广东省广州市第二中学2025-2026学年高一下学期期中物理考后练习卷

**基本信息** 以舂米机、长征火箭等真实情境为载体，覆盖曲线运动、机械能守恒等核心知识，通过基础辨析与综合应用题梯度设计，培养运动与相互作用观念及科学推理能力。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题/46分|匀速圆周运动（题2舂米机）、平抛运动（题4羽毛球扣球）、卫星运动（题5）|结合传统文化与科技前沿，考查物理观念辨析| |非选择题|5题/54分|平抛运动实验（题11）、机械能守恒验证（题12）、多过程能量转化（题15）|实验题注重科学探究，计算题突出模型建构与科学论证|

广东省广州市第二中学2025-2026学年高一下期中物理考后练习卷 一、选择题（1~7题单选题，每小题4分，8-10题多选题，每小题6分，共46分） 1．下列说法错误的是（　　） A．匀速圆周运动物体的加速度和速度均发生变化 B．匀速圆周运动的物体运动过程中合力对物体做功为零 C．做平抛运动的物体加速度不变 D．物体做曲线运动的条件是所受合力与初速度方向不一致 2．如图所示一种古老的舂米机，舂米时，稻谷放在石臼中，横梁可以绕转动，在横梁前端处固定一春米锤，脚踏在横梁另一端点往下压时，舂米锤便向上抬起。然后提起脚，舂米锤就向下运动，击打中的稻谷，使稻谷的壳脱落，稻谷变为大米。已知，则在横梁绕O转动过程中（    ） A．B、C的向心加速度大小相等 B．B、C的角速度关系满足 C．B、C的线速度大小关系满足 D．B、C的加速度大小关系满足 3．如图，在竖直平面内有一半径为的四分之三圆弧轨道，半径水平、竖直，一个质量为的小球自的正上方点以初速度下落，小球沿轨道到达最高点时恰好对轨道没有压力。已知，重力加速度为，则小球从到的运动过程中（　　） A．重力做功 B．克服摩擦力做功 C．合外力做功 D．小球机械能守恒 4．我国运动员林丹是羽毛球史上第一位集奥运会、世锦赛、世界杯、苏迪曼杯、汤姆斯杯、亚运会、亚锦赛、全英赛、全运会等系列赛冠军于一身的双圈全满贯选手，扣球速度可达324km/h。现将羽毛球场规格简化为如图所示的长方形ABCD，若林丹从A点正上方高2.45m的P点扣球使羽毛球水平飞出，羽毛球落到对方界内，取，不计空气阻力，则羽毛球的水平速度大小可能为（　　） A．15m/s B．20m/s C．30m/s D．90m/s 5．有a、b、c、d四颗卫星，a还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b是近地轨道卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示。下列说法正确的是（　　） A．在相同时间内，c转过的弧长最短 B．b的向心加速度小于d的向心加速度 C．c在内转过的角度是 D．d的运动周期可能是 6．有一种地下铁道，车站的路轨建得高些，车辆进站时要上坡，出站时要下坡，如图所示。坡高为h，车辆的质量为m，重力加速度为g，车辆与路轨的摩擦力为f，进站车辆到达坡下A处时的速度为，此时切断电动机的电源，车辆冲上坡顶到达站台B处的速度恰好为0。车辆从A运动到B的过程中摩擦力对车辆做的功是（　　） A． B． C． D． 7．如图所示，蹦极是一种将一端固定的弹性绳绑在脚踝等部位、从高台跳下的极限运动。下落过程中，下列说法正确的是（　　） A．游客下落到最低点时，弹性绳的弹性势能最大 B．游客下落高度与弹性绳原长相等时，其动能最大 C．游客下落速度最大时，其重力势能全部转化为动能 D．游客所受合外力为零时，其重力势能全部转化为弹性绳的弹性势能 8．2024年3月20日，长征八号火箭成功发射，将鹊桥二号直接送入预定地月转移轨道。如图所示，鹊桥二号在进入近月点P、远月点A的月球捕获椭圆轨道，开始绕月球飞行。经过多次轨道控制，鹊桥二号最终进入近月点P和远月点B、周期为24小时的环月椭圆轨道．关于鹊桥二号的说法正确的是（    ） A．离开火箭时速度大于地球的第三宇宙速度 B．在捕获轨道运行的周期大于24小时 C．在捕获轨道上经过P点时，需要点火加速，才可能进入环月轨道 D．经过A点的加速度比经过B点时大 9．中国新能源汽车产业发展迅猛，领跑世界。国产某品牌新能源汽车额定功率为PE，启动过程中阻力大小恒定，该汽车从静止开始在平直的公路上做加速直线运动，t0时刻的速度为，2t0时刻达到最大速度vm，0~t0汽车的牵引力不变，在此过程中汽车电机的功率P随时间t变化的P−t图像如图所示。则下列说法正确的是（　　） A．汽车在t0~2t0时间内做匀加速直线运动 B．汽车沿公路启动过程中受到的阻力大小为 C．0~t0时间内汽车克服阻力做的功为 D．若汽车质量为m，则t0∼2t0时间内汽车运动的位移为 10．“飞车走壁”是一项传统的杂技表演艺术，演员骑车在倾角很大的锥形桶面上做圆周运动而不掉下来。简化后的模型如图所示，若表演时杂技演员和摩托车的总质量m=300kg，在水平面内做圆周运动，摩托车与侧壁间沿侧壁倾斜方向的摩擦力恰好为零，轨道平面离地面的高度为H=10m，侧壁倾斜角度α＝53°不变，已知重力加速度为（sin53°=0.8，cos53°=0.6），则下列说法正确的是（    ） A．杂技演员和摩托车整体受重力、摩擦力、弹力 B．摩托车做圆周运动，运动的线速度为10m/s C．摩托车做圆周运动，杂技演员和摩托车整体对侧壁的压力为5000N D．杂技演员和摩托车的角速度2rad/s 二、非选择题（11题8分，12题8分，13题10分，14题12分，15题16分，共54分） 11．某学校师生做了三个实验来研究平抛运动的规律。 (1)如图甲所示为课堂上老师做的演示实验：图甲中两个完全相同的小球A、B处于同一高度，用锤敲打弹片，______（选填“看到”或“听到”）两球同时落地，改变小球距地面的初始高度和击打力度，多次重复实验，两球仍然同时落地，可判断做平抛运动的A球竖直方向做自由落体运动。 (2)如图乙所示为同学们在实验室做的分组实验，来定量研究平抛运动： ①关于该实验的一些做法，合理的是______。 A．斜槽末端切线应当保持水平 B．为减小阻力影响，斜槽轨道必须光滑 C．每次必须从同一高度由静止释放 ②若某次实验时，小球水平抛出后下降高度为h时的水平位移为x，重力加速度为g，则小球的平抛初速度为______（用h、x、g表示）。 (3)图丙采用频闪照相的方法研究平抛运动，小球在平抛运动中的几个位置如图丙中的a、b、c、d所示，图中每个小方格的边长为，则该小球做平抛运动的初速度大小______m/s。（重力加速度，结果保留两位有效数字） 12．某物理兴趣小组利用如图甲实验装置验证、组成的系统机械能守恒。从一定高度由静止开始下落，上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。如图乙给出的是实验中获取的一条纸带：O是打下的第一个点，打点计时器的工作频率为50Hz。A、B、C为纸带上标注的三个计数点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未标出）。各计数点到O点的距离已在图中标出。已知、（重力加速度g取，计算结果均保留一位小数）。 (1)关于上述实验，下列说法中正确的是_______； A．重物最好选择密度较大的物块 B．重物的质量可以不测量 C．实验中应先释放纸带，后接通电源 D．可以利用公式来求解瞬时速度 (2)在纸带上打下计数点B时的速度_______m/s； (3)在打计数点O至过程中系统动能的增加量_______J，系统重力势能的减少量_______J。 (4)某同学根据选取的纸带的打点情况做进一步分析，作出获得的速度v的平方随下落的高度h的变化图像如图丙所示，据此可计算出当地的重力加速度_______。 13．“四维高景三号”02星是我国研制的高分辨率宽幅光学卫星，2025年3月15日，长征二号丁运载火箭成功将“四维高景三号”02星发射升空。若卫星在某高度处绕地球做匀速圆周运动的周期为T，忽略地球的自转，地球表面的重力加速度为g，已知地球的半径为R，引力常量为G，求： (1)地球的质量M； (2)求卫星距地球表面的高度h。 14．如图所示，长为L的轻杆两端分别固定着表面有光滑涂层的A、B小球，小球可当作质点，放置在粗糙水平桌面上，杆中心O有一竖直方向的固定转动轴，A、B的质量分别为3m、m。当轻杆以角速度绕轴在水平桌面上转动时，忽略轻杆和竖直转轴之间的摩擦，重力加速度为g。 (1)求转轴受到杆拉力的大小F； (2)若改变转轴的位置，使转轴和轻杆间没有挤压，求轴到A球的距离； (3)若A球在运动过程中表面涂层脱落导致A与桌面间有摩擦，设摩擦因数为，忽略A球质量变化，求A球运动的总路程s。 15．如图所示，质量为m=4kg的滑块（可视为质点）放在光滑平台上，向左缓慢推动滑块压缩轻弹簧至P点，释放后滑块以一定速度从A点水平飞出后，恰好从B点沿切线方向进入竖直平面内的光滑圆弧轨道BC，然后从C点进入与圆弧轨道BC相切于C点的水平面CD，同一竖直平面内的光滑半圆轨道DE与水平面 CD相切于D点。已知圆弧轨道BC的半径。 ，AB两点的高度差h=0.8m，光滑圆弧BC对应的圆心角为53°，滑块与CD部分的动摩擦因数 ，重力加速度 求： (1)弹簧压缩至P点时的弹性势能； (2)滑块到达圆弧末端C时对轨道的压力； (3)滑块冲上半圆轨道后中途不会脱离轨道，轨道DE的半径R2满足的条件。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 1．D【详解】A．匀速圆周运动的速度为矢量，方向沿轨迹切线时刻变化；向心加速度方向始终指向圆心，也时刻变化，因此加速度和速度均发生变化，故A正确； B．匀速圆周运动的合力为向心力，方向始终与速度方向垂直，夹角，其瞬时功率，始终为零，因此合力对物体做功为零，故B正确； C．平抛运动仅受重力作用，加速度为恒定的重力加速度，大小和方向都不改变，故C正确； D．物体做曲线运动的条件是：合力不为零，且合力方向与速度方向不在同一直线上。如果合力与初速度方向相反（二者方向不一致但共线），物体做匀减速直线运动，不是曲线运动，故D错误。故选D。 2．D【详解】AB．B、C属于同轴转动，角速度相等，即由向心加速度公式 因为故B、C的向心加速度关系为故AB错误； C．由线速度与角速度关系可知故C错误； D．B、C分别绕O做匀速圆周运动，则有由上述分析可知故D正确。故选D。 3．B【详解】A．P在A正上方，，，O与A同高度，因此P比B高 重力做功 ，故A错误； B．小球在B点对轨道无压力，重力提供向心力可得 根据动能定理 克服摩擦力做功，B正确； ​C．根据动能定理 ，C错误； D．摩擦力对小球做负功，小球机械能不守恒，D错误。故选 B。 4．B【详解】羽毛球从P点水平飞出做平抛运动，若球恰好能过网，在竖直方向有 解得从扣球点到网上端的时间 则羽毛球水平方向的最小位移为 则羽毛球的水平最小速度为 若球恰好不出界时，在竖直方向则有解得 在水平方向的最大位移为 则羽毛球的水平方向最大速度为 羽毛球落到对方界内，水平速度大小范围则有 则羽毛球的水平速度大小可能为。故选B。 5．D【详解】A．因a在地球上，c为地球同步卫星，所以a、c角速度相同，由可知c的线速度比a的线速度大，因此在相同时间内，c转过的弧长一定比a转过的弧长更长，A错误； B．根据牛顿第二定律可得，b是近地轨道卫星，d是高空探测卫星，b的向心加速度大于d的向心加速度，B错误；C．c为地球同步卫星，内转过的角度为，则内转过的角度为，C错误； D．由开普勒第三定律可知卫星的半径越大，周期越大，所以d的运动周期大于c的周期（24h），则d的运动周期可能是，D正确。故选D。 6．D【详解】车辆冲上坡顶到达站台B处的速度恰好为0，根据动能定理有 可得摩擦力对车辆做的功故选D。 7．A【详解】A．游客下落到最低点时，弹性绳的伸长量达到最大，根据弹性势能的相关规律可知，弹性绳的弹性势能与弹性绳伸长量的平方成正比，所以此时弹性绳的弹性势能最大，故A正确； B．游客下落高度与弹性绳原长相等时，弹性绳还未发生伸长，此时游客只受重力，会继续加速下落，速度也将继续增大；当游客所受合外力为零时，即重力与弹性绳的弹力大小相等时，速度才达到最大，则此时动能最大，故B错误； C．游客下落速度最大时，弹性绳已经发生了伸长，存在弹性势能，因此重力势能并非全部转化为动能，还有一部分转化为弹性绳的弹性势能，故C错误； D．游客所受合外力为零时，其速度最大，动能最大，因此重力势能并非全部转化为弹性绳的弹性势能，还有一部分转化为动能，故D错误。故选A。 8．B【详解】A．鹊桥二号离开火箭时速度要大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，才能进入环月轨道，A错误； B．由开普勒第三定律，鹊桥二号在捕获轨道上运行的周期大于在环月轨道上运行的周期，B正确； C．在P点要由捕获轨道变轨到环月轨道，做近心运动，必须降低速度，经过P点时，需要点火减速，C错误； D．根据万有引力提供向心力知解得，则经过A点的加速度比经过B点时的加速度小，D错误。 故选B。 9．D【详解】A．t0~2t0时间内，功率恒定，速度增大，牵引力减小，根据牛顿第二定律可知，加速度减小，即汽车在t0~2t0时间内做加速度减小的变加速直线运动，故A错误； B．2t0时刻达到最大速度vm，此时牵引力与阻力平衡，则有解得，故B错误； C．0~t0时间内汽车的位移为 故0~t0时间内汽车克服阻力做的功，故C错误； D．t0~2t0时间内，根据动能定理有解得，故D正确。 故选D。 10．BC【详解】A．由题意知，杂技演员和摩托车整体只受重力和弹力，故A错误； B．作出受力图，如图所示 由合力提供向心力，根据牛顿第二定律有 根据几何关系有联立解得，故B正确； C．根据受力分析，可知在垂直斜面方向上有 根据牛顿第三定律可知，摩托车对侧壁的压力5000N，故C正确； D．根据根据几何关系有解得，故D错误。故选BC。 11．(1)听到(2) AC (3)2.0 【详解】（1）人眼观察会有视觉误差、视觉延迟，很难精准判断“同时落地”；而听到两球落地声同步，才能证明两球同时落地。 （2）①[1]A．斜槽末端切线应当保持水平，以保证小球做平抛运动，故A正确； B．斜槽的摩擦力对实验没有影响，故B错误； C．保证小球每次都从斜槽上同一高度由静止释放，保证小球每次做平抛运动的初速度相同，故C正确。 故选AC。 ②[2]小球在竖直方向做自由落体运动，则 在水平方向匀速直线运动，所以联立，解得 （3）由图可知，相邻计数点间水平位移相等，所以相邻计数点间的时间间隔相等，设为。在竖直方向，根据解得 在水平方向解得 12．(1)A(2)2.0(3) 0.6 0.7(4)9.8 【详解】（1）A． 选择密度较大的重物，可以减小空气阻力对实验的影响，故A正确； B． 本实验验证系统机械能守恒，表达式为 ，质量无法约去，必须测量重物质量，故B错误； C． 实验操作要求先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，故C错误； D． 若用 求瞬时速度，相当于直接用机械能守恒的结论验证机械能守恒，属于循环论证，故D错误。 故选A。 （2） 每相邻两计数点间还有4个点，因此相邻计数点的时间间隔 中间时刻瞬时速度等于这段的平均速度，得B点速度 （3）[1] 系统动能增加量 [2] 下降，上升，因此系统重力势能减少量 （4） 由机械能守恒得整理得 因此图像的斜率 由图丙得 ，代入， 解得 13．(1)(2) 【详解】（1）根据万有引力定律与重力的关系有得 （2）对卫星，根据万有引力提供向心力有解得 14．(1)(2)(3) 【详解】（1）设杆对A、B球的拉力大小分别为和，轴对杆的弹力为，对两球做匀速圆周运动有，有联立解得 由牛顿第三定律知轴受到杆的拉力 （2）设转轴到A、B两球的距离分别为和，杆对A、B球的拉力大小为，则有， 又解得轴到A球的距离 （3）设A、B两球的线速度大小为，则有 由能量转化守恒知，系统的动能全部转化为热量，设A球运动的路程为，则有 解得 15．(1)(2)，方向竖直向下(3)R2≤0.9m或R2≥2.25m 【详解】（1）滑块从A到B的过程，滑块在竖直方向做自由落体运动，根据自由落体运动的速度公式 可得 因为滑块恰好从B点沿切线方向进入圆弧轨道，根据几何关系（）则 滑块从释放到A点的过程中，弹簧的弹性势能转化为滑块的动能，根据能量守恒定律可得 （2）滑块从B到C的过程，只有重力做功，根据机械能守恒定律 可得， 在C点，根据牛顿第二定律可得 根据牛顿第三定律，滑块到达圆弧末端C时对轨道的压力，方向竖直向下 （3）滑块从C到D的过程，根据动能定理解得 情况一：滑块能通过半圆轨道的最高点 设滑块能通过半圆轨道最高点的速度为v，在最高点根据牛顿第二定律mg= 从D到半圆轨道最高点，根据机械能守恒定律 解得R2≤0.9m 情况二：滑块在半圆轨道上运动的高度不超过半圆轨道的圆心 根据机械能守恒定律解得R2≥2.25m 轨道DE的半径R2满足的条件是R2≤0.9m或R2≥2.25m 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $