选择题专项练(3)-【红对勾讲与练】2026年高考物理二轮复习考前增分练

选择题专 （分值：46分 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28 分。每小题只有一个选项符合题目要求。) 1.(2025·浙江金华三模)如图所示， 蛇年春晚中的人形机器人与真人舞 蹈演员一同表演了一场精彩的“AI 机器秧歌”舞。下列说法正确的是 A.机器人下蹲过程中，总是处于失 重状态 B.在研究机器人的舞蹈动作时可将其视为质点 C.机器人手中匀速转动的手绢边缘上的一点始终 处于受力平衡状态 D.机器人静止站立时对地面的压力与地面对它的 支持力是一对相互作用力 2.(2025·甘肃白银三模)某工xm1 程师遥控无人机在空中飞 20 行，若0~10s内无人机的 x-t图像如图所示，图线为 10 一平滑曲线，则关于无人机 在0~10s内的飞行，下列 10t/s 说法正确的是 A.无人机一定做曲线运动 B.无人机先做减速直线运动后做加速直线运动 C.无人机的平均速度大小为1.4m/s D.无人机有两个时刻的瞬时速度等于它的平均 速度 3.(2025·湖南长沙一模)下列四幅图分别对应四种 说法，其中正确的是 a粒子 95 氘核 00 轴238 b 氦核 钍234 氚核 分 乙 EleV .0 -0.54 -08.5 -1.51 ↑IIA -3.4 -13.6U.U20 UN 个 A.图甲中铀238的半衰期是45亿年，经过45亿 年，10个铀238必定有5个发生衰变 B.图乙中氘核的比结合能小于氦核的比结合能 (横线下方不可作答) 1 班级： 姓名： 项练（三） 限时：25分钟) C.图丙中一个氢原子从n=4的能级向基态跃迁 时，最多可以放出6种不同频率的光 D.图丁中为光电效应实验时用不同光照射某金属 得到的I-U关系图像，则a光频率最高 4.(2025·浙江宁波三模)无动力帆船依靠风力垂直 河岸渡河。如图所示，船头正指对岸，通过调整帆 面位置使风向垂直于帆面，此时帆面与航向间的 夹角为0。若风力的大小为F,河水沿平行河岸方 向的阻力恒为f1,沿垂直河岸方向的阻力大小 f2=ku(k为比例系数，v为航行速度)，则帆船 帆面 船头 水流方向 风向 A.先做加速度增大的加速运动，后做匀速运动 B.航行时的最大速度为vn Fcos 0 k C.若风力大小加倍，最大速度也加倍 D.若风力大小增大，为保持航向不变，0也增大 5.(2025·湖南长沙一模)静电纺纱利用了高压静电 场，使单纤维两端带上异种电荷，如图为高压静电 场的分布图，下列说法正确的是 () -+a- 高压电源 电极 电极 A.图中a、c两点的电势关系为pa>9。 B.图中b、d两点的电场强度大小关系为E>E。 C.电子在a、d两点的电势能关系为E<Eu D.将质子从b点移动到c点，静电力做负功 6.(2025·黑龙江哈尔滨一模)在一次公开课的展示 中，王老师给同学们做了“探究感应电流的方向” 实验。王老师拿了一块磁极方向未知的条形磁 体，平板小车上安装线圈、导线、发光二极管等元 件，线圈绕法及电路连接方式如图所示，已知桌面 的摩擦很小，下列说法中正确的是 () ⊙ ⊙ 97 第二部分题型综合练 A.当条形磁体向右靠近线圈时，平板小车将向左 移动 B.当左侧二极管发光时，此过程一定是条形磁体 的S极向右插入线圈 C.在条形磁体插入线圈的过程中，如果右侧的二 极管发光，则条形磁体的右端为N极 D.实验中发现左侧二极管发光的同时，小车又向右 移动，则我们无法判断条形磁体哪一端为N极 7.(2025·黑龙江哈尔滨一模)如图是同一地点的 甲、乙两单摆的部分振动图像，下列说法正确的是 ↑/cm 2737456t/s -8 A.甲、乙两单摆的摆长之比为9：4 B.乙单摆的振动方程为x=8sim(行+x)em C.甲单摆的机械能小于乙单摆的机械能 D.0~1s内，甲摆球的重力势能增大，乙摆球的重 力势能减小、 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18 分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的 得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。) 8.(2025·山东潍坊三模)3D打印技术已经深入到 生活各个方面，图甲为一种常见的3D打印机的实 物图，打印喷头做x轴、y轴和之轴方向的运动， t=0时，打印喷头从打印平台的中心开始运动，在 x轴方向的位移一时间图像和y轴方向的速度 时间图像如图乙、丙所示，关于打印喷头在xOy平 面内的运动，下列说法正确的是 () 甲 ↑x/m ↑u/(m…s-l) 0.30------ 0.40---/ 0.15 0.20 04 04 0.5 1.0s 0.51.0is A.打印喷头做匀变速直线运动 B.0~1.0s内打印喷头位移大小为 10 -m 红对勾·讲与练 19 C.t=0.5s时打印喷头速度大小为0.25m/s D.打印喷头的轨迹方程为y=。x2 9.(2025·陕西西安三模)如图 yo 所示，倾角为53°的光滑斜面 固定在水平面上，轻质弹簧 (劲度系数未知)一端悬挂在 O点，另一端与质量为m的 小球（视为质点）相连，B点在 m f530 O点的正下方。小球从斜面ww 上的A点由静止释放，沿着斜面下滑，已知OA与 斜面垂直，且O、A两点间的距离为L,重力加速度 为g,小球刚到达B点时，对斜面的弹力刚好为0， 弹簧的原长为L,且始终处于弹性限度内，劲度系 数为k的轻质弹簧的弹性势能E。与弹簧的形变 1 量x的关系为E。=2kr2,sin53°=0.8，cos53° 0.6,下列说法正确的是 () A.弹簧的劲度系数为 3L B.小球在B点时弹簧的弹性势能为mgL 3 C.小球到达B点时的动能为5mgL 6 D.小球从A点运动到B点的过程中，弹簧的弹性 势能一直增大 10.(2025·湖南大联考一模) 质谱仪是一种测量带电粒 R 子质量和分析同位素的重 要工具，它的原理图如图所M 示，离子源A产生电荷量相 同而质量不同的离子束（初 A 速度可视为0)，从狭缝S 进入电场，经电压为U的加速电场加速后，再通 过狭缝S,从小孔垂直MN射入圆形匀强磁场， 该匀强磁场的磁感应强度为B,方向垂直于纸面 向外，半径为R,磁场边界与直线MN相切，E为 切点，离子离开磁场最终到达感光底片MN上， 设离子电荷量为q,到达感光底片上的点与E点 的距离为x,不计重力，可以判断 () A.离子束带正电 B.x越大，则离子的比荷一定越大 C.到达x=3R处的离子质量为BR 6U D.到达x=√3R处的离子在匀强磁场中运动的 时间为BR 3U 8 高三二轮物理可知射中O、P两，点的飞镖空中飞行 时间相等，射中Q点的飞镖空中飞行 时间最长，即tQ>to=tp,又因为 xo=xQ<xp,则有Q<vo<vp,可知 平抛初速度最小的是射中Q,点的飞 镖，故A、B错误，C、D正确。 9.BD由对称性知平面AODD'O'A'为 零等势面，所以O点和O'点电势相等， 故B正确；由点电荷电场强度公式及 矢量叠加，可得E。>E,故A错误： 根据电势的叠加可知9E<0,PD=0, 所以电子从E′点沿直线运动到D'点 电势能减小，故C错误；由对称性知 PE=9r,沿直线从E'点到F'点电势 先升高后降低，所以试探电荷十q从 E点沿直线移动到F'点的过程中，其 电势能先增大后减小，故D正确。 10.ABD设左杆的下端，点为A,由对称 性易知杆与竖直方向成2 角，由关联 速度知cos2=vAsin 2,当0为 60°时，得vA=√5p,丈℃A=C,可 得VC=√30p,A正确；从杆竖直到 0=60°过程，对整个系统，由机械能守 恒，得MgL1-cos30°)=号M0十 2 2X之mu,又ue=Bup,联立解得 (2-√5)MgL ,B正确；瑞点 M+6m A与物块C没有分离前，物块C一直 向左加速，端，点A对物块C有向左的 弹力，对端点A分析，易知杆对端点 A的力沿杆斜向下，故杆对球甲的力 沿杆斜向上，由对称性知，两杆对球 甲的合力向上，故Qp<g,C错误；由 球甲与端点A的速度关系知，当球甲 落地瞬间，端，点A速度为0，端点A 速度先变大后变小，端，点A速度最大 时，物块C的速度也是最大，物块C 的加速度为0，与端点A之间的弹力 为0，端点A与物块C分离，D正确。 选择题专项练（三） 1.D机器人下蹲过程中，先向下加速后 向下减速，则先失重后超重，故A错 误；在研究机器人的舞蹈动作时，机器 人的大小、形状不能忽略不计，不可将 其视为质，点，故B错误；机器人手中匀 速转动的手绢边缘上的一点做圆周运 动，不是处于受力平衡状态，故C错 误；机器人静止站立时对地面的压力 与地面对它的支持力是一对相互作用 力，故D正确。 2.Dx-t图像只能描述位移的两种方 向，则说明无人机做直线运动，故A错 误；x一t图像的斜率表示速度，由各，点 斜率可知无人机先做加速直线运动后 做减速直线运动，故B错误：无人机的 平均速度大小=42 =1.6m/s,故C △t 错误；作图像的切线，如图所示，图像 中作出的长实线的斜率表示0~10s 内无人机的平均速度，长实线两侧一 定可以找出曲线上点的切线与长实线 2742闪·讲与练·高三二轮物理 平行，无人机在这两个点的瞬时速度 等于它的平均速度，故D正确。 x/m 20 10 0 5 10t/s 3.B题图甲中轴238的半衰期是45亿 年，半衰期只适用大量原子核的衰变， 所以经过45亿年，10个轴238不一定 有5个发生衰变，故A错误；题图乙中 氨核比氘核更稳定，氘核的比结合能 小于氦核的比结合能，故B正确；题图 丙中一个氢原子从n=4的能级向基 态跃迁时，最多可以放出3种不同频率 的光，故C错误；题图丁中为光电效应 实验时用不同光照射某金属得到的 I-U关系图像，根据Ek=hv一W。, eU.=Ek,由图像可知，c光对应的逼 止电压最大，则c光对应的光电子最大 初动能最大，C光频率最高，故D错误。 4.D帆船垂直航向方向受力平衡，沿航 向Fsin日一kv=ma,帆船先做加速度 减小的加速运动，后做匀速运动，故A 错误；根据题意可得Fsin0=kUm,解 Fsin 0 得0m= k ,故B错误；风力大小加 倍，垂直航向方向不再平衡而产生加 速度，速度不再沿船头指向，故C错 误；根据题意Fcos日=f1,可知F增 大时，0也应增大，故D正确。 5.A由题图可知，右边电极的电势高于 左边电极的电势，电场线从右边电极 发出，终止于左边电极，根据沿着电场 线方向电势降低，可知图中a、c两点 的电势关系为9。>9，故A正确；根据 电场线的疏密代表电场强度的大小， 可知图中b、d两点的电场强度大小关 系为Eb<E,,故B错误；图中a、d两 点的电势关系为P。<p4,根据E,= q9,且电子带负电，可知电子在a、d两 点的电势能关系为Eu>Ed,故C错 误；图中b、c两点的电势关系为9> 9,且质子带正电，故将质子从b点移 动到c点，其电势能减小，静电力做正 功，故D错误。 6.C根据楞次定律的推广含义“来拒去 留”，可知当条形磁体向右靠近线图 时，平板小车也应该向右移动，故A错 误；当左侧二极管发光时，由安培定则 可以判断线圈内的感应电流磁场方向 向右，再由楞次定律判断原磁场的磁 通量可能向左增大或向右减小，因此， 条形磁体可能S极向右插入线圈或N 极向左抽离线圈，故B错误；如果右侧 的二极管发光，根据安培定则可以判 断线圈内的感应电流磁场方向向左， 在条形磁体插入线圈的过程中，磁通 量增大，再根据楞次定律“增反减同” 判断原磁场方向一定向右，条形磁体 的右端一定为N极，故C正确：如果实 验中发现左侧二极管发光的同时，小 车又向右移动，则一定是条形磁体左 端为N极，右端为S极，故D错误。 7.B由振动图像可知，甲、乙单摆的周 期Tp=4s,T乙=6s,根据单摆周期 公式T=√F可 知生=T的 T 。,故A错误：对乙单摆有T2=63 2π A=8cm,故w=T2 =3 rad/s,由 图像可知，t=0时刻，乙单摆的位移为 0,且向负方向运动，故乙单摆的振动 方程为x=8sim(行十)cm,故B正 确；单摆的机械能与摆球的质量、振幅 等因素有关，仅由振动图像无法判断 两摆球的质量关系，所以不能比较机 械能的大小，故C错误；0~1s内，甲、 乙摆球均从平衡位置向最高点运动， 故甲、乙摆球的重力势能均增大，故D 错误。 8.BD由题图乙可知打印喷头在x轴方 向做匀速直线运动，由题图丙可知打 印喷头在y轴方向做匀加速直线运 动，则打印喷头做匀变速曲线运动，故 A错误：0~1.0s内，由题图乙可知打 印喷头在x轴方向的位移大小为x= 0.30m,由题图丙可知打印喷头在y 21×0.40× 轴方向的位移大小为y=2 1m=0.20m,则0~10s内打印喷头 位移大小为s=+y= √W13 m, 10 故B正确；t=0.5s时，由题图乙可知 打印喷头在x轴方向的分速度大小为 x0.30 m/s=0.30m/s,由题 图丙可知打印喷头在y轴方向的分速 度大小为v,=0.20m/s,则t=0.5s 时打印喷头速度大小为=√0十心= √0.30+0.202m/s= √13 m/s,故 10 C错误；打印喷头在x轴方向的位 移一时间关系为x=0t=0.3t,在y轴 1 方向的位移-时间关系为y=2a,1= ×0=0.2r,联立可得打印喷头 2 20 的轨连方程为y三。z,故D正确。 9.BD 由几何关系可知OB=,又因 为小球刚到达B点时与斜面间的弹力 刚好为0，则（号-L)=mg,解得 k= 3mg,故A错误；弹簧在B点时的 2 弹性势能E。=(学)-故 B正确；小球从A,点运动到B点，弹簧 的伸长量一直增大，弹簧的弹性势能 一直增大，由能量守恒定律有mg× 3sn53=E十E,解得E,=1lmgL 4L 15 故C错误，D正确。 10.AC离子进入磁场后向右偏转，对离 子受力分析，由左手定则可知，离子 束带正电，A正确：带电离子在加速 电场中做匀加速直线运动，设加速后 的速度大小为，根据动能定理有 9U=2m0一0，解得= 2qU ,然 后离子匀速运动到E点进入有界匀 强磁场中，其运动轨迹如图所示， N 离子从E点先沿圆孤做匀速圆周运动， 再沿直线做匀速直线运动到V,点，由 9B=m2,得r= 720 2mU qB B 故工越大则，越大，则比荷9越小， B错误；离子到达x=√3R处，如图， 在△EN0中1an0=后，解得0=60， 设离子运动的轨迹圆的半径为？，根据 几何关系有，=R1an30-R,解得 m=9B'R: 6U ,C正确；设到达x=√3R 处的离子轨迹国心角为@，1=0T- 360X rm ,由几何关系知a=120°， gB 联立可得t= πBR 9U ,D错误。 选择题专项练（四） 1.C核聚变是指两个或多个轻核结合 成一个质量较大的核的过程，释放出 大量能量。选项C中，氘和氚发生反 应生成氨和中子，符合核聚变的定义。 A选项为阝衰变，B选项为原子核的人 工转变方程，D选项属于重核裂变，故 选C。 2.C根据“意动度表达式-是，则 △a 为a-t图像的斜率，结合j-t图像可 知，j随时间t先均匀减小后不变（不 为0)，可知a一t图像的斜率先减小后 不变（不为0），可知a-t图像为C,故 选C。 3.A依题意，正六边形顶，点上的六个点 电荷分成三组，分别为两组等量同种 点电荷和一组等量异种点电荷，其中 等量同种，点电荷在)点的电场强度为 0,等量异种，点电荷在)点的电场强度 大小为E= 如，可知0点的电场强度 大小为 2kq ,故A正确，B错误；等量异 种点电荷在O,点的电势为0，等量同种 点电荷在O点的电势大于0，所以O 点的电势大于0，故C、D错误。 4.Ba>B,由光的折射定律结合光路图 可知，溶液的折射率小于透明介质的 折射率，由口=。可知，光线在溶液中 的传播速度比在透明介质中的大， A错误；稍微提高溶液的含糖率，溶液 的折射率增大，光线从溶液射出时，折 射角增大，故打在屏幕上的位置向下 移动，B正确；由题图可知，溶液对光 的折射率小于溶液对b光的折射率，由 n= sin C 可知，逐渐提高溶液的含糖 率，b光先达到全反射的临界角，即b 光先不能射出容器，C错误；稍微水平 向左移动透明介质，由几何关系可知 光线打在屏幕上的位置均将向上移 动，D错误。 5.D根据题图乙可知，交变电流的最大 值为Im=3A,故有效值I= √2 3EA<3A,可知该交变电流不可将 》 熔断电流为3A的保险丝熔断，故A 错误；根据题图乙可知交变电流的周 期T=0.02s,故B错误；根据题图乙 可知，t=0.01s时，产生的感应电流为 0,此时线框位于中性面位置，穿过线 框的磁通量最大，故C错误；线框转动 的角速度为ω= 2=100元rad/s,故D 正确。 6.D对汽车由牛顿第二定律有F一 (f。十kv)=ma,可知汽车速度越大， 加速度越小，故A错误；当汽车所受合 力为0时，汽车达到最大速度，由受力 平衡有F一（f。+kum)=0,解得最大 速度vm= F一，汽车在恒定牵引力 作用下启动，汽车做加速度越来越小 的加速运动，则整个过程汽车的平均 速度大于 F一f,故B错误；汽车从静 2k 止达到最大速度过程中，根据动量定 理有Ft一∑(f。十kv)t=m℃m,解得整 个过程所用时间为t=F一f。 C错误，D正确。 7,C由于电阻丝PQ匀速运动，由法拉 第电磁感应定律E=Bl0,可知PQ产 生的电动势大小恒定，由电路知识可 知，在PQ从ad边向bc边运动的过程 中，电路中的总电阻R先增大后减小， E 可知通过电阻丝PQ的电流I 先减小后增大，故A错误；由U=E Ir可知电阻丝PQ两端的电压先增大 后减小，故B错误；由F=BIl可知电 阻丝PQ受到的安培力先减小后增大， 故拉力也先减小后增大，由于拉力的 功率P=F,故拉力做功的功率先减 小后增大，故C正确；将电阻丝ab看 作外电路，将电阻丝PQ看作电源，则 外电路的电阻不大于电阻丝PQ的电 阻，由于外电路的电阻先增大后减小， 故由电源输出功率与外电阻之间的关 系可知，电阻丝ab的发热功率先增大 后减小，故D错误。 8.AD根据题意，环绕器运动的线速度 大小为=2πR T ，故A正确；根据速 度一位移关系2g'h=0,可知火星表面 的重力加速度g'= ,故B错误；根据万 2h 4π 有引力提供向心力有G Mm =m , 4π2R 可得火星的质量为M= ·,故C错 GT' 误：在火星表面，万有引力等于重力，则 Mm G R =mg',可得Rx= 8πR3h ,故 D正确。 9.BCP到Q的过程压强减小，体积增 大，根据理想气体状态方程可知 T C,初末状态温度相同，在图乙中，T= 巳V,所以虚线6为等压线，从P到风 过程中，压强始终小于P,点压强，即图 像斜率小于P点对应斜率，所以曲线c 对应了P到Q的过程，故A错误，B正 确；力一V图像面积代表做功，所以 W=一。十2p。V。三一”p。V。·P到 2 Q的过程内能不变，根据热力学第一定 律△LU=Q十W=0,理想气体吸收的热 3 量为？p,V,故C正确：初末状态温度 相同，分子平均动能相同，初态压强是 末态的2倍，所以状态P中气体分子 单位时间内与器壁单位面积上的碰撞 次数是状态Q的2倍，故D错误。 10.ACA、B碰撞的过程中，满足动量 守恒(mA十g)1=mAY0,解得1= 6m/s,A球与B球碰撞中损耗的 机核能aE=弓 、、1 2 (mA+ mg)0=108J,A正确；弹簧再次恢 复原长时C球速度最大，B错误；在以 后的运动过程中，A、B的组合体与C 的速度相等时，弹簧的弹性势能最大， 根据动量守恒(mA十mB十mc）v:= (mA十mB）v1,解得2=2m/s,弹 1 簧的最大弹性势能E,=2(mA十 m)u-之(mA十mB+me)5,解得 E。=36J,C正确：当弹簧再次恢复原 长时，根据动量守恒定律和能量守恒 定律有(mA十mg)z3十mc),=(mA十 1 ms十mc)u,2（ma十mg十me)u+ E,= 2(2a+2s05十> -me,解 得v3=一2m/s,v=4m/s,此时 B球反向速度最大，而B球由于速度 由正向到反向，因此最小速度为0， D错误。 选择题专项练（五） 1.C研究具体动作，不能将演员看作质 点，否则就没动作可言了，故A错误； 稳定站立时，地面对两人无摩擦力，故 在光滑水平面上也可完成该动作，故 B错误：由平衡条件可知，地面对每 位同学的作用力都等于其自身重力， 不发生变化，与日角无关，故C正确， D错误。 参考答案 275