山西太原市山西大学附属中学校2025-2026学年高三下学期5月阶段检测物理试题

绝密★启用前 物理试卷 注意事项： 1、答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小題答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦千净 后，再选涂其他答策标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无放。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1.某金属在一束波长为2的单色光的照射下发生光电效应，光电子的最大初动能为Ek,已知普朗克常量为，光速 为c,则 A.单色光的频率为2 B。单色光的光子能量为 C金属的逸出功为负气6， D。金属的极限频率为号 2.2025年4月27日23时54分，我国在西昌卫星发射中心成功将天链二号05星发射升空，卫星顺利进入预定轨 道，天链二号05星属于地球同步轨道卫星，被称为“天上数据中转站”，是北斗导航系统的重要组成部分。已知 空间站离地高度约为400km,地球半径约为6400km,地球同步卫星离地高度约为36000km,空间站和地球同步卫 星的运动均可视为匀速圆周运动。下列说法正确的是 A.空间站有可能在天链二号05星的正下方相对静止 B.空间站绕地球一圈的时间约为2.5h C.空间站绕地球运行的线速度可能大于第一宇宙速度 D.空间站的角速度大于地球自转的角速度 3,如图所示为交流发电机的示意图，从线圈通过中性面位置开始计时，发电机产生的电动势瞬时值表达式为 e=22√2sin100π1(V),接入的电阻阻值为102。下列说法正确的是 A.每秒钟电流方向变化50次 B.电阻消耗的电功率为48.4W C.仅线圈转速加倍，则电动势为e=22√2sin(200m)V D.图示位置CD边受到的安培力方向向下 4.水平光滑冰面上两质量均为的拖船P、Q用轻质细线连接，初始状态细线恰好绷直，现在细线中点O处作用 一个与细线垂直、大小为F的水平恒力来拉动P、Q。如图所示，当两段水平细绳与虚线的夹角第一次均保持为 物理试题第1页（共6页） 1A CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描App 30°时，拖船P的加速度大小为 30o A. B.、b C. 2F m 2m m 竖 5.如图所示是一套杨氏双缝干涉实验装置，其中S、S2是距离为d的双缝，双缝到光屏的距离为L。光屏上O点是 中央亮纹的中心，当用波长660nm的红光照射双缝时，P,为第4级亮纹的中心。现用波长660nm的红光和波长 440nm的蓝光同时照射双缝，下列说法正确的是 P 0 A.红光和蓝光会叠加形成干涉条纹 B.将光屏稍向左平移后，P1可能成为蓝光第4级亮纹的中心 C.红光和蓝光的亮条纹中心会在P,重叠 D.红光的亮条纹中心和蓝光的暗条纹中心会在P重叠 6.如图所示，第一次从倾角α为30的斜面顶端A处将一可视为质点的小球以初速度向右水平抛出，小球落在斜 面上的B点处：第二次从A的正上方某点'处将同一小球以相同的初速度向右水平抛出，小球落在斜面上的C 点处。已知AB=BC,不计空气阻力，则关于第一次小球落在B点的速度与第二次小球落在C点的速度2之比 的判断正确的是 A.<丛< B.<< 2<Y<3 4y23 3y22 C.7 D. 3y24 7.如图所示，竖直平面内半径为R的光滑圆轨道保持不动，质量为m=0.2kg可视为质点的小球静止在圆轨道最低点 A。现给小球一水平向右的初速度，使小球能做完整的圆周运动，当小球转过的圆心角-60°时，轨道对小球的 弹力大小为11N,小球的动能减少0.6J。重力加速度g取10ms2,则 Vo 物理试题第2页（共6页） 1A CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描App A.轨道半径为-0.5m B.小球运动过程中的最小速度为2√3s C.小球的初速度vu=8m/s D.小球对轨道上任意两点的压力之差不趙过10N 二、多项选题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部 选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图所示，真空中有一等边三角形ABC,B、C两点分别固定一个点电蔺，A点的电场强度方向如图所示，取无 穷远处为电势零点，下列说法正确的是 E. A.B处点电荷带负电，C处点电荷带正电 B.B处的电荷量大于C处的电荷量 C.若仅使B处的电荷量增大，则A点的电势会开高 D.若使B和C处的电荷量均变为原来的2倍，则A点的电势也变为原来的2信 9.如图所示，S、S是两个都从=0时从平衡位置开始振动且振动步调完全相反的波源。两波源做简遭运动的周期 均为2s,振幅均为20cm,两者间距离为20m,在两波源的连线上，A与波源S1相距4m.B与波源S相距4m,O 与A相距8m,t=2s时质点A即将开始振动，下列说法正确的是 S、A B S, A.-5s时两列波相迥 B.2s时质点A由平衡位置向上起振 C.6s后质点O的振幅为40cm D.0-l0s时间内，质点O通过的路程为80cm 10.如图所示，半径为的圆形区域中有垂直纸面向外的匀感场（图中未画出），磁感应强度B、4、C是左半圆 的三等分点，一比荷为9的带正电粒子a,先从圆形腿场边券上的1点以%=gE的速度垂直直径MW射入磁场， 加 m 粒子a射出后另一与粒于。相同的带电粒子b,再从圆形截场边养上的C点同样以=gB的速度垂直直径M0N m 射入磁场，关于粒子、b在褪场中的运动，下列说法正确的是 A、粒子a、b从不同位置射出醚场 B,粒子a、b在磁场中运动的时同之比为2：1 C,粒子a、b在褪场中运动位移之比为3：1 D.粒子a、b在褪场中运动的动量改变量之比为，5：1 物理试愿第3页（共6页） 1A CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描App 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分) 在“探究两个互成角度的共点力的合成规律”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，橡皮条的另一 端系两根细绳，细绳另一端带有绳套。先用两个弹簧秤分别钩住绳套并互成角度地拉橡皮条，再用一个弹簧秤拉橡 皮条的结点，如图甲所示。 、木 33E3 板 甲 (1)对两次拉伸橡皮条的要求，下列说法正确的是 A.将橡皮条拉伸相同长度即可 B.将橡皮条沿相同方向拉到相同长度 C.将弹簧秤都拉伸到相同刻度即可 D.将橡皮条和绳的结点拉到相同位置 (2)弹簧测力计指针位置如图乙所示，其读数为 _N。 (3)下列关于实验操作中的注意事项，说法正确的是 A.实验过程中拉动弹簧测力计时，弹簧测力计可以不与木板平行 B.两根细绳间的夹角必须为90 C.确定两个分力方向时必须使铅笔紧贴细绳画出直线 D.拉动弹资测力计时，弹簧不可与外壳接触或产生摩擦 (4)如图甲所示，开始两弹簧测力计的夹角小于90°，保持弹簧测力计B的方向以及结点0的位置不变，将弹 簧测力计A沿顺时针方向缓慢转动至水平，则关于弹簧测力计A、B读数的变化情况正确的是 0 A,弹簧测力计A的读数增大，弹簧测力计B的读数先减小后增大 B,弹簧测力计A的读数先减小后增大，弹簧测力计B的读数增大 C.弹簧测力计A的读数减小，弹簧测力计B的读数先增大后减小 D.弹簧测力计A的读数先增大后减小，弹簧测力计B的读数减小 12.(8分) 某学习小组用两种不同的金属电极插入苹果做了一个“水果电池”，如图甲所示。 R R ⑧ 甲 乙 公 (1)该小组尝试将若干个水果电池依次串联起来给“1.5V0.3A”的小灯泡供电，发现小灯泡始终不发光，其 物理试题第4页（共6页) 1A CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描AP即 原因是」 A.水果电池电动势太大 B.水果电池电动势太小 C.水果电池内阻太大 D.小灯泡内阻太大 (2)除待测水果电池外，实验室提供如下器材： A.滑动变阻器R1(阻值0-152)： B.滑动变阻器R2(阻值0-20002)： C.电压表V(量程3V,内阻约3k2): D.电流表A(量程500μA,内阻为152)： E.开关一个，导线若干。 为了尽可能准确测定该水果电池的电动势和内阻，已提供的如图乙、丙所示的两个测量电路图，应选一（填 “乙”或“丙”)：滑动变阻器应选 (填“R1”或“R2”)。 (3)选择正确的电路和实验器材后由实验数据作出的U-图像如图丁所示，由图像可求得电源电动势为V, 内电阻为_Ω（结果均保留三位有效数字）：实验时若将电极片插入得更深一点，则水果电池的内阻将（填 “变大”“变小”或“不变”)。 AUN 1.10 1.00 0.90 0.80 0.70 0.60 用I/mA 0.50 出出 00.100.200.300.400.500.60 丁 13.(10分) 某小组设计了一个可测定下潜深度的深度计，如图所示，一横截面积为S的导热气缸被分成长度均为L的I、 Ⅱ两部分，在汽血右端开口处和正中央各有一个体积不计的卡环，在卡环的左侧各有一个厚度不计的轻质活塞A、B, 活塞A、B只可以向左移动，活塞密封良好且与汽缸壁之间无摩擦。 在潜水前I内通过活塞封有压强为p的气体，Ⅱ内通过活塞封有压强为3o的气体，温度相同，两活塞均位于 卡环处。当该深度计水平放入水下达到一定深度后，水对活塞A产生挤压使之向左移动，通过活塞A向左移动的距 离可以测出下潜深度。已知海水的密度为，海面上大气压强为P0,重力加速度为g,假设两部分气体均视为理想气 体，且海水在一定深度以下温度保持不变。 物理试题第5页（共6页) 1A CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描APP (1)当活塞A向左移动二达到稳定，求此时活塞A受到水的压力大小。 (2)求此装置能测量的最大深度。 14.(14分) 如图所示，相距为1=0.5的平行导轨PQ、MN处于水平面上，磁感应强度大小为B=1T的匀强磁场与导轨平面 垂直，两导轨通过单刀双掷开关K连接有电动势E=3V、内阻=12的电源和电容C=0.5F的电容器，电容器刚开始 的带电量为零。一质量m=0.5kg、电阻R=22的导体棒垂直导轨静止放置。K先掷向1，待导体棒速度稳定后，再将 K掷向2。忽略一切阻力，导轨的电阻不计，导轨足够长，不考虑电磁辐射。己知当电容器两极板间电压为U时， 电容器储存的静电场能量为E,=2 CU2。 Q (1)K掷向1，求导体棒的最大加速度大小： (2)K掷向1，当导体棒刚达到稳定时，求导体棒上产生的焦耳热： （3)K掷向2后，求导体棒上产生的焦耳热。 15.(16分) 如图所示，固定点0处悬挂长为L-4m的轻质细绳，细绳的末端拴接一个质量为？的小球A。一质量为m的四 槽B静止在光滑水平面上，凹槽的左侧挡板位于O点正下方，凹槽的左右挡板内侧间的距离d=0.4,在凹槽右侧 靠近挡板处静止有一质量为m的小物块C,凹槽上表面与物块间的动摩擦因数=0.1。将细线水平拉直，以竖直向下 的初速度v=8/s释放小球A,当小球A摆到最低点时刚好与凹槽B左侧发生碰撞，小球A与凹槽B不会发生二次 碰撞，所有碰撞均为弹性碰撞，碰撞时间极短，重力加速度g取10s2。求： 0 (1)小球A与凹槽B碰撞后僻间的速度大小之比： (2)整个过程中物块C与凹槽B的碰撞次数： (3)从小球A与凹槽B碰撞开始到凹槽B在水平面上运动20所经历的时间。 物理试愿第6页（共6页) 1A CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描APp绝密★启用前 物理参考答案 1.【答案】C 【解析】单色光的频率v=分A错误：光子的能量E=加-红，B错误：根据光电效应方程，=r-%及频率 和波长关系v=S联立解得所=h号-B,C正确，根据所=M可知金属的极限频率为v=￡马，D错误。 Ah 2.【答案】D 【解析】空间站的运行周期小于地球自转周期，则空间站不可能在天链二号05星的正下方相对静止，A错误；空 间站绕地运行的轨道半径约为6800km,同步卫星绕地运行的轨道半径约为42400km,地球同步卫星的环绕周期为 24h,根据开普勒第三定律得 益-盟，解得T贴 T空间站步卫星 68003 V424003 ×24h1.5h,B错误；第一宇 同步卫星 宙速度是卫星的最大环绕速度，空间站绕地球运行的线速度一定小于第一宇宙速度，C错误；空间站的轨道高度低 于地球同步卫星的轨道高度，由开普勒第三定律可知空间站的周期小于同步卫星的周期，即空间站的角速度大于地 球自转的角速度，D正确。 3.【答案】B 【解析】根据电动势表达式e=22√2sin100πt,可知角速度为o=100mad/s,故该交流电的频率为 f=- 2π 二0z,周期为T广0,02s,交流电在一个周期内电流方向变化两次，放每秒钟电流方向变化100】 A错误：电压的有效值为U=会=22V,电流的有效值为1=”=22A,根据电功率公式有P=IFR=48,4W,B正 2 R 确；根据o=2m、Em=NBSo可知仅线圈转速加倍，则角速度变为原来的两倍，即=200ad/S,最大值变为原 来的两倍，即E=44√2V,故电动势表达式为e=44√2sin(200t)V,C错误；线圈转到图示位置时，由右手 定则可知，电流由C→D:由左手定则可知，AB边受到的安培力方向向上，D错误。 4.【答案】D 【解析】对0点受力分折，有，c0s30°+R。c0s30°=P,rin30=R8im30°，联立解得R。-5 F: 3 对P有a= ,解得a=V5 -,D正确。 3m 5.【答案】C 【解析】干涉要求相干光源的频率相同，由于蓝光与红光频率不同，不能发生稳定干涉，A错误；将光屏稍向左 平移后，根据△x=二1，屏向左平移，L减小，且蓝光的波长比红光小，P1不可能成为蓝光第4级亮纹的中心，B d 物理参考答案第1页（共7页） 1A 错误：当用波长)=660m的红光照射双缝时，P1为第4级亮纹的中心，蓝光的波长入=440m,则 OP=4A=6子，即红光的第4级壳纹和蓝光的第6级亮纹的中心会在B重叠，C正确，D错误。 d d 6.【答案】C 【解析】已知AB=BC,水平位移之比x:x2=1:2,则运动时间之比t:t,=1:2:第一次抛出后， 1 tana=2 lB点的竖直分速度为y1=2,tanc,小球落在B点的速度y=o√Q+4tan2a o42 竖直分速度为：=2a=4,tana,小球落在C点的速度-V+16tm网，则<是-厅<名 2o,V193 ,C正确。 7.【答案】B 【解析】当小球转过的圆心角0=60°时，小球的动能减少0.6J,则gR(1-c0s)=△E,轨道弹力大小F=11N, 2、1 颜第三定律得卫-mcos6,又)7m8=A8,联立解得R=06m,%6ms,放A、C R 球从最低点到最高点的过程中，根据动能定理得-心g2R二，m,解得小球在最高点的速度大小为 2 与=23ms,B正确：在报板点得乙：-g=m是在是高点得g+只=片，剥K又=6g,甲小球 R R 对圆轨道任意两点压力差的最大值为12N,D错误。 8.【答案】AD 【解析】将A点的电场强度分解如图所示，由图可知，E1指向B点，E2背离C点，故B带负电，C带正电，A正 确：因A04C,丘<R,由区=号可知B处的电荷量小于C处的电有量，B错误：若汉使后的电荷量销大，因后 带负电，则B在A点产生的电势降低，故A点的电势会降低，C错误：若使B和C的电荷量均变为原来的2倍，B 和C处的电荷在A点的电势也变为原来的2倍，A点的总电势变为原来2倍，D正确。 9.【答案】AD 【解析】波速=A:=4ms=2ms,两列波相遇所用时间为t=A=0=59,A正确；由于不知道波源的起振方 △t2 24 向，所以无法确定t=2s时质点A的起振方向，B错误；S1的波到达O的时间t=6s,的波到达O的时间t2=4s, 物理参考答案第2页（共7页） 1A 在4s到6s内，0只参与的振动：振幅4-20cam,路程为4M,-80m,根据v-子，可得A-4加，在6s到8s内， 两列波相遇，两波源起振方向相反，O点到两波源的波程差为△x=12-8)m=4m=2,则O点为振动减弱点，振幅 为A-A=0,质点静止，所以0~10s内质点O的总路程为80cm,C错误，D正确。 10.【答案】BD 【解析】根据洛伦袋力提供向心力，有，B=m片，可得粒子做圆周运动的半径，-m=R,粒子运动的周期 gB 为T= 2πm 所以粒子a、b都将汇聚于O点正下方的N点，A错误：如图所示，从A点入射的粒子在磁场中转过 gB 的圆心角为0=2，运动时间为5=9×T=2 3 2元 3B,根据几何关系可得位移大小为为=2Rco30:=V5R,速度变 量为△y=2c0s30=V3:从C点入射的粒子在磁场中转过的圆心角为a=3,运动时间为=×T= 位移大小为x2=R,速度变化量为△y,=,所以粒子α、b在磁场中运动的时间之比为2：1，B正确；粒子a、b 在磁场中运动位移之比为√5：1，C错误：粒子、b在磁场中运动的动量改变量之比等于速度改变量之比，为√5：1， D正确。 11.(6分) 【答案】(1)BD(2分)(2)2.10(1分，写成2.09-2.11均得分)(3)D(1分)(4)B(2分) 【解析】 (1)本实验的目的是探究互成角度的两个共点力的合成规律，即探究合力与分力的关系，根据合力与分力是等效 的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同，故A错误，B正确：在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点 的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，表明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧秤不 必拉到相同刻度，故C错误，D正确。 (2)弹簧测力计的精度为0.1N,估读到0.01N,读数为2.10N。 (3)弹簧测力计必须与木板平行，否测会引入分力导致测量误差，A错误；两个分力间的夹角不宜过大，也不宜 过小，也不用必须为90°，适宜即可，B错误；确定两个分力方向时，应在绳下的纸上用笔画出两个点的位置并使 物理参考答案第3页（共7页） 1A 这两个点的距离尽量远些，这样可以减少误差，C错误；在拉动弹簧时弹簧不可与外壳相碰或摩擦，以免增大误差， D正确。 (4)根据力的合成法则做出对应的图形，如图所示，由图可知弹簧测力计B的读数增大，弹簧测力计A的读 数先减小后增大，B正确。 LLLLGGn40201111 12.(8分) 【答案】 (1)C(1分) (2)乙(1分) R2(1分) (3)1.00(1分) 985(2分) 变小(2分) 【解析】 (1)小灯泡不亮的原因是水果电池的内阻太大，导致电路中的电流很小，故选C。 (2)电流表的内阻已知，为减小实验误差，测量电路图应选乙；电源内阻大，滑动变阻器阻值过小会使电路中电 流变化不明显，所以滑动变阻器选R2。 (3)根据闭合电路的欧姆定律E=U+I(Ra+r)整理得U=-(R。+r)I+E,由图像可求得电源电动势为E=1.00V, 图像斜率的绝对值为=R+r=10-050 0.50×103 2=10002，内阻为=9852。实验时若将电极片插入得更深一点，则接 触面积变大，水果电池的内阻变小。 13.(10分) 3 【答案】(1)AS (2) 3Po pg 【解析】 (1)设此时I内气体压强为P,活塞A受到水的压力为F,对I内气体，由玻意耳定律有 is-n(t-s (2分) 4 解得P=3P<3P,左侧活塞没有发生移动 (1分) 对轻质薄活塞进行分析，根据平衡条件有F=PS (1分) 锦得R-A (1分) 物理参考答案第4页（共7页） 1A (2)当活塞A移动到汽缸中央卡环位置时所测深度最大，设此时两汽缸内气体压强为P,,活塞B向左移动d, 最大深度为h,对I内气体，由玻意耳定律得P,LS=P,dS (1分) 对Ⅱ内气体，由玻意耳定律得3PLS=p2(L-d)S (1分) 其中P2=P+P8h (1分) 解得h=3凸 (2分) pg 14.(14分) 【答案】(1)1m/s2 (2)6J (3)1.8J 【解析】 (1)导体棒开始运动时，加速度最大，根据牛顿第二定律可得Fa=BIl=a (1分) 结合欧姆定律可得1=E (1分) r+R 联立解得4=1m/s2(1分) (2)稳定后回路中的电流为零，导体棒速度稳定时达到最大值，则有E=B(1分) 解得vn=B (1分) 导体棒达到稳定速度过程中，根据动量定理可得∑B△t=mym(1分) g=IAt 可得∑BT1.△t=Blg=mVm (1分) mE 解得q=B2P (1分) 根据能量守恒可得0=q8-), (1分) 2 解得0=mB2 2B212 导体棒上产生的焦耳热②= R+r (1分) 联立解得Q1=6J (3)K掷向2后导体棒速度恒定时，有鸟=Bm (1分) 对导体棒，有-BIlh,=m(v-ym),q=5 (1分) 解得q'=1.2C,v=4.8m/s 物理参考答案第5页（共7页） 1A 电容器两极板间电压为=鸟 (1分) 由能量守恒得w2 m2=02+号CU2 2 2 解得Q2=1.8J(1分) 15.(16分) 【答案】(1)3：2 (2)14次 (3)8.3s 【解析】 4)以竖直向下的初速疫8ms释放小球A,由机械能守恒得四，。-，X (1分) 解得1o=12m/s (1分) 设小球A与凹槽B左槽壁碰撞后瞬时，小球A速度为Va,凹槽B速度为，以水平向右为正方向，对小球 A与凹槽B整体，根据动量守恒定律和能量守恒定律有 va+mvs, 1m.21m2 (1分) 24 24 2 解得y=-3=-36 5% 5 ms,方向水平向左；=气6s4 -/s,方向水平向右(1分) 5 则Va:Vg=3:2 (1分) (2)凹槽B和物块C最终将共速、一起向右做匀速直线运动，设共同速度为V共，由动量守恒定律有=2w共 设从凹槽B开始运动到二者共速过程中，物块C在凹槽B内通过的相对总路程为△x,有 1 lmig Ax 上1后-二.2v英 (1分) 2 解得△x= 6=14.4d 25g (1分) 由此可知，整个运动过程中，凹槽B和物块C将碰撞14次 (1分) (3)从小球A与凹槽B碰撞后到凹槽B和物块C第1次碰撞前的过程中，物块C向右做匀加速直线运动，凹槽 B向右做匀减速直线运动，且二者加速度大小相等，即4=a=g=1m/s2 (1分) 该过程中，凹槽B和物块C的相对位移x1-xc1=d (1分) 设凹槽B和物块C第1次碰撞前瞬时，凹槽B速度大小为1，物块C速度大小为'℃1，第1次碰撞后瞬时， 凹槽B速度为1，物块C速度为1，第1次碰撞过程中，有 mi+3mg-m3+片mea 1 1 61+lc1=B1+lc1, 2 2 2 2 物理参考答案第6页（共7页） 1A 解得1='c,1=g1 (1分) 由此可以判断，每次碰撞后瞬时，凹槽B和物块C的速度都将交换，第1次碰撞后瞬时到第2次碰撞前瞬时， 凹槽B向右匀加速，物块C向右匀减速，加速度大小仍为g,该过程中xc2-x2=d 同理可知，第2次碰撞后到第3次碰撞前：x3-xc3=d 第3次碰撞后到第4次碰撞前：xc4-x4=☑ 第13次碰撞后到第14次碰撞前：xc14-14=d 第14次碰撞后到二者共速x15-xc15=△x-14d=0.4d (1分) 在凹槽B开始运动后的整个运动过程中，作出凹槽B和物块C的v一t图像如图所示 AV VR= 5 C B B d…04dD BC 5 B B C 【14t= vot总 5μg 由图像知，从凹槽B开始运动到二者共速过程中，总历时t='类==24$ (1分) ug 5ug 凹槽B通过的位移为x= 4+跳1-7d=36-7d=5.84m<20m (1分) 50ug 故从二者共速到凹槽B的总位移达到x=20的过程中，凹槽B和物块C还将一起运动的时间为 f=x-x=5.9s (1分) 共 因此，从凹槽B开始运动到其通过20m位移所经过的时间t总=t+t=8.3s (1分) 物理参考答案第7页（共7页） 1A