精品解析：2026年陕西省西安市曲江第一学校中考考前学情自测物理试题

2025—2026—2九年级物理 时间：80分钟 满分：80分 一、选择题（共10小题，每题2分，共20分） 1. 下列数据最接近实际的是（　　） A. 液晶电视机的额定功率约1000W B. 人正常骑自行车的速度约1.2km/h C. 人洗澡舒适的水温约 D. 两个鸡蛋的质量约100g 【答案】D 【解析】 【详解】A．液晶电视机的额定功率约为100W，1000W属于电热水器这类大功率用电器的功率，故A不符合题意； B．人正常骑自行车的速度约为15km/h，1.2km/h远低于实际正常骑行速度，故B不符合题意； C．人体正常体温约37℃，人洗澡舒适的水温略高于体温，约为40℃，20℃水温过低，不符合实际，故C不符合题意； D．一个鸡蛋的质量约为50g，两个鸡蛋的质量为 ，故D符合题意。 故选D。 2. 成都素有“雪山下的公园城市”之美誉，古代诗人留下诸多描绘成都及其周边自然景象的诗句，下列对诗句中雪、雾、露、霜现象分析正确的是（　　） A. “窗含西岭千秋雪，门泊东吴万里船”——雪是水蒸气凝固形成，该过程放热 B. “锦江春色来天地，玉垒浮云变古今”——锦江之上的雾是水汽化形成，该过程吸热 C. “层轩皆面水，老树饱经霜”——霜是水蒸气凝华形成，该过程放热 D. “好雨知时节，当春乃发生”——雨的形成是汽化现象，该过程放热 【答案】C 【解析】 【详解】A．雪是水蒸气直接变为固态冰晶的过程，属于凝华（放热），故A错误； B．雾是空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴的过程，属于液化（放热），故B错误； C．霜是水蒸气直接变为固态冰晶的过程，属于凝华（放热），故C正确； D．雨是云中的水蒸气液化成水滴后聚集形成的，属于液化（放热），故D错误。 故选C。 3. 有古文献记载：“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”。下列实例涉及的光学知识与文中所述原理相同的是（　　） A. 三棱镜分解太阳光 B. 树荫下的圆形光斑 C. 潜望镜观察外部环境 D. 风雨过后出现彩虹 【答案】C 【解析】 【详解】图中“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”利用了光的反射； A．三棱镜分解太阳光为光的色散现象，由光的折射形成的，故A不符合题意； B．树荫下的圆形光斑是小孔成像现象，是由光沿直线传播形成的太阳的实像，故B不符合题意； C．潜望镜观察外部环境，利用的是平面镜成像，平面镜成像是由光的反射形成的，故C符合题意； D．风雨过后出现彩虹是光的色散现象，由光的折射形成，故D不符合题意。 故选C。 4. 如图所示是人造卫星绕地球运行的示意图，关于人造卫星绕地球运行过程中下列说法正确的是（　　） A. 人造卫星从近地点运动到远地点的过程中重力势能转化为动能 B. 人造卫星运行过程中处于平衡状态 C. 人造卫星对地球的力等于地球对人造卫星的力 D. 人造卫星运行过程中不受到任何力的作用 【答案】C 【解析】 【详解】A．人造卫星从近地点向远地点运动时，人造卫星的质量不变，它的运动速度变小，故它的动能变小，而人造卫星离地球的高度在增大，所以它的重力势能在增大，将动能转化为重力势能，故A错误； B．人造卫星在运行过程中运动的方向不断改变，则人造卫星的运动状态不断改变，所以人造卫星处于非平衡状态，故B错误； C．人造卫星对地球的力与地球对人造卫星的力是一对相互作用力，则人造卫星对地球的力等于地球对人造卫星的力，故C正确； D．力是改变物体运动状态的原因，由B可知人造卫星的运动状态不断改变，则人造卫星在运行过程中一定受到力的作用，故D错误。 故选C。 5. 2025年3月，中国科学院物理研究所利用范德华挤压技术，成功将铋、锡、铅等金属熔化后挤压成原子级厚度的二维金属材料，如图所示。这些金属薄膜的厚度约0.3~0.9nm，相当于单原子层，它们却能像保鲜膜般透明柔韧，能承受超过10万次弯折仍保持性能稳定。还具有高导电性、高强度等特性。下列关于其应用不正确的是（　　） A. 制作可折叠手机屏幕 B. 制作遮光窗帘 C. 制作飞机机翼 D. 制作低功耗电子元件 【答案】B 【解析】 【详解】AB．二维金属材料具有透明柔韧、能承受超过10万次弯折仍保持性能稳定的特点，符合可折叠手机屏幕对材料的柔韧性和稳定性要求，不符合有遮光要求的遮光窗帘的要求，故A正确，不符合题意，B错误，符合题意； C．二维金属材料具有高强度的特性，可以用来制作需要抗压能力很强的飞机机翼，故C正确，不符合题意； D．二维金属材料具有高导电性的特性，可以用来制作制作低功耗电子元件，故D正确，不符合题意。 故选B。 6. 《舌尖上的中国2》聚焦于普通人的家常菜，让海内外观众领略了中华饮食之美．如图所示，通过煎、炒、蒸、拌烹调的四种美食中所包含的物理知识，认识正确的是 A. 煎：煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容大 B. 炒：主要是通过做功的方式使藜蒿和腊肉的内能增加 C. 蒸：是通过热传递和高温水蒸气液化放热，使榆钱饭蒸熟 D. 拌：香葱和豆腐要拌着才能入味，说明分子没有做无规则运动 【答案】C 【解析】 【详解】A．煎：煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的熔点高，A不符合题意； B．炒：主要是通过热传递的方式使藜蒿和腊肉的内能增加，B不符合题意； C．蒸：是通过热传递和高温水蒸气液化放热，把内能转移给榆钱，使榆钱饭蒸熟，C符合题意； D．因为一切物质都是由分子组成的，组成物质的分子在不停的做无规则运动．所以，香葱和豆腐的分子也在做无规则运动，D不符合题意． 7. 学习电学知识后，开展“争当电路设计小能手”活动，关于下图中几位同学设计的电路描述正确的是（　　） A. 甲图：卫生间电路中灯和换气扇都能独立工作 B. 乙图：智能锁电路中密码或人脸均可识别开锁 C. 丙图：当后备箱关好（闭合开关）时，后备箱指示灯L发光 D. 丁图：共享单车扫码成功闭合，取出头盔闭合，若只扫码不取头盔也可骑行 【答案】B 【解析】 【详解】A．由图可知，闭合开关S1，灯泡发光，只闭合开关S2，电动机不工作，灯可以独立工作，但是换气扇不能单独工作，故A错误； B．由图可知，密码和人脸识别开关是并联的，密码或人脸识别成功均能使电动机通电开锁，故B正确； C．由图可知，当后备箱关好（闭合开关）时，指示灯L短路，不能发光，故C错误； D．由图可知，开关S1与S2是串联的，若只扫码不取头盔开关S1闭合，S2断开，电路是断路，电动机不能骑行，故D错误。 故选B。 8. 无线充电原理是电流过送电线圈产生磁场，受电线圈靠近该磁场时就会产生电流给智能手机充电，如图所示，受电线圈处用到了下面的哪个实验的原理（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】根据题意可知，受电线圈是利用电磁感应原理工作的。 A．图中是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意； B．图中是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故B符合题意； C．图中给金属棒通电时，金属棒会发生运动，说明通电导体在磁场中受到力的作用，故C不符合题意； D．图中给螺线管通电，螺线管具有磁性，这是电流的磁效应，故D不符合题意。 故选B。 9. 如图甲所示是我国古代的滴水计时工具——漏刻，图乙是它的模拟示意图。漏刻工作时，漏壶中的水慢慢滴入箭壶，由木块与箭杆组成的箭舟（未与箭壶底部接触）慢慢向上运动，古人从盖孔处看箭杆上的标记，就能知道具体的时刻。假设某次使用时箭杆上A点对应的是“上午8时”。当箭舟随液面升高时，下列说法正确的是（　　） A. 箭舟受到的浮力不变 B. 水对木块底的压强增大 C. 木块排开的水所受的重力增大 D. “上午11时”对应的刻度在A点下方 【答案】AD 【解析】 【详解】ABC．箭舟随液面升高时始终处于漂浮状态，由二力平衡可知，箭舟所受的浮力始终等于其自身重力，因此箭舟所受的浮力不变，由阿基米德原理可知，箭舟排开的水所受的重力不变，又由可知，箭舟排开的水体积不变，进而可推断出木块底部在水中的深度不变，因此水对木块底的压强不变，故A正确，BC错误； D．随着时间的推移，水慢慢滴入箭壶，箭壶中水面逐渐升高，箭舟被慢慢托起，因此若箭杆上A点对应的是“上午8时”，则“上午11时”对应的刻度在A点下方，故D正确。 故选AD。 10. 如图甲所示，电源电压不变，电流表的测量范围为0~0.6A，电压表的测量范围为0~15V，灯泡L的额定电流为0.5A。第一次只闭合开关S和S1，滑片P从a端移到b端；第二次只闭合开关S和S2，保证电路中所有元件都安全的前提下，最大范围内移动滑片P。图乙是这两次实验过程绘制的电压表和电流表示数变化的关系图像。下列判断正确的是（　　） A. 电源电压为4V B. 只闭合开关S、S1，1s内电流通过滑动变阻器R最多能做功9J C. 只闭合开关S、S2，灯泡L的电功率范围是0.25W~2.25W D. 只闭合开关S、S1，且将电压表改接在R0两端时，随着R连入电阻均匀改变时，电压表刻度的变化是均匀的 【答案】C 【解析】 【分析】当闭合、断开不同开关时，分析对应电路图的特点，并结合图乙图像的特点，根据欧姆定律、电功计算公式和电功率计算公式分别计算电源电压、电功和电功率的范围，并分析电压随电阻的变化特点。 【详解】AB．只闭合开关S和，和R串联，电压表测R两端电压，电流表测电路电流，滑片P从a端移到b端的过程中，电压表示数由0逐渐变大，电流表示数逐渐变小，对应图乙中的图像是那条倾斜的直线，由图乙图像可得，当滑片P处在a端时，电路电流最大为0.6A，此时电路为的简单电路，可得电源电压① 当滑片处在b端，即最大阻值处时，此时电路电流为0.2A，滑动变阻器两端电压为4V，则电源电压为② 联立①②，可得，。 和R串联时，电路中电流为，则1s内电流通过滑动变阻器R做的功为③ 由③可知，当时，滑动变阻器做功最多为 故AB错误； C．只闭合开关S和，R与小灯泡串联，电压表和电流表示数变化的关系图像对应图乙中那条平滑的曲线，由图乙可知，当R阻值最大时，电路电流为0.25A，滑动变阻器R两端电压为5V，根据串联电路电压的特点，此时小灯泡两端电压为 此时小灯泡的电功率最小为 当电流为0.5A时，R两端的电压为1.5V，同理可得，灯泡两端电压为 此时灯泡L正常发光，电功率最大为 所以灯泡L的电功率变化范围为0.25W~2.25W，故C正确； D．只闭合开关S和，和R串联，电路中电流为，此时两端电压，由此可知与R不是线性关系，因此电压表刻度的变化也是不均匀的，故D错误。 故选C。 二、填空题与作图题（共5小题，每空1分，每图2分，共18分） 11. 《古今注》中记载：大章车，亦曰记里车。车上为二层，皆有木人，行一里，下层击鼓；行十里，上层击镯（注：镯，古代的乐器），如图所示。鼓和镯发出声音，是由于发声体________产生的；人们根据听到的声音，能确定车行驶的距离，这利用了声能传递________。 【答案】 ①. 振动 ②. 信息 【解析】 【详解】[1]一切正发声的物体都在振动，鼓和镯发出声音是由物体振动产生的。 [2]依据听到的车声，来判断车行驶的距离，说明声能传递信息。 12. 北京时间2024年10月30日4时2分，搭载神舟十九号载人飞船的长征二号F遥十九运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭使用液体氢作为燃料，是因为液体氢的___________大；载人飞船在太空中通过___________（选填“电磁波”或“超声波”）与地面指挥中心取得联系。 【答案】 ①. 热值 ②. 电磁波 【解析】 【详解】[1]火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其他燃料时，液态氢可以释放出更多的热量。 [2]由于真空不能传声，因此载人飞船在太空中通过电磁波与地面指挥中心取得联系。 13. 如图为《天工开物》中记载的桔槔，它的前端通过细杆系一木桶，后端捆绑质量适当的配重石块．桔槔属于______（选填“杠杆”“滑轮”或“轮轴”），在桔槔上的“A”“B”和“O”三点中，点______为支点；提同样多的水，为了减小人向上提水的力，可适当______（选填“增大”或“减小”）配重石块的质量。 【答案】 ①. 杠杆 ②. O ③. 增大 【解析】 【详解】[1][2]桔槔的横杆是可以绕着固定点转动的硬棒，属于杠杆，图中绕着O点转动，O为支点。 [3]提同样多的水，配重对杠杆的拉力作用在A点，水桶对杠杆的拉力作用在B点，且配重对杠杆的拉力 水桶对杠杆的拉力 人的向上拉力作用在B处，结合杠杆平衡条件可得 要使人的拉力减小，需要增大配重的质量。 14. 如图甲，灯泡L标有“220V 100W”字样，闭合开关后，发现灯泡不亮。将标有“220V 25W”的白炽灯作为检验灯替换保险丝，如图乙，闭合开关发现两盏灯均不亮，则故障是______（选填“短路”或“断路”）；用试电笔测试A、B、C、D四处时，发现只有B处氖管不发光，其他三处氖管均发光，则判断故障是______；排除故障后重新闭合开关，两盏灯泡较亮的灯是______（选填“220V 100W”或“220V 25W”）。 【答案】 ①. 断路 ②. BC间断路 ③. 220V 25W 【解析】 【详解】[1]如图乙，将标有“220V 25W”的白炽灯作为检验灯替换保险丝，检验灯和灯泡L串联，闭合开关发现两盏灯均不亮，则故障是断路。 [2]用试电笔测试A、B、C、D四处时，发现只有B处氖管不发光，其他三处氖管均发光，说明只有B处不与火线相连，所以故障是BC间断路。 [3]灯泡L标有“220V 100W”字样，检验灯规格为“220V 25W”，根据可知检验灯电阻较大。则排除故障后重新闭合开关，检验灯和灯泡L串联时，电流相等，根据可知检验灯实际功率较大，则规格为“220V 25W”的检验灯较亮。 15. 夏天的紫外线较强，人们在户外活动时间过长，会造成皮肤灼伤，甚至诱发皮肤癌。湾湾利用紫外光敏电阻对紫外线较灵敏的性质，设计了如图所示电路。当户外紫外线增强到设定值时，S2闭合，电动机转动，遮阳棚上防紫外线的遮阳布展开。 （1）电磁铁的上端为 _____极，为满足要求光敏电阻阻值随光的增强而 _______（选填“增大”或“减小”）；调试时发现，当户外紫外线增强到设定值时，S2仍未闭合。为了达到设计要求，需要把滑动变阻的滑片P向 _____（填“左”或“右”）移动； （2）从安全用电的角度分析，进户线a应该是 _____线。 【答案】（1） ①. S ②. 减小 ③. 右 （2）火 【解析】 【小问1详解】 [1]根据电路图可知，光敏电阻和滑动变阻器串联接入电路中，电流表测量电路中的电流，利用安培定则可知电磁铁的下端为N极，上端为S极。 [2]根据题意，当户外紫外线增强到设定值时，S2闭合电动机转动，说明电磁铁的磁性增强，控制电路中的电流变大，电路中的电阻变小，即光敏电阻阻值随光的增强而减小。 [3]当户外紫外线增强到设定值时，S2仍未闭合，说明电磁铁磁性过弱了，即控制电路的电流过小了，这是由于控制电路的电阻过大导致的，所以应该减小电路中的电阻，即应该将滑动变阻器R1的滑片P向右移动。 【小问2详解】 从安全用电的角度分析，开关应该接在进户线的火线上，由图可知开关控制的是进户线a，因此进户线a应该是火线。 16. 按要求完成作图。 （1）如图所示，图甲是打开的汽车后备箱盖，可将它看作一个杠杆。图乙是其简化图，O是支点，F2是液压杆对B点的支撑力，请在乙图中画出F2的力臂l2。 （2）如图为家庭电路中带有开关的电灯，请按照安全用电原则正确连接电路。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 过支点O向的力的作用线的反向延长线上作垂线，即为的力臂。据此作图。 【小问2详解】 家庭电路中，开关接在火线和灯泡之间，因此开关右端接火线，灯泡左端接零线。据此作图。 三、实验与探究题（共4小题，每空1分，共22分） 17. 结合图中的情景，按要求回答下列问题。 （1）图甲：将小球从斜面的不同高度由静止释放，探究小球动能大小与___________的关系。 （2）图乙：用相同的酒精灯加热质量相同的A、B两种液体，经过相同的时间，A温度示数升高的更明显，那么___________液体的吸热能力更强。 （3）图丙：玻璃板下表面与水面接触，用弹簧测力计将玻璃板慢慢提起，玻璃板未离开水面时弹簧测力计的示数比离开水面后的示数大，原因是___________。 （4）图丁，保持杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计从竖直位置旋转到虚线位置时，弹簧测力计的示数___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 【答案】（1）速度 （2）B （3）分子间存在引力 （4）变大 【解析】 【小问1详解】 小球从斜面不同高度由静止释放，到达水平面时的速度不同，所以这是探究小球动能大小与速度的关系。 【小问2详解】 用相同酒精灯加热相同时间，说明A、B两种液体吸收的热量相同，质量也相同，A温度升高更明显，根据，越大，比热容c越小，吸热能力越弱，所以B液体的吸热能力更强。 【小问3详解】 玻璃板未离开水面时，弹簧测力计示数更大，是因为分子间存在引力，水分子和玻璃分子之间的引力会让弹簧测力计额外受到一个向下的拉力。 【小问4详解】 弹簧测力计从竖直位置旋转到虚线位置时，拉力的力臂会变小，而阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，拉力会变大。 18. 为了探究浮力的相关规律，小明进行了如下探究： （1）在步骤C的操作中，如果将石块的位置缓慢下降一些，使其浸没水中的深度增加且不碰底，物体静止时，弹簧测力计的示数将___________（选填“变大”“变小”或“不变”）； （2）另一小组在步骤C的操作中，将石块的一部分浸在水中，其他步骤操作正确，则___________（选填“能”或“不能”）得到浮力大小等于物体排开液体所受的重力； （3）结合图中信息可知，图F中弹簧测力计的示数为___________N，图E中盐水的密度为___________ kg/m3。 【答案】（1）不变 （2）能 （3） ①. 2.2 ②. 【解析】 【小问1详解】 称重法测浮力，根据可知，当石块完全浸没在水中后，增加物块在水中的深度，石块排开液体的体积不变，水的密度不变，石块重力不变，所以物体静止时弹簧测力计的示数不变。 【小问2详解】 浸在液体中的物体所受的浮力，等于它排开液体所受的重力，这个规律对部分浸入和完全浸没都成立，所以即使石块只有一部分浸在水中，只要操作正确，就能得到浮力大小等于物体排开液体所受的重力。 【小问3详解】 图F中小桶内盐水的重力就等于图E中石块完全浸没在盐水中受到的浮力大小，根据称重法可得此时石块受到浮力大小为 图F中弹簧测力计静止时，弹簧测力计的示数等于桶和盐水的重力之和，即 由图ABC可得，石块完全浸没在水中所受浮力大小为 由此可得石块完全浸没在水中排开水的体积，也是石块的体积为 石块完全浸没在盐水中时 由此可得图E盐水的密度为 19. 如图甲是北北测量小灯泡额定功率的电路，电源电压恒为3V、电压表（0~3V）、电流表（0~0.6A）、额定电压为2.5V的待测小灯泡（电阻约为10Ω）、滑动变阻器（“20Ω，0.5A”）导线若干。 （1）请用笔画线代替导线，将图甲连接完整（要求：滑片向左移动灯泡变暗） （2）闭合开关前，发现电流表的指针如图乙所示，其原因是___________；故障排除后，若滑动变阻器的滑片在某一位置时，电压表示数为2V，为测量小灯泡的额定功率，应将滑片向___________（选填“A”或“B”）端移动； （3）故障排除后，调节滑动变阻器的滑片，绘制了小灯泡的电流I随其两端电压U变化的关系图像，如图丙所示，则小灯泡的额定功率为___________W；从图像中还发现灯丝电阻随温度的升高而变大。当小灯泡的实际电流为额定电流一半时，其实际功率为P1，当实际电压为额定电压一半时，其实际功率为 P2，则 P1___________ P2（选填“大于”“等于”或“小于”）。 （4）实验后，北北利用一个定值电阻R0和两个电流表，设计了如图丁所示的电路测出了额定电压为U额的小灯泡的额定功率，实验过程如下： ①闭合开关S，调节滑片P，使电流表A1示数为___________，并读出此时电流表A2的示数I； ②小灯泡的额定功率表达式：P额=___________（用I、 R0、U额表示）。 （5）课后，小明想继续“探究电路中的电流与电阻关系”，他除利用以上实验器材外，还选用了5Ω、10Ω、20Ω、30Ω的定值电阻替换小灯泡（其他元件不变），实验中保持定值电阻两端的电压1.5V不变，结果发现无法顺利完成实验，为顺利完成该实验，定值电阻两端的电压应设定在___________范围内。 【答案】（1） （2） ①. 电流表未调零 ②. B （3） ①. 0.625 ②. 小于 （4） ①. ②. （5）1.8~2.5V 【解析】 【小问1详解】 滑片P向左移动时灯泡变暗，说明此时电路电流变小，电路总电阻变大，滑动变阻器阻值变大，所以应将滑动变阻器B端接线柱与小灯泡右端接线柱用导线相连，故连接实物图如下所示： 【小问2详解】 闭合开关前，发现电流表的指针偏向0刻度线左侧，说明电流表未调零。 滑动变阻器与小灯泡串联，根据串联电路的分压原理，此时小灯泡两端电压小于额定电压2.5V，因此应向右（B）移动滑片P减小滑动变阻器的阻值，减小滑动变阻器的分压。 【小问3详解】 由图丙可知，当小灯泡两端电压为2.5V时，通过小灯泡的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为 由图丙可知，当小灯泡的实际电流为额定电流一半，即 时，此时小灯泡两端电压小于1.0V，则小灯泡的实际功率 当实际电压为额定电压一半，即 ，此时通过小灯泡的电流大于0.15A，则小灯泡的实际功率 ，所以小于。 【小问4详解】 闭合开关S，与小灯泡并联，电流表测干路电流，电流表测支路电流，调节滑片P，使电流表示数为，此时支路电压等于小灯泡的额定电压，流经小灯泡支路的电流为 则小灯泡的额定功率为 【小问5详解】 探究电路中的电流与电阻关系时，需控制定值电阻两端电压为并保持不变，根据串联电路电压的特点，此时滑动变阻器两端电压也保持不变，为，根据串联电路的分压原理，可得，可得 当，时，可得定值电阻两端电压最小为 滑动变阻器允许通过的最大电流为0.5A，当时，此时电路电流为 所以定值电阻两端电压最小为1.8V，当电路电流最大为0.5A时，定值电阻阻值最小为时，此时定值电阻两端电压最大为 所以定值电阻两端电压应设在1.8~2.5V的范围内。 20. 2025年3月30日早，一架机号为B-919E的国产大飞机C919从西安咸阳国际机场顺利起飞，标志着国产大飞机C919正式投入西安至广州直达往返航线运营。小明观察到飞机在空中飞行时都有一定的迎角（机翼轴线与水平气流的夹角），飞机飞行时的升力除了与机翼形状有关外是否还与迎角大小有关？为了研究这一问题，在老师的帮助下，小明利用电风扇、升力测力计、飞机模型，按图甲方式进行实验。 （1）飞机的机翼一般做成的形状是图丙中的___________；飞机飞行时能够获得升力的原因是：机翼的上表面附近空气流速较下表面大，受到的压强比下表面小；为了获得更大的升力，起飞时应该___________（选填“顺风”或“逆风”）起飞。 （2）保持风速最大，调整飞机模型的迎角，记录升力测力计的示数，得到如图乙所示的曲线图。根据图线可得出的结论是：当飞机的飞行速度一定，迎角为___________时，升力最大；迎角由0°逐渐增大到20°的过程中，升力的变化特点是___________。 （3）小明用电风扇三个挡位的风速模拟飞机的飞行速度，研究飞机的升力与其飞行速度的关系，数据如表所示，当飞机的迎角一定时，___________，飞机的升力越大。 挡位 弱风 中风 强风 升力F/N 2 5 6 （4）在图甲模拟实验装置中，当电风扇在弱风挡时，模型飞机的迎角为θ，飞机的升力为F；当电风扇在强风挡时，若要保持飞机的升力F不变，则应将模型飞机的迎角θ___________（选填“增大”“减小”或“不变”）。（θ始终小于15°） 【答案】（1） ①. C ②. 逆风 （2） ①. 15 ②. 先变大后变小 （3）风速越大 （4）减小 【解析】 【小问1详解】 飞机机翼的形状是上凸下平，这样才能让机翼上表面空气流速更大、压强更小，下表面流速小、压强大，从而产生升力，对应图丙中的C。 逆风起飞时，相对空气的流速更大，能获得更大的升力，所以起飞时应该逆风起飞。 【小问2详解】 分析图乙，当飞机飞行速度一定，迎角为15°时，升力最大；迎角由0°逐渐增大到20°的过程中，升力的变化特点是先变大，达到最大值后减小。 【小问3详解】 由表格数据可知，挡位从弱风到中风（风速变大），升力从2N到5N（升力变大），由此可得出结论：当飞机的迎角一定时，飞行速度越大（风速越大），飞机的升力越大。 【小问4详解】 由图乙可知，在迎角小于时，迎角越大，升力越大，迎角越小，升力越小，当电风扇从弱风挡调到强风挡（风速变大），升力会变大；要保持升力F不变，需要减小迎角，来抵消风速变大带来的升力增加，所以应减小迎角。 四、综合题（共3小题，第21题4分，第22题8分，第23题8分，共20分） 21. 如图是为了上山方便而修建的盘山公路。若从山底到山顶的盘山公路长200m，山高30m，一辆5t的小型货车从山底开上山顶牵引力保持不变，用时50s。求： （1）小货车从坡底爬到坡顶的过程中，牵引力所做的功； （2）该盘山公路的机械效率； 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 牵引力做的总功 【小问2详解】 小货车质量 小货车的重力 克服重力做的功为 盘山公路的机械效率为 22. 一台小汽车的发动机的效率是40%，这台小汽车在一次行驶中，用去2kg汽油。求： （1）2kg汽油完全燃烧放出的热量是多少？（所用汽油的热值为4.5×107J/kg） （2）发动机做了多少有用功？ （3）若将小汽车发动机的效率提高10%，其他性能不变，则在上述的行驶中可以节约多少kg的汽油？ 【答案】（1）9×107J；（2）3.6×107J；（3）0.4kg 【解析】 【详解】解：（1）2kg汽油完全燃烧放出的热量 （2）由可知，发动机所做的有用功 （3）根据题意可知，效率提高10%后，小汽车发动机的效率是 由可知，效率提高后汽油完全燃烧放出的热量 由可知，效率提高后消耗的汽油质量 上述的行驶中可以节约汽油的质量 答：（1）2kg汽油完全燃烧放出的热量是9×107J； （2）发动机做了3.6×107J的有用功； （3）若将小汽车发动机的效率提高10%，其他性能不变，则在上述的行驶中可以节约0.4kg的汽油。 23. 有一款空气能热水器，其工作原理如图甲所示。液态工作介质经过蒸发器，吸收室外热空气中的热量后，蒸发成气态，进入压缩机，经压缩机压缩后，形成高温高压的气体，进入水箱中的冷凝管，释放热量后，变成液态，经过储液罐、过滤器、膨胀阀，再次回到蒸发器，开始下一个循环。当室外温度低或需要快速制热时，热水器还需要用水箱中辅热器的电热丝（阻值不变）加热，从而缩短加热时间。水从冷凝管吸收的热量与工作介质循环所消耗电能（不含辅热器消耗电能）的比值记为D。 （1）压缩机通过___________（选填“做功”或“热传递”）的方式改变工作介质的内能。 （2）某一环境温度下，在空气能热水器水箱中装入200kg、初温为20℃的水，关闭其它用电器，记录电能表的示数为932.2kW•h，启动空气能热水器（辅热器不工作），2h后，水温达到50℃，电能表的示数如图乙所示。此过程中，水吸收的热量为多少？该空气能热水器的D值为多少？[水的比热容为] （3）为了将（2）中的加热时间缩短至80min，需要启动水箱中的辅热器加热，若加热过程中，辅热器两端的电压是220V，辅热器的加热效率是87.5%，工作介质循环所消耗的电能为（不含辅热器消耗的电能），且D值不变，该辅热器中电热丝的阻值为多少？ 【答案】（1）做功 （2）5 （3） 【解析】 【小问1详解】 压缩机压缩工作介质，对介质做功，是通过做功的方式改变物体内能。 【小问2详解】 水吸收的热量为 工作介质循环消耗电能 该空气能热水器的D值为 【小问3详解】 工作介质循环提供的热量为 则辅热器需要提供的热量为 则辅热器消耗的电能为 辅热器中电热丝的阻值为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025—2026—2九年级物理 时间：80分钟 满分：80分 一、选择题（共10小题，每题2分，共20分） 1. 下列数据最接近实际的是（　　） A. 液晶电视机的额定功率约1000W B. 人正常骑自行车的速度约1.2km/h C. 人洗澡舒适的水温约 D. 两个鸡蛋的质量约100g 2. 成都素有“雪山下的公园城市”之美誉，古代诗人留下诸多描绘成都及其周边自然景象的诗句，下列对诗句中雪、雾、露、霜现象分析正确的是（　　） A. “窗含西岭千秋雪，门泊东吴万里船”——雪是水蒸气凝固形成，该过程放热 B. “锦江春色来天地，玉垒浮云变古今”——锦江之上的雾是水汽化形成，该过程吸热 C. “层轩皆面水，老树饱经霜”——霜是水蒸气凝华形成，该过程放热 D. “好雨知时节，当春乃发生”——雨的形成是汽化现象，该过程放热 3. 有古文献记载：“取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”。下列实例涉及的光学知识与文中所述原理相同的是（　　） A. 三棱镜分解太阳光 B. 树荫下的圆形光斑 C. 潜望镜观察外部环境 D. 风雨过后出现彩虹 4. 如图所示是人造卫星绕地球运行的示意图，关于人造卫星绕地球运行过程中下列说法正确的是（　　） A. 人造卫星从近地点运动到远地点的过程中重力势能转化为动能 B. 人造卫星运行过程中处于平衡状态 C. 人造卫星对地球的力等于地球对人造卫星的力 D. 人造卫星运行过程中不受到任何力的作用 5. 2025年3月，中国科学院物理研究所利用范德华挤压技术，成功将铋、锡、铅等金属熔化后挤压成原子级厚度的二维金属材料，如图所示。这些金属薄膜的厚度约0.3~0.9nm，相当于单原子层，它们却能像保鲜膜般透明柔韧，能承受超过10万次弯折仍保持性能稳定。还具有高导电性、高强度等特性。下列关于其应用不正确的是（　　） A. 制作可折叠手机屏幕 B. 制作遮光窗帘 C. 制作飞机机翼 D. 制作低功耗电子元件 6. 《舌尖上的中国2》聚焦于普通人的家常菜，让海内外观众领略了中华饮食之美．如图所示，通过煎、炒、蒸、拌烹调的四种美食中所包含的物理知识，认识正确的是 A. 煎：煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容大 B. 炒：主要是通过做功的方式使藜蒿和腊肉的内能增加 C. 蒸：是通过热传递和高温水蒸气液化放热，使榆钱饭蒸熟 D. 拌：香葱和豆腐要拌着才能入味，说明分子没有做无规则运动 7. 学习电学知识后，开展“争当电路设计小能手”活动，关于下图中几位同学设计的电路描述正确的是（　　） A. 甲图：卫生间电路中灯和换气扇都能独立工作 B. 乙图：智能锁电路中密码或人脸均可识别开锁 C. 丙图：当后备箱关好（闭合开关）时，后备箱指示灯L发光 D. 丁图：共享单车扫码成功闭合，取出头盔闭合，若只扫码不取头盔也可骑行 8. 无线充电原理是电流过送电线圈产生磁场，受电线圈靠近该磁场时就会产生电流给智能手机充电，如图所示，受电线圈处用到了下面的哪个实验的原理（　　） A. B. C. D. 9. 如图甲所示是我国古代的滴水计时工具——漏刻，图乙是它的模拟示意图。漏刻工作时，漏壶中的水慢慢滴入箭壶，由木块与箭杆组成的箭舟（未与箭壶底部接触）慢慢向上运动，古人从盖孔处看箭杆上的标记，就能知道具体的时刻。假设某次使用时箭杆上A点对应的是“上午8时”。当箭舟随液面升高时，下列说法正确的是（　　） A. 箭舟受到的浮力不变 B. 水对木块底的压强增大 C. 木块排开的水所受的重力增大 D. “上午11时”对应的刻度在A点下方 10. 如图甲所示，电源电压不变，电流表的测量范围为0~0.6A，电压表的测量范围为0~15V，灯泡L的额定电流为0.5A。第一次只闭合开关S和S1，滑片P从a端移到b端；第二次只闭合开关S和S2，保证电路中所有元件都安全的前提下，最大范围内移动滑片P。图乙是这两次实验过程绘制的电压表和电流表示数变化的关系图像。下列判断正确的是（　　） A. 电源电压为4V B. 只闭合开关S、S1，1s内电流通过滑动变阻器R最多能做功9J C. 只闭合开关S、S2，灯泡L的电功率范围是0.25W~2.25W D. 只闭合开关S、S1，且将电压表改接在R0两端时，随着R连入电阻均匀改变时，电压表刻度的变化是均匀的 二、填空题与作图题（共5小题，每空1分，每图2分，共18分） 11. 《古今注》中记载：大章车，亦曰记里车。车上为二层，皆有木人，行一里，下层击鼓；行十里，上层击镯（注：镯，古代的乐器），如图所示。鼓和镯发出声音，是由于发声体________产生的；人们根据听到的声音，能确定车行驶的距离，这利用了声能传递________。 12. 北京时间2024年10月30日4时2分，搭载神舟十九号载人飞船的长征二号F遥十九运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭使用液体氢作为燃料，是因为液体氢的___________大；载人飞船在太空中通过___________（选填“电磁波”或“超声波”）与地面指挥中心取得联系。 13. 如图为《天工开物》中记载的桔槔，它的前端通过细杆系一木桶，后端捆绑质量适当的配重石块．桔槔属于______（选填“杠杆”“滑轮”或“轮轴”），在桔槔上的“A”“B”和“O”三点中，点______为支点；提同样多的水，为了减小人向上提水的力，可适当______（选填“增大”或“减小”）配重石块的质量。 14. 如图甲，灯泡L标有“220V 100W”字样，闭合开关后，发现灯泡不亮。将标有“220V 25W”的白炽灯作为检验灯替换保险丝，如图乙，闭合开关发现两盏灯均不亮，则故障是______（选填“短路”或“断路”）；用试电笔测试A、B、C、D四处时，发现只有B处氖管不发光，其他三处氖管均发光，则判断故障是______；排除故障后重新闭合开关，两盏灯泡较亮的灯是______（选填“220V 100W”或“220V 25W”）。 15. 夏天的紫外线较强，人们在户外活动时间过长，会造成皮肤灼伤，甚至诱发皮肤癌。湾湾利用紫外光敏电阻对紫外线较灵敏的性质，设计了如图所示电路。当户外紫外线增强到设定值时，S2闭合，电动机转动，遮阳棚上防紫外线的遮阳布展开。 （1）电磁铁的上端为 _____极，为满足要求光敏电阻阻值随光的增强而 _______（选填“增大”或“减小”）；调试时发现，当户外紫外线增强到设定值时，S2仍未闭合。为了达到设计要求，需要把滑动变阻的滑片P向 _____（填“左”或“右”）移动； （2）从安全用电的角度分析，进户线a应该是 _____线。 16. 按要求完成作图。 （1）如图所示，图甲是打开的汽车后备箱盖，可将它看作一个杠杆。图乙是其简化图，O是支点，F2是液压杆对B点的支撑力，请在乙图中画出F2的力臂l2。 （2）如图为家庭电路中带有开关的电灯，请按照安全用电原则正确连接电路。 三、实验与探究题（共4小题，每空1分，共22分） 17. 结合图中的情景，按要求回答下列问题。 （1）图甲：将小球从斜面的不同高度由静止释放，探究小球动能大小与___________的关系。 （2）图乙：用相同的酒精灯加热质量相同的A、B两种液体，经过相同的时间，A温度示数升高的更明显，那么___________液体的吸热能力更强。 （3）图丙：玻璃板下表面与水面接触，用弹簧测力计将玻璃板慢慢提起，玻璃板未离开水面时弹簧测力计的示数比离开水面后的示数大，原因是___________。 （4）图丁，保持杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计从竖直位置旋转到虚线位置时，弹簧测力计的示数___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 18. 为了探究浮力的相关规律，小明进行了如下探究： （1）在步骤C的操作中，如果将石块的位置缓慢下降一些，使其浸没水中的深度增加且不碰底，物体静止时，弹簧测力计的示数将___________（选填“变大”“变小”或“不变”）； （2）另一小组在步骤C的操作中，将石块的一部分浸在水中，其他步骤操作正确，则___________（选填“能”或“不能”）得到浮力大小等于物体排开液体所受的重力； （3）结合图中信息可知，图F中弹簧测力计的示数为___________N，图E中盐水的密度为___________ kg/m3。 19. 如图甲是北北测量小灯泡额定功率的电路，电源电压恒为3V、电压表（0~3V）、电流表（0~0.6A）、额定电压为2.5V的待测小灯泡（电阻约为10Ω）、滑动变阻器（“20Ω，0.5A”）导线若干。 （1）请用笔画线代替导线，将图甲连接完整（要求：滑片向左移动灯泡变暗） （2）闭合开关前，发现电流表的指针如图乙所示，其原因是___________；故障排除后，若滑动变阻器的滑片在某一位置时，电压表示数为2V，为测量小灯泡的额定功率，应将滑片向___________（选填“A”或“B”）端移动； （3）故障排除后，调节滑动变阻器的滑片，绘制了小灯泡的电流I随其两端电压U变化的关系图像，如图丙所示，则小灯泡的额定功率为___________W；从图像中还发现灯丝电阻随温度的升高而变大。当小灯泡的实际电流为额定电流一半时，其实际功率为P1，当实际电压为额定电压一半时，其实际功率为 P2，则 P1___________ P2（选填“大于”“等于”或“小于”）。 （4）实验后，北北利用一个定值电阻R0和两个电流表，设计了如图丁所示的电路测出了额定电压为U额的小灯泡的额定功率，实验过程如下： ①闭合开关S，调节滑片P，使电流表A1示数为___________，并读出此时电流表A2的示数I； ②小灯泡的额定功率表达式：P额=___________（用I、 R0、U额表示）。 （5）课后，小明想继续“探究电路中的电流与电阻关系”，他除利用以上实验器材外，还选用了5Ω、10Ω、20Ω、30Ω的定值电阻替换小灯泡（其他元件不变），实验中保持定值电阻两端的电压1.5V不变，结果发现无法顺利完成实验，为顺利完成该实验，定值电阻两端的电压应设定在___________范围内。 20. 2025年3月30日早，一架机号为B-919E的国产大飞机C919从西安咸阳国际机场顺利起飞，标志着国产大飞机C919正式投入西安至广州直达往返航线运营。小明观察到飞机在空中飞行时都有一定的迎角（机翼轴线与水平气流的夹角），飞机飞行时的升力除了与机翼形状有关外是否还与迎角大小有关？为了研究这一问题，在老师的帮助下，小明利用电风扇、升力测力计、飞机模型，按图甲方式进行实验。 （1）飞机的机翼一般做成的形状是图丙中的___________；飞机飞行时能够获得升力的原因是：机翼的上表面附近空气流速较下表面大，受到的压强比下表面小；为了获得更大的升力，起飞时应该___________（选填“顺风”或“逆风”）起飞。 （2）保持风速最大，调整飞机模型的迎角，记录升力测力计的示数，得到如图乙所示的曲线图。根据图线可得出的结论是：当飞机的飞行速度一定，迎角为___________时，升力最大；迎角由0°逐渐增大到20°的过程中，升力的变化特点是___________。 （3）小明用电风扇三个挡位的风速模拟飞机的飞行速度，研究飞机的升力与其飞行速度的关系，数据如表所示，当飞机的迎角一定时，___________，飞机的升力越大。 挡位 弱风 中风 强风 升力F/N 2 5 6 （4）在图甲模拟实验装置中，当电风扇在弱风挡时，模型飞机的迎角为θ，飞机的升力为F；当电风扇在强风挡时，若要保持飞机的升力F不变，则应将模型飞机的迎角θ___________（选填“增大”“减小”或“不变”）。（θ始终小于15°） 四、综合题（共3小题，第21题4分，第22题8分，第23题8分，共20分） 21. 如图是为了上山方便而修建的盘山公路。若从山底到山顶的盘山公路长200m，山高30m，一辆5t的小型货车从山底开上山顶牵引力保持 不变，用时50s。求： （1）小货车从坡底爬到坡顶的过程中，牵引力所做的功； （2）该盘山公路的机械效率； 22. 一台小汽车的发动机的效率是40%，这台小汽车在一次行驶中，用去2kg汽油。求： （1）2kg汽油完全燃烧放出的热量是多少？（所用汽油的热值为4.5×107J/kg） （2）发动机做了多少有用功？ （3）若将小汽车发动机的效率提高10%，其他性能不变，则在上述的行驶中可以节约多少kg的汽油？ 23. 有一款空气能热水器，其工作原理如图甲所示。液态工作介质经过蒸发器，吸收室外热空气中的热量后，蒸发成气态，进入压缩机，经压缩机压缩后，形成高温高压的气体，进入水箱中的冷凝管，释放热量后，变成液态，经过储液罐、过滤器、膨胀阀，再次回到蒸发器，开始下一个循环。当室外温度低或需要快速制热时，热水器还需要用水箱中辅热器的电热丝（阻值不变）加热，从而缩短加热时间。水从冷凝管吸收的热量与工作介质循环所消耗电能（不含辅热器消耗电能）的比值记为D。 （1）压缩机通过___________（选填“做功”或“热传递”）的方式改变工作介质的内能。 （2）某一环境温度下，在空气能热水器水箱中装入200kg、初温为20℃的水，关闭其它用电器，记录电能表的示数为932.2kW•h，启动空气能热水器（辅热器不工作），2h后，水温达到50℃，电能表的示数如图乙所示。此过程中，水吸收的热量为多少？该空气能热水器的D值为多少？[水的比热容为] （3）为了将（2）中的加热时间缩短至80min，需要启动水箱中的辅热器加热，若加热过程中，辅热器两端的电压是220V，辅热器的加热效率是87.5%，工作介质循环所消耗的电能为 （不含辅热器消耗的电能），且D值不变，该辅热器中电热丝的阻值为多少？ 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $