2026年高考押题冲刺卷·U18联盟校高三调研测评·物理4

U18联盟校高三调研测评四·物理答案 1-7:D,C,C,A,B,A,B 8-10:BC,BD,AD 部分解析： 7.B解析：由题意，小球在最高点时，重力沿斜面向下的分 力提供向心力，则有mgsina=m2,则v=√glsin@,小球 由最高点到最低点的过程，只有重力做功，则小球的机械 能守恒，由机械能守恒定律得)m6=mg·2 Lsin+2 mmw2,解得o=√5 gLsina,A错误；小球在最低点由牛顿第 二定律得F-mgsino=m 9,解得F=6 mgsina,B正确：小 球由最高点运动到与圆心等高的位置时，由机械能守恒 定律得2m品三ngLsin@+ 2m2,解得'=√3 glsina,又 F'=m 乙，解得F'=3 mgsina,C错误；小球由最低点到最 高点的过程，小球动量的变化量大小为△p=mo-mv= (5+1)√gLsina,由动量定理得1=△p,解得I= (√5+1)m√gLsinc,D错误。 8.BC解析：由题意作出光路图，如图所示，光线的入射角为 ∠1=90°-α=60°，由几何关系可知光线的折射角为∠2= 45.则淡介质的折射率为一m分4错误；光线在 ”3,光线在4AC边 棱镜中的临界角为C,则有sinC=1-6, 的人射角为43三=60°，由于sin60°=)>？，光线在4C边 发生全反射，即不能从AC边射出，B正确；由几何关系可 知光线在BC边的人射角为∠5=30°，由于sin30°= 2 -< 3,则光束第一次射出棱镜时应从BC边射出，由折射定 律得n=上S解得m∠6 4,C正确；由于光线从AB 边的中点D射入棱镜，又BC=L,则DE=之，在△ABC中 由下孩定理得5低部得AC5-1)L.所以 CE-3- 2 ,又CE=2EFcs30°，解得EF-3-5 L,又光在 3 棱镜中的传播速度为三。=6，光线从D点射人到第 DE+E 一次离开棱镜的时间为t= ,解得1=（36-22)L 4c D错误 9.BD解析：0~时间内，穿过线框的磁通量向外均匀增 3 加，由楞次定律可知线框中的感应电流方向顺时针； 。时间内，穿过线框的磁通量先向外均匀减小，再向里均 U18联盟校高三调研测评四·物理1 匀增加，则线框中的感应电流方向逆时针，A错误；了， 时间内，线框中产生的感应电动势为E=A,又40与 2 3BoL 2BS,△t= 3o,S=2,解得E= to 2t。 ,B正确；3~0 BoL 线框中的感应电流大小为1=2，解得1二2 ,同理，to ~2。时间内，电路中产生恒定电流2，电路中产生的恒定 电动势为E2= 。又由欧姆定律得二解得2于 B,则，：4=3：1，C错误：兮，时间内灯泡消耗的 ort 电功率为P,=×2r,t。~2。时间内，灯泡消耗的电功率为 P,=×2r,解得P,:P,=9:1,D正确 10.AD解析：由题意，施加恒力前，由力的平衡条件得 mgsina=kd,解得k=竖，撤去恒力前，甲做加速度减小 2d 的加速运动，撤去外力瞬间，物块甲的速度最大，设此时 物块甲的速度为，则由动能定理得h-mgdsina+之d 2m,解得。=√gd,A正确：设乙离开挡板瞬间弹 /3 簧的伸长量为x1,从撤走外力到乙离开挡板的过程，由 机械能守恒定律得mn心*=)m,解得=d, 此时物体乙刚好离开挡板，则有x,三m'gsina,物体乙的 质量为m'=m,C错误；此后物块甲沿斜面体向下滑动， 当甲到最低点时弹簧的压缩量为x2,由机械能守恒定律 得mg(x,+,)sina+)=)kx3,解得，=3d,对物块甲 2 2 由牛顿第二定律得kx2 mgsina=ma,解得a=g,B错误； 由于x,<x2,所以甲在最低点时弹簧的弹性势能最大，最 大的弹性势能为5。解得、，D正确。 11.(6分)(1)2.60(1分) (2)不需要(1分)F(1分)》 F IN (1分) (4)增大(2分) 12.(9分)(1) (1分) 岁 (2)逐渐增大(1分)逐渐减小(1分) (3)12(2分) (4)6.0(2分)1.0(2分) 13.(10分)解：(1)升温前，研发空间的温度为T。=273+t。= 280K 升温后，研发空间的温度为T,=273+,=320K(1分) 该过程中，研发空间的气体做等容变化，由查理定律得 会2分) U18联盟校高三调研测评四·物理2 T, 解得p=P(1分) 代入数据解得p1=1.14×10Pa(1分) (2)降压过程中，研发空间的空气可视为等温变化，由玻 意耳定律得p,V。=P2V(2分) 解得V,=375m3(1分) 因此向外排出的气体体积为V3=V2-V。=75m3(1分) =4(1分)》 则排出的气体与剩余气体的质量之比为二：》 14.(13分)解：(1)粒子在加速电场中运动时，由动能定理 得g0,=2m6 20(1分) 粒子进人偏转电场的速度大小为，√ 粒子在偏转电场中做类平抛运动，沿水平方向L=o 竖直方向上有L= 2a2(1分) q02 又由牛顿第二定律得a= dm L 则粒子的侧移为y=2 粒子离开电场时速度与水平方向的夹角为a,则有tana =(1分) 00 又v.=at 解得仪=45 显然粒子的侧移以及粒子离开电场时速度与水平方向 的夹角均与电荷量、质量无关，即粒子甲、乙在偏转电场 中的轨迹重合。(1分) (2)由第(1)问的解析可知，粒子甲、乙均从下极板的右 侧离开偏转电场，且速度与水平方向的夹角均为α=459 (1分) 则粒子甲离开偏转电场的速度大小为v甲1=√2vo=2 qUo m 粒子乙离开偏转电场的速度大小为z1=√220=2 340(1分） m 粒子在磁场中做匀速圆周运动，则有qB=mR（1分） 解得R=运1分) 。···M 粒子甲、乙的轨道半径分别为R甲 .1. =N3L、Rz=L 甲、乙两粒子的轨迹所对应的弦 长分别为x甲=√2R甲=6L、x乙= 0 √2R,=√2L 所以粒子甲、乙达到接收屏的间距 为△x=x甲-xz=(√6-√2)L(1分) (3)仅将磁场反向后，甲、乙两粒 子的轨道半径大小仍为R甲=√3L、 0 R,=L(1分) 作出两粒子的轨迹，如图所示 10. 粒子乙垂直打在接收屏上时，由几 何关系得∠A0,D=459 E 则∠0302F=135° 又0203=(3-1)L、03F=√3L(1 分) 在△O,O,D中由余弦定理得O,F2 =0203+02F2-20203·02Fc0s U18联盟校高三调研测评四·物理3 ∠030，F 解得0，F-2V5+1+2-6 3 两粒子打在接收屏的间距为△x'=O,F-0,D(1分) 解得4x-2v5+1+万-2-6L1分) 15.(16分)解：(1)滑块A放上传送带后，做初速度为零的 匀加速直线运动，由牛顿第二定律得u,m1g=m,a1 代入数据得a1=6m/s2(1分) 6122 滑块A加速到与传送带共速的位移为。20,2x6m 12m>x,所以滑块A不能与传送带共速 由公式v2=2a,x得v=6m/s(1分) 两物体发生弹性碰撞，则碰撞过程中动量守恒，机械能 守恒，有m1v=m1U,+m2心2(1分) 2m1=2m+2m, 代入数据解得v1=-4m/s、2=2m/s(1分) (2)碰后滑块B向左减速，假设滑块B不能滑上长木板， 则由动能定理得-4m3g,=0-2m, 解得x=1m<L1,假设成立(1分) 碰后滑块A先向右减速，再向左加速到传送带的最左 端，由对称性可知，滑块A返回到传送带左端的速度大 2v 小仍为1，碰后滑块A在传送带上运动的时间为t1= 2×44 6=3 滑块A滑上水平面后向左继续做减速运动，由牛顿第二 定律得，m1g=m1a(1分) 解得a2=2m/s(1分) 由于，>心2，所以两滑块能发生第二次碰撞，滑块A在水 面上滑动的时间为2，则由位移公式得x=0,2“,号 代入数据解得t2=(2-√3)s(1分) 10-33 两次碰撞的时间间隔为t= s(1分) (3)滑块B刚好能滑上长木板时，设碰后滑块B的速度 为，则由动能定理得-4，m,gl,=0- 2m2 解得v4=2.4m/s(1分) 碰撞过程有m,'=m1+m2"3 1 2m2=2m,4+2m, 解得v'=7.2m/s(1分) 滑块A在传送带上运动时，由v2=2a1x2得x2=4.32m 当滑块B刚好滑到长木板的最左端，此时二者具有相同 的速度。碰前滑块甲的速度为v"2=2a,x 两滑块碰撞，则有m,”=m,”,+m2心，(1分) 2m,= 2m+2m,(1分) 滑块B滑上长木板瞬间的速度为“5，则由-山2m28L,=2 m,2m,(1分) 滑块B滑上长木板后，由动量守恒定律得m2=(M+ m2)6(1分) 又由功能关系得化，m,g=m,-（+m,) 解得x3=9.72m 则传送带长度的取值范围为4.32m≤xB≤9.72m(1分) U18联盟校高三调研测评四·物理4U18联盟校高三调研测评四·物理答题卡 准考证号 学校 0][0]「0] [01「0]「0][0][01[0][0] 姓名 1 f11「1 「11 f11f11f1]f1 f17「1 [2 [21 [2 2] [2][2] [2][2] [2] 「3 [3] 31 3] 3] [3] [3] [3j 3 班级 「41 4][4[4] [4] S1 5] [57 5 6 6 6 6 6 「6 6 6 考场 [7] [7 7 7] [7 [7 「 [7] 81「8 「8 87 「81「81「8「8 「87 「8 [9j[9j[9j[9][9][9j[9j[91[9j[9] ■ 1.答题前，考生务必清楚地将自己的学校、班级、姓名、准考证号填写在规定 注 的位置，核准条形码上的准考证号，姓名与木人相符并完全正确及考试科日 也相符后，将条形码粘贴在规定的位置。 意2.选择题必须使用B铅笔填涂：非选择赐必须使用0.5毫米黑色墨水签字笔 贴条形码区 事 作答，字体工整、笔迹清楚。 (正面朝上，切勿贴出虚线方框) ■ 项 3.考生必须在答题卡各题日的规定答题区域内答题，超出答题区域范围书写的答案 无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。 4.保持卡面清洁，不准折叠、不得弄破 填涂样例 正确填涂：■错误填涂：X)p☐ 缺考标记：☐ 二 三 题号 总分 1-7 8-10 11 12 13 14 15 得分 一、单项选择题（本题包括7小题，共28分）》 1「A][B]「C][D] 3[A1[B1[C][D1 5[A][B][C][D] 7[A][B][C][D] 2「A][B1「C1「D] 4「A][B][C][D] 6 [A][B]C][D] 二、多项选择题（本题包括3小题，共18分） 8[A][B][C][D 9[A][B][C][D] 10[A][B][C]fD 三、非选择题（本题包括5小题，共54分） 11.(6分)(1) (1分) (2) (1分)； (1分) (3)右边方框(1分)(4) (2分) 12.(9分)(1)右边电路图(1分) (2) (1分)： (1分) (3) (2分) (4) (2分)； (2分) 13.(10分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 【U18联盟校高三调研测评四·物理答题卡·共2页·第1页】 14.(13分) 15.(16分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 【U18联盟校高三调研测评四·物理答题卡·共2页·第2页】 ■ ■U18联盟校高三调研测评四·物理 20重0000t0重00 0重0 :注：1.本卷总分100分，考试时间75分钟； 2.考试范围：全部高考内容。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，： :如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 :上。写在本试卷无效。 3.考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。每个小题给出的四个选项中，只有 一个选项正确，选对得4分，选错得0分。) 1.如右图甲所示为LC振荡电路，从t=0时刻开始计时，回路中的电流随时间的变化规律如 图乙所示，已知LC振荡电路的周期为T。下列说法正确的是 A.若两极板之间的距离增大，LC振荡电路的频率减小 B.若减小线圈的匝数，LC振荡电路的率减小 C.0~的时间，电容器两极板之间的电压增大 图乙 T?的时间，电场能正在增加 D.42 2.晓宇同学在研究光电效应现象时，利用不同频率的光照射某金属材料，记录了入射光频 率v以及与其相对应的遏止电压U。,然后描绘了v关于U。的函数图像，如右图所示，已 知电子的电荷量为e,图中v.为未知量，其余均为已知量。则下列说法正确的是() U2v2-Uv V A.v= U,-U, B.材料的逸出功e(U2-U,) (U2-U1) C.普朗克常量为 V2-V1 U. D.若y,=2y1,则相对应的光电子的最大初动能Em2=2Eml 3.如右图所示的正方形ACBD,O点为对角线的交点，其中a、b分别为 AO、BO的中点，现将两个等量的同种正点电荷Q固定在A、B两点。 则下列说法正确的是 A.正的试探电荷由a到b的过程，动能先减小后增大 A-- B.电子由C到D过程，电势能先增大后减小 C.若在C点放置-2√2Q的点电荷，D点的电场强度为0 D.从O点沿中垂线到无穷远处，电场强度一直减小 4.如图右甲所示，两定值电阻R,=2R、 ↑B 3B R2=3R通过导线与匝数为n半径为 r、阻值为R的线圈相连接，图中的虚 R2 0 XX 3to 4to 线为过圆形线圈圆心的直径，从t=0 0 时刻，在虚线右侧存在如图乙所示的 图甲 图乙 磁场，规定垂直纸面向里的方向为正 【U18联盟校高三调研测评四·物理·共6页·第1页】 方向。下列说法正确的是 A.线圈中产生的感应电动势为 TBor2 2to nuBor2 B.a、b两点的电势差为 12to Bor C.定值电阻R消耗的电功率为- 72Rt0 TBor2 D.0~4t时间通过定值电阻R的电荷量为 3R 5.甲、乙两辆汽车沿平直的公路并排行驶，从t=0时刻开始计时，计时瞬间两辆汽车之间的 距离为x。=66m,且汽车乙位于汽车甲的前方，两辆汽车的速度随 个v/(ms) 时间的变化规律如右图所示，则下列说法正确的是 24 A.两辆汽车在t=6s时相遇 B.两辆汽车不会相遇 C.t=4s时两辆汽车之间的距离为6m t/s D.汽车甲停止运动时，两汽车之间的距离为24m 6.如右图所示，在x=0处有一振源，从某时刻开始振动形成 ◆y/cm 一列沿x轴正方向传播的简谐横波，图中实线为t=0时 P 刻的波形图，经t=0.01s波形图为虚线所示，此时质点a 刚好位于波峰处，已知周期T>0.01s,图中标出的坐标点 0 x/m 均已知量。则下列说法正确的是 ( A.波速为100m/s B.a点的横坐标为5m C.t=0.015s时a、b两质点的位移相等 D.0~0.03s质点a与质点b通过的路程相等 7.如右图所示，倾角为的光滑斜面体，长为L的细绳一端固定在斜面体上的O点，另一端 拴接质量为m可视为质点的小球，小球在最低点时给小球一垂直细绳方向的初速度o, 小球运动到最高点时细绳刚好没有作用力，重力加速度为g,忽略一切摩擦和阻力。则下 列说法正确的是 ( A.o=2√gL B.小球在最低点时，细绳的拉力大小为6 mgsina C.小球运动到与圆心等高的位置时，细绳的拉力大小为mngsina D.小球由最低点到最高点的过程，合力的冲量大小为(5 √3)m√gLsina 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。每个小题有多个选项符合要求。全 部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。) 8.如右图所示，为某透明介质制成的三棱镜的截面，其中∠C=30°、∠B=45°，BC边的长度 为L,一细光束由AB由边的中点D斜射入棱镜 中，入射光线与AB边的夹角为α=30°，其折射光 ,光在 线在棱镜中与BC边平行，sim105°=V6+v2 真空中的速度为c,不考虑折射界面的反射光线。 【U18联盟校高三调研测评四·物理·共6页·第2页】 则下列说法正确的是 A.该介质的折射率为3 B.光线不能从AC边射出 C光线第一次离开棱镜时，折射角的正弦值为6 D.光线从D点射入到第一次离开棱镜的时间为36-22)L 3c 9.如图1所示，边长为L的正方形线框abcd的中线左侧有垂直线框平面的磁场，磁感应强 度B随时间，的变化规律如图2所示，规定磁场方向垂直纸面向里为正，已知0~3和 和 ~。时间内图线的斜率大小相等，线框中接有一小灯泡P和灵敏电流计，线框的电阻为 r,小灯泡的电阻为2r。下列说法正确的是 () B X 图1 图2 A.0~t,时间内，流过灵敏电流计的电流方向不变 3BoL2 B. 合线框中产生的感应电动势大小为、 to C.3~与。2。时间内，灵敏电流计的读数之比为1：3 to D.3o与。~2，时间内，灯泡消耗的电功率之此为9：1 10.如右图所示，倾角为a=30°的光滑斜面体固定，斜 甲 面体的足够长，底端附近固定一挡板，小物块甲、乙 用轻弹簧拴接后置于斜面体上，小物块乙紧靠挡板 放置，平衡时，弹簧的压缩量为d,小物块甲的质量 为m。某时刻在小物块甲上施加一沿斜面向上的 恒力F=mg,当弹簧原长时间恒力撤走，当小物块甲到最高点时乙刚好离开挡板，已知 弹簧储存的弹性势能为B,=2“,重力加速度为g,假设整个过程中弹簧始终处在弹性 限度以内。则下列说法正确的是 3 A.甲的最大速度为 B。甲运动到最低点的加速度为g C.小物块乙的质量为2m D.弹簧储存的最大弹性势能为9mgd 4 三、非选择题（共54分） 11.(6分)某实验小组的同学在“探究两个互成角度的力的合成规律”实验时，发现其中一 直弹簧测力计不能用，该小组的同学通过讨论进行了如下的操作并完成了实验： 【U18联盟校高三调研测评四·物理·共6页·第3页】 .将钩码与比较光滑的小圆环用细线拴接，用弹簧测力计测量其重力，读出弹簧测力计 的读数F; b.选取较长的细线，一端固定在竖直墙面上的A点，另一端穿过圆环后拴接在弹簧测力 计上，调整圆环两侧细线的夹角适当，稳定后读出弹簧测力计的示数F,并记下左右 两侧细线拉力F,、F,的方向； C.选择合适的量度和标度，作出F,、F,的合力F',与F进行比较； d.改变钩码的个数，重复a、b、co o B 图甲 图乙 (1)某次实验时，弹簧测力计的读出，如图甲中示数所示，则F= (2)a、b两次操作中 (填“需要”或“不需要”)圆环0保持在同一位置，其中 (选填“F”或“F”)与钩码的重力在一条直线上； (3)某次实验时，F=4N,F=2.5N,方框内F、F、F,的方向已标出，请在图中画出力F、 F,的合力； (4)若保持钩码的重力不变，图乙中调节两侧细线的夹角，夹角越大，则弹簧测力计的 示数 (选填“增大”、“不变”或“减小”)。 12.(9分)某实验小组的同学设计了如图1所示的电路，测量了电源的电动势和内阻，电路 中定值电阻R,的阻值约为十几欧姆，电阻箱R,的调节范围为0~992，两电压表的量程 足够且内阻均为几千欧姆。实验时进行了如下操作： R, R 图1 图2 (1)该小组的同学按照图1电路图连接电路，图2中部分电路已完成，请利用笔画线代 替导线将实物图补充完整。 (2)将电阻箱的阻值置于最大位置，闭合开关S,调节电阻箱的阻值使其逐渐减小，则电 压表V的读数U (选填“逐渐减小”、“不变”或“逐渐增大”)，电 压表V,的读数U, (选填“逐渐减小”、“不变”或“逐渐增大”)，同 时记录多组电阻箱的阻值R与相对应的电压表的读数U1、U2。 【U18联盟校高三调研测评四·物理·共6页·第4页】 U (3)该小组的同学利用记录的数据描绘了2关于R的函数图像，如图3所示，则定值电 U 阻R,= 个R/2 02 U 3.0----2 1 0 /13 72 24.0R/2 -13 图3 图4 (4)通过讨论该小组的同学做出了，R关于的函数图像，如图4所示，则电源的电动 势为E= V,电源的内阻为r= (结果均保留两位有效数字)。 13.(10分)某精密仪器研发空间需要定期消毒、排污，排污时首先将环境的温度升高，然后 再降低研发空间的压强。已知研发空间的体积为V。=300m3,温度为t。=7℃，空间的压 强为po=1.0×10Pa,摄氏温度t与热力学温度T之间的关系为T=t+273。假设研发空 间封闭的气体可视为理想气体。求：（以下结果均保留三位有效数字） (1)若将研发空间的温度升高到47℃，此时空间的压强； (2)当研发空间的压强降低到p2=8.0×104Pa时，排出的气体与剩余气体的质量之比。 14.（13分)在半导体注入工艺中，利用如右图所示的装置完成了粒子的注入。粒子发射源 S向外发射质量均为m,电荷量分别为g和3g的正粒子甲、乙，两粒子的初速度为零，两 粒子经加速电压U,加速，然后从上极板的左侧紧贴 。。。。1 极板射入偏转电压为U,的偏转电场，两粒子最终从 极板右侧进入垂直纸面向外的足够大的匀强磁场， 加速 磁感应强度大小为B,最终打在接收屏上。已知U 电场 偏转电场 =U2=U。,两极板的长度为L,两极板之间的距离为d 华 2m。忽略粒子的重 乞磁感应强度大小为B=元39 【U18联盟校高三调研测评四·物理·共6页·第5页】 力以及粒子间的相互作用。求： (1)证明粒子甲、乙在偏转电场中的轨迹重合： (2)若紧贴下极板的右侧沿竖直方向固定一足够大的接收屏，则粒子甲、乙达到接收屏 的间距； (3)若保持磁感应强度大小不变将方向改为垂直纸面向里，同时将接收屏移至虚线MN 处，粒子乙垂直打在接收屏上，两粒子打在接收屏的间距。 15.（16分)如图所示，水平传送带以恒定的速度o=12m/s向左传动，其左端与长为L,=1. 44m得水平面平滑地衔接，紧靠水平面的左端放置长为L,=0.9m、质量为M=2.5kg的长 木板，长木板的上表面与右侧的水平面等高。质量为m1=0.5kg的滑块A轻轻地放到传 送带的最右端，经过一段时间与放在水平面右端的质量为m2=2.5kg的滑块B发生弹性 碰撞。已知滑块A与传送带之间的动摩擦因数，=0.6，两滑块与水平面以及与长木板 上表面的动摩擦因数均为心2=0.2，长木板的下表面光滑，重力加速度g=10/s2。求： C 777777777777777777777777元 (1)若传送带的长度为x=3,两滑块碰后瞬间的速度； (2)若传送带的长度为x=3m,两滑块能否发生第二次碰撞，若能，求出两次碰撞的时间 间隔；若不能，请说明理由；（结果可保留根号）》 (3)改变传送带的长度，使滑块B能滑上长木板且不能从长木板上滑下，求传送带长度 的取值范围。 【U18联盟校高三调研测评四·物理·共6页·第6页】