陕西西安市某校2025-2026学年度第二学期高三全真模考物理试卷

西安市第八十五中学 2025-2026学年度第二学期高三年级全真模考物理答案 题号 2 3 8 9 10 选项 D A AC BCD BD 一.单项选择题（共7小题） 1.【解答】解：A、J:焦耳，是能量单位，不是能流密度，故A错误： B、Nm/s:Nm/s=J/s=W,是功率单位，不是能流密度，故B错误； C、kgms3:kgms3=W,同样是功率单位，故C错误： D、/2:/2=乞，正是单位时间单位面积的能量，符合能流密度定义，故D正确。 故选：D。 2.【解答】解：A、根据光子能量公式E=hv=九，可得光子的波长：=九，故A错误： B、根据爱因斯坦质能方程E=mc2可得，原子吸收光子，能量增加E,质量应增加：△m=7,故B错误： C、吸收光子后，原子动量变为P,根据德布罗意波长公式可得，该原子吸收光子后德布罗意波长为=么，故 C正确： D、原子从基态跃迁到激发态，吸收的光子能量是特定的，由E=hv=九可知，波长更长的光子能量更小， 不能使该基态原子跃迁到激发态，故D错误。 故选：C。 3.【解答】解：A.由左手定则可知，正离子击中P板，负离子击中Q板，可知P板带正电、Q板带负电，P板 的电势高于Q板的电势，故A错误； B.设离子射入极板间的速度大小为V,稳定时极板间产生的电动势为E,极板间距离为d,磁感应强度大小为 B,正离子的电荷量为q,极板间气体的电阻为r,则有-= P、Q板间的路端电压=+ 解得=+，因此当仅增大气体中离子的速度V,P、Q板间电压U增大，故B错误： C.结合前面的分析=十=1+可知，仅将定值电阻换成阻值更大的电阻R,P、Q板间电压U增大，故 C正确： D.通过定值电阻的电流=十=十，通过定值电阻的电流I与极板间磁感应强度大小有关，故D错误。 故选：C。 4.【解答】解：对A,a绳竖直，由平衡条件可知c绳拉力为零，轻绳b拉力大小T=mg,对B球受力分析，构 建矢量三角形如图所示： T 37 有mBg=Tcos37°，代入数据可得 =专，故A正确，BCD错误。 故选：A。 meg 5.【解答】解：由电路图可知，电动机M与加热管R并联后，再与电阻R1串联。当环境温度升高时，热敏电阻 K的阻值变小，导致并联部分的总电阻减小，进而使整个外电路的总电阻减小。 A、根据闭合电路欧姆定律= 位干，由于外电路总电阻R减小，解得干路电流I增大，即流过R1的电流增 大，故A错误： B、并联部分两端的电压UM=E-I(R1+r),因为干路电流I增大，解得UM减小，即电动机M两端的电压降 低，故B错误： C、通过电动机的电流IM随其两端电压UM减小而减小，而干路电流I增大，由R=I-M可知，流过加热管 R的电流R增大。根据热功率公式=2，解得加热管R的热功率增大，故C正确： D、电源的总功率P急=EI,由于电源电动势E不变而干路电流I增大，解得电源的总功率变大，故D错误。 故选：C。 6.【解答】解： A.LC电路中的电流正在变大，电容器放电，故回路中的电场能正在向磁场能转化，故A错误： B.T=2√厂，读图，电路1中周期为电路2中周期的一半，故电路1中电容为电路2中电容的倍，故B错 误； CLC电路中的电流正在变大，保持L不变，改变电容器的电容，其它因素不变，电路2中的电流最大时，电 路1中的电流也一定最大，故C正确： D根据Q一CU,最大电压相同，电路1中电容为电路2中电容的倍，电路2中电容器的最大电荷量与电路1 中电容器的最大电荷量不相等，故D错误； 故选：C。 7.【解答】解：设输电线路，输入电压（变压器T1的副线圈电压）为U0,电流为I,用户回路的总电阻为R 总，由等效电阻法，可得0=(0十2总) A、由交流发电机的电动势公式和理想变压器原理，当车轮线速度增大一倍时，Uo是原来的2倍，此时I相应 变为原来的2倍，R0上消耗的功率P=I2R0,变为原来的4倍，故A错误； B、当线圈面积在车轮径向均匀增长一倍时，U0是原来的2倍，由于R0、k2和R急均不变，则I变为原来的2 倍，R0上消耗的功率变为原来的4倍，故B错误： C、若R和R心消耗的总功率为30，由电阻并联公式8=十=异。：可得3=2号。=2异。： 解得2。=4》即R上消耗的功率为兮故C正确： 40 D、若将R1和R2串联且消耗的功率为PO,由电阻串联公式R=R1+R2=4R0,则。0=2？点=240，解 得20=43 0, 即购上消耗的功率为4子故D错误： 故选：C。 二.多选题 8.【分析】A:小球做平抛运动，重力与洛伦兹力平衡，根据平衡条件求解小球的初速度： B:根据动能的表达式及运动学公式联立求解球的动能变为初动能的2倍经过的时间； C:重力和电场力平衡时小球做匀速圆周运动： D:撤去电场，重力与洛伦兹力不平衡，小球不能做匀速直线运动。 【解答】解：A.小球在xOy平面内做平抛运动，则小球所受重力与洛伦兹力平衡，根据平衡条件有 Eq=qvoB 解得 0=一，故A正确： B.小球的动能变为初动能的2倍时，根据动能的表达式有 =7(2+)=2×号 日 由上式及运动学公式有 =0=一三 解得时间为 =一，故B错误； C若仅将电场方向变为沿y轴正方向，如果电场力和重力大小相等，小球可能做匀速圆周运动，故C正确： D,若仅将电场撤去，小球所受的重力与洛伦兹力的合力不为零，不可能做匀速直线运动，故D错误。 故选：AC。 9.【解答】解：A、a→b过程并非等温过程，氮气分子的平均动能会发生改变，故A错误； B、b→℃过程为等容过程，氮气的压强减小，温度降低，内能减少，外界对氮气做的功为0，根据热力学第一 定律可知氮气对外界放出的热量等于氮气内能的减少量，故B正确： C、c→过程为等压过程，氮气的体积减小，温度降低，平均速率变小，分子数密度增大，单位时间内撞击单 位面积包装袋的氮气分子个数增加，故C正确： D、p-V图像中图线与V轴所围面积对应着外界对气体做的功，可知a→b过程气体对外界做的功大于c→a 过程外界对气体做的功，整个循环过程氮气对外做功，由于氮气的温度不变，内能不变，因此氮气从外界吸收 热量，故D正确。 故选：BCD。 10.【分析】先由图像得到双星轨道半径比，利用双星角速度相同得到线速度比：再由万有引力提供向心力列方 程，联立求解总质量；最后分析投影运动的性质，逐一判断选项。 【解答】解：A.由图像可知，图示中、b的中心和O点间距离从零到最远所用时间为四分之一个周期，可知 该双星系统的周期为2to,故A错误： B.a与轨迹中心间的距离为4xob与轨迹中心间的距离为3xo,可得ra:b=4:3,由线速度v=ωr,可知a、b 的线速度之比为Va:Vb=4:3,故B正确： C由题意可知 2=2 代入数据得ma:mb=3:4,对b由万有引力提供向心力可知 42 二2 解得 =14728 61 -1962子，该双星系统的总质量为量3432員放C错误 D.设圆心O在A点上的投影为坐标原点建立x轴，某时刻恒星距圆心O的距离为r1,其在x轴上的投影位置 坐标为x=r1cos0=A1cos0,其中0为恒星a与圆心O连线与x轴的夹角，设恒星a做圆周运动的角速度为w, 则有0=ot, 代入上式得x=A1cosωt,满足简谐运动的表达式x=Acoswt,同理恒星b的投影运动也满足简谐运动的表达 式，所以地球上观测到两个天体的投影运动均为简谐运动，故D正确。 故选：BD。 三.实验题 11.【分析】根据几何关系分析激光射到玻璃砖和空气的界面处的入射角，运用临界角公式求出折射率；分析入 射角的变化情况，由此判断是否会发生全反射。 【解答】解：设激光射到玻璃砖和空气的界面处的入射角为C,此角度正好为临界角，根据图中几何关系可得 2.20 40=0.5,设该玻璃砖的折射率为n,则解得=05=2.0。其他条件不变，仅将半圆形玻璃砖向左 平移一小段距离，光路图如下图所示： 底边 2.20cm 激光射到玻璃砖和空气界面处的入射角减小，小于临界角，将不再发生全反射，则有激光从底边射出。 故答案为：2.0，有。 12.【分析】(1)质量较大的苹果对传感器压力更大，导致R1阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，因此 流过R1的电流增大。 (2)当苹果质量超过标准值时，R1阻值减小，2分压增大，达到6V时电磁铁吸合衔铁，苹果进入下通道。 根据电路分压关系，当标准质量为0.15kg时，R1阻值为302，通过分压公式计算可得R2需调至48.02。 (3)电源内阻增大后，要达到相同的分拣电压，R1需更小阻值，即需要更大的压力，因此分拣标准质量会 变大。 【解答】解：(1)苹果通过托盘时，质量较大的苹果托盘对R1的压力较大，根据图乙可知，R1的阻值较小， 电流较大。 (2)若苹果质量大于0.15kg时，则R1阻值减小，分压减小，由于电源电动势不变，R2两端分压增大，电衔 铁将被吸合，大苹果将通过下通道： 当苹果质量为O,.15kg时，此时：R1=300,为使该装置达到分拣目的，R2的阻值满足：=+1+2 2 ,解 得：R2=48.02。 (3)若电源长时间未使用，内阻增大，但电动势不变，根据 =1十2十·，可知内阻增大，则实际要 吸引衔铁打开通道时的电阻R1偏小，需要的压力偏大，即分拣标准质量将会偏大。 答：(1)较大(2)下通道；48.0(3)变大 四.解答题 13.【解答】解：(1)球员起跳后，篮球从M点做竖直上抛运动，根据速度与位移关系式有0-=-2h, 解得：hmax=0.45m。 (2)若球员在1时刻同时起跳，利用逆向思维可知，球员速度减为零所需时间为0=·，解得：to=0.3s,此 时间内篮球的位移为1=方，解得：x1=0.45m。由于H-h=1,7m>x1+hmx=0,9m,可知球员不可以在上 升过程中接到篮球。 答：(1)球员起跳后M点可以上升的最大高度是0.45m。 (2)球员不可以在上升过程中接到篮球 14.【解答】解：(1)在t=0~1s内，磁通量的变化量为△中=△B·S=(2-0)×1×1Wb=2Wb。 根据法拉第电磁感应定律，在t=0~1s内的感应电动势为1=一，解得：E1=2V。 由闭合电路欧姆定律可得，回路中的电流为=22，代入数据解得：I=10A。 依据楞次定律，流过导体棒ab的电流方向为从b指向a。 (2)根据法拉第电磁感应定律，导体棒切割磁感线产生的动生电动势为E2=BLV1,代入数据解得：E2=1V。 由串联电路的分压规律可知，导体棒ab两端的电压为=子，解得：Ua=0.5V。 对导体棒b应用欧姆定律，可得电路中的电流为1=一，解得：I1=5A。 导体棒ab所受的安培力大小为F1=BIL,解得：F1=10N。 将重物与导体棒ab视为一个整体，根据牛顿第二定律有mog-F1=(m+mo)a1,解得：1=2.5/2。 对导体棒ab单独分析，由牛顿第二定律得T-F1=ma1,代入数据解得：T=15N。 (3)当重物达到最大速度时，系统处于平衡状态，重物与导体棒均做匀速运动，此时满足g=B2L。 根据闭合电路欧姆定律，回路中的电流为2=2。 由法拉第电磁感应定律，动生电动势为E2=BLV2。 根据能量守恒定律，导体棒ab上产生的焦耳热为 =[0h-(+0)引，代入数据解得：Q=991。 答：(1)t=0.5s时，流过ab棒的电流大小为10A,方向为从b指向a。 (2)ab棒速度为0.5m/s时，棒两端电压Uab为0.5V,轻绳拉力大小为15N。 (3)重物下降10m过程中，ab棒上产生的热量Q为99J。 15.【解答】解：(1)这两个粒子均在磁场中做匀速圆周运动和在电场中做类斜抛运动，运动轨迹关于y轴对称， 依据题意作出它们的运动轨迹如下图1所示： B B R 在R -530 R d 30° R、 60° 0 60y X E E k60604 图1 设两粒子在磁场中运动的半径为R,由几何关系得： 30°=2，解得：R=d 第一次到达x轴时的圆弧轨迹为半个圆周，可得在磁场中运动的时间为： -2.0 第一次进入电场时沿x轴方向的分速度大小为：Vx=vocos(60 第一次进入电场后两粒子在沿x轴方向均做匀速直线运动，到第一次在C点相遇在电场中的运动时间为： 2=230°=23 0 可得这两个粒子从A点射出到第一次相遇所经过的时间为： =1+2=23+) 0 (2)根据洛伦兹力提供向心力得： 3 第一次进入电场时沿y轴方向的分速度大小为：1=060°=0 到达C点时沿y轴方向的分速度大小为： 3 2=60=60 由沿y轴方向做匀减速直线运动可得加速度大小为： =1-2 2 根据牛顿第二定律得：qE=ma 联立解得： 6 二6 可得：-=6 0 (3)①撤去带负电粒子后，带正电粒子仍先从A点运动到C点第1次穿过x轴时横坐标为：1=一2 30°= -V3 电场反向后，该粒子在电场中的加速度大小始终为； =一=。，方向沿+y方向。 设第1次到第2次穿过x轴的时间为t',沿×轴方向位移大小△x,第2次穿过x轴时横坐标为x2,可得： 沿y轴方向有：·2=060 沿x轴方向有：△x=vocost60°·t' 解得：△x=3V3 由△x=x2-x1,解得：2=2V3 根据动能定理可知，第2次穿过x轴时该粒子的速度大小仍为V0,方向与x轴正方向夹60°角，轨迹如下图 2所示。 该粒子再次进入磁场后，仍做半径为R=d的匀速圆周运动，由几何关系得： 30°=2+3 <23 由此可知，该粒子经过C点后不能再次穿过y轴。 R 0 R 、、R 307 K60° x609 *2 C 图2 ②该粒子的部分运动轨迹如上图2所示，由几何关系得该粒子第3次穿过x轴时的横坐标为：3=2一 2 30°=V3 随后粒子再次进入电场，由在电场中相同的运动规律可得：第4次穿过x轴时：4=3+=4V3 第5次穿过x轴时：5=4-230°=3V3 以此类推…该粒子第2n次穿过x轴时：2=2+(-1)·230°=2V3(n=1、2、3…) 可得该粒子第2026次穿过x轴时到坐标原点的距离为：2026=2026V3 答：(1)这两个粒子从A点射出到第一次相遇所经过的时间为2+)】 0 6 (2)磁场的磁感应强度大小B与电场强度大小E的比值为户。 (3)①该粒子通过C点后，不能再次穿过y轴。 ②该粒子第2026次穿过x轴时到坐标原点的距离为2026V3。西安市第八十五中学 2025-2026学年度第二学期高三年级全真模考物理试题 命题人：叶丹 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符 合题目要求。 1.能流密度指单位时间内通过垂直于能量传播方向的单位面积的能量。关于能流密度的单位，下 列正确的是() A、J B.N-m/s C.kg°m2/s D.W/m2 2、在科学实验中可利用激光使原子减速，若一个处于基态的原子朝某方向运动，吸收一个沿相反 方向运动的能量为E的光子后跃迁到相邻激发态，原子速度减小，动量变为p。普朗克常量为， 光速为c,则() A光子的波长为是 B.该原子吸收光子后质量减少了马 C.该原子吸收光子后德布罗意波长为 D.一个波长更长的光子也能使该基态原子跃迁到激发态 3.我国某科研团队创新地开发出一种高超声速发电机，该发电机的工作原理是基于爆轰驱动高超 声速气体流动模型来模拟磁流体发电机。该发电机的简化模型如图所示，被电离的高超声速气 体由大量带正电、负电的离子组成，离子射入存在着匀强磁场的P、Q板间时速度方向均垂直于 磁场方向，P、Q板与定值电阻R相连，可将P、Q板视为电源的两极。稳定工作时P、Q板间的 电压为U,板间气体的电阻不为0，下列说法正确的是() A.P板的电势低于Q板的电势 B.仅增大气体中离子的速度，P、Q板间电压减小 C,仅将定值电阻换成阻值更大的电阻，P、Q板间电压增大 D,通过定值电阻的电流与极板间磁感应强度大小无关 高超声速气体 高三年级物理试题 4.如图所示，绕过光滑定滑轮的轻绳两端分别连接着小球A、B,同时轻绳c也连接着两个小球， 用水平拉力作用在B球上，两球静止时，所有轻绳均伸直，a段轻绳竖直，b段轻绳与竖直方向 夹角为37°。已知A球的质量为m,cos37°=0.8，si37°=0.6，则B球的质量为（) A.急n B. C. D. 37 5.空气炸锅原理是利用顶部的电动机M和加热管R,使热空气在封闭的空间中高速循环，如图是 简化的空气炸锅电路示意图。电源的电动势恒为E,内阻为r,温控开关K的电阻随着温度的升 高而逐渐减小，定值电阻R接在干路上。闭合开关K,空气炸锅开始工作，温度升高时，下列说 法正确的是() A,通过R的电流减小 加 B.电动机M两端的电压变大 R C.加热管的热功率增大 管 D.电源的总功率变小 6.如图甲，LC电路中的电流正在变大，保持L不变，改变电容器的电容，回路中电容器两端的电 压变化如图乙，则下列说法正确的是() -u 图甲 图乙 A.回路中的磁场能正在向电场能转化 B.电路1中电容为电路2中电容的4倍 C.电路2中的电流最大时，电路1中的电流也一定最大 D.电路2中电容器的最大电荷量与电路1中电容器的最大电荷量相等 第1页共4页 7.某实验小组为了模拟远程输电，利用图1中摩托车车轮安装的小型发电机，设计了如图2所示9.向袋装薯片包装袋内充入氮气，既抑制微生物繁殖与氧化反应，又能缀冲运输途中的冲击。袋 的远程输电电路。已知小发电机中矩形线圈的匝数为N,面积为S,理想变压器T,和T,的原、副 装翦片中的密封氮气（视为理想气体）从状态a开始经a→b→c→a这一循环回到原状态，该过程 线圈匝数之比分别为k,和k2:当车轮边缘以线速度v转动时，理想变压器T2负载上消耗的总功【中氮气的p-V图像如图所示。已知b反向延长线过0点，bc平行于p轴，ca平行于V轴，氮气 率为Pa,已知车轮与摩擦小轮不打滑，输电线路上的总电阻可简化为定值电阻R,R,=R,R2=在状态、b的压强分别为p、2p,氮气在状态a的体积为V,。对于袋内氮气，下列说法正确的有 3R,其余电阻不计，下列说法正确的是() () 2p1 摩擦小轮车轮 A.a+b过程中氮气分子的平均动能保持不变 B.b+c过程中氮气对外界放出的热量等于氮气内能的减少量 小发电机 C.c+a过程中单位时间内撞击单位面积包装袋的氮气分子个数增加 图1 D.完成a→b→c→a过程，氮气从外界吸收热量 ⊙靡擦小轮 V 2 10.天文学家观测到一个双星系统中的两颗恒星a、b绕0点做圆周运动，如图甲所示。在双星系 统外、与双星系统在同一平面上一点A观测双星的运动，得到恒星a、b的中心到0、A连线的 距离x与观测时间的关系图像如图乙所示，引力常量为G。对该双星系统，下列说法正确的有 图2 () A.该双星系统的周期为t。 A.若车轮线速度增大一倍，则R上消耗的功率是原来的2倍 B.恒星a、b的线速度之比为v:二4：3 B.若线圈面积在车轮径向均匀增长一倍，则R。上消耗的功率是原来的2倍 C.该双星系统的总质量为1372 C.若R和民消耗的总功率为3那，则R上消耗的功率为智 D.点A观测到两个天体的投影运动均为简谐运动 乙 D.若将R,和R串联且消耗的功率为Po,则R上消耗的功率为4P。 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合 11.(6分)甲同学利用激光测量半径=4.40cm半圆形玻璃砖的折射率，实验中让一细束激光沿 题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 玻璃砖半径方向射到圆心0，恰好在底边发生全反射（如图1)，作光路图并测量相关数据（如 8、如图所示，在三维直角坐标系0-xy2中，分布着沿z轴正方向的匀强电场E和沿y轴正方向的 图2)，则该半圆形玻璃砖的折射率为 (结果保留两位有效数字)。其他条件不变， 匀强磁场B,一个带电荷量为+、质量为m的小球沿x轴正方向以一定的初速度v,抛出后做平抛 仅将半圆形玻璃砖向左平移一小段距离，则 (填“有”或“没有")激光从底边射出。 运动，已知重力加速度为g,则下列说法正确的是() 0 底边 A.可求小球的初速度，大小为 B B。经过时间球的动能变为初动能的2倍 C.若仅将电场方向变为沿y轴正方向，小球可能做匀速圆周运动 2.20cm 图1 图2 D.若仅将电场撤去，小球可能做匀速直线运动 高三年级物星试题 第2页共4页 12.(9分)某水果加工厂的苹果自动分拣装置的示意图如图甲所示，该装置能把大小不同的苹果 按一定质量标准自动分拣为大苹果和小苹果，装置中R为半导体薄膜压力传感器，托盘置于R 上，托盘所受重力不计。苹果经过托盘时对R产生压力，半导体薄膜压力传感器R的阻值随压 力F变化的图像如图乙所示。初始状态衔铁水平，当电阻箱凡2两端电压U≥6V时，控制电路使 电磁铁工作吸动衔铁，并保持一段时间，确保苹果在衔铁上运动时电磁铁保寿吸合状态。苹果 进)下通道。2知电源电动势E=10V,内阻r=2.0Q,取重力加速度大小g=10m/s2。 ↑R/Q 50 上通道 40 托盘 衔铁 下通道 30 20 10 E,r 电源 01.02.03.04.05.0F/N 甲 乙 (1)当质量较大的苹果通过托盘时，流过压力传感器R,的电流 (填“较大”或“较 小”)。 (2)现以0.15kg为标准质量将苹果分拣开，根据题述条件可知，质量大于0.15kg的大果将通 过 (填“上通道)或“下通道”)，电阻箱R2的阻值应调为 0(结果 保留一位小数)。 (3)若电源长时间未使用，内阻增大，但电动势不变，则分拣标准质量将会 (填 “变大”、“变小”或“不变”)。 13.(9分)篮球运动中，球员需要拼抢篮板，合适的起跳时机有助于让自己在更高处接到球， 若t,时刻篮球自离地面H=3.Tm处的N点开始竖直下落，初速为零，球员未起跳时手位于M点， 距离地面h=2m,假设球员起跳后M点随身体做初速为v,=3m/s的竖直上抛运动，不计一切阻力， 忽略篮球和手的体积，重力加速度g=10m/s,则： (1)该球员起跳后M点可以上升的最大高度是多少？ (2)若球员在t,时刻同时起跳，试判断球员是否可以在上升过程中接到篮球？ 高三年级物理试题 3.7m 2m 14.(14分)如图甲所示，两光滑的金属导轨PQ和MN水平平行放置，导轨间存在竖直向下的匀强 磁场，磁感应强度大小B如图乙所示发生变化。两完全相同的金属棒b、cd垂直导轨放置，一 不可伸长的绝缘轻绳一端与ab棒水平相连，另一端通过定滑轮与一重物相连，ab棒与定滑轮的 间距足够长。前1s内两金属棒均固定在导轨上保持静止，t=ls时释放ab棒，ab棒运动过程 中始终与导轨垂直，cd棒仍固定不动。两金属棒的质量均为m=2kg,电阻均为R=0.12,重物 的质量m=2kg,两导轨间距和t=0时两金属棒间距离均为L=1m。g取10m/s'。求： P B ◆BT 2 a 0 s 甲 乙 (1)t=0.5s时，流过ab棒的电流大小I和方向； (2)ab棒的速度达到0.5m/s时，棒两端的电压U和此时轻绳上的拉力大小T; (3)重物释放后下降10m过程中（此时重物已达最大速度），ab棒上产生的热量Q。 第3页共4页 15.(16分)如图所示，x0y平面内，第一、二象限内充满垂直x0y平面向里的相同匀强磁场，第 三象限内存在沿y轴正方向的匀强电场，第四象限内的匀强电场与第三象限内的匀强电场等大 反向，两电场范围均足够大。两个质量均为m、带异种电荷且电荷量大小均为q的粒子，同时从 y轴正半轴上A点以大小均为的速度射出，其中带正电的粒子射入第二象限，带负电的粒子射 入第一象限，速度方向与y轴正方向的夹角均为30°。当这两个粒子第一次穿过x轴时，速度 方向与x轴的夹角均为60°，之后它们在y轴负半轴上C点第一次相遇，且相遇时的速度方向 与y轴负方向的夹角均为60°。已知A点到坐标原点0的距离为d,不计粒子重力，不考虑粒 子间的相互作用和碰撞对粒子运动的影响。 (1)求这两个粒子从A点射出到第一次相遇所经过的时间。 (2)求磁场的磁感应强度大小B与电场强度大小E的比值。 (3)若撤去带负电粒子，让带正电粒子依旧以原来的速度从A点射出，并在它到达C点瞬间， 保持整个空间磁场不变，第四象限的电场强度大小不变、方向反向。 ①分析判断该粒子通过C点后，能否再次穿过y轴。 ②求该粒子第2026次穿过x轴时到坐标原点的距离。 X X B X 比 X B X X + X + XX XXX XXX 高三年级物理试题 第4页 共4页