选择题专项练(6)-【红对勾讲与练】2026年高考物理二轮复习考前增分练

选择题专 （分值：46分 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28 分。每小题只有一个选项符合题目要求。) 1.(2025·山西晋中三模)2025年3月30日，国产大 飞机C919首次飞抵东北地区，开启“上海虹桥 沈阳”航线的商业运营，沈阳成为东航C919通航 的第10座城市。飞机起飞过程主要包括地面滑 行加速、离地和加速爬升三个阶段。下列说法正 确的是 () A.飞机静止时，座椅对乘客的作用力为0 B.飞机水平向右加速滑行时，座椅对乘客的作用 力水平向右 C.飞机离地后在空中做斜向上加速直线运动时， 乘客处于超重状态 D.飞机离地后在空中做斜向上加速直线运动时， 座椅对乘客的作用力竖直向上 2.(2025·浙江宁波一模)如图所示，某烟雾探测器 中装有少量放射性金属镅241，其衰变方程为 2Am→X+Y(X为产生的新核，Y为释放射线 中的粒子)，其中Y粒子在空气中只能前进几厘 米，一张纸就能把它挡住。下列说法正确的是 ( 烟雾粒子 镅241 2 A.发生火灾时温度升高会使镅241的半衰期变短 B.Y粒子是由镅241衰变时释放的3粒子 C.新核X的中子数比质子数多51个 D.镅241的比结合能比新核X的比结合能大 3.(2025·黑龙江哈尔滨一模)声呐系统利用声波探 测水下障碍物。某次监测中，声呐传感器接收到 一列反射横波，图甲为t=0时刻的波形，其中P 是x=0处的质点，Q点位于x=12m处。图乙为 Q点振动的a-t图像。下列说法正确的是() +y/m +a/(m·s-) Q 0.100.20 9 12x/m 00.050.15 甲 (横线下方不可作答) 2 班级： 姓名： 项练（六） 限时：25分钟) A.该列波沿x轴负方向传播 B.该列波的传播速度为60m/s C.t=0时刻P点正经过平衡位置向上运动 D.再经过0.05s,Q点位移达到正向最大值 4.(2025·山东临沂一模)一定 V 质量的理想气体的体积V随 6 温度T的变化关系，如图所 示。气体从状态a变化到状 T, 态b,从外界吸收热量为Q,该 变化过程在V-T图像中的图线ab的反向延长线 恰好过原点O,气体状态参量满足 T -=C(C为常 量)，下列说法正确的是 A.外界对气体做功C(T2一T) B.气体对外做功C(T2一T1) C.气体内能变化量△U=C(T2一T1)十Q D.气体内能变化量△U=C(T2-T1)-Q 5.(2025·湖南长沙一模)日常生活中常用高压水枪 清洗汽车，某高压水枪喷口直径为D,喷出水流的 流速为，水柱垂直射向汽车表面后速度变为0。 已知水的密度为ρ。下列说法正确的是() A.高压水枪单位时间内喷出的水的体积为πD B.高压水枪单位时间内喷出的水的质量为pD'v C水柱对汽车的平均冲力为0心D D.若高压水枪喷口的出水速度变为原来的2倍， 则水柱对汽车的平均冲力为原来的2倍 6.(2025·吉林延边一模)海上低频交流输电系统 (LFTS)是指海上风力发电机输出低频(20Hz)交 流电，先经箱变将电压由0.69kV升压到35kV, 再经海上升压站升至110kV;后经海底电缆送至 陆地，在陆地变频(50Hz)后并网，如图所示。变 压器视为理想变压器。仅考虑远距离海底电缆的 电阻。下列说法正确的是 风力发电机-箱变海上升压站海底电统变频电网 03 第二部分题型综合练 A.升压变压器的匝数比分别为1：49和7：22 B.海上升压变压器的输出功率等于海底电缆陆地 终端的输入功率 C.变压器利用电磁感应输送电能，低频交流可降 低海底电缆电阻的功率损失 D.若采用220kV输送同样功率的电能，则海底电 缆电阻的功率损失将减少75% 7.(2025·辽宁丹东一模)如图所示，“七星连珠”是 一种罕见的天文现象，指太阳系中距太阳由近到 远的七颗行星（水星、金星、火星、木星、土星、天王 星、海王星)在天空中几乎排列成一条直线。假设 某次“七星连珠”发生时，七颗行星按照距离太阳 由近到远的顺序在太阳同一侧排列成一条直线， 运动均看作匀速圆周运动，且仅受太阳引力作用。 则下列说法中正确的是 A.水星距离太阳最近，受到太阳引力最大 B.水星距离太阳最近，线速度最小 C.水星距离太阳最近，周期最大 D.水星距离太阳最近，加速度最大 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18 分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的 得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。) 8.(2025·湖南邵阳一模)如图所示，在平面直角坐 标系xOy的（一8,0）、(8,0)两点处固定着电荷量 分别为十q、一9g的两个点电荷，A、B为y轴上两 点，坐标分别为(0,2)、(0，一6)，M、N、P、Q四个 点是以一9g为中心的正方形的四个顶点，在上述 两个点电荷所形成的电场中，下列说法正确的是 () +y/cm ↑A →x/cm +q 0、-9g,N B M A.N点与Q点电势相等 B.x轴上x=一4cm处电场强度为0 红对勾·讲与练 2 C.B点的电势高于A点的电势，A点的电场强度 大于B点的电场强度 D.将某一负电荷从P点移动到Q点静电力做的 功大于将其从V点移动到M点静电力做的功 9.(2025·黑龙江齐齐哈尔一模)如图，MN和PQ 是电阻不计的平行金属导轨，其间距为L,导轨弯 曲部分光滑，平直部分粗糙，二者平滑连接，右端 接一个阻值为R的定值电阻。平直部分导轨左边 区域有宽度为d、方向竖直向上、磁感应强度大小 为B的匀强磁场。质量为m、电阻为2R的金属 棒从高为五处由静止释放，到达磁场右边界处恰 好停止。已知金属棒与平直部分导轨间的动摩擦 因数为“，金属棒与导轨间接触良好。则金属棒穿 过磁场区域的过程中 () N R Q A.流过定值电阻的电流方向是N→Q B.通过金属棒的电荷量为3R BdL C.金属棒克服安培力所做的功为了mg(h一d) D.电阻R产生的焦耳热为3mgh一d) 10.(2025·湖南衡阳一模)如图，竖 直放置的轻质圆盘半径为R,光 滑水平固定轴穿过圆心O处的 小孔。在盘的最右边缘固定一 质量为2m的小球A,在离O点？R处固定二 量为m的小球B,两小球与O点连线的夹角为 135°。现让圆盘自由转动，不计空气阻力，两小球 均可视为质点，当A球转到最低点时() A.两小球的重力势能之和减少，号mgR B.A球机械能减少 6 V58R C.A球速度大小为， D.此后半径OA向左偏离竖直方向的最大角度 大于45 4☐ 高三二轮物理2.5-0.5 2.B自由落体时间为t= 8 2 1 1s,上升的最大高度为h= 2g=5 m, 离开蹦床时的速度大小为)。=gt 10m/s,运动员从最低，点到离开蹦床 的时间是0.25s,根据动量定理得FX 0.25s-mg×0.25s=mv。,解得F= 2500N,故选B。 3.B原子从高能级向低能级跃迁时，释 放的能量等于两者能级差，故A错误； 由题图可知，原子从不同高能级向同 一低能级跃迁时发出的光属于同一谱 线系，故B正确；赖曼系是原子从较高 能级向量子数为1的能级跃迁时所产 生的相应光谱，故 C错误；结合玻尔理 论可知，帕邢系 ,子的能量值小于巴 耳末系光子的能量值，所以若巴耳末 系的光能使某金属发生光电效应，则 帕邢系不一定能使该金属发生光电效 应，故D错误。 4.D如图所示，从光源直接发出的光和 被平面镜反射的光实际上是同一列 光，故是相干光，该干涉现象可以看作 双缝干涉，所以SS之间的距离可以看 作双缝间距为2a,而光源S到光屏的 距离可以看作双缝到光屏的距离为L, 根据双缝干涉的相邻条纹之间的距离 公式可得△=二，故A错误：因光线 2a 不可能到达平面镜下方，可知光屏上 的条纹只在平面镜的水平线上方，故B 错误；若将平面镜M右移一些，从S发 出后反射到光屏的光的范围减小，则 亮条纹数量减少，故C错误；若将平面 镜M左移一些，SS之间的距离不变， L不变，则相邻亮条纹间距不变，故D 正确。 光屏 M 5.B由开普勒第三定律可知，圆轨道的 轨道半径越大，其周期越长，同理，若 椭圆轨道的半长轴大于该圆轨道半 径，则椭圆轨道的周期更长，图中所示 椭圆轨道I的半长轴显然大于圆轨道 Ⅱ的半径，所以应有T>Tg,故A错 误；对于圆形轨道Ⅱ，己知半径r、周期 GMm T。和引力常量G,可由 4 72 T求得月球质量M,故B正确； 嫦蛾六号由轨道I进入轨道Ⅱ做近心 运动，需要的向心力减小，所以在M点 需要点火减速，嫦娥六号的机械能减 小，所以嫦娥六号在轨道I上的机械 能大于在轨道Ⅱ上的机械能，故C、D 错误。 6.D由小球受力平衡可知，受到竖直向 下的重力，水平向右的静电力QE,此 二力大小相等，均为mg,则小球所受 合力为√2mg,由cd间的中点处指向 276红因勾·讲与练·高三二轮物理 圆心，电荷A对小球的作用力为吸 引力，则其在圆孤上cd间的中点处， A错误；由平衡条件可 kQ4=反mg' r2 可得g= 巨mg,B错误；匀强电场在 kQ a、d处电场强度均水平向右，O处正 电荷在口、d两点产生的电场强度大小 相等，方向不同，合电场强度不相等， C错误；O处正电荷在a、d两点产生 的电势相等，匀强电场在a处电势比 在d处电势低Er,D正确。 7.D根据右手定则可知，导体棒OA上 感应电流方向为从O到A,流过电阻 R的电流方向为从右向左，故A错误； 凤杯的速率为0=wX2L=2wL,故B 错误；导体棒与弹性簧片接触时产生 L三 的电动势为E=BLU=BLw· ?L心，故C错误：依题意，子体捧到 转动一圈，与弹性簧片接触过程中，导 体棒转过的圆心角为45°，所以三组风 杯组总共接触过程对应的时间为t= 3X 4 ，根据闭合电路欧姆定律，有 E I=R十，又g=,联立解得g= 3πBL ,故D正确。 8(R+r) 8.ACD由静止时对甲、乙整体受力分 析，甲、乙整体重力沿斜面的分量与弹 簧弹力平衡，则有(mp十mz)gsin37°= kx,解得k=20N/m,故A正确；烧断 轻绳后，小球甲将做简谐运动，运动到 平衡位置时，根据平衡条件，有 m甲gsin37°=kx1,解得弹簧的仲长量 为x1=6cm,小球甲做筒谐运动，其振 幅为A=18cm一6cm=12cm,故 B错误；小球甲运动到最高点时弹簧 有最大压缩量，结合简谐运动关于 平衡位置对称可推知，弹簧最大压缩 量为△xmx=12cm-6cm=6cm,故 C正确；由简谐运动相关运动规律和能 量守恒定律，有2 kx片一 2 m甲gsin37°·(x-x1)=Ekmx,小球 甲运动过程中的最大动能为Ekmx= 0.144J,故D正确。 9.ABC根据题意，由动量守恒定律可 知，新核Y与《粒子的动量大小相等， 由洛伦兹力提供向心力有q心B= mR,可得圆周运动的半径公式R= 0 RY于 2 B,则有R=乙二2，故A正确：圆网 运动的周期T=2,环形电流1 gB .qB ,故B正确；对α粒子，由洛 伦兹力提供向心力有qB=mR,可 得u=9BR m 由质量关系可知，衰变后 新核Y的质量为M=A一4 m,由衰变 4 过程动量守恒可得Mu'一m0=0,可知 '= M0,系统增加的能量为△E= 7 M。+7m,由质能方程得AB= 1 △mc2,联立可得△m= A(gBR) 2m(A-4)c21 故C正确：由衰变过程动量守恒可知， 衰变后α粒子与新核Y运动方向相 72U 反，由圆周运动的半径公式R=可 qB 知，α粒子半径大，由左手定则可知两 粒子圆周运动方向均为逆时针，故题 图丁正确，故D错误。 10.AD小物块从P点运动到A点，由 1 动能定理得一：mgx= 1 mv后，由动量定理得一mgt= 2 m℃A一mYo,联立解得YA=7m/s,t= 0.2S,故A正确；从A,点到C点，由 动能定理得一mgR(1十sin37°)= 1 21 2mui,解得oe=5m/s,在 C点根据牛顿第二定律有FN十 mgsin37=m是，解得=号N。 3 由牛顿第三定律知小物块对轨道的 压力大小为FN=FN=号 N,故B错 误：设小物块从C点抛出时速度的水 平和竖直分量分别为，和，，则有 v.=Vc sin37°=3m/s,v,=Vc cos37°= 4m/s,则小物块运动到最高，点时的 速度大小为3m/s,距离地面最大高 度为H=R1+sin379)+2=2m, 故C错误，D正确。 选择题专项练（六） 1.C飞机静止时，座椅对乘客的作用力 大小等于乘客的重力，故A错误；飞机 水平向右加速滑行时，座椅对乘客有 向前的推力和竖直向上的支持力，所 以座椅对乘客的作用力指向右上方， 故B错误；飞机离地后在空中做斜向 上加速直线运动时，有向上的加速度， 所以乘客处于超重状态，故C正确；飞 机离地后在空中做斜向上加速直线运 动时，根据牛顿第二定律可知座椅对 乘客的作用力斜向上方，故D错误。 2.C半衰期是由放射性元素本身决定 的，与外界因素无关，故A错误；Y粒 子在空气中只能前进几厘米，一张纸 就能把它挡住，所以Y粒子是α粒子， 故B错误；根据质量数守恒和电荷数 守恒，核反应方程为Am→8X十 Y,新核X的中子数n=237一93= 144,比质子数多△n=144一93=51，故 C正确；自发的衰变过程中释放能量， 原子核的比结合能增大，镅241的比结 合能比新核X的比结合能小，故D 错误。 3.B由题图乙可知，Q点在00.05s 内加速度正向增大，所以Q点正在向 下运动，则该列波正在向x轴正方向 传播，所以P,点在0时刻正向下振动， 故A、C错误；由题图甲得波长入=12m, 由题图乙得振动周期T=0.28,则波 入 速u =60m/s,故B正确；再过 0.05s,Q点加速度为正向最大，由于 回复力与位移方向相反，则位移为负 向最大，故D错误。 4B旅据y=C,可得v=S,南题 图可知气体从状态a变化到状态b,气 体压强不变，且有C=V,V T2-T ,可得 C(T:-T1) 由于气体体积增大， V2-Vi 可知气体对外做功为W=卫(V,一 V1)=C(T,一T,),故A错误，B正确； 根据热力学第一定律可得气体内能变 化量为△U=Q一W=Q一p(V2一 V1)=Q-C(T2-T1),故C、D错误。 5.C高压水枪单位时间内喷出的水的 体积V=SL= t =4D0, 故A错误；高压水枪单位时间喷出水 的质量m=pV=是0D,故B错说： 设水柱对汽车的平均冲力为F,垂直汽 车表面方向，由动量定理得一F△t 0一△mv,△t时间内水柱的质量为 △m=pAV=S△=子pDAr,解 得水柱对汽车的平均冲力为F三 1 年D,故C正确；根据F= 1 πmD,若高压水枪喷口的出水速 度变为原来的2倍，则水柱对汽车的平 均冲力为原来的4倍，故D错误。 根据题意有儿= 0.69kV 69 6.D n2 35 kV 3500 35 kV ni 110kV 22,故A错误；海上升 压变压器的输出功率等于海底电缆陆 地终端的输入功率与海底电缆损失的 功率之和，故B错误；变压器利用电磁 感应输送电能，导线的电阻损耗主要 由IR线决定，频率对电阻影响甚微， 可忽略不计，故C错误；若采用220kV 输送同样功率的电能，电压加倍，则输 电电流减半，则海底电缆电阻的功率 损失变为原来的四分之一，即功率损 失将减少75%，故D正确。 7.D根据万有引力定律有F= G M相m份里，引力的大小取决于太阳 质量、行星质量和距离，题目中没有给 出行星的质量信息，故A错误：根据牛 顿第二定律有G M阳m行星 解得 GMk,即距离越小，线速 度越大，因此，水星距离最近，线速度 最大，故B错误；根据周期和线速度的 关系有T= 乙π于 =2r入NGM 一，即距 离越大，周期越大，水星距离最近，周 期最小，故C错误；根据牛顿第二定律 ,Mkam2=m行ga,解得a= 有G r2 GM胆，即距离越小，加速度越大，水 G r? 星距离最近，因此加速度最大，故D 正确。 8.CD若单独考虑一9g形成的电场，N 点和Q点位于同一等势面上，但对于 十q形成的电场中，Q点的电势高于N 点的电势，根据电势的叠加可知，在两 个，点电荷形成的叠加电场中，Q点的电 势高于N点的电势，A错误；根据点电荷 形成的电场，可知十g在x=一4cm处 kq kg 的电场强度E1= r(4X102m) 1.6×10m,方向水平向右，-9g在 =一4cm处的电场强度E,=g 9kg kq (12X10°m)3=1.6X10m,方向 水平向右，故二者大小相等，方向相 同，合电场强度不为0，B错误；一9q的 点电荷等效成一个一g和一个一8g的 两个点电荷，对于一q和十q的电场 中，A、B位于同一等势面上，而在一8g 点电荷形成的电场中，B点的电势高 于A点的电势，故B点的电势高于A 点的电势，由于A,点相对于场源电荷 较近，故A点的电场强度大于B点的 电场强度，C正确；在一9q形成的电场 中，N点和Q点位于同一等势面上，但 对于十q形成的电场中，Q点的电势高 于N点的电势，因此P、Q两点的电势 差大于V、M两点的电势差，故将某一 负电荷从P点移动到Q,点静电力做的 功大于将其从N点移动到M,点静电 力做的功，D正确。 9.BD由右手定则可知，金属棒向右切 割磁感线时，在闭合回路中产生逆时 针方向的感应电流，即通过定值电阻 的电流方向是从Q到N,故A错误；根 据法拉第电磁感应定律有E=”△ △Φ B队，由欧姆定律可知1=2R+R E △t ,根据公式g=1·△，联立解得g= E BLd 3R,故B正确；根据动能定理有 mgh一mgd+W幸=0，解得W安= 一(mgh一以mgd),则金属棒克服安培 力所做的功为mgh一amgd,故C错 误；根据功能关系可知Q=一W安= mgh一mgd,则电阻R产生的焦耳热 1 为QR=3Q=3mg(h-d),故D 正确。 10.BD由题意可知，两小球的重力势能 之和减少△E。=2mgR一mgX2X √2 Rsin45°=mgR,故A错误；当A 球转到最低点时，B琼的重力势能增 加，动能增加，B球的机械能增加，由 A、B组成的系统机械能守恒，故A球 的机械能减少，故B正确；由机械能 守恒定律得2mgR一mgX2× Rsin 45- 2 。m℃，根 据u=w,可知A= R =√2，联立 √2R 2 解得A球速度大小为A=人 4gR 5 故C错误：设此后半径OA向左偏离 竖直方向的最大角度为日，则有 2 mgR cos0=mg·2 Rcos45°+ .√2 mg·2 Rcos(元-135°-6)，其中 sin0十cos0=1,联立解得cos0= ,故0>45°，故D正确。 实验题专项练（一） 1.(1)不需要(2)1.72 (3) 解析：(1)挂上托盘和重物，改变木板的 倾角，使小车拖着纸带沿木板匀速下 滑，有(M+Nmo)gsin9=mg+f,取下 托盘和重物，让小车沿木板下滑，根据 牛顿第二定律有(M+Nmo)gsin8 f=Ma,联立可得a=;同理，保持 M 托盘和重物的质量不变，在小车中依 次减少砝码的个数，仍然有口= mg M 由此可知，实验中mg等于小车所受合 力的大小，则不需要满足托盘和重物 的总质量远小于小车及砝码的总质量。 (2)打点计时器的频率为50Hz,且相 邻两计数点间有四个点未画出，所以 相邻两计数，点间的时间间隔为T= 5子=01s,所以小车运动的加建度 大小为a= CE-AC (2T)2 (11.04+12.75)-(7.59+9.32) 4×0.12 10-2m/s2=1.72m/s2。 (3)根据以上分析可知a= mg M ,所 k 以g=k,则m= g 2.(1)减小(2)重 (3)0.43 (4)小可以更换电动势更低的电源 解析：(1)由题图乙可知，压力传感器 的电阻值R随压力的增大而减小。 (2)鸡蛋越重，对R1的压力越大，R 的阻值越小，分得的电压越低，R:分得 的电压越高，电磁铁对衔铁向下的吸 引力越大，越容易将弹簧压下，鸡蛋进 入B通道，因此从B通道通过的是重 鸡蛋。 参考答案 277