实验题专项练(1)&实验题专项练(2)-【红对勾讲与练】2026年高考物理二轮复习考前增分练

班级： 姓名： 实验题专项练（一） (分值：14分 限时：15分钟) 1.(6分)(2025·安徽马鞍山一模)某物理实验小组 知图像的斜率为k,重力加速度为g,则托盘和重 探究加速度与质量的关系，实验装置如图甲所示， 物的总质量m= 小车内装有数个砝码，通过跨过滑轮的细绳连接 2.(8分)(2025·湖南衡阳一模)如图甲为一个自动 ·个装有重物的托盘，实验步骤如下：得分 筛选鸡蛋重量的装置，可以筛选出两类重量不同 ①挂上托盘和重物，改变木板的倾角，使小车拖着 的鸡蛋。当不同重量的鸡蛋传送到压力秤上时， 纸带沿木板匀速下滑； 压力秤作用在压力传感器电阻R1上，其电阻值随 ②取下托盘和重物，让小车沿木板下滑，测出小车 压力秤所受压力的变化图像如图乙所示。R2是 和车中砝码的总质量M及加速度a; 可调节电阻，其两端电压经放大电路放大后可以 ③保持托盘和重物的质量不变，在小车中依次减 控制电磁铁是否吸动衔铁并保持一段时间。当电 压超过某一数值时电磁铁可以吸动衔铁使弹簧下 少砝码的个数，重复步骤①和②，记录多组数据， 压，鸡蛋就进入B通道。已知电源电动势E= 作出aM图像： 9V,内阻不计，R2调节为202。 得分 ④最后总结出加速度与质量的关系。 R/ A通道 60 打点计时器 压力秤 50 M 带 F/(10-N) 456 甲 甲 (1)由图乙可知，压力传感器的电阻值R,随压力 单位：cm B 的增大而 (选填“增大”或“减小”)。 7.599.3211.04 12.75 (2)从B通道通过的是 (选填“重”或 “轻”)鸡蛋 请回答以下问题： (3)由两个图可知，若R,两端的电压超过6V时， (1)该实验方案 (选填“需要”或“不需 电磁铁可以吸动衔铁向下，则选择的重鸡蛋对压 要”)满足托盘和重物的总质量远小于小车及砝码 力秤的压力要大于 N(结果保留两位有效 的总质量。 数字)。 (2)如图乙为某次实验中得到的纸带，A、B、C、D、 (4)要想选择出更重的鸡蛋，需要把电阻R2的阻 E为选取的计数点，相邻两计数点间有四个点未 值调 (选填“大”或“小”)；若在不改变R 画出，打点计时器的频率为50Hz,则小车的加速 阻值和更换R,情况下要选出更重的鸡蛋，还有什 度为 m/s2(结果保留三位有效数字)。 么措施？请写出一条可行办法： (3)实验中作出小车的aM图像如图丙所示，已 (横线下方不可作答) 205 第二部分 题型综合练 班级： 姓名： 实验题专项练（二） （分值：14分限时：15分钟) 1.(6分)(2025·山西朔州一模)某实验小组用如图 30 15 0 甲所示的实验装置来探究一定质量的气体发生等 L/o 温变化遵循的规律。 得分 5000n/y 25002/y 压力表 柱塞 空气柱 橡胶套 (2)该同学想精确测量该未知电阻的阻值，要求电 甲 表示数可以从0开始调节，设计如下实验。 (1)(多选)关于该实验，下列说法不正确的是 实验器材： 0 A.电压表V1(量程0~1V,内阻r1为5k2) A.实验前应将注射器的空气完全排出 B.电压表V2(量程0~3V,内阻r2约10k2) B.空气柱体积变化应尽可能快些 C.电流表A(量程0~0.6A,内阻r3约52) C.空气柱的压强随体积的减小而增大 D.滑动变阻器R1(最大阻值为102) D.作出的p-V图像可以直观反映出p与V的 E.滑动变阻器R2(最大阻值为6k2) 关系 F.电源E(电动势约3V,内阻不计) (2)为了探究气体在不同温度时发生等温变化是 G.开关S,导线若干 否遵循相同的规律，他们进行了两次实验，得到的 完成下列填空： ①滑动变阻器选 (填写器材前的选项 p-V图像如图乙所示，由图可知两次实验气体的 序号)。 温度大小关系为T (选填“<”“=”或 ②在方框中画出设计的实验电路，并标注所选器 “>”)T2。 材的符号。 (3)另一小组根据实验数据作出的V 方图像如图 丙所示，若他们的实验操作无误，造成图线不过原 点的原因可能是 2.(8分)(2025·安徽马鞍山一模)某同学想测量某 未知电阻R,的阻值： 得分 ③由实验电路得到未知电阻R,阻值的表达式为 (1)用多用电表的电阻挡先粗测电阻R,的阻值， R,= (用已知量和所选电表测得的物理 他选择的倍率为“×1k”,测量时指针如图所示，则 量的字母表示，电表V、V2、A的示数可用U1、 待测电阻的阻值为 k2。 U2、I表示)。 红对勾·讲与练 206 高三二轮物理3.B由题图乙可知，Q点在0~0.05s 内加速度正向增大，所以Q点正在向 下运动，则该列波正在向x轴正方向 传播，所以P点在0时刻正向下振动， 故A、C错误；由题图甲得波长入=12m, 由题图乙得振动周期T=0.2s,则波 速0= =60m/s,故B正确；再过 0.05s,Q点加速度为正向最大，由于 回复力与位移方向相反，则位移为负 向最大，故D错误。 4.B 根-C,可得vS,南题 图可知气体从状态a变化到状态b,气 体压强不变，且有C=V,一V T2-T ,可得 C(T2-T) p- ，由于气体体积增大， V2-V 可知气体对外做功为W=p(V2一 V1)=C(T2一T1),故A错误，B正确； 根据热力学第一定律可得气体内能变 化量为△U=Q-W=Q-p(V2一 V1)=Q一C(T2一T1),故C、D错误。 5.C高压水枪单位时间内喷出的水的 () 体积V=SL= t 故A错误；高压水枪单位时间喷出水 的质量m=pV=pD,故B错泥： 设水柱对汽车的平均冲力为F,垂直汽 车表面方向，由动量定理得一F△！= 0一△m0,△1时间内水柱的质量为 mpaV=AS0aM=D24A,解 得水柱对汽车的平均冲力为F 00D,故C正确：根据F 1 0D,若高压水枪喷口的出水速 1 度变为原来的2倍，则水柱对汽车的平 均冲力为原来的4倍，故D错误。 6.D 根据题意有心= 0.69kV 69 1吃 35 kV 3500 3 35 kV n 110kV 22,故A错误：海上升 压变压器的输出功率等于海底电缆陆 地终端的输入功率与海底电缆损失的 功率之和，故B错误；变压器利用电磁 感应输送电能，导线的电阻损耗主要 由IR线决定，频率对电阻影响甚微， 可忽略不计，故C错误；若采用220kV 输送同样功率的 电能，电压加倍，则输 电电流减半，则海底电缆电阻的功率 损失变为原来的四分之一，即功率损 失将减少75%，故D正确。 7.D根据万有引力定律有F= G M阳m件是，引力的大小取决于太阳 质量、行星质量和距离，题目中没有给 出行星的质量信息，故A错误；根据牛 顿第二定律有G M大mn行星 二1行星 解得 = GM”,即距离越小，线速 度越大，因此，水星距离最近，线速度 最大，故B错误：根据周期和线速度的 关系有T=2=2mGM 一，即距 离越大，周期越大，水星距离最近，周 期最小，故C错误；根据牛顿第二定律 M这=m行a,解得a 有G r GM“,即距离越小，加速度越大，水 G 2 星距离最近，因此加速度最大，故D 正确。 8.CD若单独考虑一9q形成的电场，N 点和Q点位于同一等势面上，但对于 十q形成的电场中，Q点的电势高于V 点的电势，根据电势的叠加可知，在两 个点电荷形成的叠加电场中，Q点的电 势高于V,点的电势，A错误；根据，点电荷 形成的电场，可知十q在x=一4cm处 的电场强度E1= 片(4×102m)2 kg ,方向水平向右，一9g在 1.6×10-3m x=一4cm处的电场强度E2= kg= kg 12X102m)21.6×10°m,方向 水平向右，故二者大小相等，方向相 同，合电场强度不为0，B错误：一9g的 点电荷等效成一个一q和一个一8g的 两个点电荷，对于一q和十q的电场 中，A、B位于同一等势面上，而在一8q 点电荷形成的电场中，B点的电势高 于A点的电势，故B点的电势高于A 点的电势，由于A点相对于场源电荷 较近，故A点的电场强度大于B,点的 电场强度，C正确；在一9q形成的电场 中，N点和Q点位于同一等势面上，但 对于十q形成的电场中，Q点的电势高 于N点的电势，因此P、Q两点的电势 差大于V、M两，点的电势差，故将某一 负电荷从P,点移动到Q,点静电力做的 功大于将其从N,点移动到M点静电 力做的功，D正确。 9.BD由右手定则可知，金属棒向右切 割磁感线时，在闭合回路中产生逆时 针方向的感应电流，即通过定值电阻 的电流方向是从Q到N,故A错误；根 据法拉第电磁感应定律有E=n△ △Φ B队，由欧姆定律可知1=2R+R E △t 3R,根据公式g=了·△1，联立解得g= 3,故B正确：根据动能定理有 mgh一mgd十W袋=0，解得W安= 一(mgh一mgd),则金属棒克服安培 力所做的功为mgh一umgd,故C错 误；根据功能关系可知Q=一W= mgh一mgd,则电阻R产生的焦耳热 1 为QR=3Q=3mg(h一ud),故D 正确。 10.BD由题意可知，两小球的重力势能 之和减少△E。=2gR一mg×2X Rsin45°=mgR,故A错误：当A 2 球转到最低点时，B球的重力势能增 加，动能增加，B球的机械能增加，由 A、B组成的系统机械能守恒，故A球 的机械能减少，故B正确；由机械能 守恒定律得2mg-mg×2× 2Rm5- 2mu+ 2 m，根 UA- R 据0=rw,可知 =√2，联立 2R 2 解得A球速度大小为vA= 4gR 5 故C错误；设此后半径OA向左偏离 竖直方向的最大角度为0，则有 2mgReos 0-mg 2 Rc0s45°+ Rc0s(元-135°-0)，其中 sin0+cos20=1,联立解得cos0= 2,故0>45，故D正确。 实验题专项练（一） k 1.(1)不需要 (2)1.72(3) 解析：(1)挂上托盘和重物，改变木板的 倾角，使小车拖着纸带沿木板匀速下 滑，有(M+Nmo)gsin0=mg+f,取下 托盘和重物，让小车沿木板下滑，根据 牛顿第二定律有(M十Nmo)gsin9一 f=Ma,联立可得a= mg ;同理，保持 M 托盘和重物的质量不变，在小车中依 次减少砝码的个数，仍然有a= mg M 由此可知，实验中mg等于小车所受合 力的大小，则不需要满足托盘和重物 的总质量远小于小车及砝码的总质量。 (2)打点计时器的频率为50Hz,且相 邻两计数点间有四个点未画出，所以 相邻两计数，点间的时间间隔为T= 5子=0.1，所以小车运动的加造度 大小为a= CE-AC (2T)2 (11.04+12.75)-(7.59+9.32) 4×0.12 102m/s2=1.72m/s2。 (3)根据以上分析可知4= mg M ,所 M k 以mg=k,则m= g 2.(1)减小(2)重 (3)0.43 (4)小可以更换电动势更低的电源 解析：(1)由题图乙可知，压力传感器 的电阻值R,随压力的增大而减小。 (2)鸡蛋越重，对R1的压力越大，R 的阻值越小，分得的电压越低，R2分得 的电压越高，电磁铁对衔铁向下的吸 引力越大，越容易将弹簧压下，鸡蛋进 入B通道，因此从B通道通过的是重 鸡蛋。 参考答案 277 (3)由于R,与R2串联，因此满足I= U E-U R2R1 ,可得R1=102,通过题图 乙可知，此时重鸡蛋对压力秤的压力 为0.43N (4)当更重的鸡蛋压到R1上时，R1的 阻值更小，但R,两端的电压不变，回 路的电流更大，即流过R?的电流更 大，而R:两端的电压也不变，因此应 将R,的阻值调小。在其他条件不变 时，为选出更重的鸡蛋，可以更换电动 势更低的电源，才能使R,分得与原来 相同的电压。 实验题专项练（二） 1.(1)ABD(2) (3)实验时未考虑注射器前端与橡胶 套连接处的气体体积 解析：(1)注射器内应封闭一定质量的 气体，故A错误；实验操作时应缓慢移 动活塞，保持注射器内的气体温度不 变，空气柱的压强随体积减小而增大， 故B错误，C正确；p-V图像不是直 线，不能直观反映出p与V的关系，故 D错误。本题选择不正确的，故选A、 B、D。 (2)在p-V图像中，离坐标原点越远 的等温线温度越高，故T1>T2。 (3)图线不过原点的原因可能是实验 测量的气体的体积小于实际的封闭气 体的体积，结合实验的器材可知，实验 时未考虑注射器前端与橡胶套连接处 的气体体积。 2.(1)11 U:-U (2)①D ②见解析图 U 解析：(1)选择的倍率为“×1k”,根据 题图可知待测电阻的阻值为11× 1k=11k2. (2)①要求电表示数可以从0开始调 节，故滑动变阻器采用分压式接法，选 最大阻值较小的滑动变阻器更便于测 量，故滑动变阻器选D。 ②计算可得流过待测电阻的最大电流 In R 11k2 ≈0.3mA,而电流表 量程为0.6A,相差很大，故电流表不 能使用，该题选择利用两块电压表进 行测电阻，实验电路图如图所示。 R ③待测电阻R,两端的电压为(U2一 U U1),流过R,的电流为一，故R,的阻 r U2-U1U2-U1 值为R,= U U, ri 实验题专项练（三） 1.(1)数字多用电表 0.660 (2)b (3)3.8 278 2对闪·讲与练·高三二轮物理 解析：(1)由于数字多用电表的内阻远 大于电压表的内阻，则电动势更接近 数字多用电表的测量值，由题图2可 知，读数为0.660V。 (2)根据题意，由串联分压原理有R E- R,整理可得R=ERv·U一Rv, 结合题图4可得，电压表的内阻为 Rv=b。 (3)由题图1可知，电压表读数为 030V,则由串联分压原理有)k0 0.660V-0.30V,解得RA≈3.8k0 R内 2.(1)5.315(5.3145.316均可) (2)(M-Ma)gh=2(M+MB)· 8+k (4)AD 解析：(1)螺旋测微器的精确值为0.，01mm, 由题图乙可知遮光片的宽度为d 5mm+31.5×0.01mm=5.315mm。 (2)重物A经过光电门时的速度大小 为日=品，系航的重力势能减少量为 △E。=(MB一MA)gh,系统的动能 增加量为△E.=之(M十M,)o,联 立可得如果系统（重物A、B)的机械能守 恒，应满足的关系式为(MB-M)gh= 1 Ma+M)() 。 (3)由M。-M)gh=2(M+M,)u, 整理可得o=MB二Agh,则有 MA+MB M。一M)B=k,解得A、B质量之比 MA+MB MA_g-k MB g+k (4)绳的质量使得绳具有一定的动能， 绳和滑轮间的摩擦会产生一定的内 能，所以绳的质量要轻且尽可能光滑， 故A正确；钩码的质量应大一些，使重 物A经过光电门时的速度大一些，通 过光电门的遮光时间短一些，则计算 出来的速度误差小一些，故B错误；遮 光片的宽度越小，遮光时间越短，则计 算出来的速度误差就越小，故C错误； 为了减小误差，应尽量保证重物只沿 竖直方向运动，不要晃动，故D正确。 实验题专项练（四） L.(1)2 、d(x2-x1） （2)5.25(3)2gy2-y7 解析：(1)滑块由A到B,由牛顿第二 定律得a=3=g,根据运动学公 72 21 式1=2a产，解得=g (2)游标卡尺为20分度，精度为0.05mm, 游标尺上0刻度线在主尺第5条刻度 线右侧，游标尺上第5条刻度线与主尺 刻度线基本重合，所以游标卡尺读数 为5mm+5×0.05mm=5.25mm。 (3)滑块从通过光电门到停止运动，由 牛顿第二定律得mg=ma,由匀变速 直线运动速度和位移的关系得2= 2al,v= ,解得1= 1 △ 2μg ,则图 d 像斜率k= ,因为k=二少，解 2μg x2一x1 d2(x2-x1) 得μ 2g(y2-y1)9 2.(1)下降变大(2)2.050V (3)> 两探针之间液体的阻值小于 实际的电源内阻 解析：(1)由电阻定律R=pS 知，充气 后中心液面下降致横截面积变小，故 电阻变大。 (2)电源电动势等于电源未接入电路 (即外电路电阻无穷大)时电源两端电 压，则电池电动势E=2.050V。 2.050-1.840 (3)由图像可知k1= 2≈ 0.053 0.180 4.02k2= 0.054 2≈3.32；U外-1 图像斜率的绝对值k,等于电源内阻， U内一I图像的斜率k2即电源内阻，理 论值应相等，但电源内阻应是电源两 极间液体的阻值，两探针只是非常靠 近两极，导致测量的内阻偏小；数字电 压表V2测量电阻箱电压，该值小于真 实路端电压值，是由导线电阻等所致。 计算题专项练（一）》 1.(1)40cm(2)4.544J 解析：(1)气体做等压变化，由盖-吕萨 克定律得 LoS LS 73+to 273+t1 解得Lo=40cm。 (2)封闭气体的压强p=p。十Pgh, 外界对气体做功W=S(L。一L), 由热力学第一定律△U=W十Q, 联立解得Q=一4.544J, 即放出的热量为4.544J。 2.(1)VgL(2)3+2w2 36 解析：(1)甲从斜面上的A点由静止滑 下，斜面光滑，只有重力做功，设滑到 斜面底端时甲的速率为v。,由机械能 守恒定律有gLsin30°= 2, 解得v。=√gL, 则甲与乙碰前瞬间，甲的速度大小 为√gL。 (2)甲与乙碰后，设甲的速率为1，碰 后甲恰能返回斜面AB的中点，有 0、1 L 2m2 sin 30, 解得01= 设碰后乙的速率为2，碰撞过程动量 守恒，则有一mpU1十m元v2=m甲U0· m 1 3 乙碰后刚好能停在D处，由功能关系 有mgL三2me 解得μ= 3+2√2 36