精品解析：天津市第一中学2025-2026学年下学期高三年级五月模拟生物试题

天津一中2025-2026-1高三年级生物学科五月考试卷 本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）、第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分，考试用时60分钟。第Ⅰ卷1至6页，第Ⅱ卷7至9页。考生务必将答案涂写答题纸或答题卡的规定位置上，答在试卷上的无效。 祝各位考生考试顺利！ 一、单选题（每题2分，共40分） 1. 某植物生长期间，其根尖成熟区细胞发生了显著生长，下列物质在此过程中明显增加了的是（ ） ①水②无机盐③纤维素④叶绿素⑤DNA A. ①②③ B. ③④ C. ④⑤ D. ①②④⑤ 【答案】A 【解析】 【详解】①水是细胞中含量最多的化合物，细胞生长体积增大，自由水含量显著上升，①正确； ②细胞生长过程中需要吸收无机盐维持渗透压、参与代谢活动，无机盐含量增加，②正确； ③植物细胞壁主要成分为纤维素，细胞生长时细胞壁面积增大，纤维素合成量增加，③正确； ④叶绿素是光合色素，仅存在于能进行光合作用的细胞的叶绿体中，根尖成熟区细胞位于地下，无叶绿体，不含叶绿素，含量不会增加，④错误； ⑤DNA在根尖成熟区细胞生长过程中不会明显增加，⑤错误。 综上所述，某植物生长过程中明显增加了的是①②③，A正确，BCD错误。 2. 乙醇脱氢酶参与人体肝脏中的乙醇代谢过程，催化乙醇产生乙醛，TF为该酶抑制剂。高浓度乙醛会损伤肝脏、抑制中枢神经系统的功能。关于下图的分析，不合理的是（ ） A. m段反应速率均受到乙醇浓度限制 B. 过量饮酒可能导致乙醛含量上升 C. TF可能与乙醇竞争性结合该酶 D. TF降低化学反应活化能 【答案】D 【解析】 【分析】题意显示，乙醇在乙醇脱氢酶的催化作用下可以转化为乙醛，高浓度乙醛会损伤肝脏、抑制中枢神经系统的功能，TF为该酶抑制剂，TF的作用会缓解乙醛对人体造成的伤害。 【详解】A、m段反应速率表现为随着乙醇含量的增加，反应速率加快，因而在m段均受到乙醇浓度限制，A正确； B、乙醇脱氢酶参与人体肝脏中的乙醇代谢过程，催化乙醇产生乙醛，过量饮酒可能导致乙醛含量上升，进而影响身体健康，B正确； C、TF为乙醇脱氢酶的抑制剂，且随着乙醇含量的增加，反应速率有所增加，因而推测，TF为该酶的竞争性抑制剂，可能与乙醇竞争性结合该酶，C正确； D、TF为乙醇脱氢酶的抑制剂，不能降低化学反应活化能，D错误。 故选D。 3. 经过40多年努力，我国在2024年实现了环绕塔克拉玛干沙漠边缘全长3046公里的绿色阻沙防护带全面锁边“合龙”，种上了红柳、梭梭等根系发达的当地耐旱植物。下列叙述错误的是（ ） A. 沙漠裸地上发生的群落演替类型为初生演替 B. 水分是影响耐旱植物数量变化的非密度制约因素 C. 红柳在沙漠裸地种植后，其种群数量很快呈“J”形增长 D. 锁边工程有利于提高沙漠的生态承载力，降低人类的生态赤字 【答案】C 【解析】 【分析】随着时间的推移，一个群落被另一个群落替代的过程，叫作群落演替。群落演替有两种类型—初生演替和次生演替。初生演替是指在一个从来没有被植物覆盖的地面，或者原来存在过植被、但被彻底消灭了的地方发生的演替，如在沙丘、火山岩、冰川泥上进行的演替。次生演替是指原有的植被虽已不存在，但原有土壤条件基本保留，甚至保留了植物的种子或者其他繁殖体的地方发生的演替，如在火灾过后的草原、过量砍伐的森林、弃耕的农田上进行的演替。 【详解】A、沙漠裸地从未有过植被或原有植被被彻底消灭（如流动沙丘），其演替类型为初生演替，A正确； B、水分是沙漠生态系统的关键限制因素，其影响与植物种群密度无关，属于非密度制约因素，B正确； C、“J”形增长需资源充足、无环境阻力，但沙漠环境恶劣，资源有限，红柳种植后实际会因水分、养分等限制呈现“S”形增长，C错误； D、锁边工程通过植被恢复增强生态系统稳定性，提高生态承载力（环境可维持的最大生物量），从而减少人类对资源的过度消耗（生态赤字），D正确。 故选C。 4. 下图为高倍镜下观察到的某动物部分组织切片。不考虑突变和互换，下列叙述错误的是（ ） A. 细胞①的名称是初级卵母细胞 B. 细胞②和细胞④正在发生等位基因的分离 C. 细胞③无同源染色体有1个染色体组 D. 细胞⑤的染色体和核DNA都是体细胞的一半 【答案】B 【解析】 【分析】据图分析：①细胞处于减数第一次分裂中期；②细胞处于减数第二次分裂后期，其细胞质是不均等分裂的，说明该细胞为次级卵母细胞，该动物是雌性的；③细胞处于减数第二次分裂前期；④细胞处于有丝分裂后期；⑤细胞处于减数第二次分裂末期。 【详解】A、根据细胞②中发生细胞质的不均等分裂可知该动物为雌性，细胞①同源染色体排列在赤道板上，处于减数第一次分裂中期，因此名称是初级卵母细胞，A正确； B、等位基因分离发生在减数第一次分裂后期，细胞②着丝粒分裂，染色单体分离，处于减数第二次分裂后期，而细胞④处于有丝分裂后期，分离的是姐妹染色单体，因此不会发生等位基因的分离，B错误； C、细胞③处于减数第二次分裂中期，细胞中不含同源染色体，有2条染色体，1个染色体组，C正确； D、细胞⑤处于减数第二次分裂末期，为卵细胞或第二极体，染色体和核DNA含量都是体细胞的一半，D正确。 故选B。 5. 科研人员将等量对T1噬菌体敏感的大肠杆菌接种到12个相同固体培养基上，培养后各平板均长出大量微菌落，接着进行如下表所示实验。下列说法正确的是（ ） 分组 实验处理 培养后统计抗T1噬菌体的菌落数 A组（6个平板） 直接喷T1噬菌体 28个 B组（6个平板） 先把平板上的微菌落重新均匀 涂布一遍，再喷等量T1噬菌体 353个 A. 该实验用于培养大肠杆菌的培养基属于选择培养基 B. 若两组在喷噬菌体前都用适宜紫外线诱变，A、B两组的抗性菌落数差异会消失 C. B组的涂布使发生抗T1噬菌体自发突变的单个大肠杆菌形成一个菌落的概率增加 D. 该实验证明重新涂布后再喷T1噬菌体导致了抗性突变的大量发生 【答案】C 【解析】 【详解】A、初始培养大肠杆菌的培养基未添加选择抑制物质，属于通用的基础培养基，不属于选择培养基（选择培养基需添加特定物质筛选目标微生物），A错误； B、紫外线仅能提高突变频率，不会改变两组的处理差异：A组未涂布，同一微菌落内的多个突变菌仍聚集，最终仅形成1个抗性菌落；B组涂布后突变菌分散可形成多个独立菌落，两组抗性菌落数差异不会消失，B错误； C、抗T1噬菌体的自发突变在喷噬菌体前已经发生，B组重新涂布可将同一微菌落中多个突变的大肠杆菌分散开，每个突变菌都能独立形成一个抗性菌落，使单个突变菌形成单菌落的概率增加，因此统计的菌落数远高于A组，C正确； D、抗性突变是自发产生的，T1噬菌体仅起选择作用，并未诱导抗性突变发生，D错误。 6. miRNA是细胞内一种单链小分子RNA，可与mRNA靶向结合并使其降解。circRNA是细胞内一种闭合环状RNA。研究表明，circRNA可以通过miRNA调控P基因表达进而影响细胞凋亡，调控机制如图所示，下列叙述错误的是（ ） A. 形成前体mRNA时，RNA聚合酶沿模板链的3'端到5'端方向移动 B. 合成P蛋白过程中，tRNA5'端结合特定氨基酸并将其运至核糖体 C. circRNA与mRNA竞争性结合miRNA从而调节基因表达 D. 若circRNA的合成量增加，可提高P基因的表达量从而抑制细胞凋亡 【答案】B 【解析】 【分析】基因的表达：①转录：以DNA为模板，通过碱基互补配对原则，在RNA聚合酶的作用下合成mRNA；②翻译：以mRNA为模板，在核糖体的参与和酶的催化作用下，合成多肽链。 【详解】A、形成前体mRNA时，RNA聚合酶沿模板链的3'端到5'端方向移动，A正确； B、合成P蛋白过程中，tRNA3'端结合特定氨基酸并将其运至核糖体，B错误； C、分析题图可知，miRNA能与mRNA结合，使其降解，降低mRNA 的翻译水平。当miRNA与circRNA 结合时，就不能与mRNA结合，从而提高mRNA的翻译水平。所以circRNA和mRNA通过对miRNA 的竞争性结合，调节基因表达，C正确； D、增加细胞内circRNA的含量，靶向结合miRNA使其不能与P基因的mRNA结合，从而提高P基因的表达量，抑制细胞凋亡，D正确。 故选B。 7. 下列相关实验的操作，叙述正确的是（ ） A. 土壤中分解尿素细菌的分离，稀释土壤样品时，无需每个梯度稀释都更换移液器枪头 B. 在“菊花的组织培养”实验中，可用酒精洗去外植体上的次氯酸钠溶液 C. 配制载样液时加入的核酸染料能与DNA分子结合，便于紫光灯下观察DNA位置 D. 用成熟黑藻叶观察质壁分离时，因细胞质中含叶绿体而使原生质层易于分辨 【答案】D 【解析】 【详解】A、稀释土壤样品时，若不更换移液器枪头，会将上一梯度的高浓度菌液带入下一低浓度梯度，导致稀释倍数失真，影响后续菌落计数的准确性，因此每个梯度稀释都必须更换枪头，A错误； B、菊花组织培养实验中，外植体经次氯酸钠消毒后，需要用无菌水冲洗残留的次氯酸钠，避免消毒剂持续损伤外植体细胞，不能用酒精冲洗，B错误； C、核酸染料可与DNA分子结合，在紫外光照射下会发出特征荧光，因此能够清晰指示DNA在凝胶中的位置，便于观察，而不是在紫光灯下观察DNA位置，C错误； D、成熟黑藻叶的细胞质中含有绿色的叶绿体，使原生质层呈现明显的绿色，与无色的外界溶液形成鲜明对比，便于观察原生质层的收缩状态，D正确。 8. 某常染色体遗传病致病基因为H，在一些个体中可因甲基化而失活（不表达），又会因去甲基化而恢复表达。由于遗传背景的差异，H基因在精子中为甲基化状态，在卵细胞中为去甲基化状态，且都在受精后被子代保留。该病的某系谱图如下，Ⅲ1的基因型为Hh，不考虑其他表观遗传效应和变异的影响，下列说法错误的是（　　） A. Ⅰ1和Ⅰ2均含有甲基化的H基因 B. Ⅱ1为杂合子的概率1/2 C. Ⅱ2和Ⅱ3再生育子女的患病概率是1/3 D. Ⅲ1的h基因只能来自父亲 【答案】C 【解析】 【详解】A、Ⅲ1的基因型为Hh，该个体患病，说明H来自Ⅱ2，Ⅱ2不患病，说明其H来自Ⅰ1，Ⅰ1不患病，Ⅰ1含有甲基化的H基因；Ⅱ1患病，其H基因来自Ⅰ2，Ⅰ2不患病，说明Ⅰ2含有甲基化的H基因，A正确； B、Ⅲ1的基因型为Hh，其H来自Ⅱ2，Ⅱ2不患病，其H基因来自Ⅰ1，Ⅱ1患病，其H基因来自Ⅰ2，Ⅰ1和Ⅰ2均含有H基因且都不患病，基因型必定都为Hh，为了区分来自Ⅰ1和Ⅰ2的H基因，Ⅰ1基因型为H1h，Ⅰ2基因型为H2h，已知Ⅱ1患病，其H基因需要来自母亲，因此Ⅱ1的基因型为H1H2或H2h，杂合子的概率为1/2，B正确； C、已知Ⅱ2基因型为Hh，Ⅱ2和Ⅱ3再生育子女的患病只受母亲Ⅱ2的影响，因此子代获得H基因就患病，否则就不患病，因此Ⅱ2和Ⅱ3再生育子女的患病概率是1/2，C错误； D、Ⅲ1的基因型为Hh，该个体患病，说明H来自Ⅱ2，Ⅲ1的h基因只能来自父亲，D正确。 故选C。 9. 将拟南芥幼苗分别置于含有不同浓度IAA的培养基中培养，每一浓度分为两组，一组添加1nmol/L油菜素内酯（BL），另一组不添加BL，8天后统计侧根数量，结果如图。下列叙述不合理的是（ ） A. 本实验的目的是探究BL与IAA的相互作用 B. 各组的相对值是与仅用BL处理时侧根数量的比值 C. 1nmol/L BL促进侧根形成 D. 1nmol/L IAA与BL对促进侧根生长具有协同作用 【答案】D 【解析】 【分析】该实验的自变量是IAA的浓度以及是否添加BL，因变量是侧根数量相对值。 通过设置不同IAA浓度下有无BL的两组实验进行对比，其目的是探究BL与IAA的相互作用对侧根生长的影响 【详解】A、该实验的自变量是IAA的浓度以及是否添加BL，因变量是侧根数量相对值。 通过设置不同IAA浓度下有无BL的两组实验进行对比，其目的是探究BL与IAA的相互作用对侧根生长的影响，A正确； B、由图可以看出，实验的对照组，为不添加IAA时，只有BL时，值为1，所以各组的相对值是与仅用BL处理时侧根数量的比值，B正确； C、当IAA浓度为1nmol/L时，有BL组的侧根数量相对值为1.3，无BL组的侧根数量相对值为0.5。 与无BL组相比，有BL组侧根数量相对值更大，说明1nmol/L BL能促进侧根形成，C正确； D、结合选项B，各组的相对值是与仅用BL处理时侧根数量的比值，1nmol/L IAA单独处理，表现为抑制作用，1nmol/L IAA与BL对侧根生长不是协同作用，D错误。 故选D。 阅读下列材料，完成下面小题。 2019 年诺贝尔生理学或医学奖获得者威廉·凯林等三位科学家在研究地中海贫血症的过程中发现“缺氧诱导因子”（HIF），并揭示了细胞感知氧气的分子机制。HIF 由两种不同的结合蛋白（HIF-1ɑ 和 ARNT）组成，其中对氧气敏感的是 HIF-1ɑ，而ARNT 基因不受氧调节且稳定表达，即 HIF-1ɑ 是机体感受氧气含量变化的关键。当细胞处于正常氧条件时，HIF-1ɑ 会逐步被降解；在缺氧的条件下，HIF-1ɑ 不被降解而在细胞内积聚，并进入细胞核与 ARNT 形成转录因子，使多种基因被激活，这些基因产物可以促进促红细胞生成素（EPO）的合成，或者促进血管增生，从而加快氧气输送以适应低氧环境。EPO（促红细胞生成素）是一种糖蛋白类激素，主要由肾脏合成。红细胞的产生与促红细胞生成素（EPO）有关。下图是人体中红细胞数量变化的调节机制示意图（“+”表示促进， “-”表示抑制作用）。 10. 下列关于 HIF-1ɑ 的叙述，错误的是（ ） A. HIF-1ɑ 经扩散进入细胞核，与ARNT 结合后调控基因表达过程 B. 细胞内合成 HIF-1ɑ 的细胞器成分与 HIV 病毒相似 C. HIF-1ɑ 被蛋白酶彻底水解的产物能够在细胞内重复利用 D. 人体细胞核内 HIF-1ɑ 含量的变化是进化和适应的结果 11. 下列相关叙述错误的是（ ） A. EPO 可促进红细胞产生，红细胞数量的变化是负反馈调节机制的结果 B. 干细胞变成成熟红细胞的过程与分裂无关，是基因选择性表达的结果 C. EPO 作为信息分子，通过体液运输并作用于靶细胞，靶细胞依赖受体与之识别 D. 人体肌肉剧烈运动时，细胞呼吸产生的 CO2 量等于消耗的 O2 量 12. 下列分析不合理的是（ ） A. EPO、HIF-1ɑ 和 ARNT 功能不相同的根本原因是基因的多样性 B. 氧气浓度较高时，氧气可能参与了 HIF-1ɑ 的降解过程 C. 运动员在赛前到高海拔地区训练有可能提高红细胞数量进而提高身体机能 D. 缺氧条件下，EPO 会大量合成，才能有效发挥调节作用 【答案】10. A 11. B 12. D 【解析】 【分析】1、缺氧诱导因子HIF由两种不同的 DNA 结合蛋白（HIF-1α和 ARNT）组成，其中对氧气敏感的部分是HIF-1α；而蛋白ARNT稳定表达且不受氧调节。所以，HIF-1α是机体感受氧气含量变化的关键。 2、题干信息“当细胞处于正常氧条件时，HIF-1α会逐步被降解；在缺氧的条件下，HIF-1α不被降解而在细胞内积聚，并进入细胞核与ARNT形成转录因子，使多种基因被激活，这些基因产物可以促进促红细胞生成素（EPO）的合成，或者促进血管增生，从而加快氧气输送以适应低氧环境”。 【10题详解】 A、HIF-1α是大分子物质，进入细胞核的方式是通过核孔进入，A错误； B、HIF-1α的本质是蛋白质，其合成场所是核糖体，由蛋白质和RNA组成，HIV是RNA病毒，二者结构类似，B正确； C、HIF-1α被蛋白酶彻底水解的产物是氨基酸，能够在细胞内重复利用，C正确； D、根据题干信息“当细胞处于正常氧条件时，HIF-1α会逐步被降解，在缺氧的条件下，HIF-1α不被降解而在细胞内积聚”，人体细胞核内 HIF-1ɑ 含量的变化是进化和适应的结果，D正确。 故选A。 【11题详解】 A、EPO作用于骨髓造血组织，促进红细胞生成，红细胞数量多时，氧气分压高从而抑制EPO的分泌，红细胞产生减少，属于负反馈调节，EPO作用于骨髓造血组织，促进红细胞生成，该过程属于负反馈调节，A正确； B、骨髓中的造血干细胞变成成熟红细胞的过程叫做细胞的分化，其本质是基因选择性表达，该过程也涉及细胞的分裂，会使数目增多，B错误； C、EPO是一种激素，作为信息分子，通过体液运输至全身各处，但由于只有靶细胞上有其受体，故靶细胞依赖受体与之识别，C正确； D、人体肌肉剧烈运动时，有氧呼吸消耗的氧气与产生的二氧化碳相同，但无氧呼吸既不消耗氧气也不产生二氧化碳，故人体肌肉剧烈运动时，细胞呼吸产生的 CO2 量等于消耗的 O2 量，D正确。 故选B。 【12题详解】 A、基因决定蛋白质的合成，EPO、HIF-1ɑ 和 ARNT 功能不相同的根本原因是基因的多样性 ，A正确； B、分析题意，当细胞处于正常氧条件时，HIF-1ɑ 会逐步被降解，故据此推测氧气浓度较高时，氧气可能参与了 HIF-1ɑ 的降解过程，B正确； C、红细胞中的血红蛋白可参与氧气运输，运动员在赛前到高海拔地区训练有可能提高红细胞数量进而提高身体机能，C正确； D、EPO 的合成存在反馈调节，缺氧条件下，不会大量合成，D错误。 故选D。 二、简答题 13. 抗生素在医疗中被广泛使用，大约50%～90%会以活性形式随排泄物进入环境，对水生生物造成影响。四尾栅藻是常见的水质指示生物，裸腹溞（体长一般在0.5mm-1.2mm）与大型溞（体长一般在2mm-6mm）活动能力相近，均以四尾栅藻为食；豆娘幼虫能以两种溞为食。 （1）用不同浓度、远低于致死剂量的抗生素——诺氟沙星（NOR）处理单独培养的四尾栅藻，藻密度未受影响，藻形态变化结果如图1。将等量两种溞分别与四尾栅藻混合培养，用不同浓度NOR处理，捕食率变化如图2。 ①NOR使生物种间关系发生变化。研究生物种间关系属于________水平的研究。 ②综合图1、2可知，四尾栅藻形成多细胞结合的形态能够________（填“抵抗”或“促进”）被两种溞取食，图2中随着NOR浓度升高，裸腹溞捕食率提高是由于________。 （2）NOR分别处理两种溞，发现裸腹溞活动能力下降、大型溞活动能力无显著变化。将等量两种溞共同与四尾栅藻混合培养，测定不同条件下两种溞的数量，计算占比，结果如图3。 ①测定两种溞数量的方法是________法。 ②在无豆娘幼虫存在时，NOR导致两种溞中占优势的种群出现________→________的变化。 ③在有豆娘幼虫存在时，500μg/LNOR引起溞优势种群变化的原因是________。 【答案】（1） ①. 群落 ②. 抵抗 ③. NOR抑制四尾栅藻形成体积较大的四细胞形态，有利于体型较小的裸腹溞捕食 （2） ①. 抽样检测 ②. 大型溞 ③. 裸腹溞 ④. NOR对裸腹溞活动能力的抑制作用大于大型溞，豆娘幼虫更倾向于捕食活动能力弱的裸腹溞，使大型溞更具生存优势 【解析】 【小问1详解】 ①生物间的关系（种间关系）属于群落水平的研究（群落是同一区域所有生物的集合，种间关系是群落的核心特征之一）；②从图1可知：NOR浓度升高时，四尾栅藻“四细胞”形态占比下降（多细胞形态减少）；结合图2，四尾栅藻与裸腹溞混合培养时，裸腹溞捕食率随NOR浓度升高而上升，说明四尾栅藻的多细胞形态能抵抗（减少）被植食性动物（裸腹溞）取食；裸腹溞捕食率提高的原因：NOR抑制了四尾栅藻形成体积较大的四细胞形态，体型较小的裸腹溞更易捕食小型的栅藻（原本四细胞形态可能因体积大，裸腹溞难以捕食）； 【小问2详解】 ①可采用抽样检测法进行测定两种溞的数量；②无豆娘幼虫时，图3左侧显示，无NOR时裸腹溞占比较低、大型溞占比更高，随着NOR浓度升高，裸腹溞占比升高、大型溞占比更低，所以，两种溞中占优势的种群出现大型溞→裸腹溞的变化；③结合题干和图3，NOR对裸腹溞活动能力的抑制作用大于大型溞（题干“裸腹溞活动能力下降、大型溞无显著变化”），豆娘幼虫会捕食活动能力弱的裸腹溞（优先捕食弱势个体），导致裸腹溞数量减少，大型溞受NOR影响小、被豆娘幼虫捕食的概率低，因此更具生存优势。 14. 血压是指血液在血管中流动时对血管壁产生的压力，与血容量呈正相关。人体血压的调节与肾素—血管紧张素—醛固酮系统（RAAS）密切相关，部分调节过程如图所示。 （1）据图分析，肾素____________（填“是”或“不是”）激素，理由是____________。 （2）当血压下降时，神经中枢可通过____________（填“交感神经”或“副交感神经”）促进RAAS的激活，进而使得血压上升，该过程中涉及的信号分子有____________。 （3）常用的降压药类型与作用机制主要有以下两种：一类是血管紧张素转化酶抑制剂，减少血管紧张素Ⅱ生成；另一类是血管紧张素受体阻滞剂类药物，可阻断血管紧张素Ⅱ与受体结合。为探究不同药物的作用特点，科研人员以高血压模型大鼠为材料进行了相关实验，用相应药物处理一段时间后，实验结果如下图所示。 据如图推测，上述两种药物中，属于血管紧张素受体阻滞剂类药物是______，依据是_____________。 （4）下列哪项药物或疗法在高血压病的治疗中是不合理的___ A. 抗利尿激素 B. 血管紧张素转换酶抑制剂 C. 醛固酮受体抑制剂 D. 降低肾交感神经兴奋性的疗法 【答案】（1） ①. 不是 ②. 肾素起催化作用，激素起调节作用 （2） ①. 交感神经 ②. 神经递质、 血管紧张素Ⅱ、醛固酮 （3） ①. 氯沙坦钾 ②. 氯沙坦钾组血管紧张素Ⅱ含量与对照组相差不大，但是醛固酮含量更低 （4）A 【解析】 【小问1详解】 激素既不组成细胞结构，也不提供能量，也不起催化作用，而是随体液到达靶细胞，使靶细胞原有代谢发生改变。肾素起催化作用，是一种酶。 【小问2详解】 交感神经使血管收缩，当血压下降时，神经中枢可通过交感神经促进RAAS的激活，进而使得血压上升，据图可知，该过程涉及的信号分子有神经递质、血管紧张素Ⅱ、醛固酮。 【小问3详解】 本实验自变量是是否加药物及药物种类，检测指标有血压、血管紧张素Ⅱ含量、醛固酮含量，通过题图分析可知，卡托普利和氯沙坦钾两种药物均可以降低血压，但是氯沙坦钾组血管紧张素Ⅱ含量与对照组差不多，但是醛固酮含量更低，可推测氯沙坦钾可能是阻断血管紧张素Ⅱ与受体结合，使其不能促进血管收缩及醛固酮分泌，从而降低血压。 【小问4详解】 A、抗利尿激素（ADH）：作用是促进肾小管和集合管对水的重吸收，增加血容量，而血容量与血压呈正相关，因此会使血压升高，加重高血压，A不合理； B、血管紧张素转换酶抑制剂：减少血管紧张素 Ⅱ 生成，舒张血管、减少醛固酮分泌，降低血压，B合理； C、醛固酮受体抑制剂：阻断醛固酮的作用，减少水钠重吸收，降低血容量和血压，C合理； D、降低肾交感神经兴奋性的疗法：交感神经兴奋会促进 RAAS 激活、升高血压，降低其兴奋性可减少肾素释放，降低血压，D合理。 15. 图1是高温胁迫下黄瓜幼苗叶肉细胞代谢的部分示意图，①～④代表过程，A、B代表物质。Fd是还原态铁氧还蛋白，可将电子转移至NADPH中，也可参与光呼吸（图中虚线过程）。R酶是双功能酶，高温下R酶对CO2的亲和力下降而对O2的亲和力增强，请回答下列问题。 （1）物质A和B分别是__________、_________。过程④发生的场所是_________。 （2）光反应中电子传递过快或受阻，会产生过多的活性氧，引发光抑制。高温胁迫下，光反应产生的NADPH无法及时被消耗，能否通过抑制Fd活性解除光抑制，请说明理由。____________。 （3）为进一步研究黄瓜幼苗对高温胁迫的响应机制，研究人员选择生长一致的幼苗随机均分为3组：高温组（昼/夜温度为42℃/32℃）、亚高温组（昼/夜温度为35℃/25℃）和对照组（昼/夜温度为28℃/18℃），在其他条件适宜时培养并测定相关数据，结果如图2。 ①0～3天亚高温组和高温组气孔导度升高，其主要意义是_________。与第1天相比，第3天亚高温组和高温组虽气孔导度仍然较大，但净光合速率却降低，其主要原因可能是_________。 ②有同学认为胁迫3～5天高温组光呼吸速率下降，说明黄瓜已适应高温环境。你认为该观点是否正确，简要说明理由。_________。 【答案】（1） ①. H⁺、O2 ②. C3（3-磷酸甘油酸） ③. 叶绿体基质 （2）不能，抑制Fd活性会阻碍电子传递，进一步导致活性氧积累，加剧光抑制 （3） ①. 增强蒸腾作用以降低叶片温度 ②. 失水过多或者高温导致酶活性降低，影响植物光合作用 ③. 不正确，净光合速率和气孔导度都在下降，说明高温造成黄瓜结构损伤、酶活性下降、生理性缺水 【解析】 【小问1详解】 从图中①过程看，H₂O在PSⅡ作用下分解，产生e⁻、H⁺，以及O₂。Fd（铁氧还蛋白）接受e⁻后可将电子传给NADPH，也可参与光呼吸（虚线）。因此，水分解产生的气体产物A是O₂；同时伴随产生H⁺。从卡尔文循环可知，CO₂固定后生成C₃（3-磷酸甘油酸），再还原成3-磷酸甘油醛。R酶（Rubisco）催化C₅与O₂结合，启动光呼吸，产物为磷酸乙醇酸，进入过氧化物酶体等后续过程。此过程发生在叶绿体基质，因为Rubisco位于叶绿体基质。 【小问2详解】 题干指出，光反应中电子传递过快或受阻会产生过多的活性氧，引发光抑制。图中显示，还原态铁氧还蛋白（Fd）可以将电子转移至NADPH中，也可参与光呼吸（虚线过程）。如果抑制Fd活性，电子传递链的末端电子受体减少，会导致电子传递受阻。电子传递受阻会使得光反应中产生的电子无法顺利传递，从而进一步增加活性氧的积累，加剧光抑制现象。 【小问3详解】 ①高温环境下，气孔导度升高会增强蒸腾作用，通过水分蒸发带走叶片热量，降低叶片温度，避免高温对光合酶的直接损伤。第3天时，尽管气孔导度较大（意味着CO2供应可能不是主要限制因素），但净光合速率下降。结合高温环境，这可能是因为高温导致植物失水过多，或者高温直接降低了光合作用相关酶的活性，从而影响了光合作用效率。 ②适应高温的核心表现应为 “光合与呼吸的协调平衡、净光合速率稳定或回升”，但结合图2数据：高温组净光合速率持续下降，气孔导度也持续降低，说明高温已造成光合结构损伤、酶活性不可逆下降；呼吸速率下降，并非“主动适应”的表现，而是高温导致细胞结构损伤、酶活性降低，细胞代谢整体减弱的被动结果，反映出黄瓜幼苗的生理功能已受高温严重破坏，并非适应，故观点不正确。 16. β-防御素是由S基因编码的一种免疫蛋白，在人体的免疫反应中发挥着重要作用。但是重组酵母中S基因的表达水平低，因此科研人员构建了S基因多拷贝的表达载体，将其转入酵母菌中获得重组菌株，实现了S基因的高表达，载体构建流程如图所示。KEX2蛋白酶能够专一性地识别并切割赖氨酸—精氨酸（对应的密码子分别是AAA、AGA）双碱性氨基酸的羧基端肽键，确保目标蛋白的正确加工和释放。 注:5'AOX1:甲醇诱导型启动子;3'AOX1:终止子;zeocin:博来霉素抗性基因 a-factor:-信号肽序列，表达的信号肽能引导与其融合的蛋白移动到内质网，信号肽被切除后蛋白才能分泌到细胞外; 限制酶及其识别序列：sac Ⅱ5′-GAGCT↓C-3′ Bgl Ⅱ5′-A↓GATCT-3′ Xho Ⅰ5′-C↓TCGAG-3′Xba Ⅰ5′-T↓CTAGA-3′ BamH Ⅰ5′-G↓GATCC-3′ S基因编码序列：5′ATGCAGTAC……CGGTCTTAG3′ （1）与大肠杆菌相比，酵母作为S基因的受体细胞的优势是_________。 （2）为保证S基因和载体正向连接，并使酵母细胞分泌出β-防御素，利用PCR技术对S基因进行扩增时，使用的S基因的上游引物序列应为5′________（写出15个碱基）3′，该引物的作用有_________。（至少写2点） （3）S基因表达盒能与只用BamH Ⅰ酶切后的P-S1质粒连接获得P-S2质粒（含2个拷贝S基因表达盒的P质粒），从限制酶的角度分析，两者能够连接的原因是_________。再利用P-S2质粒重复以上操作获得P-S4质粒（含4个S基因表达盒的P质粒）。用BamH Ⅰ和Bgl Ⅱ双酶切P-S4质粒，可获得长度为 _________的DNA片段。 （4）为筛选出转化成功的酵母细胞并获取β-防御素，应该在含有________的培养基中进行培养。 【答案】（1）酵母菌含有内质网和高尔基体，能够对多肽链进行正确的加工并分泌到细胞外 （2） ①. CTCGAGAAAAGAATG ②. 引入酶切位点；引入KEX2蛋白酶的切割位点；使DNA聚合酶能够在引物的3’端连接脱氧核苷酸 （3） ①. BamHⅠ 和 BglⅡ 切割后产生相同的黏性末端（-GATC-） ②. 6684bp和2000bp （4）博来霉素和甲醇 【解析】 【小问1详解】 β-防御素是一种免疫蛋白，在细胞外发挥作用，因此是一种分泌蛋白，需要内质网和高尔基体对核糖体合成的多肽链进行正确的加工并分泌到细胞外，虽然大肠杆菌也有核糖体，但无内质网和高尔基体，无法实现上述功能，因此酵母菌作为真核生物，含有内质网和高尔基体，能够对多肽链进行正确的加工并分泌到细胞外而具有优势。 【小问2详解】 引物设计要考虑与目的基因上游序列互补配对，且要保证正确连接和分泌。根据图示可知，S基因要与P质粒结合构建P-S1质粒，根据S基因插入的位置来选择限制酶，不能选用sacⅡ，因为sacⅡ有两个酶切位点，且有一个在启动子内部，选其会破坏启动子的结构而失活，所以只能选用限制酶XhoI和XbaI切割，PCR扩增S基因时，上游引物应添加限制酶XhoI的识别序列，同时a-factor 能引导蛋白分泌，这过程需要KEX2蛋白酶能够专一性地识别并切割赖氨酸-精氨酸（对应的密码子分别是AAA、AGA）双碱性氨基酸的羧基端肽键，确保目标蛋白的正确加工和释放，因 此PCR扩增目的基因时还需要在引物上添加AAAAGA的碱基序列，剩余引物的碱基序列需要与S基因已知序列碱基互补配对，则使用的S基因的上游引物序列应为5'-CTCGAGAAAAGAATG-3'（写出15个碱基）。引物的作用是使DNA聚合酶能够从引物的3’端开始连接脱氧核苷酸，从而引导子链的合成，同时引入酶切位点；引入KEX2蛋白酶的切割位点。 【小问3详解】 BamHI和BglⅡ切割DNA后产生的黏性末端相同（BamHI切割产生的黏性末端是-GATC，BglI切割产生的黏性末端也是-GATC），所以S基因表达盒能与只用BamHI酶切后的P-S1质粒连接。P-S4质粒含4个S基因表达盒，S基因表达盒长度为1671bp。用BamHI和BglⅡ双酶切，会切下4个S基因表达盒的片段，长度为 1671×4=6684bp。同时还有BamHI和BglⅡ之间的另一个片段，这片段的长度是5342-1671×2=2000bp。 【小问4详解】 P质粒中含有Zeocin（博来霉素抗性基因），为筛选出转化成功的酵母细胞，应该在含有博来霉素的培养基中进行培养，同时为了获得β-防御素，还需要在培养基中添加甲醇以诱导S基因的表达。 17. 小鼠的毛色是由小鼠毛囊中黑色素细胞合成的色素控制的。酪氨酸是合成色素的前体物，酪氨酸在酪氨酸激酶的作用下可以合成多巴醌，B基因控制酪氨酸激酶的合成，b基因无法合成酪氨酸激酶，表现为白化小鼠，D基因可以表达黑色素合成酶，可以将多巴醌合成黑色素，d基因无法表达黑色素合成酶，多巴醌会转化成棕黄色素。B基因与D基因位于两对常染色体上。 （1）为探究某只白化雌鼠是否能表达成黑色素合成酶，选用基因型为_______________的雄鼠与该雌鼠杂交，若子代的表现型及比例为棕黄色:白色=1:1，说明该白化雌鼠不能表达黑色素合成酶。 （2）在实验室种群中，小鼠始终自由交配，经多代培养后，种群中棕黄色小鼠占全体小鼠的比例为31.36%，黑色小鼠占全体小鼠的比例为32.64%，则B基因频率为____________。从该种群中随机选取一只黑色雌鼠和一只棕黄色雄鼠交配，产生的子代为白化雌鼠的概率是___________。 A．9/64B．9/100C．9/128D．9/200 （3）科研人员在上述种群中发现了一只褐色雌鼠甲和一只褐色黑色相间的雌鼠乙。经过基因检测发现控制褐色性状的基因Avy，该基因的表达产物可以抑制多巴醌合成黑色素，并使多巴醌转化为褐色素。黑褐相间小鼠体内存在Avy基因的等位基因A，A基因的表达产物也可以催化合成褐色素，但受毛囊周期调控，毛囊退化时，A基因不表达，毛囊生长时，A基因表达。Avy基因表达不受毛囊周期调控。推测，基因型为AvyABBDD的小鼠表现型为___________，理由是_____________。 （4）已知B基因和Avy基因分别位于1号和2号常染色体上。科研人员利用小鼠甲、小鼠乙和基因型为aaBbDd的黑色雄鼠丙（其中a基因和Avy、A基因互为等位基因，a基因不表达催化合成褐色素的酶），进行了如下杂交实验： 杂交组合 亲本 子代表现型及比例 1 褐色雌鼠甲×黑色雄鼠丙 黑:褐:白=3:3:2 2 黑褐相间雌鼠乙×黑色雄鼠丙 黑褐相间:黑=1:1 由上述杂交结果可以推断，甲基因型为______________，乙基因型为_____________。 【答案】（1）Bbdd （2） ①. 40%##0.4 ②. C （3） ①. 褐色 ②. 存在B基因，可以合成多巴醌，存在Avy基因，不受毛囊周期调控，始终可以抑制多巴醌合成黑色素，使多巴醌转化为褐色素 （4） ①. AvyaBbDD ②. AaBBDD 【解析】 【小问1详解】 白化雌鼠基因型为bb_ _，为探究白化雌鼠是否能表达成黑色素合成酶，即有没有D基因，应选用有控制酪氨酸激酶合成的基因型为Bbdd的棕黄色雄鼠与该雌鼠做测交，根据bb_ _×Bbdd→bb_ d：Bb_ d=1：1，若子代的表现型及比例为棕黄色：白色=1：1，说明该白化雌鼠不能表达黑色素合成酶，即该白化雌鼠基因型为bbdd。 【小问2详解】 种群中棕黄色小鼠(B_ dd)占全体小鼠的比例为 31.36%，黑色小鼠(B_ D_ )占全体小鼠的比例为 32.64%，则白化小鼠占全体小鼠的比例为1-31.36%-32.64%=36%，单独看B/b基因，因为白化基因型为bb，bb基因型频率为60%×60%=36%，所以b基因频率为60%，则B基因频率为1-60%=40%(或0.4)；从该种群中随机选取一只黑色雌鼠(B_ D_)和一只棕黄色(B_ dd) 雄鼠交配，要得到白化bb_ _子代，只需要考虑B/b基因，黑色雌鼠和棕黄色雄鼠基因型都应为Bb，黑色小鼠中Bb的概率为60%×40%×2÷（40%×40%+60%×40%×2）=3/4，而棕黄色小鼠中Bb的概率同样为3/4，那么产生的子代中且是白化，又是雌鼠(bb_ _ )的概率是1/4×3/4×3/4×1/2=9/128。综上所述：ABD错误，C正确。 【小问3详解】 据题“控制褐色性状的基因Avy，该基因的表达产物可以抑制多巴醌合成黑色素，并使多巴醍转化为褐色素”，由于AvyABBDD的小鼠含有B基因，可以合成多巴醌，Avy基因存在，且Avy基因表达不受毛囊周期调控，始终可以抑制多巴醌合成黑色素，并使多巴醍转化为褐色素，故该小鼠表现为褐色。 【小问4详解】 根据信息，杂交组合1子代产生白化鼠(bb_ _ )，结合亲本甲的性状，可写出甲的基因型AvyaBb_ _，由于Avy_Bb_ _× aaBbDd子代产生黑色(aaB_ D_ ) 且比例为3/8=1/2×3/4×1，可知甲的基因型为AvyaBbDD。组合2子代能得到褐色，结合乙的性状分析乙的基因型为AaB_ D_， AaB _D_ ×aaBbDd子代无白化，故乙必含BB，结合子代黑褐相间:黑=1:1，可知乙基因型为AaBBDD。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 天津一中2025-2026-1高三年级生物学科五月考试卷 本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）、第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分，考试用时60分钟。第Ⅰ卷1至6页，第Ⅱ卷7至9页。考生务必将答案涂写答题纸或答题卡的规定位置上，答在试卷上的无效。 祝各位考生考试顺利！ 一、单选题（每题2分，共40分） 1. 某植物生长期间，其根尖成熟区细胞发生了显著生长，下列物质在此过程中明显增加了的是（ ） ①水②无机盐③纤维素④叶绿素⑤DNA A. ①②③ B. ③④ C. ④⑤ D. ①②④⑤ 2. 乙醇脱氢酶参与人体肝脏中的乙醇代谢过程，催化乙醇产生乙醛，TF为该酶抑制剂。高浓度乙醛会损伤肝脏、抑制中枢神经系统的功能。关于下图的分析，不合理的是（ ） A. m段反应速率均受到乙醇浓度限制 B. 过量饮酒可能导致乙醛含量上升 C. TF可能与乙醇竞争性结合该酶 D. TF降低化学反应活化能 3. 经过40多年努力，我国在2024年实现了环绕塔克拉玛干沙漠边缘全长3046公里的绿色阻沙防护带全面锁边“合龙”，种上了红柳、梭梭等根系发达的当地耐旱植物。下列叙述错误的是（ ） A. 沙漠裸地上发生的群落演替类型为初生演替 B. 水分是影响耐旱植物数量变化的非密度制约因素 C. 红柳在沙漠裸地种植后，其种群数量很快呈“J”形增长 D. 锁边工程有利于提高沙漠的生态承载力，降低人类的生态赤字 4. 下图为高倍镜下观察到的某动物部分组织切片。不考虑突变和互换，下列叙述错误的是（ ） A. 细胞①的名称是初级卵母细胞 B. 细胞②和细胞④正在发生等位基因的分离 C. 细胞③无同源染色体有1个染色体组 D. 细胞⑤的染色体和核DNA都是体细胞的一半 5. 科研人员将等量对T1噬菌体敏感的大肠杆菌接种到12个相同固体培养基上，培养后各平板均长出大量微菌落，接着进行如下表所示实验。下列说法正确的是（ ） 分组 实验处理 培养后统计抗T1噬菌体的菌落数 A组（6个平板） 直接喷T1噬菌体 28个 B组（6个平板） 先把平板上的微菌落重新均匀 涂布一遍，再喷等量T1噬菌体 353个 A. 该实验用于培养大肠杆菌的培养基属于选择培养基 B. 若两组在喷噬菌体前都用适宜紫外线诱变，A、B两组的抗性菌落数差异会消失 C. B组的涂布使发生抗T1噬菌体自发突变的单个大肠杆菌形成一个菌落的概率增加 D. 该实验证明重新涂布后再喷T1噬菌体导致了抗性突变的大量发生 6. miRNA是细胞内一种单链小分子RNA，可与mRNA靶向结合并使其降解。circRNA是细胞内一种闭合环状RNA。研究表明，circRNA可以通过miRNA调控P基因表达进而影响细胞凋亡，调控机制如图所示，下列叙述错误的是（ ） A. 形成前体mRNA时，RNA聚合酶沿模板链的3'端到5'端方向移动 B. 合成P蛋白过程中，tRNA5'端结合特定氨基酸并将其运至核糖体 C. circRNA与mRNA竞争性结合miRNA从而调节基因表达 D. 若circRNA的合成量增加，可提高P基因的表达量从而抑制细胞凋亡 7. 下列相关实验的操作，叙述正确的是（ ） A. 土壤中分解尿素细菌的分离，稀释土壤样品时，无需每个梯度稀释都更换移液器枪头 B. 在“菊花的组织培养”实验中，可用酒精洗去外植体上的次氯酸钠溶液 C. 配制载样液时加入的核酸染料能与DNA分子结合，便于紫光灯下观察DNA位置 D. 用成熟黑藻叶观察质壁分离时，因细胞质中含叶绿体而使原生质层易于分辨 8. 某常染色体遗传病致病基因为H，在一些个体中可因甲基化而失活（不表达），又会因去甲基化而恢复表达。由于遗传背景的差异，H基因在精子中为甲基化状态，在卵细胞中为去甲基化状态，且都在受精后被子代保留。该病的某系谱图如下，Ⅲ1的基因型为Hh，不考虑其他表观遗传效应和变异的影响，下列说法错误的是（　　） A. Ⅰ1和Ⅰ2均含有甲基化的H基因 B. Ⅱ1为杂合子的概率1/2 C. Ⅱ2和Ⅱ3再生育子女的患病概率是1/3 D. Ⅲ1的h基因只能来自父亲 9. 将拟南芥幼苗分别置于含有不同浓度IAA的培养基中培养，每一浓度分为两组，一组添加1nmol/L油菜素内酯（BL），另一组不添加BL，8天后统计侧根数量，结果如图。下列叙述不合理的是（ ） A. 本实验的目的是探究BL与IAA的相互作用 B. 各组的相对值是与仅用BL处理时侧根数量的比值 C. 1nmol/L BL促进侧根形成 D. 1nmol/L IAA与BL对促进侧根生长具有协同作用 阅读下列材料，完成下面小题。 2019 年诺贝尔生理学或医学奖获得者威廉·凯林等三位科学家在研究地中海贫血症的过程中发现“缺氧诱导因子”（HIF），并揭示了细胞感知氧气的分子机制。HIF 由两种不同的结合蛋白（HIF-1ɑ 和 ARNT）组成，其中对氧气敏感的是 HIF-1ɑ，而ARNT 基因不受氧调节且稳定表达，即 HIF-1ɑ 是机体感受氧气含量变化的关键。当细胞处于正常氧条件时，HIF-1ɑ 会逐步被降解；在缺氧的条件下，HIF-1ɑ 不被降解而在细胞内积聚，并进入细胞核与 ARNT 形成转录因子，使多种基因被激活，这些基因产物可以促进促红细胞生成素（EPO）的合成，或者促进血管增生，从而加快氧气输送以适应低氧环境。EPO（促红细胞生成素）是一种糖蛋白类激素，主要由肾脏合成。红细胞的产生与促红细胞生成素（EPO）有关。下图是人体中红细胞数量变化的调节机制示意图（“+”表示促进， “-”表示抑制作用）。 10. 下列关于 HIF-1ɑ 的叙述，错误的是（ ） A. HIF-1ɑ 经扩散进入细胞核，与ARNT 结合后调控基因表达过程 B. 细胞内合成 HIF-1ɑ 的细胞器成分与 HIV 病毒相似 C. HIF-1ɑ 被蛋白酶彻底水解的产物能够在细胞内重复利用 D. 人体细胞核内 HIF-1ɑ 含量的变化是进化和适应的结果 11. 下列相关叙述错误的是（ ） A. EPO 可促进红细胞产生，红细胞数量的变化是负反馈调节机制的结果 B. 干细胞变成成熟红细胞的过程与分裂无关，是基因选择性表达的结果 C. EPO 作为信息分子，通过体液运输并作用于靶细胞，靶细胞依赖受体与之识别 D. 人体肌肉剧烈运动时，细胞呼吸产生的 CO2 量等于消耗的 O2 量 12. 下列分析不合理的是（ ） A. EPO、HIF-1ɑ 和 ARNT 功能不相同的根本原因是基因的多样性 B. 氧气浓度较高时，氧气可能参与了 HIF-1ɑ 的降解过程 C. 运动员在赛前到高海拔地区训练有可能提高红细胞数量进而提高身体机能 D. 缺氧条件下，EPO 会大量合成，才能有效发挥调节作用 二、简答题 13. 抗生素在医疗中被广泛使用，大约50%～90%会以活性形式随排泄物进入环境，对水生生物造成影响。四尾栅藻是常见的水质指示生物，裸腹溞（体长一般在0.5mm-1.2mm）与大型溞（体长一般在2mm-6mm）活动能力相近，均以四尾栅藻为食；豆娘幼虫能以两种溞为食。 （1）用不同浓度、远低于致死剂量的抗生素——诺氟沙星（NOR）处理单独培养的四尾栅藻，藻密度未受影响，藻形态变化结果如图1。将等量两种溞分别与四尾栅藻混合培养，用不同浓度NOR处理，捕食率变化如图2。 ①NOR使生物种间关系发生变化。研究生物种间关系属于________水平的研究。 ②综合图1、2可知，四尾栅藻形成多细胞结合的形态能够________（填“抵抗”或“促进”）被两种溞取食，图2中随着NOR浓度升高，裸腹溞捕食率提高是由于________。 （2）NOR分别处理两种溞，发现裸腹溞活动能力下降、大型溞活动能力无显著变化。将等量两种溞共同与四尾栅藻混合培养，测定不同条件下两种溞的数量，计算占比，结果如图3。 ①测定两种溞数量的方法是________法。 ②在无豆娘幼虫存在时，NOR导致两种溞中占优势的种群出现________→________的变化。 ③在有豆娘幼虫存在时，500μg/LNOR引起溞优势种群变化的原因是________。 14. 血压是指血液在血管中流动时对血管壁产生的压力，与血容量呈正相关。人体血压的调节与肾素—血管紧张素—醛固酮系统（RAAS）密切相关，部分调节过程如图所示。 （1）据图分析，肾素____________（填“是”或“不是”）激素，理由是____________。 （2）当血压下降时，神经中枢可通过____________（填“交感神经”或“副交感神经”）促进RAAS的激活，进而使得血压上升，该过程中涉及的信号分子有____________。 （3）常用的降压药类型与作用机制主要有以下两种：一类是血管紧张素转化酶抑制剂，减少血管紧张素Ⅱ生成；另一类是血管紧张素受体阻滞剂类药物，可阻断血管紧张素Ⅱ与受体结合。为探究不同药物的作用特点，科研人员以高血压模型大鼠为材料进行了相关实验，用相应药物处理一段时间后，实验结果如下图所示。 据如图推测，上述两种药物中，属于血管紧张素受体阻滞剂类药物是______，依据是_____________。 （4）下列哪项药物或疗法在高血压病的治疗中是不合理的___ A. 抗利尿激素 B. 血管紧张素转换酶抑制剂 C. 醛固酮受体抑制剂 D. 降低肾交感神经兴奋性的疗法 15. 图1是高温胁迫下黄瓜幼苗叶肉细胞代谢的部分示意图，①～④代表过程，A、B代表物质。Fd是还原态铁氧还蛋白，可将电子转移至NADPH中，也可参与光呼吸（图中虚线过程）。R酶是双功能酶，高温下R酶对CO2的亲和力下降而对O2的亲和力增强，请回答下列问题。 （1）物质A和B分别是__________、_________。过程④发生的场所是_________。 （2）光反应中电子传递过快或受阻，会产生过多的活性氧，引发光抑制。高温胁迫下，光反应产生的NADPH无法及时被消耗，能否通过抑制Fd活性解除光抑制，请说明理由。____________。 （3）为进一步研究黄瓜幼苗对高温胁迫的响应机制，研究人员选择生长一致的幼苗随机均分为3组：高温组（昼/夜温度为42℃/32℃）、亚高温组（昼/夜温度为35℃/25℃）和对照组（昼/夜温度为28℃/18℃），在其他条件适宜时培养并测定相关数据，结果如图2。 ①0～3天亚高温组和高温组气孔导度升高，其主要意义是_________。与第1天相比，第3天亚高温组和高温组虽气孔导度仍然较大，但净光合速率却降低，其主要原因可能是_________。 ②有同学认为胁迫3～5天高温组光呼吸速率下降，说明黄瓜已适应高温环境。你认为该观点是否正确，简要说明理由。_________。 16. β-防御素是由S基因编码的一种免疫蛋白，在人体的免疫反应中发挥着重要作用。但是重组酵母中S基因的表达水平低，因此科研人员构建了S基因多拷贝的表达载体，将其转入酵母菌中获得重组菌株，实现了S基因的高表达，载体构建流程如图所示。KEX2蛋白酶能够专一性地识别并切割赖氨酸—精氨酸（对应的密码子分别是AAA、AGA）双碱性氨基酸的羧基端肽键，确保目标蛋白的正确加工和释放。 注:5'AOX1:甲醇诱导型启动子;3'AOX1:终止子;zeocin:博来霉素抗性基因 a-factor:-信号肽序列，表达的信号肽能引导与其融合的蛋白移动到内质网，信号肽被切除后蛋白才能分泌到细胞外; 限制酶及其识别序列：sac Ⅱ5′-GAGCT↓C-3′ Bgl Ⅱ5′-A↓GATCT-3′ Xho Ⅰ5′-C↓TCGAG-3′Xba Ⅰ5′-T↓CTAGA-3′ BamH Ⅰ5′-G↓GATCC-3′ S基因编码序列：5′ATGCAGTAC……CGGTCTTAG3′ （1）与大肠杆菌相比，酵母作为S基因的受体细胞的优势是_________。 （2）为保证S基因和载体正向连接，并使酵母细胞分泌出β-防御素，利用PCR技术对S基因进行扩增时，使用的S基因的上游引物序列应为5′________（写出15个碱基）3′，该引物的作用有_________。（至少写2点） （3）S基因表达盒能与只用BamH Ⅰ酶切后的P-S1质粒连接获得P-S2质粒（含2个拷贝S基因表达盒的P质粒），从限制酶的角度分析，两者能够连接的原因是_________。再利用P-S2质粒重复以上操作获得P-S4质粒（含4个S基因表达盒的P质粒）。用BamH Ⅰ和Bgl Ⅱ双酶切P-S4质粒，可获得长度为 _________的DNA片段。 （4）为筛选出转化成功的酵母细胞并获取β-防御素，应该在含有________的培养基中进行培养。 17. 小鼠的毛色是由小鼠毛囊中黑色素细胞合成的色素控制的。酪氨酸是合成色素的前体物，酪氨酸在酪氨酸激酶的作用下可以合成多巴醌，B基因控制酪氨酸激酶的合成，b基因无法合成酪氨酸激酶，表现为白化小鼠，D基因可以表达黑色素合成酶，可以将多巴醌合成黑色素，d基因无法表达黑色素合成酶，多巴醌会转化成棕黄色素。B基因与D基因位于两对常染色体上。 （1）为探究某只白化雌鼠是否能表达成黑色素合成酶，选用基因型为_______________的雄鼠与该雌鼠杂交，若子代的表现型及比例为棕黄色:白色=1:1，说明该白化雌鼠不能表达黑色素合成酶。 （2）在实验室种群中，小鼠始终自由交配，经多代培养后，种群中棕黄色小鼠占全体小鼠的比例为31.36%，黑色小鼠占全体小鼠的比例为32.64%，则B基因频率为____________。从该种群中随机选取一只黑色雌鼠和一只棕黄色雄鼠交配，产生的子代为白化雌鼠的概率是___________。 A．9/64B．9/100C．9/128D．9/200 （3）科研人员在上述种群中发现了一只褐色雌鼠甲和一只褐色黑色相间的雌鼠乙。经过基因检测发现控制褐色性状的基因Avy，该基因的表达产物可以抑制多巴醌合成黑色素，并使多巴醌转化为褐色素。黑褐相间小鼠体内存在Avy基因的等位基因A，A基因的表达产物也可以催化合成褐色素，但受毛囊周期调控，毛囊退化时，A基因不表达，毛囊生长时，A基因表达。Avy基因表达不受毛囊周期调控。推测，基因型为AvyABBDD的小鼠表现型为___________，理由是_____________。 （4）已知B基因和Avy基因分别位于1号和2号常染色体上。科研人员利用小鼠甲、小鼠乙和基因型为aaBbDd的黑色雄鼠丙（其中a基因和Avy、A基因互为等位基因，a基因不表达催化合成褐色素的酶），进行了如下杂交实验： 杂交组合 亲本 子代表现型及比例 1 褐色雌鼠甲×黑色雄鼠丙 黑:褐:白=3:3:2 2 黑褐相间雌鼠乙×黑色雄鼠丙 黑褐相间:黑=1:1 由上述杂交结果可以推断，甲基因型为______________，乙基因型为_____________。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $