2026年中考物理26个实验通关秘笈（全国通用） 专题06 探究不同物质吸收热量的情况

探究不同物质吸收热量的情况（中考复习微课） 人教版初中物理｜8分钟精讲 一、微课目标 1.理解比热容的物理意义，牢记实验原理和控制变量法的运用，吃透不同物质吸热能力的差异。 2.掌握实验器材、操作规范、数据处理、图像分析、误差分析五大中考必考点。 3.会解吸热能力判断、比热容比较、实验纠错、热量计算、实际应用类中考真题。 二、知识回顾（1分钟） 1. 实验核心思想 · 本实验采用控制变量法和转换法，探究物质种类与吸热能力的关系。 · 控制变量：控制不同物质的质量、升高的温度相同，比较吸收热量的多少，判断吸热能力。 · 转换法：用加热时间的长短间接反映物质吸收热量的多少，加热时间越长，吸热越多。 2. 基础概念铺垫 · 质量相同的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同，说明不同物质吸热能力不同。 · 物理学中用比热容来表示物质的吸热能力，比热容是物质的固有属性。 三、核心：物质吸热能力与比热容（2分钟） 记忆口诀：质量温升均相同，吸热快慢看种类；吸热越弱比热小，吸热越强比热大 1. 实验核心结论 · 质量相同的不同物质，吸收相同的热量，升高的温度不同，升温慢的物质吸热能力强。 · 质量相同的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同，吸热多的物质吸热能力强。 · 常见物质中，水的吸热能力最强，比热容最大，是中考常考物质。 2. 比热容核心要点 · 比热容只与物质种类、状态有关，与质量、温度、吸放热多少无关。 · 比热容越大，物质的吸热或放热本领越强，温度越难改变。 中考必坑： · 切勿混淆变量：控制质量相同而非体积相同，液体需保证质量一致。 · 加热时间代表吸热量，同一热源相同时间内，物质吸收的热量相等。 · 升温快的物质吸热能力弱，比热容小；升温慢的物质吸热能力强，比热容大。 · 比热容是物质特性，同种物质状态不变，比热容不会发生变化。 四、实验精讲（中考高频·2分钟） 实验器材 铁架台、酒精灯、石棉网、烧杯、温度计、水、食用油、天平、停表、火柴、相同的热源 关键操作与结论 1.控制变量：选取质量相同的水和食用油，装入相同的烧杯中。 2.选用相同热源：保证相同时间内，水和食用油吸收的热量完全相同。 3.温度计使用：玻璃泡浸没在液体中，不接触烧杯底和壁，读数准确。 4.两种实验方案： · 方案一：升高相同温度，比较加热时间，时间长则吸热多、比热容大。 · 方案二：加热相同时间，比较升高温度，升温慢则比热容大。 5.石棉网作用：使烧杯受热均匀，防止烧杯炸裂，保证液体受热均匀。 6.多次实验：更换不同物质重复实验，避免偶然性，得出普遍规律。 常见误差与问题 · 热源不同：火焰大小不一，导致相同时间内物质吸热不同，实验误差大。 · 未控制质量：液体体积相同但质量不同，导致实验结论错误。 · 热量散失：未加盖，热量散失过多，影响温度测量和吸热判断。 · 搅拌不当：液体受热不均，局部温度过高，温度计读数偏差。 五、中考必考题型（2分钟） 1. 吸热能力判断 例：质量相同的水和沙子，吸收相同热量，沙子升温快，说明沙子吸热能力弱，比热容小。 2. 温度-时间图像分析 图像斜率越大，升温越快，比热容越小；斜率越小，升温越慢，比热容越大。 3. 比热容特性应用 水的比热容大，常用于汽车冷却液、暖气供暖、调节气候，是中考高频考点。 4. 实验纠错改进 常考：控制质量相同、选用相同热源、烧杯加盖、搅拌液体、保证受热均匀。 5. 热量初步计算 质量相同的不同物质，升高相同温度，比热容越大，吸收的热量越多。 六、课堂小结（1分钟） · 规律：物质吸热看比热，比热越大温难变，水的比热是最大。 · 实验：控质温、同热源，看时间、比温升，转换法测吸热量。 · 易错：质量控好，热源相同，升温快则比热小。 · 应用：水冷散热、调温供暖，全靠比热本领大。 ( 第 1 页 共 2 页 ) 学科网（北京）股份有限公司 $探究不同物质吸收热量的情况 中考物理复习微课 一、微课目标 01 二、知识回顾 02 三、核心：物质吸热能力与比热容 03 四、实验精讲 04 五、中考必考题型 05 六、课堂小结 06 目录 一、微课目标 明确学习目标，掌握复习方向 01 理解比热容意义 理解比热容的物理意义，为后续学习奠定基础。 02 牢记实验原理 牢记探究物质吸热能力的实验原理，便于实验操作。 03 掌握控制变量法 学会在实验中运用控制变量法，准确探究变量关系。 04 吃透吸热能力差异 深刻理解不同物质吸热能力的差异及其影响因素。 理解比热容意义，掌握实验原理 1. 知识目标 掌握中考必考知识点 01 掌握实验器材 清楚实验所需的各种器材及其作用。 02 掌握操作规范 严格按照实验操作规范进行实验，确保安全准确。 03 掌握数据处理 学会对实验数据进行处理和分析，得出结论。 04 掌握图像分析 能够根据实验数据绘制图像，并进行分析。 05 掌握误差分析 了解实验过程中可能出现的误差，并进行合理分析。 2. 考点目标 学会解答中考常见题型 会解吸热能力判断 能够根据题目信息判断不同物质的吸热能力。 01 会解比热容比较 准确比较不同物质的比热容大小。 02 会解实验纠错 找出实验中存在的错误并进行纠正。 03 会解热量计算 掌握简单的热量计算方法，解决实际问题。 04 会解实际应用 运用所学知识解释生活中的相关现象。 05 3. 题型目标 二、知识回顾 回顾基础知识，巩固学习成果 了解实验采用的方法和变量控制 控制不同物质的质量、升高的温度相同，比较吸收热量。 控制变量法 01 用加热时间反映吸热量，加热时间越长吸热越多。 转换法 04 保证不同物质的质量一致，便于对比吸热能力。 控制质量相同 02 使不同物质升高相同的温度，判断吸热多少。 控制升高温度相同 05 通过比较吸收的热量，判断不同物质的吸热能力。 比较吸收热量 03 1. 实验核心思想 认识比热容及其与吸热能力的关系 质量相同的不同物质，升高相同温度，吸热不同。 不同物质吸热不同 01 物理学用比热容表示物质的吸热能力大小。 比热容表示吸热能力 02 比热容是物质固有属性，与物质种类和状态有关。 比热容是固有属性 03 不同物质的比热容一般不同，反映吸热能力差异。 比热容与物质种类有关 04 同种物质不同状态，比热容可能不同。 比热容与物质状态有关 05 2. 基础概念铺垫 三、核心：物质吸热能力与比热容 掌握核心概念和要点 明确不同物质吸热能力的判断方法 01 质量相同不同物质，吸收相同热量，升温慢的吸热能力强。 吸收相同热量，升温慢的吸热强 质量相同不同物质，升高相同温度，吸热多的吸热能力强。 升高相同温度，吸热多的吸热强 02 03 常见物质中，水的吸热能力最强，比热容最大。 水的吸热能力最强 比热容越大，物质吸收热量的本领越强。 比热容越大吸热越强 04 05 比热容越小，物质吸收热量的本领越弱。 比热容越小吸热越弱 1. 实验核心结论 深入理解比热容的性质 不同物质的比热容不同，是物质本身特性。 比热容与物质种类有关 01 同种物质不同状态，比热容可能发生变化。 比热容与物质状态有关 02 比热容不受物质质量大小的影响。 比热容与质量无关 03 比热容不随物质温度的变化而改变。 比热容与温度无关 04 比热容与物质吸收或放出热量的多少无关。 比热容与吸放热多少无关 05 2. 比热容核心要点 实验中应控制不同物质的质量相同，而非体积相同。 控制质量相同而非体积相同 01 加热时间越长，物质吸收的热量越多，反之亦然。 加热时间代表吸热量 02 升温快的物质比热容小，吸热能力较弱。 升温快的物质吸热能力弱 03 比热容是物质固有属性，不随外界条件改变。 比热容是物质特性 04 避免常见的错误理解 3. 中考必坑 四、实验精讲 详细讲解实验相关内容 认识实验所需的各种器材 用于固定和支撑烧杯等实验器材。 铁架台 1 提供热源，对物质进行加热。 酒精灯 2 使烧杯受热均匀，防止烧杯炸裂。 石棉网 3 盛放水和食用油等实验物质。 烧杯 4 测量物质在加热过程中的温度变化。 温度计 5 称量水和食用油的质量，确保相同。 天平 6 记录加热时间，间接反映吸热量。 停表 7 用于点燃酒精灯，开始加热。 火柴 8 1. 实验器材 掌握实验的关键操作步骤和结论 控制变量选取物质 选取质量相同的水和食用油，装入相同烧杯。 1 选用相同热源 保证水和食用油在相同时间内吸热相同。 2 温度计使用要点 玻璃泡浸没液体，不碰底壁，读数准确。 3 升高相同温度比加热时间 加热至相同温度，时间长的比热容大。 4 加热相同时间比升高温度 加热相同时间，升温慢的比热容大。 5 石棉网作用 使烧杯受热均匀，防止烧杯炸裂。 6 多次实验避免偶然性 更换不同物质重复实验，得出普遍规律。 7 2. 关键操作与结论 了解实验过程中可能出现的误差和问题 火焰大小不一，导致相同时间吸热不同。 热源不同 1 液体体积相同但质量不同，影响结论。 未控制质量 2 未加盖导致热量散失，影响温度测量。 热量散失 3 液体受热不均，局部温度过高，读数偏差。 搅拌不当 4 温度计使用不当，导致温度测量不准确。 温度测量不准确 5 停表使用不当，加热时间记录有误差。 加热时间记录不准确 6 3. 常见误差与问题 五、中考必考题型 学会解答中考常见题型 根据信息判断物质吸热能力 01 根据物质升温快慢或吸热多少判断吸热能力。 例：质量相同的水和沙子，吸收相同热量，沙子升温快，说明沙子吸热能力弱，比热容小。吸热能力判断方法 02 吸热能力强的物质比热容大，反之则小。 比热容大小判断 1. 吸热能力判断 分析图像得出物质比热容信息 01 图像斜率越大，升温越快；斜率越小，升温越慢。 图像斜率与升温快慢 02 斜率越大，比热容越小；斜率越小，比热容越大。 斜率与比热容的关系 03 通过图像斜率比较不同物质的比热容大小。 根据图像比较比热容 2. 温度-时间图像分析 了解比热容在实际生活中的应用 水的比热容大应用 水常用于汽车冷却液、暖气供暖、调节气候。 01 汽车冷却液 利用水的比热容大，吸收发动机热量，降低温度。 02 暖气供暖 水作为热媒，将热量传递到室内，提高温度。 03 调节气候 水的比热容大，使沿海地区昼夜温差较小。 04 3. 比热容特性应用 找出实验错误并进行改进 常考纠错点 控制质量相同、选用相同热源、烧杯加盖等。 1 控制质量相同 确保不同物质的质量一致，避免体积相同。 2 选用相同热源 保证不同物质在相同时间内吸热相同。 3 烧杯加盖 减少热量散失，使温度测量更准确。 4 搅拌液体 使液体受热均匀，避免局部温度过高。 5 保证受热均匀 使用石棉网等，使烧杯底部受热均匀。 6 4. 实验纠错改进 掌握简单的热量计算方法 质量相同升高相同温度，比热容越大吸热越多。热量计算公式 Q=cmΔt，根据公式计算物质吸收的热量。 01 比热容与吸热量的关系 比热容越大，物质吸收的热量越多。 02 5. 热量初步计算 六、课堂小结 总结课堂内容，加深记忆 物质吸热看比热 物质吸热能力取决于比热容大小。 01 比热越大温难变 比热容越大，物质温度越难改变。 02 水的比热是最大 常见物质中，水的比热容最大。 03 比热容与温度变化关系 比热容越大，温度变化越慢。 04 比热容与吸热本领关系 比热容越大，吸热本领越强。 05 1. 规律总结 总结实验的关键要点 01 控制质量、升高温度相同，使用相同热源。 控质温、同热源 02 比较加热时间和升高温度，判断比热容。 看时间、比温升 03 用加热时间反映物质吸收的热量。 转换法测吸热量 2. 实验要点 提醒常见的易错点 质量控好 确保不同物质的质量相同，而非体积相同。 01 热源相同 使用相同热源，保证相同时间吸热相同。 02 升温快则比热小 升温快的物质比热容小，吸热能力弱。 03 3. 易错提示 利用水的比热容大，吸收电子设备热量。 水冷散热 01 水作为热媒，调节室内温度，提高舒适度。 调温供暖 02 水的比热容大，使沿海地区昼夜温差小。 调节气候 03 列举比热容在实际中的应用 4. 应用举例 谢谢观看 $中考实验专项分层训练（物理） 基础卷·必会题 06探究不同物质吸收热量的情况（中考复习微课）基础卷 一、选择题（共2小题） 1.（2025•安远县校级模拟）家用电器中大功率电子元件在工作时会产生较多的热量，为了尽快散热，通常在大功率元件上安装金属散热片，下表是四种金属材料的比热容，选作散热片最好的材料是（　　） 物质 比热容c/[J/（kg•℃）] 铝 0.88×103 铁 0.46×103 锌 0.39×103 铅 0.13×103 A．铝 B．铁 C．锌 D．铅 2.（2024秋•延安期末）二十四节气中蕴含了丰富的物理知识，以下说法正确的是（　　） A．立春：“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的 B．立夏：“夏避暑，临水而居”，是因为水的比热容大 C．霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的温度越低，所含热量越少 D．冬至：“千里冰封，万里雪飘”，山顶积雪常年不化，积雪的内能为零 二、多选题（共2小题） （多选）3．（2025秋•望花区期中）糖炒栗子是冬天人们非常喜爱的美食，为了让栗子快速而均匀的受热，人们通常在铁锅中加入大量的沙子。关于这一过程中涉及的物理知识，下列说法正确的是（　　） A．加入沙子可以使栗子均匀受热 B．通过不断翻炒让栗子升温是通过做功的方式改变栗子的内能 C．加入沙子后锅内物体质量变大，由于沙子比热容较小所以栗子依旧可以快速升温 D．在翻炒过程中沙子将温度传递给栗子使栗子升温 （多选）4．（2025秋•济南校级月考）小明喜欢喝冷饮，经常将瓶装水放入冷冻室，有时却忘记及时取出，当取出时发现水已经凝固结冰。水在凝固的过程中，发生变化的物理量是（　　） A．密度 B．温度 C．内能 D．比热容 三、填空题（共2小题） 5.（2025秋•河东区期末）远古时期，三皇之首的燧人氏在商丘发明了钻木取火，钻木取火是通过　 　 的方式改变了物体的内能；商丘古城有八千亩护城河，有效缓解了城市的“热岛效应”，这是利用了水的　 　 的特性。 6.（2025秋•芜湖期末）如图所示是对0.5kg的某固体均匀加热获得的“温度与时间”关系图像。不计热损失，若物体在AB段时的比热容为2×103J/（kg•℃），则该物质在BC段吸热为　 　 J。 第6题图 第7题图 第8题图 四、作图题（共1小题） 7.（2025秋•梁溪区期中）请在图中虚线框内用箭头表示出白天海陆风的吹拂方向。 五、实验探究题（共3小题） 8.（2024秋•历下区校级月考）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示。 加热时间/min 0 1 2 3 4 甲的温度/℃ 30 34 38 42 46 乙的温度/℃ 10 18 26 34 42 （1）选用两个规格相同的电加热器，目的是使甲和乙两种液体在相等时间内 　 　 （选填“吸收的热量”或“升高的温度”）相同； （2）实验中应量取质量相等的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热。当它们吸收相同热量时，通过比较 　 　 来判断吸热能力的强弱； （3）通过实验，记录数据如上表所示。分析实验数据可知 　 　 （选填“甲”或“乙”）物质的吸热能力强。 9.（2025秋•江门校级期中）在探究“比较不同物质吸热能力的情况”的实验中，实验装置如图所示。 加热时间/min 0 1 2 3 4 甲的温度/℃ 30 34 38 42 46 乙的温度/℃ 10 18 26 34 42 （1）除了图中装置外，本实验中还需要用到的测量工具是　 　 和天平； （2）实验中应量取质量　 　 的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中； （3）选取两个相同规格的电加热器进行实验，目的是通过比较　 　 来比较物质吸收热量的多少，加热4min，甲吸收的热量　 　 （选填“大于”“小于”或“等于”）乙吸收的热量； （4）当它们吸收相同的热量时，通过比较　 　 来判断吸热能力的强弱； （5）通过实验，记录数据如表格所示，从开始加热到42℃，甲、乙两种液体吸收热量的关系Q甲　 　 Q乙（选填“＞”“＝”或“＜”）； （6）分析实验数据可知：　 　 物质的吸热能力强（选填“甲”或“乙”）。 第9题图 第10题图 第11题图 10.（2024秋•揭阳期中）为了比较“水和食用油吸热能力的大小”，小明做了如图所示的实验，两个相同的烧杯中，分别装有水和食用油，用相同的电热器分别对它们加热相同的时间。 物质 初温/℃ 末温/℃ 加热时间/min 水 20 45 6 食用油 20 70 6 （1）本实验所用到的测量工具有温度计、秒表和 　 　 。 （2）实验过程中通过 　 　 （选填“加热时间的长短”或“升高温度的多少”）反映水和食用油吸收热量的多少。 （3）实验数据如表所示，分析数据可知：对水和食用油加热相同的时间，水升高的温度 　 　 （选填“大于”“等于”或“小于”）食用油升高的温度。要想使水和食用油升高相同的温度，需要给 　 　 （选填“水”或“食用油”）加热更长时间。 （4）实验表明，　 　 （选填“水”或“食用油”）的吸热能力更强。若水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），则食用油的比热容为 　 　 J/（kg•℃）。 六、综合能力题（共1小题） 11.（2025秋•宝山区校级月考）假期，小莘在海边散步，发现很多现象都和热学知识相关。 （1）小莘脚踩到砂子上，脚瞬间感觉“很烫”是因为脚和砂子存在 　 　 ，从而在脚和砂子间发生了热传递。以下关于“热传递”理解正确的是 　 　 ； A．热量总是从热量多的物体传向热量少的物体 B．热传递是能量之间的转化 C．物体之间不接触就不能进行热传递 D．通过一定的方式可使热量从高温物体传给低温物体 （2）构成物体的所有的分子动能和 　 　 的总和，叫作物体的内能；在国际单位制中，内能的单位是 　 　 。 （3）在太阳的照射下砂子的温度升高，砂子的内能 　 　 （选填“增大”“不变”或“减小”）。由此，小莘想：“要使物体的内能增大，一定是物体吸收了热量。”你认同他的观点吗？请说明理由：　 　 ； （4）现有质量和初温都相同的水和砂石，若使它们升高相同的温度，则 　 　 吸收的热量较多；若使它们放出相同的热量，则 　 　 的温度降低较多，请在图中画出放热相同时间（放出相同的热量），砂石的温度随时间变化的大致图像；若水和砂石的比热容之比为14:3，它们放出相同的热量，则水和砂石降低的温度之比为 　 　 。 （5）质量相同的甲、乙两物体放出相同的热量后接触，能量从甲传向乙，则关于两物体的初始温度t甲、t乙，及比热容c甲、c乙，下列关系式中可以成立的是 　 　 。 A．t甲＜t乙，c甲＞c乙 B．t甲＞t乙，c甲＞c乙 C．t甲＞t乙，c甲＝c乙 D．t甲＜t乙，c甲＝c乙 七、科普阅读题（共1小题） 12.（2025秋•清新区期末）热岛效应，指由于人为原因，改变了城市地表的局部温度、湿度、空气对流等因素，进而引起的城市小气候变化现象，该现象属于城市气候最明显的特征之一。 （1）在相同的日照情况下，城市地区比郊区升温较 　 　 （选填“快”或“慢”）；其主要原因是城市建筑群密集、柏油路和水泥路比郊区的土壤、植被具有更大的吸热率和 　 　 的比热容（选“更大”或“更小”）； （2）减弱热岛效应的措施之一：保护并增大城区的绿地、水体面积，多植树，城区的水体、绿地对 减弱夏季城市热岛效应起着十分可观的作用，这主要是利用了水的 　 　 的特性。 （3）减弱热岛效应的措施之二：人工蒸发补偿。解决城市大气热污染的首要办法是增大蒸发量，受城市安装条件的限制，采用喷雾系统是一种高效且经济的办法，这是利用了水 　 　 （填某一物态变化）有 　 　 的作用（选填“吸热”或“放热”）； （4）研究表明，现在城市机动车保有量越来越大，机动车也是造成热岛效应因素之一：以四冲程发动机小车为例，回答下列问题： ①四冲程汽油机工作过程中，实现机械能转化为内能的是 　 　 。 ②在紧急刹车时，刹车片会发烫，这是通过 　 　 方式增加物体内能的。 06探究不同物质吸收热量的情况（中考复习微课）基础卷 参考答案与试题解析 一、选择题（共2小题） 1.（2025•安远县校级模拟）家用电器中大功率电子元件在工作时会产生较多的热量，为了尽快散热，通常在大功率元件上安装金属散热片，下表是四种金属材料的比热容，选作散热片最好的材料是（　　） 物质 比热容c/[J/（kg•℃）] 铝 0.88×103 铁 0.46×103 锌 0.39×103 铅 0.13×103 A．铝 B．铁 C．锌 D．铅 【分析】由吸热公式Q吸＝cmt可知，相同质量的不同物质，比热容大的物质与比热容小的物质相比，在升高相同的温度时，比热容大的物质吸收的热量多，据此分析回答。 【解答】解：表中提供的四种物质的比热容不同，铝的比热容最大，由吸热公式Q吸＝cmt可知，当m和Δt相同的情况下，铝吸收的热量最多，所以选铝作为散热材料最好。 所以A符合题意。B、C、D不符合题意。 故选：A。 【点评】在运用吸热公式Q吸＝cmΔt进行定性分析时，要特别注意看清题目所要求比较的量，确定我们应该控制的量，进而分析出该题的正确答案。 2.（2024秋•延安期末）二十四节气中蕴含了丰富的物理知识，以下说法正确的是（　　） A．立春：“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的 B．立夏：“夏避暑，临水而居”，是因为水的比热容大 C．霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的温度越低，所含热量越少 D．冬至：“千里冰封，万里雪飘”，山顶积雪常年不化，积雪的内能为零 【分析】（1）改变物体内能的方式有做功和热传递两种； （2）水的比热容较大，相同质量的水和其他物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少； （3）热量是过程量，不能说含有； （4）一切物体都有内能。 【解答】解：A、大地吸收热量，大地内能增加，是通过热传递的方式实现的，故A错误； B.“夏避暑，临水而居”，是因为水的比热容大，相同质量的水和其他物质比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，故B正确； C.热量是过程量，不能说含有，故C错误； D.一切物体都有内能，山顶积雪常年不化，积雪的内能不为零，故D错误。 故选：B。 【点评】本题考查改变物体内能的方式、水的比热容较大、内能和热量的概念，属于基础题。 二、多选题（共2小题） （多选）3．（2025秋•望花区期中）糖炒栗子是冬天人们非常喜爱的美食，为了让栗子快速而均匀的受热，人们通常在铁锅中加入大量的沙子。关于这一过程中涉及的物理知识，下列说法正确的是（　　） A．加入沙子可以使栗子均匀受热 B．通过不断翻炒让栗子升温是通过做功的方式改变栗子的内能 C．加入沙子后锅内物体质量变大，由于沙子比热容较小所以栗子依旧可以快速升温 D．在翻炒过程中沙子将温度传递给栗子使栗子升温 【分析】（1）增大受热面积可以使物体均匀受热； （2）改变内能的方式包括做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程； （3）比热容小的物体，相同质量时，吸收相同的热量，其温度的变化更明显； （4）热传递过程是能量的转移过程。 【解答】解：A、石子可以增大栗子的受热面积，使栗子受热均匀，故A正确； B.通过不断翻炒让栗子升温，栗子吸收热量，内能增加，通过热传递的方式改变物体的内能，故B错误； C.沙子的比热容小，相同质量的沙子同其他物质相比较，吸收相同的热量升温快，故C正确； D.在翻炒过程中，沙子将内能传递给栗子，使栗子升温，故D错误。 故选：AC。 【点评】本题以“糖炒栗子”为背景，考查了与热学相关的多个知识点，体现了物理与实际生活的联系，综合性强，但难度不大。 （多选）4．（2025秋•济南校级月考）小明喜欢喝冷饮，经常将瓶装水放入冷冻室，有时却忘记及时取出，当取出时发现水已经凝固结冰。水在凝固的过程中，发生变化的物理量是（　　） A．密度 B．温度 C．内能 D．比热容 【分析】（1）密度是物质的特性之一，与质量、体积无关，与物质种类和状态、温度有关； （2）晶体凝固过程中，不断放出热量，温度保持不变，内能减少。 （3）改变内能的方法：做功和热传递。 （4）比热容大小跟物质的种类和状态有关。 【解答】解：A、水凝固结冰体积膨胀，密度减小，故A正确 B.水变成冰是凝固过程，凝固时不断放出热量，温度保持不变，故B错误。 C.水在凝固过程中，不断放出热量，内能减少，故C正确。 D.水和冰状态不同，比热容不同，故D正确。 故选：ACD。 【点评】本题通过水变成冰的凝固过程，考查了密度、晶体凝固特点、改变内能的方法、比热容大小的影响因素等。 三、填空题（共2小题） 5.（2025秋•河东区期末）远古时期，三皇之首的燧人氏在商丘发明了钻木取火，钻木取火是通过　做功　 的方式改变了物体的内能；商丘古城有八千亩护城河，有效缓解了城市的“热岛效应”，这是利用了水的　比热容较大　 的特性。 【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。 （2）水的比热容大，相同质量的水和其他物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少。 【解答】解：钻木取火时克服摩擦做功，是通过做功的方式改变了物体的内能。 商丘古城有八千亩护城河，有效缓解了城市的“热岛效应”，这是利用了水的比热容大的特性，吸热时温度变化较小，有效调节气温。 故答案为：做功；比热容较大。 【点评】本题考查改变内能的方法及水的比热容大的应用。 6.（2025秋•芜湖期末）如图所示是对0.5kg的某固体均匀加热获得的“温度与时间”关系图像。不计热损失，若物体在AB段时的比热容为2×103J/（kg•℃），则该物质在BC段吸热为　3×104 J。 【分析】根据比热容公式计算吸热的多少。 【解答】解：物体在AB段吸收的热量为：Q吸＝cmΔt＝2×103J/（kg•℃）×0.5kg×10℃＝1×104J，因为AB段加热2min，而BC段加热了6min，在BC段吸收热量为AB段的3倍，故BC段吸收热量为3×104J。 故答案为：3×104。 【点评】本题考查了热量公式的应用，难度不大。 四、作图题（共1小题） 7.（2025秋•梁溪区期中）请在图中虚线框内用箭头表示出白天海陆风的吹拂方向。 【分析】根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区来分析海风的形成过程。 【解答】解：由于海水的比热容大于泥土砂石的比热容，在同样太阳光的照射下，地面和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流，白天，地面比大海升温快，地面热空气密度较小，热空气上升，海面较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海风；如图所示： 【点评】本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及海陆风的形成。 五、实验探究题（共3小题） 8.（2024秋•历下区校级月考）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示。 加热时间/min 0 1 2 3 4 甲的温度/℃ 30 34 38 42 46 乙的温度/℃ 10 18 26 34 42 （1）选用两个规格相同的电加热器，目的是使甲和乙两种液体在相等时间内 　吸收的热量　 （选填“吸收的热量”或“升高的温度”）相同； （2）实验中应量取质量相等的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热。当它们吸收相同热量时，通过比较 　升高的温度　 来判断吸热能力的强弱； （3）通过实验，记录数据如上表所示。分析实验数据可知 　甲　 （选填“甲”或“乙”）物质的吸热能力强。 【分析】（1）（2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法； 比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强； （3）分析实验数据可知加热3分钟甲、乙升高的温度，根据比较吸热能力的第2种方法回答。 【解答】解：（1）选用两个规格相同的电加热器，根据转换法，目的是使甲和乙两种液体在相等时间内吸热相同。 （2）实验中量取质量相等的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热。当它们吸收相同热量时，通过比较升高的温度来判断吸热能力的强弱。 （3）由表中数据可知，吸收相同的热量，即加热3min，甲的温度升高12℃，乙的温度升高24℃，甲的吸热能力强。 故答案为：（1）吸收的热量；（2）升高的温度；（3）甲。 【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及比热容的物理意义，为热学中的重要实验。 9.（2025秋•江门校级期中）在探究“比较不同物质吸热能力的情况”的实验中，实验装置如图所示。 加热时间/min 0 1 2 3 4 甲的温度/℃ 30 34 38 42 46 乙的温度/℃ 10 18 26 34 42 （1）除了图中装置外，本实验中还需要用到的测量工具是　秒表　 和天平； （2）实验中应量取质量　相等　 的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中； （3）选取两个相同规格的电加热器进行实验，目的是通过比较　加热时间　 来比较物质吸收热量的多少，加热4min，甲吸收的热量　等于　 （选填“大于”“小于”或“等于”）乙吸收的热量； （4）当它们吸收相同的热量时，通过比较　升高的温度　 来判断吸热能力的强弱； （5）通过实验，记录数据如表格所示，从开始加热到42℃，甲、乙两种液体吸收热量的关系Q甲　＜　 Q乙（选填“＞”“＝”或“＜”）； （6）分析实验数据可知：　甲　 物质的吸热能力强（选填“甲”或“乙”）。 【分析】（1）实验需测量加热时间； （2）根据控制变量法分析； （3）（4）（5）（6）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法； 比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。 【解答】解：（1）实验需测量加热时间（反映吸热多少）和质量，因此除天平外，还需要秒表。 （2）为了比较不同物质的吸热能力，需控制变量，应量取相等质量的甲、乙两种液体。 （3）选取相同规格的电加热器，保证相同时间内物质吸收的热量相同，是为了通过比较加热时间来比较物质吸收热量的多少（相同时间内，电加热器放出热量相同，液体吸收热量也相同）。 加热4min，甲和乙的加热时间相同，因此甲吸收的热量等于乙吸收的热量。 （4）当吸收相同热量时，通过比较升高的温度来判断吸热能力：升高的温度越小，吸热能力越强。 （5）从开始加热到42℃，甲的加热时间为3min，乙的加热时间为4min。加热时间越长，吸收热量越多，所以Q甲＜Q乙； （6）由表格数据可知，吸收相同热量时，如加热1min，甲升高4℃，乙升高8℃，甲升高的温度更小，根据物质吸热能力的2种方法可知甲物质的吸热能力强。 故答案为：（1）秒表；（2）相等；（3）加热时间；等于；（4）升高的温度；（5）＜；（6）甲。 【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法的运用，为热学中的重要实验。 10.（2024秋•揭阳期中）为了比较“水和食用油吸热能力的大小”，小明做了如图所示的实验，两个相同的烧杯中，分别装有水和食用油，用相同的电热器分别对它们加热相同的时间。 物质 初温/℃ 末温/℃ 加热时间/min 水 20 45 6 食用油 20 70 6 （1）本实验所用到的测量工具有温度计、秒表和 　天平　 。 （2）实验过程中通过 　加热时间的长短　 （选填“加热时间的长短”或“升高温度的多少”）反映水和食用油吸收热量的多少。 （3）实验数据如表所示，分析数据可知：对水和食用油加热相同的时间，水升高的温度 　小于　 （选填“大于”“等于”或“小于”）食用油升高的温度。要想使水和食用油升高相同的温度，需要给 　水　 （选填“水”或“食用油”）加热更长时间。 （4）实验表明，　水　 （选填“水”或“食用油”）的吸热能力更强。若水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），则食用油的比热容为 　2.1×103 J/（kg•℃）。 【分析】（1）（3）比较物质吸热能力的强弱有两种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强； 根据比热容的概念和Q＝cmΔt进行分析，即加热时间和质量相等时，升高温度越低的物质，即吸热的能力强（比热容越大）； （2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。 【解答】解：（1）本实验除了图中所给的实验器材外，根据转换法，通过加热时间的长短来比较吸热多少，还需要的测量工具有天平和秒表； （2）用相同规格的电加热器分别给水和食用油加热这样做的目的是通过加热的时间反映吸收的热量，这用到了转换法； （3）根据表格中的数据可知，质量相同的水和食用油，吸收相同的热量后，食用油升高的温度更高，水的温度更低，水升高的温度小于食用油升高的温度。根据表格中的数据可知，要使水和食用油，都由20℃升高到45℃，水的加热时间为6min，食用油的加热时间小于6min，所以要想使水和食用油升高相同的温度，需要给水加热更长时间。 （4）根据表中的数据可知，相同质量的水和食用油，吸收相同的热量，水升高的温度小于食用油升高的温度，因此水吸热的能力更强。 由表中数据可知，加热6min，水升高的温度为Δt＝45℃﹣20℃＝25℃， 食用油升高的温度为Δt＝70℃﹣20℃＝50℃， 根据可知，在质量、吸收热量相同的情况下，升高的温度与比热容成反比，即 ， 则食用油的比热容为 。 故答案为：（1）天平；（2）加热时间的长短；（3）小于；水；（4）水；2.1×103。 【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q＝cmΔt的运用，为热学中的重要实验。 六、综合能力题（共1小题） 11.（2025秋•宝山区校级月考）假期，小莘在海边散步，发现很多现象都和热学知识相关。 （1）小莘脚踩到砂子上，脚瞬间感觉“很烫”是因为脚和砂子存在 　温度差　 ，从而在脚和砂子间发生了热传递。以下关于“热传递”理解正确的是 　D　 ； A．热量总是从热量多的物体传向热量少的物体 B．热传递是能量之间的转化 C．物体之间不接触就不能进行热传递 D．通过一定的方式可使热量从高温物体传给低温物体 （2）构成物体的所有的分子动能和 　分子势能　 的总和，叫作物体的内能；在国际单位制中，内能的单位是 　焦耳　 。 （3）在太阳的照射下砂子的温度升高，砂子的内能 　增大　 （选填“增大”“不变”或“减小”）。由此，小莘想：“要使物体的内能增大，一定是物体吸收了热量。”你认同他的观点吗？请说明理由：　不认同，改变物体内能的方式有两种，做功和热传递　 ； （4）现有质量和初温都相同的水和砂石，若使它们升高相同的温度，则 　水　 吸收的热量较多；若使它们放出相同的热量，则 　砂石　 的温度降低较多，请在图中画出放热相同时间（放出相同的热量），砂石的温度随时间变化的大致图像；若水和砂石的比热容之比为14:3，它们放出相同的热量，则水和砂石降低的温度之比为 　3:14　 。 （5）质量相同的甲、乙两物体放出相同的热量后接触，能量从甲传向乙，则关于两物体的初始温度t甲、t乙，及比热容c甲、c乙，下列关系式中可以成立的是 　AC　 。 A．t甲＜t乙，c甲＞c乙 B．t甲＞t乙，c甲＞c乙 C．t甲＞t乙，c甲＝c乙 D．t甲＜t乙，c甲＝c乙 【分析】（1）热传递发生的条件是两个物体之间存在温度差，根据选项内容逐项分析回答； （2）内能是构成物体的所有分子动能与分子势能的总和，单位是焦耳； （3）改变物体内能的方式有两种，做功和热传递； （4）根据公式Q＝cmΔt可知，质量相同，升高相同的温度，比热容越大，吸收的热量越多；放出的热量相同，比热容越大，温度降低的越慢，据此画出砂石的温度随时间变化的大致图像； 根据Q＝cmΔt求出水和砂石降低的温度之比； （5）已知两物体质量相同，放出热量相同，由放热公式Q放＝cmΔt结合选项中的条件分析。 【解答】解：（1）热传递发生的条件是两个物体之间存在温度差；脚瞬间感觉“很烫”是因为沙滩的温度高于脚的温度，热量从沙子传向脚，使人感觉“很烫”； A.热量传递方向取决于温度高低，而不是“热量多少”，而且热量是过程量，不能说物体含有热量，故A错误； B.热传递是内能的转移，不是能量形式的转化，故B错误； C.热传递可以通过传导、对流、辐射三种方式。辐射不需要接触（如太阳加热地球），故C错误； D.热量会自发地从高温物体传向低温物体，故D正确； 故选：D； （2）内能是构成物体的所有分子动能与分子势能的总和，单位是焦耳，与热量、功的单位相同； （3）沙子的温度升高，分子热运动加剧，内能增大； 不认同，改变物体内能的方式有两种，做功和热传递； （4）根据公式Q＝cmΔt可知，质量相同，升高相同的温度，水的比热容大，水吸收热量多；放出的热量相同，水的比热容大，所以温度降低的比沙子少，则砂石的温度随时间变化的大致图像如下图所示： ； 若水和砂石的比热容之比为14:3，它们放出相同的热量，根据Q＝cmΔt可得， （5）由题可知，甲、乙质量相同，放出热量相同，接触后，能量从甲传向乙，说明甲的末温高于乙的末温，即t甲末＞t乙末，根据Q＝cm（t0﹣t）可知，若t甲＞t乙，则温度变化量不确定，当Δt甲＞Δt乙，则c甲＜c乙，当Δt甲＝Δt乙，则c甲＝c乙，当Δt甲＜Δt乙，则c甲＞c乙； 若t甲＜t乙，则甲的温度变化量比乙的小，则c甲＞c乙，故AC符合题意，BD不符合题意； 故选：AC。 故答案为：（1）温度差；D；（2）分子势能；焦耳；（3）增大；不认同，改变物体内能的方式有两种，做功和热传递；（4）水；砂石；；3:14；（5）AC。 【点评】本题考查的知识点较多，综合性较强，有一定的难度。 七、科普阅读题（共1小题） 12.（2025秋•清新区期末）热岛效应，指由于人为原因，改变了城市地表的局部温度、湿度、空气对流等因素，进而引起的城市小气候变化现象，该现象属于城市气候最明显的特征之一。 （1）在相同的日照情况下，城市地区比郊区升温较 　快　 （选填“快”或“慢”）；其主要原因是城市建筑群密集、柏油路和水泥路比郊区的土壤、植被具有更大的吸热率和 　更小　 的比热容（选“更大”或“更小”）； （2）减弱热岛效应的措施之一：保护并增大城区的绿地、水体面积，多植树，城区的水体、绿地对 减弱夏季城市热岛效应起着十分可观的作用，这主要是利用了水的 　比热容大　 的特性。 （3）减弱热岛效应的措施之二：人工蒸发补偿。解决城市大气热污染的首要办法是增大蒸发量，受城市安装条件的限制，采用喷雾系统是一种高效且经济的办法，这是利用了水 　汽化　 （填某一物态变化）有 　吸热　 的作用（选填“吸热”或“放热”）； （4）研究表明，现在城市机动车保有量越来越大，机动车也是造成热岛效应因素之一：以四冲程发动机小车为例，回答下列问题： ①四冲程汽油机工作过程中，实现机械能转化为内能的是 　压缩冲程　 。 ②在紧急刹车时，刹车片会发烫，这是通过 　做功　 方式增加物体内能的。 【分析】（1）从引起热岛效应的原因分析：城市多水泥、沙石，郊区多水，沙石比水的比热容小，吸收相同的热量，沙石的温度升高多； （2）水的比热容较大，相同质量的水和其他物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少； （3）物质由液态变为气态叫汽化，汽化吸热； （4）在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程； 改变内能的方法：一是做功，对物体做功（克服摩擦做功、压缩气体做功），物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少；二是热传递。 【解答】解： （1）建筑群、柏油路和水泥路中的砂石、水泥的比热容小，在相同日照条件下，温度上升更明显、更快； （2）因为水的比热容较大，相同质量的水和其他物质（沙石、土壤等）比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，所以，保护并增大城区的绿地、水体面积，多植树，可以大大减弱该城市的“热岛效应”； （3）因为水汽化要从周围物体中吸收热量，具有致冷的作用，所以能起到降温的作用； （4）①在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，使气体的内能增大，温度升高，机械能转化为内能； ②刹车片发热，是刹车片克服摩擦做功，使刹车片的内能增加、温度升高，是通过做功的方式改变物体内能。 故答案为：（1）快；更小；（2）比热容大；（3）汽化；吸热；（4）①压缩冲程；②做功。 【点评】本题主要考查学生对城市热岛效应的原因的了解，本题同时考查了改变内能的方法、水比热容大和汽化吸热的应用，是一道综合性题目。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/4/28 23:45:33；用户：王健；邮箱：huanyu281@xyh.com；学号：38494836 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $中考实验专项分层训练（物理） 基础卷·必会题 06探究不同物质吸收热量的情况（中考复习微课）基础卷 一、选择题（共2小题） 1.（2025•安远县校级模拟）家用电器中大功率电子元件在工作时会产生较多的热量，为了尽快散热，通常在大功率元件上安装金属散热片，下表是四种金属材料的比热容，选作散热片最好的材料是（　　） 物质 比热容c/[J/（kg•℃）] 铝 0.88×103 铁 0.46×103 锌 0.39×103 铅 0.13×103 A．铝 B．铁 C．锌 D．铅 2.（2024秋•延安期末）二十四节气中蕴含了丰富的物理知识，以下说法正确的是（　　） A．立春：“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的 B．立夏：“夏避暑，临水而居”，是因为水的比热容大 C．霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的温度越低，所含热量越少 D．冬至：“千里冰封，万里雪飘”，山顶积雪常年不化，积雪的内能为零 二、多选题（共2小题） （多选）3．（2025秋•望花区期中）糖炒栗子是冬天人们非常喜爱的美食，为了让栗子快速而均匀的受热，人们通常在铁锅中加入大量的沙子。关于这一过程中涉及的物理知识，下列说法正确的是（　　） A．加入沙子可以使栗子均匀受热 B．通过不断翻炒让栗子升温是通过做功的方式改变栗子的内能 C．加入沙子后锅内物体质量变大，由于沙子比热容较小所以栗子依旧可以快速升温 D．在翻炒过程中沙子将温度传递给栗子使栗子升温 （多选）4．（2025秋•济南校级月考）小明喜欢喝冷饮，经常将瓶装水放入冷冻室，有时却忘记及时取出，当取出时发现水已经凝固结冰。水在凝固的过程中，发生变化的物理量是（　　） A．密度 B．温度 C．内能 D．比热容 三、填空题（共2小题） 5.（2025秋•河东区期末）远古时期，三皇之首的燧人氏在商丘发明了钻木取火，钻木取火是通过　 　 的方式改变了物体的内能；商丘古城有八千亩护城河，有效缓解了城市的“热岛效应”，这是利用了水的　 　 的特性。 6.（2025秋•芜湖期末）如图所示是对0.5kg的某固体均匀加热获得的“温度与时间”关系图像。不计热损失，若物体在AB段时的比热容为2×103J/（kg•℃），则该物质在BC段吸热为　 　 J。 第6题图 第7题图 第8题图 四、作图题（共1小题） 7.（2025秋•梁溪区期中）请在图中虚线框内用箭头表示出白天海陆风的吹拂方向。 五、实验探究题（共3小题） 8.（2024秋•历下区校级月考）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示。 加热时间/min 0 1 2 3 4 甲的温度/℃ 30 34 38 42 46 乙的温度/℃ 10 18 26 34 42 （1）选用两个规格相同的电加热器，目的是使甲和乙两种液体在相等时间内 　 　 （选填“吸收的热量”或“升高的温度”）相同； （2）实验中应量取质量相等的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热。当它们吸收相同热量时，通过比较 　 　 来判断吸热能力的强弱； （3）通过实验，记录数据如上表所示。分析实验数据可知 　 　 （选填“甲”或“乙”）物质的吸热能力强。 9.（2025秋•江门校级期中）在探究“比较不同物质吸热能力的情况”的实验中，实验装置如图所示。 加热时间/min 0 1 2 3 4 甲的温度/℃ 30 34 38 42 46 乙的温度/℃ 10 18 26 34 42 （1）除了图中装置外，本实验中还需要用到的测量工具是　 　 和天平； （2）实验中应量取质量　 　 的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中； （3）选取两个相同规格的电加热器进行实验，目的是通过比较　 　 来比较物质吸收热量的多少，加热4min，甲吸收的热量　 　 （选填“大于”“小于”或“等于”）乙吸收的热量； （4）当它们吸收相同的热量时，通过比较　 　 来判断吸热能力的强弱； （5）通过实验，记录数据如表格所示，从开始加热到42℃，甲、乙两种液体吸收热量的关系Q甲　 　 Q乙（选填“＞”“＝”或“＜”）； （6）分析实验数据可知：　 　 物质的吸热能力强（选填“甲”或“乙”）。 第9题图 第10题图 第11题图 10.（2024秋•揭阳期中）为了比较“水和食用油吸热能力的大小”，小明做了如图所示的实验，两个相同的烧杯中，分别装有水和食用油，用相同的电热器分别对它们加热相同的时间。 物质 初温/℃ 末温/℃ 加热时间/min 水 20 45 6 食用油 20 70 6 （1）本实验所用到的测量工具有温度计、秒表和 　 　 。 （2）实验过程中通过 　 　 （选填“加热时间的长短”或“升高温度的多少”）反映水和食用油吸收热量的多少。 （3）实验数据如表所示，分析数据可知：对水和食用油加热相同的时间，水升高的温度 　 　 （选填“大于”“等于”或“小于”）食用油升高的温度。要想使水和食用油升高相同的温度，需要给 　 　 （选填“水”或“食用油”）加热更长时间。 （4）实验表明，　 　 （选填“水”或“食用油”）的吸热能力更强。若水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），则食用油的比热容为 　 　 J/（kg•℃）。 六、综合能力题（共1小题） 11.（2025秋•宝山区校级月考）假期，小莘在海边散步，发现很多现象都和热学知识相关。 （1）小莘脚踩到砂子上，脚瞬间感觉“很烫”是因为脚和砂子存在 　 　 ，从而在脚和砂子间发生了热传递。以下关于“热传递”理解正确的是 　 　 ； A．热量总是从热量多的物体传向热量少的物体 B．热传递是能量之间的转化 C．物体之间不接触就不能进行热传递 D．通过一定的方式可使热量从高温物体传给低温物体 （2）构成物体的所有的分子动能和 　 　 的总和，叫作物体的内能；在国际单位制中，内能的单位是 　 　 。 （3）在太阳的照射下砂子的温度升高，砂子的内能 　 　 （选填“增大”“不变”或“减小”）。由此，小莘想：“要使物体的内能增大，一定是物体吸收了热量。”你认同他的观点吗？请说明理由：　 　 ； （4）现有质量和初温都相同的水和砂石，若使它们升高相同的温度，则 　 　 吸收的热量较多；若使它们放出相同的热量，则 　 　 的温度降低较多，请在图中画出放热相同时间（放出相同的热量），砂石的温度随时间变化的大致图像；若水和砂石的比热容之比为14:3，它们放出相同的热量，则水和砂石降低的温度之比为 　 　 。 （5）质量相同的甲、乙两物体放出相同的热量后接触，能量从甲传向乙，则关于两物体的初始温度t甲、t乙，及比热容c甲、c乙，下列关系式中可以成立的是 　 　 。 A．t甲＜t乙，c甲＞c乙 B．t甲＞t乙，c甲＞c乙 C．t甲＞t乙，c甲＝c乙 D．t甲＜t乙，c甲＝c乙 七、科普阅读题（共1小题） 12.（2025秋•清新区期末）热岛效应，指由于人为原因，改变了城市地表的局部温度、湿度、空气对流等因素，进而引起的城市小气候变化现象，该现象属于城市气候最明显的特征之一。 （1）在相同的日照情况下，城市地区比郊区升温较 　 　 （选填“快”或“慢”）；其主要原因是城市建筑群密集、柏油路和水泥路比郊区的土壤、植被具有更大的吸热率和 　 　 的比热容（选“更大”或“更小”）； （2）减弱热岛效应的措施之一：保护并增大城区的绿地、水体面积，多植树，城区的水体、绿地对 减弱夏季城市热岛效应起着十分可观的作用，这主要是利用了水的 　 　 的特性。 （3）减弱热岛效应的措施之二：人工蒸发补偿。解决城市大气热污染的首要办法是增大蒸发量，受城市安装条件的限制，采用喷雾系统是一种高效且经济的办法，这是利用了水 　 　 （填某一物态变化）有 　 　 的作用（选填“吸热”或“放热”）； （4）研究表明，现在城市机动车保有量越来越大，机动车也是造成热岛效应因素之一：以四冲程发动机小车为例，回答下列问题： ①四冲程汽油机工作过程中，实现机械能转化为内能的是 　 　 。 ②在紧急刹车时，刹车片会发烫，这是通过 　 　 方式增加物体内能的。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $中考实验专项分层训练（物理） 提升卷·能力题 06探究不同物质吸收热量的情况（中考复习微课）提升卷 一、选择题（共2小题） 1.（2026•睢宁县校级一模）如图所示，甲、乙相同容器中分别装了质量相等的甲、乙两种液体，用相同的电加热器加热，忽略热损失，得到如图丙所示的液体温度与加热时间的图像。下列说法正确的是（　　） A．加热至4min时，甲吸收的热量比乙多 B．甲、乙液体的比热容之比为1:3 C．甲、乙图像的交点表示两种液体升高了相同温度 D．甲、乙液体初温不同，故无法比较它们的比热容 第1题图 第2题图 2.（2026•辽阳一模）茶起源于中国，盛行于世界，饮茶是我国的传统文化。如图所示，在泡茶的过程中，下列说法正确的是（　　） A．烧水时通过做功改变水的内能 B．泡茶时，热水把温度传递给了茶叶 C．泡茶时茶叶的温度升高，茶叶的内能增大 D．茶水变冷后，其内能变为零 二、多选题（共2小题） （多选）3．（2024秋•汤阴县校级期中）如图是用相同的加热装置对a、b、c三种物质加热时它们的温度随时间变化的图像，其中a、c质量相同。下列对图像的分析正确的是（　　） A．t1﹣t2时间内物质a的温度不变，内能不变 B．如果a、b是同种物质，b的质量大于a的质量 C．温度从T1升高到T2时，a物质吸收的热量比b少 D．b的比热容大于c的比热容 第3题图 第4题图 第5题图 （多选）4．（2026•鞍山一模）小明用两个酒精灯分别加热0.5kg的水和1kg的液体A，得到温度随时间的变化图像如图所示。若两个酒精灯单位时间内消耗的酒精质量相等，加热效率相同，下列说法中正确的是（　　） A．液体A的比热容较小 B．0～12min，水和液体A吸收的热量相同 C．液体A的比热容为2.1×103J/（kg•℃） D．当酒精消耗掉一半时，热值变为原来的二分之一 三、填空题（共2小题） 5.（2026•合肥一模）《天工开物》是我国古代科技著作，记录了我国古代的技术和发明。铸造铜钟的过程大致分为“制模——熔炼——浇铸——脱模——打磨”五个步骤，用砂纸快速摩擦铜钟的过程中表面温度升高是通过　 　 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变铜钟的内能。 6.（2026•长宁区一模）在常见物质中水的比热容较大，水的这一热学特性有许多实际应用。 （1）沿海地区的昼夜温差相较于内陆地区较小，这是因为相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度较　 　 。 （2）汽车发动机的冷却剂通常采用水，这是因为升高相同的温度，水吸收的热量较　 　 。 （3）质量和初温相同的水和石头，放出相同的热量后，将石头放入水中，则　 　 。 A.石头传递热量给水 B.水传递热量给石头 C.不发生热传通 四、作图题（共1小题） 7.（2026春•松江区校级月考）海陆风是出现于近海地区具有日周期性的地域性气流。昼夜交替过程中，海洋与陆地间的温差导致近地面大气密度和气压的差异。这种差异使气流由高压（低温）区域向低压（高温）区域运动。在如图的虚线框内用箭头表示晚上海陆风的风向。 第7题图 第8题图 五、实验探究题（共3小题） 8.（2025秋•兴隆台区期末）如图甲所示，某同学在两只相同的烧杯里装入初温和质量均相同的水和食用油，用规格相同的电加热器给它们加热，探究它们吸热本领的强弱。 （1）在此实验中，除了图甲中所示的器材外，还需要秒表和 　 　 。由于水和食用油吸收热量的多少不便用仪器测量，本实验可根据 　 　 来反映吸收热量的多少（选填“加热时间”或“升高温度”）。 （2）经过实验和记录，得出了如图乙所示的图像。可以得到：质量相同的水和食用油，升高相同的温度，吸收热量较多的是 　 　 ，所以其吸热能力较强。 （3）为使内部充有液态介质的电暖器通电后能迅速升温，内部应充入吸热能力较 　 　 （填“强”或“弱”）的介质。（仅从吸热能力的角度分析） 9.（2025秋•莲湖区期末）某实验小组用如图﹣1所示的装置比较水和煤油的吸热本领。 第9题图 第10题图 （1）本实验应选用两个　 　 （选填“相同”或“不同”）规格的电加热器来加热水和煤油。加热前，一个烧杯中加入200g的水，另一个相同的烧杯中倒入　 　 （选填“质量”或“体积”）相等的煤油。 （2）实验中通过　 　 反映水和煤油吸收热量的多少，这种实验方法是　 　 。 （3）分析图像可知：升高相同温度时，　 　 吸收的热量更少，　 　 的吸热本领更强。（均选填“水”或“煤油”） 10.（2025秋•大连校级期末）夏天中午海边的沙子热，而海水却很凉。对此，同学们提出猜想：可能是水和沙子的吸热本领不同。为了比较水和沙子的吸热本领大小，小明和小华所在的两个探究小组都做了如图所示的实验。 （1）在实验所需要的器材中，石棉网和搅拌棒的作用都是使水和沙子受热 　 　 。 （2）在本实验中，不需要控制的变量或条件是 　 　 （填字母）。 A．采取相同的酒精灯正确加热 B．酒精灯里加入等量的酒精 C．水和沙子的质量相等 D．盛放水和沙子的烧杯相同 （3）水和沙子吸热的多少是通过 　 　 来反映的。 （4）实验中，两小组观察到：质量相等的水和沙子加热相同的时间，沙子的温度上升得多。这说明质量相等的沙子和水升高相同的温度时，水的加热时间会 　 　 （选填“长”或“短”）一些。由此，他们得出的实验结论是水的吸热本领大。实验操作中，同学们也发现水温上升过程中，升高得越来越缓慢，原因是水在单位时间内吸收的热量相同，随着水温的升高，与环境温差会变大，温差越大，散热 　 　 ，用来升温的热量就会变少。 六、综合能力题（共1小题） 11.（2025•深圳模拟）深圳位于北回归线以南，属亚热带季风气候，日照充足。结合深圳气候特点，某学习小组开展了“设计隔热节能房屋”跨学科实践活动。 【活动目的】从能量转化的角度出发，探讨利用可再生能源的途径和方法，完成隔热节能房屋的设计。 【活动方案】 （一）结合材料学等学科知识，为房屋选择合适的隔热材料； （二）结合地理学等学科知识，测算太阳能电池板的面积； （三）结合工程和技术操作，研究节能热水器。 【实施过程】 （一）选取房屋的“隔热材料” （1）学习小组为了比较材料的隔热性能，找到厚度相等的三种材料，制成大小、形状和结构均相同的房屋模型。用白炽灯光模拟太阳光，房屋位置如图甲所示，将温度传感器分别放在房屋模型 　 　 （选填“内”或“外”）部的相同位置。闭合白炽灯开关，每隔1分钟，同时测量三个房屋模型的温度。 （2）甲图中三个小屋的摆放位置不合理，原因是：　 　 。 （3）优化实验方案后进行实验，温度传感器的示数变化情况如图乙所示。根据图像分析，学习小组应选择 　 　 做房屋的隔热材料。 （二）测算太阳能电池板的面积 （4）学习小组计划在房屋屋顶安装太阳能电池板给房屋供电。安装在屋顶的太阳能电池板朝南放置，这样有利于获取 　 　 。 （5）深圳某天1m2的太阳能电池板发电量为0.8kW•h，若当天家庭用电量为16kW•h，为了满足用电需求，太阳能电池板的面积至少为 　 　 m2。 （三）研究节能热水器 学习小组了解到有一款空气能热水器，其工作原理如图丙所示。液态工作介质经过蒸发器，吸收室外热空气中的热量后，蒸发成气态，进入压缩机，经压缩机压缩后，形成高温高压的气体，进入水箱中的冷凝管，释放热量后，变成液态，经过储液罐、过滤器、膨胀阀，再次回到蒸发器，开始下一个循环。 当室外温度低或需要快速制热时，热水器还需要用水箱中辅热器的电阻丝加热，从而缩短加热时间。学习小组把水从冷凝管吸收的热量与工作介质循环所消耗电能（不含辅热器消耗电能）的比值记为D。 （6）压缩机通过 　 　 （选填“做功”或“热传递”）方式改变工作介质的内能；高温高压的气体通过冷凝管后内能变 　 　 。 （7）在某一环境温度下，在空气能热水器水箱中装入200kg初温为20℃的水，关闭其他用电器，记录电能表的示数为932.2kW•h，启动空气能热水器（辅热器不工作），2h后，水温达到50℃，电能表的示数如图丁所示。此过程中，水吸收的热量为 　 　 J，空气能热水器的电功率P为 　 　 W，则该空气能热水器的D值为 　 　 。水的比热容取4.2×103J/（kg•℃）。 （8）学习小组为了将题（7）中的加热时间缩短至80min，需要启动水箱中的辅热器加热。若D值和电功率P（不含辅热器的电功率）均不变，辅热器两端的电压是220V，加热效率是87.5%，则该辅热器中电阻丝的阻值为 　 　 Ω。 【交流与评价】 （9） 学习小组根据上述活动方案完成了“隔热节能房屋”的设计，请根据以下评价量表选择一个维度对该设计进行评价 　 　 （需说明理由）。 第11题图 第12题图 七、科普阅读题（共1小题） 12.（2025•东莞市校级三模）阅读下列材料，回答问题。 汽车防冻液 汽车在行驶时，发动机的温度会升得很高。为确保安全，可用水循环进行冷却，实际上，水中往往还要加入不易挥发的防冻液（原液），加入防冻液后的混合液冬天不容易凝固，长时间开车也不容易沸腾。有关资料表明，防冻液与水按不同的比例混合，混合液的凝固点、沸点不同，具体数值参见下表（表中防冻液含量是指防冻液在混合液中所占体积的百分比）。 防冻液含量 30% 40% 50% 60% 70% 80% 90% 混合液的凝固点/℃ ﹣17 ﹣28 ﹣37 ﹣49 ﹣48 ﹣46 ﹣28 混合液的沸点/℃ 103 104 107 111 117 124 141 在给汽车水箱中加防冻液时，宜使混合液的凝固点比本地常年最低气温低10～15℃，考虑到混合液比例不当会影响散热效果，因此，混合液中防冻液的含量不宜过高。 （1）汽车发动机用水来冷却，这是因为水的　 　 较大； （2）如图所示打开水箱盖时，上方冒出“白气”，这是　 　 现象； （3）在混合液中，如果防冻液含量由30%逐渐增大到90%，则混合液凝固点的变化情况是（　 　 ）（填字母）； A．逐渐升高 B．逐渐降低 C．先升高后降低 D．先降低后升高 （4）若某地常年最低气温为﹣15℃，对该地区汽车来说，在表中不同防冻液含量的混合液中，宜选含量为　 　 的防冻液； （5）长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少。与原来相比，混合液的沸点　 　 （填“升高”“降低”或“不变”），其原因是　 　 。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $中考实验专项分层训练（物理） 提升卷·能力题 06探究不同物质吸收热量的情况（中考复习微课）提升卷 一、选择题（共2小题） 1.（2026•睢宁县校级一模）如图所示，甲、乙相同容器中分别装了质量相等的甲、乙两种液体，用相同的电加热器加热，忽略热损失，得到如图丙所示的液体温度与加热时间的图像。下列说法正确的是（　　） A．加热至4min时，甲吸收的热量比乙多 B．甲、乙液体的比热容之比为1:3 C．甲、乙图像的交点表示两种液体升高了相同温度 D．甲、乙液体初温不同，故无法比较它们的比热容 第1题图 第2题图 2.（2026•辽阳一模）茶起源于中国，盛行于世界，饮茶是我国的传统文化。如图所示，在泡茶的过程中，下列说法正确的是（　　） A．烧水时通过做功改变水的内能 B．泡茶时，热水把温度传递给了茶叶 C．泡茶时茶叶的温度升高，茶叶的内能增大 D．茶水变冷后，其内能变为零 二、多选题（共2小题） （多选）3．（2024秋•汤阴县校级期中）如图是用相同的加热装置对a、b、c三种物质加热时它们的温度随时间变化的图像，其中a、c质量相同。下列对图像的分析正确的是（　　） A．t1﹣t2时间内物质a的温度不变，内能不变 B．如果a、b是同种物质，b的质量大于a的质量 C．温度从T1升高到T2时，a物质吸收的热量比b少 D．b的比热容大于c的比热容 第3题图 第4题图 第5题图 （多选）4．（2026•鞍山一模）小明用两个酒精灯分别加热0.5kg的水和1kg的液体A，得到温度随时间的变化图像如图所示。若两个酒精灯单位时间内消耗的酒精质量相等，加热效率相同，下列说法中正确的是（　　） A．液体A的比热容较小 B．0～12min，水和液体A吸收的热量相同 C．液体A的比热容为2.1×103J/（kg•℃） D．当酒精消耗掉一半时，热值变为原来的二分之一 三、填空题（共2小题） 5.（2026•合肥一模）《天工开物》是我国古代科技著作，记录了我国古代的技术和发明。铸造铜钟的过程大致分为“制模——熔炼——浇铸——脱模——打磨”五个步骤，用砂纸快速摩擦铜钟的过程中表面温度升高是通过　 　 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变铜钟的内能。 6.（2026•长宁区一模）在常见物质中水的比热容较大，水的这一热学特性有许多实际应用。 （1）沿海地区的昼夜温差相较于内陆地区较小，这是因为相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度较　 　 。 （2）汽车发动机的冷却剂通常采用水，这是因为升高相同的温度，水吸收的热量较　 　 。 （3）质量和初温相同的水和石头，放出相同的热量后，将石头放入水中，则　 　 。 A.石头传递热量给水 B.水传递热量给石头 C.不发生热传通 四、作图题（共1小题） 7.（2026春•松江区校级月考）海陆风是出现于近海地区具有日周期性的地域性气流。昼夜交替过程中，海洋与陆地间的温差导致近地面大气密度和气压的差异。这种差异使气流由高压（低温）区域向低压（高温）区域运动。在如图的虚线框内用箭头表示晚上海陆风的风向。 第7题图 第8题图 五、实验探究题（共3小题） 8.（2025秋•兴隆台区期末）如图甲所示，某同学在两只相同的烧杯里装入初温和质量均相同的水和食用油，用规格相同的电加热器给它们加热，探究它们吸热本领的强弱。 （1）在此实验中，除了图甲中所示的器材外，还需要秒表和 　 　 。由于水和食用油吸收热量的多少不便用仪器测量，本实验可根据 　 　 来反映吸收热量的多少（选填“加热时间”或“升高温度”）。 （2）经过实验和记录，得出了如图乙所示的图像。可以得到：质量相同的水和食用油，升高相同的温度，吸收热量较多的是 　 　 ，所以其吸热能力较强。 （3）为使内部充有液态介质的电暖器通电后能迅速升温，内部应充入吸热能力较 　 　 （填“强”或“弱”）的介质。（仅从吸热能力的角度分析） 9.（2025秋•莲湖区期末）某实验小组用如图﹣1所示的装置比较水和煤油的吸热本领。 第9题图 第10题图 （1）本实验应选用两个　 　 （选填“相同”或“不同”）规格的电加热器来加热水和煤油。加热前，一个烧杯中加入200g的水，另一个相同的烧杯中倒入　 　 （选填“质量”或“体积”）相等的煤油。 （2）实验中通过　 　 反映水和煤油吸收热量的多少，这种实验方法是　 　 。 （3）分析图像可知：升高相同温度时，　 　 吸收的热量更少，　 　 的吸热本领更强。（均选填“水”或“煤油”） 10.（2025秋•大连校级期末）夏天中午海边的沙子热，而海水却很凉。对此，同学们提出猜想：可能是水和沙子的吸热本领不同。为了比较水和沙子的吸热本领大小，小明和小华所在的两个探究小组都做了如图所示的实验。 （1）在实验所需要的器材中，石棉网和搅拌棒的作用都是使水和沙子受热 　 　 。 （2）在本实验中，不需要控制的变量或条件是 　 　 （填字母）。 A．采取相同的酒精灯正确加热 B．酒精灯里加入等量的酒精 C．水和沙子的质量相等 D．盛放水和沙子的烧杯相同 （3）水和沙子吸热的多少是通过 　 　 来反映的。 （4）实验中，两小组观察到：质量相等的水和沙子加热相同的时间，沙子的温度上升得多。这说明质量相等的沙子和水升高相同的温度时，水的加热时间会 　 　 （选填“长”或“短”）一些。由此，他们得出的实验结论是水的吸热本领大。实验操作中，同学们也发现水温上升过程中，升高得越来越缓慢，原因是水在单位时间内吸收的热量相同，随着水温的升高，与环境温差会变大，温差越大，散热 　 　 ，用来升温的热量就会变少。 六、综合能力题（共1小题） 11.（2025•深圳模拟）深圳位于北回归线以南，属亚热带季风气候，日照充足。结合深圳气候特点，某学习小组开展了“设计隔热节能房屋”跨学科实践活动。 【活动目的】从能量转化的角度出发，探讨利用可再生能源的途径和方法，完成隔热节能房屋的设计。 【活动方案】 （一）结合材料学等学科知识，为房屋选择合适的隔热材料； （二）结合地理学等学科知识，测算太阳能电池板的面积； （三）结合工程和技术操作，研究节能热水器。 【实施过程】 （一）选取房屋的“隔热材料” （1）学习小组为了比较材料的隔热性能，找到厚度相等的三种材料，制成大小、形状和结构均相同的房屋模型。用白炽灯光模拟太阳光，房屋位置如图甲所示，将温度传感器分别放在房屋模型 　 　 （选填“内”或“外”）部的相同位置。闭合白炽灯开关，每隔1分钟，同时测量三个房屋模型的温度。 （2）甲图中三个小屋的摆放位置不合理，原因是：　 　 。 （3）优化实验方案后进行实验，温度传感器的示数变化情况如图乙所示。根据图像分析，学习小组应选择 　 　 做房屋的隔热材料。 （二）测算太阳能电池板的面积 （4）学习小组计划在房屋屋顶安装太阳能电池板给房屋供电。安装在屋顶的太阳能电池板朝南放置，这样有利于获取 　 　 。 （5）深圳某天1m2的太阳能电池板发电量为0.8kW•h，若当天家庭用电量为16kW•h，为了满足用电需求，太阳能电池板的面积至少为 　 　 m2。 （三）研究节能热水器 学习小组了解到有一款空气能热水器，其工作原理如图丙所示。液态工作介质经过蒸发器，吸收室外热空气中的热量后，蒸发成气态，进入压缩机，经压缩机压缩后，形成高温高压的气体，进入水箱中的冷凝管，释放热量后，变成液态，经过储液罐、过滤器、膨胀阀，再次回到蒸发器，开始下一个循环。 当室外温度低或需要快速制热时，热水器还需要用水箱中辅热器的电阻丝加热，从而缩短加热时间。学习小组把水从冷凝管吸收的热量与工作介质循环所消耗电能（不含辅热器消耗电能）的比值记为D。 （6）压缩机通过 　 　 （选填“做功”或“热传递”）方式改变工作介质的内能；高温高压的气体通过冷凝管后内能变 　 　 。 （7）在某一环境温度下，在空气能热水器水箱中装入200kg初温为20℃的水，关闭其他用电器，记录电能表的示数为932.2kW•h，启动空气能热水器（辅热器不工作），2h后，水温达到50℃，电能表的示数如图丁所示。此过程中，水吸收的热量为 　 　 J，空气能热水器的电功率P为 　 　 W，则该空气能热水器的D值为 　 　 。水的比热容取4.2×103J/（kg•℃）。 （8）学习小组为了将题（7）中的加热时间缩短至80min，需要启动水箱中的辅热器加热。若D值和电功率P（不含辅热器的电功率）均不变，辅热器两端的电压是220V，加热效率是87.5%，则该辅热器中电阻丝的阻值为 　 　 Ω。 【交流与评价】 （9） 学习小组根据上述活动方案完成了“隔热节能房屋”的设计，请根据以下评价量表选择一个维度对该设计进行评价 　 　 （需说明理由）。 第11题图 第12题图 七、科普阅读题（共1小题） 12.（2025•东莞市校级三模）阅读下列材料，回答问题。 汽车防冻液 汽车在行驶时，发动机的温度会升得很高。为确保安全，可用水循环进行冷却，实际上，水中往往还要加入不易挥发的防冻液（原液），加入防冻液后的混合液冬天不容易凝固，长时间开车也不容易沸腾。有关资料表明，防冻液与水按不同的比例混合，混合液的凝固点、沸点不同，具体数值参见下表（表中防冻液含量是指防冻液在混合液中所占体积的百分比）。 防冻液含量 30% 40% 50% 60% 70% 80% 90% 混合液的凝固点/℃ ﹣17 ﹣28 ﹣37 ﹣49 ﹣48 ﹣46 ﹣28 混合液的沸点/℃ 103 104 107 111 117 124 141 在给汽车水箱中加防冻液时，宜使混合液的凝固点比本地常年最低气温低10～15℃，考虑到混合液比例不当会影响散热效果，因此，混合液中防冻液的含量不宜过高。 （1）汽车发动机用水来冷却，这是因为水的　 　 较大； （2）如图所示打开水箱盖时，上方冒出“白气”，这是　 　 现象； （3）在混合液中，如果防冻液含量由30%逐渐增大到90%，则混合液凝固点的变化情况是（　 　 ）（填字母）； A．逐渐升高 B．逐渐降低 C．先升高后降低 D．先降低后升高 （4）若某地常年最低气温为﹣15℃，对该地区汽车来说，在表中不同防冻液含量的混合液中，宜选含量为　 　 的防冻液； （5）长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少。与原来相比，混合液的沸点　 　 （填“升高”“降低”或“不变”），其原因是　 　 。 06探究不同物质吸收热量的情况（中考复习微课）提升卷 参考答案与试题解析 一、选择题（共2小题） 1.（2026•睢宁县校级一模）如图所示，甲、乙相同容器中分别装了质量相等的甲、乙两种液体，用相同的电加热器加热，忽略热损失，得到如图丙所示的液体温度与加热时间的图像。下列说法正确的是（　　） A．加热至4min时，甲吸收的热量比乙多 B．甲、乙液体的比热容之比为1:3 C．甲、乙图像的交点表示两种液体升高了相同温度 D．甲、乙液体初温不同，故无法比较它们的比热容 【分析】（1）相同的加热设备，相同时间提供的热量相同； （2）根据Q＝cmΔt比较比热容的大小关系； （3）根据图像分析升高温度的关系。 【解答】解：A、已知用相同的电加热器加热，忽略热损失，所以经过4min，甲、乙两种液体吸收的热量一样多，故A错误； BD、由图可知，加热6min后，甲升高的温度为30℃，乙升高的温度为10℃，甲、乙的质量相同，吸收的热量也相同，根据Q＝cmΔt可知，比热容的大小与升高的温度成反比，则比热容之比为10℃：30℃＝1:3，故B正确，D错误； C.由图可知，甲、乙图像的交点处表示两种液体温度相同，但升高的温度是不同的，故C错误。 故选：B。 【点评】本题考查了热量公式的综合应用，本题需要注意的是利用相同加热器加热，则相同时间内液体吸收的热量相同。 2.（2026•辽阳一模）茶起源于中国，盛行于世界，饮茶是我国的传统文化。如图所示，在泡茶的过程中，下列说法正确的是（　　） A．烧水时通过做功改变水的内能 B．泡茶时，热水把温度传递给了茶叶 C．泡茶时茶叶的温度升高，茶叶的内能增大 D．茶水变冷后，其内能变为零 【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。 （2）热传递中传递的是能量，不是温度。 （3）内能的大小跟温度、质量、状态、体积都有关。 （4）任何物体在任何时候都有内能。 【解答】解：A．烧水时，水吸收热量，温度升高，内能增加，是通过热传递的方式改变水的内能，故A错误； B．泡茶时，热水把热量传递给了茶叶，而不是温度，故B错误； C．泡茶时，茶叶吸收了热水的热量，茶叶的温度升高，内能增大，故C正确； D．任何物体在任何时候都有内能。茶水变冷后，其温度降低，内能变小，但是不为零，故D错误。 故选：C。 【点评】本题考查内能、内能大小的影响因素，以及改变内能的方式，属于热学基础知识的考查，难度不大。 二、多选题（共2小题） （多选）3．（2024秋•汤阴县校级期中）如图是用相同的加热装置对a、b、c三种物质加热时它们的温度随时间变化的图像，其中a、c质量相同。下列对图像的分析正确的是（　　） A．t1﹣t2时间内物质a的温度不变，内能不变 B．如果a、b是同种物质，b的质量大于a的质量 C．温度从T1升高到T2时，a物质吸收的热量比b少 D．b的比热容大于c的比热容 【分析】（1）液体的沸腾或晶体的熔化过程吸热温度不变，内能增加； （2）根据Q＝cmΔt分析解答； （3）吸收热量的多少通过加热时间的长短来表现； （4）根据Q＝cmΔt分析bc比热容的大小。 【解答】解：由图像知： A.t1﹣t2时间内物质a的温度虽然不变，但继续吸收热量，所以其内能增加，故A错误； B.如果a、b是同种物质，比热容相同，升高相同的温度时，b的加热时间长，b吸收的热量多，根据Q＝cmΔt知，b的质量大于a的质量，故B正确； C.温度从T1升高到T2时，a物质的加热时间比b物质短，所以a物质吸收的热量比b少，故C正确； D.用相同的加热装置对b、c两种物质加热时，0﹣t1时间内两种物质吸收的热量相同，c物质升高的温度较小，但由于不知道b、c质量的大小，不能判断出b、c比热容的大小，故D错误。 故选：BC。 【点评】此题考查的是我们对物理规律的掌握和对图像分析的能力，以图像的形式考查物理规律，具有直观、客观的特点，是现在物理测试的热点考查方式。 （多选）4．（2026•鞍山一模）小明用两个酒精灯分别加热0.5kg的水和1kg的液体A，得到温度随时间的变化图像如图所示。若两个酒精灯单位时间内消耗的酒精质量相等，加热效率相同，下列说法中正确的是（　　） A．液体A的比热容较小 B．0～12min，水和液体A吸收的热量相同 C．液体A的比热容为2.1×103J/（kg•℃） D．当酒精消耗掉一半时，热值变为原来的二分之一 【分析】（1）相同的热源加热时，相同的时间内温度升高的越快，比热容较小； （2）相同时间内，吸收的热量相同； （3）用相同的酒精灯加热相同的时间，若不计热量损失，则水和液体A吸收的热量相同，利用比例关系求出液体A的比热容； （4）热值是燃料的特性，与质量无关。 【解答】解：ABC．两个酒精灯单位时间内消耗的酒精质量相等，加热效率相同，0～12min内，QA＝Q水＝Q， 水升高的温度Δt水＝60℃﹣40℃＝20℃， 水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），可得水吸收的热量， 液体A升高的温度ΔtA＝50℃﹣10℃＝40℃ 可得液体A的比热容 所以cA＜c水，故AB正确，C错误； D．热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧情况等无关。当酒精消耗掉一半时，其质量减半，但热值保持不变，故D错误。 故选：AB。 【点评】本题考查了物质的比热容，属于中等题目。 三、填空题（共2小题） 5.（2026•合肥一模）《天工开物》是我国古代科技著作，记录了我国古代的技术和发明。铸造铜钟的过程大致分为“制模——熔炼——浇铸——脱模——打磨”五个步骤，用砂纸快速摩擦铜钟的过程中表面温度升高是通过　做功　 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变铜钟的内能。 【分析】改变内能的方式包括做功和热传递；热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。 【解答】解：用砂纸快速摩擦铜钟的过程中表面温度升高，克服摩擦力做功，是通过做功的方式改变铜钟的内能。 故答案为：做功。 【点评】本题考查内能的改变，属于基础题。 6.（2026•长宁区一模）在常见物质中水的比热容较大，水的这一热学特性有许多实际应用。 （1）沿海地区的昼夜温差相较于内陆地区较小，这是因为相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度较　少　 。 （2）汽车发动机的冷却剂通常采用水，这是因为升高相同的温度，水吸收的热量较　多　 。 （3）质量和初温相同的水和石头，放出相同的热量后，将石头放入水中，则　B　 。 A.石头传递热量给水 B.水传递热量给石头 C.不发生热传通 【分析】（1）水的比热容较大，质量相同的两物质，吸收相同的热量时，水的温度变化较小； （2）水的比热容较大，质量相同的两物质，升高相同的温度，水吸收的热量较多； （3）质量和初温相同的水和石头，放出相同的热量后，水的温度较高。 【解答】解：（1）因为相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度较少，故沿海地区的昼夜温差相较于内陆地区较小； （2）冷却剂通常采用水或水溶液，这是因为水的比热容较大，升高相同的温度，根据Q＝cmΔt可知，水吸收的热量较多； （3）质量和初温相同的水和石头，放出相同的热量后，水的末温较高，将石头放入水中，水传递热量给石头，故选B。 故答案为：（1）少；（2）多；（3）B。 【点评】本题考查了水的比热容较大的应用，属于基础题。 四、作图题（共1小题） （2026春•松江区校级月考）海陆风是出现于近海地区具有日周期性的地域性气流。昼夜交替过程中，海洋与陆地间的温差导致近地面大气密度和气压的差异。这种差异使气流由高压（低温）区域向低压（高温）区域运动。在如图的虚线框内用箭头表示晚上海陆风的风向。 【考点】利用比热容解释生活中的现象．版权所有 【专题】比热容、热机、热值；理解能力． 【答案】 【分析】对水的比热容大的理解：相同质量的水和其他物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。 【解答】解：夜晚：陆地比热容小，降温快，夜间陆地气温低于海洋。陆地上空气冷却收缩下沉，近地面形成高压，海洋上空气因降温慢而相对温暖，空气上升，近地面形成低压，风从陆地吹向海洋，形成陆风，如图所示： 【点评】本题考查了水的比热容大的特点，应用所学知识，解决实际问题，体现了物理知识来源于生活、服务生活的理念。 五、实验探究题（共3小题） 8.（2025秋•兴隆台区期末）如图甲所示，某同学在两只相同的烧杯里装入初温和质量均相同的水和食用油，用规格相同的电加热器给它们加热，探究它们吸热本领的强弱。 （1）在此实验中，除了图甲中所示的器材外，还需要秒表和 　天平　 。由于水和食用油吸收热量的多少不便用仪器测量，本实验可根据 　加热时间　 来反映吸收热量的多少（选填“加热时间”或“升高温度”）。 （2）经过实验和记录，得出了如图乙所示的图像。可以得到：质量相同的水和食用油，升高相同的温度，吸收热量较多的是 　水　 ，所以其吸热能力较强。 （3）为使内部充有液态介质的电暖器通电后能迅速升温，内部应充入吸热能力较 　弱　 （填“强”或“弱”）的介质。（仅从吸热能力的角度分析） 【分析】（1）（2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。 比较物质吸热能力的2种方法： ①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强； ②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强； （3）为使内部充有液态介质的电暖器通电后能迅速升温，即吸收相同热量时，该介质可以升高更多的温度，据此判断。 【解答】解：（1）实验中需要控制水和食用油的质量相同，所以还需要的测量仪器是天平； 实验中使用相同的加热装置，则相同时间内物质吸收的热量相同，因此可以根据加热时间来表示物质吸收热量的多少。 （2）据图乙可知，质量相同的不同物质，升高相同的温度，水需要加热的时间长，说明水吸收的热量多，吸热能力较强。 （3）为使内部充有液态介质的电暖器通电后能迅速升温，即吸收相同热量时，该介质可以升高更多的温度，则该介质的吸热能力较弱，所以内部应充入吸热能力较弱的介质。 故答案为：（1）天平；加热时间；（2）水；（3）弱。 【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。 9.（2025秋•莲湖区期末）某实验小组用如图﹣1所示的装置比较水和煤油的吸热本领。 （1）本实验应选用两个　相同　 （选填“相同”或“不同”）规格的电加热器来加热水和煤油。加热前，一个烧杯中加入200g的水，另一个相同的烧杯中倒入　质量　 （选填“质量”或“体积”）相等的煤油。 （2）实验中通过　加热时间　 反映水和煤油吸收热量的多少，这种实验方法是　转换法　 。 （3）分析图像可知：升高相同温度时，　煤油　 吸收的热量更少，　水　 的吸热本领更强。（均选填“水”或“煤油”） 【分析】（1）根据控制变量法分析； （2）（3）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法； 比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。 【解答】解：（1）实验目的是比较水和煤油的吸热能力（即比热容），需控制变量，使用相同规格电加热器，在相同时间内提供热量相同；根据控制变量法，实验中两种液体的质量必须相同，因此需要在另一个相同的烧杯中倒入相同质量的煤油； （2）用相同的电加热器加热，实验中，通过比较加热时间来间接反映煤油和水吸收热量的多少，这种实验方法在物理学中称为转换法； （3）分析图像可知，升高相同的温度时，水加热时间长，由转换法，水吸收的热量多，说明该物质的吸热本领（比热容）大。 故答案为：（1）相同；质量；（2）加热时间；转换法；（3）煤油；水。 【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。 10.（2025秋•大连校级期末）夏天中午海边的沙子热，而海水却很凉。对此，同学们提出猜想：可能是水和沙子的吸热本领不同。为了比较水和沙子的吸热本领大小，小明和小华所在的两个探究小组都做了如图所示的实验。 （1）在实验所需要的器材中，石棉网和搅拌棒的作用都是使水和沙子的受热 　均匀　 。 （2）在本实验中，不需要控制的变量或条件是 　B　 （填字母）。 A．采取相同的酒精灯正确加热 B．酒精灯里加入等量的酒精 C．水和沙子的质量相等 D．盛放水和沙子的烧杯相同 （3）水和沙子吸热的多少是通过 　加热时间　 来反映的。 （4）实验中，两小组观察到：质量相等的水和沙子加热相同的时间，沙子的温度上升得多。这说明质量相等的沙子和水升高相同的温度时，水的加热时间会 　长　 （选填“长”或“短”）一些。由此，他们得出的实验结论是水的吸热本领大。实验操作中，同学们也发现水温上升过程中，升高得越来越缓慢，原因是水在单位时间内吸收的热量相同，随着水温的升高，与环境温差会变大，温差越大，散热 　越快　 ，用来升温的热量就会变少。 【分析】（1）（3）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。比较物质吸热能力的2种方法： ①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强 ②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强； 实验时使用搅拌棒的作用是受热均匀； （2）探究物质比热容的大小需要控制的变量包括：吸收的热量，不同物质的质量，加热的时间和加热的方式； （4）根据等质量的沙子和水加热相同的时间，沙子的温度上升得多推理。 【解答】解：（1）石棉网能使烧杯受热均匀，搅拌棒搅拌可以让水和沙子内部的热量传递更均匀，石棉网和搅拌棒的作用都是使水和沙子的受热均匀。 （2）用控制变量法进行探究，因为引起温度变化的因素是吸热的多少、物质的质量、加热时间和方式，与酒精灯里的多少无关，所以B是不需要控制的变量，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选：B。 （3）水和沙子吸热的多少是通过加热时间来反映的，运用了转换法。 （4）等质量的沙子和水加热相同的时间，沙子的温度上升得多，据此推理，等质量的沙子和水升高相同的温度，加热沙子的时间短，水的加热时间会长一些。 水温上升过程中，升高得越来越缓慢，原因是水在单位时间内吸收的热量相同，随着水温的升高，与环境温差会变大，温差越大，散热越快，用来升温的热量就会变少。 故答案为：（1）均匀；（2）B；（3）加热时间；（4）长；越快。 【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。 六、综合能力题（共1小题） 11.（2025•深圳模拟）深圳位于北回归线以南，属亚热带季风气候，日照充足。结合深圳气候特点，某学习小组开展了“设计隔热节能房屋”跨学科实践活动。 【活动目的】从能量转化的角度出发，探讨利用可再生能源的途径和方法，完成隔热节能房屋的设计。 【活动方案】 （一）结合材料学等学科知识，为房屋选择合适的隔热材料； （二）结合地理学等学科知识，测算太阳能电池板的面积； （三）结合工程和技术操作，研究节能热水器。 【实施过程】 （一）选取房屋的“隔热材料” （1）学习小组为了比较材料的隔热性能，找到厚度相等的三种材料，制成大小、形状和结构均相同的房屋模型。用白炽灯光模拟太阳光，房屋位置如图甲所示，将温度传感器分别放在房屋模型 　内　 （选填“内”或“外”）部的相同位置。闭合白炽灯开关，每隔1分钟，同时测量三个房屋模型的温度。 （2）甲图中三个小屋的摆放位置不合理，原因是：　三个房屋与白炽灯的距离不同，光照强度不同　 。 （3）优化实验方案后进行实验，温度传感器的示数变化情况如图乙所示。根据图像分析，学习小组应选择 　泡沫　 做房屋的隔热材料。 （二）测算太阳能电池板的面积 （4）学习小组计划在房屋屋顶安装太阳能电池板给房屋供电。安装在屋顶的太阳能电池板朝南放置，这样有利于获取 　太阳能　 。 （5）深圳某天1m2的太阳能电池板发电量为0.8kW•h，若当天家庭用电量为16kW•h，为了满足用电需求，太阳能电池板的面积至少为 　20　 m2。 （三）研究节能热水器 学习小组了解到有一款空气能热水器，其工作原理如图丙所示。液态工作介质经过蒸发器，吸收室外热空气中的热量后，蒸发成气态，进入压缩机，经压缩机压缩后，形成高温高压的气体，进入水箱中的冷凝管，释放热量后，变成液态，经过储液罐、过滤器、膨胀阀，再次回到蒸发器，开始下一个循环。 当室外温度低或需要快速制热时，热水器还需要用水箱中辅热器的电阻丝加热，从而缩短加热时间。学习小组把水从冷凝管吸收的热量与工作介质循环所消耗电能（不含辅热器消耗电能）的比值记为D。 （6）压缩机通过 　做功　 （选填“做功”或“热传递”）方式改变工作介质的内能；高温高压的气体通过冷凝管后内能变 　小　 。 （7）在某一环境温度下，在空气能热水器水箱中装入200kg初温为20℃的水，关闭其他用电器，记录电能表的示数为932.2kW•h，启动空气能热水器（辅热器不工作），2h后，水温达到50℃，电能表的示数如图丁所示。此过程中，水吸收的热量为 　2.52×107 J，空气能热水器的电功率P为 　700　 W，则该空气能热水器的D值为 　5　 。水的比热容取4.2×103J/（kg•℃）。 （8）学习小组为了将题（7）中的加热时间缩短至80min，需要启动水箱中的辅热器加热。若D值和电功率P（不含辅热器的电功率）均不变，辅热器两端的电压是220V，加热效率是87.5%，则该辅热器中电阻丝的阻值为 　24.2　 Ω。 【交流与评价】 （9）学习小组根据上述活动方案完成了“隔热节能房屋”的设计，请根据以下评价量表选择一个维度对该设计进行评价 　能省情况：在房屋顶安装太阳能电池板，电池板的面积设计合理可以满足家庭用电的需要，按照空气能热水器，也能大大降低电能的消耗。　 （需说明理由）。 评价维度 合格 不合格 节能情况 能省电 不能省电 稳定性 供能稳定 供能不稳定 【分析】（1）比较房屋材料的隔热性能，要把传感器分别放在房屋模型内部相同位置； （2）比较房屋材料的隔热性能，要保持三个房屋的工作强度相同； （3）从图乙可知，在光照强度和光照时间相同时，泡沫材料房屋内温度上升的最少； （4）从光照时间和强度来考虑，电池板朝南更有利于获得太阳能； （5）每天家庭需要的电能量已知，每平方米的太阳能电池板发电量已知，为了满足家庭用电的需要，需要的电池板的面积至少是家庭用电的电能除以每平方米电池板发电能量； （6）压缩机通过做功的方式，改变工作介质的内能，高温高压的气体通过冷凝管后液化，放出热量，内能降低； （7）200kg水从20℃升高到50℃吸收的热量Q吸＝cmΔt，其间消耗的电能从电能表示数可知，工作时间2h，可求出消耗的电功率及该空气能热水器的D值； （8）200kg水从20℃升高到50℃吸收的热量已知，工作时间已知，电功率P和D值已知，可求出太阳能提供能量，其余的电能由加热电阻工作提供，电阻消耗的电能由87.5%被水吸收，可求出需要的电能，从而求出加热电阻的阻值。 （9）节能情况：能省电能，在房屋顶安装太阳能电池板，电池板的面积设计合理可以满足家庭用电的需要，安装空气能热水器，也能大大降低电能的消耗。 【解答】解：（1）比较房屋材料的隔热性能，要把传感器分别放在房屋模型内部相同位置； （2）比较房屋材料的隔热性能，要保持光源到三个房屋的距离形图，光照强度相同； （3）从图乙可知，在光照强度和光照时间相同时，泡沫材料房屋内温度上升的最少，故应选择泡沫做房屋的隔热材料； （4）电池板朝南光照时间和强度都更理想，更有利于获得太阳能； （5）需要的电池板的面积至少S20m2； （6）压缩机通过做功的方式，改变工作介质的内能，高温高压的气体通过冷凝管后液化，放出热量，温度减低内能变小； （7）200kg水从20℃升高到50℃吸收的热量 Q吸＝cm（t2﹣t1）＝4.2×103J/（kg•℃）×200kg×（50℃﹣20℃）＝2.52×107J， 期间消耗的电能ΔW＝W1﹣W0＝933.6kW•h﹣932.2kW•h﹣＝1.4kW•h＝5.04×106J 消耗的电功率P700W 该空气热水器的D5 （8）循环作80min消耗的电能W消耗＝Pt′＝700W×80×60s＝3.36×106J 太阳能提供的能量为W太阳能＝DW消耗＝5×3.36×106J＝1.68×107J， 加热电阻提供的能量W电阻＝Q吸﹣W太阳能＝2.52×107J﹣1.68×107J＝0.84×107J 电阻消耗的能量9.6×106J， 电阻的电功率2000W 电阻的阻值24.2Ω； （9）节能情况：能省电能，在房屋顶安装太阳能电池板，电池板的面积设计合理可以满足家庭用电的需要，安装空气能热水器，也能大大降低电能的消耗。 故答案为：（1）内；（2）三个房屋与白炽灯的距离不同，光照强度不同；（3）泡沫；（4）太阳能；（5）20；（6）做功；小；（7）2.52×107；700；5；（8）24.2Ω；（9）节能情况：能省电能，在房屋顶安装太阳能电池板，电池板的面积设计合理可以满足家庭用电的需要，安装空气能热水器，也能大大降低电能的消耗。 【点评】本题考查了控制变量法在探究材料隔热情况中的应用，能量转化，水吸收热量的计算，电功、电功率的计算。 七、科普阅读题（共1小题） 12.（2025•东莞市校级三模）阅读下列材料，回答问题。 汽车防冻液 汽车在行驶时，发动机的温度会升得很高。为确保安全，可用水循环进行冷却，实际上，水中往往还要加入不易挥发的防冻液（原液），加入防冻液后的混合液冬天不容易凝固，长时间开车也不容易沸腾。有关资料表明，防冻液与水按不同的比例混合，混合液的凝固点、沸点不同，具体数值参见下表（表中防冻液含量是指防冻液在混合液中所占体积的百分比）。 防冻液含量 30% 40% 50% 60% 70% 80% 90% 混合液的凝固点/℃ ﹣17 ﹣28 ﹣37 ﹣49 ﹣48 ﹣46 ﹣28 混合液的沸点/℃ 103 104 107 111 117 124 141 在给汽车水箱中加防冻液时，宜使混合液的凝固点比本地常年最低气温低10～15℃，考虑到混合液比例不当会影响散热效果，因此，混合液中防冻液的含量不宜过高。 （1）汽车发动机用水来冷却，这是因为水的　比热容　 较大； （2）如图所示打开水箱盖时，上方冒出“白气”，这是　液化　 现象； （3）在混合液中，如果防冻液含量由30%逐渐增大到90%，则混合液凝固点的变化情况是（　D　 ）（填字母）； A．逐渐升高 B．逐渐降低 C．先升高后降低 D．先降低后升高 （4）若某地常年最低气温为﹣15℃，对该地区汽车来说，在表中不同防冻液含量的混合液中，宜选含量为　40%　 的防冻液； （5）长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少。与原来相比，混合液的沸点　升高　 （填“升高”“降低”或“不变”），其原因是　水蒸发，防冻液含量相对增加，混合液沸点升高　 。 【分析】（1）因为水的比热容较大，相同质量的水和其他物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用水来冷却。 （2）打开水箱盖时，上方冒出“白气”，是水箱内的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象。 （3）由表格数据可知，当防冻液含量由30%逐渐增大到90%时，混合液凝固点先降低（30%到60% ），后升高（60%到90% ），所以变化情况是先降低后升高。故选：D。 （4）某地常年最低气温为−15℃，混合液的凝固点应比本地常年最低气温低10～15℃，即混合液凝固点约为−30～−25℃。 （5）长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少，是因为水蒸发，防冻液的含量相对增加。由表格可知，防冻液含量增大，混合液的沸点升高。 【解答】解：（1）汽车发动机用水来冷却，这是因为水的比热容较大。相同质量的水和其他物质相比，在升高相同温度时，水能够吸收更多的热量，所以用水冷却可以更有效地带走发动机产生的热量，使发动机保持在合适的工作温度。 （2）打开水箱盖时，上方冒出“白气”，这是液化现象。水箱内温度较高的水汽化形成水蒸气，水蒸气从水箱盖冒出后，遇到温度较低的空气，会放出热量，液化成小水滴，这些小水滴聚集在一起就形成了“白气”。 （3）由表格数据可知，当防冻液含量由30%逐渐增大到90%时，混合液凝固点先降低（30%到60% ），后升高（60%到90% ），所以变化情况是先降低后升高，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选：D。 （4）某地常年最低气温为−15℃，混合液的凝固点应比本地常年最低气温低10～15℃，即混合液凝固点约为−30～−25℃。由表格可知，防冻液含量为40%时，混合液凝固点为−28℃，满足要求，所以宜选含量为40%的防冻液。 （5）长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少，是因为水蒸发，防冻液的含量相对增加。由表格可知，防冻液含量增大，混合液的沸点升高，所以与原来相比，混合液的沸点升高，原因是水蒸发，防冻液含量相对增加，混合液沸点升高。 故答案为：（1）比热容；（2）液化；（3）D；（4）40%；（5）升高；水蒸发，防冻液含量相对增加，混合液沸点升高。 【点评】本题考查了学生对水的比热容大的特点以及应用的了解和掌握，学生对沸点与气压的关系的了解和掌握；熔点与凝固点的影响因素。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/5/7 12:08:11；用户：王健；邮箱：huanyu281@xyh.com；学号：38494836 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $