专题04 细胞的物质基础（6大题型必刷）（期末复习专项训练）高二生物下学期人教版

专题04 细胞的物质基础 题型1：细胞中的无机盐 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B B C B C C D D C 题号 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 答案 A A D C A ACD BD BD ABC ACD 题型2：细胞中的糖类和脂质 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C C C B D B D B A C 题号 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 答案 A A A C B ABC AD ABC ACD BCD 题型3：蛋白质 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D D D A A B B A B C 题号 11 12 13 14 15 答案 AD ABC BC CD AB 16．(1) C、H、O、N 非必需氨基酸 (2) 脱水缩合 C (3)888 (4)胰岛素为蛋白质，若口服会被消化道中的消化酶分解，从而失去疗效 17．(1) 噬菌体没有细胞结构 细胞壁、细胞膜、核糖体、细胞质 (2)氨基酸种类 (3)高温不能破坏硫醚环，巯基乙醇会破坏硫醚环 (4) 肽键 多肽 54 能 18．(1) C、H、O、N、Fe (2) 脱水缩合 肽键 570 4 (3) ① ③ ⑥ (4)两者的结构（氨基酸的种类、数目、排列顺序及肽链的空间结构）不同，导致功能不同 19．(1)氨基酸 (2)空间结构 (3) 温度和时间 不同时间下蒸煮损失率均较（其他温度）低 (4)90℃蒸煮6min，理由是鱼肉口感较好且汁液流失最少 题型4：核酸 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C C B D C C C D B 题号 11 12 13 14 15 答案 BCD ACD CD ABC BCD 题型5：生物大分子以碳链为骨架 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A D B A D D C C D C 题号 11 12 13 14 15 答案 CD ABD BCD ABD BCD 题型6：检测生物组织中的糖类、脂肪和蛋白质 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D B B D A C C B B 题号 11 12 13 14 15 答案 BCD AB ACD ABC AB 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！1 1 / 1 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 专题04 细胞的物质基础 题型1：细胞中的无机盐 1．植物在冬季来临过程中，随着气温的逐渐降低，植物体内发生了一系列适应低温的生理生化变化。图一为冬小麦在不同时期含水量变化关系图，图二为种子萌发过程中胚的鲜重变化。下列叙述错误的是（     ） A．自由水相对含量下降有利于避免低温时细胞内结冰 B．氢键使水具有较高的比热容，水温相对不易改变 C．不休眠种子结合水与自由水的比值较休眠种子的低 D．随萌发时间的延长，大豆种子中的有机物种类降低 【答案】D 【详解】A、自由水相对含量下降，有利于避免低温时细胞内结冰，引起植物细胞损伤，A正确； B、水分子间氢键多，水比热容大，温度不易剧烈变化，利于植物抵御温度波动，B正确； C、氢键的存在使水具有较高的比热容，进而使水的温度相对稳定，相对不容易发生改变，C正确； D、种子萌发时大分子有机物水解，有机物种类增多，并非降低，D错误。 2．下列不属于水在植物生命活动中作用的是（    ） A．物质运输的良好介质 B．提供化学反应的能量 C．溶解营养物质及代谢产物 D．缓和植物温度变化 【答案】B 【详解】A、植物体内的自由水是物质运输的良好介质，矿质离子、有机物等物质都需要溶解在水中才能被运输，A正确； B、水属于无机物，不含可被细胞利用的化学能，无法为化学反应提供能量，糖类、ATP等物质才是生命活动的能源物质，B错误； C、自由水是细胞内良好的溶剂，可溶解营养物质以及代谢产物，是其作为溶剂的功能体现，C正确； D、水分子间存在氢键，使水的比热容较高，温度不易发生剧烈变化，能缓和植物的温度变化，避免温度骤变损伤植物结构，D正确。 3．下列关于水和无机盐的叙述，错误的是（    ） A．细胞中的大多数无机盐以离子的形式存在 B．水有较高的比热容，其温度相对容易发生改变 C．细胞内结合水主要与蛋白质、多糖等物质结合 D．细胞中无机盐离子有维持细胞酸碱平衡的作用 【答案】B 【详解】A、细胞中的无机盐大多数以离子的形式存在，少数以化合物的形式存在，A正确； B、水有较高的比热容，吸收或释放相同热量时温度变化幅度小，温度相对不容易发生改变，有利于维持细胞和生物体的温度稳定，B错误； C、细胞内的结合水主要和蛋白质、多糖等亲水性物质结合，是细胞结构的重要组成成分，C正确； D、细胞中部分无机盐离子（如HCO3- 、HPO42-等）可以调节细胞pH，具有维持细胞酸碱平衡的作用，D正确。 4．无花果是一种开花植物，主要生长于热带和温带，是世界上最古老的栽培果树之一、无花果中含有苹果酸、柠檬酸、脂肪酶等，具有促进排便、增强消化功能、保护心血管等功效。下列叙述错误的是（    ） A．不同生物组织的细胞中各种化合物的含量有差别 B．新鲜无花果细胞中无机物的含量大于有机物 C．无花果中含有丰富的微量元素，如锰、锌、钙等 D．无花果细胞和人体细胞中元素的种类大致相同 【答案】C 【详解】A、不同生物组织的细胞功能存在差异，因此细胞中各种化合物的含量有差别，如脂肪细胞中脂肪含量远高于其他细胞，A正确； B、新鲜无花果细胞为鲜重状态，细胞中含量最高的化合物是水（属于无机物），因此无机物的含量大于有机物，B正确； C、组成细胞的元素中，钙属于大量元素，锰、锌属于微量元素，C错误； D、不同生物的细胞在元素组成上具有统一性，即元素种类大致相同，含量差异较大，因此无花果细胞和人体细胞中元素的种类大致相同，D正确。 5．下图为对刚收获的种子所做的一系列处理，据图分析有关说法正确的是（　　） A．④和⑤分别是结合水、自由水，①和②均能够萌发形成幼苗 B．点燃后产生的CO2中的C可来自种子中的糖类、脂肪、蛋白质等有机物 C．图中的③为生物体的生命活动提供能量 D．刚收获的种子含④/⑤的比例小，代谢旺盛，不利于储存 【答案】B 【详解】A、据图示可知，①为种子晒干的过程，②为种子烘干的过程，③为种子燃烧后剩下的灰分，即无机盐，④为自由水，⑤为结合水。②为种子烘干的过程，细胞结构被破坏，故②不能够萌发形成幼苗，A错误； B、种子中的糖类、脂肪、蛋白质等有机物都含C元素，点燃时有机物氧化分解，产生的CO2中的C可来自这些有机物，B正确； C、③为无机盐，不能为生物体的生命活动提供能量，C错误； D、刚收获的种子中自由水（④）比例大，结合水（⑤）比例小，即④/⑤的比例大，代谢旺盛，不利于储存，D错误。 6．无机盐是细胞生命活动的重要基础。下列叙述正确的是（    ） A．微量元素Mg以Mg2+的形式组成叶绿素分子协助植物进行光合作用 B．微量元素Fe以Fe2+的形式参与血红蛋白的修饰，提升血红蛋白搭载O2分子的能力 C．大量元素Ca以Ca2+的形式参与调节人体细胞的兴奋性 D．大量元素K以K+的形式抑制动物抽搐症状的出现 【答案】C 【详解】A、Mg属于大量元素，以Mg2+形式构成叶绿素分子，参与光合作用，A错误； B、Fe是微量元素，以Fe2+的形式参与血红蛋白的组成，而不是“修饰”，血红蛋白的功能是运输O2，B错误； C、Ca是大量元素，Ca2+可以参与调节人体细胞的兴奋性，血钙浓度过低会导致肌肉抽搐，C正确； D、K是大量元素，K+主要参与维持细胞内液渗透压和神经肌肉的兴奋性，动物出现抽搐症状是因为血钙过低，与K+无关，D错误。 故选C。 7．下列关于生物体和细胞中水和无机盐的叙述，正确的是（    ） A．水不参与血浆正常浓度的维持 B．水分子间的氢键不利于调节体温 C．缺Mg2+导致植物叶绿素合成减少 D．细胞中的无机盐多数以化合物形式存在 【答案】C 【详解】A、水是血浆的主要成分，通过维持渗透压参与血浆浓度的调节，A错误； B、水分子间氢键使其比热容大，能吸收/释放较多热量，有利于维持体温稳定，B错误； C、Mg²⁺是叶绿素分子的必需元素，缺乏时影响叶绿素合成，C正确； D、细胞中无机盐多数以离子形式存在（如Na⁺、K⁺），少数形成化合物，D错误。 故选C。 8．水和无机盐是构成细胞的重要成分，下列相关叙述正确的是（    ） A．心肌细胞内结合水的比例高于自由水是心肌坚韧的原因之一 B．细胞内自由水占比越大，代谢越旺盛，抗逆性越强 C．缺铁会导致贫血，存在于人体血红蛋白的R基上 D．人体内缺乏会引起神经、肌肉细胞的兴奋性降低 【答案】D 【详解】A、心肌细胞内的自由水比例仍然高于结合水，结合水比例较高只是心肌坚韧的原因之一，但整体上自由水还是占多数，A错误； B、细胞内自由水占比越大，代谢越旺盛，但抗逆性会减弱，B错误； C、铁离子（）是血红蛋白中血红素辅基的组成部分，并非存在于氨基酸的R基上，C错误； D、参与维持细胞外液渗透压和神经肌肉的兴奋性，缺乏时会导致兴奋性降低，D正确。 故选D。 9．当前正值冬季草莓上市旺季，多地开展“享受‘莓’好时光”草莓采摘活动，相关叙述正确的是（    ） A．占草莓细胞鲜重比例最大的元素和化合物分别是C和糖类 B．大棚种植草莓需要适时施加含Fe、Mg等微量元素的肥料 C．气温骤降，可导致草莓细胞中结合水结冰从而发生冻害 D．草莓从外界吸收的磷酸盐，可用于细胞内核酸的合成 【答案】D 【详解】A、占细胞鲜重比例最大的元素是氧（O），化合物是水（水在鲜重中占比约60%-90%），而非碳（C）和糖类（糖类在鲜重中占比远低于水），A错误； B、铁（Fe）是微量元素，但镁（Mg）是大量元素（叶绿素合成必需），且草莓生长需大量元素肥料（如N、P、K），B错误； C、结合水与细胞内亲水性物质结合，不易结冰；气温骤降时，自由水结冰导致细胞结构破坏引发冻害，而非结合水结冰，C错误； D、核酸（DNA和RNA）的组成元素包括C、H、O、N、P，磷酸盐（含磷无机盐）是合成核酸中磷酸基团的原料，草莓吸收后可参与核酸合成，D正确。 故选D。 10．关于细胞中无机盐的叙述，错误的是（　　） A．主要以离子形式存在 B．维持细胞渗透压平衡 C．为细胞生命活动提供能量 D．组成某些复杂的化合物 【答案】C 【详解】A、无机盐在细胞中主要以离子形式存在，如Na+、K+、Ca2+等，参与调节细胞代谢活动，A正确； B、无机盐离子（如Na+、Cl-）可维持细胞内外渗透压平衡，保障细胞正常形态和功能，B正确； C、无机盐不能作为能源物质被氧化分解，细胞生命活动的能量由糖类、脂肪等有机物提供，C错误； D、某些无机盐是复杂化合物的组成成分，如Fe2+参与血红蛋白合成，Mg2+参与叶绿素构成，D正确。 故选C。 11．植物利用硝酸盐需要硝酸还原酶，缺Mn2+的植物无法利用硝酸盐。据此，对Mn2+的作用，正确的推测是（    ） A．Mn2+是硝酸还原酶的活化剂 B．对维持细胞的酸碱平衡有重要作用 C．对调节细胞的渗透压有重要作用 D．对维持细胞的形态有重要作用 【答案】A 【详解】A、Mn²⁺作为硝酸还原酶的活化剂，能够激活该酶的活性，促进硝酸盐还原反应。题干中缺Mn²⁺导致无法利用硝酸盐，直接支持这一推测，A正确； B、维持细胞酸碱平衡主要依赖缓冲系统（如碳酸氢盐系统）和离子（如H⁺、HCO₃⁻），Mn²⁺作为微量元素，浓度低，不直接参与酸碱平衡调节，B错误； C、调节细胞渗透压主要依赖大量元素离子（如K⁺、Na⁺、Cl⁻），Mn²⁺是微量元素，对渗透压影响较小，C错误； D、维持细胞形态主要与细胞骨架、细胞壁结构及离子（如Ca²⁺）相关，Mn²⁺的作用不在此，D错误。 故选A。 12．《诗经》中的“蒹葭苍苍，白露为霜”描绘了秋日景象。秋季天气逐渐变冷，植物细胞内的水分状态发生的变化主要是（    ） A．部分自由水转化为结合水 B．部分结合水转化为自由水 C．自由水全部蒸发 D．结合水全部结冰 【答案】A 【详解】A、在低温条件下，植物细胞为增强抗寒性，部分自由水会转化为结合水，因为结合水不易结冰，能维持细胞结构稳定并减少冰晶损伤，A正确； B、部分结合水转化为自由水会增加自由水比例，导致细胞代谢活动增强，但易引发结冰，不利于抗寒，不符合题意，B错误； C、自由水全部蒸发意味着细胞严重失水，可能引起细胞死亡，C错误； D、结合水全部结冰会破坏细胞膜和蛋白质结构，导致细胞死亡，D错误； 故选A。 13．无机盐是细胞内含量很少的无机物，仅占细胞鲜重的。下列关于细胞中无机盐的叙述，错误的是（　　） A．细胞中的无机盐大多数以离子形式存在 B．严重腹泻的病人脱水时应及时补充淡盐水 C．哺乳动物血液中钙离子含量过低会出现抽搐的症状 D．人体内钠离子缺乏会引起神经细胞过度兴奋 【答案】D 【详解】A、细胞中的无机盐大多数以离子形式存在，如Na+、K+、Ca2+等，参与细胞内的渗透压调节和酶活性维持，A正确； B、严重腹泻时，病人会丢失大量水分和无机盐（尤其是钠离子），导致脱水和水盐平衡失调，补充淡盐水可同时补充水分和电解质，维持渗透压稳定，B正确； C、哺乳动物血液中钙离子含量过低时，会降低神经肌肉的兴奋阈值，导致肌肉抽搐（痉挛），这是钙离子参与神经冲动传递和肌肉收缩的典型实例，C正确； D、钠离子在神经细胞动作电位产生中起关键作用，钠离子内流引发去极化。钠离子缺乏时，神经细胞的兴奋性会降低，可能导致神经冲动传导障碍或抑制（如低钠血症症状为乏力、精神萎靡），而非过度兴奋；过度兴奋通常与钙离子缺乏或钾离子失衡有关，D错误。 故选D。 14．无花果是一种开花植物，主要生长于热带和温带，是世界上最古老的栽培果树之一。无花果中含有苹果酸、柠檬酸、脂肪酶等，具有促进排便、增强消化功能、保护心血管等功效。下列叙述错误的是（　　） A．新鲜无花果细胞中无机物的含量大于有机物 B．不同生物组织的细胞中各种化合物的含量有差别 C．无花果中含有丰富的微量元素，如铁、锰、锌、钙等 D．无花果细胞和人体细胞中元素的种类大致相同 【答案】C 【详解】A、新鲜无花果细胞中，水（无机物）占细胞鲜重的比例通常为80%-90%，远高于糖类、蛋白质、脂质等有机物的含量，因此无机物含量大于有机物，A正确； B、不同生物组织的细胞因功能差异，化合物含量存在显著差别，如叶肉细胞富含叶绿体（含叶绿素），而脂肪细胞则富含脂质，B正确； C、无花果中含有的铁、锰、锌属于微量元素，但钙是大量元素（在生物体内含量较多，如构成骨骼和牙齿），并非微量元素，C错误； D、无花果细胞（植物细胞）和人体细胞（动物细胞）均由C、H、O、N等基本元素组成，元素种类在生物界具有统一性，大致相同，D正确。 故选C。 15．下列关于细胞中无机物的叙述错误的是（　　） A．人体缺Fe会患贫血症，说明无机盐对维持细胞的酸碱平衡非常重要 B．种子贮藏前，晒干是为了减少自由水的含量 C．植物体内水分具有参与营养物质和代谢废物运输的功能 D．细胞中大多数无机盐以离子的形式存在 【答案】A 【详解】A、Fe是合成人体血红蛋白不可缺少的成分，人体缺Fe会患贫血症，说明无机盐是细胞中有机物的重要组成成分，A错误； B、自由水可以自由流动，自由水含量多的细胞，其代谢活跃，种子贮藏前，晒干是为了减少自由水的含量，降低细胞的代谢速率，B正确； C、植物体内的自由水是可以自由流动的水，具有参与营养物质和代谢废物运输的功能，C正确； D、细胞中大多数无机盐以离子的形式存在，少数以化合物的形式存在，D正确。 故选A。 16．如图1是细胞中化合物含量的扇形图，图2是活细胞中元素含量的柱形图，下列说法正确的是（　　） A．若图1表示细胞鲜重，则A、B依次是水、蛋白质 B．地壳与活细胞中含量最多的元素都是a，因此a是最基本的化学元素 C．活细胞中，数量最多的元素是图2中的c D．若图2表示组成人体细胞的元素含量，则a、b、c依次是O、C、H 【答案】ACD 【详解】A、细胞鲜重中含量最多的化合物是水，其次是蛋白质，则A、B化合物依次是H2O和蛋白质，A正确； B、地壳与活细胞中含量最多的元素都是a氧元素，但是碳元素是最基本元素，B错误； C、活细胞中，数量最多的元素是H，对应图2中的c，C正确； D、人体细胞中含量最多的元素是O，其次是C、H，因此图2表示组成人体细胞的元素含量，则a、b、c依次是O、C、H，D正确。 故选ACD。 17．为探究无机盐对植物生长的影响，研究人员用水培法培养甜瓜幼苗，每天培养液中K+和Mg2+初始状态均为500mg·L-1，定时测定K+和Mg2+的剩余量，结果如图所示。下列说法正确的是（    ） A．K和Mg都是植物生存所必需的微量元素 B．Mg在甜瓜幼苗中主要以离子形式存在 C．甜瓜幼苗对K+的吸收量小于对Mg2+的吸收量 D．在坐果前期，甜瓜植株对K+和Mg2+的需求量最大 【答案】BD 【分析】由图可知，在甜瓜生长发育的不同时期对镁离子和钾离子的需求量不同。 【详解】A、K和Mg都是大量元素，A错误； B、无机盐在细胞中主要以离子形式存在，Mg在甜瓜幼苗中主要以离子形式存在，B正确； C、每天培养液中K+和Mg2+初始状态均为500mg·L-1，同一时期培养液中钾离子的剩余量小于镁离子，说明甜瓜幼苗对钾离子的吸收量大于镁离子，C错误； D、在坐果前期，培养液中钾离子和镁离子的剩余量最小，说明此时甜瓜植株对K+和Mg2+的需求量最大，D正确。 故选BD。 18．2024年11月28日，在有“死亡之海”之称的塔克拉玛干沙漠，全长3046公里的沙漠边缘绿色阻沙防护带成功“锁边合龙”，防护带上种植了胡杨、红柳等固沙苗木。下列有关叙述错误的是（　　） A．防护带上所有的红柳构成了一个种群 B．防护带中的胡杨、红柳等植物及沙漠中的动物、微生物共同构成了一个生态系统 C．胡杨和红柳细胞内结合水比例相对较高，利于在干旱环境中保持细胞形态和生理功能 D．红柳细胞中无机盐大多以化合物形式存在，如PO43-参与构成了核酸、磷脂等 【答案】BD 【分析】种群指一定区域内同种生物的所有个体。生态系统由生物群落（生产者、消费者、分解者）和非生物环境共同组成。细胞中的无机盐大多以离子形式存在。 【详解】A、种群指一定区域内同种生物的所有个体。防护带上所有红柳属于同一物种的全部个体，构成一个种群，A正确； B、生态系统由生物群落（生产者、消费者、分解者）和非生物环境共同组成。选项B仅描述了生物部分，未包含非生物环境（如阳光、水、土壤等），因此不能构成生态系统，B错误； C、结合水是细胞结构的重要成分，干旱环境中，胡杨和红柳细胞内结合水比例较高，利于在干旱环境中保持细胞形态和生理功能，C正确； D、细胞中的无机盐大多以离子形式存在（如K+、Na+），而非化合物形式。虽然PO43-参与构成核酸、磷脂等，但选项D中“大多以化合物形式存在”的表述错误，D错误。 故选BD。 19．为验证锌元素是植物生长的必需元素，某同学将大豆幼苗放在相应的完全培养液中培养，一段时间后观察发现，与对照组相比，缺锌组的大豆幼苗出现了生长迟缓、叶片变小等现象。下列有关该实验的说法，正确的是（    ） A．实验的自变量是锌元素的有无 B．对照组应使用含锌的完全培养液 C．实验中可以用其他植物代替大豆幼苗 D．实验证明了锌是植物生长的大量元素 【答案】ABC 【分析】细胞中的无机盐主要以离子的形式存在，有些无机盐是某些复杂化合物的组成成分，如Mg是叶绿素的组成成分，Fe是血红蛋白的组成成分；许多无机盐对于维持细胞和生物体的生命活动具有重要作用，如果某些无机盐缺乏会患相应的疾病，有的无机盐对于维持食品级和渗透压具有重要作用。 【详解】A、该实验是为了验证锌元素是植物生长的必需元素，所以实验的自变量就是锌元素的有无，A正确； B、为了验证锌元素的作用，对照组应使用含锌的完全培养液，实验组使用缺锌的完全培养液，这样才能形成对照，观察缺锌对大豆幼苗生长的影响，B正确； C、实验中可以用其他植物代替大豆幼苗，只要这种植物在缺锌时能表现出明显的生长异常等现象，就可以用于该实验来验证锌元素是植物生长的必需元素，C正确； D、大量元素包括C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg等，锌是微量元素，不是大量元素，D错误。 故选ABC。 20．为探究干旱胁迫对不同种源赤皮青冈幼苗叶片自由水和结合水含量的变化，某科研小组开展了相关研究，结果如表（CK：对照组；T1：轻度干旱胁迫；T2：中度干旱胁迫；T3：重度干旱胁迫）。下列说法正确的是（　　） 地区 指标 CK T1 T2 T3 浙江庆元 自由水含量 47.94 48.38 40.61 30.15 结合水含量 25.60 28.47 30.63 38.97 自由水/结合水 1.87 1.70 1.33 0.77 湖南洞口 自由水含量 51.61 49.79 39.17 31.08 结合水含量 19.75 24.26 26.23 32.43 自由水/结合水 2.61 2.05 1.49 0.96 A．随干旱胁迫加剧，叶片中的部分水分失去流动性和溶解性 B．随干旱胁迫加剧，叶片中自由水含量均下降 C．随干旱胁迫加剧，叶片中细胞代谢均逐渐减弱 D．随干旱胁迫加剧，幼苗对低温的适应能力可能逐渐增强 【答案】ACD 【分析】结合水和自由水是细胞中水的两种存在形式，二者能够相互转化。在正常情况下，细胞内自由水所占的比例越大，细胞的代谢就越旺盛；而结合水越多，细胞抵抗干旱和寒冷等不良环境的能力就越强。 【详解】A、由表中信息可知：随干旱胁迫加剧，结合水含量呈上升趋势，因此可推测，叶片中的部分水分失去流动性和溶解性，A正确； B、由表中信息可知：在浙江庆元，在轻度干旱胁迫处理下，自由水含量高于对照组，说明随干旱胁迫加剧，叶片中自由水含量并不是都呈现下降趋势，B错误； C、在正常情况下，细胞内自由水所占的比例越大，细胞的代谢就越旺盛，随干旱胁迫加剧，自由水/结合水比值呈下降趋势，说明自由水含量减少，故叶片中细胞代谢均逐渐减弱，C正确； D、结合水的含量与植物的抗逆性有关，随干旱胁迫加剧，自由水/结合水比值呈下降趋势，说明结合水含量相对增加，故幼苗对低温的适应能力可能逐渐增强，D正确。 故选ACD。 题型2：细胞中的糖类和脂质 1．《“健康中国2030”规划纲要》提出要强化慢性病筛查和早期发现。高甘油三酯血症是常见的代谢性慢性病，与心血管疾病风险密切相关。下列叙述正确的是（    ） A．甘油三酯是由三分子甘油和一分子脂肪酸脱水缩合形成 B．蔗糖和甘油三酯共有元素为C、H、O，均属于生物大分子 C．人体内甘油三酯分布在内脏器官周围，有缓冲和减压作用 D．糖类摄入不足时，甘油三酯可分解供能，并大量转化为糖类 【答案】C 【详解】A、甘油三酯（脂肪）的化学组成是由一分子甘油和三分子脂肪酸通过脱水缩合形成的，A错误； B、蔗糖（二糖）和甘油三酯（脂肪）的组成元素均为C、H、O，蔗糖属于二糖，甘油三酯属于脂质，二者均不属于生物大分子，B错误； C、人体内的甘油三酯主要分布在内脏器官周围、皮下组织等部位，其重要功能之一是缓冲外界压力、保护内脏器官，C正确； D、当糖类摄入不足时，甘油三酯可分解供能，但脂肪转化为糖类的过程是有限的，不能大量转化，D错误。 2．植物的生长发育和产量在很大程度上取决于种子的质量。图甲表示小麦种子形成、成熟过程中种子中主要物质的变化，图乙表示小麦种子萌发过程中各种糖类含量的变化。下列相关叙述正确的是（　　） A．小麦种子成熟过程中，结合水与自由水的比值逐渐减小，抗逆性增强 B．小麦种子成熟后主要的储能物质是蛋白质，萌发时淀粉水解为还原糖 C．小麦种子萌发12h后还原糖增加，主要原因是淀粉水解产生了还原糖 D．相同干重的小麦种子和花生种子相比，小麦种子中脂肪含量更高 【答案】C 【详解】A、种子成熟过程中，结合水比例上升，自由水比例下降，因此结合水/自由水的比值增大，抗逆性增强，A错误； B、小麦种子成熟后主要的储能物质是淀粉，不是蛋白质，B错误； C、由图乙可知，萌发12h后还原糖增加，主要原因是淀粉（和少量蔗糖）被水解为还原糖，C正确； D、花生种子中脂肪含量更高，脂肪的氢含量高，氧化分解时释放能量更多，因此相同干重下花生种子能提供更多能量，D错误。 3．肥胖问题是全球热议的话题，有研究预测超重、肥胖率将从2020年的38%迅速增加到2035年的51%。下列叙述错误的是（    ） A．淀粉和脂肪组成元素相同，但淀粉比脂肪氧的含量高 B．纤维素不是植物细胞的能源物质 C．细胞膜表面的脂肪含量少于磷脂 D．脂肪一般只在糖类供能不足时，才会分解供能 【答案】C 【详解】A、淀粉和脂肪组成元素相同，均为C、H、O、但淀粉比脂肪氧的含量高，A正确； B、纤维素是植物细胞壁的主要组成成分，属于结构物质，不能作为植物细胞的能源物质，B正确； C、细胞膜的脂质成分以磷脂为主，动物细胞膜还含有少量胆固醇，细胞膜中不含脂肪，不存在脂肪含量少于磷脂的说法，C错误； D、糖类是细胞的主要能源物质，脂肪是细胞良好的储能物质，一般只有在糖类供能不足时，脂肪才会分解供能，D正确。 4．体重管理需合理控制饮食。关于人体对糖类和脂质的摄入与代谢，下列叙述正确的是（    ） A．大多数糖类可直接转化为脂肪储存，因此需严格杜绝淀粉类主食的摄入 B．脂肪是细胞内良好的储能物质，其氧化分解释放的能量远多于等质量的糖类 C．胆固醇会引发血管硬化，在体重管理中应完全避免摄入含胆固醇的食物 D．糖原和脂肪均可在人体肝脏细胞中大量储存，成为体重增加的主要原因 【答案】B 【详解】A、糖类是人体生命活动主要的能源物质，淀粉类主食经消化吸收后可为人体供能，仅当糖类摄入过剩时才会大量转化为脂肪储存，因此可控制摄入量但不能严格杜绝，A错误； B、脂肪的氢含量远高于糖类、氧含量低于糖类，等质量的脂肪氧化分解释放的能量约为糖类的2倍，是细胞内良好的储能物质，B正确； C、胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，还可参与人体血液中脂质的运输，日常应控制高胆固醇食物的摄入，而非完全避免，C错误； D、肝脏细胞中肝糖原的储存量非常有限，人体体重增加的主要原因是脂肪的大量储存，而非糖原大量积累，D错误。 故选B。 5．下图表示糖类的化学组成和种类，下列相关叙述正确的是（    ） A．①、②、③依次代表单糖、二糖、多糖，它们均可继续水解 B．①、②均是可被细胞直接吸收利用的小分子物质 C．④、⑤分别为纤维素、肌糖原，二者均储存能量，可作为储能物质 D．①→②→③过程均有水产生 【答案】D 【详解】A、①、②、③依次代表单糖、二糖、多糖，单糖不可继续水解，A错误； B、①是单糖，其中葡萄糖可以被直接吸收利用，②二糖不能被细胞直接吸收，B错误； C、④、⑤分别为纤维素、肌糖原，其中肌糖原可作为储能物质，纤维素是构成植物细胞壁的结构物质，不是储能物质，C错误； D、单糖形成二糖，二糖形成多糖的过程都是脱水缩合，均有水产生，D正确。 故选D。 6．糖类与脂质的代谢及功能，正确的是（　　） A．所有糖类均可为细胞供能，是主要能源物质 B．植物二糖蔗糖、麦芽糖，动物二糖乳糖，水解产物均含葡萄糖 C．脂质中氧含量高于糖类，氢含量低，氧化分解释放能量少 D．胆固醇仅构成动物细胞膜，不参与其他代谢过程 【答案】B 【详解】A、并非所有糖类都可为细胞供能，如纤维素是植物细胞壁的组成成分，核糖、脱氧核糖是核酸的组成成分，三者均不能作为能源物质供能，A错误； B、蔗糖水解产物为葡萄糖和果糖，麦芽糖水解产物为两分子葡萄糖，乳糖水解产物为葡萄糖和半乳糖，三类二糖的水解产物均含有葡萄糖，B正确； C、脂质和糖类相比，氧含量低于糖类，氢含量更高，氧化分解时耗氧量更多，释放的能量更多，C错误； D、胆固醇除了是构成动物细胞膜的重要成分外，还参与人体血液中脂质的运输，并非不参与其他代谢过程，D错误。 故选B。 7．在纤维素形成过程中, 细胞膜上的纤维素合酶复合体将活化的葡萄糖分子连接起来, 形成线性的葡聚糖链。葡聚糖链经过多次聚合形成结晶微纤维, 之后进一步聚合形成细胞壁的基础骨架。下列说法错误的是（　　） A．纤维素是构成植物细胞壁的一种多糖，不溶于水 B．纤维素的合成场所是细胞膜 C．纤维素的水解产物能与斐林试剂发生颜色反应 D．纤维素被称为人类的“第七类营养素”，一次性摄入大量的纤维素会使血糖升高 【答案】D 【详解】A、纤维素是植物细胞壁的主要成分，属于多糖，其结构稳定，不溶于水，A正确； B、题干明确提到纤维素合酶复合体位于细胞膜上，催化葡萄糖合成纤维素，故合成场所是细胞膜，B正确； C、纤维素水解产物为葡萄糖，葡萄糖是还原糖，可与斐林试剂在水浴加热下生成砖红色沉淀，C正确； D、纤维素虽被称为“第七类营养素”（指膳食纤维），但人体缺乏分解纤维素的酶（纤维素酶），无法将其水解为葡萄糖，故摄入纤维素不会导致血糖升高，D错误。 故选D。 8．糖类和脂质都在细胞生命活动中发挥重要作用，下列叙述正确的是（    ） A．几丁质是一种含多种微量元素的多糖，可用作食品添加剂 B．脂质分子中氧的含量远远低于糖类，而氢的含量高于糖类 C．脂肪与糖类元素组成基本相同，故二者可大量相互转化 D．植物脂肪大多含有饱和脂肪酸，熔点较低，不容易凝固 【答案】B 【详解】A、几丁质是一种含C、H、O、N的多糖，但都是大量元素而非微量元素，A 错误； B、脂质分子中氧的含量远远低于糖类，而氢的含量高于糖类，这也是脂肪作为储能物质时氧化分解释放能量更多的原因，B 正确； C：脂肪与糖类的元素组成（C、H、O）基本相同，但二者不能大量相互转化。糖类可以大量转化为脂肪，但脂肪只能在糖类供能不足时少量转化为糖类，C 错误； D：植物脂肪大多含有不饱和脂肪酸，熔点较低，不容易凝固；动物脂肪则多含饱和脂肪酸，熔点较高，容易凝固，D 错误。 故选B。 9．随着健康生活理念的普及，“控糖减脂”成为大众关注的焦点。下列叙述正确的是（　　） A．日常饮食中适量摄入纤维素，能促进肠道蠕动，有利于肠道健康 B．只吃米饭和馒头等主食，可以起到良好的“控糖”效果 C．控制体重期间需控制脂肪（如参与人体血液中脂质运输的胆固醇）的摄入 D．人体细胞中过多的脂肪可以大量转化为糖类，达到控制体重的效果 【答案】A 【详解】A、纤维素属于多糖，虽不能被人体消化吸收，但能促进肠道蠕动，有助于维持肠道健康，A正确； B、米饭和馒头富含淀粉（多糖），摄入后会被分解为葡萄糖，导致血糖升高，B错误； C、胆固醇是脂质的一种，参与血液中脂质运输，但不属于脂肪，C错误； D、糖类可大量转化为脂肪，但脂肪转化为糖类的过程受限，故脂肪不能大量转化为糖类，D错误。 故选A。 10．下列关于脂质的叙述错误的是（　　） A．胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输 B．磷脂是构成细胞膜的重要成分，也是构成多种细胞器膜的重要成分 C．维生素D是构成骨骼的重要成分，缺乏维生素D会影响骨骼的发育 D．脂肪是由三分子脂肪酸与一分子甘油发生反应而形成的酯 【答案】C 【详解】A、胆固醇属于固醇类物质，是动物细胞膜的重要组成成分，同时参与血液中脂质的运输，A正确； B、磷脂是构成生物膜系统的主要成分，包括细胞膜和细胞器膜（如线粒体膜、内质网膜等），B正确； C、维生素D能促进肠道对钙和磷的吸收，从而促进骨骼发育，但其本身并非构成骨骼的成分（骨骼主要由钙盐如羟基磷酸钙构成），C错误； D、脂肪由一分子甘油和三分子脂肪酸通过脱水缩合形成酯键（甘油三酯），D正确。 故选C。 11．减肥一直是热门话题，生酮饮食是一种能快速减轻体重，尤其是减少体脂率的饮食方式。该方法采用低糖、适量蛋白质、高脂肪的饮食结构，目的是让身体通过“燃烧”储存的脂肪实现有效减肥，但长期使用生酮饮食模式减肥会出现营养不均衡、肝脏负担加重等问题，此方法需在专业医生指导下进行。下列相关叙述错误的是（    ） A．糖类是主要的能源物质，人体内的糖类都能为细胞的生命活动供能 B．动物脂肪大多由1分子甘油和3分子饱和脂肪酸反应形成，室温下一般呈固态 C．相同质量的糖类和脂肪彻底氧化分解时，糖类释放的能量少得多 D．生酮饮食减肥的原理可能是体内脂肪直接被消耗，低能量情况下不能转化为脂肪 【答案】A 【详解】A、糖类是主要的能源物质，但并非人体内所有糖类都能为细胞生命活动供能。例如，核糖、脱氧核糖是构成核酸的结构成分，不能供能，A错误； B、动物脂肪由1分子甘油和3分子饱和脂肪酸构成，因饱和脂肪酸熔点高，室温下呈固态（如猪油），B正确； C、相同质量的糖类和脂肪彻底氧化分解时，脂肪因 C、H 比例更高，释放的能量远多于糖类，因此糖类释放的能量少得多，C正确； D、生酮饮食采用低糖、高脂肪结构，使身体消耗储存的脂肪供能；同时，低糖环境下缺乏糖代谢中间产物，即使有能量剩余也难以转化为脂肪，D正确。 故选A。 12．蛋白R功能缺失与人血液低胆固醇水平相关。蛋白R是肝细胞膜上的受体，参与去唾液酸糖蛋白的胞吞和降解，从而调节胆固醇代谢。下列叙述错误的是（　　） A．胆固醇是构成所有生物膜的重要成分，在人体内参与血液中脂质的运输 B．去唾液酸糖蛋白的胞吞过程需要膜上蛋白质的参与，但不需要转运蛋白的参与 C．去唾液酸糖蛋白的降解发生在“消化车间”溶酶体中 D．开发药物通过抑制蛋白R的功能或合成来降低血液胆固醇含量 【答案】A 【详解】A、胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，A错误； B、胞吞过程需要膜上蛋白质（识别功能）的参与，但不需要转运蛋白的参与，B正确； C、溶酶体中含有多种水解酶，去唾液酸糖蛋白被胞吞后可以在溶酶体中被降解，C正确； D、题意可知，蛋白R功能缺失与人血液低胆固醇水平相关，所以抑制蛋白R功能或合成，可能导致血液中胆固醇水平降低，D正确。 故选A。 13．花生种子富含脂肪，种子萌发时，脂肪水解并转化为糖类，糖类等物质转运至胚轴，供胚生长和发育，花生种子中脂肪与糖类转化的过程如图所示。下列叙述错误的是（　　） A．X物质为脂肪酸，可形成双分子层成为膜结构的基本支架 B．相同质量下，花生种子储存能量比玉米种子更多 C．在植物细胞中，葡萄糖可以作为合成二糖和多糖的原料 D．苹果酸是花生种子中脂肪与糖类转化的中间物质 【答案】A 【分析】脂质包括脂肪、磷脂和固醇，脂肪是生物体内的储能物质。 【详解】A、脂肪由甘油和脂肪酸组成，图中X物质表示脂肪酸，但膜结构的基本支架为磷脂双分子层，A错误； B、相同质量下，花生种子脂肪的含量大于玉米种子，花生种子储存能量比玉米种子更多，B正确； C、在植物细胞中，葡萄糖可作为合成麦芽糖（二糖）、淀粉、纤维素（多糖）等的原料，C正确； D、由图可知，苹果酸是花生种子中脂肪与糖类转化的中间物质，D正确。 故选A。 14．生物体内的糖类绝大多数以多糖的形式存在。下列有关多糖的叙述，正确的是（    ） A．构成糖原、纤维素和几丁质等多糖的单体相同 B．淀粉是植物体的主要储能物质，当淀粉含量不足时纤维素可以分解供能 C．几丁质能与重金属离子结合，用于废水处理 D．蔬菜中的纤维素可被人体消化吸收，并为细胞生命活动提供能量 【答案】C 【详解】A、糖原和纤维素均由葡萄糖构成，而几丁质的单体是N-乙酰葡萄糖胺，三者单体不同，A错误； B、淀粉是植物主要储能物质，但纤维素是细胞壁结构成分，植物细胞缺乏相关酶无法分解自身纤维素供能，B错误； C、几丁质具有吸附功能，可与重金属离子结合，用于废水处理，C正确； D、人体无纤维素酶，无法消化纤维素，故不能吸收利用其供能，D错误。 故选C。 15．研究发现，较高水平的不饱和脂肪酸 Omega-3不仅能降低胆固醇，也有助于预防癌症。下列相关叙述中正确的是（　　） A．脂肪酸在人体内可以参与构成脂肪、磷脂和核苷酸 B．不饱和脂肪酸的碳链中含有双键 C．胆固醇是构成动植物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输 D．大多数动物脂肪富含不饱和脂肪酸，熔点较高，容易凝固 【答案】B 【详解】A、脂肪酸是脂肪和磷脂的组成成分，但核苷酸由五碳糖、磷酸和含氮碱基构成，不含脂肪酸，A错误； B、不饱和脂肪酸的结构特征是其碳链中存在双键，B正确； C、植物细胞膜不含胆固醇，C错误； D、动物脂肪通常富含饱和脂肪酸，熔点高且易凝固，而不饱和脂肪酸多存在于植物脂肪中，D错误。 故选B。 16．棕熊在冬季来临前会大量进食浆果类食物，体重增加迅速，一般可达400 kg，其脂肪层可厚达15 cm，每年的10月到翌年5月这段漫长的时间里，它主要靠脂肪供能，以度过寒冷的冬天。下列叙述错误的是（    ） A．冬季棕熊体重的增加是糖类大量积累的结果 B．脂肪分子储能效率高的主要原因是其中氧元素的含量较高 C．每年的10月到翌年5月，脂肪分解为甘油和脂肪酸的过程为棕熊的生命活动提供了大量能量 D．通过制作脂肪层切片，经苏丹Ⅲ染色，在光镜下可看到脂肪颗粒 【答案】ABC 【详解】A、糖类是重要能源物质，脂肪是储存能量的物质，糖类摄取过多会转化成脂肪。所以，入冬前棕熊摄入食物中的糖类会大量转化为脂肪储存在棕熊身体中，A错误； B、脂肪分子中的碳、氢比例较糖中含量高，而氧含量少，B错误； C、脂肪由甘油和脂肪酸组成，冬天长期不进食时，脂肪分解为甘油和脂肪酸进一步氧化分解为生命活动供能，C错误； D、通过制作脂肪层切片，经苏丹Ⅲ染色，在光镜下可看到被染成橘黄色的脂肪颗粒，据此可以鉴定脂肪的存在，D正确。 17．脂质是生物体中重要的有机物，某同学按功能对脂质进行了分类。下列对①～⑥处内容的补充，正确的是（    ） 功能分类 化学本质 组成元素 主要功能 储能脂类 脂肪 C、H、O ③ 结构脂类 磷脂 ① 生物膜的重要成分 调节脂类 ② 胆固醇 C、H、O 构成动物细胞膜的重要成分；④ 性激素 ⑤；激发并维持第二性征 ⑥ ⑦ A．①为C、H、O、P，甚至含N B．③为保温、缓冲和减压，可直接为细胞生命活动供能，是重要的能源物质 C．④为参与人体血液中糖类的运输；⑤为促进人和动物生殖细胞的形成和生殖器官的发育 D．⑥为维生素D，⑦为有效促进人和动物肠道对钙、磷的吸收 【答案】AD 【详解】A、①为磷脂，磷脂的组成元素为C、H、O、P，甚至含N，A正确； B、脂肪具有保温、缓冲和减压的作用，是细胞内良好的储能物质；直接为细胞生命活动供能的物质是ATP，糖类是重要的能源物质，B错误； C、胆固醇可构成动物细胞膜的重要成分，在人体内参与血液中脂质的运输，C错误； D、⑥为维生素D，⑦为有效促进人和动物肠道对钙、磷的吸收，D正确。 18．油料种子萌发时，油脂（即脂肪）水解生成脂肪酸和甘油，然后在多种酶的催化下形成葡萄糖，最后转变成蔗糖，并转运至胚轴供给胚生长和发育利用（如图1所示）。某研究小组将种子置于温度、水分（蒸馏水）、通气等条件均适宜的黑暗环境中培养，定期检查萌发种子（含幼苗）的干重变化，结果如图2所示。下列分析正确的是（    ） A．油料种子中脂肪储存能量利于胚的生长和发育 B．油料种子中的脂肪酸长链中存在双键，熔点低，在室温时呈液态 C．动物细胞中脂肪转化与图1所示过程有不同，糖类供能不足时脂肪只能少量转化为糖类 D．种子萌发初期，脂肪转化为糖类导致干重增加，之后光合作用小于呼吸作用导致干重减少 【答案】ABC 【详解】A、大多数植物种子以贮藏脂肪为主，这是因为与糖类相比，相同质量的脂肪彻底氧化分解释放出的能量比糖类多，因此脂肪是更好的储能物质，油料种子中脂肪储存能量利于胚的生长和发育，A正确； B、油料种子中的脂肪酸长链中存在双键，属于不饱和脂肪酸，熔点低，在室温下呈液态，B正确； C、动物细胞中脂肪转化与图1所示过程有不同，糖类供能不足时脂肪只能少量转化为糖类，且只有在糖类转化出现障碍时才会出现上述转化过程，C正确； D、油料种子萌发初期，由于大量脂肪转变为蔗糖，从而导致干重增加，之后大量蔗糖用于细胞呼吸等作用，被分解为二氧化碳和水等代谢废物，导致干重减少，D错误。 故选ABC。 19．下图分别是油菜种子成熟和萌发过程中营养物质的含量变化示意图。下列说法正确的是（　　） A．该种子成熟过程中脂肪积累的原因可能是淀粉和可溶性糖转化成脂肪 B．该种子成熟过程中，脂肪逐渐增多，说明种子的细胞代谢逐渐增强 C．该种子萌发过程中干重先增加，脂肪转化为可溶性糖，主要增重的元素为O D．与富含淀粉的小麦种子相比，油菜种子播种时应浅播 【答案】ACD 【详解】A、根据左图可知，种子成熟过程中，可溶性糖含量降低，脂肪含量增加，说明可溶性糖可大量转变为脂肪，A正确； B、种子成熟过程中，脂肪逐渐增多，但不能说明种子的细胞代谢逐渐增强，B错误； C、由右图可知，种子萌发过程中，干重中葡萄糖的百分率逐渐增加，而脂肪的百分率逐渐减少，可推测该过程脂肪转变成可溶性糖；脂肪和可溶性糖所含有的元素都是C、H、O，但脂肪中O的含量远远少于糖类中O的含量，所以在脂肪转化为可溶性糖的过程中，需要增加O元素，C正确； D、油菜种子中脂肪含量比小麦种子中多，与糖相比，由于相同质量的脂肪中氢多氧少，萌发时消耗的氧更多，播种时应适当浅播，D正确。 故选ACD。 20．种子中储藏着大量淀粉、脂质和蛋白质，不同植物的种子中，这些有机物的含量差异很大。通常根据有机物的含量将种子分为淀粉种子、油料种子和豆类种子。下图是油料种子成熟和萌发过程中营养物质的含量变化示意图。以下说法错误的是（　　） A．在油料种子成熟与萌发过程中，糖类和脂肪是相互转化的 B．油料种子萌发初期，干重会先增加，导致种子干重增加的主要元素是C C．种子成熟后进入休眠状态，其中结合水含量下降 D．种子成熟和萌发过程中，脂肪酶的活性较高 【答案】BCD 【详解】A、分析图1可知，糖类（可溶性糖和淀粉）含量减少，脂肪含量增多，两者的含量变化相反，故糖类和脂肪是相互转化的，A正确； B、油料种子萌发初期，大量脂肪转变为葡萄糖和蔗糖，糖类的氧元素含量高于脂肪，所以脂肪转变为糖时，需要增加氧元素，干重会增加，即导致种子干重增加的主要元素是O，B错误； C、种子成熟后进入休眠状态，其中结合水含量上升，代谢过程变慢，C错误； D、根据图1可知，种子成熟时，脂肪水解酶的活性较低；图2显示种子萌发时，脂肪水解酶的活性较高，D错误。 故选BCD。 题型3：蛋白质 1．某链状多肽的分子式为C42H65N11O9，，彻底水解后只得到图示3种氨基酸。下列有关叙述错误的是（    ） A．甘氨酸是相对分子质量最小的一种氨基酸 B．此多肽中含有1个游离的羧基 C．肽链中赖氨酸有3个 D．图示3种氨基酸按足够的数量混合，在适宜的条件下脱去3个水分子形成的化合物最多有64种（不考虑环状肽） 【答案】D 【详解】A、甘氨酸的R基为-H，是相对分子质量最小的氨基酸，A正确； B、该多肽是1条链状多肽，三种氨基酸的R基都不含额外羧基，因此仅肽链末端有1个游离羧基，B正确； C、 设该多肽共有n个氨基酸，链状多肽中氧原子数 = 氨基酸总氧数 - 脱去水的氧数：每个氨基酸都含2个O，脱去n−1分子水，因此氧原子数=2n−(n−1)=n+1。结合分子式中O为9，得n=8，即该多肽为8肽， 再计算赖氨酸数量：设赖氨酸数为x，总N数为(8−x)×1+2x=11，解得x=3，C正确； D、脱去3个水分子形成链状化合物，说明该化合物是由4个氨基酸形成的四肽；三种氨基酸数量足够时，四肽最多的种类数为34=81种，不是64种，D错误。 2．由枯草芽孢杆菌分泌的生物表面活性剂——脂肽，作为高效环保材料已经在化妆品、洗涤工业等领域得到广泛应用，脂肽的结构示意图如图（其中一个谷氨酸分子含两个羧基）所示。相关叙述错误的是（　　） A．一分子脂肽由7个氨基酸参与构成 B．若脂肽中谷氨酸的位置改变，则脂肽的功能也可能会发生改变 C．脂肽中的氨基酸可通过脱水缩合形成肽键 D．脂肽属于环状肽，因此没有游离的氨基或羧基 【答案】D 【详解】A、从图中可以数出，该脂肽包含7个氨基酸（4个亮氨酸、2个谷氨酸、1个其他氨基酸），A正确； B、氨基酸的种类、数目、排列顺序会影响蛋白质（肽类）的空间结构和功能。若谷氨酸的位置改变，脂肽的结构会改变，功能也可能改变，B正确； C、脂肽中的氨基酸通过脱水缩合形成肽键，这是氨基酸形成肽链/环肽的基本方式，C正确； D、脂肽是环状肽，主链上没有游离的氨基和羧基，但题目说明一个谷氨酸分子含两个羧基，这意味着谷氨酸的R基中存在游离的羧基，所以脂肽仍有游离的羧基，D错误。 3．神经肽 Y 是由38 个氨基酸组成的一条多肽链，与动物的摄食行为和血压调节密切相关。下图是神经肽 Y 的部分氨基酸组成示意图（Leu、Ala、Thr、Val 为不同种类的氨基酸）和谷氨酸（Glu）的结构式，已知该肽链中共有5 个谷氨酸（Glu）。下列叙述错误的是（    ） 部分氨基酸序列：33： Leu — 34： Ala — 35： Glu — 36： Thr — 37： Val — 38： Glu A．谷氨酸（Glu）的 R 基为 —C₃H₅O₂ B．高温处理不会破坏连接 Leu 与 Ala 之间的肽键 C．若要去除神经肽 Y 第 35 位的谷氨酸，则水解时需要 2 分子水参与 D．该神经肽 Y 分子中含有 37 个肽键，至少含有5 个游离的羧基 【答案】D 【详解】A、由图中Glu的结构简式可知，除去氨基酸结构通式的–NH2、–COOH、–H，剩下的R基为−CH2−CH2−COOH，即–C3H5O2，A正确； B、Leu和Ala之间的化学键为肽键，高温可使蛋白质变性，破坏的是空间结构（如氢键等），不破坏肽键，B正确； C、要去除第35位的 Glu，需要水解其两侧的2个肽键：第 34位（Ala）与第35位（Glu）之间的肽键和第35位（Glu）与第36位（Thr）之间的肽键，水解1个肽键需要1分子水，因此共需要2分子水，C正确； D、神经肽Y由38个氨基酸组成1条肽链，肽键数=氨基酸数-肽链数=38-1=37个；肽链末端有1个游离羧基，每个Glu的R基中含1个羧基，该肽链有5个Glu，因此R基中共含5个游离羧基，总计至少1+5=6个游离羧基，D错误。 4．哺乳动物的催产素具有催产和排乳的作用，其结构简式如下图所示，各氨基酸残基用3个字母缩写表示。下列叙述错误的是（　　） A．催产素含9种氨基酸，7个肽键 B．图中—S—S—可能表示一个二硫键 C．组成催产素的不同氨基酸的R基不同 D．催产素至少含一个游离的氨基和羧基 【答案】A 【详解】A、观察催产素结构简式，其含有9个氨基酸，但其中有2个Cys，所以氨基酸种类是8种，肽键数=氨基酸数-肽链数，这里是一条链状结构，所以肽键数为9-1=8个，A错误； B、图中-S-S-是由两个巯基（-SH）脱氢形成的二硫键，B正确； C、氨基酸的不同就在于R基的不同，C正确； D、催产素是一条肽链，一条肽链至少含有一个游离的氨基和一个游离的羧基，D正确。 5．某三十九肽中含有4个丙氨酸(C3H7O2N)，现用水解的方法脱去全部的丙氨酸，得到4条长短不等的肽(如下图)，与原本的三十九肽相比，这4条肽链中相关结构的数量变化，判断正确的是（　　） A．肽键数目减少7个 B．游离的氨基数增加为4个 C．C原子数目减少11个 D．O原子数目不变 【答案】A 【详解】A、去掉第8位、第18位、第27位的丙氨酸时，各需要断开两个肽键，而去掉第39位丙氨酸，要断开1个肽键，因此形成的4条多肽与原三十九肽相比肽键数目共减少3×2+1=7个，A正确； B、该三十九肽去除4个丙氨酸后将导致7个肽键断裂，所得产物（4条短肽和4个丙氨酸）共增加7个氨基和7个羧基，而每个丙氨酸含有1个氨基和1个羧基，故形成的4条多肽与原三十九肽相比，氨基和羧基分别增加3个，B错误； C、水解掉的4个丙氨酸带走3×4=12个C原子，因此C原子数目减少12个，C错误； D、根据丙氨酸的位置可知去除4个丙氨酸后将导致7个肽键断裂，即水解需要7个水分子，产物增加7个O原子，同时脱去了4个丙氨酸（每个丙氨酸含有2个O原子），所以形成的4条多肽与原三十九肽相比，O原子数目减少1个，D错误。 故选A。 6．如图为氨基酸分子的结构通式，下列叙述正确的是（　　） A．只要有结构①和③的化合物就是氨基酸 B．结构④决定氨基酸的种类 C．组成人体蛋白质的氨基酸都能在人体内合成 D．生物体内n个氨基酸形成一条多肽链产生n个水分子 【答案】B 【详解】A、构成蛋白质的氨基酸至少都含有一个氨基（-NH2）和一个羧基（-COOH），并且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，仅具有结构①氨基和③羧基的化合物不一定是氨基酸，因为还需要满足氨基和羧基连接在同一个碳原子上这一条件，A错误； B、各种氨基酸之间的区别在于④R基的不同，所以结构④决定氨基酸的种类，B正确； C、组成人体蛋白质的氨基酸分为必需氨基酸和非必需氨基酸，其中必需氨基酸不能在人体内合成，必须从食物中获取，C错误； D、生物体内n个氨基酸形成一条多肽链时，产生的水分子数为n-1个，D错误。 故选B。 7．如图表示多肽链发生自剪接的过程，下列说法错误的是（    ） A．甲形成乙的过程有肽键的断裂和合成 B．内含肽中①处对应的化学基团是羧基 C．内含肽可与双缩脲试剂发生反应显紫色 D．甲中肽键数多于乙和内含肽中的肽键数之和 【答案】B 【详解】A、甲形成乙的过程中有内含肽的剪切过程，多肽之间通过氨基酸脱水缩合形成肽键而相连，因此甲形成乙的过程有肽键的断裂和合成，A正确； B、结合甲、乙图对比可知，甲图肽链最左端是氨基，因此内含肽①处为氨基，B错误； C、内含肽含有多个肽键，可以与双缩脲试剂发生反应显紫色，C正确； D、肽键数=氨基酸个数-肽链条数，甲形成乙和内含肽过程氨基酸数量不变，甲中肽键数比乙和内含肽中的肽键数之和多1个，D正确。 故选B。 8．蛋白质的空间结构是其发挥生物学功能的基础。三级结构是多肽链局部区域的规则折叠构象，主要由主链上的氢键稳定结构；三级结构是整条多肽链在二级结构的基础上进一步折叠、盘曲形成的三维空间结构；四级结构是两条或两条以上具有独立三级结构的多肽链相互作用组装而成的空间结构（如图）。下列叙述正确的是（    ） A．氢键、二硫键在稳定蛋白质三级结构中发挥作用 B．氨基酸空间结构的差异与蛋白质分子的多样性有关 C．肽链以碳链为骨架，其C原子主要位于主链上 D．高温使蛋白质变性的本质是氨基酸序列发生改变 【答案】A 【分析】蛋白质多样性的原因包括：氨基酸的种类、数目和排列顺序不同，以及肽链折叠盘曲形成的空间结构不同。 【详解】A、从题干及图示可知：三级结构是多肽链在二级结构基础上进一步折叠盘曲形成的三维结构；二级结构主要由氢键稳定，且三级结构中存在二硫键（如图中 “-S-S-”）。因此，氢键、二硫键在稳定蛋白质三级结构中发挥作用，A正确； B、蛋白质分子的多样性与氨基酸的种类、数目、排列顺序，以及蛋白质的空间结构有关，与 “氨基酸自身的空间结构差异” 无关，B错误； C、生物大分子以碳链为基本骨架，肽链不一定是生物大分子，C错误； D、高温使蛋白质变性的本质是蛋白质的空间结构（二、三、四级结构）被破坏，但氨基酸的序列（一级结构）并未改变，D错误。 故选A。 9．下列关于氨基酸和蛋白质的说法，正确的是（　　） A．细胞中蛋白质只含有C、H、O、N四种元素 B．从某些动物组织中提取的胶原蛋白可用来制作手术缝合线 C．组成蛋白质的氨基酸之间脱水缩合的方式具有多样性 D．蛋白质结构的多样性与氨基酸的种类、数量、排列顺序、空间结构有关 【答案】B 【详解】A、细胞中蛋白质主要含有C、H、O、N四种元素，有的还含有S、Fe，A错误； B、从某些动物组织中提取的胶原蛋白可用来制作手术缝合线，该类缝合线可被人体吸收利用，免拆线，B正确； C、组成蛋白质的氨基酸之间脱水缩合的方式是不变的，是由一个氨基酸的氨基和另一个氨基酸的羧基失去一分子水而成，C错误； D、蛋白质结构的多样性与氨基酸的种类、数量、排列顺序和肽链的盘曲折叠以及蛋白质的空间结构有关，D错误。 故选B。 10．蛋白水解酶分内切酶和外切酶2种，外切酶专门作用于肽链末端的肽键，内切酶则作用于肽链内部特定区域。若某蛋白内切酶作用于苯丙氨酸（C9H11NO2）两侧的肽键，某四十九肽经该内切酶作用后的情况如右图，下列叙述错误的是（　　） A．若用蛋白外切酶处理该多肽，最终会得到49个氨基酸 B．内切酶作用于肽链的特定区域与其自身结构相关 C．形成短肽A、B、C共消耗2分子水 D．短肽A、B、C比四十九肽的氧原子数少1个 【答案】C 【详解】A、外切酶专门作用于肽链末端的肽键，若该四十九肽用蛋白外切酶处理，可得到49个氨基酸，A正确； B、题意显示，内切酶分子表面存在特定的“功能区域”，是实现底物识别和切割特定肽键的核心，B正确； C、短肽A、B、C的形成过程中共去掉3个苯丙氨酸（C9H11NO2），这需要断裂5个肽键，消耗5个水分子，C错误； D、由以上分析知，短肽A、B、C的形成过程中共去掉第17、31和32位苯丙氨酸3个，此过程共需要断裂5个肽键（分别位于16和17号、17和18号、30和31号、31位和32号、32位和33号）、消耗5个水分子，每个苯丙氨酸含有2个氧原子、每个水分子含有1个氧原子，所以短肽A、B、C比该四十九肽的氧原子数少2×3 - 5 = 1个，D正确。 故选C。 11．某蛋白质由103个氨基酸脱水缩合而成，结构如图。该蛋白质含有的赖氨酸位于图示□位置。已知肽酶X专一性水解赖氨酸羧基端的肽键。下列说法正确的是（    ） A．氨基酸之间脱水缩合产生的水分子中氢来自氨基和羧基 B．103个氨基酸形成该蛋白质，相对分子质量减少1818 C．该蛋白质被肽酶X作用后，产物中氧原子数增加5 D．肽酶X完全作用产生的多肽中，至少含有羧基的个数是5 【答案】AD 【详解】A、氨基酸之间脱水缩合产生的水分子中氢来自氨基和羧基，A正确； B、据图图可知，103个氨基酸形成该蛋白质，共形成了103-2+1=102个肽键，相对分子质量减少10218=1836，B错误； C、依据题干信息，肽酶X专一性水解赖氨酸羧基端的肽键，结合图示可知，该酶在上面这条链中的51号赖氨酸处不发挥作用（51号赖氨酸羧基端的羧基是游离的，不参与肽键的形成），所以共断开4个肽键，消耗4分子水，产物中氧原子数增加4，C错误； D、由于肽酶X专一性水解赖氨酸羧基端的肽键，结合图示信息可知，共产生1-19、21-51、1-18、19-51四条肽链，至少含有的羧基数目为4+1（链1上的20号氨基酸上的羧基）=5个，D正确。 故选AD。 12．双缩脲（NH2-CO-NH-CO-NH2）是由2分子尿素（NH2-CO-NH2）发生缩合反应产生，它可以用双缩脲试剂检测，其产生过程及显色反应如下图所示。下列说法正确的是（　　）    A．尿素缩合形成双缩脲后，在碱性条件下与Cu2+生成紫色络合物 B．1分子链状三肽也能与双缩脲试剂发生紫色反应 C．能够与双缩脲试剂发生显色反应的物质不一定是蛋白质 D．蛋白质变性后，不会再与双缩脲试剂发生显色反应 【答案】ABC 【详解】A、尿素脱水缩合形成双缩脲后含有2个肽键，在碱性条件下与Cu2+生成紫色络合物，A正确； B、1分子链状三肽含有2个肽键，双缩脲试剂能与含有两个或两个以上肽键的化合物发生紫色反应，所以1分子链状三肽能与双缩脲试剂发生紫色反应，B正确； C、凡是分子中含有两个及以上肽键的化合物，如二肽以上的多肽、双缩脲等，都能与双缩脲试剂发生反应，因此能够与双缩脲试剂发生显色反应的物质不一定是蛋白质，C正确； D、蛋白质变性后，空间结构没有发生改变，肽键依然存在，能与双缩脲试剂发生显色反应，D错误。 故选ABC。 13．牛胰核糖核酸酶由一条多肽链构成，包含8个带巯基（－SH）的半胱氨酸，脱氢后形成4对二硫键（－S－S－）。形成下图所示结构时，该酶具有生物活性。科学家发现β-巯基乙醇可破坏该酶的二硫键，尿素可破坏该酶的氢键。若用β-巯基乙醇和尿素同时处理该酶，会使其失去活性。若去除β-巯基乙醇只保留尿素时，该酶活性仅恢复到1%左右；若去除尿素只保留β-巯基乙醇时，可以重新形成氢键，该酶活性能恢复到90%左右。有关叙述正确的是（　　） 注：图中圆圈表示氨基酸，序号表示氨基酸的个数，半胱氨酸缩写为“半胱”，其它氨基酸的标注略。 A．牛胰核糖核酸酶中含有124个肽键 B．氨基酸序列决定了蛋白质分子中氢键和二硫键的位置 C．维持该酶空间结构的因素中，氢键比二硫键的作用强 D．8个半胱氨酸在正确位置形成二硫键的概率约为1/35 【答案】BC 【详解】A、牛胰核糖核酸酶由一条多肽链（图中显示为线性非环状）构成，肽键数量为124-1=123 个，A错误； B、氨基酸序列决定了蛋白质分子中氢键和二硫键的位置，使蛋白质具有特定的空间结构，进而决定其生物活性，B正确； C、若β-巯基乙醇可破坏该酶的二硫键，尿素可破坏该酶的氢键。若去除β-巯基乙醇只保留尿素时，该酶活性仅恢复到1%左右，若去除尿素只保留β-巯基乙醇时，可以重新形成氢键，该酶活性能恢复到90%左右，说明在维持该酶空间结构的因素中，氢键比二硫键的作用强，C正确； D、从二硫键重建的角度分析，现有8个半胱氨酸形成二硫键，先选2个半胱氨酸形成二硫键，则形成第一个二硫键的可能性有7种可能，由此类推，形成第二个二硫键的概率为5种可能，形成第三个二硫键的概率为3种可能，形成第四个二硫键的概率为1种，则8个半胱氨酸形成二硫键的可能性有7×5×3＝105种，其中正确的只有1种，占1%左右，D错误。 故选BC。 14．研究人员给小鼠分别饲喂13C标记的葡萄糖和果糖，1分钟后检测部分氨基酸分子中的13C的相对含量，结果如表所示。据表分析，下列叙述正确的是（    ） 饲喂的糖类 氨基酸中13C的相对含量 天冬氨酸 谷氨酸 丝氨酸 13C标记的葡萄糖 0.0 11.2 0.0 13C标记的果糖 7.6 18.1 14.9 A．细胞吸收葡萄糖和果糖的方式是自由扩散 B．天冬氨酸和丝氨酸是小鼠的必需氨基酸 C．谷氨酸是小鼠的非必需氨基酸 D．果糖转化为氨基酸的速度快于葡萄糖 【答案】CD 【分析】每种氨基酸至少都含有一个氨基（ —NH2） 和一个羧基（—COOH），并且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上。这个碳原子还连接一个氢原子和一个侧链基团，这个侧链基团用 R 表示。各种氨基酸之间的区别在于 R 基的不同。 【详解】A、细胞吸收葡萄糖和果糖的方式通常是主动运输或协助扩散，而非自由扩散。自由扩散是物质从高浓度一侧向低浓度一侧进行跨膜运输，不需要载体和能量，而葡萄糖和果糖进入细胞一般需要载体蛋白协助，有的还需要消耗能量，A错误； BC、研究人员给小鼠饲喂13C标记的葡萄糖后，谷氨酸中能检测到13C；给小鼠饲喂13C 标记的果糖后，三种氨基酸中均能检测到13C，说明三种氨基酸均能由糖类转化而来，是小鼠的非必需氨基酸，B错误，C正确； D、据表可知，果糖和葡萄糖均可以转化为氨基酸，且13C标记的果糖实验组产生标记的氨基酸的种类和含量均比13C标记的葡萄糖的实验组多，故果糖转化为氨基酸的速度可能更快，D正确。 故选CD。 15．胰岛素的结构如图所示，该物质中—S—S—是由两个—SH脱去两个H形成的，下列分析正确的是（　　） A．胰岛素分子含有49个肽键，至少含有2个氨基和2个羧基 B．氨基酸脱水缩合形成胰岛素时，相对分子质量减少888 C．胰岛素水解产物一定含有21种不同的氨基酸 D．糖尿病患者可口服胰岛素来维持机体血糖相对稳定 【答案】AB 【分析】1、蛋白质的基本组成单位是氨基酸，构成蛋白质的氨基酸有20种，氨基酸通过脱水缩合反应形成蛋白质，脱水缩合反应过程中形成的肽键数目=脱去的水分子数=氨基酸的个数-肽链数，每条肽链中至少含有一个氨基和一个羧基。 2、分析题图：胰岛素由51个氨基酸形成的两条肽链构成，其结构中含有三个-S-S-。 【详解】A、由题图知，牛胰岛素是由两条肽链形成的蛋白质，含有的肽键数=氨基酸的个数-肽链数=51-2=49，每条肽链中至少含有一个-NH2和1个-COOH，因此胰岛素中至少含有2个-NH2和2个-COOH，A正确； B、氨基酸脱水缩合形成胰岛素的过程中脱去的水分子数目=形成的肽键数=49个，此过程中还形成3个二硫键（二硫键由两个-SH脱掉两个氢连接而成），即脱去6个H，所以51个氨基酸脱水缩合形成胰岛素时，减少的相对分子质量为49×18+6=888，B正确； C、胰岛素不一定含有21种氨基酸，C错误； D、胰岛素的本质是蛋白质，如果口服会被消化酶分解，所以不能口服，D错误。 故选AB。 16．图甲表示有关蛋白质分子的简要概念图，图乙表示一分子的胰岛素原切去C肽（图中箭头表示切点）可转变成一分子的胰岛素（注：图中数字表示氨基酸序号；—S—S—是由2个—SH脱去2个H形成的）。据图回答下列问题： (1)图甲中A为________等元素，在人体内可以合成的B属于________，写出其结构通式：________。 (2)图乙中的胰岛素的两条肽链是在核糖体上通过氨基酸的________作用形成的，而二硫键则是后续加工形成的。每条肽链中氨基酸是通过图甲中的________（填字母）连接。 (3)图乙中这51个氨基酸形成胰岛素后，相对分子质量比原来51个氨基酸的总相对分子质量减少了________。 (4)胰岛素具有降低血糖的作用，生活中糖尿病患者只能通过注射胰岛素来降低血糖，简述其主要原理是________。 【答案】(1) C、H、O、N 非必需氨基酸 (2) 脱水缩合 C (3)888 (4)胰岛素为蛋白质，若口服会被消化道中的消化酶分解，从而失去疗效 【详解】（1）A为组成蛋白质的元素，包括C、H、O、N等元素；B为氨基酸，在人体内可以合成的B属于非必需氨基酸。氨基酸的结构简式。 （2）胰岛素的两条肽链是在核糖体上通过氨基酸的脱水缩合作用形成的，而二硫键则是后续的加工形成的。每条肽链中氨基酸是通过图甲中的C所示的肽键连接。 （3）依题意和图示分析可知：图乙中这51个氨基酸形成的胰岛素分子含有2条肽链、3个二硫键（-S-S-）。在氨基酸形成该胰岛素后，减少的相对分子质量等于脱去的水分子的相对分子质量的总和与形成3个二硫键时脱去的6个氢原子的相对分子质量的总和，而脱去的水分子数等于肽键数，因此相对分子质量减少了18×（51－2）＋1×6＝888。 （4）胰岛素为蛋白质，若口服会被消化道中的消化酶分解，从而失去疗效，因此生活中糖尿病人只能通过注射胰岛素来降低血糖。 17．乳酸链球菌素（Nisin）是一种蛋白质类抗生素，对某些腐败菌和致病菌有强烈的抑制作用。目前获得Nisin的唯一途径是通过乳酸链球菌发酵生产。下图为乳酸链球菌素（Nisin）的结构示意图，三个字母表示氨基酸，数字表示相应氨基酸序号。 (1)与乳酸链球菌相比，噬菌体在结构上最主要的特点是_________。乳酸链球菌与酵母菌在结构上都有________（答两点即可）。 (2)若把10号甘氨酸换成缬氨酸，则乳酸链球菌素的抗菌能力受到影响。从氨基酸角度分析，说明蛋白质的功能与________有关。 (3)Nisin含有的5个硫醚环是其活性部位的核心骨架，硫醚环的存在使Nisin的空间构象高度稳定，因此Nisin常被作为肉制品、罐头的抑菌剂。已知巯基乙醇可作用于Nisin所有的硫醚环，作用位点如图所示。分析高温不会使Nisin失活而巯基乙醇可使其失活的原因________。 (4)Nisin的氮元素主要存在于________中。据图分析，蛋白酶作用后的产物是______，这些产物的分子量比乳酸链球菌素增加了________，这些产物_______（填“能”或“不能”）与双缩脲试剂反应显紫色。 【答案】(1) 噬菌体没有细胞结构 细胞壁、细胞膜、核糖体、细胞质 (2)氨基酸种类 (3)高温不能破坏硫醚环，巯基乙醇会破坏硫醚环 (4) 肽键 多肽 54 能 【详解】（1）乳酸链球菌是原核生物，噬菌体是病毒，所以与乳酸链球菌相比，噬菌体在结构上最主要的特点是噬菌体没有细胞结构。乳酸链球菌是原核生物，具有细胞壁、细胞膜、细胞质、核糖体、拟核等细胞结构。酵母菌是真核生物，具有细胞壁、细胞膜、细胞质、核糖体、线粒体、细胞核等细胞结构。所以乳酸链球菌与酵母菌在结构上都有细胞壁、细胞膜、核糖体、细胞质。 （2）根据题干信息若把10号甘氨酸换成缬氨酸，则乳酸链球菌素的抗菌能力受到影响，可推知改变氨基酸种类会影响乳酸链球菌素这种蛋白质类抗生素的功能，说明蛋白质的功能与氨基酸种类有关。 （3）根据题干信息Nisin含有的5个硫醚环是其活性部位的核心骨架，硫醚环的存在使Nisin的空间构象高度稳定，可推知Nisin空间结构的稳定性与硫醚环息息相关。巯基乙醇可作用于Nisin所有的硫醚环，从而影响Nisin的空间结构，进而影响Nisin的活性。据此推测高温不会使Nisin失活而巯基乙醇可使其失活的原因是高温不能破坏硫醚环，巯基乙醇会破坏硫醚环。 （4）乳酸链球菌素（Nisin）是一种蛋白质类抗生素，在蛋白质中氮元素主要存在于肽键中，所以Nisin的氮元素主要存在于肽键中。据图可知，蛋白酶的作用位点位于特定氨基酸之间的肽键，并没有破坏所有的肽键，所以蛋白酶作用后的产物是多肽。蛋白酶只断裂了3个肽键，需要加3分子水，所以蛋白酶作用后的产物的分子量比乳酸链球菌素增加了3分子水的质量，即3×18＝54。蛋白酶作用后的产物多肽中仍含有多个肽键，能与双缩脲试剂反应显紫色。 18．1962年，马克斯·佩鲁茨、约翰·肯德鲁通过X射线晶体学首次解析血红蛋白和肌红蛋白的三维结构，共同获得了当年的诺贝尔化学奖。肌红蛋白是肌肉中储氧的蛋白质，由一条肽链和一个血红素辅基组成（图甲）。而血红蛋白是红细胞中携氧蛋白质，它是一个含有四种不同亚基的四聚体，有两条α链和两条β链组成，且每个亚基都含有一个血红素辅基（图乙）。 (1)肌红蛋白和血红蛋白是由________元素构成的。其基本组成单位均为氨基酸，氨基酸的结构通式为________。 (2)成人的血红蛋白（HbA）由四条肽链组成，其中两条α链各含141个氨基酸，两条β链各含146个氨基酸，相邻氨基酸之间通过________反应形成________（填写化学键名称）。由图推知，HbA合成过程中，脱去的水分子数是________个，且HbA至少含有________个游离的羧基。 HbA可溶且不聚集。HbA的β链第6位氨基酸发生特定改变后，会产生异常的血红蛋白HbS（如图所示），使蛋白质在脱氧状态下容易聚集形成纤维，导致红细胞变形、易破裂、堵塞毛细血管，从而造成镰状细胞贫血。 (3)选择合适的编号，完成下列内容：由图可知，HbAβ链第6位氨基酸由亲水氨基酸变为________后，导致β亚基结构改变产生疏水突起，一个HbSβ亚基的疏水突起与另一HbSβ亚基的________结合，形成多聚体，大量多聚体聚集形成不溶性纤维，使红细胞由圆饼状扭曲成镰刀状，运输氧气能力________。 ①疏水氨基酸    ②亲水氨基酸    ③疏水口袋    ④疏水突起    ⑤升高    ⑥降低 (4)肌红蛋白和血红蛋白都含有血红素辅基，但两者的功能不同，原因是：_______________________。 【答案】(1) C、H、O、N、Fe (2) 脱水缩合 肽键 570 4 (3) ① ③ ⑥ (4)两者的结构（氨基酸的种类、数目、排列顺序及肽链的空间结构）不同，导致功能不同 【分析】氨基酸通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱出一分子水的过程，连接两个氨基酸的化学键是肽键。 【详解】（1）蛋白质的基本组成元素是 C、H、O、N，肌红蛋白和血红蛋白还含血红素辅基（含 Fe），所以元素组成是 C、H、O、N、Fe；氨基酸的结构通式是氨基和羧基连接在同一个碳原子上，还有R基和H原子，即。 （2）氨基酸通过脱水缩合形成肽键连接成肽链；脱水缩合时，脱去的水分子数 = 氨基酸数 - 肽链数=(141×2+146×2)−4=(282+292)−4=574−4=570。每条肽链的末端至少有1个游离的羧基，所以肽链数4就是游离羧基的最少数量。 （3）分析图2，对比HbA与HbS结构可知，与HbA相比，HbS由于β亚基结构改变产生疏水突起，而多聚体的形成是因为一个HbSβ亚基的疏水突起与另一HbSβ亚基的疏水口袋结合。大量多聚体聚集形成不溶性纤维，使红细胞由两面凹的圆饼状扭曲成镰刀状，运输氧气能力降低。 （4）肌红蛋白由一条肽链和一个血红素辅基组成，血红蛋白是由四条肽链（两条 α 链和两条 β 链）及四个血红素辅基组成的四聚体，两者的结构（氨基酸的种类、数目、排列顺序及肽链的空间结构）不同，导致功能不同。 19．罗非鱼是一种高蛋白、低脂肪、肉质鲜美的食用鱼类。为使罗非鱼肉在蒸煮过程中保持良好的品质和营养价值，研究者通过实验探寻了合适的热加工条件。请回答问题：    (1)鱼肉中含有丰富的蛋白质，蛋白质的基本组成单位是_______。 (2)在热加工过程中，蛋白质变性后就不能恢复原来的状态，原因是蛋白质分子的_______发生改变，变得伸展、松散，容易被蛋白酶水解，因此，吃熟肉易消化。 (3)鱼肉在热加工过程中，会发生汁液流失导致质量减少。研究者测定了在不同_______条件下的蒸煮损失率，结果如图。据图可知，蒸煮温度控制在60℃或90℃较好，依据是在这两个温度条件下，_______。 (4)80℃以上短时蒸煮，罗非鱼的肌原纤维蛋白会迅速变性，鱼肉质地更紧密，口感更好。综合本实验研究，你认为合理的罗非鱼热加工条件及理由是_______。 【答案】(1)氨基酸 (2)空间结构 (3) 温度和时间 不同时间下蒸煮损失率均较（其他温度）低 (4)90℃蒸煮6min，理由是鱼肉口感较好且汁液流失最少 【分析】蛋白质变性是指其空间结构被破坏，但肽键并未断裂。高温会破坏蛋白质的空间结构，且这种破坏通常是不可逆的。 【详解】（1）鱼肉中含有丰富的蛋白质，蛋白质的基本单位是氨基酸。 （2）温度升高，使得蛋白质的空间结构发生改变，变得伸展、松散，容易被蛋白酶水解，因此，吃熟肉易消化。 （3）由图可知，图示为不同温度和时间下，鱼肉蒸煮的损失率；观察图表，60℃或90℃，不同时间的鱼肉蒸煮损失率均较低，所以蒸煮温度控制在60℃或90℃较好。 （4）由（3）小问，可知鱼肉蒸煮温度控制在60℃或90℃较好，80℃以上短时蒸煮，肌原纤维蛋白会迅速变性，鱼肉质地更紧密，口感更好，综合判断，90 ℃蒸煮最好，观察题图，90℃下蒸煮6min，蒸煮损失率低，鱼肉口感较好且汁液流失较少。 题型4：核酸 1．图为真核细胞中核苷酸链的结构示意图，下列叙述错误的是（　　） A．b结构不可以组成一个完整的核苷酸单体 B．a结构的名称只能是鸟嘌呤核糖核苷酸 C．若将碱基C换成U，则该核苷酸链主要分布在细胞质中 D．该核苷酸链初步水解的产物是3种 【答案】B 【详解】A、b结构中的磷酸属于另一个核苷酸的磷酸，不是同一个核苷酸的组成部分，所以b不能组成一个完整的核苷酸单体，A正确； B、a结构包含一分子磷酸、五碳糖和碱基G（鸟嘌呤），但五碳糖可能是核糖或脱氧核糖，所以a可能是鸟嘌呤核糖核苷酸或鸟嘌呤脱氧核糖核苷酸，B错误； C、U（尿嘧啶）是RNA特有的碱基，若碱基C换成U，说明该链为RNA链，RNA主要分布在细胞质中，C正确； D、该核苷酸链初步水解的产物是3种核苷酸（含A、G、C），D正确。 2．图示为核苷酸A和B的结构图，下列有关分析正确的是（    ） A．乙有4种，分别是A（腺嘌呤）、C（鸟嘌呤）、G（胞嘧啶）、T（胸腺嘧啶） B．细胞中的DNA或糖原，均可作为“身份证”来鉴别真核生物的不同个体 C．支原体的遗传物质彻底水解后可得到6种小分子物质 D．核苷酸A和核苷酸B的含氮碱基都为G时是同一种核苷酸 【答案】C 【详解】A、乙是脱氧核苷酸的碱基，有4种，分别是A（腺嘌呤）、C（胞嘧啶）、G（鸟嘌呤）、T（胸腺嘧啶），A错误；    B、糖原是细胞内储存能量的物质，不具有特异性，不能作为“身份证”来鉴别真核生物的不同个体，B错误；    C、支原体的遗传物质是DNA，DNA彻底水解后可得到磷酸、脱氧核糖、4种含氮碱基（A、T、C、G），共6种小分子物质，C正确；    D、核苷酸A是核糖核苷酸，核苷酸B是脱氧核糖核苷酸，即使含氮碱基都为G，由于五碳糖不同，也不是同一种核苷酸，D错误。 故选C。 3．如图为某生物大分子部分片段示意图，下列相关叙述正确的是（　　） A．若该分子中的X为T，则这种核酸在细胞中一般为单链 B．将该生物大分子完全水解后可以得到4种不同的单体 C．若X为尿嘧啶，则真核细胞中该生物大分子主要分布在细胞质中 D．生物大分子以碳链作为基本骨架，图中的化学键②称为磷酸二酯键，是连接两个相邻单体的化学键 【答案】C 【详解】A、若该分子中的X为T，则这种核酸为DNA，在细胞中一般为双链，并非单链，A错误； B、该生物大分子为核酸，若为DNA，完全水解后可得到磷酸、脱氧核糖、4种含氮碱基（A、T、G、C），共6种不同的单体；若为RNA，完全水解后可得到磷酸、核糖、4种含氮碱基（A、U、G、C），也是6种不同的单体，并非4种，B错误； C、若X为尿嘧啶，则该生物大分子为RNA，真核细胞中RNA主要分布在细胞质中，C正确； D、生物大分子以碳链作为基本骨架，图中的化学键②并不是磷酸二酯键，是连接磷酸基团和五碳糖之间的化学键，D错误。 故选C。 4．如图所示是某种有机大分子的基本组成单位的模式图。下列叙述错误的是（　　） A．若b为核糖，则c有4种，分别是A、U、C、G B．a、b、c结合而成的基本单位，在人体中共有4种 C．在RNA病毒中该物质彻底水解可得到6种化合物 D．若c为T，则该有机小分子的名称是胸腺嘧啶脱氧核苷酸 【答案】B 【详解】A、若b为核糖，则该有机大分子为RNA，其基本组成单位为核糖核苷酸，碱基c有4种，分别是A、U、C、G，A正确； B、a、b、c结合而成的基本单位为核苷酸，在人体中共有8种，B错误； C、在RNA病毒中该物质为RNA，彻底水解可得到6种化合物，分别为磷酸、核糖、A、U、C、G，C正确； D、若c为T，则b一定为脱氧核糖，a为磷酸，那么该有机小分子的名称是胸腺嘧啶脱氧核苷酸，D正确。 故选B。 5．图1是蛋白质的单体氨基酸的结构通式，图2是核酸的单体核苷酸的结构图解，下列相关叙述正确的是（    ） A．图1中R基共有21种，图2中碱基共有8种 B．真核细胞中蛋白质的合成场所为核糖体，DNA的合成场所为细胞核 C．蛋白质和核酸具有多样性的原因之一是都具有千差万别的空间结构 D．核酸中核苷酸的排列顺序能够决定蛋白质中氨基酸的排列顺序 【答案】D 【详解】A、组成蛋白质的氨基酸有21种，因此图 1中R基共有21种；图2中核苷酸的碱基包括A、T、C、G、U共5 种，A错误； B、真核细胞中蛋白质的合成场所是核糖体（正确）；但DNA的合成场所不仅是细胞核，线粒体和叶绿体中也能进行DNA合成过程，B错误； C、蛋白质的多样性与空间结构千差万别有关；但核酸的多样性主要取决于核苷酸的种类、数目和排列顺序，其空间结构相对稳定（如DNA为双螺旋，RNA多为单链），并非 “千差万别的空间结构”，C错误； D、核酸（DNA）中的核苷酸排列顺序储存遗传信息，通过转录形成mRNA，mRNA上的密码子直接决定蛋白质中氨基酸的排列顺序，D正确。 故选D。 6．下图A为某种植物细胞中某种核酸的基本单位，虚线方框表示腺嘌呤；图B为该植物细胞某种核酸局部结构示意图。下列有关叙述错误的是（　　） A．图A所示物质为腺嘌呤核糖核苷酸，是RNA的基本组成单位之一 B．该植物细胞内由A、G、U3种碱基参与构成的核苷酸共有5种 C．该植物细胞中的DNA被水解后可得到8种核苷酸 D．图B为一条DNA单链，④为胞嘧啶脱氧核糖核苷酸 【答案】C 【详解】A、图A中五碳糖是核糖，虚线方框表示腺嘌呤，所以图A所示物质为腺嘌呤核糖核苷酸，腺嘌呤核糖核苷酸是RNA的基本组成单位之一，A正确； B、该植物细胞内含有DNA和RNA两种核酸。A（腺嘌呤）参与构成腺嘌呤脱氧核苷酸和腺嘌呤核糖核苷酸2种核苷酸；G（鸟嘌呤）参与构成鸟嘌呤脱氧核苷酸和鸟嘌呤核糖核苷酸2种核苷酸；U（尿嘧啶）只参与构成尿嘧啶核糖核苷酸1种核苷酸。因此，由A、G、U 3种碱基参与构成的核苷酸共有 2+2+1=5 种，B正确； C、该植物细胞中的DNA初步水解可得到4种脱氧核苷酸，彻底水解后可得到磷酸、脱氧核糖和4种含氮碱基（A、T、C、G），而不是8种核苷酸，C错误； D、图B中含有胸腺嘧啶，因此图B是DNA单链片段，④为胞嘧啶脱氧核糖核苷酸，D正确。 故选C。 7．由1分子磷酸、1分子碱基和1分子化合物a构成的化合物b如图所示。下列相关叙述正确的是（    ） A．若a为脱氧核糖，则b构成了HIV的遗传物质的基本组成单位 B．若m为尿嘧啶，则DNA中含b这种化合物 C．组成化合物b的元素有C、H、O、N、P5种 D．若a为核糖，则由b组成的核酸彻底水解产物包括6种小分子有机化合物 【答案】C 【分析】分析题图：题图是核苷酸的结构简图，分析可知a是五碳糖，b是核苷酸，m是含氮碱基。 【详解】A、若a为脱氧核糖，则b为脱氧核苷酸，HIV的遗传物质为RNA，其基本单位为核糖核苷酸，A错误； B、RNA含有尿嘧啶，DNA中特有的碱基为T胸腺嘧啶，B错误； C、化合物b是核苷酸，其组成元素有C、H、O、N、P5种，C正确； D、若a为核糖，则由b组成的核酸彻底水解产物包括5种小分子有机化合物，磷酸为无机物，D错误。 故选C。 8．核酸是生物体内重要的化合物，当用蛇毒磷酸二酯酶处理小鼠核酸时，得到的产物是5′—核苷酸（五碳糖的5′位连接磷酸）的混合物，当用牛脾磷酸二酯酶处理小鼠核酸时，产物是“3′—核苷酸”（五碳糖的3′位连接磷酸）的混合物。下列有关核酸的叙述，正确的是（    ） A．用上述两种酶分别处理小鼠的核酸均可得到4种水解产物 B．蛇毒磷酸二酯酶发挥作用的机理是提高反应所需的能量 C．上述实验证明核苷酸是通过3′，5′—磷酸二酯键连接而成的 D．小鼠体内的核酸主要存在于细胞核中，并且可以与蛋白质相结合 【答案】C 【分析】核酸有两种，分别是DNA和RNA，DNA和RNA的基本组成单位都是核苷酸，且都有4种，其中DNA的基本组成单位是脱氧核糖核苷酸，RNA的基本单位是核糖核苷酸，核酸的功能可描述为：（1）细胞内携带遗传物质的物质。（2）在生物体的遗传、变异和蛋白质的生物合成中具有极其重要的作用。 【详解】A、小鼠的核酸有DNA和RNA，蛇毒磷酸二酯酶处理小鼠核酸时，得到的产物是5'—核苷酸，因而可得到8种水解产物（4种5'—核糖核苷酸和4种5'—脱氧核苷酸）；当用牛脾磷酸二酯酶处理小鼠核酸时，产物是“3'—核苷酸”，因而可得到8种水解产物（4种3'—核糖核苷酸和4种3'—脱氧核苷酸），A错误； B、蛇毒磷酸二酯酶发挥作用的机理是降低化学反应的活化能，B错误； C、用两种磷酸二酯酶处理的结果不同，产物分别为5＇-核苷酸（五碳糖的5＇位连接磷酸）和3＇-核苷酸（五碳糖的3＇位连接磷酸），因而上述实验证明核苷酸是通过3′，5′—磷酸二酯键连接而成的，C正确； D、小鼠体内的DNA主要存在于细胞核中，而RNA主要存在于细胞质中，D错误。 故选C。 9．如图为某化合物及反应过程，以下说法正确的是（　　） A．①代表的碱基可以是尿嘧啶 B．上图表示核糖核苷酸脱水缩合过程 C．由上图中核苷酸聚合形成的大分子一般以单链形式存在 D．支原体的遗传物质可由上图所示的核苷酸脱水缩合形成 【答案】D 【分析】核酸的基本单位：核苷酸，是由一分子磷酸、一分子五碳糖(DNA为脱氧核糖、RNA为核糖) 和一分子含氮碱基组成； 组成DNA的核苷酸叫做脱氧核苷酸，组成RNA的核苷酸叫做核糖核苷酸。 【详解】A、图中的糖为脱氧核糖，其中的核苷酸是脱氧核苷酸，尿嘧啶存在于核糖核苷酸中，因此①不可能是尿嘧啶，A错误； B、图中五碳糖为脱氧核糖，故上图表示的是脱氧核苷酸脱水缩合的过程，B错误； C、图中五碳糖为脱氧核糖，故上图表示的是脱氧核苷酸脱水缩合的过程，即形成的大分子物质是DNA，DNA一般是双链的，C错误； D、支原体的遗传物质是DNA，上图所示的是脱氧核苷酸脱水缩合形成DNA的过程，因此通过上图脱水缩合过程形成的多聚体可以作为支原体的遗传物质，D正确。 故选D。 10．高危型HPV(一种病毒)的持续感染是引起宫颈癌的最主要因素之一。某人宫颈分泌物的高危型HPV DNA检测报告如下表所示。下列说法完全正确的是（    ） 检测项目 检测方法 检测比值 正常比值 高危型HPV DNA检测 分子杂交法 0.19 1.00 A．HPV的遗传物质主要是DNA B．分子杂交法可能涉及碱基互补配对原则 C．被检测者感染了高危型HPV D．若检测比值等于1，则可判断被检测者是宫颈癌患者 【答案】B 【分析】核酸是遗传信息的携带者、其基本构成单位是核苷酸，核酸根据所含五碳糖的不同分为DNA和RNA，核酸对于生物的遗传变异和蛋白质在的生物合成中具有重要作用，不同生物的核酸中的遗传信息不同。 【详解】A、病毒只含有一种核酸，用DNA检测高危型HPV，说明HPV含有DNA，遗传物质是DNA，A错误； B、分子杂交法通过DNA探针与目标序列的碱基互补配对来检测HPV DNA，B正确； C、由表格数据可知，检测比值为0.19（低于正常比值1.00），因此被检测者未感染高危型HPV，C错误； D、HPV的持续感染是引起子宫颈癌的最主要因素之一，若检测比值等于l，则可判断被检测者感染了高危型HPV，但是不一定是宫颈癌患者，D错误。 故选B。 11．DNA指纹技术在案件侦破、亲子鉴定等工作中起着重要作用，如图是一幅DNA指纹技术应用图，下列叙述错误的是（　　） A．DNA指纹能用于案件侦破，原因是每个个体的DNA具有特异性 B．DNA指纹显示，受害者和嫌疑人1、2、3与发现的样品中DNA没有相同的区域 C．嫌疑人2核酸彻底水解产物有8种，受害人DNA彻底水解产物有5种 D．罪犯样品和怀疑对象1、2、3进行DNA指纹比对，不能确定罪犯 【答案】BCD 【详解】A、DNA分子具有特异性，即每个个体的DNA特异性使得DNA指纹能用于案件侦破，通过比对DNA来确定个体身份，A正确； B、不同的人的DNA序列并不是完全不同，如DNA指纹显示，受害者和嫌疑人1、2、3与发现的样品中DNA有相同的区域，B错误； C、核酸包括DNA和RNA，嫌疑人2核酸彻底水解产物有8种，分别是脱氧核糖、核糖、磷酸和5种含氮碱基（腺嘌呤、鸟嘌呤、胞嘧啶、胸腺嘧啶、尿嘧啶），受害人DNA彻底水解产物有6种，分别是脱氧核糖、磷酸和4种含氮碱基（腺嘌呤、鸟嘌呤、胞嘧啶、胸腺嘧啶），C错误； D、DNA指纹显示，怀疑对象1的DNA指纹图与从受害者体内分离的样品最相似，故怀疑对象1最可能是罪犯，D错误。 故选BCD。 12．下图中的甲～丁表示细胞中的四类有机化合物，a、b分别属于甲、乙，c、d分别为丙、丁的单体。下列叙述正确的是（    ） A．若a是脂肪酸，则甲可能是细胞内良好的储能物质 B．若b是葡萄糖，则乙在动、植物细胞中功能相同，都是储能物质 C．若c为氨基酸，则丙具有物质运输、催化、调节、免疫等多种功能 D．若d为核苷酸，由d构成的丁在蛋白质生物合成中有重要作用 【答案】ACD 【详解】A、若a是脂肪酸，则甲可以是脂肪，是细胞内良好的储能物质，A正确； B、若b是葡萄糖，由C、H、O三种元素组成，乙中的多糖可能有淀粉、糖原、纤维素，淀粉是植物细胞特有的储能物质，糖原是动物细胞特有的储能物质，纤维素组成植物细胞壁，显然多糖在动植物细胞中的功能不相同，B错误； C、若c是氨基酸，则c这种单体构成的蛋白质在结构上具有多样性，功能上也具有多样性，如蛋白质具有物质运输、催化、调节、免疫等多种功能，C正确； D、若d为核苷酸，由d构成的丁（核酸）在蛋白质生物合成中有重要作用，D正确。 故选ACD。 13．如图中甲、乙、丙是构成核酸的两种核苷酸及它们形成的核苷酸链(N表示某种碱基)。下列有关叙述正确的是（　　） A．甲表示核糖核苷酸 B．乙中含有的五碳糖为脱氧核糖 C．若N为U，则丙是由核糖核苷酸连接成的长链 D．甲、乙、丙都以碳原子构成的碳链为基本骨架 【答案】CD 【详解】A、甲的五碳糖是脱氧核糖（2’位无 - OH ），故甲是脱氧核糖核苷酸，A错误； B、乙的五碳糖是核糖（2’位有 - OH ），故乙是核糖核苷酸，B错误； C、若N为U（尿嘧啶，仅存于RNA ），则核苷酸链含核糖核苷酸，丙是由核糖核苷酸连接成的长链 ，C正确； D、甲（核苷酸 ）、乙（核苷酸 ）、丙（核苷酸链 ）均为生物大分子（或单体 ），以碳原子构成的碳链为基本骨架，D正确。 故选CD。 14．下面四幅图表示生物体内四种化合物，下列叙述正确的是（    ） A．图丙的元素组成一定与图甲相同，图甲中碱基排列顺序表示遗传信息 B．人体中由乙组成的大分子化合物的功能多样性与其结构多样性相适应 C．组成丙化合物的单糖是核糖，不可作为细胞的能源物质 D．图丁表示二糖，推测在动物体细胞中所有的单糖、二糖和多糖均可相互转化 【答案】ABC 【分析】分析图示可知，甲为DNA片段，乙为氨基酸结构，丙为核糖核苷酸，丁为二糖。 【详解】A、图丙为核苷酸，其元素组成与图甲（DNA片段）相同，均为C、H、O、N、P，图甲中碱基排列顺序表示遗传信息，A正确； B、人体中由氨基酸（乙）组成的大分子化合物（蛋白质）的功能多样性与其结构多样性相适应，B正确； C、由图可知，组成丙化合物的单糖是核糖，核糖不作为能源物质，C正确； D、图丁表示二糖，动物体内的二糖是乳糖，多糖是糖原，单糖是葡萄糖、五碳糖，构成糖原的单糖是葡萄糖，所以在动物体细胞中不是所有的单糖、二糖和多糖均可相互转化，D错误。 故选ABC。 15．人体细胞中Ⅰ、Ⅱ两种核苷酸的结构如图所示，下列说法错误的是（　　）    A．图中？处的碱基可以为A、C或G B．由Ⅰ组成的物质一般为单链结构 C．由Ⅱ组成的物质只分布在细胞核中 D．所有生物的遗传信息均储存在Ⅰ的排列顺序中 【答案】BCD 【分析】分析题图：由于Ⅱ中的2′位置是﹣OH，说明该五碳糖为核糖，所以Ⅱ是核糖核苷酸，则Ⅰ是脱氧核糖核苷酸。 【详解】A、核糖核苷酸和脱氧核苷酸都含有A、C或G，故？处的碱基可以为A、C或G，A正确； B、由图分析可知，Ⅱ结构的五碳糖比Ⅰ的五碳糖多一个O，故Ⅰ为脱氧核苷酸，Ⅱ为核糖核苷酸，由Ⅰ组成的物质是DNA，DNA一般为双链结构，B错误； C、由Ⅱ组成的物质是RNA，RNA主要分布在细胞质中，C错误； D、少数病毒的遗传信息储存在RNA中，即Ⅱ的排列顺序中，D错误。 故选BCD。 题型5：生物大分子以碳链为骨架 1．已知①糖原、②抗体、③性激素、④淀粉、⑤脂肪、⑥核酸都是生物体内有重要作用的物质。下列说法错误的是（　　） A．②③都是生物大分子，构成它们的单体以碳链为基本骨架 B．①④的基本组成单位都是葡萄糖，组成元素只有C、H、O C．④⑤都可以作为植物细胞中的储能物质 D．②⑥的合成场所不同，但形成过程中都会产生水 【答案】A 【详解】A、抗体（②）是蛋白质，属于生物大分子，其单体氨基酸以碳链为基本骨架；但性激素（③）是固醇类激素，属于脂质，不是生物大分子，没有单体结构，A错误； B、糖原（①）和淀粉（④）均为多糖，基本组成单位都是葡萄糖，组成元素均只含C、H、O，B正确； C、淀粉（④）是植物细胞中常见的储能物质（如种子或块茎）；脂肪（⑤）在植物细胞中也可作为储能物质（如果实或种子中的油脂），C正确； D、抗体（②）在核糖体上合成，核酸（⑥）在细胞核（DNA复制或RNA转录）等场所合成，合成场所不同；两者合成过程均涉及脱水缩合反应（抗体形成肽键，核酸形成磷酸二酯键），产生水，D正确。 故选A。 2．科学家说“碳是生命的核心元素，没有碳，就没有生命”。下列相关叙述错误的是（　　） A．以碳链为骨架的蛋白质是生命活动的主要承担者 B．生物大分子是由许多以碳链为基本骨架的单体连接成的多聚体 C．碳原子性质不活泼，原子之间可以通过共价键结合形成稳定的碳链 D．多糖、蛋白质、脂质等生物大分子以碳链为骨架构成细胞的基本框架 【答案】D 【详解】A、蛋白质是生命活动的主要承担者，其结构以碳链为基本骨架，由氨基酸通过肽键（一种共价键）连接形成多肽链，A正确； B、生物大分子（如蛋白质、核酸、多糖）均由单体（如氨基酸、核苷酸、单糖）通过脱水缩合形成多聚体，这些单体均以碳链为基本骨架，B正确； C、碳原子的最外层有 4 个电子，既不容易得电子，也不容易失电子，性质相对稳定，可以通过共价键（单键、双键等）与自身或其他原子结合，形成长度、结构多样的稳定碳链，这是碳作为 “生命核心元素” 的基础，C正确； D、脂质（如磷脂）是小分子，D错误。 故选D。 3．生物大分子通常都有一定的分子结构规律，即由一定的基本结构单位，按一定的排列顺序和连接方式形成的多聚体，下列表述正确的是（    ） A．若该图为一段肽链的结构模式图，则1表示肽键，2表示中心碳原子，3的种类有21种 B．若该图为一段RNA的结构模式图，则1表示核糖， 2表示磷酸基团， 3的种类有4种 C．若该图为一段单链DNA的结构模式图，则1表示磷酸基团， 2表示脱氧核糖， 3的种类有4种 D．若该图表示多糖的结构模式图，则淀粉、纤维素和糖原的连接方式是相同的 【答案】B 【分析】多糖的单体是单糖、蛋白质的单体是氨基酸、核酸的单体是核苷酸。每一个单体都以若干个相邻的碳原子构成的碳链为基本骨架，生物大分子是由单体连接而成的多聚体，因此生物大分子也是以碳链为基本骨架的。 【详解】A、若该图为一段肽链的结构模式图，氨基酸之间通过肽键连接，则1表示中心碳原子，2表示肽键，3表示R基，种类有21种 ，A错误； B、若该图为一段RNA的结构模式图，核苷酸之间连接方式为一个核苷酸的磷酸基团与另一个核苷酸的核糖上的3号碳相连，则1表示核糖，2表示磷酸基团，3为含氮碱基，种类有4种，B正确； C、若该图为一段单链DNA的结构模式图，核苷酸之间连接方式为一个核苷酸的磷酸基团与另一个核苷酸的脱氧核糖上的3号碳相连，则1表示脱氧核糖，2表示磷酸基团，3表示含氮碱基，种类有4种，C错误； D、若该图表示多糖的结构模式图，淀粉、纤维素和糖原的结构不同，所以三者的连接方式是不相同的，D错误。 故选B。 4．科学家从某土壤细菌中提取到一种短肽L。该短肽由18个氨基酸脱水缩合形成，可与特定细菌的核糖体结合，抑制核糖体合成蛋白质。下列关于短肽L的分析中合理的是（    ） A．组成元素包括C、H、O、N B．在核糖体上合成，在内质网和高尔基体上加工成熟 C．与核糖体的结合过程遵循碱基互补配对原则 D．不是生物大分子，因此不以碳链为基本骨架 【答案】A 【详解】A、短肽由氨基酸脱水缩合形成，氨基酸的基本组成元素为C、H、O、N，因此短肽L的组成元素必然包含这四种，A正确； B、细菌为原核生物，其细胞中不含内质网和高尔基体，短肽L的合成在核糖体完成，无需这些细胞器加工，B错误； C、短肽L与核糖体结合抑制蛋白质合成，但碱基互补配对是核酸间的作用（如mRNA与tRNA），而短肽是蛋白质，此过程不涉及碱基配对，C错误； D、所有有机物均以碳链为基本骨架，短肽L虽不是生物大分子（通常指单体数≥100），但其结构仍以碳链为基础，D错误。 故选A。 5．以碳链为基本骨架的小分子单体能构成许多不同的多聚体，模式图如下。下列叙述错误的是（　　） A．若图中 S1、S2、S3、S4……为同一种单体，则该多聚体可以表示纤维素或淀粉 B．若图中多聚体为多糖，则构成它的单体不一定是葡萄糖 C．若图中的多聚体能够携带遗传信息，则每一个单体都以碳链为基本骨架 D．若图中多聚体具有免疫功能且为环状结构，则形成此长链时所有氨基和羧基都参与脱水缩合 【答案】D 【详解】A、纤维素和淀粉都是由葡萄糖单体构成的多糖，如果图中 S1、S2、S3、S4……为同一种单体葡萄糖，那么该多聚体可以表示纤维素或淀粉，A正确； B、多糖中的几丁质，其单体不是葡萄糖，所以若图中多聚体为多糖，则构成它的单体不一定是葡萄糖，B正确； C、携带遗传信息的物质是核酸（DNA 或 RNA），核酸的单体是核苷酸，核苷酸以碳链为基本骨架，C正确； D、若图中多聚体是具有免疫功能的抗体，其本质是蛋白质。当蛋白质为环状结构时，形成此长链时并非所有的氨基和羧基都参与脱水缩合，R基中的一氨基和羧基一般不参与，D错误。 故选D。 6．阐明生命现象的规律，必须建立在阐明生物大分子结构的基础上。下列叙述正确的是（　　） A．核酸包括DNA和RNA两大类，其中DNA是脱氧核糖核苷酸的简称 B．淀粉是由葡萄糖缩合形成的多聚体，水解产物只有葡萄糖 C．脂质中的脂肪是不含N元素的多聚体 D．生物大分子是由许多单体连接成的多聚体，单体都以碳链为基本骨架 【答案】D 【分析】化合物的元素组成：(1)蛋白质的组成元素有C、H、O、N元素构成，有些还含有P、S；(2)核酸的组成元素为C、H、O、N、P；(3)脂质的组成元素有C、H、O，有些还含有 N、P；(4)糖类的组成元素为C、H、O。 【详解】A、核酸分为DNA和RNA，但DNA的中文名称是脱氧核糖核酸，而非脱氧核糖核苷酸（DNA的单体），A错误； B、淀粉由葡萄糖脱水缩合形成，但水解产物可能因水解程度不同而包括麦芽糖（部分水解）或葡萄糖（彻底水解）。题干未明确水解程度，因此“只有葡萄糖”的表述不严谨，B错误； C、脂肪由甘油和脂肪酸组成，不含N元素，但脂肪并非由多个相同单体聚合而成的多聚体，因此不属于多聚体，C错误； D、生物大分子（如多糖、蛋白质、核酸）均由单体（如葡萄糖、氨基酸、核苷酸）连接而成，这些单体均以碳链为基本骨架，D正确。 故选D。 7．如图表示有关生物大分子的简要概念图，下列叙述正确的是（    ）    A．若B为葡萄糖，则C在动物细胞中可能为乳糖 B．若C为RNA，则B为核糖核苷酸，A为C、H、O、N C．若C具有信息传递、运输催化等功能，则B可能为氨基酸 D．若B为脱氧核苷酸，则C是一切生物的遗传物质 【答案】C 【分析】图中A是构成生物大分子的化学元素，B是组成生物大分子的基本单位，C是生物大分子。多糖（淀粉、糖原和纤维素）、蛋白质、核酸等生物大分子都是由许多单体（分别为葡萄糖、氨基酸、核苷酸）连接而成，因而被称为多聚体。 【详解】A、若B为葡萄糖，则C为多糖，在动物细胞中的多糖可能为糖原，乳糖属于二糖，不是生物大分子，A错误； B、若C为RNA，则B为核糖核苷酸，A为C、H、O、N、P，B错误； C、若C具有信息传递、运输、催化等功能，则C可能为蛋白质，此时B为氨基酸，C正确； D、若B为脱氧核苷酸，则C为DNA，DNA是大多数生物的遗传物质，有些病毒的遗传物质是RNA，D错误。 故选C。 8．以碳链为基本骨架的小分子单体能构成许多不同的多聚体，模式图如下。有关说法正确的是（    ） A．若图中多聚体为多糖，则构成它的单体一定是葡萄糖 B．若图中多聚体为DNA，则参与其构成的脱氧核糖有4种 C．若图中单体表示氨基酸，则形成长链时不是所有氨基和羧基都参与脱水缩合 D．若图中 S1、S2、S3、S4……是同一种单体，则该多聚体可以表示脂肪 【答案】C 【分析】多糖、蛋白质、核酸等生物大分子都是由许多基本组成单位（单体）连接而成，其中多糖的单体是单糖，蛋白质的单体是氨基酸，核酸的单体是核苷酸。 【详解】A、若图中多聚体为多糖，则构成它的单体不一定是葡萄糖，比如几丁质单体不是葡萄糖，而是乙酰葡萄糖胺，A错误； B、若图中多聚体为DNA，则参与其构成的脱氧核苷酸有4种，脱氧核糖只有一种，B错误； C、若图中单体表示氨基酸，并非形成此长链的所有氨基和羧基都参与脱水缩合，R基中的氨基或羧基一般不参与脱水缩合，C正确； D、脂肪是由甘油和脂肪酸组成的，不是多聚体，若图中S1、S2、S3、S4……是同一种单体，则该多聚体不可以表示脂肪，D错误。 故选C。 9．下图是细胞内大分子物质的形成过程的模型，下列叙述正确的是（    ） A．若组成单体的化学元素是C、H、O、N、P，则大分子可能是储存遗传信息的RNA B．若某种大分子具有催化作用，则组成该大分子的单体一定是氨基酸 C．脂肪是细胞内具有储能作用的大分子物质，组成它的单体是甘油和脂肪酸 D．淀粉、糖原和纤维素的单体都是葡萄糖，三者功能的差异与单体的连接方式不同有关 【答案】D 【分析】1、构成细胞的物质主要有有机物和无机物两大类：有机物主要有糖类、脂肪、蛋白质、维生素，其中糖类、脂肪、蛋白质都是构成细胞的主要原料，并且都能提供能量，维生素在人体中的含量是非常少的，它们经常是作为一些酶的辅酶参与到细胞的代谢过程中，而不参与细胞结构的构成，也不能提供能量；无机物主要有水、无机盐，其中水和无机盐参与细胞的构成，但不能提供能量； 2、蛋白质的基本组成元素是C、H、O、N，基本组成单位是氨基酸；核酸的基本组成元素是C、H、O、N、P，基本组成单位是核苷酸。 【详解】A、若组成单体的化学元素是C、H、O、N、P，该大分子可能是核酸，细胞内储存遗传信息的只能是DNA，A错误； B、若某种大分子具有催化作用，则该大分子是酶，酶的本质是蛋白质或RNA，因此组成该大分子的单体可能是氨基酸或核糖核苷酸，B错误； C、脂肪是细胞内具有储能作用的物质，但不是大分子物质，C错误； D、淀粉、‌糖原和纤维素都是由葡萄糖单体聚合形成的多聚体，‌它们的基本组成单位相同，‌都是葡萄糖。‌这些多糖的功能差异主要源于葡萄糖单体之间的连接方式不同，D正确。 故选D。 10．以碳链为基本骨架的小分子单体能构成许多不同的多聚体，模式图如下。有关说法正确的是（    ）    A．若图中单体表示氨基酸，长链两端的氨基酸进行脱水缩合后形成肽环，则氨基酸的所有氨基和羧基都参与了脱水缩合 B．若图中多聚体为一段核酸，则一般情况下参与其构成的碱基最多有5种 C．若图中多聚体为多糖，则构成它的单体元素主要是C、H、O D．若图中S1、S2、S3、S4……是同一种单体，则该多聚体可以表示脂肪 【答案】C 【分析】多糖、蛋白质、核酸等生物大分子都是由许多基本组成单位（单体）连接而成，其中多糖的单体是单糖，蛋白质的单体是氨基酸，核酸的单体是核苷酸。 【详解】A、若图中单体表示氨基酸，形成肽环时并不是所有氨基和羧基都参与脱水缩合，R基中的一般不参与，A错误； B、若图中多聚体为一段核酸，则一般情况下参与其构成的碱基最多有4种，分别是A、T、C、G或A、U、C、G，B错误； C、若图中多聚体为多糖（纤维素、几丁质、淀粉、糖原等），则构成它的单体元素主要是C、H、O，C正确； D、脂肪是由甘油和脂肪酸组成的，若图中S1、S2、S3、S4……是同一种单体，则该多聚体不可以表示脂肪，脂肪不是多聚体，D错误。 故选C。 11．下图为某些单体构成多聚体的模式图。下列有关叙述错误的是（    ） A．S1~Sn均含由若干个相连的碳原子构成的碳链 B．若 S1~Sn各不相同，则该多聚体最可能是蛋白质 C．若 S1~Sn是葡萄糖，则该多聚体一定是储能物质 D．若 S1~Sn只有四种，则该多聚体一定能携带遗传信息 【答案】CD 【分析】多糖、蛋白质、核酸等生物大分子都是由许多基本组成单位（单体）连接而成，其中多糖的单体是单糖，蛋白质的单体是氨基酸，核酸的单体是核苷酸。 【详解】A、碳是大分子的核心元素，S1~Sn均含由若干个相连的碳原子构成的碳链，A正确； B、氨基酸的种类约21种，比单糖、核苷酸的种类均多，若 S1~Sn各不相同，则该多聚体最可能是蛋白质，B正确； C、若 S1~Sn是葡萄糖，则该多聚体可能是纤维素，不一定是储能物质，C错误； D、若 S1~Sn只有四种，则该多聚体也可能是RNA，不一定能携带遗传信息，D错误。 故选CD。 12．下列关于生物大分子的叙述，错误的是（    ） A．在构成细胞的化合物中，糖类、蛋白质、核酸都是生物大分子 B．生物体内参与信息传递的信息分子都是蛋白质 C．生物大分子是由许多单体连接形成的多聚体，以碳链为基本骨架 D．生物大分子都能为细胞的生命活动提供能量 【答案】ABD 【分析】细胞是由多种元素和化合物构成的。在构成细胞的化合物中，多糖、蛋白质、核酸都是生物大分子。组成多糖的基本单位是单糖，组成蛋白质的基本单位是氨基酸，组成核酸的基本单位是核苷酸，这些基本单位称为单体。每一个单体都以若干个相连的碳原子构成的碳链为基本骨架。生物大分子是由许多单体连接成的多聚体，因此，生物大分子也是以碳链为基本骨架的。正是由于碳原子在组成生物大分子中的重要作用，科学家才说“碳是生命的核心元素”“没有碳，就没有生命”。 【详解】A、在构成细胞的化合物中，多糖、蛋白质、核酸都是生物大分子，A错误； B、性激素也是信息分子，其化学本质是固醇，B错误； C、生物大分子是由许多单体连接形成的多聚体，以碳链为基本骨架，包括多糖、蛋白质和核酸，C正确； D、生物大分子中的核酸不能为细胞的生命活动提供能量，是遗传信息的携带者，D错误。 故选ABD。 13．蛋白质和核酸都是生物大分子，且都含有C、H、O、N四种元素。下列关于细胞中蛋白质和核酸的叙述，错误的是（　　） A．蛋白质和核酸都是由许多单体连接成的多聚体 B．蛋白质、核酸彻底水解的产物即组成它们的单体 C．核酸分子由2条链构成，蛋白质分子中可能有一至多条肽链 D．核酸中的N在碱基中，蛋白质中的N都通过肽键与C连接 【答案】BCD 【分析】1、蛋白质的基本组成元素是C、H、O、N等，基本组成单位是氨基酸，氨基酸通过脱水缩合反应形成肽链，肽链盘曲折叠形成具有一定的空间结构的蛋白质，因此蛋白质是由氨基酸聚合形成的生物大分子。 2、核酸的基本组成元素是C、H、O、N、P，基本组成单位是核苷酸，核苷酸聚合形成核苷酸链，核酸是由核苷酸聚合形成的生物大分子，核酸在生物的遗传、变异和蛋白质的生物合成中具有重要作用。 【详解】A、蛋白质是由氨基酸聚合形成的多聚体，核酸是由核苷酸聚合形成的多聚体，A正确； B、组成核酸的单体是核苷酸，核酸彻底水解的产物是磷酸、五碳糖及含氮碱基，B错误； C、一般情况下，在生物体的细胞中，DNA由两条脱氧核苷酸链构成，RNA由一条核糖核苷酸链构成，C错误； D、蛋白质中的N还可以在氨基中，D错误。 故选BCD。 14．生物大分子是由许多单体连接成的多聚体。下列关于花生细胞中单体和多聚体的叙述正确的是（    ） A．花生叶肉细胞中组成淀粉和纤维素的单体相同，但两者分子结构不同 B．鉴定葡萄糖和蛋白质的颜色反应原理不同，但都用到NaOH和CuSO4 C．花生细胞细胞质中含有由甘油和脂肪酸连接成的多聚体 D．花生细胞细胞核中含有水解产物为脱氧核苷酸和氨基酸的多聚体复合物 【答案】ABD 【分析】生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，产生砖红色沉淀。斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉）。（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）。（4）淀粉遇碘液变蓝。 【详解】A、花生叶肉细胞中组成淀粉和纤维素的单体都是葡萄糖，但两者分子结构不同，淀粉分子链呈螺旋状或平面结构，而纤维素分子链呈直线状排列，A正确； B、鉴定葡萄糖和蛋白质时都使用NaOH和CuSO4溶液，但原理不相同，前者的原理是还原糖与Cu（OH）2反应生成砖红色沉淀，后者是在碱性条件下，铜离子与肽键反应生成紫色络合物，B正确； C、花生细胞细胞质中含有由甘油和脂肪酸连接成的脂质，不是多聚体，C错误； D、花生细胞细胞核中含有水解产物为脱氧核苷酸的多聚体为DNA和水解产物为氨基酸的多聚体为蛋白质，两者组成染色体，D正确。 故选ABD。 15．如图表示有关生物大分子的简要概念图，下列叙述错误的是（    ） A．b和c都是以碳链为基本骨架，因此“碳是生命的核心元素” B．若b为葡萄糖，则c在动物细胞中可能为乳糖 C．若c具有运输、催化等功能，则b为氨基酸 D．若b为脱氧核苷酸，则c只存在于线粒体、叶绿体、细胞核中 【答案】BCD 【分析】1、C是组成生物体的最基本的元素，碳链是构成生物大分子的基本骨架。 2、多糖（淀粉、糖原和纤维素）、蛋白质、核酸等生物大分子都是由许多单体连接而成，因而被称为多聚体。 【详解】A、b是组成多聚体的单体，c是生物大分子，b和c都是以碳链为基本骨架，因此“碳是生命的核心元素”，A正确； B、c是生物大分子，乳糖不属于生物大分子，B错误； C、若c具有运输、催化等功能，则c可能为RNA，则b是核糖核苷酸，C错误； D、若b为脱氧核苷酸，则c是DNA，真核细胞中可存在于线粒体、叶绿体、细胞核中，原核生物中还可存在于拟核中，D错误。 故选BCD。 题型6：检测生物组织中的糖类、脂肪和蛋白质 1．若对市面上食品的成分进行检测，下列关于检测的过程或结果错误的是（    ） A．检测梨中的还原糖时可以用本尼迪克特试剂，水浴加热后能看到红黄色沉淀 B．若要确定饼干中是否有淀粉可以用碘-碘化钾检测，检测后可观察到蓝色出现 C．如果将牛奶加热后再用双缩脲试剂进行检测，由于蛋白质变性无法出现紫色 D．对花生中的油脂进行检测用苏丹Ⅲ染色剂，在显微镜下能观察到橙黄色颗粒 【答案】C 【详解】A、梨中富含还原糖，本尼迪克特试剂与还原糖在水浴加热条件下反应可生成红黄色沉淀，因此可用本尼迪特试剂检测梨中的还原糖，A不符合题意； B、淀粉遇碘-碘化钾溶液会呈现蓝色，因此可用该试剂检测饼干中是否含有淀粉，若存在淀粉则可观察到蓝色出现，B不符合题意； C、双缩脲试剂检测蛋白质的原理是与蛋白质中的肽键发生紫色反应，牛奶加热后蛋白质发生变性，仅空间结构被破坏，肽键并未断裂，仍可与双缩脲试剂反应出现紫色，C符合题意； D、花生富含油脂，苏丹Ⅲ染色剂可将油脂染成橙黄色，制作临时装片后在显微镜下能观察到橙黄色的脂肪颗粒，D不符合题意。 2．某生物学兴趣小组在野外发现一种白色的不知名野果，欲检测其是否含有还原糖、脂肪和蛋白质。下列叙述正确的是（    ） A．若向该野果组织样液中加入斐林试剂后出现砖红色沉淀，说明该野果中含有葡萄糖 B．还原糖检测实验结束后，将剩余的斐林试剂装入棕色瓶，以备长期使用 C．进行蛋白质的检测，双缩脲试剂的A液和B液使用时要注意等量混合、现用现配、水浴加热 D．用显微镜观察野果切片细胞中的脂肪颗粒时，可用苏丹Ⅲ染液将脂肪染成橘黄色，再用50%的酒精洗去浮色后观察 【答案】D 【详解】A．斐林试剂用于检测还原糖时需在沸水浴条件下与还原糖反应生成砖红色沉淀，而直接加入样液并常温下不会显色。题干未提及水浴条件，无法确定存在葡萄糖，A错误； B．斐林试剂需现用现配，混合后的试剂久置会失效，不能长期保存，B错误； C．双缩脲试剂检测蛋白质时，应先加A液（NaOH）摇匀，再加B液（CuSO4），无需等量混合和水浴加热，C错误； D．苏丹Ⅲ染液可将脂肪染成橘红色，染色后需用50%酒精洗去浮色以便观察，描述正确，D正确。 故选D。 3．下列关于“探究植物细胞是否含有脂肪”活动的叙述，正确的是（　　） A．花生种子切片后，挑选1~2 cm的薄片备用 B．切片染色后，可用50%的乙醇溶液洗去浮色 C．盖上盖玻片后，用吸水纸吸去多余的染液 D．能观察到细胞中的紫色颗粒 【答案】B 【详解】A、显微镜观察的材料应该是薄而且透明的，因此花生种子切片需薄至透光，1~2cm的薄片过厚，无法用于显微镜观察，A错误； B、苏丹Ⅲ染色后，需用50%乙醇洗去浮色，避免多余染料干扰观察，B正确； C、染色应在制片前完成，盖上盖玻片后吸去染液会破坏装片且不符合操作流程，C错误； D、苏丹Ⅲ可将脂肪颗粒染成橘黄色，而非紫色，因而可在显微镜下看到橘黄色的颗粒，D错误。 故选B。 4．用显微镜观察检测花生子叶细胞中的脂肪实验过程中，需要进行的操作包括（    ） A．将花生子叶研磨成匀浆 B．用50%乙醇洗去多余染料 C．盖上盖玻片后在盖玻片一端用吸水纸引流 D．对实验材料进行水浴加热后，观察实验现象 【答案】B 【详解】A、将花生子叶研磨成匀浆，此操作适用于检测还原糖或蛋白质的实验（需组织样液），而脂肪检测需通过切片法直接观察细胞内的脂肪颗粒，无需研磨，A错误； B、苏丹Ⅲ染色后需用50%乙醇洗去浮色，因为苏丹Ⅲ 染料易溶于酒精，可去除多余染料，避免干扰观察，B正确； C、盖上盖玻片后引流通常用于质壁分离或染色剂渗入细胞的过程，而脂肪检测中染色和洗去浮色后直接制片观察，无需引流，C错误； D、水浴加热用于斐林试剂检测还原糖等需显色反应的实验，而苏丹Ⅲ染色为直接染色法，无需加热，D错误。 故选B。 5．常用指示剂染色后检测生物组织中的某些有机化合物。下列相关说法正确的是（    ） A．观察油脂颗粒时需用体积分数95%的酒精溶液洗去浮色 B．还原糖检测时加入斐林试剂混匀后即可观察现象 C．检测蛋白质时依次加入等量的双缩脲试剂A、B溶液 D．检测淀粉时可用碘—碘化钾溶液，但用量不宜过多 【答案】D 【分析】双缩脲试剂是由A液(质量浓度为0.1g/mL氢氧化钠溶液)和B液(质量浓度为0.01g/mL硫酸铜溶液)组成，用于鉴定蛋白质，使用时要先后依次加入双缩脲试剂A、B溶液，且不需水浴加热。 【详解】A、观察油脂颗粒时需用体积分数50%的酒精洗去浮色，A错误； B、斐林试剂检测还原糖需在沸水浴条件下与还原糖反应生成砖红色沉淀，仅混合试剂无法直接观察现象，B错误； C、检测蛋白质时，应先加入双缩脲试剂A液（NaOH）1mL，摇匀后再滴加B液（CuSO₄）4滴，两者用量不等，C错误； D、检测淀粉时，碘—碘化钾溶液遇淀粉变蓝，但过量试剂可能掩盖颜色变化，因此用量不宜过多，D正确。 故选D。 6．下列关于“检测生物组织中的糖类和蛋白质”活动的叙述，正确的是（　　） A．待测组织检测之前，应先观察标准溶液的显色结果 B．梨汁上清液和还原糖检测试剂混匀即可观察到显色结果 C．对获取的马铃薯研磨液滴加碘化钾溶液可以进行淀粉检测 D．热变性的蛋白质与双缩脲试剂混合后不会出现紫色反应 【答案】A 【详解】A、检测待测组织前需先设置标准溶液的显色结果作为对照，以便后续比较，A正确； B、斐林试剂检测还原糖需在沸水浴条件下显色（斐林试剂用于鉴定可溶性还原糖时需水浴加热生成砖红色沉淀），B错误； C、检测淀粉应使用碘液（碘-碘化钾溶液），仅用碘化钾溶液无法与淀粉发生蓝色反应，C错误； D、蛋白质变性仅破坏空间结构，未破坏肽键，仍可与双缩脲试剂发生紫色反应，D错误。 故选A。 7．用各类食材烧烤是大众喜爱的一种烹饪方式，下列有关叙述正确的是（　　） A．烤肉中存在大量的蛋白质，在烤制过程中，蛋白质的肽键均断裂 B．韭菜中富含纤维素，可以用本尼迪特试剂在热水浴条件下检测 C．土豆片中富含淀粉，淀粉是植物细胞中的生物大分子 D．烤肉时要添加食用油，食用油的化学成分主要是油脂，元素组成为C、H、O、N 【答案】C 【分析】斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，产生砖红色沉淀。斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如蔗糖、淀粉等）。 【详解】A、高温烤制会使蛋白质空间结构破坏（变性），但肽键并未全部断裂，需水解才会断裂，A错误； B、纤维素属于非还原糖，本尼迪特试剂用于检测还原糖，B错误； C、淀粉是植物细胞中的储能多糖，属于生物大分子（由葡萄糖聚合形成），C正确； D、油脂的组成元素为C、H、O，不含N，D错误。 故选C。 8．为检测花生种子中的油脂，取花生子叶切片，苏丹Ⅲ染色后制成临时装片，在显微镜下观察，结果如图。（　　） 下列有关叙述正确的是 A．图中被染成橙黄色的颗粒是脂肪细胞 B．花生子叶切片需使用10%的盐酸处理 C．实验所用的苏丹Ⅲ染液具有亲脂性，能被酒精溶解 D．实验结果可以说明花生子叶细胞中油脂比糖的含量高 【答案】C 【详解】A、图中被染成橙黄色的颗粒是脂肪，而不是脂肪细胞。脂肪细胞是含有脂肪的细胞，脂肪是细胞内的一种物质，A错误； B、花生子叶切片检测油脂时，不需要使用10%的盐酸处理。在该实验中，用苏丹Ⅲ染液对花生子叶切片进行染色后，直接用50%的酒精洗去浮色即可，B错误； C、苏丹Ⅲ染液是一种脂溶性染料，具有亲脂性，能溶解在酒精等有机溶剂中。因此，在染色后需要用50%的酒精洗去浮色，以便在显微镜下更清晰地观察到被染色的脂肪颗粒，C正确； D、该实验只能说明花生子叶细胞中含有油脂，不能说明花生子叶细胞中油脂比糖的含量高。要比较油脂和糖的含量，需要通过特定的定量实验方法，如测定单位质量样品中油脂和糖的含量等，仅通过该显微镜观察实验无法得出这样的结论，D错误。 故选C。 9．某些化学试剂能够使生物组织中的相关化合物产生特定的颜色反应。下列叙述正确的是（    ） A．在制作花生子叶切片临时装片时，需用体积分数为70％的酒精溶液洗去浮色 B．不宜选用深色的生物组织作检测材料，以免生物材料自身颜色的干扰 C．使用斐林试剂对白萝卜进行鉴定，甲、乙液等量混合均匀后再注入，出现砖红色沉淀说明白萝卜中一定含有葡萄糖 D．蛋白质变性后由于肽键断裂，所以无法与双缩脲试剂产生紫色反应 【答案】B 【详解】A、在制作花生子叶切片临时装片时，需用体积分数为50％的酒精溶液洗去浮色，A错误； B、鉴定生物组织中的还原糖等时有颜色反应，应选择无色或浅色的实验材料，不宜选用深色的生物组织作检测材料，以免生物材料自身颜色的干扰，B正确； C、使用斐林试剂对白萝卜进行鉴定，甲、乙液等量混合均匀后再注入，因为斐林试剂需要现配现用，在水浴加热的条件下出现砖红色沉淀说明白萝卜中含有还原糖，不一定是葡萄糖，C错误； D、蛋白质变性其肽键不会发生断裂，所以仍然可以与双缩脲试剂产生紫色反应，D错误。 故选B。 10．某小组同学进行生物组织还原糖检测实验，操作流程如图所示。下列对实验改进或现象的分析，正确的是（　　） A．用西红柿代替苹果，能更清晰观察实验现象 B．研磨时添加石英砂可提高还原糖的提取效率 C．斐林试剂经稀释后可直接用于蛋白质的检测 D．水浴温度需严格控制在50℃以避免试剂分解 【答案】B 【详解】A、西红柿含红色色素，会干扰砖红色沉淀观察，不能替代苹果，A错误； B、研磨时加石英砂（二氧化硅 ）可使研磨更充分，提高还原糖提取效率，B正确； C、斐林试剂（甲液NaOH、乙液CuSO4 ）与双缩脲试剂（A 液NaOH、B 液CuSO4​ ）成分浓度不完全相同，使用方法也有差异，斐林试剂是等量混匀，现配现用，双缩脲试剂需先加 A液、后加 B液，所以斐林试剂稀释后不能直接用于蛋白质检测，C错误； D、还原糖检测水浴温度为50 - 65℃，此温度范围不会导致试剂分解，无需严格控制在 50℃，D错误。 故选B。 11．下列说法不正确的是（　　） A．双缩脲试剂鉴定蛋白质时可以用KOH溶液代替NaOH溶液 B．施莱登和施旺认为除病毒外，动植物等生物由细胞构成 C．脂肪鉴定过程中使用体积分数为50%的酒精是为了溶解组织中的脂肪 D．还原糖鉴定实验结束时，剩余斐林试剂装入棕色瓶，以便长期保存备用 【答案】BCD 【详解】A、双缩脲试剂鉴定蛋白质的原理是在碱性环境下，蛋白质中的肽键与铜离子形成紫色络合物。KOH溶液和NaOH溶液都呈碱性，所以可以用KOH溶液代替NaOH溶液，A正确； B、施莱登和施旺提出的细胞学说并没有提到病毒，B错误； C、脂肪鉴定过程中使用体积分数为 50% 的酒精是为了洗去浮色（苏丹 Ⅲ 或苏丹 Ⅳ 染液），C错误； D、还原糖鉴定用的斐林试剂，使用时需现配现用，不能长期保存，D错误。 故选BCD。 12．下列有关实验的叙述，正确的是（　　） A．利用台盼蓝染液可以将死细胞染成蓝色，而活细胞不会着色 B．通过鸡蛋清稀释液与双缩脲试剂的反应检测生物组织中的蛋白质 C．白萝卜匀浆与斐林试剂混匀后，水浴加热后由无色变成砖红色 D．在低倍显微镜下，可观察到紫色洋葱鳞片叶内表皮的质壁分离现象 【答案】AB 【详解】A、台盼蓝染液能使死细胞着色（细胞膜失去选择透过性 ），活细胞不吸收台盼蓝，不会着色，A 正确； B、鸡蛋清稀释液含蛋白质，与双缩脲试剂反应呈紫色，可检测生物组织中的蛋白质，B 正确； C、白萝卜匀浆含还原糖（如葡萄糖 ），与斐林试剂混匀后，水浴加热由蓝色（斐林试剂颜色 ）变为砖红色，C 错误； D、紫色洋葱鳞片叶内表皮细胞无色，质壁分离现象不明显，需用紫色外表皮细胞观察，D 错误。 故选AB。 13．下列关于食品安全问题的相关探究实验，不正确的是（　　） 选项 探究主题 实验试剂 预期实验结果 结论 A 某“色拉油”是否含有油脂 苏丹Ⅲ染液 被检测液体出现红色 含有油脂，且可能含有固醇 B 某“早餐奶”是否含有蛋白质 双缩脲试剂 被检测液体出现紫色 可能含有蛋白质 C 某“奶片”是否添加淀粉 碘液 被检测液体出现蓝色 含有淀粉，不含有蛋白质 D 某“无糖”无色饮料中是否含有还原糖 斐林试剂 被检测液体出现砖红色 含有还原糖，可能是蔗糖 A．A B．B C．C D．D 【答案】ACD 【分析】生物组织中化合物的鉴定： （1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉、蔗糖）。 （2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。 （3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液鉴定，呈橘黄色。 （4）淀粉遇碘液变蓝。 【详解】A、苏丹Ⅲ染液可将脂肪染成橘黄色，说明含有脂肪，A错误； B、双缩脲试剂与蛋白质反应呈紫色，B正确； C、被检测液体出现蓝色，只能证明含有淀粉，不能证明没有蛋白质，C错误； D、斐林试剂与还原糖反应，经加热可以产生砖红色沉淀，蔗糖不属于还原糖， D错误。 故选ACD。 14．实验室中现有无标签的稀蛋清、葡萄糖、淀粉和淀粉酶溶液各一瓶，某同学想利用双缩脲试剂、斐林试剂和淀粉溶液鉴别出这几种溶液，相关实验步骤如下表(注：淀粉酶的化学本质是蛋白质，可将淀粉分解成麦芽糖，分解前后淀粉酶不发生变化)。下列相关叙述正确的是（    ） 步骤 试剂 实验目的(方法) 一 X 将四种试剂分为A、B两组，A组为不显色组，B组为显色组 二 Y 区分 A组溶液 三 一 区分B组溶液:显色组的两种溶液各取少许，置于不同的试管中，分别_①_，静置半小时;向静置后的反应液中_②_。 A．步骤一中试剂X为双缩脲试剂，A 组为葡萄糖和淀粉溶液 B．步骤二加入 Y 斐林试剂后若未观察到明显的实验现象可能是因为未进行水浴加热 C．步骤三中①处应为“滴加等量且适量淀粉溶液，充分振荡” D．步骤三中②处应为“加入双缩脲试剂，出现紫色反应的为稀蛋清” 【答案】ABC 【分析】稀蛋清和淀粉酶是蛋白质，葡萄糖和淀粉是糖类，首先可以用双缩脲试剂将四组溶液分为两组，发生显色反应的是稀蛋清和淀粉酶，不发生显色反应的是葡萄糖和淀粉。葡萄糖属于还原糖，可与斐林试剂鉴定，而淀粉不能，可以用斐林试剂区分葡萄糖溶液和淀粉溶液。淀粉酶能将淀粉分解为麦芽糖，麦芽糖属于还原糖，所以加入淀粉后，用斐林试剂鉴定后出现砖红色沉淀的则为淀粉酶。 【详解】A、淀粉酶的化学本质是蛋白质，蛋白质与双缩脲试剂发生作用产生紫色反应，因此用双缩脲试剂可将上述四种溶液区分为2组，其中发生显色反应的一组是稀蛋清和淀粉酶溶液，不发生显色反应的是葡萄糖和淀粉溶液，A正确； B、还原糖与斐林试剂发生作用，在水浴加热（50~65℃）的条件下会生成砖红色沉淀。淀粉是非还原糖，而葡萄糖是还原糖，因此可用斐林试剂区分，该同学未观察到明显的实验现象可能是因为未进行水浴加热，B正确； CD、淀粉酶催化淀粉分解成麦芽糖，麦芽糖是还原糖，据此可将显色组的两种溶液各取少许，置于不同的试管中，分别滴加等量且适量淀粉溶液，充分振摇，静置半小时。向静置后的反应液中加入斐林试剂，水浴加热出现砖红色沉淀的即为淀粉酶溶液，若加入双缩脲试剂，两种溶液中都会发生紫色反应，C正确，D错误。 故选ABC。 15．下列关于“生物组织中糖类、脂肪和蛋白质检测实验”的说法，错误的是（    ） A．还原糖检测后剩余的斐林试剂混合液可装入棕色瓶内储存备用 B．用于检测还原糖的斐林试剂甲液和乙液，可直接用于蛋白质的检测 C．检测脂肪实验中用苏丹Ⅲ染色后，用酒精洗去浮色再进行观察 D．糯米匀浆液中加入碘液，可直接观察到匀浆变蓝色 【答案】AB 【分析】生物组织中化合物的鉴定： （1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。 （2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。 （3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）。 【详解】A、斐林试剂需要现配现用，不能长期保存，A错误； B、斐林试剂甲液与双缩脲试剂A液的浓度相同，但斐林试剂乙液与双缩脲试剂B液的浓度不相同，因此斐林试剂甲液和乙液不可直接用于蛋白质的检测，B错误； C、检测脂肪实验中用苏丹Ⅲ染色后，用体积分数为50%酒精洗去浮色再进行观察，C正确； D、糯米中富含淀粉，淀粉遇碘变蓝色，因此糯米匀浆液中加入碘液，可直接观察到匀浆变蓝色，D正确。 故选AB。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！1 1 / 1 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 专题04 细胞的物质基础 题型1：细胞中的无机盐 1．植物在冬季来临过程中，随着气温的逐渐降低，植物体内发生了一系列适应低温的生理生化变化。图一为冬小麦在不同时期含水量变化关系图，图二为种子萌发过程中胚的鲜重变化。下列叙述错误的是（     ） A．自由水相对含量下降有利于避免低温时细胞内结冰 B．氢键使水具有较高的比热容，水温相对不易改变 C．不休眠种子结合水与自由水的比值较休眠种子的低 D．随萌发时间的延长，大豆种子中的有机物种类降低 2．下列不属于水在植物生命活动中作用的是（    ） A．物质运输的良好介质 B．提供化学反应的能量 C．溶解营养物质及代谢产物 D．缓和植物温度变化 3．下列关于水和无机盐的叙述，错误的是（    ） A．细胞中的大多数无机盐以离子的形式存在 B．水有较高的比热容，其温度相对容易发生改变 C．细胞内结合水主要与蛋白质、多糖等物质结合 D．细胞中无机盐离子有维持细胞酸碱平衡的作用 4．无花果是一种开花植物，主要生长于热带和温带，是世界上最古老的栽培果树之一、无花果中含有苹果酸、柠檬酸、脂肪酶等，具有促进排便、增强消化功能、保护心血管等功效。下列叙述错误的是（    ） A．不同生物组织的细胞中各种化合物的含量有差别 B．新鲜无花果细胞中无机物的含量大于有机物 C．无花果中含有丰富的微量元素，如锰、锌、钙等 D．无花果细胞和人体细胞中元素的种类大致相同 5．下图为对刚收获的种子所做的一系列处理，据图分析有关说法正确的是（　　） A．④和⑤分别是结合水、自由水，①和②均能够萌发形成幼苗 B．点燃后产生的CO2中的C可来自种子中的糖类、脂肪、蛋白质等有机物 C．图中的③为生物体的生命活动提供能量 D．刚收获的种子含④/⑤的比例小，代谢旺盛，不利于储存 6．无机盐是细胞生命活动的重要基础。下列叙述正确的是（    ） A．微量元素Mg以Mg2+的形式组成叶绿素分子协助植物进行光合作用 B．微量元素Fe以Fe2+的形式参与血红蛋白的修饰，提升血红蛋白搭载O2分子的能力 C．大量元素Ca以Ca2+的形式参与调节人体细胞的兴奋性 D．大量元素K以K+的形式抑制动物抽搐症状的出现 7．下列关于生物体和细胞中水和无机盐的叙述，正确的是（    ） A．水不参与血浆正常浓度的维持 B．水分子间的氢键不利于调节体温 C．缺Mg2+导致植物叶绿素合成减少 D．细胞中的无机盐多数以化合物形式存在 8．水和无机盐是构成细胞的重要成分，下列相关叙述正确的是（    ） A．心肌细胞内结合水的比例高于自由水是心肌坚韧的原因之一 B．细胞内自由水占比越大，代谢越旺盛，抗逆性越强 C．缺铁会导致贫血，存在于人体血红蛋白的R基上 D．人体内缺乏会引起神经、肌肉细胞的兴奋性降低 9．当前正值冬季草莓上市旺季，多地开展“享受‘莓’好时光”草莓采摘活动，相关叙述正确的是（    ） A．占草莓细胞鲜重比例最大的元素和化合物分别是C和糖类 B．大棚种植草莓需要适时施加含Fe、Mg等微量元素的肥料 C．气温骤降，可导致草莓细胞中结合水结冰从而发生冻害 D．草莓从外界吸收的磷酸盐，可用于细胞内核酸的合成 10．关于细胞中无机盐的叙述，错误的是（　　） A．主要以离子形式存在 B．维持细胞渗透压平衡 C．为细胞生命活动提供能量 D．组成某些复杂的化合物 11．植物利用硝酸盐需要硝酸还原酶，缺Mn2+的植物无法利用硝酸盐。据此，对Mn2+的作用，正确的推测是（    ） A．Mn2+是硝酸还原酶的活化剂 B．对维持细胞的酸碱平衡有重要作用 C．对调节细胞的渗透压有重要作用 D．对维持细胞的形态有重要作用 12．《诗经》中的“蒹葭苍苍，白露为霜”描绘了秋日景象。秋季天气逐渐变冷，植物细胞内的水分状态发生的变化主要是（    ） A．部分自由水转化为结合水 B．部分结合水转化为自由水 C．自由水全部蒸发 D．结合水全部结冰 13．无机盐是细胞内含量很少的无机物，仅占细胞鲜重的。下列关于细胞中无机盐的叙述，错误的是（　　） A．细胞中的无机盐大多数以离子形式存在 B．严重腹泻的病人脱水时应及时补充淡盐水 C．哺乳动物血液中钙离子含量过低会出现抽搐的症状 D．人体内钠离子缺乏会引起神经细胞过度兴奋 14．无花果是一种开花植物，主要生长于热带和温带，是世界上最古老的栽培果树之一。无花果中含有苹果酸、柠檬酸、脂肪酶等，具有促进排便、增强消化功能、保护心血管等功效。下列叙述错误的是（　　） A．新鲜无花果细胞中无机物的含量大于有机物 B．不同生物组织的细胞中各种化合物的含量有差别 C．无花果中含有丰富的微量元素，如铁、锰、锌、钙等 D．无花果细胞和人体细胞中元素的种类大致相同 15．下列关于细胞中无机物的叙述错误的是（　　） A．人体缺Fe会患贫血症，说明无机盐对维持细胞的酸碱平衡非常重要 B．种子贮藏前，晒干是为了减少自由水的含量 C．植物体内水分具有参与营养物质和代谢废物运输的功能 D．细胞中大多数无机盐以离子的形式存在 16．如图1是细胞中化合物含量的扇形图，图2是活细胞中元素含量的柱形图，下列说法正确的是（　　） A．若图1表示细胞鲜重，则A、B依次是水、蛋白质 B．地壳与活细胞中含量最多的元素都是a，因此a是最基本的化学元素 C．活细胞中，数量最多的元素是图2中的c D．若图2表示组成人体细胞的元素含量，则a、b、c依次是O、C、H 17．为探究无机盐对植物生长的影响，研究人员用水培法培养甜瓜幼苗，每天培养液中K+和Mg2+初始状态均为500mg·L-1，定时测定K+和Mg2+的剩余量，结果如图所示。下列说法正确的是（    ） A．K和Mg都是植物生存所必需的微量元素 B．Mg在甜瓜幼苗中主要以离子形式存在 C．甜瓜幼苗对K+的吸收量小于对Mg2+的吸收量 D．在坐果前期，甜瓜植株对K+和Mg2+的需求量最大 18．2024年11月28日，在有“死亡之海”之称的塔克拉玛干沙漠，全长3046公里的沙漠边缘绿色阻沙防护带成功“锁边合龙”，防护带上种植了胡杨、红柳等固沙苗木。下列有关叙述错误的是（　　） A．防护带上所有的红柳构成了一个种群 B．防护带中的胡杨、红柳等植物及沙漠中的动物、微生物共同构成了一个生态系统 C．胡杨和红柳细胞内结合水比例相对较高，利于在干旱环境中保持细胞形态和生理功能 D．红柳细胞中无机盐大多以化合物形式存在，如PO43-参与构成了核酸、磷脂等 19．为验证锌元素是植物生长的必需元素，某同学将大豆幼苗放在相应的完全培养液中培养，一段时间后观察发现，与对照组相比，缺锌组的大豆幼苗出现了生长迟缓、叶片变小等现象。下列有关该实验的说法，正确的是（    ） A．实验的自变量是锌元素的有无 B．对照组应使用含锌的完全培养液 C．实验中可以用其他植物代替大豆幼苗 D．实验证明了锌是植物生长的大量元素 20．为探究干旱胁迫对不同种源赤皮青冈幼苗叶片自由水和结合水含量的变化，某科研小组开展了相关研究，结果如表（CK：对照组；T1：轻度干旱胁迫；T2：中度干旱胁迫；T3：重度干旱胁迫）。下列说法正确的是（　　） 地区 指标 CK T1 T2 T3 浙江庆元 自由水含量 47.94 48.38 40.61 30.15 结合水含量 25.60 28.47 30.63 38.97 自由水/结合水 1.87 1.70 1.33 0.77 湖南洞口 自由水含量 51.61 49.79 39.17 31.08 结合水含量 19.75 24.26 26.23 32.43 自由水/结合水 2.61 2.05 1.49 0.96 A．随干旱胁迫加剧，叶片中的部分水分失去流动性和溶解性 B．随干旱胁迫加剧，叶片中自由水含量均下降 C．随干旱胁迫加剧，叶片中细胞代谢均逐渐减弱 D．随干旱胁迫加剧，幼苗对低温的适应能力可能逐渐增强 题型2：细胞中的糖类和脂质 1．《“健康中国2030”规划纲要》提出要强化慢性病筛查和早期发现。高甘油三酯血症是常见的代谢性慢性病，与心血管疾病风险密切相关。下列叙述正确的是（    ） A．甘油三酯是由三分子甘油和一分子脂肪酸脱水缩合形成 B．蔗糖和甘油三酯共有元素为C、H、O，均属于生物大分子 C．人体内甘油三酯分布在内脏器官周围，有缓冲和减压作用 D．糖类摄入不足时，甘油三酯可分解供能，并大量转化为糖类 2．植物的生长发育和产量在很大程度上取决于种子的质量。图甲表示小麦种子形成、成熟过程中种子中主要物质的变化，图乙表示小麦种子萌发过程中各种糖类含量的变化。下列相关叙述正确的是（　　） A．小麦种子成熟过程中，结合水与自由水的比值逐渐减小，抗逆性增强 B．小麦种子成熟后主要的储能物质是蛋白质，萌发时淀粉水解为还原糖 C．小麦种子萌发12h后还原糖增加，主要原因是淀粉水解产生了还原糖 D．相同干重的小麦种子和花生种子相比，小麦种子中脂肪含量更高 3．肥胖问题是全球热议的话题，有研究预测超重、肥胖率将从2020年的38%迅速增加到2035年的51%。下列叙述错误的是（    ） A．淀粉和脂肪组成元素相同，但淀粉比脂肪氧的含量高 B．纤维素不是植物细胞的能源物质 C．细胞膜表面的脂肪含量少于磷脂 D．脂肪一般只在糖类供能不足时，才会分解供能 4．体重管理需合理控制饮食。关于人体对糖类和脂质的摄入与代谢，下列叙述正确的是（    ） A．大多数糖类可直接转化为脂肪储存，因此需严格杜绝淀粉类主食的摄入 B．脂肪是细胞内良好的储能物质，其氧化分解释放的能量远多于等质量的糖类 C．胆固醇会引发血管硬化，在体重管理中应完全避免摄入含胆固醇的食物 D．糖原和脂肪均可在人体肝脏细胞中大量储存，成为体重增加的主要原因 5．下图表示糖类的化学组成和种类，下列相关叙述正确的是（    ） A．①、②、③依次代表单糖、二糖、多糖，它们均可继续水解 B．①、②均是可被细胞直接吸收利用的小分子物质 C．④、⑤分别为纤维素、肌糖原，二者均储存能量，可作为储能物质 D．①→②→③过程均有水产生 6．糖类与脂质的代谢及功能，正确的是（　　） A．所有糖类均可为细胞供能，是主要能源物质 B．植物二糖蔗糖、麦芽糖，动物二糖乳糖，水解产物均含葡萄糖 C．脂质中氧含量高于糖类，氢含量低，氧化分解释放能量少 D．胆固醇仅构成动物细胞膜，不参与其他代谢过程 7．在纤维素形成过程中, 细胞膜上的纤维素合酶复合体将活化的葡萄糖分子连接起来, 形成线性的葡聚糖链。葡聚糖链经过多次聚合形成结晶微纤维, 之后进一步聚合形成细胞壁的基础骨架。下列说法错误的是（　　） A．纤维素是构成植物细胞壁的一种多糖，不溶于水 B．纤维素的合成场所是细胞膜 C．纤维素的水解产物能与斐林试剂发生颜色反应 D．纤维素被称为人类的“第七类营养素”，一次性摄入大量的纤维素会使血糖升高 8．糖类和脂质都在细胞生命活动中发挥重要作用，下列叙述正确的是（    ） A．几丁质是一种含多种微量元素的多糖，可用作食品添加剂 B．脂质分子中氧的含量远远低于糖类，而氢的含量高于糖类 C．脂肪与糖类元素组成基本相同，故二者可大量相互转化 D．植物脂肪大多含有饱和脂肪酸，熔点较低，不容易凝固 9．随着健康生活理念的普及，“控糖减脂”成为大众关注的焦点。下列叙述正确的是（　　） A．日常饮食中适量摄入纤维素，能促进肠道蠕动，有利于肠道健康 B．只吃米饭和馒头等主食，可以起到良好的“控糖”效果 C．控制体重期间需控制脂肪（如参与人体血液中脂质运输的胆固醇）的摄入 D．人体细胞中过多的脂肪可以大量转化为糖类，达到控制体重的效果 10．下列关于脂质的叙述错误的是（　　） A．胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输 B．磷脂是构成细胞膜的重要成分，也是构成多种细胞器膜的重要成分 C．维生素D是构成骨骼的重要成分，缺乏维生素D会影响骨骼的发育 D．脂肪是由三分子脂肪酸与一分子甘油发生反应而形成的酯 11．减肥一直是热门话题，生酮饮食是一种能快速减轻体重，尤其是减少体脂率的饮食方式。该方法采用低糖、适量蛋白质、高脂肪的饮食结构，目的是让身体通过“燃烧”储存的脂肪实现有效减肥，但长期使用生酮饮食模式减肥会出现营养不均衡、肝脏负担加重等问题，此方法需在专业医生指导下进行。下列相关叙述错误的是（    ） A．糖类是主要的能源物质，人体内的糖类都能为细胞的生命活动供能 B．动物脂肪大多由1分子甘油和3分子饱和脂肪酸反应形成，室温下一般呈固态 C．相同质量的糖类和脂肪彻底氧化分解时，糖类释放的能量少得多 D．生酮饮食减肥的原理可能是体内脂肪直接被消耗，低能量情况下不能转化为脂肪 12．蛋白R功能缺失与人血液低胆固醇水平相关。蛋白R是肝细胞膜上的受体，参与去唾液酸糖蛋白的胞吞和降解，从而调节胆固醇代谢。下列叙述错误的是（　　） A．胆固醇是构成所有生物膜的重要成分，在人体内参与血液中脂质的运输 B．去唾液酸糖蛋白的胞吞过程需要膜上蛋白质的参与，但不需要转运蛋白的参与 C．去唾液酸糖蛋白的降解发生在“消化车间”溶酶体中 D．开发药物通过抑制蛋白R的功能或合成来降低血液胆固醇含量 13．花生种子富含脂肪，种子萌发时，脂肪水解并转化为糖类，糖类等物质转运至胚轴，供胚生长和发育，花生种子中脂肪与糖类转化的过程如图所示。下列叙述错误的是（　　） A．X物质为脂肪酸，可形成双分子层成为膜结构的基本支架 B．相同质量下，花生种子储存能量比玉米种子更多 C．在植物细胞中，葡萄糖可以作为合成二糖和多糖的原料 D．苹果酸是花生种子中脂肪与糖类转化的中间物质 14．生物体内的糖类绝大多数以多糖的形式存在。下列有关多糖的叙述，正确的是（    ） A．构成糖原、纤维素和几丁质等多糖的单体相同 B．淀粉是植物体的主要储能物质，当淀粉含量不足时纤维素可以分解供能 C．几丁质能与重金属离子结合，用于废水处理 D．蔬菜中的纤维素可被人体消化吸收，并为细胞生命活动提供能量 15．研究发现，较高水平的不饱和脂肪酸 Omega-3不仅能降低胆固醇，也有助于预防癌症。下列相关叙述中正确的是（　　） A．脂肪酸在人体内可以参与构成脂肪、磷脂和核苷酸 B．不饱和脂肪酸的碳链中含有双键 C．胆固醇是构成动植物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输 D．大多数动物脂肪富含不饱和脂肪酸，熔点较高，容易凝固 16．棕熊在冬季来临前会大量进食浆果类食物，体重增加迅速，一般可达400 kg，其脂肪层可厚达15 cm，每年的10月到翌年5月这段漫长的时间里，它主要靠脂肪供能，以度过寒冷的冬天。下列叙述错误的是（    ） A．冬季棕熊体重的增加是糖类大量积累的结果 B．脂肪分子储能效率高的主要原因是其中氧元素的含量较高 C．每年的10月到翌年5月，脂肪分解为甘油和脂肪酸的过程为棕熊的生命活动提供了大量能量 D．通过制作脂肪层切片，经苏丹Ⅲ染色，在光镜下可看到脂肪颗粒 17．脂质是生物体中重要的有机物，某同学按功能对脂质进行了分类。下列对①～⑥处内容的补充，正确的是（    ） 功能分类 化学本质 组成元素 主要功能 储能脂类 脂肪 C、H、O ③ 结构脂类 磷脂 ① 生物膜的重要成分 调节脂类 ② 胆固醇 C、H、O 构成动物细胞膜的重要成分；④ 性激素 ⑤；激发并维持第二性征 ⑥ ⑦ A．①为C、H、O、P，甚至含N B．③为保温、缓冲和减压，可直接为细胞生命活动供能，是重要的能源物质 C．④为参与人体血液中糖类的运输；⑤为促进人和动物生殖细胞的形成和生殖器官的发育 D．⑥为维生素D，⑦为有效促进人和动物肠道对钙、磷的吸收 18．油料种子萌发时，油脂（即脂肪）水解生成脂肪酸和甘油，然后在多种酶的催化下形成葡萄糖，最后转变成蔗糖，并转运至胚轴供给胚生长和发育利用（如图1所示）。某研究小组将种子置于温度、水分（蒸馏水）、通气等条件均适宜的黑暗环境中培养，定期检查萌发种子（含幼苗）的干重变化，结果如图2所示。下列分析正确的是（    ） A．油料种子中脂肪储存能量利于胚的生长和发育 B．油料种子中的脂肪酸长链中存在双键，熔点低，在室温时呈液态 C．动物细胞中脂肪转化与图1所示过程有不同，糖类供能不足时脂肪只能少量转化为糖类 D．种子萌发初期，脂肪转化为糖类导致干重增加，之后光合作用小于呼吸作用导致干重减少 19．下图分别是油菜种子成熟和萌发过程中营养物质的含量变化示意图。下列说法正确的是（　　） A．该种子成熟过程中脂肪积累的原因可能是淀粉和可溶性糖转化成脂肪 B．该种子成熟过程中，脂肪逐渐增多，说明种子的细胞代谢逐渐增强 C．该种子萌发过程中干重先增加，脂肪转化为可溶性糖，主要增重的元素为O D．与富含淀粉的小麦种子相比，油菜种子播种时应浅播 20．种子中储藏着大量淀粉、脂质和蛋白质，不同植物的种子中，这些有机物的含量差异很大。通常根据有机物的含量将种子分为淀粉种子、油料种子和豆类种子。下图是油料种子成熟和萌发过程中营养物质的含量变化示意图。以下说法错误的是（　　） A．在油料种子成熟与萌发过程中，糖类和脂肪是相互转化的 B．油料种子萌发初期，干重会先增加，导致种子干重增加的主要元素是C C．种子成熟后进入休眠状态，其中结合水含量下降 D．种子成熟和萌发过程中，脂肪酶的活性较高 题型3：蛋白质 1．某链状多肽的分子式为C42H65N11O9，，彻底水解后只得到图示3种氨基酸。下列有关叙述错误的是（    ） A．甘氨酸是相对分子质量最小的一种氨基酸 B．此多肽中含有1个游离的羧基 C．肽链中赖氨酸有3个 D．图示3种氨基酸按足够的数量混合，在适宜的条件下脱去3个水分子形成的化合物最多有64种（不考虑环状肽） 2．由枯草芽孢杆菌分泌的生物表面活性剂——脂肽，作为高效环保材料已经在化妆品、洗涤工业等领域得到广泛应用，脂肽的结构示意图如图（其中一个谷氨酸分子含两个羧基）所示。相关叙述错误的是（　　） A．一分子脂肽由7个氨基酸参与构成 B．若脂肽中谷氨酸的位置改变，则脂肽的功能也可能会发生改变 C．脂肽中的氨基酸可通过脱水缩合形成肽键 D．脂肽属于环状肽，因此没有游离的氨基或羧基 3．神经肽 Y 是由38 个氨基酸组成的一条多肽链，与动物的摄食行为和血压调节密切相关。下图是神经肽 Y 的部分氨基酸组成示意图（Leu、Ala、Thr、Val 为不同种类的氨基酸）和谷氨酸（Glu）的结构式，已知该肽链中共有5 个谷氨酸（Glu）。下列叙述错误的是（    ） 部分氨基酸序列：33： Leu — 34： Ala — 35： Glu — 36： Thr — 37： Val — 38： Glu A．谷氨酸（Glu）的 R 基为 —C₃H₅O₂ B．高温处理不会破坏连接 Leu 与 Ala 之间的肽键 C．若要去除神经肽 Y 第 35 位的谷氨酸，则水解时需要 2 分子水参与 D．该神经肽 Y 分子中含有 37 个肽键，至少含有5 个游离的羧基 4．哺乳动物的催产素具有催产和排乳的作用，其结构简式如下图所示，各氨基酸残基用3个字母缩写表示。下列叙述错误的是（　　） A．催产素含9种氨基酸，7个肽键 B．图中—S—S—可能表示一个二硫键 C．组成催产素的不同氨基酸的R基不同 D．催产素至少含一个游离的氨基和羧基 5．某三十九肽中含有4个丙氨酸(C3H7O2N)，现用水解的方法脱去全部的丙氨酸，得到4条长短不等的肽(如下图)，与原本的三十九肽相比，这4条肽链中相关结构的数量变化，判断正确的是（　　） A．肽键数目减少7个 B．游离的氨基数增加为4个 C．C原子数目减少11个 D．O原子数目不变 6．如图为氨基酸分子的结构通式，下列叙述正确的是（　　） A．只要有结构①和③的化合物就是氨基酸 B．结构④决定氨基酸的种类 C．组成人体蛋白质的氨基酸都能在人体内合成 D．生物体内n个氨基酸形成一条多肽链产生n个水分子 7．如图表示多肽链发生自剪接的过程，下列说法错误的是（    ） A．甲形成乙的过程有肽键的断裂和合成 B．内含肽中①处对应的化学基团是羧基 C．内含肽可与双缩脲试剂发生反应显紫色 D．甲中肽键数多于乙和内含肽中的肽键数之和 8．蛋白质的空间结构是其发挥生物学功能的基础。三级结构是多肽链局部区域的规则折叠构象，主要由主链上的氢键稳定结构；三级结构是整条多肽链在二级结构的基础上进一步折叠、盘曲形成的三维空间结构；四级结构是两条或两条以上具有独立三级结构的多肽链相互作用组装而成的空间结构（如图）。下列叙述正确的是（    ） A．氢键、二硫键在稳定蛋白质三级结构中发挥作用 B．氨基酸空间结构的差异与蛋白质分子的多样性有关 C．肽链以碳链为骨架，其C原子主要位于主链上 D．高温使蛋白质变性的本质是氨基酸序列发生改变 9．下列关于氨基酸和蛋白质的说法，正确的是（　　） A．细胞中蛋白质只含有C、H、O、N四种元素 B．从某些动物组织中提取的胶原蛋白可用来制作手术缝合线 C．组成蛋白质的氨基酸之间脱水缩合的方式具有多样性 D．蛋白质结构的多样性与氨基酸的种类、数量、排列顺序、空间结构有关 10．蛋白水解酶分内切酶和外切酶2种，外切酶专门作用于肽链末端的肽键，内切酶则作用于肽链内部特定区域。若某蛋白内切酶作用于苯丙氨酸（C9H11NO2）两侧的肽键，某四十九肽经该内切酶作用后的情况如右图，下列叙述错误的是（　　） A．若用蛋白外切酶处理该多肽，最终会得到49个氨基酸 B．内切酶作用于肽链的特定区域与其自身结构相关 C．形成短肽A、B、C共消耗2分子水 D．短肽A、B、C比四十九肽的氧原子数少1个 11．某蛋白质由103个氨基酸脱水缩合而成，结构如图。该蛋白质含有的赖氨酸位于图示□位置。已知肽酶X专一性水解赖氨酸羧基端的肽键。下列说法正确的是（    ） A．氨基酸之间脱水缩合产生的水分子中氢来自氨基和羧基 B．103个氨基酸形成该蛋白质，相对分子质量减少1818 C．该蛋白质被肽酶X作用后，产物中氧原子数增加5 D．肽酶X完全作用产生的多肽中，至少含有羧基的个数是5 12．双缩脲（NH2-CO-NH-CO-NH2）是由2分子尿素（NH2-CO-NH2）发生缩合反应产生，它可以用双缩脲试剂检测，其产生过程及显色反应如下图所示。下列说法正确的是（　　）    A．尿素缩合形成双缩脲后，在碱性条件下与Cu2+生成紫色络合物 B．1分子链状三肽也能与双缩脲试剂发生紫色反应 C．能够与双缩脲试剂发生显色反应的物质不一定是蛋白质 D．蛋白质变性后，不会再与双缩脲试剂发生显色反应 13．牛胰核糖核酸酶由一条多肽链构成，包含8个带巯基（－SH）的半胱氨酸，脱氢后形成4对二硫键（－S－S－）。形成下图所示结构时，该酶具有生物活性。科学家发现β-巯基乙醇可破坏该酶的二硫键，尿素可破坏该酶的氢键。若用β-巯基乙醇和尿素同时处理该酶，会使其失去活性。若去除β-巯基乙醇只保留尿素时，该酶活性仅恢复到1%左右；若去除尿素只保留β-巯基乙醇时，可以重新形成氢键，该酶活性能恢复到90%左右。有关叙述正确的是（　　） 注：图中圆圈表示氨基酸，序号表示氨基酸的个数，半胱氨酸缩写为“半胱”，其它氨基酸的标注略。 A．牛胰核糖核酸酶中含有124个肽键 B．氨基酸序列决定了蛋白质分子中氢键和二硫键的位置 C．维持该酶空间结构的因素中，氢键比二硫键的作用强 D．8个半胱氨酸在正确位置形成二硫键的概率约为1/35 14．研究人员给小鼠分别饲喂13C标记的葡萄糖和果糖，1分钟后检测部分氨基酸分子中的13C的相对含量，结果如表所示。据表分析，下列叙述正确的是（    ） 饲喂的糖类 氨基酸中13C的相对含量 天冬氨酸 谷氨酸 丝氨酸 13C标记的葡萄糖 0.0 11.2 0.0 13C标记的果糖 7.6 18.1 14.9 A．细胞吸收葡萄糖和果糖的方式是自由扩散 B．天冬氨酸和丝氨酸是小鼠的必需氨基酸 C．谷氨酸是小鼠的非必需氨基酸 D．果糖转化为氨基酸的速度快于葡萄糖 15．胰岛素的结构如图所示，该物质中—S—S—是由两个—SH脱去两个H形成的，下列分析正确的是（　　） A．胰岛素分子含有49个肽键，至少含有2个氨基和2个羧基 B．氨基酸脱水缩合形成胰岛素时，相对分子质量减少888 C．胰岛素水解产物一定含有21种不同的氨基酸 D．糖尿病患者可口服胰岛素来维持机体血糖相对稳定 16．图甲表示有关蛋白质分子的简要概念图，图乙表示一分子的胰岛素原切去C肽（图中箭头表示切点）可转变成一分子的胰岛素（注：图中数字表示氨基酸序号；—S—S—是由2个—SH脱去2个H形成的）。据图回答下列问题： (1)图甲中A为________等元素，在人体内可以合成的B属于________，写出其结构通式：________。 (2)图乙中的胰岛素的两条肽链是在核糖体上通过氨基酸的________作用形成的，而二硫键则是后续加工形成的。每条肽链中氨基酸是通过图甲中的________（填字母）连接。 (3)图乙中这51个氨基酸形成胰岛素后，相对分子质量比原来51个氨基酸的总相对分子质量减少了________。 (4)胰岛素具有降低血糖的作用，生活中糖尿病患者只能通过注射胰岛素来降低血糖，简述其主要原理是________。 17．乳酸链球菌素（Nisin）是一种蛋白质类抗生素，对某些腐败菌和致病菌有强烈的抑制作用。目前获得Nisin的唯一途径是通过乳酸链球菌发酵生产。下图为乳酸链球菌素（Nisin）的结构示意图，三个字母表示氨基酸，数字表示相应氨基酸序号。 (1)与乳酸链球菌相比，噬菌体在结构上最主要的特点是_________。乳酸链球菌与酵母菌在结构上都有________（答两点即可）。 (2)若把10号甘氨酸换成缬氨酸，则乳酸链球菌素的抗菌能力受到影响。从氨基酸角度分析，说明蛋白质的功能与________有关。 (3)Nisin含有的5个硫醚环是其活性部位的核心骨架，硫醚环的存在使Nisin的空间构象高度稳定，因此Nisin常被作为肉制品、罐头的抑菌剂。已知巯基乙醇可作用于Nisin所有的硫醚环，作用位点如图所示。分析高温不会使Nisin失活而巯基乙醇可使其失活的原因________。 (4)Nisin的氮元素主要存在于________中。据图分析，蛋白酶作用后的产物是______，这些产物的分子量比乳酸链球菌素增加了________，这些产物_______（填“能”或“不能”）与双缩脲试剂反应显紫色。 18．1962年，马克斯·佩鲁茨、约翰·肯德鲁通过X射线晶体学首次解析血红蛋白和肌红蛋白的三维结构，共同获得了当年的诺贝尔化学奖。肌红蛋白是肌肉中储氧的蛋白质，由一条肽链和一个血红素辅基组成（图甲）。而血红蛋白是红细胞中携氧蛋白质，它是一个含有四种不同亚基的四聚体，有两条α链和两条β链组成，且每个亚基都含有一个血红素辅基（图乙）。 (1)肌红蛋白和血红蛋白是由________元素构成的。其基本组成单位均为氨基酸，氨基酸的结构通式为________。 (2)成人的血红蛋白（HbA）由四条肽链组成，其中两条α链各含141个氨基酸，两条β链各含146个氨基酸，相邻氨基酸之间通过________反应形成________（填写化学键名称）。由图推知，HbA合成过程中，脱去的水分子数是________个，且HbA至少含有________个游离的羧基。 HbA可溶且不聚集。HbA的β链第6位氨基酸发生特定改变后，会产生异常的血红蛋白HbS（如图所示），使蛋白质在脱氧状态下容易聚集形成纤维，导致红细胞变形、易破裂、堵塞毛细血管，从而造成镰状细胞贫血。 (3)选择合适的编号，完成下列内容：由图可知，HbAβ链第6位氨基酸由亲水氨基酸变为________后，导致β亚基结构改变产生疏水突起，一个HbSβ亚基的疏水突起与另一HbSβ亚基的________结合，形成多聚体，大量多聚体聚集形成不溶性纤维，使红细胞由圆饼状扭曲成镰刀状，运输氧气能力________。 ①疏水氨基酸    ②亲水氨基酸    ③疏水口袋    ④疏水突起    ⑤升高    ⑥降低 (4)肌红蛋白和血红蛋白都含有血红素辅基，但两者的功能不同，原因是：_______________________。 19．罗非鱼是一种高蛋白、低脂肪、肉质鲜美的食用鱼类。为使罗非鱼肉在蒸煮过程中保持良好的品质和营养价值，研究者通过实验探寻了合适的热加工条件。请回答问题：    (1)鱼肉中含有丰富的蛋白质，蛋白质的基本组成单位是_______。 (2)在热加工过程中，蛋白质变性后就不能恢复原来的状态，原因是蛋白质分子的_______发生改变，变得伸展、松散，容易被蛋白酶水解，因此，吃熟肉易消化。 (3)鱼肉在热加工过程中，会发生汁液流失导致质量减少。研究者测定了在不同_______条件下的蒸煮损失率，结果如图。据图可知，蒸煮温度控制在60℃或90℃较好，依据是在这两个温度条件下，_______。 (4)80℃以上短时蒸煮，罗非鱼的肌原纤维蛋白会迅速变性，鱼肉质地更紧密，口感更好。综合本实验研究，你认为合理的罗非鱼热加工条件及理由是_______。 题型4：核酸 1．图为真核细胞中核苷酸链的结构示意图，下列叙述错误的是（　　） A．b结构不可以组成一个完整的核苷酸单体 B．a结构的名称只能是鸟嘌呤核糖核苷酸 C．若将碱基C换成U，则该核苷酸链主要分布在细胞质中 D．该核苷酸链初步水解的产物是3种 2．图示为核苷酸A和B的结构图，下列有关分析正确的是（    ） A．乙有4种，分别是A（腺嘌呤）、C（鸟嘌呤）、G（胞嘧啶）、T（胸腺嘧啶） B．细胞中的DNA或糖原，均可作为“身份证”来鉴别真核生物的不同个体 C．支原体的遗传物质彻底水解后可得到6种小分子物质 D．核苷酸A和核苷酸B的含氮碱基都为G时是同一种核苷酸 3．如图为某生物大分子部分片段示意图，下列相关叙述正确的是（　　） A．若该分子中的X为T，则这种核酸在细胞中一般为单链 B．将该生物大分子完全水解后可以得到4种不同的单体 C．若X为尿嘧啶，则真核细胞中该生物大分子主要分布在细胞质中 D．生物大分子以碳链作为基本骨架，图中的化学键②称为磷酸二酯键，是连接两个相邻单体的化学键 4．如图所示是某种有机大分子的基本组成单位的模式图。下列叙述错误的是（　　） A．若b为核糖，则c有4种，分别是A、U、C、G B．a、b、c结合而成的基本单位，在人体中共有4种 C．在RNA病毒中该物质彻底水解可得到6种化合物 D．若c为T，则该有机小分子的名称是胸腺嘧啶脱氧核苷酸 5．图1是蛋白质的单体氨基酸的结构通式，图2是核酸的单体核苷酸的结构图解，下列相关叙述正确的是（    ） A．图1中R基共有21种，图2中碱基共有8种 B．真核细胞中蛋白质的合成场所为核糖体，DNA的合成场所为细胞核 C．蛋白质和核酸具有多样性的原因之一是都具有千差万别的空间结构 D．核酸中核苷酸的排列顺序能够决定蛋白质中氨基酸的排列顺序 6．下图A为某种植物细胞中某种核酸的基本单位，虚线方框表示腺嘌呤；图B为该植物细胞某种核酸局部结构示意图。下列有关叙述错误的是（　　） A．图A所示物质为腺嘌呤核糖核苷酸，是RNA的基本组成单位之一 B．该植物细胞内由A、G、U3种碱基参与构成的核苷酸共有5种 C．该植物细胞中的DNA被水解后可得到8种核苷酸 D．图B为一条DNA单链，④为胞嘧啶脱氧核糖核苷酸 7．由1分子磷酸、1分子碱基和1分子化合物a构成的化合物b如图所示。下列相关叙述正确的是（    ） A．若a为脱氧核糖，则b构成了HIV的遗传物质的基本组成单位 B．若m为尿嘧啶，则DNA中含b这种化合物 C．组成化合物b的元素有C、H、O、N、P5种 D．若a为核糖，则由b组成的核酸彻底水解产物包括6种小分子有机化合物 8．核酸是生物体内重要的化合物，当用蛇毒磷酸二酯酶处理小鼠核酸时，得到的产物是5′—核苷酸（五碳糖的5′位连接磷酸）的混合物，当用牛脾磷酸二酯酶处理小鼠核酸时，产物是“3′—核苷酸”（五碳糖的3′位连接磷酸）的混合物。下列有关核酸的叙述，正确的是（    ） A．用上述两种酶分别处理小鼠的核酸均可得到4种水解产物 B．蛇毒磷酸二酯酶发挥作用的机理是提高反应所需的能量 C．上述实验证明核苷酸是通过3′，5′—磷酸二酯键连接而成的 D．小鼠体内的核酸主要存在于细胞核中，并且可以与蛋白质相结合 9．如图为某化合物及反应过程，以下说法正确的是（　　） A．①代表的碱基可以是尿嘧啶 B．上图表示核糖核苷酸脱水缩合过程 C．由上图中核苷酸聚合形成的大分子一般以单链形式存在 D．支原体的遗传物质可由上图所示的核苷酸脱水缩合形成 10．高危型HPV(一种病毒)的持续感染是引起宫颈癌的最主要因素之一。某人宫颈分泌物的高危型HPV DNA检测报告如下表所示。下列说法完全正确的是（    ） 检测项目 检测方法 检测比值 正常比值 高危型HPV DNA检测 分子杂交法 0.19 1.00 A．HPV的遗传物质主要是DNA B．分子杂交法可能涉及碱基互补配对原则 C．被检测者感染了高危型HPV D．若检测比值等于1，则可判断被检测者是宫颈癌患者 11．DNA指纹技术在案件侦破、亲子鉴定等工作中起着重要作用，如图是一幅DNA指纹技术应用图，下列叙述错误的是（　　） A．DNA指纹能用于案件侦破，原因是每个个体的DNA具有特异性 B．DNA指纹显示，受害者和嫌疑人1、2、3与发现的样品中DNA没有相同的区域 C．嫌疑人2核酸彻底水解产物有8种，受害人DNA彻底水解产物有5种 D．罪犯样品和怀疑对象1、2、3进行DNA指纹比对，不能确定罪犯 12．下图中的甲～丁表示细胞中的四类有机化合物，a、b分别属于甲、乙，c、d分别为丙、丁的单体。下列叙述正确的是（    ） A．若a是脂肪酸，则甲可能是细胞内良好的储能物质 B．若b是葡萄糖，则乙在动、植物细胞中功能相同，都是储能物质 C．若c为氨基酸，则丙具有物质运输、催化、调节、免疫等多种功能 D．若d为核苷酸，由d构成的丁在蛋白质生物合成中有重要作用 13．如图中甲、乙、丙是构成核酸的两种核苷酸及它们形成的核苷酸链(N表示某种碱基)。下列有关叙述正确的是（　　） A．甲表示核糖核苷酸 B．乙中含有的五碳糖为脱氧核糖 C．若N为U，则丙是由核糖核苷酸连接成的长链 D．甲、乙、丙都以碳原子构成的碳链为基本骨架 14．下面四幅图表示生物体内四种化合物，下列叙述正确的是（    ） A．图丙的元素组成一定与图甲相同，图甲中碱基排列顺序表示遗传信息 B．人体中由乙组成的大分子化合物的功能多样性与其结构多样性相适应 C．组成丙化合物的单糖是核糖，不可作为细胞的能源物质 D．图丁表示二糖，推测在动物体细胞中所有的单糖、二糖和多糖均可相互转化 15．人体细胞中Ⅰ、Ⅱ两种核苷酸的结构如图所示，下列说法错误的是（　　）    A．图中？处的碱基可以为A、C或G B．由Ⅰ组成的物质一般为单链结构 C．由Ⅱ组成的物质只分布在细胞核中 D．所有生物的遗传信息均储存在Ⅰ的排列顺序中 题型5：生物大分子以碳链为骨架 1．已知①糖原、②抗体、③性激素、④淀粉、⑤脂肪、⑥核酸都是生物体内有重要作用的物质。下列说法错误的是（　　） A．②③都是生物大分子，构成它们的单体以碳链为基本骨架 B．①④的基本组成单位都是葡萄糖，组成元素只有C、H、O C．④⑤都可以作为植物细胞中的储能物质 D．②⑥的合成场所不同，但形成过程中都会产生水 2．科学家说“碳是生命的核心元素，没有碳，就没有生命”。下列相关叙述错误的是（　　） A．以碳链为骨架的蛋白质是生命活动的主要承担者 B．生物大分子是由许多以碳链为基本骨架的单体连接成的多聚体 C．碳原子性质不活泼，原子之间可以通过共价键结合形成稳定的碳链 D．多糖、蛋白质、脂质等生物大分子以碳链为骨架构成细胞的基本框架 3．生物大分子通常都有一定的分子结构规律，即由一定的基本结构单位，按一定的排列顺序和连接方式形成的多聚体，下列表述正确的是（    ） A．若该图为一段肽链的结构模式图，则1表示肽键，2表示中心碳原子，3的种类有21种 B．若该图为一段RNA的结构模式图，则1表示核糖， 2表示磷酸基团， 3的种类有4种 C．若该图为一段单链DNA的结构模式图，则1表示磷酸基团， 2表示脱氧核糖， 3的种类有4种 D．若该图表示多糖的结构模式图，则淀粉、纤维素和糖原的连接方式是相同的 4．科学家从某土壤细菌中提取到一种短肽L。该短肽由18个氨基酸脱水缩合形成，可与特定细菌的核糖体结合，抑制核糖体合成蛋白质。下列关于短肽L的分析中合理的是（    ） A．组成元素包括C、H、O、N B．在核糖体上合成，在内质网和高尔基体上加工成熟 C．与核糖体的结合过程遵循碱基互补配对原则 D．不是生物大分子，因此不以碳链为基本骨架 5．以碳链为基本骨架的小分子单体能构成许多不同的多聚体，模式图如下。下列叙述错误的是（　　） A．若图中 S1、S2、S3、S4……为同一种单体，则该多聚体可以表示纤维素或淀粉 B．若图中多聚体为多糖，则构成它的单体不一定是葡萄糖 C．若图中的多聚体能够携带遗传信息，则每一个单体都以碳链为基本骨架 D．若图中多聚体具有免疫功能且为环状结构，则形成此长链时所有氨基和羧基都参与脱水缩合 6．阐明生命现象的规律，必须建立在阐明生物大分子结构的基础上。下列叙述正确的是（　　） A．核酸包括DNA和RNA两大类，其中DNA是脱氧核糖核苷酸的简称 B．淀粉是由葡萄糖缩合形成的多聚体，水解产物只有葡萄糖 C．脂质中的脂肪是不含N元素的多聚体 D．生物大分子是由许多单体连接成的多聚体，单体都以碳链为基本骨架 7．如图表示有关生物大分子的简要概念图，下列叙述正确的是（    ）    A．若B为葡萄糖，则C在动物细胞中可能为乳糖 B．若C为RNA，则B为核糖核苷酸，A为C、H、O、N C．若C具有信息传递、运输催化等功能，则B可能为氨基酸 D．若B为脱氧核苷酸，则C是一切生物的遗传物质 8．以碳链为基本骨架的小分子单体能构成许多不同的多聚体，模式图如下。有关说法正确的是（    ） A．若图中多聚体为多糖，则构成它的单体一定是葡萄糖 B．若图中多聚体为DNA，则参与其构成的脱氧核糖有4种 C．若图中单体表示氨基酸，则形成长链时不是所有氨基和羧基都参与脱水缩合 D．若图中 S1、S2、S3、S4……是同一种单体，则该多聚体可以表示脂肪 9．下图是细胞内大分子物质的形成过程的模型，下列叙述正确的是（    ） A．若组成单体的化学元素是C、H、O、N、P，则大分子可能是储存遗传信息的RNA B．若某种大分子具有催化作用，则组成该大分子的单体一定是氨基酸 C．脂肪是细胞内具有储能作用的大分子物质，组成它的单体是甘油和脂肪酸 D．淀粉、糖原和纤维素的单体都是葡萄糖，三者功能的差异与单体的连接方式不同有关 10．以碳链为基本骨架的小分子单体能构成许多不同的多聚体，模式图如下。有关说法正确的是（    ）    A．若图中单体表示氨基酸，长链两端的氨基酸进行脱水缩合后形成肽环，则氨基酸的所有氨基和羧基都参与了脱水缩合 B．若图中多聚体为一段核酸，则一般情况下参与其构成的碱基最多有5种 C．若图中多聚体为多糖，则构成它的单体元素主要是C、H、O D．若图中S1、S2、S3、S4……是同一种单体，则该多聚体可以表示脂肪 11．下图为某些单体构成多聚体的模式图。下列有关叙述错误的是（    ） A．S1~Sn均含由若干个相连的碳原子构成的碳链 B．若 S1~Sn各不相同，则该多聚体最可能是蛋白质 C．若 S1~Sn是葡萄糖，则该多聚体一定是储能物质 D．若 S1~Sn只有四种，则该多聚体一定能携带遗传信息 12．下列关于生物大分子的叙述，错误的是（    ） A．在构成细胞的化合物中，糖类、蛋白质、核酸都是生物大分子 B．生物体内参与信息传递的信息分子都是蛋白质 C．生物大分子是由许多单体连接形成的多聚体，以碳链为基本骨架 D．生物大分子都能为细胞的生命活动提供能量 13．蛋白质和核酸都是生物大分子，且都含有C、H、O、N四种元素。下列关于细胞中蛋白质和核酸的叙述，错误的是（　　） A．蛋白质和核酸都是由许多单体连接成的多聚体 B．蛋白质、核酸彻底水解的产物即组成它们的单体 C．核酸分子由2条链构成，蛋白质分子中可能有一至多条肽链 D．核酸中的N在碱基中，蛋白质中的N都通过肽键与C连接 14．生物大分子是由许多单体连接成的多聚体。下列关于花生细胞中单体和多聚体的叙述正确的是（    ） A．花生叶肉细胞中组成淀粉和纤维素的单体相同，但两者分子结构不同 B．鉴定葡萄糖和蛋白质的颜色反应原理不同，但都用到NaOH和CuSO4 C．花生细胞细胞质中含有由甘油和脂肪酸连接成的多聚体 D．花生细胞细胞核中含有水解产物为脱氧核苷酸和氨基酸的多聚体复合物 15．如图表示有关生物大分子的简要概念图，下列叙述错误的是（    ） A．b和c都是以碳链为基本骨架，因此“碳是生命的核心元素” B．若b为葡萄糖，则c在动物细胞中可能为乳糖 C．若c具有运输、催化等功能，则b为氨基酸 D．若b为脱氧核苷酸，则c只存在于线粒体、叶绿体、细胞核中 题型6：检测生物组织中的糖类、脂肪和蛋白质 1．若对市面上食品的成分进行检测，下列关于检测的过程或结果错误的是（    ） A．检测梨中的还原糖时可以用本尼迪克特试剂，水浴加热后能看到红黄色沉淀 B．若要确定饼干中是否有淀粉可以用碘-碘化钾检测，检测后可观察到蓝色出现 C．如果将牛奶加热后再用双缩脲试剂进行检测，由于蛋白质变性无法出现紫色 D．对花生中的油脂进行检测用苏丹Ⅲ染色剂，在显微镜下能观察到橙黄色颗粒 2．某生物学兴趣小组在野外发现一种白色的不知名野果，欲检测其是否含有还原糖、脂肪和蛋白质。下列叙述正确的是（    ） A．若向该野果组织样液中加入斐林试剂后出现砖红色沉淀，说明该野果中含有葡萄糖 B．还原糖检测实验结束后，将剩余的斐林试剂装入棕色瓶，以备长期使用 C．进行蛋白质的检测，双缩脲试剂的A液和B液使用时要注意等量混合、现用现配、水浴加热 D．用显微镜观察野果切片细胞中的脂肪颗粒时，可用苏丹Ⅲ染液将脂肪染成橘黄色，再用50%的酒精洗去浮色后观察 3．下列关于“探究植物细胞是否含有脂肪”活动的叙述，正确的是（　　） A．花生种子切片后，挑选1~2 cm的薄片备用 B．切片染色后，可用50%的乙醇溶液洗去浮色 C．盖上盖玻片后，用吸水纸吸去多余的染液 D．能观察到细胞中的紫色颗粒 4．用显微镜观察检测花生子叶细胞中的脂肪实验过程中，需要进行的操作包括（    ） A．将花生子叶研磨成匀浆 B．用50%乙醇洗去多余染料 C．盖上盖玻片后在盖玻片一端用吸水纸引流 D．对实验材料进行水浴加热后，观察实验现象 5．常用指示剂染色后检测生物组织中的某些有机化合物。下列相关说法正确的是（    ） A．观察油脂颗粒时需用体积分数95%的酒精溶液洗去浮色 B．还原糖检测时加入斐林试剂混匀后即可观察现象 C．检测蛋白质时依次加入等量的双缩脲试剂A、B溶液 D．检测淀粉时可用碘—碘化钾溶液，但用量不宜过多 6．下列关于“检测生物组织中的糖类和蛋白质”活动的叙述，正确的是（　　） A．待测组织检测之前，应先观察标准溶液的显色结果 B．梨汁上清液和还原糖检测试剂混匀即可观察到显色结果 C．对获取的马铃薯研磨液滴加碘化钾溶液可以进行淀粉检测 D．热变性的蛋白质与双缩脲试剂混合后不会出现紫色反应 7．用各类食材烧烤是大众喜爱的一种烹饪方式，下列有关叙述正确的是（　　） A．烤肉中存在大量的蛋白质，在烤制过程中，蛋白质的肽键均断裂 B．韭菜中富含纤维素，可以用本尼迪特试剂在热水浴条件下检测 C．土豆片中富含淀粉，淀粉是植物细胞中的生物大分子 D．烤肉时要添加食用油，食用油的化学成分主要是油脂，元素组成为C、H、O、N 8．为检测花生种子中的油脂，取花生子叶切片，苏丹Ⅲ染色后制成临时装片，在显微镜下观察，结果如图。（　　） 下列有关叙述正确的是 A．图中被染成橙黄色的颗粒是脂肪细胞 B．花生子叶切片需使用10%的盐酸处理 C．实验所用的苏丹Ⅲ染液具有亲脂性，能被酒精溶解 D．实验结果可以说明花生子叶细胞中油脂比糖的含量高 9．某些化学试剂能够使生物组织中的相关化合物产生特定的颜色反应。下列叙述正确的是（    ） A．在制作花生子叶切片临时装片时，需用体积分数为70％的酒精溶液洗去浮色 B．不宜选用深色的生物组织作检测材料，以免生物材料自身颜色的干扰 C．使用斐林试剂对白萝卜进行鉴定，甲、乙液等量混合均匀后再注入，出现砖红色沉淀说明白萝卜中一定含有葡萄糖 D．蛋白质变性后由于肽键断裂，所以无法与双缩脲试剂产生紫色反应 10．某小组同学进行生物组织还原糖检测实验，操作流程如图所示。下列对实验改进或现象的分析，正确的是（　　） A．用西红柿代替苹果，能更清晰观察实验现象 B．研磨时添加石英砂可提高还原糖的提取效率 C．斐林试剂经稀释后可直接用于蛋白质的检测 D．水浴温度需严格控制在50℃以避免试剂分解 11．下列说法不正确的是（　　） A．双缩脲试剂鉴定蛋白质时可以用KOH溶液代替NaOH溶液 B．施莱登和施旺认为除病毒外，动植物等生物由细胞构成 C．脂肪鉴定过程中使用体积分数为50%的酒精是为了溶解组织中的脂肪 D．还原糖鉴定实验结束时，剩余斐林试剂装入棕色瓶，以便长期保存备用 12．下列有关实验的叙述，正确的是（　　） A．利用台盼蓝染液可以将死细胞染成蓝色，而活细胞不会着色 B．通过鸡蛋清稀释液与双缩脲试剂的反应检测生物组织中的蛋白质 C．白萝卜匀浆与斐林试剂混匀后，水浴加热后由无色变成砖红色 D．在低倍显微镜下，可观察到紫色洋葱鳞片叶内表皮的质壁分离现象 13．下列关于食品安全问题的相关探究实验，不正确的是（　　） 选项 探究主题 实验试剂 预期实验结果 结论 A 某“色拉油”是否含有油脂 苏丹Ⅲ染液 被检测液体出现红色 含有油脂，且可能含有固醇 B 某“早餐奶”是否含有蛋白质 双缩脲试剂 被检测液体出现紫色 可能含有蛋白质 C 某“奶片”是否添加淀粉 碘液 被检测液体出现蓝色 含有淀粉，不含有蛋白质 D 某“无糖”无色饮料中是否含有还原糖 斐林试剂 被检测液体出现砖红色 含有还原糖，可能是蔗糖 A．A B．B C．C D．D 14．实验室中现有无标签的稀蛋清、葡萄糖、淀粉和淀粉酶溶液各一瓶，某同学想利用双缩脲试剂、斐林试剂和淀粉溶液鉴别出这几种溶液，相关实验步骤如下表(注：淀粉酶的化学本质是蛋白质，可将淀粉分解成麦芽糖，分解前后淀粉酶不发生变化)。下列相关叙述正确的是（    ） 步骤 试剂 实验目的(方法) 一 X 将四种试剂分为A、B两组，A组为不显色组，B组为显色组 二 Y 区分 A组溶液 三 一 区分B组溶液:显色组的两种溶液各取少许，置于不同的试管中，分别_①_，静置半小时;向静置后的反应液中_②_。 A．步骤一中试剂X为双缩脲试剂，A 组为葡萄糖和淀粉溶液 B．步骤二加入 Y 斐林试剂后若未观察到明显的实验现象可能是因为未进行水浴加热 C．步骤三中①处应为“滴加等量且适量淀粉溶液，充分振荡” D．步骤三中②处应为“加入双缩脲试剂，出现紫色反应的为稀蛋清” 15．下列关于“生物组织中糖类、脂肪和蛋白质检测实验”的说法，错误的是（    ） A．还原糖检测后剩余的斐林试剂混合液可装入棕色瓶内储存备用 B．用于检测还原糖的斐林试剂甲液和乙液，可直接用于蛋白质的检测 C．检测脂肪实验中用苏丹Ⅲ染色后，用酒精洗去浮色再进行观察 D．糯米匀浆液中加入碘液，可直接观察到匀浆变蓝色 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！1 1 / 1 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $