二、多选题-【一战成名新中考·乾坤卷】2025云南中考原创压轴卷（全学科）

运动轨迹.下列有关说法正确的是() 01 第11题图 A.羽毛球在运动过程中，它的运动状态 不变 B.羽毛球从最高，点到落地的过程中动能变小 C.羽毛球从被击打到落地过程中，受到的 重力方向不断变化 D.羽毛球在最高点，若所有力都消失，它将 做匀速直线运动 12.2024年12月7日，在2024~2025赛季国际 滑联短道速滑世界巡回赛（北京站）比赛 二、多 (一)光学多选题 1.在探究凸透镜成像规律的实验中，蜡烛、凸透 镜和光屏的位置如图所示，此时在光屏上恰 好成一清晰的像（像未画出），下列说法中正 确的是 70cml02030405060708090100 第1题图 A.图中凸透镜的成像特点与投影仪的成像 特点相同 B.将蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到 清晰的像，应将光屏远离凸透镜 C.在贴近凸透镜的左侧放一个眼镜片，向右 移动光屏，烛焰能在光屏上成清晰的像， 则该眼镜片可做近视镜 D.实验中由于蜡烛会随实验时间延长烧短， 要想像仍然成在光屏中央，可保持蜡烛和 光屏不动的情况下将透镜向上调节适当 高度 乾卷加 中，中国选手孙龙夺得男子500米金牌，孙 龙在比赛时听到现场观众的呐喊声是通过 传入他的耳中的：观众听了比赛的 广播播报，了解到了决赛的精彩瞬间，说明 声音可以传递 (选填“信息”或“能 量”) 13.第九届亚冬会越野滑雪训练场上，运动员配 备了先进的AI传感器，传感器通过 与卫星定位系统相连，实现对运动员位置的 精准定位：传感器工作时需要稳定的电源， 有一种新型电池是利用温差发电原理制成 的，该电池在工作时将 转化为 电能 物 理 选题 2.在“探究凸透镜成像的规律”实验时，某小组 测量出物距和像距的数据，并绘制成如图所 示的图像.根据图像可知 () A.该凸透镜的焦距f=20cm B.当物距u=30cm时，成倒立、放大的实像 C.当物距u=8cm时，成正立、放大的虚像 D.若把物体从距凸透镜30cm处向距凸透镜 15cm处移动过程中所成的像会逐渐变大 ↑w/cm 50 45 40 35 30 5 5101520253035404550u/cm 第2题图 3.在“爱眼日”宣传活动中，小明用如图所示的 装置研究眼睛的成像，此时烛焰在光屏上成 清晰的像，用此模拟正常眼睛的成像.接下来 下列操作中说法正确的是 () A.向水透镜中注水，烛焰的像要清晰的成在 光屏上，水透镜前可放一个凸透镜 练·云南 21 B.向水透镜中注水，烛焰的像要清晰的成在 光屏上，水透镜前可放一个凹透镜 C.从水透镜中抽水，烛焰的像要清晰的成在 光屏上，水透镜前可放一个凸透镜 D.从水透镜中抽水，烛焰的像要清晰的成在 光屏上，水透镜前可放一个凹透镜 中m 注射器 光屏 蜡烛 水透镜 20304050 607080 90100 第3题图 4.2023真题变式如图所示是创新实验小组探 究平面镜和凸透镜成像的情况，下列说法正 物 确的是 理 0cml02030405060708090100 乙 第4题图 A.甲图中，蜡烛A烛焰所成的像是虚像，像 可以呈现在光屏上 B.甲图中，若蜡烛A远离玻璃板，则烛焰所 成的像大小不变 C.乙图中，光屏上呈清晰的像，此时凸透镜 成像的原理与照相机的相同 D.乙图中，透镜不动，若将蜡烛远离凸透镜， 移动光屏，则光屏上烛焰可以再次呈现清 晰放大的像 (二)热学多选题 5.“煮茶烧栗兴，早晚复围炉”，“围炉煮茶”成为传 统文化回归潮的又一例证.如图，对于煮茶过程 中蕴含的科学知识，下列说法正确的是( A.茶水升温是通过做功的方式改变内能 22 乾卷加练 B.煮茶时香气飘溢，说明分子在做无规则运动 C.壶嘴周围冒“白气”是水蒸气液化形成的 D.水沸腾时壶盖子被顶起的能量转化和热 机的压缩冲程相同 第5题图 第6题图 6.“过桥米线”是一种云南特色小吃，食材很 多，包括一大碗上面浮着一层油的热汤、一碟 鲜肉薄片、一碗熟米线等.如图所示，食用时， 应先把肉片放进热汤内，等肉熟后再加入米 线.下列说法正确的是 () A.加入米线后，热汤从米线吸收热量 B.米线还没入口，就能闻到米线的香味是分 子热运动造成的 C.热汤的温度比较高，是因为热汤含有的热 量较多 D.将米线从汤中捞出，米线的温度降低，内 能减小 (三)力学多选题 7.用如图甲所示的滑轮组运货物上楼，图乙记 录了整个过程中滑轮组的机械效率随货物重 力增加而变化的情况.下列说法正确的是 (忽略绳重和摩擦) n/% 50 100400G/N 甲 乙 第7题图 A.动滑轮重力为50N B.提升重力400N的物体时，拉力F为250N C.提升重力400N的物体时，滑轮组的机械 效率为80% D.适当增加提升货物的高度，可以提高滑轮 组的机械效率 云南 8.小华把一些铁屑塞入吸管的下端，并用石蜡 将其下端封闭起来，使吸管能竖直地漂浮在 液体中.然后她将盛有液体的甲、乙两个完全 相同的容器静置于水平地面上，把这支吸管 分别放入两种液体中，静止时液面相平（如 图).下列说法正确的是 7777 甲 乙 第8题图 A.液体的密度关系p甲：Pz=hz：h甲 B.吸管下端所受液体压力大小关系F甲>F乙 C.容器对地面的压强大小关系P甲<印乙 D.吸管排开液体的质量大小关系m甲糌>mz排 9.在底面积为S的圆柱形大烧杯内注入适量的 水，让空的小烧杯漂浮在水面上，测出水的深度 为。，如图示：再将一金属球放入小烧杯中， 此时小烧杯仍漂浮在水面上，测出水的深度为 ,:最后将该金属球取出放入水中（小烧杯仍漂 浮在水面上)，待金属球沉底后测出水的深度为 h,已知水的密度为P水，重力与质量的比值为 g,则下列说法正确的是 第9题图 A.h=h2 B.金属球的密度为P(h,-h,) h2-ho C.金属球沉底后，对大烧杯底部的压力为 P水g(h1-h2)S D.若将金属球换为质量相同的冰块，放入水 中后漂浮且不熔化，测出水的深度为h3, 则h,>h 乾卷加 10.将一底面积为0.01m2的长方体木块用细 线拴在空容器的底部，然后向容器中缓慢加 水直到木块上表面与液面相平，如图甲所 示，在此整个过程中，木块底部受到水的压 强随容器中水深度的变化如图乙所示，g取 10N/kgP水=1.0×103kg/m3.下列说法中正 确的是 ) p/Pa 1500 900 9 16 22 h/cm 甲 乙 物 第10题图 理 A.木块所受到的最大浮力为16N B.木块重力为9N C.细线对木块的最大拉力为6N D.木块上表面与液面相平时，剪断细线，稳 定后水对容器底压强减小了600Pa 11.将质量为1kg的正方体木块A放入水中， 有五分之三体积露出水面，如图甲.再将边 长是A的边长一半的正方体物块B放在A 的上面，木块A有五分之一体积露出水面. 已知水的密度为p水=1.0×103kg/m3,g取 10N/kg.下列判断正确的是 甲 第11题图 A.木块A的密度为0.4×103kg/m3 B.物块B的密度为3.2×103kg/m3 C.mA与mg之比为4：1 D.若将A、B分别投入水中，A、B所受的浮 力之比为8：1 练·云南 23 12.如图1所示，放置在水平地面的两个完全相 同的薄壁圆柱形容器A和B,底面积为 40cm2,A中盛有4cm深的水，B中装有 180g未知密度的液体.将质量320g、底面 积为20cm2的金属铝圆柱体竖直放入容器 A中，静止后水面与该圆柱体上表面相平， 如图2甲所示：若将该圆柱体放到B容器 中，静止后它有6cm浸在未知液体中，如图 2乙所示.已知p=2.7×103kg/m3,P水=1.0× 103kg/m3,下列正确的是 ( 图1 图2 物 第12题图 理 A.容器甲中水的质量为160g B.金属铝圆柱体的高度h为7.5cm C.这个金属铝圆柱体是空心的 D.未知液体的密度是1.2×103kg/m 13.如图甲所示，竖直细杆（质量不计）的上端 通过力传感器连在天花板上，力传感器可以 显示出细杆上端受到各方向作用力的大小， 下端与重力为4N的正方体物块M相连.现 向底面积为0.02m2,质量为1kg的薄壁空 水箱中加水，力传感器的示数大小随水箱中 加入水质量变化的图像如图乙所示，P水= 1.0×103kg/m3,g取10N/kg,则 ↑F/N 力传感器 M 水箱 0 m/kg 甲 第13题图 A.物块受到的浮力最大值为6N B.物块的下方距离容器底部的距离为2cm C.水箱加水到C点时，对桌面的压强是 2000Pa D.当加入的水的质量是2kg时，物块恰好 所受浮力最大 24 乾卷加练 (四)电学多选题 14.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S 后，将滑动变阻器R2的滑片P向左滑动，下 列说法正确的是 ( A.电流表A的示数变小，电压表V,的示数变大 B.电流表A的示数变小，电压表V,的示数不变 C.电压表V,与电压表V,的示数之和不变 D.电路的总功率变小 R A R R A P 第14题图 第15题图 15.如图所示，电源电压恒定.闭合开关S后，滑 动变阻器的滑片P向右移动过程中，下列说 法正确的是 A.电压表V读数与电流表A,读数的比值 不变 B.电流表A,读数与电流表A,读数的差值 不变 C.电流表A,读数变小，电压表V读数变大 D.电压表V读数与电流表A,读数的比值 变大 16.如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关 时，滑动变阻器的滑片P从b端滑到a端， 电压表示数U与电流表示数I的变化关系 如图乙所示，下列说法正确的是( ) U/V 9--- 6 3 P 0 0.51.01.51/A 甲 乙 第16题图 A.若定值电阻断路时，电流表示数为0，电 压表示数为9V B.定值电阻R的阻值是182 C.滑动变阻器的滑片在移动过程中，电压 表示数U与电流表示数I的比值不变 D.滑动变阻器的阻值范围是0~182 ·云南 17.小灯泡L和定值电阻R接在如图甲所示的 电路中，闭合开关，它们的I-U关系图像如 图乙所示，下列说法中正确的是 ( 1IIA 0.4 0.3 0.2 0.1 02468U/V 甲 己 第17题图 A.图乙中曲线A表示电阻R的I-U关系 图像 B.当电源电压为4V时，电流表示数为0.5A C.当电源电压为4V时，小灯泡L的实际功 率为1.2W D.曲线A说明温度对其电阻有影响 18.如图所示电路，甲、乙两灯分别标有“6V 6W”和“6V3W”字样，电源电压恒为6V. 不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正 确的是 甲 第18题图 A.只闭合S,时，甲、乙两灯的实际功率之比 为1：2 B.只闭合S2、S?时，甲、乙两灯的实际功率 之比为1：2 C.只闭合S,、S2时，电路的总功率为3W D.只闭合S,、S2时，电路的总功率为6W 19.样卷新增图甲是一个电梯自动报警模拟 装置.控制电路中的电源电压为12V,R1为 定值电阻，R,为压敏电阻，R,的阻值大小随 压力F的变化关系如图乙所示.闭合开关S 和S,当压敏电阻受到的压力达到4000N 时，电磁铁线圈中的电流为0.1A,此时衔 铁被吸下，动触点K与触点A断开，同时与 触点B接触，电动机停止工作，报警铃声开 始响起.若线圈的电阻忽略不计，则下列说 乾卷加练 法正确的是 ( 电源 工作 衔铁 A ①s 电路 B马 K 电铃 电梯 控制 电磁铁 底架 电路 R R 匆 R2/2 200 160 120 80 40 01000200030004000F/N 物 第19题图 理 A.S,闭合时，电磁铁的上端为N极 B.当电梯自动报警铃声开始响起时，R,的 功率为0.8W C.当电梯自动报警铃声未响起时，控制电 路的总功率小于1.2W D.若控制电路电源电压降低，要保证电梯 最大载重不变，应将R,的阻值减小 20.如图所示电路，电源电压为4.5V并保持不 变，电流表的量程为“0~0.6A”,电压表的 量程为“0~3V”,灯泡L标有“2.5V 0.5A”字样（不考虑灯丝电阻变化），滑动 变阻器R。的规格为“2021A”.闭合开 关，在保证电路安全的情况下，移动滑片P 的过程中，下列说法正确的是 () 9R。1 一 第20题图 A.电流表的示数最大值为0.5A B.滑动变阻器接入电路的阻值范围为4~202 C.小灯泡的最小功率是0.162W D.电路消耗的最大总功率为2.7W 云南 25物理 一、热点素材全角度猜押练 1.B2.聚电磁波3.A4.D5.短路引力6.B 7.D8.9.9×1044×1089.D10.C11.D12.空气 信息13.电磁波内能 二、多选题 1.AC【解析】由图可知物距小于像距，凸透镜成实像时，图中 凸透镜的成像特点与投影仪的成像特点相同，成的像是倒 立、放大的实像，故A正确：将蜡烛远离凸透镜时，物距变大、 像距变小，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏靠近凸透 镜，故B错误：在贴近凸透镜的左侧放一个眼镜片，向右移动 光屏，烛焰能在光屏上成清晰的像，说明该镜片对光线具有 发散作用，为凹透镜，则该眼镜片可做近视镜，故C正确；实 验中由于蜡烛烧短，要想像仍然成在光屏中央，由过光心的 关系不发生偏转得，可保持蜡烛和光屏不动的情况下将透镜 物 向下调节适当高度，故D错误.故选AC 理 2.CD【解析】由图可知，当u=20cm时，v=20cm,焦距f= 之=之×20cem=10cm,放A错误：当物距u=30cm时，物距 大于2倍焦距，即>2f,此时凸透镜成倒立、缩小的实像，故 B错误：当物距u=8cm时，物距小于1倍焦距，即u<f,此时 凸透镜成正立、放大的虚像，故C正确：若把物体从距凸透镜 30cm处向距凸透镜15cm处移动，即物体从2倍焦距外向 焦点靠近，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大，此过程中 所成的像会逐渐变大，故D正确.故选CD. 3.BC【解析】向水透镜注水，透镜的焦距变小，会聚能力变 强，烛焰的像要清晰的成在光屏上，需要放一个对光线具有 发散作用的凹透镜，故A错误、B正确：从水透镜抽水，透镜 的焦距变大，会聚能力变弱，烛焰的像要清晰的成在光屏上， 需要放一个对光线具有会聚作用的凸透镜，故C正确、D错 误.故选BC 4.BC【解析】物体在平面镜中所成的像是虚像，虚像不能呈 现在光屏上.当蜡烛A远离玻璃板时，所成的像大小不变，故 A错误，B正确：由图乙可知，此时物距大于像距，根据凸透镜 成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相 机，故C正确；乙图中蜡烛远离凸透镜，此时物距增大，根据 凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，移动光屏，光屏上烛 焰再次呈现清晰的像变小，故D错误.故选BC. 5.BC【解析】茶水吸收热量，温度升温，是通过热传递的方式 改变内能，故A错误；煮茶时香气飘溢是扩散现象，说明分子 在不停地做无规则运动，故B正确：壶嘴旁边冒“白气”是茶 壶里面冒出来水蒸气遇冷液化形成的，故C正确：水沸腾时 壶盖子被顶起，内能转化为机械能，热机的压缩冲程是机械 能转化为内能，故D错误.故选BC. 6.BD 8 乾卷加练答案 加练 7.BC【解析】忽略绳重和摩擦，克服动滑轮的重力做的功为 额外功.由图乙可知，货物重100N时，滑轮组的机械效率为 50%,根据7= 有。W有=h=G可得，动滑轮 W总W有+W额Gh+G动hG+G动 的重GG-G=-10N=100N八，故A错误：由图甲 知，动滑轮上的绳子股数n=2,提升重力400N的物体时，拉 力F=(G+G))×(400N+100)=250N,故B正确 n _W有_Gh_Gh-G可得，滑轮组的机械效率m=n G' 根据n=W后FsEnh nF W有_Gh_Gh-G可知， 400N-80%,故C正确：根据刀=W。Fnh nk 2×250N 滑轮组的机械效率与提升高度无关，所以适当增加提升高 度，滑轮组的机械效率不变，故D错误.故选BC. 8.AC【解析】同一个吸管在甲、乙液体中都漂浮，根据漂浮条 件和阿基米德原理可得F浮甲=F浮乙=G:根据F浮=P液V排g可 得P甲V排甲g=PzV排g,即P甲S吸管h甲g=PzS限管h乙g,所以 P甲：pz=h乙：h甲，故A正确：根据浮力产生的原因，吸管上 部没有受液体压强，吸管受到的浮力等于吸管上下表面受到 液体的压力差，所以F浮=F下画-F上表面=F下表面，由于受到的 浮力相等，所以吸管下端受到的压力相等，故B错误；由图可 知：排开的液体体积V排甲>V乙，而浮力始终不变，根据F浮= P微V排g可得，密度关系P甲<pz;甲浸入的体积大，而吸管分 别放入两种液体中，静止时液面相平，故甲液体的体积较小， 且P甲<pz,由m=pV可知，两液体的质量m甲<mz,则G甲< G2,两容器完全相同，则容器的重力相同，吸管质量相同，其 重力也相等，但液体的重力G甲<G2,由于两容器对桌面的压 力F甲=G器+G限答+G甲，F乙=G器+G吸管+G乙，所以F甲<F乙，由于 两个容器静置于水平地面上，则根据p=可知P印2，故C 正确：吸管在甲、乙两种液体中受到的浮力相等，根据阿基米 德原理可知吸管排开液体的重力也相等，则排开的液体质量 相等，即m甲排=m乙接，故D错误.故选AC. 9.BC【解析】金属球放在烧杯中漂浮在水面上时，F浮=G标+ G,金属球取出放入水中，则烧杯漂浮在水面上，金属球沉在 底部，烧杯受到浮力F浮'=G标，金属球受到浮力F浮”<G标，则 F浮总=F浮'+F浮”<G杯+G球，所以，F浮>F浮总，根据F浮=P水gV排可 知：V排>V,即金属球取出放入水中，水面下降，则h1>h2,故 A错误：第一次将小烧杯放入水中漂浮，再将一金属球放入 烧杯中，烧杯仍漂浮在水面上，金属球的质量等于第二次相 对于第一次排开水的质量，m=P本S(h,-h),将该金属球取 出放入水中（空烧杯仍漂浮在水面上），金属球的体积等于第 三次相对于第二次排开水的体积，V=S(h,-h,),金属球的密 度片-放正编：金属球沉货 及解析·云南 后，球对大烧杯底部的压力F压=G-F浮”=mgp水Vg=P水S(h1 -h,)gP水gS(h,-ho)=p水gS(h1-h2),故C正确；若将金属 球换为质量相同的冰块，放入水中后漂浮且不熔化，虽然小 烧杯排开水的体积减小了，但冰块和小烧杯都处于漂浮状 态，排开水的总体积不变，所以水的深度没有变化，则h,=h3, 故D错误.故选BC. 10.BC【解析】根据图乙可知，木块刚刚漂浮时，容器中水的 深度h=9cm,从9cm到l6cm,木块一直漂浮，浸入水中的 深度不变，当水的深度为16cm时细线刚好张紧，线对木块 的拉力为零，直到木块上表面与液面相平，此时水面的高度 为22cm:所以木块的高度L=9cm+(22cm-16cm)= 15cm=0.15m,则木块的体积为Vk=S本L=0.01m2× 0.15m=1.5×103m3,木块全部浸没时受到的浮力F浮= P水gV排=P水gVk=1.0×103kgm3×10N/kg×L.5×103m3= 15N,故A错误：由图乙可知，木块刚刚漂浮时木块底部受 到水的压强为900Pa,此时木块的重力等于木块受到的浮 力，也等于下表面受到水的压力G=F浮'=F下表面=P下S= 900Pa×0.01m=9N,故B正确：细线对木块的最大拉力 F拉=F浮-G=15N-9N=6N,故C正确：木块上表面与液面相 平时，水对容器底的压强p=p*gh=1×103kg/m3×10N/kg× 0.22m=2200Pa,此时剪断细线，木块将上浮最终漂浮在 水面，水的深度将减小，但是深度大于16cm,则水对容器底 压强一定大于p'=p本gh'=1×103kg/m3×10N/kg×0.16m= 1600Pa,△p=p-p'=2200Pa-1600Pa=600Pa,所以水对 容器底压强的减小量小于600Pa,故D错误.故选BC. 11.AB【解析】由图甲可知，木块A漂浮在水面上，此时 3 F-p*gV=P水gX(1-了)V,=C,=m:8,木块A的体积 mA 1 kg V=- 2=2.5x103m,木块A P*×(1-号）1.0x103kg/m3× ma 1 kg 的密度A,2.5x10m=0.10心kg/m,故A正确：从 图甲到图乙，木块A受到的浮力的增加量△F浮A=P本gAV排A= P米&×3-】)VA=P本g×5V1=1.0×10kgm3×10N/kg ×2.5x10'm3=10N,物块B的重力大小等于木块A受到的 2 浮力的增加量，可得物块B的重力Gg=△F浮A=10N,物块B的体 积6=(0产=g=g25x10m=0.3125x10 8 mg Ga 10N 物块B的密度Pe=VgY。10NVgx0.3125x10'm 3.2×103kg/m3,故B正确；物块B的质量mB= 10N 10 N/kg =1kg,所以mA与mg之比m4:mg=1kg:1kg= 1:1,故C错误：由于物块B的密度大于水的密度，若将B 乾卷加练答案 投入水中，B会沉底，根据阿基米德原理可得，B所受的浮力 F浮B=P水g'排B=P水gVB=1.0x103kg/m3×10N/kgx0.3125× 103m3=3.125N,木块A漂浮在水面上，受到的浮力 F浮A=mag=1kg×10N/kg=10N,A、B所受的浮力之比 F浮A:F浮B=10N:3.125N=16:5,故D错误.故选AB. 12.AC【解析】容器甲中水的质量m=p水V水=1g/cm3× 40cm2×4cm=160g,故A正确：容器的底面积为40cm2,圆 柱体铝的底面积为20cm',由图甲可知容器中水的体积和 圆柱体铝的体积相等，则V:=V本=40cm2×4cm=160cm3, 金属铝圆柱体的高度h= 20cm-8cm,放B错误；圆 V:_160cm3 ,-m=3208与=2g/cm2<2.7g/cm,所以 柱体铝的密度p=V:160cm 这个金属铝圆柱体是空心的，故C正确：将该圆柱体放到B 容器中，静止后它有6cm浸在未知液体中，则该液体的体 积V=S'h'=(40cm2-20cm2)×6cm=120cm3,该液体的密 度p=”0g=1.5gom=1.5x10kgm,枚D错 物 V 120 cm3 理 误.故选AC. 13.CD【解析】根据题意及力传感器的示数大小随水箱中加 入水质量变化的图像图乙分析可知，在向水箱中逐渐加水 到m,=1kg过程中，物块M受到竖直向下的重力和细杆给 的竖直向上的拉力，此时细杆的拉力F=G=4N,继续向水 箱中加水，从A点到B点过程中，细杆的拉力逐渐减小，故 在A点处时物块M开始接触到水面，物块的下方距离容器 底部的距离h= I kg PkS1.0x10kg/mx0.02m=0.05m= 5cm,故B错误：从A点到B点过程中，物块受到竖直向下 的重力、竖直向上的浮力F湿和细杆给的拉力F,直到B点 拉力F为0，此时F浮=G,从B点到C点过程中，随着水箱中 水继续增加，物块M在水中的体积V携逐渐增大，物块M所 受浮力F湿逐渐增大，此过程物块M受到竖直向下的重力 G、细杆施加的竖直向下的压力F和竖直向上的浮力F浮，物 块M静止，受力平衡，则有F=F浮-G,因此，随着物块M所 受浮力F湿逐渐增大，细杆施加的竖直向下的压力F也逐渐 增大，直到C点物块M刚好浸没在水中时，F浮不再增大，此 时细杆给的竖直向下的压力F也不再增大，故此时物块M 所受到的浮力F浮=G+F=4N+6N=10N,即物块M所受到 的浮力最大值为10N,故A错误；当水恰好浸没物块M时， 物块M所受到的浮力为10N,由F浮=p水gV排得出浸没物块 10N M的体积V物=V排= Px g 1.0x10'kg/m'x10 N/kg=1.0x 103m3,由物块M为正方体，可求出物块M的边长a= 3/W物=个.0x10m=0.1m,由物块M恰好浸没且为正 方体可知，物块M下表面到液面的深度h'=a=0.1m,故物 块M底面以上水和物块M的总体积V急=Sh'=0.02m2× 及解析·云南 9 0.1m=2.0×103m3,因此，物块M底面以上水的体积V= V色-V物=2.0×10-3m3-1.0×103m3=1.0×103m3,物块M 底面以上水的质量m2=p水V,=1.0×103kg/m3×1.0× 103m3=1kg,水箱中水的总质量m*=m1+m2=1kg+1kg= 2kg,所以当加入的水的质量是2kg时，物块恰好所受浮力 最大，故D正确：水箱中水的重力G本=m*g=2kg×10N/kg= 20N,水箱的重力G水箱=m*箱g=1kg×10N/kg=10N,将水箱、 水、物块M看成一个整体，则这个整体受到竖直向下的重力 G急，细杆施加的向下的压力F(物块M受的向上的浮力和 自身向下的重力的合力的相互作用力)，桌面施加的向上的 支持力F支，整体处于静止状态受力平衡，则有F支=G总+F, 其中G色等于水箱、水、物块M的重力之和，即G总=G水箱+G水 +G=10N+20N+4N=34N,水箱对桌面的压力与桌面对水 箱的支持力是一对相互作用力，则有F压=F支=G+F-34N +6N=40N,水箱对桌面的压强p= F压40N =2× S0.02m2 物 103Pa,故水箱加水到C点时，对桌面的压强为2×103Pa,故 C正确.故选CD. 理 14.BD【解析】闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表V,测 电源电压，电压表V,测滑动变阻器两端的电压，电流表测 通过电路的电流，当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路 的电阻变大，根据公式1上可知，电路电流减小，所以电流 表示数减小：根据公式U=R可知，电阻R,两端的电压减 小，电源电压不变，电压表V,的示数不变，所以滑动变阻器 两端的电压变大，电压表V,的示数变大，故B正确，A错 误：电压表V,的示数不变，电压表V,的示数变大，所以电 压表V,与电压表V,的示数之和变大，故C错误：通过电路 的电流变小，根据P=可知电路总功率变小，故D正确. 故选BD. 15.BD【解析】根据电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R, 和滑动变阻器R2并联，电流表A,测量通过R2的电流，电 流表A,测量干路中的电流，电压表V测量电源电压，由于 电源电压不变，所以滑片移动时电压表V读数不变；滑动变 阻器的滑片P向右移动时，R接入电路的阻值变大，根据 R可知，通过R,的电流变小，即电流表A,的读数变小， 则电压表V读数与电流表A,读数的比值变大，故A错误： 因为并联电路各支路互不影响，所以滑动变阻器的滑片P 向右移动时，通过，的电流不变，因为并联电路干路中的 电流等于各支路中的电流之和，所以电流表A,读数与电流 表A,读数的差即为通过R,的电流，则该差值不变，故B正 确：因为并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和， 所以干路中的电流变小，即电流表A2读数变小，电压表V 读数不变，则电压表V读数与电流表A,读数的比值变大， 故C错误，D正确.故选BD 16.AC【解析】闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电压 10 乾卷加练答案及 表测量定值电阻两端的电压，电流表测量电路电流，根据欧 姆定律可知，电压表示数U与电流表示数！的比值为定值 电阻的阻值，故比值不变，故C正确：当滑片P位于a端时， 电路为电阻R的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测 电路中的电流，此时电路中的电流最大，由图像可知，电路 中的最大电流1.5A时，电压表的最大示数为9V,即电源 电压为9V:当定值电阻R出现接触不良时，则串联电路断 路，电流表示数为0，此时电压表串联在电路中，相当于测量 电源电压，其示数为9V,故AC正确；由1=。可得，定值电 U 9 V 阻R的阻值R=7,5A6D,故B错误：当滑片P位于6 端时，定值电阻R与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路 中的电流最小，由图像可知，电路中的最小电流1'=0.5A, 则电路中的总电阻R。==。=18,因串联电路中总 电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器的最大阻值 R滑大=R急-R=182-62=122,则滑动变阻器的阻值范围 是0~122，故D错误.故选AC. 7.CD【解析】通过定值电阻R的电流与其两端的电压成正 比，所以-U图像是过原点的倾斜直线，图乙中，直线B为 电阻R的-U关系图像，曲线A为小灯泡的-U关系图像， 故A错误：图甲中，定值电阻R与小灯泡L并联在电路中， 电流表测干路的电流，当电源电压为4V,根据并联电路电 压的特点可知U=U=U=4V,由图乙知，通过小灯泡的电 流为0.3A,通过定值电阻R的电流为0.1A,干路的电流， 即电流表的示数1=11+1R=0.3A+0.1A=0.4A,故B错误： 根据电功率公式可以求得，当电源电压为4V时，小灯泡L 的实际功率P实=U1=4V×0.3A=1.2W,故C正确；定值 电阻R的-U关系图像是一条直线，灯泡灯丝电阻在温度 变化时，阻值会变化，所以1-U图像是曲线，故D正确.故 选CD 8AC【解答]由P=1可得，甲，乙两灯的电阻之比： 是=卡只闭合S时，甲乙两灯串联，因了 Pz. 串联电路中各处的电流相等，以，由P=M=PR可得，甲、 乙两灯的实际功奉之比：R反：2放A正确； 只闭合S,、S,时，甲、乙两灯并联，因并联电路中各支路两端 的电压相等，则两灯两端的实际电压U甲=U2=U=6V,所 以两灯均正常发光，此时甲、乙两灯的实际功率和额定功率 用*民比益装会器子放端误只闭合S 时，甲灯被短路，电路为乙灯的简单电路，由U乙=U=6V可 知，乙灯正常发光，电路的总功率P=P乙=3W,故C正确、D 解析·云南 错误.故选AC 19.BCD【解析】由安培定则可知，当开关S,闭合时，电磁铁 下端为N极，上端为S极，故A错误：当压敏电阻受到的压 力达到4000N时，电磁铁线圈中的电流为0.1A,自动报警 铃声开始响起，根据欧姆定律可得此时电路总电阻R=) 12V 0.A120D,由图乙可知此时压敏电阻的阻值R,=400, 因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，则此时R,的阻 值R1=R-R2=1202-402=802,此时R1的功率P1= R,=(0.1A)2×802=0.8W,故B正确：由图乙可知，电梯 自动报警铃声未响起时，压敏电阻大于402，控制电路中的 电流小于0.1A,电梯自动报警铃声未响起时控制电路的总 功率P<Ul=12V×0.1A=1.2W,故C正确：要保证电梯最 大载重不变，即通过控制电路的电流不变，控制电路电源电 压降低，根据欧姆定律可知需减小电路总电阻，根据串联电 路电阻规律可知需减小R,的阻值，故D正确.故选BCD 20.ABC【解析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压 表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流.当灯泡正常 发光时，灯泡两端电压最大，为2.5V,电流为0.5A,因串联 电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0~0.6A,滑动 变阻器允许的最大电流为1A,所以，电路中的最大电流（即 电流表的最大示数)1默=4复=0.5A,故A正确：由1=可 R 得，灯巡的电阻R会-5，电流银大时.电路中 U4.5V 的总电阻R本天0.5A9D,因串联电路中总电阻等 于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值 R沿最小=R总最小-R1=9D-5D=4D,滑动变阻器接入电路的 阻值范围为4~202，故B正确：滑动变阻器电阻最大时，总 电阻R'=R大+R=200+50=25,最小电流P=名 4.5V 250=0.18A,小灯泡的最小功率是P=Um=rR,= (0.18A)2×52=0.162W,故C正确：该电路的最大功率 P=Ul显大=4.5V×0.5A=2.25W,故D错误.故选ABC. 三、实验探究题 1.(1)垂直(2)较亮①像与物的大小相等(4)棋子B 的位置②白卡片上没有棋子A的像(6)AMM'薄 2.(1)自下而上(2)晶体0(3)A水蒸气(4)低于 (5)液化不能(6)A(7)陶土网（石棉网）上还有余热， 水能继续吸热(8)减少烧杯中水的质量 3.(1)水平零刻度线左(2)D(3)62.6(4)20 (5)3.13×103偏大 4.(1)二力平衡(2)当压力一定时，接触面粗糙程度越大，滑 动摩擦力越大(3)2(4)小于(5)匀速直线运动右 1.8 乾卷加练答多 5.(1)排开液体的体积(2)C、E(3)不变(4)8偏大 (5)直到标记处与碗外水面相平3偏大 【解析】(5)④根据等效替代法分析，如图丁，将玻璃杯中的 水慢慢倒入水盆中的空碗内，直到标记处与碗外水面相平， 此时表示水的质量与小玻璃珠的质量相等：⑤小玻璃珠的总 体积V=V,-V=Sh2-Sh1=S×(15cm-13cm)=S×2cm,将玻 璃杯中的水慢慢倒入水盆中的空碗内，直到标记处与碗外水 面相平，根据等效替代法，玻璃杯中减小的水的质量即玻璃 珠的总质量，减小的水的体积△V=V,-V2=Sh2-Sh3,减小的 水的质量m=p本(V,-V2)=P(Sh2-Sh,),即玻璃珠的总质 量m'=m=p*(Sh2-Sh3)=p水S×(15cm-9cm)=P水S×6cm, 所以玻璃珠密度的表达式p=-父2心c=3gcm',若步 骤④中将水从柱状玻璃杯倒入空碗中时，有部分水溅出到水 盆中，则血，会减小，导致所测玻璃珠的质量偏大，根据=严 知，密度测量值偏大 6.(1)小车木块A被撞击后在木板移动的距离(2)质量 物 (3)B 理 7.(1)如答图所示(2)断开B(3)变大C(4)8.3 0.75(5)滑动变阻器0.5 第7题答图 8.(1)R,(2)如答图所示(3)C(4)B0.65(5)灯丝 的电阻随温度升高而增大(6)C 第8(2)题答图 9.(1)不偏转(2)磁场方向①④或②③(3)闭合切 割磁感线(4)左右摆动(5)动圈式话筒 (二)设计性实验（针对云南中考第21题） 1.(2)将闹钟分别放在两个盒子中，将声级计放在盒子外面相 同距离处测量(3)闹钟置于泡沫板所在盒子内时，声级计 的示数更低 2.(2)用吹风机的加热挡分别从两滴水的正上方吹相同时间 (3)用加热挡吹过的水滴所剩数量少 3.用同样的方法测出另一水晶球到白纸的距离f2f≠f 4.缓慢向外拉活塞停止沸腾的水重新沸腾 5.压力大小用弹簧测力计拉着长方体物块在长木板上表面 及解析·云南 11