选择题考点专练3 热学&选择题考点专练4 机械振动 机械波-【红对勾讲与练】2026年高考物理二轮复习考前增分练

选择题考点 (分值：35分 1.(5分)我国科学家把金属铋块熔化成液态铋，再经 挤压后得到单原子层金属铋片，与铋块相比，铋片 的导电性能和机械强度显著增强，则 () A.铋块熔化过程中温度不断升高 B.液态铋表面分子间作用力表现为引力 C.铋片中的分子呈无规则排列 D.铋片中的分子在做布朗运动 2.(5分)如图所示，下列关于分子。40 间作用力、分子间作用力做功 和分子势能的说法正确的是 ( A.分子间距离大于r。且减小时，分子间引力和斥 力都增大 B.分子间距离从无限远靠近到r。处过程中，分子 间作用力先做正功后做负功 C.分子势能在r。处最大 D.分子间距离由r。减小时，分子势能在减小 3.(5分)如图为一种减震垫，上面 布满了圆柱形薄膜气泡，每个气 泡内充满了一定质量的理想气 体，当平板状物品平压在气泡上 时，气泡内气体的体积减小，温 度保持不变。关于该挤压过程中气泡内的气体， 下列说法正确的是 ( A.分子平均动能增大B.气体内能增加 C.气体放出热量 D.气体吸收热量 4.(5分)中医经常利用拔罐器为病 人去除身上的寒气和湿气，如图 真空枪 所示。设罐体的容积为V。,真空 枪容积为宁，大气压强为力。某 次拔罐仅抽一次气时，由于皮肤 罐体 鼓起，使得罐体内容积减小了 2,假设气体温度不变，则罐体 内气体压强大小变为 0 g n 5.(5分)一定质量的理想气体经状 ↑plpo 态AB→C→A循环一次的过 程中，其压强p与密度ρ的关系 图像如图所示，图中BC与p轴 2 平行，AC与ρ轴平行，若已知气 (横线下方不可作答) 班级： 姓名： 专练3热学 限时：15分钟) 体在状态A时温度为T。,则下列说法正确的是 A.气体在A→B过程中，内能增大 B状态C时，气体的温度为2T C.状态B时，气体的压强为1.8p。 D.气体在C→A过程中，单位时间内与器壁单位 面积撞击的分子个数增加 6.(5分)如图所示，在两端开口的U形 管中，下部有一段水银柱a,右侧直管 内封闭气体上有一段水银柱b,若向 左侧直管中沿管壁缓慢注入高为x 的水银，则平衡后 A.右侧直管内封闭气体的压强减小 B.右侧直管内封闭气体的体积减小 C.水银柱a两侧水银面的高度差增加 D.水银柱b升离号 7.(5分)如图所示，水平地面 上竖直放置着一个高为2h 的圆柱形绝热汽缸，汽缸 内有一定质量的理想气电热丝 体，汽缸底部通过阀门连 丰阀门 接气筒，横截面积为S且导热性能良好的活塞将 气体分成上下两部分，轻质弹簧上下两端分别固 定于活塞下表面和汽缸底部。开始时轻质弹簧处 于原长，活塞恰好位于汽缸正中间位置，活塞上部 分气体压强为p。,下部分气体压强为2p。,两部分 气体的温度均为T。现在对气体缓慢加热使活 塞上升0.2h,稳定后，两部分气体的温度均为 3T。,之后温度保持不变。已知重力加速度为g, 忽略电热丝、轻质弹簧、阀门所占汽缸内的体积， 不计活塞的厚度，活塞与汽缸之间无摩擦且不漏 气。下列说法正确的是 () A.活塞的质量为2p,S B.弹簧的劲度系数为P。S 4h C.缓慢抽气使活塞回到汽缸正中间位置，上部分 气体的压强为2.5p。 D.缓慢抽气使活塞回到汽缸正中间位置，需要抽 出气体的体积在温度为3T。、压强为p。的条件 下为2hS 65 第一部分题型精准练 ■ 选择题考点专练4 (分值：30分 1.(5分)蝙蝠具有一种回声定位的特殊本领，它们在 喉部产生短促而高频的超声波，经鼻或嘴传出后 被附近物体反射回来形成回声，听觉神经中枢对 回声本身以及发出声与回声间的差异进行分析， 从而确定前方猎物的位置、大小、形状、结构以及 运动速度与方向，下列说法正确的是 A.不同蝙蝠发出不同频率的超声波可能发生干涉 B.蝙蝠发出的超声波进入水中后波长不变 C.蝙蝠产生高频的超声波目的是便于捕捉较小的 猎物 D.蝙蝠听到回声的频率变高时，能判断出猎物正 在远离 2.(5分)如图甲，一个小球与轻弹簧连接套在光滑水 平细杆上，在A、B间做简谐运动，O点为AB的 中点。以O点为坐标原点，水平向右为正方向建 立坐标系，得到小球振动图像如图乙所示。下列 结论正确的是 ( ↑x/cm 10 AAAM⊙ 0 0.515/2t/s AOB -10----- 甲 乙 A.小球振动的频率是2Hz B.t=0.5s时，小球在A位置 C.t=1s时，小球经过O点向右运动 D.小球的振动方程是x=l0sinπt(cm) 3.(5分)一列简谐横波沿x轴正↑y 方向传播，某时刻的波形如图所0 示，则从此刻开始，介质中质点 P的加速度a随时间t变化的图像为 0 4.(5分)（多选）波源P,Q分别位于x轴上x=一6m 和x=6m处，同时起振产生的两列简谐横波在同 一均匀介质中沿x轴相向传播，某时刻形成如图 红对勾·讲与练1 班级： 姓名： 机械振动 机械波 限时：15分钟) 所示的波形。下列说法正确的是 ty/cm 76 xlm 6 A.两列简谐横波的频率相同，波长均为4m B.波源P产生的简谐横波的振幅为6cm,波源Q 产生的简谐横波的振幅为4cm C.平衡位置在x=0处的质点为振动减弱点 D.平衡位置在x=1m处的质点为振动减弱点 5.(5分)“地震预警”是指在地震发生以后，抢在地震 波传播到受灾地区前，向受灾地区提前几秒至数 十秒发出警报，通知目标区域从而实现预警。科 研机构对波的特性展开研究，如图甲所示为研究 过程中简谐波t=0时刻的波形图，M是此波上的 一个质点，平衡位置处于x=4m处，图乙为质点 M的振动图像，则 ( ↑ycm y/cm 20 20 M /4 6 x/m 3 t/s -20 20 甲 A.该列波的传播速度为2m/s B.该列波的传播方向沿x轴正方向 C.质点M在9s内通过的路程为3.4m D.质点M在2s内沿x轴运动了4m 6.(5分)（多选）某健身者 y/cm 20 挥舞健身绳锻炼臂力， 挥舞后形成一列沿x轴 6 x/m 传播的简谐横波，如图-20 所示，实线为t1=0时的波形图，虚线为t2=2s时 的波形图。已知波的周期T>1s,下列说法正确 的是 ( A.这列波的波速可能为2m/s 11 B.这列波的波速可能为2m/s C.这列波10s内传播的距离可能为35m D.这列波10s内传播的距离可能为45m 66 高三二轮物理6.D处于基态的氢原子吸收10.2eV 的光子后能跃迁至=2能级，不能吸 收10.5eV的能量，故A错误：大量处 于=4能级的氢原子，最多可以辐射 出C=6种不同频率的光，故B错误： 从n=3能级跃迁到n=2能级辐射出 的光的能量大于从n=4能级跃迁到 n=3能级辐射出的光的能量，用从 n=3能级跃迁到n=2能级辐射出的 光，照射某金属时恰好发生光电效应， 则用从n=4能级跃迁到n=3能级辐 射出的光，照射该金属时不一定能发 生光电效应，故C错误；处于n=4能 级的氢原子跃迁到n=1能级辐射出的 光的能量为E=E:一E1=-0.85eV一 (一13.6eV)=12.75eV,根据爱因斯 坦光电效应方程，照射逸出功为6.34eV 的金属铂产生的光电子的最大初动能 为Em=E-W,=12.75eV-6.34eV= 6.41eV,故D正确。 选择题考点专练2直线运动、 牛顿运动定律的应用 1.D下蹲过程中，先加速下降，后减速 下降，故加速度先向下，后向上，A错 误；起立过程中，先向上加速运动，后 向上减速运动，故小钊先超重后失重， B错误；由题图可知，6s内小钊完成了 一组下蹲、起立动作，C错误；由题图可 知，小钊的质量为m=50kg,对传感器 的最小压力为Fmm=200N,对小钊受 力分析，结合牛顿第二定律可得mg Fmm=ma,代入数据解得a=6m/s2, D正确。 2.D机器人通过最后的x。=2m所用 的时间一品=18，其中同时刻的连 度v:=:=2m/s,u:=aX 2,得 2 a=4m/s2,故A错误；机器人通过开 始的x。=2m所用的时间t1= 0.5s,其中间时刻的速度01=1 1 4m/s,v1=℃0-aX 0= 2 t1,得 5m/s,故B错误；对全程有v。=at, o=2ax,则有t==1.25s,x= a =3.125m,故C错误，D正确。 2a 3.B由题图可知，甲车的加速度a”= 22-1 12 0m/s=1m/s,乙车的加速度 25-5 = m/s2=2m/s2,则甲车的 10 位移1，=10：十号4，乙东的位移 2at,当乙车追上甲车时 有x甲=x元，解得t=108,故B正确。 4.D由题图乙可知，滑块向上先匀减速 到0，再保持静止，根据工= 2,1,解 得vo=2m/s,故A错误；根据整体受 力分析，0一0.2s受到地面的摩擦力 f=ma,,方向水平向左，地面的支持 力满足Gs一F美=ma,,0.2~0.4s处 262红网勾·讲与练·高三二轮物理 于静止状态，摩擦力消失，G。=F支，故 B、C错误；根据A选项分析，0~0.2s 内滑块的加速度沿斜面向下，具有竖 直向下的分量，滑块处于失重状态，故 D正确。 5,ABD热气球向下做匀加速直线运动 △03-0 的加速度大小a=△t 30m/s2= 0,1m/s,故A正确；根据牛顿运动定 律有mg一F=ma,解得F=5940N, 故B正确；设抛出一些压舱物后，气球 的加速度大小为a',则气球回到原高 度时有2at2=一at2十 -a't°，把t= 30s代入上式，解得a'=0.3m/s2,热 气球开始减速到下降到最低点时，所 用的时间为1==行，可得热气球 下降的最大高度为九=2at+ a(台)广=60m,所以摄气球距地 面的最小距离为hmim=65m一60m= 5m,故C错误；根据牛顿第二定律，有 F-(m-△m)g=(m-△m)a',解得 △m≈23.3kg,故D正确。 .C根据题意可知，A依靠摩擦力获得 最大加速度，则QA _gamg=6 m/s= m 2t,解得t=3s,即3s时A、B间出现 弹力，有弹力后A受到的摩擦力始终 等于滑动摩擦力，故A、B错误；设A、B 与车厢保持相对静止的最大加速度为 an,则a。=mg,tmg=7m/S 2m. 2t,解得t=3.5s,由此可知，3.5s后 A、B开始相对车厢滑动，3s到3.5s 内，由于加速度不断增大，A、B间的弹 力也将不断增大，故C正确，D错误。 选择题考点专练3热学 1.B金属熔化属于晶体熔化过程，熔化 时虽然吸热，但温度保持不变，直到全 部熔化，故A错误：液体表面分子间作 用力表现为引力，这是液体表面张力 形成的原因，液态敏表面分子间作用 力表现为引力符合物理规律，故B正 确；金属固态通常为晶体结构，原子排 列有序，题目中铋片导电性能和机械 强度增强，说明其结构更有序（如单层 晶体结构)，而非无规则排列，故C错 误；布朗运动是悬浮微粒在流体中的 无规则运动，而固体分子仅在平衡位 置附近振动，不会发生布朗运动，故D 错误。 2.A分子间斥力与引力随着分子间距 离的减小而增大，故A正确；分子间距 离大于r。时，分子间作用力表现为引 力，分子从无限远靠近到距离。处过 程中，分子间作用力做正功，故B错 误；分子从无限远靠近到距离。处过 程中，分子间作用力做正功，分子势能 减小；分子间距离继续减小，分子间作 用力表现为斥力，分子间作用力做负 功，分子势能增大，所以在”。处分子势 能最小，故C、D错误。 3.C气泡内气体的温度保持不变，所以 分子平均动能不变，理想气体的内能 不变，故A、B错误；气泡内气体的体积 减小，外界对气体做功(W>0),气体的 内能不变（△U=0),根据热力学第一定 律△U=W十Q,可知气体放出热量 (Q<0),故C正确，D错误。 4.A气体温度不变，由玻意耳定律可 得，V,=p(+兰)可得p 1 7p0,故选A。 5.B 根据m=pv,y=C,可得p CT·p,由题图可知气体在A→B过 m 程中，气体温度不变，内能不变，故A 错误：对比A、C状态可得p,=C工. m CTc·2,可得找态C时，气体 p m 的温度为T=2T。,故B正确：因为 A·B过程中，气体温度不变，对比A、 B状态可得p。=CT。·,pB CT·2,可得状态B时，气体的压 m 强为pB=2p。,故C错误；气体在C· A过程中，气体压强不变，根据p= CT ·P,可知气体温度升高，分子的平 m 均动能增大，根据压强微观意义可知， 单位时间内与器壁单位面积撞击的分 子个数减少，故D错误。 6.D设水银柱b的长度为L1,此时封闭 气体的压强为力=p。十PgL1,根据理 想气体状态方程有兴=C,可知右的 封闭气体的压强不变，环境温度不变， 气体体积也不变，所以水银柱a两侧 水银面的高度差始终为L1,当向左侧 直管中沿管壁缓慢注入高为x的水银 时，水银柱口两侧水银面同时升高，各 升高为h= 2,故选D。 7.D活塞静止在汽缸正中间时，设活塞 的质量为m,由平衡条件mg十poS= 2p。S,解得m=DS ，故A错误；对气 8 体缓慢加热使活塞上升0.2h,设稳定 后上部分气体的压强为p1,下部分气 体的压强为。，弹簧的劲度系数为k, 由理想气体状态方程有 PohS T p (h-0.2h)S 2pohS p2 (h+0.2h)S 3To To 3To 由平衡条件有p1S+mg+0.2kh = pS,联立上式，解得弹簧的劲度系数 5po 为k= 4h ,故B错误；对于上部分气 体，设活塞回到汽缸正中间位置，上部 分气体的压强为饣？，根据理想气体状 态方程，hS_p:hS T。 3T。,解得力：=3p。, 故C错误；当活塞回到正中间位置，上 部分气体的压强为3饣。，设下部分气体 的压强为p:,根据平衡条件有p?S十 mg=p,S,对下部分气体缓慢抽气，等 温变化过程满足关系有1.2p,hS一 p。V,=p,hS,解得V,=2hS,故 D 正确。 选择题考点专练4 机械振动 机械波 1.C发生千涉时两列波的频率必须相 同，则不同蝙蝠发出不同频率的超声 波不可能发生千涉，A错误；蝙蝠发出 的超声波进入水中后传播速度要发生 变化，频率不变，根据v=入f,入= 可知波长随之发生改变，B错误；高频 的超声波波长较短，更容易被较小的 猎物反射，则蝙蝠产生高频的超声波 目的是便于捕捉较小的猎物，C正确； 根据多普勒效应可知，蝙蝠听到回声 的频率变高时，能判断出猎物正在靠 近，D错误。 2.D小球的振动周期为2s,频率f= Hz=0.5Hz,故A错误；因为水平 2 向右为正方向，t=0.5s时，小球在B 位置，故B错误；t=1s时，小球经过O 点向负方向运动，即向左运动，故C错 误；由题图乙可得小琼的振动方程x= 10sin- Tt (cm)=10sin xt (cm),D 正确。 3.B简谐横波沿x轴正方向传播，根据 上下坡法可知，质点P处于平衡位置， 向上振动，质点P的加速度为a= kx 2=- k Asin wt,故选B。 17m m 4.AD由题图可知两列简谐横波在x 轴上的一2m2m间叠加，波长均为 4m,波源P产生的简谐横波的振幅为 6cm,波源Q产生的简谐横波的振幅 为2cm,在同一介质中波速相同，由于 两列简谐横波的波长也相同，故两列 简谐横波的频率相同，故A正确，B错 误；由题图可知，在平衡位置x=一2m 处和平衡位置x=2m处的质点的振 动方向向上，可判断两波源的起振方 向均向上，平衡位置x=0处的质点的 波程差为0，该点为振动加强，点，平衡 位置x=1m处的质，点波程差为△x= 2m= 入 ×1,该点为振动减弱，点，故C 2 错误，D正确 5.A由题图甲知，波长入=4m,由题图 乙知，周期T=2s,该列波的传播速度 为”三分=2m/s,故A正确：由题图 乙知，t=0时刻M质，点向上振动，根 据同侧法，该列波的传播方向沿x轴 9 负方向，故B错误：根据t=9s= T, 质点M在9s内通过的路程为s= 9 9 2×4A=2×4×20cm=3.6m,故 C错误；质，点M只在平衡位置附近振 动，并不随波迁移，故D错误。 6.AC若这列波沿x轴负方向传播，则 T △t= 十nT=2s(n=0,1,2,3,…), 可得T=n十0=0,1,2,3)，因 为波的周期T>18,所以这列波的周 期可能为88,1,6s。因为这列波的波 长为入=4m,这列波的波速为v= T m/s(n=0,1,2,3,…),所 2 以这列波的波速可能为2m/s, 5 m/s。根据△z=t,这列波10s内 传播的距离可能为5m,25m。若这列 波沿x轴正方向传播，则△t 3工+ 4 nT=2s(n=0,1,2,3,…),可得T= 、亡3Cm三01,2,3，因为波的周期 T>18,所以这列波的周期可能为38， 7s。因为这列波的波长为入=4m,这 列渡的改造为日=产=nm/s 2 (n=0,1,2,3,…),所以这列波的波速 3 7 可能为2m/s,2m/s。根据△x= t,这列波10s内传播的距离可能为 15m,35m,故选A、C。 选择题考点专练5光学 1.C题图甲中水流导光实验利用的是 光的全反射原理，故A错误；题图乙中 M、N是偏振片，当M不动，将N绕光 的传播方向为转轴在竖直面内转动 90°后，光线将不能通过偏振片N,则光 屏上将没有光线到达，故B错误；单色 光照射到不透光的小圆板上，在小圆 板背后光屏上能形成如题图丙所示的 衍射图样，故C正确；多普勒效应不仅 适用于机械波，也适用于光波，故D 错误。 2.A由薄膜千涉原理知，减弱反射光增 透膜的厚度满足2d=21,则增透 2 膜的厚度至少为d=，入为绿光在介 质中的波长报据日=阳=行知绿 光在介质中的波长是在真空中波长的 3,可得增透膜的厚度至少为d= 2 子×号=日A=94nm,放选A 21 3.C根希mC=女，由元何关泰C 2-9,联立可得cos0=1 ，故选C。 4.C根据u= 仁，u=,单色光a的频 率不变，故在真空中的波长是在棱镜 中的波长的1,5倍，故A错误；根据 sin C n=1.5,此时sin9= 2,a光 在棱镜1斜面发生全反射，所以无法通 过棱镜2，为“关”，故B错误；若不充入 介质，发生全反射，则出射光线相对入 射方向旋转90°，故C正确；若充入的 介质相对棱镜是光密介质，则会发生 折射，使得光线通过棱镜2，一定实现 “开”功能，故D错误。 5.A 光线经过 玻璃 砖 上表 面 达 下方 的 圆 柱面 发生 全反射 时，如图所示， 设恰好发生全反射时的临界角为C,则 sinC,玻璃砖裁面的圆孤上有光线 1 射出区域所对应的圆心角为90°，根据 几何关系有2C=90°，该单色光在玻璃 砖内的传播速率为飞=￡，联立可得 2c,故选A。 6.AD根据题意，作出光路图，连接 BD、CD如图所示，设从O,点进入的入 射光线的入射角为i,从B点射出的光 线在O,点的折射角为Q,从C点射出的 光线在O,点的折射角为B,由折射定律 sin i ,n= sin a sin月，由图可知a< sin i B,则有n>n。,则沿OB方向传播的b 光折射率较大，频率大，故A正确；所 有色光在真空中传播速度相同，均为 3×10“m/s,故B错误；根据题意，由公 式=可得，两光在玻璃体中的传播 速率分别为u。=C= csin a sin i C=csin,由几何关系可知，两光在 n sin i 玻璃体中的传播距离为xb=2 Rsin a, x,=2Rsin3,则两光传播时间分别为 t6= 2Rsin i 2Rsin i 则有tb=t。,故C错误，D正确。 B 选择题考点专练6受力 分析和物体的平衡 1.A设挂钩对吸油F 纸卷的作用力为 F,方向指向左上 方，挡板对吸油纸 卷的作用力为 FN,则吸油纸卷的 *1m8 受力情况如图所示，当吸油纸卷逐渐 减少时，F与竖直方向的夹角减小，重 力减小，由图可知，F减小，FN减小， 挡板和挂钩对吸油纸卷的合力与重力 大小相等，所以合力减小，故选A。 参考答案 263