精品解析：2026年重庆市渝中区巴蜀中学校九年级中考物理二模试题

初三物理 （全卷共四个大题 满分80分） 注意事项： 1．试题的答案书写在答题卡上，不得在试卷上直接作答。 2．全卷取，水的密度。 一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分） 1. 置身考场的你，对教室内常见物理量的估测合理的是（ ） A. 一张试卷的质量约 B. 插座两端的电压约 C. 一盏日光灯的额定功率约 D. 教室内的大气压约 2. 皮影戏是我国的传统艺术，下列和“皮影”形成的原理相同的是（ ） A. 立竿见影 B. 水中倒影 C. 雨后彩虹 D. 海市蜃楼 3. 火锅古称“古董羹”，因食材投入沸水时发出的“咕咚”声响得名，也是重庆极具代表性的特色美食。下列说法正确的是（ ） A. 火锅沸腾时声音越大，声音的音调越高 B. 汤汁沸腾时发出的声响，可在真空中传播 C. 汤锅上方缭绕的“白气”，是水蒸气液化形成的 D. 能闻到火锅浓郁的香味，是分子停止运动造成的 4. 图中有关电与磁的知识，说法正确的是（ ） A. 图甲中验电器的原理是利用异种电荷相互排斥 B. 图乙的连接方式符合家庭电路安全用电要求 C. 图丙可判断螺线管的端与电源正极连接 D. 图丁表示通电导体在磁场中受力的作用，是电动机的工作原理 5. 2026年3月30日19时00分，如图，力箭二号遥一运载火箭发射升空，将搭载的3颗卫星顺利送入预定轨道。下列说法正确的是（ ） A. 火箭在升空过程中，机械能增大 B. 火箭加速升空时，推力与重力是平衡力 C. 火箭在升空过程中，以发射塔为参照物，卫星是静止的 D. 火箭加速上升，速度变大，火箭和卫星的惯性也随之变大 6. 巴蜀中学科技小组的同学设计了智能空气净化器，可通过机身手动按键（闭合）或手机远程APP开关（闭合）启动风机净化；当室内有害气体浓度超标时，自动感应开关（）闭合，接通报警指示灯提醒。以下可实现上述功能的是（ ） A. B. C. D. 7. 我国古代科技著作《天工开物》记载了脚踏碓，“横木穿插碓头，碓嘴为铁，足踏其末而舂之”，如图甲。其原理可简化为图乙，，若碓头质量为，不计横木的重和转动摩擦，捣谷人双手与扶手之间的作用力为零。下列说法正确的是（ ） A. 脚踏碓舂米时相当于省力杠杆 B. 若把支点向端移动会更省力 C. 脚向下踩的力至少需50 N才能把碓头翘起 D. 人右脚用力踏的力越大，左脚对地面压力越大 8. 如图甲，电源电压恒定，为定值电阻，小灯泡的额定功率为，只闭合开关和，滑片从最左端滑动到点时，灯泡恰好正常发光；只闭合开关S和，滑片从点向某一方向移动，直到点时，电压表的示数与灯泡正常发光时的示数相同，两次调节过程中，电压表与电流表示数关系如图乙所示，下列说法正确的是（ ） A. 电源电压为 B. 点在点的右侧 C. 只闭合、时，滑动变阻器滑片的移动范围为 D. 任意调节开关状态及滑片位置，电路的最小总功率为 二、填空题（本题共6个小题，每空1分，共12分） 9. 意大利科学家________最早精准测出大气压的值；英国物理学家法拉第历经十年，进行多次实验，发现了________现象，据此发现，后来发明了发电机。 10. 我国新一代车载激光雷达已大规模用于自动驾驶，其原理是激光雷达向前方障碍物发射激光，激光遇到障碍物发生_______；已知激光在空气中的传播速度近似为_______m/s，根据激光发射和返回的时间，精准探测障碍物，保障行车安全。 11. 芯片、服务器等工作时会产生大量热量，随着人工智能的发展，算力需求爆发式增长，除了风冷散热，科学家们也研究了液冷散热。某液冷装置参数如下：冷却液比热容，每秒有冷却液流过，芯片工作时每秒产生热量。利用冷却液降低芯片温度，这是通过________的方式改变物体内能。假设热量全部被冷却液吸收，冷却液的温度会升高_______。 12. 如图所示，体重为的小明用竖直向上的拉力将重为的物体匀速提升。则此过程的机械效率为_______。若小明与地面的接触面积为，小明对地面的压强为_______Pa。 13. 小蜀连接了如图的电路，电源电压恒定，。闭合开关后，滑片在、间滑动，记录了滑片在、两点时的实验数据：点时接入电路的阻值为，电压表示数为，电流为；点时接入电路的阻值为，电压表示数为，电流为，且，，滑动过程中的最大功率为，则______，电源电压为______V。 14. 如图所示，甲、乙两个足够高的薄壁轻质容器置于水平地面上，两容器底部用一根细管相连（忽略细管内液体的体积），开始关闭阀门K。甲、乙容器的底面积均为，现有一个密度为，边长为的正方体放置在甲容器底部的中央，向容器甲中加入水，然后打开阀门，稳定时正方体受到的浮力为______；保持阀门打开，现将正方体沿竖直方向切去一部分，并将切下部分水平地平放入乙容器中，乙容器中水对容器底部最大压强可达到______。 三、实验探究题（本题共3个小题，15题6分，16题8分，17题8分，共22分） 15. 在复习物理知识时，小张做了以下实验。 （1）小张探究了冰的熔化特点：如图所示，组装器材时应先固定__________（选填“A”“B”或“C”）的位置；冰的熔化图像如图乙所示，由此可知冰是__________；持续加热，当烧杯中的水沸腾时，水中气泡在上升过程中不断__________（选填“变大”或“变小”）。 （2）小张在探究“凸透镜成像规律”实验中，如图甲所示，测出凸透镜焦距是__________cm，当蜡烛在图乙位置时，可在光屏上得到一个清晰的像。在照相机、投影仪和放大镜中，成像情况与此类似的是__________； （3）实验进行一段时间后，在没有移动器材的情况下，小张发现光屏上烛焰的像上移了一段距离。保持蜡烛、光屏的位置和高度不动，需将凸透镜向__________移动，使烛焰的像仍呈现在光屏中央。 16. 小巴采用如图的装置，进行“探究液体压强与哪些因素有关”的实验： （1）如图甲，组装好的形管压强计__________（选填“属于”或“不属于”）连通器；实验开始前，小巴用手指按压橡皮膜，发现形管中的液面升降灵活，说明该装置气密性__________（选填“好”或“不好”）； （2）通过比较__________两图，可得出结论：同一种液体的压强随深度的增加而增大；通过比较丙、戊两图，可探究液体压强与液体__________的关系； （3）保持图戊中金属盒的位置不变，往盐水中加适量清水，则U形管中液面高度差将__________； （4）小巴想到还可以将图中的U形管压强计改装成密度计。 小巴在形管中装入适量水；让金属盒的橡皮膜面朝下，在金属杆上距离金属盒橡皮膜处设定一个固定位置。每次使用时使处和液面相平，确保每次测量时橡皮膜在液体中的深度__________； （5）分析测算： ①金属盒的橡皮膜未放入液体中时，形管左右两侧水面相平，此时将形管右管的水面处标记为； ②把金属盒的橡皮膜放入密度为的待测液体中，当处和液面相平时，测得形管右管水面上升了。则应用液体压强公式，可推导出待测液体的密度__________（水的密度用表示）。 （6）若要提高该密度计测量的灵敏度，可采取的措施是__________。 17. 在“探究电流与电阻的关系”时，小蜀用如图甲的电路进行实验。器材有：电源（电压可调）、电流表、电压表、定值电阻（、、、各一个）、滑动变阻器（“ 1A”）、开关、导线若干。 （1）连接电路时，开关应处于__________状态； （2）在如图甲所示的电路中，小蜀首先将的电阻接入，闭合开关前检查发现有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确； （3）正确连接好电路后，闭合开关，将滑动变阻器的滑片从最右端向左移动到某一位置的过程中，发现电流表有示数，电压表无示数，则该故障可能是由__________造成的； （4）故障排除后，多次更换不同的定值电阻，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变。当把电阻更换成时，闭合开关后，小蜀却发现无论怎么移动变阻器的滑片都不能使电压表示数为，为了继续完成该实验，他可以将电源电压调到不高于__________；实验完成后，小蜀作出了如图乙所示的电流表示数与定值电阻的关系图像。根据图像得出：电压一定时，电流与电阻成__________。 （5）另一组同学把电源电压调为，也用上述器材完成“探究电流与电阻的关系”的实验。如果实验中该小组控制电压表两端的电压在范围内，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为__________。 （6）实验结束后，小蜀想利用此实验器材测量额定电压为的小灯泡的电阻。但他发现电压表的小量程损坏了，聪明的小蜀没有立即更换电压表，而是重新连接电路，把电源电压调为，并进行了三次实验，将实验数据和观察到的现象记录在下表中，但粗心的小蜀忘了记录第3次的实验数据，请深入分析小蜀的实验方案并结合测量数据，得到此时电压表的示数为__________V，小灯泡的额定功率一定________0.6W（选填“>”、“<”或“=”）。 次数 电压表示数 电流 灯泡亮度 1 5.5 0.18 暗 2 4.5 0.21 较暗 3 正常发光 18. 如图，是我国自主研发的“南鲲号”漂浮式波浪能发电装置，它的总质量约，因其灵活机动，被称为海上移动充电宝。2026年已实现稳定并网运行，可灵活应用于海岛供电、近海养殖配套等场景，漂浮工作且发电效率达22%，。请完成以下问题： （1）“南鲲号”的总重力约为_______N；在乙图中画出它漂浮在海面上所受浮力示意图_______。 （2）“南鲲号”通过向水箱注水使自身下沉，以抵御超强台风，在下沉过程中，其底部受到海水的压强__________（选填“变大”“变小”或“不变”）；“南鲲号”的发电机工作时，将__________能转化为电能。 （3）若拖船将“南鲲号”匀速直线拖移至外的某岛礁，拖船对“南鲲号”的牵引力恒为，求牵引力做的功。 19. 如图甲所示是一款学校加热餐炉的工作电路图，R1为加热管，R2为限流电阻，只有加热管释放的热才能被餐炉内的物体吸收。加热餐炉有高温和低温两个挡位，图乙是某次正常使用时加热管R1的图像。求： （1）“高温挡”正常工作时的电流； （2）此次正常使用加热管R1消耗的总电能； （3）某次使用时，断开其他用电器后，用该加热餐炉“低温挡”加热4kg的汤，加热880s，使汤的温度从38℃升高到58℃，已知此过程中电路的总电能有84%被汤吸收，求此时加热餐炉的实际电压。[] 20. 如图甲所示，“国之重器”起重船起吊重物时，需通过抽水机将一侧水舱里的水抽至另一侧水舱，从而保持船体平衡。小蜀设计了一款利用力传感器检测抽水量的长方体水舱模型如图乙，模型质量为，底面积为，在水舱中装有的水。是质量、体积均可忽略的轻杆，轻杆上端与力传感器相连，其原理电路如图乙方框所示，电源电压为，可根据电流表示数测得轻杆对物体的弹力大小，如表格所示。的下端与底面积为的圆柱体连接。用抽水机将水抽出的过程中，记录下电流表示数随抽出水的体积变化的图像如图丙。求： 电流表示数与力传感器所受弹力关系 9 6 3 2 1 16 10 4 2 0 （1）未抽水时，乙图中力传感器的阻值； （2）圆柱体C的密度； （3）当电流表示数为时停止抽水，此时模型对水平面的压强。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 初三物理 （全卷共四个大题 满分80分） 注意事项： 1．试题的答案书写在答题卡上，不得在试卷上直接作答。 2．全卷取，水的密度。 一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分） 1. 置身考场的你，对教室内常见物理量的估测合理的是（ ） A. 一张试卷的质量约 B. 插座两端的电压约 C. 一盏日光灯的额定功率约 D. 教室内的大气压约 【答案】B 【解析】 【详解】A．一张普通试卷的质量约为，5kg的估测值明显偏大，故A不符合题意； B．教室内插座接入的是我国正常的交流电网，插座两端的电压约220V为家庭电路的标准，故B符合题意； C．一盏普通教室日光灯的额定功率约为40W左右，400W的估测值明显偏大，故C不符合题意； D．置身考场时，教室内的大气压约等于一个标准大气压，数值约为，的估测值明显偏小，故D不符合题意。 故选B。 2. 皮影戏是我国的传统艺术，下列和“皮影”形成的原理相同的是（ ） A. 立竿见影 B. 水中倒影 C. 雨后彩虹 D. 海市蜃楼 【答案】A 【解析】 【详解】“皮影”的形成原理是光的直线传播：光在同种均匀介质中沿直线传播，遇到不透明物体时，会在物体后方形成暗区（影子）。 对选项逐一分析： A．立竿见影是光沿直线传播形成的影子，原理和皮影相同，故A符合题意； B．水中倒影是平面镜成像，原理是光的反射，不符合，故B不符合题意； C．雨后彩虹是光的色散现象，本质是光的折射，不符合，故C不符合题意； D．海市蜃楼是空气密度不均匀引发的光的折射现象，故D不符合题意。 故选A。 3. 火锅古称“古董羹”，因食材投入沸水时发出的“咕咚”声响得名，也是重庆极具代表性的特色美食。下列说法正确的是（ ） A. 火锅沸腾时声音越大，声音的音调越高 B. 汤汁沸腾时发出的声响，可在真空中传播 C. 汤锅上方缭绕的“白气”，是水蒸气液化形成的 D. 能闻到火锅浓郁的香味，是分子停止运动造成的 【答案】C 【解析】 【详解】A．声音的大小指的是响度，声音越大说明响度越大，音调由振动频率决定，与响度无关，故A错误； B．声音的传播需要介质，真空不能传声，因此汤汁的声响无法在真空中传播，故B错误； C．水蒸气是肉眼不可见的，汤锅上方的“白气”是高温水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C正确； D．能闻到火锅香味是扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动，分子不会停止运动，故D错误。 故选C。 4. 图中有关电与磁的知识，说法正确的是（ ） A. 图甲中验电器的原理是利用异种电荷相互排斥 B. 图乙的连接方式符合家庭电路安全用电要求 C. 图丙可判断螺线管的端与电源正极连接 D. 图丁表示通电导体在磁场中受力的作用，是电动机的工作原理 【答案】D 【解析】 【详解】A．图甲是验电器，它的工作原理是同种电荷相互排斥，而不是异种电荷，故A错误。 B．在家庭电路中，为了安全，控制灯泡的开关必须接在火线和灯泡之间。观察图乙可以发现，灯泡的开关接在了零线上，这样即使断开开关，灯泡依然与火线连通，存在触电隐患，故B错误。 C．图丙中，小磁针静止时N极朝左，说明螺线管的左端是S极，右端是N极。根据安培定则（右手螺旋定则），用右手握住螺线管，大拇指指向N极（右端），四指的指向即为电流方向。可以看出电流是从a端流入、从b端流出的，因此a端连接的是电源正极，b端连接的是电源负极，故C错误。 D．图丁的电路中包含电源，闭合开关后，导体中会有电流通过，通电导体在磁场中会受到力的作用而运动，这正是电动机的工作原理，故D正确。 故选 D。 5. 2026年3月30日19时00分，如图，力箭二号遥一运载火箭发射升空，将搭载的3颗卫星顺利送入预定轨道。下列说法正确的是（ ） A. 火箭在升空过程中，机械能增大 B. 火箭加速升空时，推力与重力是平衡力 C. 火箭在升空过程中，以发射塔为参照物，卫星是静止的 D. 火箭加速上升，速度变大，火箭和卫星的惯性也随之变大 【答案】A 【解析】 【详解】A．火箭升空过程中，速度增大，动能增大；高度升高，重力势能增大；机械能等于动能与重力势能之和，因此机械能增大，故A正确； B．火箭加速升空时，运动状态不断改变，合力不为零，推力大于重力，因此推力和重力不是一对平衡力，故B错误； C．火箭升空过程中，卫星相对于发射塔的位置不断发生变化，因此以发射塔为参照物，卫星是运动的，故C错误； D．惯性只与物体的质量有关，和速度无关，火箭加速上升时火箭和卫星质量不变，故惯性不变，故D错误。 故选A。 6. 巴蜀中学科技小组的同学设计了智能空气净化器，可通过机身手动按键（闭合）或手机远程APP开关（闭合）启动风机净化；当室内有害气体浓度超标时，自动感应开关（）闭合，接通报警指示灯提醒。以下可实现上述功能的是（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】A．在干路，会同时控制风机和指示灯，不符合 “指示灯仅由控制” 的要求，故A错误； B．在干路，会同时控制风机和指示灯，不符合要求，故B错误； C．和并联，共同控制电动机；指示灯与电动机并联，由 S₃单独控制，完全符合题目功能要求，故C正确； D．和串联，必须同时闭合才能启动风机，不符合 “可通过任一开关启动” 的要求，故D错误。 故选C。 7. 我国古代科技著作《天工开物》记载了脚踏碓，“横木穿插碓头，碓嘴为铁，足踏其末而舂之”，如图甲。其原理可简化为图乙，，若碓头质量为，不计横木的重和转动摩擦，捣谷人双手与扶手之间的作用力为零。下列说法正确的是（ ） A. 脚踏碓舂米时相当于省力杠杆 B. 若把支点向端移动会更省力 C. 脚向下踩的力至少需50 N才能把碓头翘起 D. 人右脚用力踏的力越大，左脚对地面压力越大 【答案】B 【解析】 【详解】A．由图乙可知，动力臂是OB，阻力臂是OA，且，即动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，不是省力杠杆，故A错误； B．若支点O向A端移动，则阻力臂OA变短，动力臂OB变长。根据杠杆平衡条件，动力，此时减小、增大，动力会变小，因此会更省力，故B正确； C．碓头的重力 根据杠杆平衡条件 脚向下踩的力 即脚向下踩的力至少需要200N，故C错误； D．捣谷人双手与扶手之间的作用力为零，人受到重力、地面的支持力和杠杆对脚的向上的反作用力（与脚踩杠杆的力大小相等）。右脚用力越大，杠杆对脚的向上的反作用力越大；地面的支持力​ 因此支持力会越小；根据力的作用是相互的，人对地面的压力等于支持力，所以压力会越小，不是越大，故D错误。 故选B。 8. 如图甲，电源电压恒定，为定值电阻，小灯泡的额定功率为，只闭合开关和，滑片从最左端滑动到点时，灯泡恰好正常发光；只闭合开关S和，滑片从点向某一方向移动，直到点时，电压表的示数与灯泡正常发光时的示数相同，两次调节过程中，电压表与电流表示数关系如图乙所示，下列说法正确的是（ ） A. 电源电压为 B. 点在点的右侧 C. 只闭合、时，滑动变阻器滑片的移动范围为 D. 任意调节开关状态及滑片位置，电路的最小总功率为 【答案】D 【解析】 【详解】分析两种开关状态下的电路连接方式：只闭合S、​时，滑动变阻器与灯泡L串联，​测滑动变阻器电压；只闭合S、时，滑动变阻器与​串联，​测滑动变阻器电压，电流表均测电路电流； A．只闭合S、时，滑动变阻器​与定值电阻​串联，电压表​测​电压，I与U为一次函数，对应乙图的直线段；只闭合S、​时，​与灯泡L串联，​仍测​电压，灯泡电阻随温度变化，对应乙图的曲线段。只闭合S、​，滑片在a点时灯泡正常发光，额定功率，此时电流最大为，因此额定电压 只闭合开关S和，滑片从点向某一方向移动，直到点时，电压表的示数与灯泡正常发光时的示数相同，则此时定值电阻​两端的电压也为3V，电流为0.3A，则​的阻值为 电源电压为 故A错误； B．只闭合S、​，滑片在a点时灯泡正常发光， ​示数为3V，只闭合开关S和，b点​示数等于该值，故可得直线段中a点，b点。 计算得a点 b点 ​，说明b点滑动变阻器阻值更大，在a点的左侧，故B错误； C．只闭合S、​，滑片从最左端（阻值最大）滑到a点（阻值最小）：最小阻值 最大阻值对应曲线最小电流  因此移动范围为6Ω∼20Ω，故C错误； D．总功率​，电源电压U不变，​越大，P越小： 最大总电阻为滑动变阻器最大阻值（20Ω）与最大定值电阻​（10Ω）串联，即 则 故D正确。 故选D。 二、填空题（本题共6个小题，每空1分，共12分） 9. 意大利科学家________最早精准测出大气压的值；英国物理学家法拉第历经十年，进行多次实验，发现了________现象，据此发现，后来发明了发电机。 【答案】 ①. 托里拆利 ②. 电磁感应 【解析】 【详解】略 10. 我国新一代车载激光雷达已大规模用于自动驾驶，其原理是激光雷达向前方障碍物发射激光，激光遇到障碍物发生_______；已知激光在空气中的传播速度近似为_______m/s，根据激光发射和返回的时间，精准探测障碍物，保障行车安全。 【答案】 ①. 反射 ②. 【解析】 【详解】激光雷达探测障碍物依靠的是光的反射原理，发射的激光遇到障碍物后会发生反射，设备通过接收反射的激光来分析障碍物的相关信息。 激光属于电磁波，在空气中的传播速度近似等于光在真空中的传播速度，其数值为。 11. 芯片、服务器等工作时会产生大量热量，随着人工智能的发展，算力需求爆发式增长，除了风冷散热，科学家们也研究了液冷散热。某液冷装置参数如下：冷却液比热容，每秒有冷却液流过，芯片工作时每秒产生热量。利用冷却液降低芯片温度，这是通过________的方式改变物体内能。假设热量全部被冷却液吸收，冷却液的温度会升高_______。 【答案】 ①. 热传递 ②. 2 【解析】 【详解】改变物体内能的方式分为做功和热传递，冷却液吸收芯片的热量、降低芯片温度，是通过能量转移的方式改变内能，因此属于热传递。 根据热量计算公式，题目中芯片产生的热量全部被冷却液吸收，即，即升高的温度 12. 如图所示，体重为的小明用竖直向上的拉力将重为的物体匀速提升。则此过程的机械效率为_______。若小明与地面的接触面积为，小明对地面的压强为_______Pa。 【答案】 ①. ②. 【解析】 【详解】 由图可知该装置是动滑轮，承担物重的绳子段数， 已知物体重力，提升高度，拉力，绳子自由端移动距离 有用功 总功 机械效率 小明对绳子施加竖直向上的拉力，根据力的作用是相互的，绳子对小明有竖直向下的拉力，大小也为。 小明静止，受力平衡，小明对地面的压力等于小明重力加上绳子对他向下的拉力 接触面积换算 压强 13. 小蜀连接了如图的电路，电源电压恒定，。闭合开关后，滑片在、间滑动，记录了滑片在、两点时的实验数据：点时接入电路的阻值为，电压表示数为，电流为；点时接入电路的阻值为，电压表示数为，电流为，且，，滑动过程中的最大功率为，则______，电源电压为______V。 【答案】 ①. 0.2 ②. 7 【解析】 【详解】由得，当滑动变阻器的滑片P位于b点时，此时消耗的功率最大，此时 则由题意得 当滑动变阻器的滑片位于a端时，则 且 联立解得 因此根据欧姆定律得 14. 如图所示，甲、乙两个足够高的薄壁轻质容器置于水平地面上，两容器底部用一根细管相连（忽略细管内液体的体积），开始关闭阀门K。甲、乙容器的底面积均为，现有一个密度为，边长为的正方体放置在甲容器底部的中央，向容器甲中加入水，然后打开阀门，稳定时正方体受到的浮力为______；保持阀门打开，现将正方体沿竖直方向切去一部分，并将切下部分水平地平放入乙容器中，乙容器中水对容器底部最大压强可达到______。 【答案】 ①. 4.16 ②. 480 【解析】 【详解】甲、乙容器的底面积均为，正方体边长，正方体底面积 水的总质量，水体积 打开阀门后，连通器原理，甲乙液面相平，假设物体仍处于沉底状态，设最终液面高度为，水的总体积满足  代入数据得 正方体总重力 浮力 故物体仍处于沉底状态，浮力为； 切下部分放入乙容器，切下部分密度 则物体漂浮，浮力等于重力，故排开水体积满足  化简得 设竖直切下部分的厚度为，则： 甲中剩余部分：竖直放置，底面积，高度是10cm，始终沉底（水面高度永远小于8cm漂浮临界值），排开体积。 乙中切下部分：水平平放，高度，密度小于水，漂浮时浸入深度，排开体积（当H≥0.8x时） 总水体积 + 总排开体积 = 甲乙容器总体积： 解得​ 分析可知，当时，切下部分刚好漂浮，此时排开液体的体积最大，即水最深。代入上式可解得x=6cm，则 乙容器水对底部最大压强 三、实验探究题（本题共3个小题，15题6分，16题8分，17题8分，共22分） 15. 在复习物理知识时，小张做了以下实验。 （1）小张探究了冰的熔化特点：如图所示，组装器材时应先固定__________（选填“A”“B”或“C”）的位置；冰的熔化图像如图乙所示，由此可知冰是__________；持续加热，当烧杯中的水沸腾时，水中气泡在上升过程中不断__________（选填“变大”或“变小”）。 （2）小张在探究“凸透镜成像规律”实验中，如图甲所示，测出凸透镜焦距是__________cm，当蜡烛在图乙位置时，可在光屏上得到一个清晰的像。在照相机、投影仪和放大镜中，成像情况与此类似的是__________； （3）实验进行一段时间后，在没有移动器材的情况下，小张发现光屏上烛焰的像上移了一段距离。保持蜡烛、光屏的位置和高度不动，需将凸透镜向__________移动，使烛焰的像仍呈现在光屏中央。 【答案】（1） ①. C ②. 晶体 ③. 变大 （2） ①. 10.0 ②. 照相机 （3）下 【解析】 【小问1详解】 组装加热类实验器材时，需按照自下而上的顺序，先根据酒精灯外焰的高度，固定最下方C的位置； 由图乙可知，冰熔化过程中温度保持不变，有固定熔点，因此冰是晶体； 水沸腾时，整杯水温度一致，气泡上升过程中，水的压强逐渐减小，同时不断有水蒸气进入气泡，因此气泡上升过程中不断变大。 【小问2详解】 平行于主光轴的光线经凸透镜会聚后，焦点到光心的距离为焦距，由图甲可得 由图乙可知，物距 满足，此时成倒立、缩小的实像，与照相机的成像原理一致 【小问3详解】 根据“过光心的光线传播方向不变”，像上移后，保持蜡烛和光屏位置不动，向下移动凸透镜，就能让像下移到光屏中央。 16. 小巴采用如图的装置，进行“探究液体压强与哪些因素有关”的实验： （1）如图甲，组装好的形管压强计__________（选填“属于”或“不属于”）连通器；实验开始前，小巴用手指按压橡皮膜，发现形管中的液面升降灵活，说明该装置气密性__________（选填“好”或“不好”）； （2）通过比较__________两图，可得出结论：同一种液体的压强随深度的增加而增大；通过比较丙、戊两图，可探究液体压强与液体__________的关系； （3）保持图戊中金属盒的位置不变，往盐水中加适量清水，则U形管中液面高度差将__________； （4）小巴想到还可以将图中的U形管压强计改装成密度计。 小巴在形管中装入适量水；让金属盒的橡皮膜面朝下，在金属杆上距离金属盒橡皮膜处设定一个固定位置。每次使用时使处和液面相平，确保每次测量时橡皮膜在液体中的深度__________； （5）分析测算： ①金属盒的橡皮膜未放入液体中时，形管左右两侧水面相平，此时将形管右管的水面处标记为； ②把金属盒的橡皮膜放入密度为的待测液体中，当处和液面相平时，测得形管右管水面上升了。则应用液体压强公式，可推导出待测液体的密度__________（水的密度用表示）。 （6）若要提高该密度计测量的灵敏度，可采取的措施是__________。 【答案】（1） ①. 不属于 ②. 好 （2） ①. 乙、丙 ②. 密度 （3）变大 （4）相同 （5） （6）增大橡皮膜到A的距离 【解析】 【小问1详解】 连通器的定义是上端开口、底部互相连通，U形管压强计的一端是密封的，因此不属于连通器；按压橡皮膜，U形管液面升降灵活，说明装置不漏气，气密性好。 【小问2详解】 探究液体压强与深度的关系，需要控制液体密度相同，改变深度，因此选乙、丙两图；丙、戊两图中，金属盒深度相同，液体密度不同，因此探究的是液体压强与液体密度的关系。 【小问3详解】 设金属盒上方液体产生的压强为p1，金属盒下方液体产生的压强为p2，保持金属盒位置不变，加入清水后，杯底所受压强变大，但液体密度减小，根据可知，p2减小，则p1增大，即金属盒所受液体的压强变大，U形管液面高度差变大。 【小问4详解】 每次都让A处与液面相平，是为了控制橡皮膜在待测液体中的深度相同，满足控制变量的要求。 【小问5详解】 橡皮膜受到的液体压强等于U形管中液面高度差产生的压强，橡皮膜处压强 U形管右管上升h、左管下降h，液面高度差为2h，压强差 平衡时有 化简得 【小问6详解】 提高灵敏度即让相同密度差对应的液面高度差更大，根据可知：增大橡皮膜到A的距离H或减小U形管内液体密度，都可以增大高度差，提高灵敏度。 17. 在“探究电流与电阻的关系”时，小蜀用如图甲的电路进行实验。器材有：电源（电压可调）、电流表、电压表、定值电阻（、、、各一个）、滑动变阻器（“ 1A”）、开关、导线若干。 （1）连接电路时，开关应处于__________状态； （2）在如图甲所示的电路中，小蜀首先将的电阻接入，闭合开关前检查发现有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确； （3）正确连接好电路后，闭合开关，将滑动变阻器的滑片从最右端向左移动到某一位置的过程中，发现电流表有示数，电压表无示数，则该故障可能是由__________造成的； （4）故障排除后，多次更换不同的定值电阻，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变。当把电阻更换成时，闭合开关后，小蜀却发现无论怎么移动变阻器的滑片都不能使电压表示数为，为了继续完成该实验，他可以将电源电压调到不高于__________；实验完成后，小蜀作出了如图乙所示的电流表示数与定值电阻的关系图像。根据图像得出：电压一定时，电流与电阻成__________。 （5）另一组同学把电源电压调为，也用上述器材完成“探究电流与电阻的关系”的实验。如果实验中该小组控制电压表两端的电压在范围内，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为__________。 （6）实验结束后，小蜀想利用此实验器材测量额定电压为的小灯泡的电阻。但他发现电压表的小量程损坏了，聪明的小蜀没有立即更换电压表，而是重新连接电路，把电源电压调为，并进行了三次实验，将实验数据和观察到的现象记录在下表中，但粗心的小蜀忘了记录第3次的实验数据，请深入分析小蜀的实验方案并结合测量数据，得到此时电压表的示数为__________V，小灯泡的额定功率一定________0.6W（选填“>”、“<”或“=”）。 次数 电压表示数 电流 灯泡亮度 1 5.5 0.18 暗 2 4.5 0.21 较暗 3 正常发光 【答案】（1）断开 （2） （3）短路 （4） ①. 5 ②. 反比 （5）2.5∼30 （6） ①. 3.5 ②. < 【解析】 【小问1详解】 连接电路时，为防止短路损坏电路元件，开关应处于断开状态。 【小问2详解】 原电路错误为电流表并联在定值电阻两端、电压表串联在电路中。在定值电阻左端连接电流表的导线上画，将的左端接线柱改接到滑动变阻器左下接线柱，使串联在电路中，电压表并联在两端，据此作图。 【小问3详解】 电流表有示数说明电路是通路，电压表无示数说明电压表被短路，因此故障是定值电阻短路。 【小问4详解】 当接入最大定值电阻，滑动变阻器最大阻值，要求两端电压保持，根据串联分压规律： ​，即​，得，电源最大电压 因此电源电压不高于。 由图乙可知，电流与电阻的乘积为定值，因此电压一定时，电流与电阻成反比。 【小问5详解】 根据串联分压规律： 当控制电压最小、接入最大定值电阻时，滑动变阻器接入阻值最大 当控制电压最大、接入最小定值电阻时，滑动变阻器接入阻值最小 因此滑动变阻器接入范围为。 【小问6详解】 电压表小量程损坏，因此电压表并联在滑动变阻器两端，电源电压为，小灯泡额定电压为，根据串联电压规律，电压表示数（滑动变阻器电压）为。 灯丝电阻随温度升高而增大，且电阻增大速率随电压升高变快。 由前两次数据得 电压从到，电阻增加量大于，因此，额定功率 因此小灯泡的额定功率一定小于0.6W。 18. 如图，是我国自主研发的“南鲲号”漂浮式波浪能发电装置，它的总质量约，因其灵活机动，被称为海上移动充电宝。2026年已实现稳定并网运行，可灵活应用于海岛供电、近海养殖配套等场景，漂浮工作且发电效率达22%，。请完成以下问题： （1）“南鲲号”的总重力约为_______N；在乙图中画出它漂浮在海面上所受浮力示意图_______。 （2）“南鲲号”通过向水箱注水使自身下沉，以抵御超强台风，在下沉过程中，其底部受到海水的压强__________（选填“变大”“变小”或“不变”）；“南鲲号”的发电机工作时，将__________能转化为电能。 （3）若拖船将“南鲲号”匀速直线拖移至外的某岛礁，拖船对“南鲲号”的牵引力恒为，求牵引力做的功。 【答案】（1） ①. ②. （2） ①. 变大 ②. 机械 （3） 【解析】 【小问1详解】 “南鲲号”总重力 “南鲲号”漂浮在海面上时，浮力大小等于重力。即 浮力方向始终竖直向上，并标注力的大小，作用点画在重心即可。 【小问2详解】 根据液体压强公式，装置下沉过程中，底部在海水中的深度增大，因此底部受到海水的压强变大； 波浪能发电过程中，波浪的机械能带动发电机工作，最终转化为电能，因此发电机将机械能转化为电能。 【小问3详解】 已知移动路程 根据功的计算公式代入数据得  19. 如图甲所示是一款学校加热餐炉的工作电路图，R1为加热管，R2为限流电阻，只有加热管释放的热才能被餐炉内的物体吸收。加热餐炉有高温和低温两个挡位，图乙是某次正常使用时加热管R1的图像。求： （1）“高温挡”正常工作时的电流； （2）此次正常使用加热管R1消耗的总电能； （3）某次使用时，断开其他用电器后，用该加热餐炉“低温挡”加热4kg的汤，加热880s，使汤的温度从38℃升高到58℃，已知此过程中电路的总电能有84%被汤吸收，求此时加热餐炉的实际电压。[] 【答案】（1）5A （2） （3）200V 【解析】 【小问1详解】 开关S接1时，只有加热管R1接入电路，由可知总电阻最小，功率最大，为高温挡。由图乙可知，高温挡正常工作时R1的功率，额定电压。根据电功率公式可得电流 【小问2详解】 由图乙可知，高温挡工作时间，低温挡工作时，低温挡R1的功率。 加热管消耗的总电能为两段电能之和，由可得总电能 【小问3详解】 由可得电阻 额定电压下低温挡时，R1与R2串联，由得电路电流 串联总电阻 限流电阻 汤升高的温度 吸收的热量 由加热效率可得电路消耗的总电能： 设实际电压为，低温挡工作时间，根据可得 即可得 20. 如图甲所示，“国之重器”起重船起吊重物时，需通过抽水机将一侧水舱里的水抽至另一侧水舱，从而保持船体平衡。小蜀设计了一款利用力传感器检测抽水量的长方体水舱模型如图乙，模型质量为，底面积为，在水舱中装有的水。是质量、体积均可忽略的轻杆，轻杆上端与力传感器相连，其原理电路如图乙方框所示，电源电压为，可根据电流表示数测得轻杆对物体的弹力大小，如表格所示。的下端与底面积为的圆柱体连接。用抽水机将水抽出的过程中，记录下电流表示数随抽出水的体积变化的图像如图丙。求： 电流表示数与力传感器所受弹力关系 9 6 3 2 1 16 10 4 2 0 （1）未抽水时，乙图中力传感器的阻值； （2）圆柱体C的密度； （3）当电流表示数为时停止抽水，此时模型对水平面的压强。 【答案】（1）2Ω （2） （3）1800Pa##1400Pa 【解析】 【分析】根据电流与力传感器所受弹力的关系，结合欧姆定律、浮力公式、重力公式、压强公式、密度公式进行计算。第3问较难，圆柱体没有触底。应该有两种情况，浮力等于2N或6N。可以采用整体法求压强，关键是过程中利用体积守恒球剩余水体积。 【小问1详解】 未抽水时，由图丙得电流为，因为电源电压为，所以根据欧姆定律可得乙图中力传感器的阻值为 【小问2详解】 电流稳定后，圆柱体C完全露出水面，浮力为0，由图丙得稳定电流为，查表得弹力等于圆柱体重，即，未抽水时C完全浸没，查表得此时弹力为，此时C受力平衡，向上的浮力等于向下的重力加弹力，即 完全浸没时，根据阿基米德原理可得，圆柱体C的体积为 圆柱体质量为 圆柱体密度为 【小问3详解】 当时，查表得弹力为，当液体对圆柱体C的浮力大于圆柱体的重力，那么浮力为 由于力的作用是相互的，则圆柱体对水的压力为6N，由阿基米德原理得排开水的体积为 因为圆柱体C的底面积为，所以浸入深度为 丙图中当抽出水的体积为时，水面刚好与圆柱体C下表面齐平，可得圆柱体下表面下方水的体积为 当圆柱体C浸入深度为0.06m时，此时圆柱体周围水的体积为 此时水的体积为 水的重力为 模型的重力为 此时整个模型对水平面的压力为 模型对水平面的压强为 当液体对圆柱体C的浮力小于圆柱体的重力，那么浮力为 由于力的作用是相互的，则圆柱体对水的压力为2N，由阿基米德原理得排开水的体积为 因为圆柱体C浸入深度为 当圆柱体C浸入深度为0.02m时，此时圆柱体周围水的体积为 此时水的体积为 水的重力为 此时整个模型对水平面的压力为 此时模型对水平面的压强为 因此模型对水平面的压强为1800Pa或1400Pa。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $