小于”“大于”或“等于”）吸水前机身排开水的体积。飞机投水过程中保持水平匀速飞行，飞机的机械能_________（选填“变大”“不变”或“变小”）； (2)在飞往火场过程中单台发动机对外输出的有用功； (3)已知燃油的热值为，在飞往火场过程中四台发动机共消耗多少燃油？ 【答案】(1) 大于 变小 (2) (3) 【详解】（1）飞机静止在水面时漂浮，满足。吸水后飞机总重力增大，浮力随之增大；根据阿基米德原理，水的密度不变，浮力增大则排开水的体积增大，因此吸水后排开水的体积大于吸水前； 飞机投水过程中水平匀速飞行，速度、高度不变，但总质量减小：动能（与质量和速度有关）减小，重力势能（与质量和高度有关）减小；机械能是动能与势能之和，因此机械能变小。 （2）已知路程，速度，由得 单台发动机功率 由得有用功 （3）四台发动机的总有用功 由热机效率公式得燃油燃烧放出的总热量 由热值公式得消耗燃油质量 12．如图所示，一闭合金属圆环用绝缘细绳挂于O点，将圆环拉到A点由静止释放，圆环摆动过程中经过某一磁场区（“×”代表磁感线垂直于纸面向里）。若不计空气阻力，请你判断：圆环向右穿过磁场后，______（选填“能”或“不能”）摆至与A点等高的B点，请写出一条用来解释该现象的物理知识：______。 【答案】 不能 电磁感应现象：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流。 【详解】[1]闭合金属圆环向右穿过磁场时，会切割磁感线，产生感应电流。根据能量守恒，圆环的部分机械能会转化为电能，机械能减少，因此不能摆至与A点等高的B点。 [2]电磁感应现象：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流。 13．我国“低空经济”时代已经正式拉开序幕。如图为正在运输货物的无人机，下列关于无人机运输货物时的说法中正确的是（　　） A．无人机匀速上升过程中，其动能转化为机械能 B．无人机水平匀速飞行时，货物的机械能保持不变 C．无人机在某一高度悬停时，货物的机械能为零 D．无人机下降过程中，所携带货物的动能一定增大 【答案】B 【详解】A．无人机匀速上升时，速度、质量都不变，动能不变，是无人机的电能转化为重力势能（机械能），不是动能转化为机械能，故A错误； B．无人机水平匀速飞行时，货物质量不变、速度不变所以动能不变；高度不变所以重力势能不变，因此总机械能保持不变，故B正确； C．悬停时，货物相对于地面有高度，具有重力势能，因此机械能不为零，故C错误； D．若无人机匀速下降，货物速度不变，动能也不变，因此动能不是一定增大，故D错误。 故选B。 14．安安将排球水平击出，运动轨迹如图甲。运动过程中排球的机械能___________（选填“守恒”或“不守恒”）。图乙为排球经过图甲①、③点时的动能和重力势能，其中③点的重力势能未标出。由图分析得出：①点的机械能为5J；③点的重力势能为___________；②点的机械能E的取值范围是___________（取值范围用不等式表示）。 【答案】 不守恒 1J 4J＜E＜5J 【详解】[1]由图可知，小球弹跳的高度越来越低，说明小球在运动过程中，机械能越来越少，故在整个运动过程中，小球的机械能不守恒。 [2]重力势能由物体的高度和质量决定，已知①、③两点高度相同，所以①、③两点重力势能相等，由乙图可知①点的重力势能为1J，所以③点的重力势能也为1J。 [3]已知在整个运动过程中，小球的机械能不守恒，小球运动的时间越长，损失的机械能越多，所以可得；机械能等于动能加重力势能，由乙图可知③点动能为3J，重力势能为1J，机械能为4J，代数可得。 15．如图甲所示，某运动员在做蹦极运动，图乙为其运动示意图。运动员从高处O点开始下落，A点是弹性绳的自由长度，在B点运动员所受弹力恰好等于重力，C点是第一次下落到达的最低点。若不计空气阻力，则下列判断正确的是（　　） A．从O点到A点再到B点过程中，运动员动能先增大后减小 B．从A点到B点再到C点过程中，绳的弹性势能先增大后减小 C．从A点到B点再到C点过程中，运动员动能先增大后减小 D．从A点到B点再到C点过程中，运动员的机械能守恒 【答案】C 【详解】A．从O到A，弹性绳未被拉长，无弹力，运动员只受重力，加速下落；从A到B，弹性弹力小于重力，合力向下，运动员仍加速。因此O→A→B过程速度一直增大，动能一直增大，故A错误； B．从A到C，弹性绳被拉得越来越长，弹性形变程度持续增大，弹性势能一直增大，故B错误； C．A→B阶段，弹力小于重力，运动员加速，动能增大；B→C阶段，弹力大于重力，运动员减速，动能减小，因此A→B→C过程运动员动能先增大后减小，故C正确； D．从A到C，弹性绳对运动员做功，运动员的机械能转化为弹性绳的弹性势能，运动员的机械能不守恒，故D错误。 故选C。 16．如图所示是高速公路上的避险车道，当高速行驶的汽车出现刹车失灵时，可进入路面粗糙的上升的斜坡（避险车道），快速降低车速直至停止。在车辆冲入避险车道直至停止的过程中，下列说法正确的是（　　） A．汽车在爬坡时速度变小，所以惯性变小 B．汽车在爬坡过程中的动能减少并完全转化为重力势能 C．汽车的机械能不变 D．汽车的机械能减小 【答案】D 【详解】A．惯性是物体的固有属性，只与物体的质量有关，与速度无关。汽车爬坡时质量不变，因此惯性不变，故A错误； B．汽车爬坡时，动能一部分转化为重力势能，另一部分因路面粗糙、存在摩擦，会克服摩擦力做功转化为内能，并非完全转化为重力势能，故B错误； CD．机械能包括动能和势能，汽车爬坡过程中需克服摩擦力做功，部分机械能转化为内能，因此机械能总量减小，故C错误，D正确。 故选D。 押题猜想十四 探究杠杆的平衡条件 试题前瞻·能力先查 17．在“探究杠杆平衡条件”实验中，实验器材有杠杆、刻度尺、若干钩码（每个重0.5 N）等。    (1)图甲中杠杆静止，此时杠杆________（选填“是”或“不是”）处于平衡状态，要使杠杆水平平衡，应将平衡螺母向________（选填“左”或“右”）调节。 (2)如图乙所示，使杠杆水平并静止后，固定支点左侧钩码的个数和悬挂点，不断改变支点右侧钩码的个数和悬挂点，使杠杆始终保持水平平衡，记录支点右侧的力和，-图像如图丙所示。由图可得：在支点左侧的力和力臂不变时，为________N·cm。 (3)如图丁所示，多次改变两侧钩码个数和悬挂点，记录杠杆保持平衡时数据如表： 实验次序 动力/N 动力臂/cm 阻力/N 阻力臂/cm 1 3.0 5.0 1.0 15.0 2 1.5 10.0 1.5 10.0 3 2.0 15.0 1.5 20.0 分析表格数据，杠杆平衡的普遍规律是：____________。（用表中物理量符号表示） (4)如图丁所示，杠杆在水平位置平衡，如果在杠杆两侧各减一个相同的钩码，则杠杆______（选填“左”或“右”）端将下沉。 (5)小琳采用了图戊所示的装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，测力计示数，该拉力________（选填“小于”“等于”或“大于”）理论值，你认为原因是________________________。 【答案】(1) 是 右 (2)3 (3) (4)左 (5) 大于 杠杆自身重力对杠杆的平衡有影响 【详解】（1）杠杆静止或匀速转动都属于平衡状态，甲图中杠杆静止，因此处于平衡状态；杠杆左端下沉、右端上翘，平衡螺母应向向上翘的右端调节。 （2）根据杠杆平衡条件，左侧力和力臂不变时，为定值，从丙图取任意点计算，如，，乘积为，可得乘积为。 （3）分析表格数据，三次实验均满足，动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂，因此杠杆平衡规律为。 （4）每个钩码重0.5N，每格长度为L，原平衡满足；两侧各去掉一个钩码后，左侧乘积为，右侧乘积为，左侧乘积更大，因此左端下沉。 （5）图戊中支点在杠杆一端，杠杆自身重力会对平衡产生影响，拉力需要同时平衡钩码拉力和杠杆自重，因此测得的拉力大于理论值。 18．某物理跨学科实践主题学习小组利用业余时间“探究杠杆的平衡条件”。请你协助他们完成下列问题： (1)杠杆静止时如图甲所示，为了利用其探究杠杆的平衡条件，接下来的实验操作是：________。 (2)将图甲的杠杆调节好之后，在杠杆上的A点挂上总质量为200g的钩码，如图乙所示，用弹簧测力计代替钩码，将已校零的弹簧测力计挂钩用质量不计的细绳系在B点，用力斜拉弹簧测力计使杠杆水平平衡，且弹簧测力计所施拉力的方向与杠杆夹角为30°，则弹簧测力计的示数应为________ N。 (3)如图乙所示，在实验过程中，仅仅不断改变弹簧测力计施加拉力的作用点和弹簧测力计所施加拉力的大小，始终使杠杆在水平位置平衡。弹簧测力计的拉力F与其拉力臂l1的图像，如图丙所示。图像中每个点与两坐标轴围成的矩形面积均相等，其原因是：________。 【答案】(1)向左调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡 (2)3 (3)杠杆平衡时动力×动力臂=阻力×阻力臂，实验中阻力和阻力臂均不变，因此动力与动力臂的乘积不变，所以矩形面积相等。 【详解】（1）图甲中杠杆左高右低，右侧偏重，根据杠杆调节规则，应向左调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，该操作便于后续测量力臂。 （2）设杠杆每格长度为，由图乙可知：阻力（钩码重力），阻力臂 支点到点的距离，拉力与杠杆夹角为  ，由几何关系得动力臂 根据杠杆平衡条件得 解得 （3）图像中，点与坐标轴围成的矩形面积，即动力与动力臂的乘积。 根据杠杆平衡条件得 本实验中钩码重力（阻力）和阻力臂都不变，因此为定值，故所有矩形面积相等。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 探究杠杆的平衡条件，其主要内容有杠杆五要素、杠杆平衡条件、三类杠杆的辨析应用。 杠杆的平衡状态，主要由动力、阻力、动力臂、阻力臂的关系来决定。于是，动力×动力臂=阻力×阻力臂时，杠杆保持平衡。 杠杆的省力费力情况由力臂的大小关系来决定，一般指动力臂大于阻力臂为省力杠杆，动力臂小于阻力臂为费力杠杆。除了力臂大小以外，杠杆的使用特点还影响省力、省距离的效果。 杠杆的实际应用由杠杆的平衡特点来决定，比如说撬棍为省力杠杆、镊子为费力杠杆、天平为等臂杠杆。不同的杠杆工具，我们能辨别出来的话，主要是动力臂和阻力臂的大小关系来决定的。 终极猜想·精练通关 19．在“探究杠杆的平衡条件”实验时，小明和小亮进行了如下实验： (1)为便于测量力臂大小，不挂钩码时，调节两端的螺母，使杠杆在_________位置平衡。 (2)小明在杠杆的右侧挂上适当的钩码，在左侧用弹簧测力计向下拉使杠杆平衡，改变弹簧测力计与杠杆的角度，杠杆平衡时测力计示数发生变化，如图甲所示。由此小明认为影响杠杆平衡的因素除了与力的大小有关，还与_________有关。 (3)如图乙，实验中，多次在杠杆两侧的不同位置挂上不同数量的钩码，当杠杆平衡时的四组实验数据已填入下表中： 实验次数 动力 动力臂 A 阻力臂 1 1.0 10.0 0.5 20.0 2 1.0 10.0 1.0 10.0 3 2.0 5.0 1.0 10.0 4 2.0 10.0 1.0 B ①表中A处应填写_________； ②分析前三组实验数据，可初步得到杠杆的平衡条件为：_________；（用表中物理量符号表示） ③根据表中信息，B处记录的数据应是_________。 (4)小亮用一根长为100cm、分度值为1cm、粗细均匀的钢直尺来制作杆秤，如图丙所示，制作过程如下： ①分别在直尺上5cm和10cm刻度处钻了小孔A和B，各用细绳穿过小孔作为秤钩和提纽。在秤钩处悬挂秤盘，把质量为20g的钩码挂在细绳上作为秤砣。移动秤砣到20.0cm处的C点时，杆秤刚好在水平位置平衡，此处即为该杆秤的“定盘星”。 ②小亮用这个自制的杆秤称量某物体时，在秤盘中放入待测物体、移动秤砣到D点时，杆秤在水平位置平衡。结合杠杆平衡条件可知，则此物体的质量为_________g。 ③请帮小亮提出一种提高杆秤量程的方法_________。 【答案】(1)水平 (2)力臂/力的方向 (3) 阻力 20.0 (4) 120 增加秤杆的长度/增大秤砣的质量/将提纽向秤钩移动 【详解】（1）实验中调节杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂可直接从杠杆刻度读取，方便测量力臂，因此填水平。 （2）改变弹簧测力计拉力的角度，力臂大小随之改变，杠杆平衡时拉力大小发生变化，说明影响杠杆平衡的因素除力的大小外，还与力臂有关，拉力角度改变本质是影响力臂，因此填力臂或力的方向。 （3）探究杠杆平衡条件需要记录动力、动力臂、阻力、阻力臂四个物理量，表格已给出动力、动力臂、阻力臂，因此A处为阻力； 分析前三组数据：、、 可得杠杆平衡条件： 根据杠杆平衡条件，代入第四组数据： 解得，因此填。 （4）支点提纽在刻度处，秤钩在刻度处，定盘星C在刻度处，由图丙可知D在刻度处。定盘星已经抵消了秤盘和直尺自重的影响，放入物体后根据杠杆平衡 代入，解得 根据杠杆平衡条件，提高杆秤量程即增大最大称量质量，可通过增大秤砣质量，或减小提纽到秤钩的距离（将提纽向秤钩移动）实现，合理即可。 20．跨学科实践 制作简易杆秤 中药房使用的杆秤，在我国有几千年的历史。如图甲所示，盘中置物，手提提纽，移动秤砣，使杆秤水平平衡。“能工巧匠”小组参加了“制作简易杆秤”活动，请你根据活动过程，完成下列问题。 (1)杆秤根据杠杆平衡条件制成。如图乙，用轻质木棒作为秤杆，细线系上一个质量为m的物体作为秤砣，空小盆挂在A点作为秤盘，在O点挂粗绳作为提纽，___________点相当于杠杆的支点。 (2)图乙中，秤盘内未放称量物，调节秤砣位置使杆秤水平平衡，在秤杆上悬挂秤砣细线的位置做标记，该标记处对应的刻度为__________g。 (3)图乙中，当称量物质量增大时，秤砣应向___________（选填“左”或“右”）移动。 (4)为了增大杆秤量程，可采用___________（选填“增大”或“减小”）秤砣质量的方法。 【答案】(1)O (2)0 (3)右 (4)增大 【详解】（1）支点是杠杆绕着转动的固定点，杆秤工作时绕提纽转动，因此点是支点。 （2）该标记是秤盘不放称量物时平衡得到的，对应称量质量为0，因此刻度为。 （3）根据杠杆平衡关系： 当称量物质量增大，左侧乘积增大，秤砣质量不变，因此需要增大力臂，故秤砣向右移动。 （4）杆秤最大力臂是固定的，由公式可知，增大秤砣质量，可测量的最大质量增大，即量程增大。 21．小明为探究“杠杆的平衡条件”，准备了以下器材：刻度均匀的杠杆、铁架台、若干钩码、圆盘等。 (1)如图-1所示，将杠杆安装到铁架台上，静止放置。为使杠杆在水平位置平衡，应将两端的平衡螺母向________（选填“左”或“右”）侧适当调节。 (2)同组小红认为“支点到力的作用点的距离”会影响杠杆的平衡。为判断这一观点是否正确，他们制作了一个密度均匀的圆盘，圆盘可以绕着圆心O转动。如图-2所示，在C点和D点分别悬挂钩码，使圆盘平衡，若内圆半径为外圆半径的一半，则应该在D点挂________个相同钩码。接下来她应将挂在D点的钩码先后挂在圆盘上的________两个点上，若圆盘仍平衡即可判断小红的观点是________（选填“正确”或“错误”）的。 【答案】(1)右 (2) 8 E、F 错误 【详解】（1）杠杆在如图-1所示的位置静止，此时杠杆左端下沉，应将两端的平衡螺母向右侧适当调节，使杠杆在水平位置平衡。 （2）设一个钩码的重力为G，在C点悬挂4个钩码，由杠杆平衡条件得到 即 解得，所以需要在D点挂上8个钩码才能使圆盘平衡。 要探究支点到力的作用点的距离是否会影响杠杆的平衡，采用控制变量法，控制其它条件一样，只改变支点到力的作用点的距离，将挂在D点的钩码先后挂在圆盘上的E、F两点，此时只改变支点到力的作用点的距离，力臂不变，圆盘仍然保持平衡，说明支点到力的作用点的距离不会影响杠杆的平衡，可判断小红的观点是错误的。 押题猜想十五 滑轮组的相关计算 试题前瞻·能力先查 22．（多选）如图所示，用甲和乙装置将同一钩码匀速提升相同的高度，钩码重力大于滑轮重力，不计绳重和摩擦，两个弹簧测力计的拉力分别为F1和F2，下列说法正确的是（　　） A．F1>F2 B．拉力F2所做的功更多 C．甲装置的机械效率更高 D．两种装置弹簧测力计移动的距离相等 【答案】ABC 【详解】甲是定滑轮，乙是动滑轮。设钩码重为，动滑轮重为，提升高度为，不计绳重和摩擦。 A． 定滑轮不省力，因此；动滑轮承担物重的绳子段数，拉力需要同时承担钩码和动滑轮重，因此 已知，则 可得，故A正确； D． 定滑轮拉力移动距离，动滑轮拉力移动距离，因此两者移动距离不相等，故D错误； B． 拉力做的总功 显然 因此拉力做的功更多，故B正确； C． 有用功是提升钩码做的功，同一钩码提升相同高度，因此两个装置的有用功相等。 机械效率，甲的总功等于有用功（不计绳重和摩擦，定滑轮无额外功），；乙需要额外提升动滑轮，总功更大，，因此甲装置的机械效率更高，故C正确。 故选ABC。 23．如图所示，水平地面上的建筑工人利用滑轮组，将重为900N的物体在10s内匀速提升2m。工人对绳子竖直向下的拉力为500N，工人自身重力为700N，不计绳重和摩擦阻力。以下说法正确的是（    ） A．工人对地面的压力为700N B．拉力的功率为150W C．动滑轮的自重为100N D．滑轮组的机械效率为50% 【答案】C 【详解】A． 工人站在地面上，受到向下的重力、绳子向上的拉力，地面对工人的支持力 工人对地面的压力等于地面对工人的支持力，即压力为，故A错误； B．由图可知，滑轮组承担物重的绳子段数 ，绳子自由端移动距离 拉力做的总功 拉力功率 故B错误； C．不计绳重和摩擦，由拉力公式 ，可得动滑轮自重 故C正确； D．有用功 滑轮组机械效率 故D错误。 故选C。 24．如图所示，物体A在水平拉力F的作用下沿水平地面做匀速直线运动的过程中，弹簧测力计示数恒为50N，绳子自由端（即拉力F的作用点）在3s内水平向左移动90cm，上述过程中，动滑轮的机械效率为80%（不计细绳、滑轮及测力计的重量）。求： (1)物体A运动的速度； (2)物体A沿水平地面做匀速直线运动时所受的滑动摩擦力大小。 【答案】(1)0.15m/s (2)80N 【详解】（1）由题意可知，绳子自由端运动的速度 由图可得，根据绳子自由端和物块A的运动速度关系可知，。则物体A沿水平地面的移动速度为 （2）由题可知，绳子自由端移动的距离是 故物体移动的距离是 由于弹簧测力计示数为50N，则拉力，由于物体匀速运动，则有用功 总功 由于动滑轮的机械效率为80%；则 则 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 滑轮组的相关计算，其主要内容有滑轮组省力特点、距离速度关系、机械效率计算。 滑轮组的省力多少，主要由承担物重的绳子段数来决定。于是，承担物重的绳子段数越多，滑轮组越省力。 绳子自由端拉力大小由物重、动滑轮重和绳子段数来决定，一般指物重越重、动滑轮越轻，拉力越小。除了物重与动滑轮重以外，拉力大小还跟滑轮的摩擦阻力有关系。 滑轮组的使用效果由绳子段数和滑轮结构来决定，比如说竖直滑轮组提升重物、水平滑轮组拉动物体。不同的滑轮组计算题，我们能分析计算的话，主要是绳子承担段数的判断来决定的。 终极猜想·精练通关 25．如图装置是________滑轮；若不计摩擦和滑轮重力，某人用力F匀速提起重为10 N的物体时，F的大小为________N。 【答案】 定 10 【详解】轴位置固定不动的滑轮为定滑轮，该滑轮轴固定在上方横梁，因此是定滑轮。 定滑轮不省力，只能改变力的方向，不计摩擦和滑轮重力时，拉力等于物体重力，已知物重为10N，因此 26．为了响应国家体重管理的号召，小明为家人制作了如图所示的简易拉力器，用拉力F将重为G的重物匀速竖直提升高度h，下列有关说法正确的是（　　） A．该滑轮是定滑轮，可以省力 B．拉力F的大小等于重物重力G的大小 C．人拉绳子移动的距离为2h D．提升重物做的有用功为Gh 【答案】D 【详解】A．图中滑轮固定在墙面上，属于定滑轮，定滑轮实质是等臂杠杆，只能改变力的方向，不能省力，故A错误； B．若忽略绳重和摩擦的理想情况下，拉力才等于重物重力，题目未说明是理想情况，因此拉力不等于重力，故B错误； C．定滑轮不改变绳子移动距离，物体上升高度为，人拉绳子移动的距离，故C错误； D．使用定滑轮提升重物的有用功等于克服重物重力做的功，即，故D正确。 故选D。 27．图甲为一款健身器材，两滑轮均重20N；弹性限度内，弹簧伸长的最大长度为80cm，弹簧所受拉力F与其“伸长的长度”x成正比，如图乙所示。弹簧、细绳、拉环的重力和摩擦可忽略；使用时竖直向下缓慢拉动拉环。下列说法正确的是（　　） A．弹簧拉力为60N时，绳a拉力为120N B．拉环向下移动10cm，弹簧伸长10cm C．弹簧拉力为300N时，拉环向下移动30cm D．健身器材提供的最大拉力为820N 【答案】C 【详解】A．由图可知，上面的滑轮是定滑轮，绳子a一端在定滑轮上另一端在天花板上，所受的力为绳子两端拉力和滑轮的重力即，故A错误； B．和拉环连接的滑轮是动滑轮，故滑轮移动的距离等于绳子移动距离的一半，滑轮移动10cm，绳子移动20cm，因为上面是一个定滑轮，定滑轮不省距离也不省力，只改变力的方向，所以弹簧拉伸20cm，故B错误； C．由图可知弹簧在弹性限度内最大拉力为400N，最大伸长量为80cm，弹簧伸长率为5N/cm，弹簧拉力为300N时，弹簧拉伸60cm，因为上面是一个定滑轮，定滑轮不省距离也不省力，只改变力的方向，所以定滑轮右侧绳子移动也60cm，和拉环连接的滑轮是动滑轮，滑轮移动的距离等于绳子移动距离的一半，绳子移动60cm，滑轮移动30cm；故C正确； D．由图可知、弹簧最大拉力为400N，在滑轮或滑轮组中，同一根绳子的各股拉力相等，动滑轮向上受2个力，向下受1个力，受三力平衡，动滑轮上左右两侧绳子各400N，故向上的力为 故向下受的力也是800N，滑轮自重20N，所以拉环受到的拉力为，故D错误。 故选C。 28．工人利用图甲所示滑轮组提升重力为960 N的物体A，拉力F随时间t变化的关系图像如图乙所示，物体A上升的速度v随时间t变化的关系图像如图丙所示，不计绳重和机械部件之间的摩擦。则： (1)在0~1s内，拉力F的功率______（选填“变大”“变小”或“不变”）。 (2)动滑轮的重力为______N。 (3)在1~3s内，拉力F克服动滑轮重力做的功是______J，滑轮组的机械效率是_____。 【答案】(1)变大 (2)240/ (3) 480/ 80% 【详解】（1）由图丙可知在内物体速度逐渐变大，由图甲可知连在动滑轮上绳子段数，则有，所以在内绳子自由端速度也逐渐变大，由乙图可知，此过程中拉力F不变，由可知，拉力F的功率逐渐变大。 （2）由图丙可知，内，物体做匀速直线运动，此时物体受力平衡，由图乙可知，内，拉力为400N，因为不计绳重和摩擦时，所以动滑轮的重力 （3）由图丙可知，内，物体的速度为1.0m/s，动滑轮与物体同步移动，内动滑轮上升的高度 在1~3s内，拉力F克服动滑轮重力做的功是 滑轮组的机械效率是 29．两个滑轮按如图所示的方式组合，用的拉力拉动绳端使物体匀速直线运动，已知物体与地面间的摩擦力为，则该过程中拉力做的功为___________J；该滑轮组的机械效率为___________。 【答案】 20 90% 【详解】由图可知，该滑轮组水平拉动物体，与动滑轮相连的绳子段数。绳子自由端移动的距离 拉力做的总功 克服摩擦力做的功为有用功 机械效率 押题猜想十六 力学综合计算 试题前瞻·能力先查 30．用同种金属材料做成A、B两个空心球，金属材料密度为2.5g/cm3，A球质量mA＝1.037kg，B球质量mB＝0.61kg。外径分别为RA＝7cm，RB＝5cm。两球空腔之间用一根金属导管相连，由于导管较细，故若施加过大的拉力会发生断裂。向A球空腔中注入300mL水，并在A、B两侧接上导线，连入一个报警电路（图中未画出）后横置于待监测液体表面。密度监测仪要求液体密度不得低于1.22g/cm3。该电路若检测到电流明显降低则触发报警。（球体体积计算公式为，其中r为球体半径。为方便计算，可取π＝3，g＝10N/kg，忽略导管的重力与浮力，两侧导线始终松弛）同学们进行了下列研究： (1)分别求出A装置和B装置的平均密度；（结果保留小数点后2位） (2)若要保证装置准确报警，则导管所能承受的力需要满足什么条件？ (3)若此时液体的密度恰好低于1.22g/cm3，则与报警前相比，报警后A球在液面以上的体积如何变化？变化了多少？（假设报警后空腔内的水不会泄漏，以cm3为单位，结果保留到整数位） 【答案】(1) ， (2) 导管所能承受的力要小于3N (3) 【分析】先根据密度公式，分别计算A、B装置的平均密度；再通过受力分析与阿基米德原理计算浮力，结合临界状态求出导管需承受的力；最后对比报警前后的受力，计算A球液面以上体积的变化。 【详解】（1）A球总体积 A球金属体积 注入水的质量 A球总质量 A球平均密度 B球总体积 B球平均密度 （2）A球水的重力 当液体密度小于低于，，由此可知，A球漂浮，B球下沉，导致A球的水会流向B球，当A球的水完全流向B球时，导管受力过大，发生断裂，所以要保证准确报警，导管所能承受的力要小于3N。 （3）报警前，，A球漂浮，则 此时A排开液体的体积为 报警后导管断裂，A仍然漂浮，但A球内的水流向B球，此时A球受到的浮力为 解得 则A球排开液体体积的变化量为 31．请根据小智在“浮力起重”学习中获得的相关信息完成计算。分析过程忽略液体扰动等次要因素，，g取。 (1)中山舰是中国近代史上的一代名舰，其标准排水量为780t，满载排水量为836t。求满载时中山舰排开水的体积； (2)1938年中山舰在长江被日军击中，沉入19m深的江底，1997年被打捞出水。打捞时采用“双驳抬撬、整体出水”的方案，如图甲所示。小智将清除泥沙过程简化为三个阶段，第一阶段使舰体（含泥沙）悬停在水中，第二阶段进行清淤作业，第三阶段清淤结束，缓慢匀速提升舰体。整个过程舰体未出水，舰体材料体积取。图乙是舰体受到竖直向上的拉力与时间的关系图像。求清除的泥沙的质量；（取） (3)小智设想利用浮筒对清淤后的中山舰进行打捞，建立如图丙所示的模型，中山舰的相关数据沿用第（2）问，每个浮筒底面积为，高3m，质量为5t，装满水的总质量为17t。将60个装满水的浮筒竖直放置于中山舰的下方，利用高压气体使60个浮筒同时向外排水，每个浮筒的排水流量为。通过计算发现，该方案无法将中山舰打捞出水。请写出中山舰对浮筒的压强p与排水时间秒的关系式。 【答案】(1) (2) (3) 【分析】根据阿基米德原理结合受力分析求解。 【详解】（1）满载时中山舰排开水的体积 （2）设清除泥沙的体积为，清淤前拉力，清淤后拉力。根据受力平衡，清淤前，清淤后，两式相减得，则有 则清除泥沙的体积 则清除泥沙的质量 （3）清淤后中山舰需要向上托举的力为 60个浮筒总浮力为 排水时间为时，排出水的总重力 浮筒原有总重力 因此浮筒现在总重力 浮筒能提供的向上举力 中山舰对浮筒的压力 总受力面积，则中山舰对浮筒的压强 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，压轴题。 力学综合计算，其主要内容有压强计算、浮力计算、功和功率、机械效率综合计算。 压强的大小，主要由压力和受力面积来决定。于是，压力越大、受力面积越小，产生的压强越大。 浮力大小由液体密度和排开液体体积来决定，一般指液体密度越大、排液体积越大，物体受到的浮力越大。除了液体密度和排液体积以外，浮力大小跟物体的浸没深度没有关系。 力学综合计算规律由各力学物理量的公式特点来决定，比如说压强、浮力、功和功率的结合运算。不同的力学综合题型，我们能准确计算出来的话，主要是对应物理公式和适用条件来决定的。 终极猜想·精练通关 32．小明在观看军事栏目时提到，军事舰艇在组织登陆作战的时候，为了防止船只在浅滩搁浅，都会严格限制乘员和装备重量，小明对这一问题进行了一次实验模拟，研究漂浮物体底部到容器底部距离与浮力的关系。他找来了一个底面积为200cm2的水槽并加入适量的水，在水槽中放入一个重为3N，底面积为100cm2的烧杯，烧杯漂浮在水槽中，如图甲所示；他又在烧杯内放入24个小球，使烧杯底部刚好与容器底接触（没有压力产生），此时液面的高度为15cm，如图乙所示；求： (1)甲图中，烧杯所受浮力的大小； (2)每个小球的重力大小； (3)如图丙所示，为了让烧杯底部与容器底有3.5cm的高度，应该从烧杯中取出多少个小球？ 【答案】(1) (2)0.5N (3)14个 【详解】（1）甲图中烧杯漂浮在水面上，根据物体漂浮条件，浮力等于自身重力。已知烧杯重力，甲图中，烧杯所受浮力 （2）图乙中烧杯底部刚好接触容器底且无压力，此时浮力等于总重力。液面高度15cm，烧杯底面积100cm2，则排开水的体积 浮力 烧杯重3 N，故 24个小球总重 每个小球重 （3）设取出后剩余n个小球，总重力 排开水的体积 烧杯浸入深度 由乙图得水槽中水的体积 液面高度h满足 解得 烧杯底部离容器底 3.5cm，则，即 解得。因此需取出个小球。 33．小明做实验研究物体的悬浮问题。他在水平桌面上放置一个底面积为、厚度不计的圆柱形容器。先向容器中注入深度为80cm的水，再将一个质量为0.06kg的正方体塑料块轻轻放入水中，塑料块沉至容器底部，静止时测得水面升高了，此时水未溢出。然后，他向容器中缓慢加入食盐并轻轻搅动，直至塑料块恰好悬浮（如图所示），此时塑料块的下表面受到盐水的压力，，g取10N/kg。求： (1)塑料块放入前容器底部受到的水的压强。 (2)沉至容器底时，塑料块受到容器底的支持力。 (3)塑料块恰好悬浮时盐水的密度。 (4)塑料块恰好悬浮时，其上表面受到的盐水压力。 【答案】(1) (2) (3) (4) 【详解】（1）塑料块放入前容器底部受到的水的压强 （2）此时塑料块受到的浮力 塑料块的重力 塑料块受到容器底的支持力 （3）塑料块的体积 在盐水中悬浮时，排开液体体积 在盐水中悬浮时，受到的浮力 由可知，盐水的密度 （4）塑料块恰好悬浮时，塑料块的下表面受到盐水的压力。根据浮力产生的原因知，上表面受到盐水的压力 34．海洋浮标作为海洋上的自动观测站，能够长期、连续、实时地收集和传输海洋环境数据。图甲是中科院研制的“合作者号”锚定式浮标（定点浮标），搭载太阳能和海波能双供电系统；图乙是我国710研究所研制的“HM2000”剖面漂流浮标，最大工作深度2000m，可随洋流漂移，用于监测远海、深海环境。 (1)“合作者号”空载质量9t，将其底座视作一个底面积8m2的圆柱体，求“合作者号”空载漂浮于海面时，海水对其底部的压强。（，） (2)如图丙，“HM2000”型剖面式漂流浮标工作时，先下潜至1000m深度，定深漂移至预设位置，再下潜至最大工作深度，随后在上浮过程中利用搭载的仪器采集数据。这类浮标是通过抗压设备舱中的液压装置调节油囊中硅油的质量使油囊体积变化，实现浮标的沉浮。“HM2000”型浮标总质量m=42kg，液压装置调节薄壁油囊中硅油体积时，浮标刚好浸没。将油囊中的硅油逐步“抽”回设备舱，油囊体积减小，浮标下潜。求该浮标在水下1000m悬浮时，油囊对其上方设备舱的作用力。（已知硅油密度，海面处海水密度，海水密度随水深h变化关系为，常数，，忽略海水扰动因素。） (3)根据第（2）问中的说明，在浮标由刚好浸没匀速下潜至2000m深的过程中，求浮标下潜深度h与油囊体积V之间的关系式。（结果用k、m、V₀、、V表示）。 【答案】(1) (2) 20N (3) 【分析】（1）浮标空载漂浮，浮力等于重力；因为浮力等于海水对底部的压力，所以可先求出压力，再根据压强公式计算海水对底部的压强。 （2）浮标悬浮，浮力等于浮标总重力；先根据海水密度随深度的变化公式求出1000m处的海水密度，再计算此时浮标受到的浮力；对油囊进行受力分析，结合浮力、重力的关系，求出油囊对设备舱的作用力。 （3）浮标匀速下潜时受力平衡，浮力等于总重力；先根据海水密度公式写出深度处的海水密度，再结合阿基米德原理、总重力的表达式，推导出与的关系式。 【详解】（1）由题意得，浮标空载漂浮，浮力等于总重力，即 漂浮时浮标顶部不受海水压力，浮力等于海水对浮标底部的压力，即 则海水对其底部的压强为 （2）设浮标的设备舱体积为，设备舱体积不变，仅油囊体积改变。海面刚好浸没时，浮力等于总重力，平衡条件为 化简代入数据得设备舱体积 处的海水密度为 1000m深度悬浮时，浮力等于总重力，平衡条件为 此时油囊体积为 对油囊受力分析：油囊受向上的浮力、向下的重力，平衡时满足，其中 解得设备舱对油囊的作用力 根据力的作用是相互的，油囊对设备舱的作用力大小为。 （3）浮标匀速下潜，受力平衡，浮力等于总重力，即 将代入上式解得 押题猜想十七 电磁现象辨析 试题前瞻·能力先查 35．如图是2026年春晚《武BOT》节目中宇树机器人表演时的场景，宇树机器人的核心动力来自于伺服电机，它本质上是一种高精度的小型电动机，驱动机器人完成复杂的武术动作。下列选项中与其工作原理相同的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【详解】由题意可知，宇树机器人的伺服电机属于电动机，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力转动，工作电路需要外接电源。 A．装置有外接电源，探究的是通电导体在磁场中受力运动，和电动机工作原理一致，故A符合题意 ； B．是电磁继电器，利用电流的磁效应工作，故B不符合题意； C．是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场（电流的磁效应），故C不符合题意； D．该装置无电源，探究的是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故D不符合题意。 故选A。 36．2026年央视春晚节目《武BOT》中，智能机器人接到指令后，可以和人一样精准地完成踢腿、空翻等武术动作。下列与其动力装置的工作原理相同的是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【详解】机器人能完成踢腿、空翻等主动运动，说明其动力来源是电动机——即“通电导体在磁场中受力而运动”的原理。 A．动圈式麦克风结构包含“永久磁体、线圈、膜片”。工作原理：声音使膜片振动带动线圈在磁场中切割磁感线产生感应电流（电磁感应），这是发电机原理，故A不符合题意； B．通电导体在磁场中受力运动，图中有电源、磁铁、导体棒ab，开关闭合后导体运动。这是电动机原理，与机器人动力装置原理一致，故B符合题意； C．电铃结构图中有电磁铁、衔铁、铃碗，靠电流产生磁性吸引衔铁敲铃。原理是“电流的磁效应”，故C不符合题意； D．电磁感应实验装置图中无电源，有电流表、导体棒、磁铁，导体切割磁感线产生电流。这是发电机原理，故D不符合题意。 故选B。 37．真理不能单靠“思维”来获得，还应致力于观察和实验，如图所示，下列关于电与磁的说法正确的是（　　） A．甲：磁感线是真实存在的，小磁针的北极指向地理的北极 B．乙：铁钉上端是电磁铁的N极，P向右移能吸引更多铁钉 C．丙：图示装置和中国最先进的航空母舰所使用的电磁弹射器原理相同 D．丁：闭合开关，导体ab竖直向上运动，电流表指针偏转，此图为发电机原理图 【答案】C 【详解】A．图甲：磁感线是为了描述磁场而人为假想的曲线，并不是真实存在的。小磁针静止时 N 极指向地理北极，是因为地磁场的南极在地理北极附近，故A错误； B．图乙：用安培定则判断电磁铁极性：电流从上端流入、下端流出，铁钉上端是N极，下端是S极。滑片P向右移动，滑动变阻器接入电阻变大，电流变小，电磁铁磁性减弱，吸引的铁钉会减少，故B错误； C．丙图是电动机原理（通电线圈在磁场中受力转动），而电磁弹射器也是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的，二者原理相同，故C正确； D．图丁：导体 ab 竖直向上运动时，运动方向与磁感线方向平行，不切割磁感线，不会产生感应电流，电流表指针不会偏转，故D错误。 故选C。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 电磁现象辨析，其主要内容有电流磁效应、电磁感应、磁场对电流的作用。 电流的磁效应，主要由通电导体周围的磁场来决定。于是，通电导线周围存在磁场，通电螺线管磁场强弱与电流、匝数有关。 磁场对电流的作用由磁场和通电导体来决定，一般指通电导体在磁场中会受到力的作用。除了磁场强弱以外，受力大小还跟电流的大小有关系。 电磁感应现象由闭合电路和导体切割磁感线来决定，比如说发电机、动圈式话筒利用电磁感应工作。不同的电磁现象，我们能辨别出来的话，主要是能量转化和工作原理来决定的。 终极猜想·精练通关 38．关于如图所示的现象，下列叙述不正确的是（     ） A．图甲中，同名磁极间的磁感线分布情况 B．图乙中，通电导体周围存在磁场，电流有磁效应 C．图丙中，闭合开关，通电导体ab在磁场中受到力的作用 D．图丁中，这套装置是探究电动机原理装置图 【答案】D 【详解】A．在磁体外部，磁感线从N极出发，图甲是两个同名N极，磁感线均从N极向外，符合同名磁极间的磁感线分布情况，故A正确，不符合题意； B．图乙是奥斯特实验，该实验证明了通电导体周围存在磁场，说明电流具有磁效应，故B正确，不符合题意； C．图丙电路中有电源，闭合开关后，通电导体ab在磁场中会受到力的作用，故C正确，不符合题意； D．图丁装置没有电源，连接灵敏电流计，是探究电磁感应现象的装置，是发电机的工作原理图，故D错误，符合题意。 故选D。 39．现代汽车内安装有为手机无线充电的装置，充电原理是：无线充电装置通过供电设备产生磁场，该磁场与手机中的接收线圈相互作用，发生电磁感应，电磁感应产生的电流即可实现给手机无线充电。下列生活实例中和无线充电原理一致的是（　　） A．电动机 B．电磁继电器 C．发电机 D．电磁起重机 【答案】C 【详解】由题干可知，无线充电的原理是电磁感应现象，即利用磁场产生感应电流。 A．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，将电能转化为机械能，故A不符合题意； B．电磁继电器依靠电流的磁效应（电生磁）工作，故B不符合题意； C．发电机的工作原理就是电磁感应现象，和无线充电原理一致，故C符合题意； D．电磁起重机依靠电流的磁效应工作，故D不符合题意。 故选C。 40．古籍《萍洲可谈》中记载：“舟师识地理，夜则观星，昼则观日，阴晦则观指南针”。使用指南针时，其N极指向地理___________方。现代社会大批量制造指南针，需要用到电磁铁，如图所示，闭合开关S，如果A端是电源正极，则螺线管的左端是___________极。 【答案】 北 N/北 【详解】指南针指南的那一端是它的S极，根据磁极间的相互作用，其N极指向地磁的S极即地理北方。 闭合开关S，如果端是电源正极，利用安培定则可知，螺线管的左端是N极。 41．潮汐电站利用海水在涨潮和落潮过程中所具有的动能和势能来发电，潮汐能属于______（选填“可再生”或“不可再生”）能源，潮汐发电的实验原理是图______。 【答案】 可再生 乙 【详解】 潮汐能是由海水涨落产生的，它可以循环再生，属于可再生能源； 潮汐发电的本质是将海水的机械能转化为电能，对应的物理原理是电磁感应现象（闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流）；甲图为奥斯特实验，证明电流周围存在磁场（电生磁）；乙图为电磁感应实验（无电源，导体切割磁感线产生电流），符合发电原理；丙图为通电导体在磁场中受力运动（电动机原理，有电源）。所以潮汐发电的实验原理对应图乙。   42．某游乐场里有一块能发电的地板，如图所示，当小朋友在上面跳跃时，固定在地板下方的磁铁往复运动，小灯泡便会发光。下列选项中与此装置原理相同的是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【详解】小朋友跳跃带动固定在地板上的磁铁往复运动，线圈相对磁铁做切割磁感线运动，闭合线圈中产生感应电流使灯泡发光，该现象是电磁感应现象，原理为电磁感应，该过程无外接电源，将机械能转化为电能。 A．该图是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，原理是电流的磁效应，与题干原理不同，故A不符合题意； B．该图是用安培定则判断通电螺线管的磁极，原理是电流的磁效应，与题干原理不同，故B不符合题意； C．该图中闭合电路的一部分导体放在磁场中，电路没有外接电源，是探究电磁感应现象的实验装置，与题干发电地板的原理相同，故C符合题意； D．该图电路中有外接电源，探究通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，与题干原理不同，故D不符合题意。 故选C。 押题猜想十八 生活用电 试题前瞻·能力先查 43．如图，在深圳龙岗，一家轮胎店的修车工人将汽油倒入塑料桶，移动塑料桶时突发大火，原因是拉动塑料桶时由于______，使塑料桶失去电子带上______电荷，电荷累积到一定程度出现了放电现象；当电线起火时，消防员不能连续喷水，因为喷出的水具有______性，会引起消防员触电。 【答案】 摩擦起电 正 导电 【详解】移动塑料桶时，塑料桶与其他物体发生摩擦，发生了电荷的转移，也就是摩擦起电现象； 塑料桶失去电子，正电荷数量多于负电荷，因此带正电；喷出的水具有导电性，会将电导向消防员，引起触电危险，因此电线起火时不能直接用水喷。 44．安全用电关乎人民的生命和财产安全。下列有关说法正确的是（　　） A．图甲：家庭电路的空气开关跳闸，一定是出现了短路故障 B．图乙：只要装有漏电保护器，触摸电路中任何部分都不会触电 C．图丙：插头插入插座后，标①的脚将用电器的金属外壳与地连接 D．图丁：闭合开关S，手指接触M点时不会触电 【答案】C 【详解】A．空气开关因电路中电流过大而跳闸，其原因可能是出现了短路故障，也可能是同时使用的用电器总功率过大，故A错误； B．漏电保护器主要在电路发生漏电时切断电路，若人体同时接触火线和零线，电流未流入大地，漏电保护器不会跳闸，人依然会触电，故B错误； C．三脚插头中标①的最长脚对应地线，插入插座时能将用电器的金属外壳与大地相连，从而防止因外壳漏电而引发触电事故，故C正确； D．闭合开关S后，M点与火线直接连通，人体接触M点时会与大地形成闭合回路，从而发生单线触电事故，故D错误。 故选C。 45．下列行为中，符合安全用电原则的是（　　） A．人离开时切断电源 B．用湿抹布擦发光的灯泡 C．从家中拉线给电动车充电 D．乙位置安装开关，甲位置安装电灯 【答案】A 【详解】A．人离开时切断用电器电源，可以避免电器长时间工作，防止过热、过载引发安全事故，符合安全用电原则，故A符合题意； B．生活中的水是导体，用湿抹布擦拭发光的带电灯泡，容易引发触电事故，不符合安全用电原则，故B不符合题意； C．从家中拉线给电动车飞线充电，线路容易过载发热，引发火灾，存在严重安全隐患，不符合安全用电原则，故C不符合题意； D．家庭电路中，开关应当接在相线（火线）和电灯之间，断开开关后电灯不带电，保证安全；若乙位置安装开关、甲位置安装电灯，断开开关后电灯仍然和相线相连，人接触时会触电，不符合安全用电原则，故D不符合题意。 故选A。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 生活用电，其主要内容有家庭电路组成、安全用电原则、电路故障辨析。 家庭电路的连接规范，主要由电路元件的作用和用电规范来决定。于是，开关接火线、用电器并联、保险丝接在火线上。 电路电流过大由总功率过大和短路来决定，一般指同时工作的用电器越多，总功率越大，电流越大。除了总功率以外，电流过大还跟电路发生短路故障有关系。 安全用电规则由用电安全规范来决定，比如说不接触低压带电体、不靠近高压带电体。不同的用电场景，我们能正确判断对错的话，主要是安全用电原则来决定的。 终极猜想·精练通关 46．用电安全是守护生命安全的重要防线，下列情景符合安全用电原则的是（　　） A．冰箱金属外壳接地 B．随意爬电线杆 C．用湿手摸开关 D．单手触碰相线 【答案】A 【详解】A．冰箱是带金属外壳的用电器，将金属外壳接地后，若冰箱漏电，电流会通过地线流入大地，可避免人体触电，故A符合题意； B．随意爬电线杆，极易接触高压带电体，引发高压触电，故B不符合题意； C．生活用水是导体，用湿手摸开关时，电流容易通过水传导到人体，造成触电，故C不符合题意； D．人站在地面上单手触碰相线（火线），电流会通过人体形成通路，引发触电，故D不符合题意。 故选A。 47．为了市民电动车充电安全，很多地方都配备了安全充电区，如图所示，关于电动车的安全用电，下列说法正确的是（　　） A．不同品牌的电动车可以混用充电器 B．可以将电动车推至楼道内充电 C．绝缘皮破损的充电线可继续使用 D．充电器导线若有损坏应及时更换 【答案】D 【详解】A．不同品牌的电动车不可以混用充电器，不同品牌电动车的充电器的输出电压与不同品牌的电池电压不匹配，易导致电池受损，故A错误； B．电动车不可推至楼道内充电，充电过程中由于电流的热效应导致电池温度升高，若不及时散热，可能会引发火灾，故B错误； C．绝缘皮破损的充电线不可继续使用，易在通电瞬间发生触电事故，同时也可能造成短路，导致电流过大，产热过多引发火灾，故C错误； D．充电器的导线若有损伤要及时更换，防止因绝缘皮破损可能导致的触电、短路现象等引发危险，故D正确。 故选D。 48．小明学习了生活用电常识后，反思自己在家经常经历的生活场景，符合安全用电原则的做法是（    ） A．早上起床后，小明觉得室内温度偏低，在未断开电暖器开关、插头也未拔下的情况下，直接将电暖器从卧室搬到客厅 B．妈妈同时使用电饭锅煮粥、电烤箱烤制食物时，电路负荷较大，小明主动关闭了暂时不用的电热水器，避免总功率过大 C．下午家中因用电器过多导致空气开关突然跳闸，小明为了尽快恢复用电，直接将空气开关合上 D．晚上临睡前，小明将手机充电器插入插座并连接手机充电，随后便直接上床睡觉 【答案】B 【详解】A．在未断开电源开关、插头也未拔下的情况下，电暖器处于工作状态，搬动过程中可能拉扯电线导致绝缘层破损，引发触电事故，不符合安全用电原则，故A不符合题意； B．家庭电路中总功率过大时，根据公式，家庭电路电压，总电流过大，易引发火灾，关闭暂时不用的电热水器，减小电路总功率，避免总电流过大，符合安全用电原则，故B符合题意； C．空气开关跳闸是因为电路中电流过大（线路总功率过大），直接合上空气开关而不排查问题，会再次引发电流过大的问题，存在安全隐患，不符合安全用电原则，故C不符合题意； D．手机充电器长期插在插座上，可能因长时间发热引发火灾，且无人看管存在安全风险，不符合安全用电原则，故D不符合题意。 故选B。 49．（多选）下列关于家庭电路和安全用电的说法，符合安全用电原则的是（     ） A．更换灯泡前先断开电源开关 B．用湿抹布擦拭正在工作的电视机 C．有金属外壳的用电器要接地 D．保险丝熔断后用铜丝代替 【答案】AC 【详解】A．更换灯泡前断开电源开关，可避免接触带电体引发触电事故，符合安全用电原则，故A正确； B．湿抹布属于导体，用其擦拭正在工作的电视机，容易使电流通过人体形成通路，造成触电，不符合安全用电原则，故B错误； C．有金属外壳的用电器接地，当用电器漏电时，电流会通过地线导入大地，能有效防止人体触电，符合安全用电原则，故C正确； D．保险丝的作用是在电路电流过大时自动熔断切断电路，铜丝熔点高，无法起到该保护作用，用铜丝代替保险丝会引发火灾等安全事故，不符合安全用电原则，故D错误。 故选AC。 50．“生命宝贵，安全第一”是同学们应具有的安全意识，下列做法符合安全用电原则的是（　　） A．用湿手插拔电源插头 B．使用试电笔时，手指接触笔尖金属体 C．若家用电器着火，先切断电源，再用灭火器灭火 D．多个大功率用电器同时使用同一排插 【答案】C 【详解】A．生活用水是导体，用湿手插拔电源插头，容易发生触电事故，不符合安全用电原则，故A不符合题意； B．使用试电笔时，手指必须接触笔尾金属体，绝对不能接触笔尖金属体，否则会发生触电，不符合安全用电原则，故B不符合题意； C．家用电器着火时，首先要切断电源，再进行灭火，能避免触电事故，符合安全用电原则，故C符合题意； D．多个大功率用电器同时使用同一个排插，会导致电路总功率过大，电流过大，容易引发火灾，不符合安全用电原则，故D不符合题意。 故选C。 51．关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（   ） A．人不接触高压电线就不会触电 B．发现有人触电时，应立即用手将其拉开以尽快施救 C．造成家庭电路中空气开关“跳闸”的原因一定是发生了短路 D．使用试电笔时笔尖应该接触被测导线，手指应该按住笔尾金属体 【答案】D 【详解】A．安全用电原则要求“不靠近高压带电体”，即使不接触高压电线，靠近高压带电体也可能发生跨步电压触电或电弧触电，故A错误； B．人体是导体，直接用手拉开触电者，会导致施救者也触电，正确做法是先切断电源再施救，故B错误； C．家庭电路空气开关跳闸的原因是电路总电流过大，有两种可能：短路或用电器总功率过大，并非一定是短路，故C错误； D．试电笔的正确使用方法为：笔尖接触被测导线，手指按住笔尾金属体，这样接触火线时才能形成通路，使氖管发光，以此辨别火线和零线，故D正确。 故选D。 押题猜想十九 欧姆定律的动态电路分析 试题前瞻·能力先查 52．如图电路，电源电压保持不变，滑动变阻器R标有“30Ω  1A”，定值电阻的阻值为10Ω，小灯泡L标有“6V  3.6W”（电阻不随温度变化），电流表的测量范围为0~3A。当S闭合，、断开，滑片P移到R的中点时，小灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的前提下，以下说法正确的是（　　） A．小灯泡的电阻是20Ω B．电源电压为9V C．当开关都闭合时，电路中的最大电流为1.5A D．电路消耗总功率的最小值与最大值之比是3∶20 【答案】D 【详解】A．根据小灯泡铭牌“6V 3.6W”，由电功率公式变形计算出其正常工作时的电阻，故A错误； B．当S闭合，、断开，灯泡L与滑动变阻器R左半段串联，此时灯泡正常发光时电流，根据串联分压规律，电源电压，故B错误； C．当开关都闭合时，灯泡L被短路，定值电阻与滑动变阻器R并联，此时通过的电流固定 由于变阻器允许的最大电流为1A，因此干路最大安全电流应为，故C错误； D．电路串联且变阻器阻值最大时总功率，最小功率 电路并联且干路电流达最大安全值时总功率最大，最大功率 最小功率与最大功率之比，故D正确。 故选D。 53．（多选）如图甲所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器的阻值随电阻丝长度均匀变化。闭合开关S，滑片P从最右端向左滑动，滑片P到最右端的距离为x，观察并记录电压表、电流表示数，根据数据绘制出电压表示数U与x的图像（如图乙），电流表示数I与x的图像（如图丙）。下列说法正确的是（　　） A．滑动变阻器存在断路故障 B．滑片P移到最左端时，电压表的示数达到最大 C．时，滑动变阻器接入电路的阻值为5Ω D．若滑片P移到最左端， 【答案】AD 【详解】A．闭合开关，滑动变阻器与串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中电流；当滑动变阻器的电阻丝有断点时，电压表测量电源电压，电路中的电流为，由图乙可知，当时，电压表示数保持不变，则电源电压为，即滑动变阻器在距右端5cm处存在断路故障，故A正确； B．滑片P移到最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，电压表被短路，示数为0，不是最大值，故B错误； C． 时，此时电压表示数为，电流表示数为，滑动变阻器接入电路的阻值为 故C错误； D．当 时，由乙、丙两图可知，此时电压表示数为 ，电流表示数为 ，滑动变阻器接入电路的阻值为 变阻器滑动 电阻的变化量为 所以，从断点处滑片向左滑动的过程中，该滑片 每滑动的阻值变化是 滑动变阻器电阻丝没有断路时的总电阻为 则电阻丝的总长为 若滑片移到最左端时，故D正确。 故选AD。 54．如图甲，电源电压恒定，R为定值电阻，滑动变阻器R′标有“20Ω，1A”，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼15V，只闭合开关S和S1，滑片从最右端滑动到a点时，灯泡L恰好正常发光，只闭合开关S和S2，滑片从a点向某一方向移动，直到b点时，电压表示数与灯泡L正常发光时的电压相同，两次调节过程中，两电表示数关系如图乙所示，下列说法中不正确的是（　　） A．电源电压为8V B．灯泡正常发光时的电阻为12Ω C．定值电阻R的阻值为20Ω D．b点在a点的右侧 【答案】ABC 【详解】A．由图可知，只闭合开关S和S1，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流， 因为灯泡的电阻随温度的变化而变化，所以此过程中电流表与电压表示数变化关系为图乙中的曲线，则另一次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线； 当滑动变阻器的滑片在最右端时，变阻器接入电路的电阻最大为20Ω，电路的总电阻最大，根据可知此时电路中的电流最小，由图乙可知，最小电流为I小=0.25A，此时灯泡两端的电压为UL=1V， 此时变阻器两端的电压为 由串联电路的电压特点可知电源电压为 故A错误，符合题意； C．只闭合开关S和S2，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，由图乙可知，两条图线中电压表示数相等时（灯泡正常发光），电路中的电流为I1=0.3A，此时滑动变阻器的滑片在b点，所以变阻器的滑片在a点时，电路中的电流为I2=0.375A，定值电阻两端的电压为UR=3.75V， 由串联电路的特点和欧姆定律可得此时变阻器接入电路的电阻为 定值电阻的电阻为 故C错误，符合题意； B．由C项分析可知，只闭合开关S和S2，滑片在b点时，电路中的电流为I1=0.3A，且定值电阻为10Ω，则此时定值电阻两端的电压为 即灯泡正常发光的电压为3V， 根据串联电路电压的特点，灯泡正常发光时变阻器分得的电压为 由题意可知，只闭合开关S和S1，滑片到a点时，灯泡L恰好正常发光，在滑片到a点时，变阻器接入电路的电阻为6Ω，根据欧姆定律可知，此时电路中的电流为 则灯泡正常发光时的电阻为 故B错误，符合题意； D．只闭合开关S和S2，滑动变阻器的滑片在b点时，滑动变阻器两端的电压为3V，电路中的电流为I1=0.3A，根据欧姆定律可知，此时滑动变阻器接入电路的电阻为 因为Rb＞Ra，所以b点在a点的右侧，故D正确，不符合题意。 故选ABC。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 欧姆定律的动态分析，其主要内容有电阻变化、电流变化、电压变化。 电路电阻的大小，主要由导体的材料、长度、横截面积、温度来决定。于是，导体越长、横截面积越小，电路电阻越大。 电路电流由电路电压和电阻来决定，一般指电源电压不变时，电路电阻越小，电路电流越大。除了电阻大小以外，电路电流还跟电源电压的大小有关系。 电路电压分配由串联电阻的大小来决定，比如说滑动变阻器阻值改变、引起电路电流和各用电器电压变化。不同的电路动态变化，我们能分析判断出来的话，主要是欧姆定律规律来决定的。 终极猜想·精练通关 55．如图，电源电压保持不变，小灯泡L标有“”，且灯丝电阻不随温度变化，为定值电阻。闭合开关S，滑动变阻器的滑片P位于a端时，小灯泡正常发光，电压表与的示数之比；调节滑片P位于b端时，小灯泡的实际功率为0.4W，电压表与的示数分别是和。则（　　） A．电源电压为10V B． C．的阻值为 D．的最大阻值为 【答案】B 【详解】当滑片位于端时，灯泡与电阻串联，电压表测量电源电压，电压表测量定值电阻两端的电压；当滑片位于端时，灯泡、电阻以及滑动变阻器串联，电压表测量灯泡和定值电阻两端的总电压，电压表测量定值电阻和滑动变阻器的总电压。 A．滑片位于端时，灯泡与电阻串联，灯泡正常发光，此时，，根据可得 电压表测量电源电压，电压表测量两端电压，根据串联电路电压规律可得① 因为 所以② 联立①②式，因此可得，，故A错误； C．根据欧姆定律可知 故C错误； BD．当滑片位于端时，的阻值最大，灯泡、电阻以及滑动变阻器串联，由于灯丝电阻不变，小灯泡的实际功率为，则 所以，此时 即 解得，即最大阻值为，此时 则 故B正确，D错误。 故选B。 56．（多选）将一个定值电阻接入图甲所示电路的虚线框处，并将一个电压表（图中未画出）并联在某段电路两端，闭合开关，移动滑片P，多次记录两电表示数；断开开关，只将定值电阻更换为小灯泡，再次获取数据并记录；将记录的数据绘制成如图乙所示的I-U图像。下列分析正确的是（　　） A．电源电压为4V B．定值电阻阻值为10Ω C．定值电阻和灯泡两端的电压各为3.5V时，灯泡的电阻较大 D．接入小灯泡后，将滑片P向右移动时，电压表的示数将变小 【答案】ACD 【详解】由图甲可知，接入元件与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，由图乙可知，电流随电压增大而减小，根据串联电路规律，可判断电压表并联在滑动变阻器两端，测量滑动变阻器电压；定值电阻阻值不变，因此直线a是定值电阻接入电路时I-U图像，曲线b是灯泡接入电路时的I-U图像。 AB．由图像a可知，当，；，；根据串联电路电压特点和欧姆定律可得电源电压 联立两式可得，电源电压，故A正确，故B错误； C．当定值电阻和灯泡两端电压均为时，滑动变阻器两端电压为 由图乙可知当时，，，根据，当U相同，电流越小电阻越大，因此，故C正确； D．滑动变阻器接入右下端和滑片，滑片P向右移动时，接入电路电阻变小，根据串联分压规律，滑动变阻器分压变小，电压表测滑动变阻器电压，因此电压表示数变小，故D正确。 故选ACD。 57．图甲为自动气象站中的测温装置，它的测温电路可简化为图乙，其中的“恒流源”是一个特殊电源，电流大小由电源内部结构决定，当电阻R变化时，通过R的电流大小保持不变，电阻R的阻值随温度的变化规律如图丙所示，通过数字电压表的示数可反映环境的温度。下列有关说法正确的是（　　） A．每升高1℃，R的阻值增大5.4Ω B．环境温度升高时，电压表的示数减小 C．温度的变化值相同时，电压表示数的变化值越大，该装置的灵敏度越低 D．若要增大该测温装置的灵敏度，可换一个电流值更大的恒流源 【答案】D 【详解】A．由图丙可知：温度从升高到，R的阻值从增加到，总阻值变化 因此每升高，R的阻值增加，故A错误。 B．环境温度升高时，由图丙可知的阻值增大；已知电源保持电路电流不变，根据欧姆定律可知，增大则两端电压增大，即电压表示数变大，故B错误； C．温度变化值相同时，R的阻值变化ΔR相同，电压变化；相同温度变化对应的电压变化越大，温度变化越容易通过电压表示数分辨，装置灵敏度越高，故C错误； D．换电流更大的恒流源后，相同温度变化对应相同的，由可知：I越大，相同温度变化对应的电压变化ΔU越大，电压变化更明显，因此装置灵敏度增大，故D正确。 故选D。 58．如图所示的电路，电源电压保持不变，忽略温度对灯丝阻值的影响。关于此电路，下列分析正确的是（　　） A．小灯泡与变阻器串联，电压表测变阻器两端电压 B．当变阻器滑片P向右滑动时，电压表示数变大 C．灯L断路时，电流表示数变小，电压表示数不变 D．开关S被短路时，电压表示数变大，灯L变得更亮 【答案】C 【详解】A．由图可知，滑动变阻器R与灯泡L并联，电压表测量电源电压，测R支路的电流，测干路总电流。故A错误； B．并联电路中各支路电压等于电源电压，电源电压保持不变，因此滑片滑动时电压表示数不变，故B错误； C．若灯L断路时，根据并联电路各用电器互不影响，通过滑动变阻器的电流不变，但干路电流变小，电流表示数变小，电压表示数不变，故C正确； D．开关S被短路时，电路一直接通，但电源电压不变，灯泡的实际电压不变，实际功率不变，所以电压表示数不变，灯L的亮度不变，故D错误。 故选C。 59．（多选）汽车超速易引发安全事故，某物理兴趣小组设计了一款超速自动报警装置，该装置的简化电路图如图（a）所示，电源电压为，定值电阻为，为速度传感器，速度传感器的阻值随车速变化的关系如图（b）所示，当电压表示数达到时，报警装置启动，此时车速为。下列说法正确的是（　　） A．当汽车行驶速度逐渐增大时，电压表的示数增大 B．该装置可以通过增大阻值的方法实现低于时开始报警 C．当车速达到时，的阻值为 D．当车速达到时，电压表示数为 【答案】ACD 【分析】根据题意可知，当电压表示数达到10V时，报警器报警，根据串联电路的电压规律可得此时定值电阻两端的电压 此时电路中通过的电流 则此时速度传感器的阻值 根据题图（b）中的数据可求得速度传感器的阻值随速度的变化关系式 【详解】A．根据题图可知，当汽车行驶速度增大时，速度传感器的阻值增大，根据串联电路的分压关系可知，速度传感器两端的电压增大，则电压表的示数增大，故A正确； B．增大R的阻值，当车速达到80km/h时，电路中的总电阻比之前大，由可知电路中电流比之前小，则电压表示数比之前小，而电压表要到达10V时才会报警，结合速度传感器的阻值随车速的关系以及串联电路的分压规律可知，此时车速会大于80km/h才报警，故B错误； C．根据题图（b）中的数据可求得速度传感器的阻值随速度的变化关系式，当车速达到30km/h时，速度传感器的阻值，故C正确； D．当车速达到20km/h时，速度传感器的阻值 此时电路中的电流 速度传感器两端的电压 则电压表的示数为8V，故D正确。 故选ACD。 押题猜想二十 特殊方法测电阻 试题前瞻·能力先查 60．小辉用如下器材测量小灯泡的电阻：待测小灯泡（额定电压为2.5V）、稳压电源3V、电流表、电压表、滑动变阻器、开关、导线若干。实验电路如图甲所示，根据实验数据描点连线绘制的小灯泡的I-U图像如图乙所示。 (1)请用笔画线代替导线，在图甲中完成实验电路的连接（要求滑片向左滑动时，电压表示数变小，导线不交叉）。 (2)为保证实验顺利进行，应选用规格为_______（填选项字母）的滑动变阻器。 A．“” B．“” C．“” (3)若电路连接完整后闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，可能是小灯泡_______（选填“断路”或“短路”）。 (4)排除故障后进行实验，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电压表示数如图丙所示，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向_______（选填“左”或“右”）移动。 (5)本实验进行多次测量的目的与下列实验中多次测量的目的相同的是_______（填选项字母）。 A．测量定值电阻的阻值 B．用刻度尺测量铅笔的长度 C．探究电流与电压和电阻之间关系 (6)完成上述实验后，老师取走了电流表，让同学们用一个电压表和已知阻值的定值电阻R0设计电路，测量小灯泡正常发光时的电阻。某小组设计的实验电路图如图丁所示，操作过程如下： ①只闭合开关S电压表示数为U； ②闭合开关S、S1、S3，移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数为U1，此时_______； ③保持滑动变阻器滑片P的位置不变，断开开关S1，闭合开关S、S2、S3，此时电压表示数为U2，则小灯泡正常发光的电阻为_______。 【答案】(1) (2)B (3)短路 (4)右 (5)C (6) 小灯泡正常发光 【详解】（1）根据实验，电路是串联的，电压表并联在灯泡两端，滑动变阻器滑片向左移动时电压表示数减小，由串联电压规律可知，滑动变阻器两端电压会变大，根据串联分压原理可知，滑动变阻器接入电路阻值增大，因此接滑动变阻器右下接线柱可满足要求，导线另一端连接电源负极，据此作图。 （2）据乙图可知，实验中灯泡两端电压最小为0.5V，滑动变阻器两端电压最大，由串联分压原理可知，滑动变阻器接入电路中的阻值最大，此时滑动变阻器两端电压为 此时电路中的电流为0.1A，滑动变阻器接入电路中的阻值为 故选B。 （3）电流表有示数，说明电路是通路，而电压表无示数，说明电压表并联的部分短路，即原因可能是小灯泡短路。 （4）由于电源电压只有3V，因此电压表选择的量程应为0~3V，分度值是0.1V，图丙中电压表示数为2.4V，因此需要增大电压表示数至2.5V，需要减小滑动变阻器两端电压，由串联分压原理，应减小滑动变阻器接入电路中的阻值，因此应将滑片向右移动。 （5）本实验进行多次测量的目的是寻找普遍规律； A．测量定值电阻的阻值进行多次测量的目的是求平均值，减小误差，故A不符合题意； B．用刻度尺测量铅笔的长度进行多次测量的目的是求平均值，减小误差，故B不符合题意； C．探究电流与电压和电阻之间关系多次测量的目的是找出普遍规律，故C符合题意。 故选C。 （6）只闭合S，电压表测电源电压，因此电源电压为U。 闭合开关S、、，定值电阻被短路，小灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测小灯泡两端电压，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电压表示数（小灯泡两端电压）为，则滑动变阻器此时的电压 再根据分压原理可知 可得滑动变阻器接入电路中的阻值 断开开关，保持滑动变阻器滑片P的位置不变，闭合开关S、、，此时小灯泡被短路，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，此时为，则滑动变阻器此时的电压 根据分压原理可知，则可求得滑动变阻器此时接入电路的阻值 由于滑动变阻器接入电路中的阻值不变，整理得小灯泡正常发光时的电阻 61．小明在“测量小灯泡的电阻”的实验中先用如图甲所示的器材进行实验，小灯泡额定电压为2.5V。 (1)请你用笔画线代替导线，把图甲中实物电路连接完整（要求：滑动变阻器滑片向左移动时，灯泡变亮）； (2)闭合开关后，移动滑片，发现电压表无示数，电流表有示数，小灯泡不亮。其原因可能是________； (3)故障排除后，闭合开关，移动滑片多次实验，将数据绘制成小灯泡的I-U图像如图乙所示，分析图像可知小灯泡正常工作时的电阻为_______Ω，还可以从图像中得到什么信息？___________。 (4)小明设计图丙所示电路测未知电阻Rx的阻值，已知滑动变阻器最大阻值为R0。实验步骤： ①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到α端，记录电流表示数为I1； ②将滑动变阻器的滑片P移到b端，记录电流表示数为I2； ③待测电阻的表达式 _______（用已知量和测得的物理量表示）。 【答案】(1) (2)小灯泡短路 (3) 10 小灯泡正常发光时的电功率是0.625W (4) 【详解】（1）灯泡变亮，说明电路中电流变大，电路中电阻变小。滑片向左移动，电阻减小，说明通过电阻丝左面的接线柱将变阻器连入电路，据此作图。 （2）电流表有示数，说明电路是连通的。小灯不亮，说明小灯中无电流。在电路是通路的情况下电压表无示数，根据可知，与电压表并联部分电阻为0，即该部分被短路了。 （3）小灯额定电压为2.5V，正常工作时电阻为 根据图像，可以计算出小灯的额定功率（其他合理即可） （4）滑片P在a端，待测电阻与定值电阻并联，电流表测量干路电流。滑片在b端时，待测电阻被短路，此时测的是定值电阻中的电流，它与两个电阻并联时定值电阻中的电流是相同的，根据定值电阻阻值与所测电流可以计算电源电压。待测电阻阻值为 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 特殊方法测电阻，其主要内容有伏安法变式、缺电流表测电阻、缺电压表测电阻。 电阻的测量原理，主要由欧姆定律公式来决定。于是，利用已知阻值定值电阻和串并联规律，即可间接测出未知电阻阻值。 测量电路设计由所缺电表的类型来决定，一般指缺少电流表时利用串联分压规律测量。除了电表缺失以外，测量方案还跟定值电阻的搭配使用有关系。 测电阻的方案辨析由电路连接和测量原理来决定，比如说串联分压测电压、并联分流测电流。不同的测电阻方法，我们能辨别和设计出来的话，主要是串并联电路规律和欧姆定律来决定的。 终极猜想·精练通关 62．小明用如图甲所示电路测量小灯泡正常发光时的电阻，电源电压为3V，待测小灯泡的额定电压为2.5V。 (1)图甲中有一根导线连接错误，请在这根导线上打“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确，导线不得交叉。 (2)连接电路时，开关应处于______状态。电路连接正确后，闭合开关，发现两电表指针偏转情况如图乙所示，则电路存在的故障可能是______； (3)排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某位置，电压表示数如图丙所示，为______V。为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向______（选填“左”或“右”）移动； (4)多次实验后，实验数据如下表所示，可知小灯泡正常发光时的阻值为______Ω（计算结果保留一位小数）。 实验次数 电压U/V 电流I/A 灯泡发光情况 1 1.5 0.24 暗 2 2.5 0.30 明亮 3 2.8 0.32 耀眼 (5)结合实验数据和发光情况可知，小灯泡的亮度取决于其______（选填“额定功率”或“实际功率”）。 【答案】(1) (2) 断开 小灯泡断路 (3) 2.4 右 (4)8.3 (5)实际功率 【详解】（1）实验中，电压表应并联在小灯泡两端，小灯泡和电流表串联，改正如下： （2）[1]连接电路时，开关应处于断开状态，这是为了保护电路，防止连接过程中短路损坏元件。 [2]闭合开关后，图乙中电压表指针满偏（接近电源电压 3V），电流表指针几乎不动，说明电路中存在断路故障，且电压表两端能接到电源上，因此故障是小灯泡断路。 （3）[1]图丙中电压表选用的是 0~3V 量程，分度值为 0.1V，示数为2.4V。 [2]小灯泡的额定电压为 2.5V，当前电压2.4V低于额定电压，需要增大灯泡两端的电压。根据串联电路分压规律，需要减小滑动变阻器接入电路的电阻，因此滑片应向右移动（滑片右移，滑动变阻器电阻变小，电路电流变大，灯泡两端电压升高）。 （4）小灯泡正常发光时，电压，电流。根据欧姆定律 （5）小灯泡的亮度取决于其实际功率，实际功率越大，灯泡越亮。额定功率是灯泡正常发光时的功率，只有当实际电压等于额定电压时，实际功率才等于额定功率。 63．物理实验小组用2节干电池等器材测量未知电阻的阻值，实物图如图甲。 (1)请你用笔划线代替导线，将图甲中电路连接完整。 (2)闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到最___________端（选填“左”或“右”）。 (3)闭合开关后，观察到电流表无示数，电压表指针有示数，则故障原因可能是___________（选填“断路”或“短路”）。 (4)排除故障后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P移到某一位置时，电压表示数为1.6V，电流表示数如图乙所示为___________A，则未知电阻___________Ω。 (5)如图丙，小王直接用滑动变阻器（已知最大阻值为）和电流表，也测出了的阻值，请补充完整： ①闭合开关，当滑动变阻器滑片P位于A端时，记下电流表示数； ②闭合开关，当滑动变阻器滑片P位于B端时，记下电流表示数； ③电阻___________。（用、和表示） 【答案】(1) (2)右 (3)断路 (4) 0.16 10 (5) 【详解】（1）在“伏安法”测电阻的实验中，电压表需要并联在待测电阻的两端以测量其电压。电源由2 节干电池组成，电源电压约为，因此电压表应选择的量程。将电压表的正接线柱（即标有“3”的接线柱）连接到的右端。 （2）为了保护电路元件，在闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应处于最大状态。故应将滑动变阻器滑片移到最右端。 （3）电流表无示数说明电路中存在断路现象；电压表有示数说明电压表的两个接线柱到电源两极的电路是连通的。因此故障原因可能是断路。 （4）图乙中电流表接入的是的量程，其分度值为。因此读数为；故未知电阻 （5）根据图丙的电路图，与滑动变阻器串联。当滑片位于端时，滑动变阻器接入电路的阻值为最大值，此时电路中的电流为。根据欧姆定律，故电源电压 ……① 当滑片位于端时，滑动变阻器接入电路的阻值为，电路中只有，此时电流为，故电源电压 ……② 联立①②式可得 64．小强从废旧收音机上拆下一个完好的定值电阻，他想知道该电阻的阻值，采用“伏安法”进行测量，图甲实验所用电源电压为。 (1)请用笔画线表示导线，将图甲中的电路连接完整（要求滑片向右滑时电压表示数减小）。 (2)连接好电路后闭合开关，发现电压表有示数，电流表无示数，由此可判断产生的故障是电阻处________。 (3)排除故障后，正确连接电路。移动滑动变阻器滑片到某一位置时，发现电压表示数为2.4 V，电流表示数如图乙所示，为________，则定值电阻的阻值为________。 (4)为了减小实验误差，小强应采取的措施是：________。 (5)小强不小心将电压表损坏，老师告诉小强，仅利用电流表和已知阻值的定值电阻也可以测电阻。小强设计了图丙所示的电路（电源电压未知）来测量另一个待测电阻的阻值，电流表选的测量范围，定值电阻的阻值为。具体操作如下： a.闭合开关，断开开关，读出电流表示数为0.40 A； b.________，读出电流表示数为0.50 A；（将该操作补充完整） c.由以上数据可得，待测电阻的阻值为________。 【答案】(1) (2)断路/开路 (3) 0.3 8 (4)移动滑片，多次测量电阻，求平均值减小误差 (5) 闭合开关S1和S2 40 【详解】（1）电压表应与定值电阻并联，由于电源电压是3V，故电压表选择的量程是“0~3V”；为了使滑片向右滑时电压表示数减小，根据串联分压规律，滑动变阻器接入电阻需要变大，因此滑动变阻器左下接线柱与待测电阻右侧接线柱连接起来。 （2）电流表无示数，说明电路断路，电压表有示数，说明电压表两端到电源通路，因此故障是定值电阻R断路。 （3）电流表选0~0.6A量程，分度值0.02A，读数为0.3A，则定值电阻R的阻值为 （4）测定值电阻阻值，为减小误差，需要多次测量取平均值，因此通过移动滑动变阻器滑片，得到多组数据，计算电阻后求平均值。 （5）a步骤中，只有R0接入电路，电源电压 b步骤需要闭合S1和S2，此时R0与Rx并联，电流表测干路总电流，由并联电路电流的特点可知，Rx的电流 并联电路各支路两端电压等于电源电压，则Rx的电阻为 押题猜想二十一 探究电流与电阻的关系 试题前瞻·能力先查 65．小明按照如图所示的实物图做“探究电流与电阻的关系”实验。已知电源电压恒为4.5V，实验用到的滑动变阻器的规格为“ ”。 实验次数 1 2 3 4 5 电阻 5 10 15 20 25 电流 0.40 0.20 0.14 0.10 0.08 (1)正确连接电路后，闭合开关，发现电流表指针偏转，而电压表指针不偏转，则可能的原因是________________。 (2)根据数据可知，在实验中定值电阻两端电压始终保持为________V，进一步分析数据，可以得到实验结论：在电压一定时，________________________。 (3)小明记录的实验数据如表所示，老师判断其中有一组数据是编造的，它是第________次实验的数据，判断的依据是________________________________。 【答案】(1)定值电阻R短路/电压表断路 (2) 2 通过导体的电流与导体的电阻成反比 (3) 5 时，调节滑动变阻器无法使定值电阻两端电压保持2V（答案合理即可） 【详解】（1）正确连接电路后，闭合开关，发现电流表指针偏转，说明电路为通路，电压表指针不偏转，可能是与电压表并联的定值电阻R短路；也可能是电压表断路，使其指针不偏转。 （2）由表格数据及欧姆定律可知，定值电阻R两端的电压 故可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。 （3）电源电压为，滑动变阻器两端的电压 滑动变阻器的最大阻值为，根据串联分压得 可得 即能完成实验的定值电阻的最大阻值为，当定值电阻为25Ω时，滑动变阻器的最大阻值为30Ω无法使定值电阻两端电压达到2V，所以第5次实验数据错误。 66．实验小组同学利用如图甲所示电路探究“电流与电阻的关系”，电源电压恒为4.5V，五个定值电阻R分别为：“5Ω”“10Ω”“15Ω”“20Ω”及“25Ω” (1)请用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整；（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数变大，导线不得交叉） (2)断开开关，保持滑动变阻器滑片位置不变，用“10Ω”的电阻替换“5Ω”的电阻，闭合开关，此时应向________（选填“左”或“右”）移动滑片才能达到实验要求； (3)实验结束后，小组同学又自制了如图丙所示的“电阻测量盒”，可以用来测量一个定值电阻的阻值。盒内有电源（电压不变但未知）、阻值已知的定值电阻、开关和电流表，并引出两根导线到盒外，将盒外两根导线分别与待测电阻两端的接线柱相连，根据盒内开关的闭合、断开时电流表的示数，便可计算出的阻值，则下图中设计的盒内电路图不符合要求的是________（选填字母序号）。 A． B． C． D． 【答案】(1) (2)左 (3)C 【详解】（1）探究“电流与电阻的关系”的实验中，滑动变阻器和定值电阻串联，滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数变大，说明电阻变小，所以滑动变阻器接右下接线柱接定值电阻的左边接线柱，据此作图。 （2）用10Ω的电阻替换5Ω电阻，闭合开关，由分压原理可知，电压表示数变大，探究电流与电阻关系的实验中，需保持定值电阻两端的电压不变，因此应增大滑动变阻器两端的电压，即增大滑动变阻器的电阻，应向左移动滑片。 （3）A．如图，盒外两根导线分别与待测电阻两端的接线柱相连时，闭合开关，两个电阻并联，电流表测量干路电流I；断开开关，电路为电阻Rx的简单电路，测出电流Ix为通过电阻Rx的电流；由于并联电路，支路互不影响，所以通过R0的电流，电源电压 待测电阻Rx的阻值 故A不符合题意； B．如图，盒外两根导线分别与待测电阻两端的接线柱相连时，断开开关，两个电阻串联，电流表测量电路中的电流I；闭合开关，电阻R0被短路，电路为电阻Rx的简单电路，测出电流Ix为通过电阻Rx的电流；两次测量可得电源电压 待测电阻Rx的阻值 故B不符合题意； C．如图，盒外两根导线分别与待测电阻两端的接线柱相连时，断开开关，两个电阻串联，电流表测量电路中的电流I；闭合开关，电阻Rx和电流表被短路，电路为电阻R0的简单电路，不能测出通过电阻R0的电流；不能计算出待测电阻Rx的阻值，故C符合题意； D．如图，盒外两根导线分别与待测电阻两端的接线柱相连时，断开开关，两个电阻串联，电流表测量电路中的电流I；闭合开关，电阻Rx被短路，电路为电阻R0的简单电路，测出电流I0为通过电阻R0的电流；两次测量可得电源电压 待测电阻Rx的阻值 故D不符合题意。 故选C。 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 探究电流与电阻的关系，其主要内容有控制变量操作、电流电阻变化规律、实验结论辨析。 电路中电流的大小，主要由电阻的大小来决定。于是，电压保持不变时，电阻越大，电路中的电流越小。 实验结论由定值电阻的阻值变化来决定，一般指更换更大阻值电阻，电流随之减小。除了电阻阻值以外，实验过程中必须保持定值电阻两端电压不变。 实验操作与规律辨析由控制变量法来决定，比如说更换电阻后调节滑动变阻器保持电压不变。不同的实验现象和结论，我们能准确判断出来的话，主要是电流与电阻的反比规律来决定的。 终极猜想·精练通关 67．在探究“电流与电阻的关系”的实验中，小津用图甲所示的电路进行实验：电源电压恒为4.5V，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，“20Ω 1A”的滑动变阻器一个，导线若干，电流表使用0~0.6A量程。 (1)请用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整。 (2)闭合开关后，小津发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，两电表的指针始终处于图乙所示的状态，则故障的原因可能是电阻________（选填“短路”或“断路”）。 (3)排除故障后，小津先用5Ω的电阻做完实验后，不移动滑片，断开开关，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，然后闭合开关，接着他应向________（选填“A”或“B”）端移动滑动变阻器的滑片使电压表示数为_______V，记下电流表示数。 (4)实验完成后，根据实验数据绘制的图像如图丙所示，可以得到的实验结论是________。 (5)分析几次实验中记录的数据可知，定值电阻消耗的最大功率为________W；为了完成这五次实验探究，定值电阻两端的电压的范围为________V。 (6)小华的实验小组想测另一个小灯泡的电功率，已知小灯泡的额定电流为I0，由于电压表被损坏，于是他们想出另一种测量小灯泡额定功率的方法，电路设计如图所示，其中为R0阻值已知的定值电阻，请将以下实验步骤补充完整： ①检查电路无误后，闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器滑片直至电流表示数为I0。 ②____________，断开开关S1，闭合S2，读出电流表的示数为I。 ③小灯泡的额定功率_______（用R0、I0、I表示）。 【答案】(1) (2)断路 (3) A 2.5 (4)在导体两端电压一定的情况下，通过导体的电流与导体的电阻成反比 (5) 1.25 2.5-3 (6) 保持滑动变阻器的滑片位置不动 【详解】（1）电压表应并联在定值电阻R两端，将定值电阻R未连接的左端接线柱，与电压表的负接线相连即可。 （2）由图乙可知，电流表指针示数为0，可能电路断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表两端能连通到电源两极，因此故障为定值电阻R断路。 （3）将5Ω换为10Ω的定值电阻，根据串联分压规律，定值电阻分得的电压变大；要保持定值电阻两端电压不变，由串联电路电压的规律可知需要增大变阻器两端的电压，由串联分压可知需要增大滑动变阻器接入电路的电阻，因此滑片向A端移动。 由图丙可知，实验控制的不变电压为 因此需要使电压表示数为2.5V。 （4）由丙图可知，每次实验中电流与电阻的乘积是一个定值。可得该实验的结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。 （5）实验控制电压为2.5V不变，电阻越小，由可知电功率越大，因此最小电阻5Ω功率最大，定值电阻消耗的最大功率为 要完成5次实验，最大定值电阻25Ω对应需要滑动变阻器最大阻值20Ω，根据串联分压得最小定值电阻电压 电流表的量程为小量程，允许通过滑动变阻器的最大电流为1A，所以电路中的最大电流为0.6A，此时电路中的电阻最小，此时定值电阻的阻值为5Ω，则定值电阻两端的电压最大为 因此定值电阻两端的电压的范围为2.5V∼3V。 （6）在步骤①中，灯泡和R0并联，电流表测通过灯泡的电流，调节滑动变阻器滑片直至电流表示数为I0，此时灯泡正常发光。 在②中，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关S1，闭合S2，电流表测灯与R0并联的总电流，读出电流表的示数为I，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，通过R0的电流 R0的两端的电压 由并联电路电压的规律可知灯泡两端的电压 则小灯泡的额定功率为 68．小华同学为了探究“电流与电阻的关系”，设计了如图甲的实验电路，她在学校实验室找来了如下一些实验器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为10Ω、20Ω、50Ω的定值电阻各一个，滑动变阻器上标有“20Ω，1A”字样，导线若干。 (1)在闭合开关前，应将滑动变阻器滑片滑到最______（填“左”或“右”）端； (2)小华先把10Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，她直接拆下10Ω的电阻，改换成阻值为20Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如图丙所示，其示数是______V，要完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片向______（填“左”或“右”）端移动，使电压表的示数再次为2V； (3)当小华改用50Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值，你认为“电压表的示数无法达到实验要求的值”的原因可能是______。 A．滑动变阻器的阻值太大 B．电压表量程选小了 C．滑动变阻器的阻值太小 D．滑动变阻器烧坏了 【答案】(1)右 (2) 2.4 右 (3)C 【详解】（1）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片要滑到最大阻值处，由图甲可知，滑动变阻器滑片在右端时，接入电路的电阻最大。 （2）由图丙可知，电压表选用的是0~3V量程，分度值为0.1V，示数为2.4V。 探究电流与电阻的关系时，要控制定值电阻两端电压不变，当把10Ω电阻换成20Ω电阻后，根据串联分压原理，定值电阻两端电压会变大，需要增大滑动变阻器的分压，即增大滑动变阻器接入电路的电阻，所以滑片向右端移动，直到电压表示数为2V。 （3）电源电压不变，定值电阻，定值电阻两端要控制，则滑动变阻器两端电压 由图丁可知，当时，此时电路电流为0.04A，则电路中的总电阻为 则电路需要接入滑动变阻器的阻值为 实验所用滑动变阻器最大阻值为，小于，所以无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值的原因是滑动变阻器的阻值太小了；而电压表量程选小并不影响电压能否达到实验要求的值，此外滑动变阻器烧坏会导致电路断路，电压表示数会接近电源电压，不是无法达到2V，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 69．在探究电流和电阻的关系时，使用的器材有：学生电源，定值电阻（阻值为、、、、的各一个），滑动变阻器，电流表，电压表，开关和导线。实验电路如图。 (1)将电源电压调为，预设定值电阻两端电压保持不变。 ①闭合开关后，发现电流表有示数，电压表无示数，电路中出现的故障可能是定值电阻______（选填“短路”或“断路”）； ②排除故障，在用的定值电阻做完实验后，若忘记断开开关就拆下定值电阻，则______表可能损坏； (2)多次实验收集数据如下表。 实验序号 1 2 3 4 电阻 5 10 20 25 电流 0.4 0.2 0.1 ①第4次实验中，换用的定值电阻后，无论怎样调节滑片，电压表示数始终大于，原因可能是滑动变阻器的最大阻值较______； ②分析前3次实验数据可得初步结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。请写出“成反比”的依据_______。 ③更换变阻器，测出第4组数据后，______（选填“需要”或“不需要”）重新测量前三次实验数据。 【答案】(1) 短路 电压 (2) 小 电阻与电流的乘积为定值2V 不需要 【详解】（1）实物图中，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测串联电路中的电流。闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明与电压表并联的部分短路，因此故障是定值电阻短路；忘记断开开关就拆下10Ω的定值电阻，此时电路断路，电压表会直接串联在电路中，测量电源电压4V，超过了电压表的0~3V量程，可能会损坏电压表。 （2）实验中控制定值电阻两端电压为2V不变，因电源电压为4V，则滑动变阻器两端电压也为2V，即更换定值电阻实验时，滑动变阻器接入电路的阻值与定值电阻的阻值相等。换用25Ω的定值电阻后，滑动变阻器接入电路的阻值也需要25Ω。无论怎样调节滑片，电压表示数始终大于2V，说明滑动变阻器最大阻值太小，导致分压不足；前3次实验中，电阻与电流的乘积始终为2V，即电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；更换变阻器后，前三次实验数据是在电压不变的条件下测得的，结论依然成立，因此不需要重新测量前三次数据。 押题猜想二十二 欧姆定律、电功率的简单计算 试题前瞻·能力先查 70．在图甲所示电路中，滑动变阻器标有“50，1A”字样，电阻的阻值为5，小灯泡的图像如图乙所示。闭合开关，将滑动变阻器滑片移至最左端时，小灯泡恰好正常发光，电流表示数为0.3A。求： (1)灯泡的额定功率； (2)电源电压； (3)移动滑动变阻器，当和小灯泡功率相同时，滑动变阻器的接入电路的阻值是多少？ 【答案】(1)0.9W (2)4.5V (3)35Ω 【详解】（1）由图甲可知，、小灯泡、滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，闭合开关，滑片移至最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，小灯泡正常发光，电路电流。由图乙可知，电流时，灯泡的额定电压，则灯泡的额定功率为 （2）滑片在最左端时，滑动变阻器接入电阻为0，与串联，串联电路电流处处相等，因此通过的电流为，则两端电压 串联电路总电压等于各部分电压之和，因此电源电压 （3）与串联，电流处处相等，由可知，功率相等时， 即满足 结合图乙可得，当电流时，灯泡电压，满足的条件。 此时电路总电阻 因此滑动变阻器接入阻值 71．将定值电阻、串联接在电路中，如图甲所示，闭合开关后，图甲中电流表的示数为0.4A，电压表的示数为4V；再将、并联后接在同一电源上，如图乙所示，闭合开关后电压表的示数为6V，则图乙中电流表的示数为______A。 【答案】1.8 【详解】图乙中、并联，电压表测电源电压，因此电源电压。 图甲中、串联，电路电流，测两端电压，根据欧姆定律 串联电路总电压等于各部分电压之和，两端电压 因此 并联电路中各支路电压等于电源电压，因此两支路电流 并联电路干路电流等于各支路电流之和，因此电流表的示数 72．如图甲是一款多功能养生壶，图乙是它内部的简化电路图，其中、为电热丝，且阻值均不变。若养生壶低温挡功率为400W，则它高温挡的功率为________W。若该电热水壶在中温挡正常工作1min，产生的热量为________J。 【答案】 1600/ 【详解】[1]当断开、接A时，与串联，总电阻最大，功率最小，为低温挡。 已知，低温挡功率 推导得，即单个电阻接入电路的功率为800W。 当闭合、接B时，与并联，总电阻最小，功率最大，为高温挡。并联时两个电阻两端电压都等于电源电压，总功率等于两个电阻功率之和 [2]当闭合、断开时，只有一个电阻接入电路，功率为中温挡，。 工作时间，纯电阻电路中产生的热量 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 欧姆定律、电功率的简单计算，其主要内容有欧姆定律计算、电功计算、电功率计算。 电路电流的大小，主要由电压和电阻来决定。于是，电压越大、电阻越小，电路中的电流越大。 电功大小由电压、电流和通电时间来决定，一般指电压越高、电流越大、时间越长，消耗电能越多。除了电压、电流、时间以外，电功大小还跟电路连接方式无额外关联。 电功率大小由电压和电流来决定，比如说用电器两端电压、通过电流不同，实际功率不同。不同的电学计算题型，我们能求解计算出来的话，主要是欧姆定律和电功率公式来决定的。 终极猜想·精练通关 73．近年来热销的3D打印笔，是一款具有立体绘画功能的画笔，如图甲所示，通电后笔内电阻丝发热使笔内绘画材料熔化，打印笔工作时有高温挡和低温挡两个挡位，加热电路简化后如图乙所示，电源电压恒为5V，，高温挡的功率是低温挡功率的5倍，忽略电阻丝阻值随温度的变化。求： (1)低温挡的功率。 (2)电阻的阻值。 (3)处于高温挡时，通电1min该打印笔产生的热量。 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）当只闭合开关时，电路中只有接入，处于低温挡； 低温挡的功率 （2）当开关和都闭合时，电路中和并联，处于高温挡： 高温挡的功率 此时的功率 的阻值 （3）通电1min该打印笔产生的热量 74．如图所示，电源电压为3V且保持不变，a、b是粗细均匀电阻丝的两个端点，c是电阻丝的中点。只闭合开关S1，电流表示数为0.5A；若闭合开关S1和S2，则通电2min该电阻丝产生的热量为_______J。 【答案】360 【详解】闭合开关S1和S2，电阻丝的两半并联，电流表测干路电流，根据并联电流规律，干路电流为 通电2min该电阻丝产生的热量为 75．如图所示的电路中，电源电压不变，定值电阻R1=10Ω，R2=20Ω，闭合开关S，通电1min整个电路产生的热量为18J，则电阻R2上产生的热量为________J。 【答案】12 【详解】由图可知，与串联， 串联电路中电流处处相等，通电时间也相等。根据可知，在电流和通电时间相同时，热量与电阻成正比。即 所以 又因为总热量 所以 电阻R2上产生的热量 76．养生壶以其独特的功能和设计成为了追求健康生活人士的得力助手。小华家新买的一款养生壶，其工作电路可简化成如图所示的电路简图，该养生壶有“加热”和“保温”两挡，额定电压为220V，电热丝，保温功率为110W。则： (1)养生壶是利用电流的_______效应工作的。 (2)保温挡正常工作时电路中的电流? (3)养生壶在“加热”挡工作时的电功率是多大? (4)将壶内1kg的茶水从25℃加热至75℃耗时5min，此养生壶的加热效率是多少?[c茶 【答案】(1)热 (2) (3)1000W (4)70% 【详解】（1）养生壶工作时将电能转化为内能，是利用电流的热效应工作。 （2）电路电流 （3）当闭合时，被短路，电路只有接入，总电阻最小；电源电压不变，根据，电阻越小功率越大，因此此时为加热挡。加热功率 （4）温度变化 吸收的热量是 消耗的电能是 故加热效率 押题猜想二十三 电学综合计算 试题前瞻·能力先查 77．小丽有一台有“低温”、“中温”和“高温”三个挡位的电加热器，其简化电路图如图所示，电源电压恒为，、是电热丝，开关同时接触相邻的两个触点。，的电阻为电阻的一半。当开关接触“1”、“2”两个触点时，为__________（填“低温”“中温”或“高温”）挡，通电，使牛奶温度升高，此过程产生的热量是__________J，加热效率为__________ 【答案】 低温 【详解】已知， 根据，电压 U 一定时，电阻越大，功率越小，当开关接 “1、2”时，只有 R1​ 接入电路，电阻最大，功率最小，为低温挡。 温挡功率 通电时间 纯电阻电路中 牛奶质量 ，温度升高 ，吸收的热量 加热效率 78．如图所示的是某品牌电热水壶的简化电路，电源电压恒为，、是发热电阻（阻值不变）。当只闭合开关时，电热水壶处于保温挡，保温挡额定功率为；同时闭合开关、时，电热水壶处于加热挡，加热挡额定功率为。求： (1)保温挡正常工作时，电路中的电流； (2)电热水壶处于加热挡正常工作产生的热量； (3)发热电阻的阻值。 (4)若电热水壶加热效率为80%，则加热挡工作5min水吸收的热量是多少？ 【答案】(1) (2) (3) (4) 【详解】（1）已知保温挡额定功率为220W，根据可知，保温挡正常工作时的电流为 （2）已知加热挡额定功率为1100W，电热水壶处于加热挡正常工作5min产生的热量为 （3）根据可知，当只闭合时，只有工作，电阻较大，电热水壶处于保温挡，即；当、都闭合时，与并联，总电阻较小，电热水壶处于加热挡，即 则电热水壶处于加热挡时电阻消耗的功率为 根据可知，发热电阻的阻值为 （4）已知电热水壶加热效率为80%，则加热挡工作5min水吸收的热量 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，压轴题。 电学综合计算，其主要内容有欧姆定律计算、电功电功率计算、电热综合计算。 电路电流的大小，主要由电路电压和电阻来决定。于是，电压越大、电阻越小，电路中的电流越大。 电功和电功率大小由电压、电流来决定，一般指用电器两端电压越高、通过电流越大，功率越大、消耗电能越快。除了电压、电流以外，电功大小还跟通电时间有关系。 电学综合计算规律由电路连接方式和电学公式来决定，比如说串联分压、并联分流的电路特点。不同的电学综合题型，我们能准确分析计算出来的话，主要是电路规律和电学公式来决定的。 终极猜想·精练通关 79．如图甲所示是某中学物理兴趣小组自制的可调节亮度的台灯，图乙是台灯的简化电路原理图。电源电压为3V始终不变，R是调节灯泡亮度的滑动变阻器，最大阻值为10Ω。灯泡L标有“2.5V  1.25W”字样，忽略温度对灯丝电阻的影响。求： (1)灯L正常发光时的电阻； (2)灯L正常发光时，变阻器R工作5min产生的热量； (3)灯L的最小实际电功率。 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）灯L正常发光时的电阻 （2）灯L正常发光时的电流为 变阻器R两端电压 变阻器R是纯电阻电路，工作5min产生的热量 （3）将R调为最大阻值10Ω时,电路中电流最小，为 灯L的最小实际电功率 80．某同学看见机场有规定：“严禁携带额定能量超过的充电宝搭乘飞机。”我们知道是功率的单位瓦，是时间的单位时，所限定的是指能量的大小。他带了一个充电宝，看见铭牌上写着“电池容量”。 (1)他能带这个充电宝搭乘飞机吗？请通过计算说明。 (2)假设把一个物体缓慢举高1米所做的功恰好等于，该物体的质量有多大？取。 (3)充电宝自身也有微弱的电阻，约为，常规放电电流为，求充电宝给手机充电（充电宝放电）的1小时，电流在充电宝自身产生的热量是多少焦耳？ 【答案】(1) 能 (2) (3) 【详解】（1）已知电池容量 充电宝电压，根据电能公式代入数据计算 符合机场规定，所以能携带该充电宝搭乘飞机。 （2）先进行单位换算 举高物体做功等于该能量，根据功的公式变形得物体质量 （3）已知，，，根据焦耳定律代入数据计算得 81．小宇使用一款多挡位加热鼠标垫，其内部简化电路如图所示。电源为USB稳压电源，电压保持不变；通过开关切换多种挡位，的电阻为。当只闭合开关时，电流表示数为；当闭合开关、、时，电流表示数为；当只闭合开关时，电压表的示数为。求： (1)电源电压； (2)的电阻大小； (3)最高温挡和最低温挡各工作所产生的热量之差。 【答案】(1) 5V (2) 10Ω (3) 270J 【详解】（1）当只闭合开关，、断开时，电路为只有的简单电路，电流表测量电路中的电流，电源电压 （2）当闭合开关、、时，被短路，与并联，电流表测量干路电流，即，两端电压不变，电阻不变，通过其电流不变，则通过的电流 并联电路各支路两端电压相等且等于电源电压，所以的电阻 （3）当只闭合开关时，与串联，电压表测量两端的电压，电压表的示数为，两端电压 电路中的电流 电阻 、、都闭合，、并联，总电阻最小，根据可知，电源电压和通电时间一定时，总电阻最小，产生热量最多，为最高温挡，此时总电阻 工作所产生的热量 由题意可知，当只闭合开关时，与串联，同理可知，此时产生热量最少，为最低温挡，此时总电阻 工作所产生的热量 最高温挡和最低温挡各工作所产生的热量之差 82．如图所示的电路，定值电阻R1的阻值为15，定值电阻R2的阻值为30，闭合开关S后，电流表A的示数为0.20A求： (1)电阻R1两端的电压； (2)电源电压： (3)整个电路在1min内产生的热量。 【答案】(1)3V (2)9V (3)108J 【详解】（1）电阻两端的电压 （2）电源电压 （3）整个电路在1min内产生的热量 押题猜想二十四 电热综合计算 试题前瞻·能力先查 83．如图甲所示，使用3D打印笔进行立体绘画。打印笔通电后，笔内电阻丝发热使笔内绘画材料熔化，加热电路如图乙所示。电源电压恒为，和为发热电阻丝，，当开关、都闭合时为高温挡，通过的电流为。求： (1)通过的电流； (2)低温挡工作时，电阻丝产生的热量； (3)高温挡工作时，电路消耗的电能。 【答案】(1)1.5A (2)270J (3)360J 【详解】（1）因为当只闭合时，只有接入电路，为低温档，两端电压等于电源电压，。当开关和都闭合时，与并联接入电路，为高温档，两端电压也等于电源电压，。 所以根据得 （2）因为只闭合时，只有接入电路，为低温档，所以根据得 （3）因为当开关和都闭合时，与并联接入电路，为高温档，所以干路中的电流 电路消耗的电能 84．小明给家中喂养热带鱼的鱼缸设计了一个加热装置（如图甲），该装置电路如图乙所示：L为照明装饰小彩灯（标有“6V  3W”），S1为总开关，S2为温控开关（温度低于20℃自动接通，温度升高到24℃时自动断开），R是阻值为3Ω的电热丝。某次换水后，鱼缸内有10kg初温为19℃的水，开关S1、S2闭合，L正常发光，R开始发热。请你用所学知识与小明一起解决下列问题[]。 (1)R开始发热到停止工作水吸收了多少热量？ (2)R开始发热到停止工作的时间是多少秒？（不考虑热量损失，电热丝产生热量均被水吸收。） 【答案】(1) 2.1×105J (2) 1.75×104s 【详解】（1）水的初温 ，由题意可知，温控开关S2在温度升高到24℃时断开，所以水的末温 ，水吸收的热量 （2）由题意可知，闭合开关后，小彩灯L正常发光，且L与电热丝R并联，根据并联电路电压规律可得电源电压 不考虑热量损失，电热丝产生热量全部被水吸收，电热丝产生的热量 对于纯电阻电路，加热时间 分析有理·押题有据 本考点为必考考点，基础题。 电热综合计算，其主要内容有电热计算、电功率计算、电热与电能综合应用。 电热的多少，主要由电流、电阻和通电时间来决定。于是，电流越大、电阻越大、通电时间越长，产生的电热越多。 用电器发热功率由电流和电阻来决定，一般指电路中电流越大、电阻越大，发热功率越大。除了电流和电阻以外，电热多少还跟通电的时间长短有关系。 电热的辨析与计算由电路类型和焦耳定律来决定，比如说纯电阻电路电能全部转化为热能、非纯电阻电路电能部分发热。不同的电热计算题型，我们能准确区分和计算的话，主要是焦耳定律和电路特点来决定的。 终极猜想·精练通关 85．如图甲所示是一款可以通过USB接口连到电脑上的电热杯垫。杯垫内部简化电路如图乙所示，R1、R2为电热丝，开关S1、S2同时闭合时，处于加热状态，整个电路中的电流是1.5 A；只闭合开关S1时，处于保温状态。已知R1的电阻为10 Ω，USB接口的输出电压为5 V。求： (1)处于加热状态10 s，杯垫产生的热量是______J； (2)处于保温状态时，杯垫的功率大小； (3)电热丝R2的阻值。 【答案】(1)75 (2)2.5W (3)5Ω 【详解】（1）杯垫产生的热量 （2）处于保温状态时只有R1工作， （3）当开关S1、S2同时闭合时，R1、R2并联，处于加热状态， 电热丝R2的功率为 电热丝R2的阻值 86．图甲为某煮茶器的实物图，图乙为其电路原理图，表格中是该煮茶器的主要参数，和为电阻不变的电热丝，S为总开关，为温控开关，该煮茶器可以通过控制S、两个开关的通断实现加热、保温两个挡位的变化，将煮茶器接入电源电压为220V的电路中。求： 额定电压 加热功率 保温功率 220V 1210W 110W (1)煮茶器处于加热挡时的电流； (2)煮茶器处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量； (3)的阻值。 【答案】(1)5.5A (2) (3)400Ω 【详解】（1）由表可知，煮茶器处于加热挡时的电流 （2）煮茶器处于保温挡时，持续工作时间 煮茶器产生的热量等于消耗的电能 （3）由图乙可知，当S闭合、S1闭合时，R1被短路，只有R2接入电路；当S闭合、S1断开时，R1与R2串联，总电阻；电源电压不变，由可知，电路中的总电阻越大，功率越小。所以当S闭合、S1闭合时，煮茶器功率较大，为加热挡；当S闭合、S1断开时，煮茶器功率较小，为保温挡。当煮茶器处于加热挡时，只有R2接入电路，则R2的阻值 当煮茶器处于保温挡时，R1与R2串联，此时电路中的总电阻 则R1的阻值 87．如图甲所示，是小明家新购买的电热开水瓶，有加热挡和保温挡，铭牌部分参数如表所示，其简化电路图如图乙所示，其中和均为加热电阻，且阻值不随温度而变化。［，］ 额定电压/V 220 加热挡额定功率/W 1210 保温挡额定功率/W 44 (1)电热开水瓶是利用电流的________效应工作的。 (2)电热开水瓶将体积为4L、初温为15的水加热至55，水吸收的热量是多少？ (3)用电高峰期，小明关闭家里其他所有用电器，只让电热开水瓶以加热挡工作，发现在60s内家中如图丙所示的电能表的指示灯闪了25次，此时家庭电路的实际电压是多少？ 【答案】(1)热 (2) (3) 【详解】（1）电流通过电热开水瓶时会产生热量，将电能转化为内能，所以电热开水瓶是利用电流的热效应工作的。 （2）水的体积 可得水的质量 则水吸收的热量为 （3）电能表指示灯闪烁25次，电热开水瓶消耗的电能 电热开水瓶的实际加热功率 当开关、都闭合时，电路为的简单电路，此时电路电阻最小，处于加热挡，由可得，加热电阻的阻值 此时家庭电路的实际电压 ( 2 )原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 8 / 8 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $