备考信息导航演练（五）-【衡水真题密卷】2026年高考物理备考信息导航演练（湖南专用）

2026 备考信息导航演练（五） 参考答案及解析 2025一2026学年度备考信息导航演练 物理（五） 一、选择题 5.C【解析】由w=-2πf=10m,得f=5Hz,A错误；根 1.D【解析】由图像可知U2>U3>U,根据光电子最 据U4=1R十U,g-=2.U5=1,RU 大初动能与遏制电压的关系Ek=U,再根据爱因斯 n2 U.I 坦光电效应方程Ek=hu一W。可得Wa1>Wg>W2, D正确。 102V=10V,有U4=”1R+I,R,代入数据 2 n 11 2.D【解析】在P2转动90°的过程中，两狭缝均有光 解得I2=1A,R1消耗的功率P1=IR1=0.5W,B 射出，光屏上仍有干涉条纹，A错误；根据干涉条 L 错误：当把开关拔至2时，同理可旅出，1R十 纹间距公式△x=入可知当P,旋转时，L、d入 均不变，故条纹间距不变，B错误；P2转动90°时， ,R,因R2>R1,故12将减小，进而可推知1 7n2 没有光透过狭缝S1,透过狭缝S2的光发生单缝 将减小，由Ub=I1R。+U1,可知U1将增大，C正 衍射，光屏上会出现明暗相间的衍射条纹，C错 确；若使R2的功率最大，也就是使I2最大，U= 误，D正确。 3.A【解析】以A物体为研究对象，受到重力、水平 1(得R+”R山最大时，应有兴R-R 面的支持力、水平的摩擦力、轻杆的弹力，在四个 力作用下处于平衡状态，如图所示 即尽9期得-因老使足治 n2 AN 耗的功率最大，应将滑片P下移至距B端处，D 3 错误。 6.B【解析】物块A向下减速运动，受力分析有 mAg cos0-nAg sin0=mAa1,解得物块A加速 F 度大小a1=/4gcos0-gsin0=0.4mfs2。物块B向上 mg 水平方向f=Fcos,竖直方向N=mg十Fsin0, 加速运动，受力分析有nsg cos0一mggsin0=msa2, ,解得M 解得物块B加速度大小a2=gcos0-gsin0= f=N,研究平台的平衡有Fsin0=Mg 0.4m/s2,A、B两物块刚在传送带上运动时加速 3umtan 0 度均沿斜面向上，方向相同，A错误：物块B在传 1-ktan0,A正确。 4.C【解析】把电荷量为十q的点电荷从无穷远移 送登上加遗的时同一。一=25的块 1 动到M点的过程中满足一W。=q(0一9M),解 B在2.5s以后相对于传送带静止，以v=1mfs 的速度向上匀速运动。物块A向下减速的时间t1 得山二。。把电荷量为一？的点电荷从无穷远 01-02 W。 移动到N点的过程中满足2 a,一0.4s=5s,物块A向上加速到与传送带速度 =一q(0-9N),解 0-01-0 相同，所用时同：-。-s=2.5s,两个物块在 序。，通过以上计算可知，场源电荷是正电 与传送带共速时恰好相遇，所用时间t=t1十t2=7.5s, 荷，将电荷量为十2g的点电荷从M点移动到N点 的过程电场力做正功，则W=2q(9M一9N)=W,运 B正确：在758内物块B的位移大小x=)a后 动过程中电荷所受电场力越来越小，电场力做功W (t-to)=6.25m,在7.5s内物块A的位移大 与位移x的关系图像的斜率表示电场力，因此图像 斜率逐渐减小，C正确。 小1=十（一 t=3.75m,传送带上下端间的距 2 物理答案（五）第1页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 离L=x1十x2=10m,C错误；物块A与传送带的相 金属棒PQ刚进入磁场前，整体产生的焦耳热Q感1= 对位移大小x3=vot十x1=11.25m,物块B与传送 1 1 21 1 26- 2wf=0m6,其中D,E间定值电阻产生的 带的相对位移大小x=0。一2a:号=1,25m,A 与传送带因摩擦产生热量比B与传送带因摩擦产 焦耳热Q1 Px2R+(号I),2R+(兮D·4 Q总1 生热量多△Q=mAgx3cos0一1Bgx4C0s0,解 3 得△Q=64J,D错误。 二、选择题 125mw5。金属棒PQ进入磁场后整体产生的焦 7.ACD【解析】根据玻意耳定律可知挤压过程中温 1 2 度不变，体积减小，气体压强增大，轮胎内壁单位面积 耳热Qs:=2mui-25mw,D,E间定值电阻产 所受气体分子的平均作用力增大，A正确；在挤压轮 I2·4R 8 胎的过程中，轮胎内气体的温度不变，则内能不变。 生的焦耳热Q:=P·4R+P·RQs2125m0i, 气体体积减小，外界对气体做功。根据热力学第一定 在PQ棒进入磁场前后，D、E间定值电阻产生的 律可知，气体放出热量，B错误；气体做等温变化，根 焦耳热之比Q1:Q2=7:8,D正确。 据玻意耳定律，有p1V1=pV2,解得V2=0.054m3, 10.AC【解析】对A球，由动量定理，有I=mo一 C正确：升温时气体做等容变化，则有，= 0,解得%=m,A正确；当k=1时，对小球A,B, 且T2=T1,解得T3=350K,内能增加了△U= 由动量守恒定律有mo=m心e十e,碰后系统 135×(350-300)J=6750J,该过程气体做等容 变化，则W=0。由热力学第一定律，有△U=Q十 总动能损夫了号别余号则有m成十日 W,解得升温过程中气体吸收的热量Q=6750J, 5, 2I D正确」 9 21u,联立解得ue一3m0e=3 ,B错误； 8.BC【解析】卫星在运行过程中，万有引力提供它们 碰撞过程中A对B的冲量I=mw 3C正确； 做圆周运动的向心力，则有G_mw2三n4r r2 r =mT元r,可知 A与B碰撞，由动量守恒得mUo=nvA十kmv。 卫星B的运行周期小于卫星A的运行周期，卫星B的 损夫的骑能△g:-4md-(（仔m+mi) 线速度大于卫星A的线速度，A错误，B正确；设至少 1 8 堡过时间1两卫星两次相距最近，则无一 ·=1,解得 75%X2m6,若k=4,心u=3,此时与运动情 境不符，D错误。 TATB 1入C正确D错误. 三、非选择题 9.ACD【解析】在PQ棒进入磁场前，回路总电 11.(1)两弹簧测力计的读数F1、F2的大小以及 2R·4R_10RB2L2 OB、OC的方向(2分)(2)O点(2分)(3)12 阻R&=2R+2R十R3,R考w=a,可知金属 (3分) 框的加速度与速度成正比，A正确；设PQ棒刚进入 【解析】(1)用两只弹簧测力计拉绳套时除了结 磁场时的速度为1，则从CF进入磁场到PQ棒刚进 点的位置O点，还要记录两弹簧测力计的读数 入磁场的过程，由动量定理得一BIL△=m一mo, F,、F2的大小以及两细绳套的方向。 共中1a=3BL (2)用一只弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条与细 1OR。从PQ进入磁场到DE刚进入磁 绳套的结，点拉到O,点，并记下细绳的方向。 场的过程，由动量定理得一BI'L△t'=0一mw1,其 (3)小正方形的边长表示2N,以F1和F2为邻 4-纯， 中Ta'=E BL? 边作出力的平行四边形，对角线即为两力的合 +2R5R,联立解得， 力，因此合力F=6×2N=12N。 2 。o,在PQ棒进入磁场后，通过DE间定值电阻的 意电背量90m=9-了a-弧，B错，CE 物理答案（五）第2页（共4页） 5 2026 备考信息导航演练（五） 12.(1)a(2分)(2)1(2分)(3)向上(2分)(4) 加速度分别为 4000(3分) an=umg =g(方向水平向右) 【解析】(1)欧姆表内部电流从黑表笔流出，经待 测电阻后，从红表笔流进欧姆表，黑表笔与内部 aB=么X2mg 2m =g（方向水平向左) 电池正极相连，红表笔与内部电源负极相连，因 此图中a是红表笔。 B、C刚好共速时有v共=act=vo一aBt (2)欧姆表内阻大，中值电阻大，欧姆表的倍率越 联立解得128口2方向水平向右 大。根据闭合电路的欧姆定律，欧姆表内阻R (1分) ,当开关K拔向1时，根据并联电路电流的分奥 此时A的速度大小 原则可知，与表头并联的电阻越大，该支路的电流 A=二aAt=)(方向水平向左》 越小，回路中满偏电流越小，则欧姆表内阻越大， 即为“×100”挡位。 该过程B相对C的位移 (3)从“×1”挡位换成“×10”挡位，即开关K从3 0十V共 2 2 (1分) 拔向2，满偏电流由I变成I2,欧姆调零电阻 Aug 该过程A相对C的位移 由R调变成R2,根据闭合电路的欧姆定律有 E=I2(R调*2十r)十I.(Rg十Rg),E=Is(R调*a十 十w来1十 0十)共 vi (1分) 2 21 2μg r)十Ig(Rg十R2十R),又I2<I8,则R调2>R调*3， 根据能量守恒有 即调零电阻接入电路的阻值增大，因此滑片向上 1 1 滑动。 2×(2n十n)ua+2mui=2X4mu2+Ong AC (4)根据闭合电路的欧姆定律，在“×100”挡位进 (1分) 行欧好调农，则1。一民。，在ab两表笔问接入 E 3v8 联立解得xAC一8g (1分) 阻值为6000的定值电阻R。,稳定后表头G的 则木板C的最小长度 指针倍特到两偏制定的宁·则兰民千民在 1 9v8 L=EBC十xC十xAG一84g (1分) a、b两表笔间接入待测电阻R,,稳定后表头G 3FR BoLd 14.(1) (2) d-08 (3) 1 E 的指针偏转到满偏刻度的？，则 2B8L2 4R 3RA十R 【解析】(I)当MN达到最大速度时满足 孩立解得R,=号R,别有R,=400n, F=BoIL (1分) BoLvm 3.1)4g方向水平向右2)8mu3 (3)9 其中I= R (1分) μg 【解析】(1)分析可知A给C的摩擦力方向水平 R=R号-资 (1分) 向左，B给C的摩擦力方向水平向右，对C,由牛 3FR 顿第二定律有μX2mg一umg=mac (1分) 解得vm= (2分) 2BL3 解得ac=g,方向水平向右 (1分) (2)撤去F前通过MN的电量 (2)由于水平面光滑，A、B和C组成的系统动量 守恒。由于A、B均未脱离木板C,设它们的最终 B.-）z q总=IAt= BoLd 速度为，根据动量守恒定律，有 -△t= R R R 2R 2mvo-mvo=4mv (1分) 2 系统损失的机械能 (2分) 4E1 11 则通过R的电量 2X2mu听- 1 BoLd (1分) 9=29&=4R (2分) (3)根据牛顿第二定律，可知A、B开始运动时的 (3)撤去F前，根据动能定理，得 5 物理答案（五）第3页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 子Fd-ws-名m 1 随后滑块A将以2的速度滑上平台，与滑块D (2分) 发生完全非弹性碰撞，在水平方向动量守恒，设 回路中产生的总焦耳热 碰后共同速度为，由动量守恒定律知 Q1=W安 (1分) mv2=(m十m)v3 (1分) 电阻R上产生的焦耳热 滑块AD组合体与滑块C组成的系统水平方向 QR=6Q1=8Fd-3mFR 1 (2分) 动量守恒，假设弹簧开始处于原长状态，则第一 16BL° 次恢复原长时，滑块C速度向右，设弹簧原长时 15.(1)36J(2)8J AD组合体速度大小为，由动量守恒定律知 【解析】(1)假设滑块A在木板B上运动过程中， (m+m)v3=Mvc+(m十m)v4 (1分) 与木板B共速后木板B才到达右侧平台，设共速 解得v4=1ms (1分) 时速度为共，相对运动的距离为5和 代入数据，发现 由A、B系统动量守恒m1=(m十m)共(1分) 1 解得)共=6mfs (1分) 2,7》餐1®天十2《22不对行合 设木板B开始滑动到A、B共速滑过距离为5B 能量守恒定律，所以假设错误。弹簧开始只能处 1 由动能定理有mg5B=2m0年一0 (1分) 于压缩状态，第一次恢复至原长时，滑块C速度 向左，设弹簧恢复至原长时AD组合体速度大小 解得sB=3.6m<d=6m,即假设成立 (1分) 为5，由动量守恒有 根据系统能量守恒 (n+m)v3=M(-c)+(m+n)v5 (1分) 1 1 mgsa=2mui-2m十m)u层 (1分) 第一次恢复至原长到弹簧伸长量最大过程中，系 统动量守恒和能量守恒。设C与AD组合体达 解得s相=7.2m<L=9.2m (1分) 到共同速度为v6,弹簧的最大弹性势能为Em, A、B间因摩擦而产生的内能 由动量宇恒和能量守恒有 Q=mgs相=36J (1分) M(-c)+(m十m)u5=(M+m+m)v6(1分) (2)木板B撞平台后静止，滑块A继续向右运动， 1 1 设滑块A与滑块D碰撞前速度为2，由动能定 E2M呢2m+m)u2M+m+m)o 理有 (1分) (1分) 解得共速时弹簧最大弹性势能 (1分) 解得2=4mjs Em=8J。 (1分) 物理答案（五）第4页（共4页） 52025一2026学年度备考信息导航演练 物理（五） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题日的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 符合题目要求。 1.在光电效应实验中，用频率和强度都相同的单色光分别照射编号为1、2、3的金属，所得 遏止电压如图所示，关于三种金属的逸出功W。的大小关系正确的是 金属编号 -1 A.WoW02>Wo3 B.Wo2>Wos>Wo C.Wos>Wo2>Wo D.Wo>Wos>Wo2 2.用如图所示的装置观察光的干涉和偏振现象。狭缝S1、S2关于OO轴对称，光屏垂直 于OO'轴放置。将偏振片P,垂直于OO'轴置于狭缝S1、S2左侧，单色平行光沿OO轴 方向入射，在屏上观察到干涉条纹，再将偏振片P2置于狭缝S1右侧，P、P2透振方向平 行。保持P,不动，将P2绕过其中心且平行于OO的轴转动90°，下列说法正确的是 光屏 P S S2 A.在P2旋转过程中，光屏上没有干涉条纹 B.在P2旋转过程中，光屏上仍有干涉条纹，且条纹间距增大 物理试题（五）第1页（共8页） 备考信息 C.P2转动90°时，没有光到达光屏上 班级 D.P2转动90时，光屏上仍有明暗相间的条纹 3.如图所示，三个质量均为m的相同的小物块A、B、C(可视为质点)静止在粗糙水平面 姓名 上，三个物块与水平面间的动摩擦因数均为4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。三根等 长的轻杆一端分别通过光滑铰链连接在A、B、C上，另一端通过光滑铰链连接在O处， 得分 各杆与水平面间的夹角均为0。现在O处上端连接一质量为M的平台，连接平台后三 个物块恰好不发生滑动。则M与m之间的关系式正确的是 平台 B A.M= 3umtan 0 B.M= utan 0 1-utan 0 1-3utan 0 C.M=, 3utan 0 usin 0 1-3utan 0 D.M= 1-34sin0 4.M、V是某点电荷形成的电场中同一电场线上的两个点。把电荷量为十q的点电荷从 无穷远移动到M点的过程中电场力做功为一W。,把电荷量为一q的点电荷从无穷远移 Wo 动到N点的过程中电场力做功为2°。取无穷远电势为零，则将电荷量为十29的点电 荷从M点移动到N点的过程中电场力做功W与位移x的关系图像可能正确的是 个W 个W Wo Wo N M A B W。 -W0---- D 导航演练 物理试题（五）第2页（共8页） 5 5.图示为含理想自耦变压器的电路，已知线圈AB的总长度为L,三个定值电阻的阻值分别 为R。=182,R1=0.52,R2=22,电压表和电流表均为理想交流电表，初始时滑动触头P 位于线圈的中点，单刀双掷开关与1接通。现在a、b端输入u=10√2sin10πt(V)的交流 电。下列说法正确的是 A.该交流电的频率为0.2Hz B.此时R1消耗的功率为1W C.当把开关拨至2时，电压表示数将增大，电流表示数将减小 D.当把开关拨至2时，若使R:消耗的功率最大，滑片P应在距B端，处 6.如图所示，倾角0=37°的传送带以v。=1m.s的速度沿顺时针方向匀速转动，将质量为 1kg的物块B轻放在传送带下端，同时质量也为1kg的物块A从传送带上端以1 2ms的初速度沿传送带下滑，结果两物块恰好没有在传送带上相碰，物块与传送带间 的动摩擦因数均为0.8，不计物块大小，g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8。则 A ● ⊙0 A.A、B两物块刚在传送带上运动时加速度方向相反 B.两物块在传送带上运动到刚好相遇所用时间为7.5s C.传送带上下端间的距离为12.5m D.在运动过程中，A与传送带间因摩擦产生热量比B与传送带间因摩擦产生热量 多80J 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符 合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7.如图所示，某型号轮胎在出厂前需进行多项测试以确保安全。某次测试前，该轮胎内理 想气体的压强、体积、温度分别为p1=2.7×105Pa、V1=0.06m3和T1=300K。先缓 慢挤压轮胎，保持气体温度不变，使其压强达到p2=3.0×105P。接着控制轮胎内气 体体积不变，缓慢升高气体温度，使其压强变为p3=3.5×105Pa。假设整个测试过程 轮胎未漏气，已知轮胎内的气体温度每变化1K,内能变化135J。下列说法正确的是 5 物理试题（五）第3页（共8页） 备考信息 A.在挤压轮胎的过程中，轮胎内壁单位面积所受气体分子的平均作用力增大 B.在挤压轮胎的过程中，轮胎内的封闭气体吸收热量 C.压强为p2时气体的体积为0.054m3 D.升温过程中气体吸收的热量为6750J 8.“女娲星座”是中国首个自主研发的分布式多基线干涉雷达卫星星座。如图所示，A为 女娲星座中的雷达卫星，B为女娲星座中的光学卫星，两颗卫星在同一平面内沿同一方 向绕地球做匀速圆周运动，运行的周期分别为TA和TB。下列说法正确的是 地球 A.卫星B的运行周期大于卫星A的运行周期 B.卫星B的线速度大于卫星A的线速度 C.两卫星两次相距最近的最短时间间隔为TA一T。 TATB TATB D.两卫星两次相距最近的最短时间间隔为2(T入一TB) 9.如图所示，金属框CDEF长2L、宽L,放置在光滑绝缘水平面上，左侧接一个阻值为4R 的定值电阻，中间位置和右端固定有接入电路中阻值为2R的金属棒PQ和金属棒CF, 其它电阻不计，金属框总质量为m。金属框右侧有宽为2L的匀强磁场区域，磁场方向 竖直向下，磁感应强度大小为B。已知CF棒以初速度。进入匀强磁场，最终CF棒恰 好没从磁场中穿出。下列说法正确的是 D ×× 2R xx xB X】 A.在PQ棒进入磁场前，金属框的加速度与速度成正比 B在PQ棒进人磁场后，通过DE间定值电阻的总电荷量为L。 10R 2 C.PQ棒刚进入磁场时的速度大小为 D.在PQ棒进入磁场前后，D、E间定值电阻产生的焦耳热之比为7：8 导航演练 物理试题（五）第4页（共8页） 10.某同学研究小球碰撞现象。如图所示，光滑水平面上放置有两个半径相同的小球A、 B,质量分别是m、k,两小球一开始均处于静止状态。现给A球一个水平向右的瞬时 冲量I,A球向右运动与B发生正碰，下列说法正确的是 水平面合 A.A获得瞬时冲量I后的速度大小为 B.当k=三1时，若A与B发生碰撞后系统总动能损失了。，碰后B球的速度大小为 C.当k=1时，若A与B发生碰撞后系统总动能损失了。，碰撞过程中A对B的冲量 .2I 大小为3 D.若A与B碰撞后，系统的总动能损失了75%，k的值可能为4 三、非选择题：本题共5小题，共56分。 11.(7分)某同学在“探究两个互成角度的力的合成规律”实验时，探究过程如下，请试着补 全相关内容。 (1)如图甲，用两只弹簧测力计分别勾住细绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长。 稳定后，除了结点的位置O点，还要记录 (2)用一只弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条与细绳套的结点拉到，并记下细绳的 方向。 (3)坐标纸上画出的两个力F1和F2的图示，如图乙所示，图中小正方形的边长表示 2N,则F1和F2的合力F= N OA 甲 乙 12.(9分)某物理爱好者设计了一个三挡位(“×1”“×10”“×100”)的欧姆表，其内部结构 如图所示，K为单刀三掷开关，R为调零电阻，R1、R2、R3为定值电阻，表头G的满偏 电流为I,内阻为R:,干电池的电动势为E,内阻为r。用此欧姆表测量某待测电阻的 阻值，回答下列问题： G R 6 物理试题（五）第5页（共8页） 备考信息导 (1)欧姆表的两只表笔中， (填“a”或“b”)是红表笔。 (2)当欧姆表的挡位为“×100”时，应将单刀三掷开关K与 （填“1”“2”或“3”) 接通。 (3)若从“×1”挡位换成“×10”挡位，再进行欧姆调零时，调零电阻R的滑片应该 (填“向上”“向下”或“不”)调节。 (4)在“×100”挡位进行欧姆调零后，在a、b两表笔间接入阻值为60002的定值电阻 R。,稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的；取走R。,在a、b两表笔间接入待测 电阻R,稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的？，则R,= 2。 13.(10分)如图，物块A及长木板C的质量均为m,物块B的质量为2m,A、B可视为质 点，初始紧靠在一起且静置于木板C上，C静止在光滑的水平地面上，现同时给A、B一 个等大反向的速度vo,A、B均未脱离木板C,已知物块A、B与木板C之间的动摩擦因 数均为，重力加速度为g,求： (1)A、B开始运动瞬间C的加速度； (2)从A、B开始运动到最终系统稳定下来的过程中A、B和C组成的系统损失的机 械能； (3)木板C的最小长度。 AB %←□→C mmmmmmmmmmmmmmmi7mn 航演练 物理试题（五）第6页（共8页） 14.(14分)如图所示，两根间距为L且足够长的光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面 15 上，导轨左端用导线与阻值为R的电阻相连。以导轨左端为坐标原点、沿导轨向右 为正方向建立Ox轴。两根长度均为L、质量均为m、电阻均为R的金属棒MN和 Q分别静置于？一处和？处，金属棒始终与导轨重直且接触良好。沿工轴从 4 O到d存在垂直导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B。。现对金属棒MN施加 一个沿导轨向右的恒力F,金属棒MN沿导轨运动到x=d处时恰好处于平衡状态， 此时立即撤去恒力F,求： (I)金属棒MN的最大速度vm; (2)从MN开始运动到撤去恒力F之前通过电阻R的电荷量q; (3)从MN开始运动到撤去恒力F之前电阻R上产生的焦耳热QR1。 M o 3d 2 5 物理试题（五）第7页（共8页） 备考信息导航演练 (16分)如图所示，一质量m=1.0kg、长L=9.2m的长木板B静止放置于光滑水平 面上，距离木板B右端d=6.0m处有一与木板上表面等高的固定平台，平台上表面光 滑，其上放置有质量m=1.0kg的滑块D。平台上方有一水平光滑固定滑轨，其上穿 有一质量M=2.0kg的滑块C,滑块C与D通过一轻弹簧连接，开始时弹簧处于竖直 方向。一质量m=1.0kg的滑块A以初速度v1=12.0ms滑上木板B,带动木板B 向右运动，B与平台碰撞后即粘在一起不再运动。A随后继续向右运动，滑上平台，与 滑块D碰撞并粘在一起向右运动。A、D组合体随后运动过程中一直没有离开水平面， 且C没有滑离滑轨，A与木板B间动摩擦因数μ=0.5。忽略所有滑块大小及空气阻 力对问题的影响。sin53°=0.8，cos53°=0.6，g取10ms2。 (1)求B与平台碰撞前，A、B间因摩擦而产生的内能。 (2)若弹簧第一次恢复原长时，C的速度大小为1.0s。则随后运动过程中弹簧的最 大弹性势能是多大？ D 77777 777777777777 物理试题（五）第8页（共8页）