2026届广东省广州市越秀区广州高山文化培训学校高三下学期模拟预测物理试题

**基本信息** 2026届广州越秀物理模拟卷以“朱雀三号”火箭回收、电子倍增技术等科技前沿及塑料静电分选机等实际应用为情境，融合物理观念与科学思维，实现基础巩固与创新应用的梯度考查。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题/46分|铀衰变、机械波、电磁感应、天体运动|第6题结合火箭回收考查天体运动，体现科学态度与责任| |实验题|2题/16分|游标卡尺测量、热敏电阻特性|第12题设计保温控制系统，考查科学探究与模型建构| |计算题|3题/38分|气体实验定律、动量能量综合、电磁场综合|第15题电子倍增技术综合电场磁场，考查科学推理与创新应用|

2026届广东省广州市越秀区广州高山文化培训学校模拟预测 物理试题 本试卷分为Ⅰ、Ⅱ卷两部分，共8页，满分为100分。使用时间75分钟。2026.5 注意事项： 1．答卷前，考生务必用黑色字迹的签字笔或钢笔将自己的姓名、学校、班级和考生号填写在答题卡上，用2B铅笔将考生号填涂在答题卡填涂区。 2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试题卷上。 3．非选择题必须用黑色字迹的签字笔或钢笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答的答案无效。 4．考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将答题卡交回。 第Ⅰ卷（选择题 共46分） 一、单项选择题：本题包括7个小题，每题4分，共28分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题意的要求，错选、不选均不得分。 1．238铀（）的半衰期达年，已知238铀（）的衰变方程，关于该核反应，下列说法正确的是 A. 是粒子 B. 粒子形成的射线穿透力很强 C. 可以通过化学反应使得半衰期变短 D. 的比结合能比的比结合能大 2．两名机器人手握一根轻绳的两端，以相同的频率，周期性上下抖动，振幅均为A=20cm，在绳子上形成了相向运动的简谐横波a和b，时刻，波形图如图所示，O、S两点为波源，已知，下列说法正确的是题2图 A．两列波的起振方向相同 B．两列波相遇后，波速变为 C．绳上P点的振幅始终保持为零 D．当b波传播到Q点时，Q点已经运动了2m 3．现代电路中，电容器、自感器、互感器扮演着非常重要的角色。如图所示，甲图是家用漏电保护装置图，其中“零序电流互感器”可视为闭合铁芯，正常用电时，火线和零线的电流等大反向；出现漏电时，零线与火线电流不相等，断路器吸起触头自动切断电源。图乙是测量储罐内绝缘液体的高度，工作时将开关S从a拨向b，电感L与电容C构成的回路中产生振荡电流，根据振荡电流频率判断液体深度。关于两个电路，下列说法正确的是 题3图 A．图甲中正常用电时，互感器中磁通量随火线中电流变化而变化 B．图甲中增加互感器上的线圈匝数，可增加装置灵敏度 C．图乙中储罐内绝缘液体液面越高，电容器电容就越小 D．图乙中震荡电流的周期越小说明储罐内绝缘液体越多 4．由单色光a和b组成的复合光垂直入射半径为R、半球形透明介质，在球面形成了中间为复合光外层为单色光a的亮纹，其过球心O的截面图如图所示，整个亮纹弧长为L、复合光亮纹弧长为S。已知单色光a、b关于该介质的折射率分别为、，关于单色光a和b，下列可能正确的是题4图 A． B．单色光a的频率大于b光的频率 C．在该介质中，单色光a的光速大于b光的光速 D．遇到同一障碍物时，单色光b的衍射现象更明显 5．如图所示，一光滑圆弧固定在水平面上，其弧长远小于半径，现有两个相同的小球分别从图中A、B位置由静止释放，小球均可视为质点，不计空气阻力，关于A、B两小球下滑到最低点的过程中，运动的时间、重力的冲量大小、机械能改变量大小，重力对小球做的功，下列说法正确的是题5图 A． B． C． D． 6．“朱雀三号”发射成功，标志我国火箭回收技术发展进入一个新的阶段。如图所示，其整个过程简化如下：火箭携带卫星经地面发射进入Ⅰ轨道，运动至P点实现“星箭分离”，分离后的卫星在P点直接进入Ⅱ轨道，运动至最远点Q，再次点火将卫星送入预定轨道Ⅲ（圆形轨道）；而分离后的火箭返回发射地实现回收。已知轨道Ⅱ上的虚线代表卫星未经过，P、Q两点到地心距离分别为和，关于整个火箭、卫星的运动，下列说法正确的是题6图 A．星箭分离前后，卫星在P点速度保持不变 B．卫星从P点运动至Q点过程中速度增大 C．卫星轨道Ⅰ上P点速度大小与轨道Ⅲ上运动速度大小之比为 D．卫星在轨道Ⅱ上运动的时间与在轨道Ⅲ的周期之比为题7图 7．如图所示，竖直平面内存在一矩形区域MNPQ的“风洞”，小球在该区域内运动时会受到恒定大小、水平向左的风力。若小球以大小、水平方向的速度从M点射入，恰好从Q点以竖直向下的速度射出，现仅改变小球射入的速度大小v，经时间射出风洞，下列关于时间与速度大小v的图像可能正确的是 A B C D 二、多项选择题：本题包括3个小题，每题6分，共18分。每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，选对得6分，选对但不全得3分，多选、错选、不选均不得分。 8．塑料静电分选机能实现混合塑料的分离。大致流程如下：摩擦带电系统使PA（尼龙）微粒带正电、PE（聚乙烯）微粒带负电之后，通过漏斗进入高压电极系统实现分离，其中高压电极系统由高压电源、平行板组成，平行板之间电场可视为匀强电场。混合物经高压电机系统分离过程如图所示，关于微粒分离过程，下列说法正确的有题8图 A．高压电源a端为正极 B．PA、PE微粒所受电场力大小相等，方向相反 C．PE微粒靠近平板板过程中电势能增大 D．PE微粒经过的A、B两点的电势 9．科技爱好小组设计了一个“小仓鼠发电”装置如图甲所示，该装置简化如图乙所示：长为L、半径为r的圆柱形绝缘圆筒水平放置，长度也为L、质量为m、电阻为的金属棒紧贴在圆筒边缘，金属棒两端通过导线与阻值为的定值电阻相连。整个装置处于磁感应强度大小为B、竖直向下的匀强磁场（图乙未画出）中。若金属棒随圆筒匀速转动，速度大小为v，从右向左看的截面图如图丙所示，已知重力加速度大小为g，金属棒始终圆筒无相对滑动，圆心接触位置无摩擦，导线对金属棒的力以及空气阻力均忽略不计，关于整个运动，下列说法正确的有题9图 A. 金属棒处于最高点时，电路中的电流方向由 B. 金属棒运动至最低点时，圆筒对金属棒作用力最大 C. 转动一周，圆柱对金属棒做功等于 D. 金属棒从最高点运动到最低点的过程中，流过电阻的电荷量 10．如图所示，劲度系数为k的轻弹簧下端悬挂一质量为M的托盘，处于静止状态。现将一质量为m的粘性小球自距盘面高度为h处无初速释放，与盘发生碰撞后未反弹，碰撞时间极短。不计空气阻力，重力加速度为g，运动过程中弹簧始终处于弹性限度内。下列说法中正确的是（　　）题10图 A．小球与盘运动的最大速度为 B．小球与盘碰后向下运动距离 时，盘的速度达到最大 C．小球与盘向上运动过程中，弹簧的弹性势能一直减小 D．当小球与盘的加速度向上且大小为 时，其速度大小为 第Ⅱ卷（非选择题 共54分） 三、实验题：本题包括2个小题，共16分 11．（6分）某实验小组利用光电门探究均匀细杆绕一端转动时，其动能与角速度的关系，装置如图所示甲，均匀细杆一端固定在光滑转轴O处，当杆竖直平面绕O点转动时，另一端A经过光电门时可测得经过该位置的角速度。 题11图 （1）先用20分度的游标卡尺测量细杆的宽度d，示数如图乙所示，读数d= mm；已知细杆的长度L、 细杆的质量m以及当地重力加速度g； （2）让细杆从水平位置由静止释放，A端经过经过光电门的时间测得为，则A端经过该位置时，细杆的角速度大小 （物理量用字母符号表示）；并记录该位置距离O点的高度h，改变光电门的位置重复实验； （3）建立坐标系，并将实验数据在坐标系中描出、连线，得出的图像是一条过原点的直线，且斜率大小为k。则当该细杆以大小的角速度绕一端旋转时，它的动能 （用m、、g、k表示）。 12．（10分）某实验小组根据热敏电阻的阻值随温度变化的规律，并用该电阻设计一保温控制系统。 （1）使用多用电表估测热敏电阻的大致阻值，测量前多用电表需要的操作顺序是 (填序号) ①红黑笔短接 ②机械调零 ③选择合适倍数 ④进行欧姆调零 实验选用的器材有：热敏电阻（大致几百欧）；电流表G（量程为10mA）； 电阻箱（阻值）；电源E（电动势12V）；滑动变阻器（最大阻值为20Ω）、开关、；导线若干。请完成下列步骤并回答相关问题：题12图 (2)该小组设计了如图（甲）所示的电路图。根据图（甲），完成图（乙）中的实物图连线。 (3)①闭合开关、之前，将滑动变阻器滑片移至_____（填“a”或“b”）端，将电阻箱调至最大； ②闭合开关、，调节滑动变阻器以及电阻箱，当电流表G的示数适当时停止调节，记录电阻箱的示数为，G表示数为； ③断开开关，保持滑动变阻器滑片不动，继续调节电阻箱，当电流表G的示数仍为，电阻箱的示数为，则热敏电阻的阻值为 ，并记录此时温控室内温度； ④改变温控室内温度，重复步骤③，得到一系列数据，并绘制成热敏电阻阻值随温度t变化的曲线如图（c）所示。 （4）电流表G的内阻不可忽略，电热敏电阻阻值的测量值相对真实值 （填“偏大”、“偏小”或“无影响”）；题12图 （5）实验小组用该热敏电阻设计了如图丁所示的保温箱温度控制电路，控制系统可视为的电阻，电源的电动势（内阻不计）。当通过控制系统的电流小于6mA时，加热系统将开启为保温箱加热；当通过控制系统的电流达到6mA时，加热系统将关闭。若要使得保温箱内温度低于50°C，加热系统就开启，应将调为 Ω； 四、计算题：本题包括3个小题，共38分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能给分，有数值计算的题，必须明确写出数值和单位。 13．（10分）某个热等静压设备的炉腔内的气体压强与时间的关系如图所示，在0到时间内，将温度为27℃、压强为的氩气通过压缩机压入炉腔内，整个过程温度保持不变。时刻开始，使用热功率为的加热装置给炉腔内的氩气加热，直至氩气压强达到才停止加热。已知炉腔的容积，时，炉腔内处于真空状态，加热过程中热量全部被氩气吸收，，氩气视为理想气体。 （1）求氩气压入炉腔之前体积V0为多大； （2）已知整个过程中，炉内氩气内能增加了ΔU=，求炉腔内氩气最终温度以及加热装置的工作时间。 题13图 14．（13分）某户外大型闯关游戏“渡河”环节中，选手从高台俯冲而下，为了解决速度过快带来的风险，设计师设计了如图所示的减速装置。浮于河面的B板紧靠缓冲装置A板，B的左侧放置一物体C。选手通过高台光滑曲面下滑，经过A后滑上B。已知A、B的质量均为，C的质量为。A、B的长度均为L＝3m，人与A、B间的动摩擦因数均为，A与地面间的动摩擦因数。B在水中运动时受到的阻力是其所受浮力的k倍，k=0.1。B碰到河岸后立即被锁定。不计水流速度，选手和物体C均可看作质点，，则： （1）为了防止A滑动而出现意外，选手及装备的质量最大不超过多少？ （2）若选手及装备的质量为m=60kg，从的高台由静止开始滑下，经过A后与C发生碰撞后一起运动，碰撞时间极短可忽略，求在此碰撞过程中系统损失的机械能？ （3）在第（2）问前提下，人与C碰撞后经t=0.5s恰好与平板B速度相同，要使选手能够到达河岸，河岸的最大宽度d为多少？题14图 15．（15分）电子倍增技术常用于信号放大，从而使得信号达到可识别、抗噪的程度。某工程师设计了一款电子倍增装置，其大致示意图（截面图）如图所示：空间中从左往右分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域，Ⅰ和Ⅲ三区域分布着磁感应强度相同、垂直纸面向里的匀强磁场，Ⅱ区域中长为3L电子倍增器MN和PQ相距4L平行放置，中轴线上放置电极板OO’，在空间中分别形成向下、向上的匀强电场。带电粒子在装置里的运动轨迹如图所示，粒子在分界线上的a、b、c、d四点以恒定大小的速度水平穿进、穿出电场和磁场，且穿进电场或磁场时，电场强度或磁感应强度恰好发生变化，使得运动轨迹保持不变。现初速度为零，质量为m，带电量为ne的负电粒子经电压为U的加速电压加速后，从a点进入下方电场。已知a和c与倍增器的距离均为L，电子倍增器类似弹性挡板，当带电粒子与倍增器发生接触时，电荷量变为原来的k（）倍，水平方向速度保持不变，垂直方向速度大小不变，方向反向，接触时间忽略不计，重力忽略不计，忽略电磁场变化时产生的电磁感应效应。 （1）若，求：①带电粒子开始进入电场时，电场强度E的大小；②带电粒子第一次进入磁场时，磁感应强度B大小； （2）从开始进入电场，到第一次回到a点的过程中运动的时间。题15图 2 1 学科网（北京）股份有限公司 $ 参考答案与评分标准 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 D C B C C D B AD BC BD 1．解析：根据电荷守恒、质量数守恒可知是氦（）核即粒子，形成的射线店里能力最强，穿透力最弱，A、B均错误；半衰期是一个统计概念，首先只有大量粒子才实用，其次只与原子核本身有关，与外界环境及化学物无关，C错误；重核发生衰变，质量减少，根据比结合与质量的关系图像可知，反应物比生成物的比结合能要小，D正确。 2．解析：根据机械波传播特点是波形图在介质中沿传播方向向前平移（质点受迫振动导致的），即任何质点的起振方向与波源的起振方向相同，以及根据同侧法（上下坡法、微平移法）可知，a波的起振方向竖直向下，b波的起振方向竖直向上，A错误；由波形图可知波的波长为2m，根据，波速只与介质有关，且波的传播具有独立性，因此两波叠加不会传播速度，B错误；两列波的振动频率相同，振动方向方向，因此当两波相遇后会发生干涉现象，根据速度时间关系可以，两波是同时到达P点，且振动方向恰好相反，即在P点发生干涉减弱现象， 由两波振幅大小一样，因此P点振幅为零，一直处于平衡位置，C正确；根据时间关系，a波比b波先传播到Q点，且时间差恰好为0.4s（一个周期），故P点是先以a波的振动规律振动一个周期，但不会随波平移，D错误。 3．解析：正常工作时，火线和零线电流始终等大反向，穿过零序电流互感器的磁通量不发生变化，A错误；根据电磁感应定律公式可知，增大互感线圈匝数，可以增大感应电动势，从而增大电流，增加断路器的线圈匝数，可以增强螺线管的磁感应强度，因此均可以增加装置的灵敏度，B正确；根据平行板电容公式，液面上升，电介质常数增大，电容C增大；由振荡电路的周期公式，可知减小，电容C越小，液面下降，故C、D均错误。 4．解析：根据几何关系，a、b光的临界角满足、，根据全反射临界条件可知，，故A错误；也可知，根据折射率与光的频率的关系，频率越大，折射率越大，即单色光a的频率小于b光的频率，故B错误；根据介质中的光速满足：，即折射率大的在介质传播速度就小，即，C正确；根据，以及波长越长，衍射明显越明显，因此D错误。单色光a的衍射现象更明显一些，故D错误。 5．解析：圆弧光滑，没有摩擦力，又其弧长远小于半径，因此小球在弧面上滑行是一个单摆运动，即小球从A、B由静止释放，运动到最低点的时间均为四分之一单摆周期，即；由根据冲量公式，重力冲量公式，因此两次运动重力冲量相等，整个过程机械能守恒，即机械能该变量均为零，故；重力做功与下降高度有关，即，故A、B、D错误，C正确。 6．解析：星箭分离，火箭需返回发射地，卫星需进入轨道Ⅱ，则火箭一定会反向，只考虑切向方向，卫星与火箭动量守恒，即卫星的速度一定增大，故A错误；卫星从P点沿轨道Ⅱ运动到Q点过程中，万有引力做负功（或根据开普勒第二定律），可知速度在逐渐减小，故B错误；只有在卫星绕地球做圆周运动时，才可以用万有引力提供向心力，，即，但卫星在轨道Ⅰ运动时是一个椭圆运动，公式不适用，故C错误；根据开普勒第三定律可知（运动周期的平方与半长轴的立方成正比），轨道Ⅱ的半长轴，即，又因为卫星只在轨道Ⅱ上运动半个周期，故，D正确。 7．解析：小球在风洞中运动受到水平风力和重力，因此小球以水平速度抛出，根据运动独立性，水平方向匀减速运动，竖直方向自由落体运动；小球在风洞中运动根据初速度v的大小不同，又可能从MP、PQ或者NQ三个边界飞出；又知以大小从M点射入，恰好从Q点以竖直向下的速度射出，即水平方向减速到零，不妨设该过程运动时间为T，水平方向加速度，水平长度；根据运动对称性，当速度时，水平方向经减速到零，反向加速再经时间回到MP边界，恰好从P点飞出。①当时，从MP边界飞出，所花时间，过原点的直线；②当时，从PQ边飞出，竖直高度不变，时间为定值，即水平直线；当时，从NQ边飞出，水平方向，解得，是一条曲线且单调递减（也可以定性分析，速度越大，时间越短），故选B。 8．解析：由题意PA微粒带正电、PE微粒带负电，图中PA微粒向左极板运动，电场力向右，即电场强度方向也向右，故左极板带负电，故b端为负极、a端为正极，A正确；y沿着电场线方向电势降低，故，D正确；根据电场力公式，大小除了与电场强度有关，还与电荷量有关，但PA、PE所带电荷量大小未知，故B无法判断；电场力对PA、PE均做正功，电势能减少，故C错误，故选AD。 9．解析：由右手定则可知，金属棒切割磁感线产生的感应电流方向由，A错误；根据电磁感应定律以及右手定则可知，金属棒产生的感应电流是正弦交流电，从最高点开始，其中，周期；可知在最低点，电动势最大，水平方向需要平衡的安培力最大，竖直方向合力提供向心力，因此最低点圆筒对金属棒的作用力最大，，B正确；转动一周，金属棒机械能没变，圆筒做金属棒做的功全部转化为电路的焦耳热，又是正弦交流电，故，，解得，C正确；根据流过的电流，从最高点和最低点磁通量均为零，故；或者可以根据正弦交流电规律，最高点到圆心等高处，再由圆心等高处到最低点，电流方向反向，故电荷量，D错误（D选项的意义是防止学生背二级结论在单棒切割磁感线的过程中动量定理的推论）。故选BC。（此题综合性非常强，涉及圆周运动，电磁感应定律、交流电等知识，可以从竖直平面圆周运动，力的最大、最小值，能量转化考查） 10．解析：A．对小球下落h的过程应用动能定理，解得与盘碰撞前小球速度为。小球与盘碰撞过程动量守恒，解得碰后瞬间二者速度为，碰后小球与盘的重力大于弹簧弹力，二者将继续向下做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度为零，弹力与二者重力相等时，速度达到最大，故最大速度大于，A错误；B．设初始时刻弹簧形变量为，速度最大时弹簧形变量为，则有，，下落距离为，联立可得，B正确；C．碰后小球与盘做简谐运动，由题中信息无法判断简谐运动最高点时弹簧的形变状态，弹簧可能处于伸长状态，也可能处于压缩状态，故小球与盘向上运动过程中，弹簧的弹性势能不一定一直减小，C错误；D．碰后瞬间，对小球与盘整体应用牛顿第二定律，有，解得，方向向下。由简谐运动对称性可知，当小球与盘的加速度向上且大小为 时，小球速度大小为，D正确。故选BD。 11．答案：每空2分（1）（图片像素不高，均可）；（2）；（3） 解析：（1）略；（2）由，以及，可得；由机械能守恒可得：，又可知，解得：。（该实验过于简略，并与最后一题考点有所重叠） 12．答案：除特别注明外，每空两分（1）②③①④；（2）见解析；（3）a（1分）； （4）无影响（1分）；（5）640Ω 解析：（1）略；（2）滑动变阻器分压接法、热敏电阻与开关S2并联，电路图如图所示；（3）保证电路安全，滑动变阻器开始时让待测电路短接，滑片移至最左端即“a”端；根据欧姆电路，电路中电流大小不变，滑动变阻器滑片又不变，即整个电路电阻不变，等式，解得，且可知电流表内阻对测量无影响；（5）取控制系统电流为，由图2知，当温度为50℃时热敏电阻的阻值为55Ω，根据闭合电路欧姆定律，有，代入数据得R1=635Ω，所以若要使得保温箱内温度低于50°C，加热系统就开启，应将R1调为635Ω。 13．答案：（1）（3分）；（2）（3分）；（4分） 解析：（1）等温过程，以及图像可知： ………………………………………………（2分） 解得： ………………………………………………………………………………………………（1分） （2）等容过程，，其中 ……………………………………………（2分） 解得： ………………………………………………………………………………………………（1分） 开始充气过程，属于真空膨胀，后面加热过程，体积保持不变，因此 ……………………………（1分） 根据热力学第一定律：，以及 ………………………………………………（1分） 又，及 ………………………………………………………………………………………（1分） 解得： …………………………………………………………………………………………（1分） 14．答案：（1）102kg（3分）；（2）（2）180J（5分）；（3）6.75m（5分） 解析：（1）B、C整体受到的浮力等于整体的重力，故B若运动受到的阻力为： ……………………………………………………………（1分） 为了防止A滑动，需满足： ………………………………………………………（1分） 解得 …………………………………………………………………………………………………（1分） （2）滑上A时速度 …………………………………………………………………………（1分） 与C碰前速度 ………………………………………………………………………（1分） 经过A后与C发生碰撞后一起运动 ………………………………………………………（1分） 损失机械能 ………………………………………………………………………（1分） 解得 …………………………………………………………………………………………………（1分） （3）人与C碰撞后经0.5s恰好与平板B速度相同，根据系统动量定理 ………………………………………………………………………………（1分） 其中，解得 B运动距离 …………………………………………………………………………………（1分） 之后一起减速，加速度 ……………………………………………………………（1分） 减速位移 ……………………………………………………………………………………（1分） 所以最大宽度 …………………………………………………………………………（1分） 15．答案：（1）（7分）；（2）（4分）；（3） （4分） 解析：（1）根据动能定理： ……………………………………………………………………（1分） 做类平抛运动，水平方向 …………………………………………………………………（2分） 或 …………（1分）； …………（1分）； 竖直方向，由动量定理：向下加速，；反向减速到零 …………（2分） 动能定理： ……………………………………………………………………………………（1分） 或：及 （写出一个方程即可得分） ……………………………………………（1分） ………………………………………（1分）；或 …………………（1分） 解得： ……………………………………………………………………………………………………（1分） （2）经倍增后， ……………………………………………………………………………（1分） 由几何关系： ………………………………………………………………………………（1分） 牛二： …………………………………………………………………………………………（1分） 解得： ……………………………………………………………………………………………（1分） （3）同理可得： ……………………………………………………………………………（1分） 在磁场中运动的时间： ……………………………………………………………………………（1分） 运动总时间： ……………………………………………………………………………（1分） 解得： ……………………………………………………………………………………（1分） 2 1 学科网（北京）股份有限公司 $