精品解析：重庆市育才中学2025-2026学年高二下学期4月检测物理试题

育才中学高2027届高二（下）四月检测 物理试题 本试卷共100分，考试时间75分钟 注意事项： 1．答卷前，请考生先在答题卡上准确工整地填写本人姓名、准考证号； 2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5mm黑色签字笔答题； 3．请在答题卡中题号对应的区域内作答，超出区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效； 4．请保持答题卡卡面清洁，不要折叠、损毁；考试结束后，将答题卡交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 电磁波的发现和使用极大地方便了人们的生活。则关于电磁波下列说法正确的是（　　） A. 人们常常利用红外线进行灭菌消毒 B. 电视机遥控器是通过发出紫外线脉冲信号来遥控电视机 C. 麦克斯韦预言并通过实验证实了电磁波的存在 D. 由电磁波理论可知，变化的电场可以产生磁场，变化的磁场可以产生电场 2. 同学们进入高考考场时，监考人员会利用手柄式金属探测仪检测违禁电子设备。如图甲为某款金属探测仪，该探测仪内部结构中，有如图乙所示的LC振荡电路，电容器上极板的电荷量q随时间t变化的规律如图丙所示，则该振荡电路（　　） A. 在0－时间内，电容器充电 B. 在时刻，电容器中的电场能最小 C. 在时刻，电路中电流最大 D. 在时刻，线圈中的磁场能最小 3. 如图所示，理想变压器的原线圈接在电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈接有滑动变阻器和定值电阻，各电表均为理想交流电表。当滑动变阻器的滑动片向左滑动时，则（　　） A. 电流表的示数变大 B. 电流表的示数变小 C. 电压表的示数变大 D. 电压表的示数变大 4. 如图所示为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，在升压变压器T的原线圈两端接入一电压的交流电源。若T的副线圈两端电压的有效值为，输电线的总电阻为2r，输电线中电流的有效值为I，不考虑其它因素的影响，则输电线上损失的电功率为（　　） A. B. C. D. 5. 如图所示，利用液导激光技术加工器件时，激光在液束流与气体界面发生全反射。若分别用甲、乙两种液体形成液束流，甲对激光的折射率比乙的大，则（　　） A. 激光在甲中的频率大 B. 激光在乙中的传播速度小 C. 激光在乙中的波长更长 D. 用甲时全反射临界角大 6. 如图所示为某一交变电压的图像，曲线部分为正弦式交流电的部分图像，其峰值为U1=10V，直线部分的电压大小为U2=10V，则该交变电压的有效值为（　　） A. B. 10V C. D. 7. 如图，水面下S点处有两个光源，分别射出单色光a和单色光b，两束单色光斜射到水面折射后，折射光线恰好平行，a光在水面的入射角为，b光在水面的入射角为，不考虑光在水面的反射，则a、b两束单色光在水中传播的时间之比为（　　） A. B. C. D. 二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8. 如图所示，为某同学利用手摇发电机发电得到的正弦式交变电流的电压随时间变化的图像，则（　　） A. 该交变电流的周期是0.02s B. 该交变电流的频率是100Hz C. 电压的有效值为311V D. 电压随时间变化的规律为u＝311sin100πt（V） 9. 如图所示，一矩形玻璃砖ABCD，AB边长为2L，BC边长为L，O为AB边的中点，一光屏紧贴玻璃砖右侧BC竖直放置。现有一红色光源从玻璃砖底部M点沿MO方向射出一细光束，光束与AB边夹角为60°，恰好在光屏上的N点接收到该光束，N点到B点的距离为L。则（　　） A. 该玻璃砖对红光的折射率n＝3 B. 红光从玻璃砖射出后，传播速率变大 C. 若将光源移动到D点，沿DO方向射出光束，AB上方光屏没有光斑 D. 若在M点用绿色光源沿MO方向射出光束，光屏上的光斑将在N点上方 10. 水平桌面上放着一个镂空底托，底托上放着一个玻璃球摆件，玻璃球的半径为R、球心为O，O点正下方为玻璃球的最低点B，B点与水平桌面间的距离为，现有一半径的圆圈形状的平行光竖直向下射向此玻璃球，光路如图所示，光线折射后都经过B点，从B点进行折射，进入空气，并在桌面上形成一个圆形光圈，平行光的圆心与B点、B点在同一条竖直线上，光在真空中的传播速度为c，则（　　） A. 玻璃球对该光的折射率为 B. 光在玻璃球内的传播速度为 C. 光从A点传播到桌面所用的时间为 D. 桌面上圆形光圈的半径为 三、非选择题：本题共5小题，共57分。 11. 某实验小组用如图所示的装置来研究光的折射规律和测量介质的折射率。 （1）如图甲所示，把一个带圆弧刻度的光具盘竖直放置，把半圆形玻璃砖安装在光具盘上，O是圆心，让光从O点斜射入玻璃砖。保持入射点O不变，多次改变入射角进行实验并记录对应的入射角和折射角的大小，发现折射角始终______（填“小于”或“大于”）入射角，根据图甲所测的、，写出玻璃砖折射率的表达式＝______； （2）如图乙所示，把一个光具盘（圆弧刻度未标出）的一半竖直放置在水中，AB是竖直直径，CD是贴着水面的水平直径，O是圆心，让一束光在水槽内从O点射出水面进入空气，光线经过光具盘上的M、N两点，测出M、N两点到AB的距离分别为。根据所测的距离，写出水折射率的表达式＝______。 12. 某同学在研究性学习活动中利用压敏电阻制作汽车油量深度表的装置，原理示意图如图甲所示，用电流表的示数表示油量的深度，所用器材有：压敏电阻、电源E（电动势18V，内阻不计）、滑动变阻器（最大电阻20Ω）、电流表A（量程0.6A，内阻不计）、定值电阻（阻值10Ω）、开关S、容器、汽油、导线。实验得到压敏电阻的阻值与容器内所装汽油的深度h的关系如图乙所示。 （1）正确连接图甲所示电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P置于______（填“a”或“b”）端； （2）若在容器中加入深度为40cm汽油，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数达到满偏，则此时滑动变阻器接入电路的阻值为______Ω； （3）保持滑动变阻器滑片P位置不变，改变容器中油量深度，当油量深度为零时，电流表的示数为______A（保留2位有效数字）；在改变容器所装汽油的深度的过程中，同时在电流表的刻度上标上相应的油量深度，则改装后的油量深度刻度是______（填“均匀”或“不均匀”）的。 13. 如图所示，横截面为直角三角形的玻璃砖ABC。其中∠C=30°，AB边长为L。一束单色光从AB边的中点D垂直射入玻璃砖，恰好在AC面发生全反射，最后从BC边上的F点（图中未标出）射出玻璃砖。已知光在真空中的传播速度为c。 （1）求玻璃砖的折射率n； （2）求单色光在玻璃砖中传播的时间t。 14. 在如图所示的理想变压器原线圈1左侧输入有效值为U＝220V的正弦式交变电流，通过副线圈2、3分别向20只标称为“12V 1.0A”的灯泡和电动机供电，原线圈1接一标称为“40V 2.0A”的灯泡L，原线圈1的匝数为900匝，副线圈3的匝数为120匝。电路接通后，各用电器都恰好正常工作。求： （1）原线圈1的电压； （2）副线圈2的匝数； （3）流过电动机的电流。 15. 电动汽车制动过程中可以控制电机转为发电模式，在产生制动效果的同时，将汽车的部分机械能转换为电能，储存在储能装置中，实现能量回收、降低能耗。如图甲所示，发电机可简化为处于匀强磁场中的单匝正方形线框ABCD，线框边长为L，总电阻忽略不计，磁场磁感应强度大小为B，线框转轴OO'与磁场垂直，且与AB、CD距离相等。线框与储能装置连接。 （1）线框转动方向如图甲所示，试判断图示位置AB中的电流方向； （2）若线框以角速度ω匀速转动，线框平面与中性面垂直瞬间开始计时，线框在t时刻位置如图乙所示，求： ①此时AB产生的感应电动势； ②此时穿过线框的磁通量大小； （3）讨论电动汽车在某次制动储存电能时，为方便计算，做两点假定：①将储能装置替换为阻值为R的电阻，电阻消耗的电能等于储能装置储存的电能；②线框转动第一周的角速度为，第二周的角速度为，第三周的角速度为，依次减半，直到线框停止转动。若储存的电能为初动能的50%，求汽车的初动能。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 育才中学高2027届高二（下）四月检测 物理试题 本试卷共100分，考试时间75分钟 注意事项： 1．答卷前，请考生先在答题卡上准确工整地填写本人姓名、准考证号； 2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5mm黑色签字笔答题； 3．请在答题卡中题号对应的区域内作答，超出区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效； 4．请保持答题卡卡面清洁，不要折叠、损毁；考试结束后，将答题卡交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 电磁波的发现和使用极大地方便了人们的生活。则关于电磁波下列说法正确的是（　　） A. 人们常常利用红外线进行灭菌消毒 B. 电视机遥控器是通过发出紫外线脉冲信号来遥控电视机 C. 麦克斯韦预言并通过实验证实了电磁波的存在 D. 由电磁波理论可知，变化的电场可以产生磁场，变化的磁场可以产生电场 【答案】D 【解析】 【详解】A．具有灭菌消毒功能的是紫外线，红外线的主要作用是热效应，不具备灭菌消毒作用，故A错误； B．电视机遥控器是通过发出红外线脉冲信号实现遥控的，紫外线不用于电视遥控，故B错误； C．麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹首次通过实验证实了电磁波的存在，故C错误； D．根据麦克斯韦电磁场理论，变化的电场可以产生磁场，变化的磁场可以产生电场，故D正确。 故选D。 2. 同学们进入高考考场时，监考人员会利用手柄式金属探测仪检测违禁电子设备。如图甲为某款金属探测仪，该探测仪内部结构中，有如图乙所示的LC振荡电路，电容器上极板的电荷量q随时间t变化的规律如图丙所示，则该振荡电路（　　） A. 在0－时间内，电容器充电 B. 在时刻，电容器中的电场能最小 C. 在时刻，电路中电流最大 D. 在时刻，线圈中的磁场能最小 【答案】B 【解析】 【详解】A．时间内，电容器上极板的电荷量从最大值减小到0，属于放电过程，故A错误； B．时刻，电容器带电量为0，电场能与带电量平方正相关，因此电场能最小，故B正确； C．时刻的绝对值最大，电容器充电完成，电路中电流为0，故C错误； D．时刻，电路电流最大，线圈的磁场能与电流平方正相关，因此磁场能最大，故D错误。 故选B。 3. 如图所示，理想变压器的原线圈接在电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈接有滑动变阻器和定值电阻，各电表均为理想交流电表。当滑动变阻器的滑动片向左滑动时，则（　　） A. 电流表的示数变大 B. 电流表的示数变小 C. 电压表的示数变大 D. 电压表的示数变大 【答案】B 【解析】 【详解】C．理想变压器原线圈接在电压有效值不变的正弦交流电源上，则原线圈输入电压不变，电压表示数不变，故C错误； A．根据变压比 可知，副线圈输出电压不变。当滑动变阻器的滑动片向左滑动时，接入电路的电阻增大，副线圈回路总电阻增大。根据欧姆定律 可知，副线圈电流减小，即电流表示数变小，故A错误； B．根据变流比 可知，原线圈电流减小，即电流表示数变小。故B正确； D．电压表测量定值电阻两端电压， 因减小，故示数变小。故D错误。 故选B。 4. 如图所示为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，在升压变压器T的原线圈两端接入一电压的交流电源。若T的副线圈两端电压的有效值为，输电线的总电阻为2r，输电线中电流的有效值为I，不考虑其它因素的影响，则输电线上损失的电功率为（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】输电线上损失的电功率为导线产生的热功率，其中输电线中的电流为I，输电线的总电阻为2r，则 故选C。 5. 如图所示，利用液导激光技术加工器件时，激光在液束流与气体界面发生全反射。若分别用甲、乙两种液体形成液束流，甲对激光的折射率比乙的大，则（　　） A. 激光在甲中的频率大 B. 激光在乙中的传播速度小 C. 激光在乙中的波长更长 D. 用甲时全反射临界角大 【答案】C 【解析】 【详解】A．光的频率由光源决定，与介质无关，激光在甲、乙两种液体中的频率相等，故A错误； B．根据，已知，则激光在甲中的传播速度小，在乙中的传播速度大，故B错误； C．根据，频率不变，激光在乙中的传播速度大，则激光在乙中的波长更长，故C正确； D．根据全反射临界角公式，已知，则，即，用甲时全反射临界角小，故D错误。 故选C。 6. 如图所示为某一交变电压的图像，曲线部分为正弦式交流电的部分图像，其峰值为U1=10V，直线部分的电压大小为U2=10V，则该交变电压的有效值为（　　） A. B. 10V C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】根据电流的热效应，在一个周期内，有 解得 故选A。 7. 如图，水面下S点处有两个光源，分别射出单色光a和单色光b，两束单色光斜射到水面折射后，折射光线恰好平行，a光在水面的入射角为，b光在水面的入射角为，不考虑光在水面的反射，则a、b两束单色光在水中传播的时间之比为（　　） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】设两束光折射入空气后的折射角均为，光源到水面的深度为。光从水射入空气，根据折射定律， 光在水中的速度，  根据几何关系，光在水中的路程  根据 可得 ， 所以时间之比为，故选A。 二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8. 如图所示，为某同学利用手摇发电机发电得到的正弦式交变电流的电压随时间变化的图像，则（　　） A. 该交变电流的周期是0.02s B. 该交变电流的频率是100Hz C. 电压的有效值为311V D. 电压随时间变化的规律为u＝311sin100πt（V） 【答案】AD 【解析】 【详解】A．由图像可知，交变电流完成一次周期性变化所需的时间即周期为，故A正确； B．该交变电流的频率，故B错误； C．由图像可知电压的最大值，对于正弦式交变电流，其有效值，故C错误； D．交变电流的角频率 且时，则电压随时间变化的规律为，故D正确。 故选AD。 9. 如图所示，一矩形玻璃砖ABCD，AB边长为2L，BC边长为L，O为AB边的中点，一光屏紧贴玻璃砖右侧BC竖直放置。现有一红色光源从玻璃砖底部M点沿MO方向射出一细光束，光束与AB边夹角为60°，恰好在光屏上的N点接收到该光束，N点到B点的距离为L。则（　　） A. 该玻璃砖对红光的折射率n＝3 B. 红光从玻璃砖射出后，传播速率变大 C. 若将光源移动到D点，沿DO方向射出光束，AB上方光屏没有光斑 D. 若在M点用绿色光源沿MO方向射出光束，光屏上的光斑将在N点上方 【答案】BC 【解析】 【详解】A．光路如图所示 则由几何关系有 又 所以 该种玻璃砖对红光的折射率为 故A错误； B．同一光束在不同的介质中频率不变，速度变化，由于红光是从光密介质传播到光疏介质，故传播速度变大，故B正确； C．对于玻璃砖，红光发生全反射的临界角满足 可得 其临界角当光源移到D点，入射角为，刚好发生全反射，故AB上方光屏，没有光斑，故C正确； D．玻璃砖对绿光的折射率大于对红光的折射率，故对应的折射角偏大，光屏上的光斑应在N点的下方，故D错误。 故选BC。 10. 水平桌面上放着一个镂空底托，底托上放着一个玻璃球摆件，玻璃球的半径为R、球心为O，O点正下方为玻璃球的最低点B，B点与水平桌面间的距离为，现有一半径的圆圈形状的平行光竖直向下射向此玻璃球，光路如图所示，光线折射后都经过B点，从B点进行折射，进入空气，并在桌面上形成一个圆形光圈，平行光的圆心与B点、B点在同一条竖直线上，光在真空中的传播速度为c，则（　　） A. 玻璃球对该光的折射率为 B. 光在玻璃球内的传播速度为 C. 光从A点传播到桌面所用的时间为 D. 桌面上圆形光圈的半径为 【答案】BCD 【解析】 【详解】A．光路图如图所示 由入射点的几何关系，平行光圆半径 玻璃球半径，可得入射角满足 即 中，，，可得折射角 由折射定律 B．光在玻璃中的传播速度 故B正确； C．中，由余弦定理得 玻璃中的传播时间 点折射后，入射光线与竖直法线夹角为，由折射定律 得折射角 到桌面竖直距离为，折射光线从到桌面的路程 空气中传播时间 总时间 故C正确； D．桌面上圆形光圈的半径为边缘折射光线到中心竖轴的水平距离 故D正确。 故选BCD。 三、非选择题：本题共5小题，共57分。 11. 某实验小组用如图所示的装置来研究光的折射规律和测量介质的折射率。 （1）如图甲所示，把一个带圆弧刻度的光具盘竖直放置，把半圆形玻璃砖安装在光具盘上，O是圆心，让光从O点斜射入玻璃砖。保持入射点O不变，多次改变入射角进行实验并记录对应的入射角和折射角的大小，发现折射角始终______（填“小于”或“大于”）入射角，根据图甲所测的、，写出玻璃砖折射率的表达式＝______； （2）如图乙所示，把一个光具盘（圆弧刻度未标出）的一半竖直放置在水中，AB是竖直直径，CD是贴着水面的水平直径，O是圆心，让一束光在水槽内从O点射出水面进入空气，光线经过光具盘上的M、N两点，测出M、N两点到AB的距离分别为。根据所测的距离，写出水折射率的表达式＝______。 【答案】（1） ①. 小于 ②. （2） 【解析】 【小问1详解】 [1] 光从空气斜射入玻璃砖时，空气是光疏介质，玻璃是光密介质，根据折射规律，折射角小于入射角。 [2] 由图甲可知，入射角为，折射角为，根据折射定律 可知，玻璃砖的折射率 【小问2详解】 光从水中射入空气，法线为竖直直径。设光具盘半径为，入射光线与法线的夹角为入射角，折射光线与法线的夹角为折射角。由几何关系可知， 根据折射定律 解得水的折射率 12. 某同学在研究性学习活动中利用压敏电阻制作汽车油量深度表的装置，原理示意图如图甲所示，用电流表的示数表示油量的深度，所用器材有：压敏电阻、电源E（电动势18V，内阻不计）、滑动变阻器（最大电阻20Ω）、电流表A（量程0.6A，内阻不计）、定值电阻（阻值10Ω）、开关S、容器、汽油、导线。实验得到压敏电阻的阻值与容器内所装汽油的深度h的关系如图乙所示。 （1）正确连接图甲所示电路，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P置于______（填“a”或“b”）端； （2）若在容器中加入深度为40cm汽油，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数达到满偏，则此时滑动变阻器接入电路的阻值为______Ω； （3）保持滑动变阻器滑片P位置不变，改变容器中油量深度，当油量深度为零时，电流表的示数为______A（保留2位有效数字）；在改变容器所装汽油的深度的过程中，同时在电流表的刻度上标上相应的油量深度，则改装后的油量深度刻度是______（填“均匀”或“不均匀”）的。 【答案】（1）b （2）10 （3） ①. 0.14 ②. 不均匀 【解析】 【小问1详解】 闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器接入电路的阻值应最大。由图甲可知，滑动变阻器接入电路的是段电阻，故滑片应置于端，此时接入阻值最大。 【小问2详解】 当时，由图乙可知压敏电阻阻值。电流表满偏，即电路中电流。根据闭合电路欧姆定律有 代入数据解得 【小问3详解】 [1]当时，由图乙可知。此时电路总电阻 电流表示数 [2]由于，电流与电阻不成线性关系，且由图乙可知与深度也不成线性关系，故电流与深度不成线性关系，刻度不均匀。 13. 如图所示，横截面为直角三角形的玻璃砖ABC。其中∠C=30°，AB边长为L。一束单色光从AB边的中点D垂直射入玻璃砖，恰好在AC面发生全反射，最后从BC边上的F点（图中未标出）射出玻璃砖。已知光在真空中的传播速度为c。 （1）求玻璃砖的折射率n； （2）求单色光在玻璃砖中传播的时间t。 【答案】（1）；（2） 【解析】 【详解】（1）由题意，作出光路图如图所示 由几何关系可得，光在AC面上的入射角 由于光恰好在AC面发生全反射，故临界角为 全发射临界角满足 解得玻璃砖的折射率为 （2）单色光在玻璃砖中传播路程为 单色光在玻璃砖中传播速度为 单色光在玻璃砖中传播的时间 14. 在如图所示的理想变压器原线圈1左侧输入有效值为U＝220V的正弦式交变电流，通过副线圈2、3分别向20只标称为“12V 1.0A”的灯泡和电动机供电，原线圈1接一标称为“40V 2.0A”的灯泡L，原线圈1的匝数为900匝，副线圈3的匝数为120匝。电路接通后，各用电器都恰好正常工作。求： （1）原线圈1的电压； （2）副线圈2的匝数； （3）流过电动机的电流。 【答案】（1） （2）＝60匝 （3） 【解析】 【小问1详解】 灯泡正常工作，其额定电压，与原线圈串联在输入回路中，因此 【小问2详解】 副线圈2的灯泡正常发光，因此副线圈2的电压 根据理想变压器电压与匝数的关系 【小问3详解】 副线圈3的电压 灯泡正常工作，原线圈电流等于的额定电流，变压器输入功率 副线圈2的总输出功率 根据理想变压器输入功率等于输出总功率 解得 15. 电动汽车制动过程中可以控制电机转为发电模式，在产生制动效果的同时，将汽车的部分机械能转换为电能，储存在储能装置中，实现能量回收、降低能耗。如图甲所示，发电机可简化为处于匀强磁场中的单匝正方形线框ABCD，线框边长为L，总电阻忽略不计，磁场磁感应强度大小为B，线框转轴OO'与磁场垂直，且与AB、CD距离相等。线框与储能装置连接。 （1）线框转动方向如图甲所示，试判断图示位置AB中的电流方向； （2）若线框以角速度ω匀速转动，线框平面与中性面垂直瞬间开始计时，线框在t时刻位置如图乙所示，求： ①此时AB产生的感应电动势； ②此时穿过线框的磁通量大小； （3）讨论电动汽车在某次制动储存电能时，为方便计算，做两点假定：①将储能装置替换为阻值为R的电阻，电阻消耗的电能等于储能装置储存的电能；②线框转动第一周的角速度为，第二周的角速度为，第三周的角速度为，依次减半，直到线框停止转动。若储存的电能为初动能的50%，求汽车的初动能。 【答案】（1）从B到A （2）①；② （3） 【解析】 【小问1详解】 由右手定则可知，图1所示位置AB中的电流方向为从B到A。 【小问2详解】 ①线框平面与中性面垂直瞬间开始计时，则经过时间t转过的角度为 AB垂直磁感线方向的分速度为 此时AB产生的感应电动势为 ②此时穿过线框的磁通量大小为 【小问3详解】 线框转动过程中，AB、CD均能产生感应电动势，故线框转动产生的感应电动势为 线框转动第一周产生感应电动势最大值为 储存电能为 同理可得线框转动第二周储存的电能为 同理可得线框转动第三周储存的电能为 可得线框转动第n周储存的电能为 则直到停止（即）时储存的电能为 已知储存的电能为初动能的50%，可得汽车的初动能为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $