第一章 运动的描述 & 第二章 匀变速直线运动的研究 滚动检测卷 A卷·基础达标卷-【创新教程】2026-2027学年高中物理必修第一册五维课堂单元双测卷（人教版）

物 新高考 第一、二章 滚动检测卷 理 同步单元双测卷 A卷·基础达标卷 (时间：75分钟 满分：100分) 一、单项选择题（本题7小题，每小题4分，共28分） 1.纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年大会上，7架 歼-10战机组成如图所示方队接受检阅，下列说法正确的是 A.以地面为参考系，歼-10编队是静止的 B.以编队中其他歼-10为参考系，歼-10战机是运动的 如 C.以舱内的飞行员为参考系，歼10战机是静止的 D.以舱内的飞行员为参考系，机后彩烟是静止的 1 2.乒乓球以30m/s的速度水平向右运动并碰到墙壁，与墙壁作用0.05s时间 举 后反向弹回，弹回的速度大小为15m/s,关于乒乓球与墙壁作用的过程，下 列说法正确的是 A.乒乓球的速度变化量大小为15m/s,方向水平向左 B.乒乓球的速度变化量大小为45m/s,方向水平向左 C.乒乓球的加速度大小为900m/s2,方向水平向右 D.乒乓球的加速度大小为1750m/s2,方向水平向左 毁 3.物体在做匀减速直线运动时，下列说法正确的是 ( A.加速度越来越小B.速度随时间均匀减小C.位移随时间均匀增加 D.位移随时间 均匀减小 茵 4.如图所示，人带着机器狗在公园跑步的x-t图像，在t=0时到t=t2 的过程中，关于人和机器狗的运动，下列说法正确的是 机器狗 A.人的运动方向一直在改变 B.机器狗一直做匀速直线运动 C.0~t1时间内，人速度一定大于机器狗的速度 D.0~t2时间内，人的平均速度等于机器狗的平均速度 物理试题第一、二章 滚动检测A卷第1页（共6页） 5.如图是甲、乙两物体做直线运动的v-t图像.下列表述正确的是( ↑/(ms) A.0~3s内甲、乙的运动方向相同 B.0~1s内甲、乙的位移相同 甲 3 t/s C.0~3s内甲、乙的加速度方向相同 D.0~3s内甲的加速度比乙的小 6.2025年11月5日，我国第一艘电磁弹射型航空母舰福建舰入列授 旗仪式在海南三亚某军港举行。假设某次弹射起飞过程中，福建舰 以恒定速度。向前运动，电磁弹射装置将舰载机以相对福建舰v1 的速度弹射出去，之后舰载机在加速跑道上做加速度为α的匀加速直线运动直至起飞。 已知舰载机的对地速度要达到，才能成功起飞，则福建舰的加速跑道长度至少为 ( A时 B.（十u)2-f C.（w,)2- D.-(+)2 2a 2a 2a 2a 7.在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如比值法、理想实验法、控制 变量法、极限思想法、类比法、科学假说法、建立物理模型法等等。以下关于所用物理学 研究方法的叙述不正确的是 () A.在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作 匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法 B根据速度定义式。一点当△非常小时，兰就可以表示物体在：时刻的解时速度，该 定义应用了极限思想方法 C.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法 D.定义加速度a= 用到比值定义法 二、多项选择题（本题3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中至少有两项 符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分) 8.一小球从静止开始做匀加速直线运动，在第15s内的位移比前1s内的位移多0.2m,则 下列说法正确的是 () A.小球加速度为0.2m/s2 B.小球前15s内的平均速度为1.5m/s C.小球第14s的初速度为2.8m/sD.第15s内的平均速度为0.2m/s 物理试题第一、二章滚动检测A卷第2页（共6页) 9.具有“主动刹车系统”的汽车与正前方静止障碍物之间的距离小于安全距离时，会立即开 始主动刹车，车主可根据需要设置安全距离。某车的安全距离为20m,若汽车正以 54km/h的速度在路面上行驶，遇紧急情况主动刹车后做匀减速直线运动，加速度大小为 6m/s2,下列说法正确的是 () A.汽车刹车时间为3s B.汽车能安全停下 C.汽车开始“主动刹车”后第1s末的速度为10m/s D.汽车开始“主动刹车”后第3s内的平均速度为0.75m/s 10.A、B、C三个物体同时在同一地点沿同一方向做直线运动，如图为他们的位移 一时间图像，由图像可知，物体在t。时间内 A.A物体的平均速度最大 B.三个物体的平均速度一样大 C.A、C物体做曲线运动，B物体做直线运动 D.三个物体的路程关系为xA>xB=xC 三、非选择题（共54分） 11.(6分)在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中： (1)实验室提供了以下器材：电火花打点计时器、一端附有滑轮的长木板、小车、纸带、细绳、糟 码、刻度尺、交流电源、秒表、弹簧测力计.其中在本实验中不需要的器材是 (2)实验中甲同学写出了如下实验步骤： A.在桌面上放好长木板，在无滑轮的一端固定电火花打点计时器，用导线将电火花打点 计时器接到6V交流电源上。 B.将纸带固定在小车上，并使纸带穿过电火花打点计时器的限位孔。 C.用细绳的一端拴住小车，细绳的另一端跨过长木板上的定滑轮，挂上糟码，将小车放 在靠近电火花打点计时器一端的木板上。 D.放开小车，让小车运动后再合上开关，使电火花打点计时器打点。 E.纸带全部通过后断开开关，取下纸带，测量和分析纸带。 乙同学检查了甲同学拟定的实验步骤，发现有两处错误。 请你代乙同学纠正甲同学的错误： 错误1： 错误2： 物理试题第一、二章滚动检测A卷第3页（共6页) 12.(8分)“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，某同学得到一条点迹清晰的纸带，选 取便于测量的部分进行研究，把计时起点标为0，往后再每隔4个点标定一个计数点，分 别标以1、2、3、4、5、6、7，如图所示。 0123.43.67 (1)已知相邻两计数点之间的时间间隔为T,1、2两点之间的距离为x2,2、3两点之间的 距离为x3,则打下计数点2时小车的瞬时速度为 (2)该同学根据测量数据计算出小车的速度并记人下表。请在下图的坐标纸上，根据表 中数据作出小车运动的v-t图像；由图像可求得小车加速度的大小a= m/s2。 计数点 0 3 5 6 时间材s 0.10.2 0.3 0.40.50.6 速度/(m·s1) 0.811.001.201.391.601.80 13.(10分)2025年11月11日，在广东省奥体中心游泳跳水馆举行的 ◆l(m.s) 第十五届全国运动会跳水项目男子10米跳台决赛中，山东队的练 0.3 1.82.1 俊杰获得金牌。练俊杰在离开跳台后的过程中，利用传感器可得 到他在竖直方向的速度随时间的变化规律，经模型化处理后得到 如图所示的图像，求： -14.4 (1)练俊杰在运动过程的最大加速度为多大； (2)练俊杰在2.1s内的路程以及2.1s内的平均速度大小（结果保留2位小数）。 物理试题第一、二章滚动检测A卷第4页（共6页) 14.(14分)一矿井深为125m,在井口每隔一定时间自由下落一个小球，当第11个小球从 井口开始下落时，第1个小球恰好到达井底，求： (1)相邻两个小球开始下落的时间间隔； (2)这时第3个小球和第5个小球之间的距离。 物理试题第一、二章滚动检测A卷第5页（共6页) 第一、二章 滚动检测卷A卷·基础达桥卷 物理答题卡 姓 名 准考证号 条形码区 缺考标记（学生禁止填涂)口 填 正确填涂 注 1.答题前，考生须准确填写自己的姓名、准考证号，并认真核对条形码上的姓名、 准考证号。 涂 ■ 意 2.选择题必须使用2B铅笔填涂，非选择题必须使用0.5毫米黑色墨水签字笔书写， 错误填涂 涂写要工整、清晰。 样 XO 事 3.按照题号在对应的答题区域内作答，超出答题区域的答题无效，在草稿纸、试 例 【】0力 项 题卷上作答无效。 4.答题卡不得折叠、污染、穿孔、撕破等。 选择题（共46分.1-7小题每题4分，8-10小题每题6分） 1ABCD 5ABC☑D 9ABCD 2ABCD 6ABCD 10ABCD 在各题 3ABCD 7A B CD 4ABCD 8 ABCD 的答题 非选择题（共54分） 11.(6分) 内作答 (1) (2) ,超出边框的答案无效 12.(8分) (1) (2) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡第一、二章滚动检测A卷第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 13.(10分) 个lms） 0 0.3 1.82.1 》 -14.4 14.(14分) 请在各题目的答题区域内作答 ,超出边框的答案无效 15.(16分) 1/ms-'） 6 4 B 甲A/ 24 6 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡第一、二章滚动检测A卷第2页（共2页） 15.(16分)甲、乙两物体从同一地点向同一方向运动，其速度一时间图像如图所示.试问： v/(m-s-1) B 甲A D 2 01 246 8 (1)图中AC、CD、AD段图线各表示什么运动？ (2)t=2s,甲、乙的加速度各是多少？ (3)在什么时刻两物体的速度相同？ 物理试题第一、二章滚动检测卷A卷第6页（共6页）物理·必 解得t2=1s, 以行人为研究对象？a=L 把L=3m代入，解得行人的加速度至少为 a'=6m/s2。 答案：(1)28.5m (2)6m/s2 15.解析：(1)x一t图像的斜率表示速度，则汽车A 的速度为-9n/s=4m/s, 0一t图像的斜率表示加速度，汽车B刹车后的 加递度为a9n/s=-2m/, 当两车速度相等时，两车相距最远，设汽车B 匀减速运动的时间为△t时两车速度相等，则 有va=VB十a△t, 代入数据解得△t=2s, 即t2=t1十△t=3s时两车相距最远 此时汽车A的位移vat2=4X3m=12m, 汽车B的位移为。=eH十%△十合a(a) =(8×1+8×2-号×2×2)m=20m, 因此最远距离△x=xB十x0-xA=20m十12m -12m=20m; (2)0~t1时间内，汽车A匀速运动的位移xa ==4X1 m=4 m, 汽车B匀速运动的位移x6'-0=16m, 2a 两车间的距离△x'=xB'十x一xA′=(8十12 4)m=16m, 汽车B匀减速到停止的位移为。”=0， 2a 16m, 当汽车B停止时，汽车A刚好追不上，对应的 汽车A的加速度最小 对汽车A,根据速度位移公式有v员=2amim（△x 十xg"), 解得amim=0.25m/s2, 所以汽车的加速度至少为0.25m/s2。 答案：(1)3s,20m (2)a≥0.25m/s2 第一、二章滚动检测卷(A卷) 1.C[A.以地面为参考系，歼-10编队位置不断 变化，是运动的，故A错误； B.以编队中其他歼-10为参考系，歼-10战机 的位置不变，是静止的，故B错误； 修第一册 C.以舱内的飞行员为参考系，歼-10战机的位 置不变，是静止的，故C正确； D.以舱内的飞行员为参考系，机后彩烟的位置 不断变化，是运动的，故D错误。] 2.B[选取水平向右的方向为正方向，则有△0= 2-v1=(-15-30)m/s=-45m/s, 即乒乓球的速度变化量大小为45m/s,方向水 平向左，A错误，B正确： 根据加速度的定义，可得乒乓球的加速度为a= 8-m/g=-9o0m/, 即乒乓球的加速度大小为900m/s2,方向水平 向左，C、D错误。] 3.B[汽车做匀减速直线运动，所以加速度保持 不变，故A错误；物体做匀减速运动，说明在单 位时间内速度的减小量相同，即速度随时间均 匀减小，故B正确；物体运动方向不变，所以物 体的位移始终增加，但不均匀，故C、D错误。] 4.D[A.因x一t图像只能描述直线运动，且图 像斜率等于速度，可知人的速度一直为正值，运 动方向没有改变，A错误；B.图像的斜率等于速 度，可知机器狗在0到t1以及t1到t2两段时间 内的速度大小不同，故不是匀速直线运动，B错 误；C.0到t1时间内不知道人的x一t图像的斜 率具体值，因此无法判断是否一直比机器狗的 速度大，C错误；D.在0到t2时间内，人和机器 狗的位移相等，故平均速度也相等，D正确。] 5.A[速度的正负表示速度的方向，由图知，0~3 s内两个物体的速度均沿正方向，方向相同，故 A正确；0~1s内，由图线的“面积”读出甲的位 移大于乙的位移，故B错误；图像的斜率等于加 速度，则知0~3s甲的加速度为负值，乙的加速 度为正值，两物体的加速度方向相反，故C错 误；甲图的斜率绝对值大于乙的斜率，则0~3s 内甲的加速度大于乙的加速度，故D错误。] 6.C[依题意，舰载机相对福建舰的速度v达到 2一时可以起飞，以福建舰为参考，由2一 =2ax有 (v2-u)2-=2a.x, 解得福建舰的加速跑道长度至少为x= (,-)》-,AB、D错误，C正确。] 2a 7.C[在推导匀变速运动位移公式时，把整个运 动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀 速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采 用了微元法；故A正确：以时间趋向无穷小时的 参考 平均速度作为瞬时速度，采用了极限思雏法，故 B正确；用质点代替物体，采用的科学方法是建 立理想化的物理模型的方法，故C错误；定义加 速度采用的是比值法；故D正确。] 8.AB[根据匀变速直线运动的推论△x=aT 得a-02/g=0,2m/g,故A正璃；小球15s 末的速度15=at15=0.2×15m/s=3m/s,则 小球前15s内的平均速度6=0十=3 2 2 m/s =1.5m/s,故B正确；小球第14s的初速度等 于13s末的速度，则v13=at13=0.2×13m/s= 2.6m/s,故C错误；小球第14s末的速度v14= at14=0.2×14m/s=2.8m/s,则第15s内的平均 速度为16=44十45=3十2.8 2 2 m/s=2.9m/s,故 D错误。] 9.BD[A.已知=54km/h=15m/s, 则汽车刹车时间为t。= 0=2.5s, 故A错误； B汽车刹车过程中的位移为x4=18.75m了 20m, 则汽车能安全停下，故B正确；C.汽车开始“主 动刹车”后第1s末的速度为v1=v,一at1=(15 -6×1)m/s=9m/s, 故C错误； D.由A选项分析可知汽车开始“主动刹车”后 2.5s停止。则汽车第3s内的位移 x=7a=2×6x0.52m=0.75m, 1 2 第3s内的平均速度为⑦=工=0.75 m/s= t 1 0.75m/s, 故D正确。 故选BD。] 10.BD[由图像看出，在0~t。时间内，三个物体 的位移△x相同，所用时间相同，则平均速度相 同，故A错误，B正确；由题意可知A、B、C三 个物体都做直线运动，故C错误；由图可知A 的路程最大，B、C路程相等，所以三个物体的 路程关系为xA>xB=xC,故D正确。] 11.解析：(1)时间可以由纸带上的点数和打点频 率算出，故不需要秒表；测量的是位移等运动 学量，与力无关，故无需弹簧测力计。 答案 (2)错误1：A中应将电火花打点计时器接到 220V交流电源上。错误2：D中应先合上开关 再放开小车。 答案：(1)秒表、弹簧测力计(2)见解析 12.解析：(1)可以认为打下计数点2时小车的瞬 时速度等于1、3两点之间的平均速度，即2= x2十x3 2T (2)图像如图所示， 4v/(m·sl) 0 123456t×10s) 由图像的斜率表示加速度知，a=1,80-1.00 0.6-0.2 m/s2=2.0m/s2。 答案12六 (2)图见解析 2.0(2.0±0.1) 13.解析：(1)v一t图线斜率绝对值表示加速度大 小，由图可知，在1.8~2.1s内图线斜率绝对 值最大，则加途度最大位为口= 0-(-14.4) 2.1-1.8 m/s2=48m/s, (2)v一t图像的面积表示位移，则在0~0.3s 练俊杰向上运动的位移大小为西=号×3X03m =0.45m, 0.3s~2.1s内练俊杰向下运动的位移大小为 4=2×14.4X(2.1-0.3)m=12.96m, 则练俊杰在2.1s内的路程为 x=x1+x2=13.41m, 则2.1s内的平均速度大小为0=二飞1= 12.96-0.45m/s≈5.96m/s。 2.1 答案：(1)48m/s2(2)13.41m5.96m/s 14.解析：(1)设第1个小球下落到井底用时为t。 根据自由落体运动位移时间关系A=2g,则 得1-√西。=5相年小球下 落时间间隔为T, 物理·必 由题意知t=10T 联立解得T=0.5s (2)由以上计算可知，当第1个小球到达井底 时第3个小球刚好下落t1=4s 第5个小球下落的时间为t2=3s 1 故△H=H,-H,=2g(G-号) =7×10×4-3)m =35m。 答案：(1)0.5s(2)35s 15.解析：(1)根据图像的斜率表示加速度可知： AC表示匀加速直线运动，CD表示匀减速直线 运动，AD表示匀速直线运动；(2)根据图像可 知：a2=A-2,0=1m/s,甲做匀速运动，加 △t2 速度为0；(3)由图像可知，交点处两物体速度相 等，所以在2和8秒末速度相等。 答案：(1)见解析(2)01m/s2(3)第2s末和 第8s 第一、二章滚动检测卷(B卷) 1.A[根据中间时刻的速度等于平均速度可知： v1=2m/s;v2=4m/s,再根据加速度的定义可 知：a=会是-号m/S,故A特合题意.] 2.B[从题图可知：甲物体的初速度为零，乙物体 的初速度不为零，故A错误；因为v一t图像中 图线的斜率表示物体的加速度，题图中甲的斜 率大于乙的斜率，即甲的加速度大于乙的加速 度，故B正确；0~t1时间内，甲的速度小于乙 的速度，故C错误；0~t1时间内，甲图线与坐标 轴围成的面积小于乙图线与坐标轴围成的面 积，所以甲的位移小于乙的位移，故D错误。] 3.D[根格方=g知，直尺下落的高度越大， 反应时间越长。由于直尺的“0”刻度线在上方， 所以小华捏住直尺处刻度值越大，说明直尺下 落的高度越小，反应时间越短。故A、B、C错 误，D正确。] 4.D[通过分析可知，汽车在运动过程中先做匀 速直线运动，再做匀减速直线运动；根据运动学 的规律，列式可得x=t十2% [6X0.7+03)+92]m=8.6m,故D正确，] 修第一册 5.A[因两物体下落高度相同，则由v2=2gh可 知，落地时的速度相同，故A正确； 由A=2g可得，两物体下落所用的时间相同， 故B错误；假设B运动t时间后，A、B两物体间 的距离为：h=78gt2-7g4-22=201+20: 故A、B两物体间的距离增大，故C错误； 由速度公式可得△v=gt-g(t-2)=2g=20 m/s;故D错误。] 6.D[在x一t图像中，斜率代表速度，故甲、乙匀 速运动，故甲、乙的加速度都为零，故A错误； 乙运动后，甲、乙做方向相反的匀速直线运动， 故B错误； 甲的连度为，=是-025m/5=-5m/s,2 5 的速度为2=9m/s=5m/,故乙运动后， 甲、乙速度大小之比为1：1，故C错误； t=3s时，甲、乙处于相同位置，故甲、乙相遇，故 D正确。] 7.D[第一次时，末速度v1=1m/s,根据加速度 的定义可知，a1=0=-2.5m/5;第二次 时，末速度为=-1m/s,加速度a,= t =-3.5m/s2,D项正确，A、B、C项错误。] 8.AC[竖直上抛的物体的运动具有对称性，由 于石块两次经过距地面15m的同一位置所用 时间为2$，说明石块上升经过该点与下落经过 该点的时间差是2s,可知石块在距地面15m的 高度又会上升1s的时间，而这1s的时间通过的 位移又可以看成是石块从初速度为0做1s加速 的位移，即为A1=7gt2=号×10X12m=5m, 故石块上升的最大高度为15m十5m=20m。 选项A正确，B错误；再根据v=2gh总=2×10 ×20(m/s)2=400m2/s2,v=20m/s,选项C正 确，D错误。] 9.ABD[设小球向上做匀变速直线运动的加速度 为a,根据推论得：xu一xn=aT得：a=工工 2 =5-7 2m/s=-0.5m/s,c点的速度为：.= 养贵2m/s=3ms,根据建度位移公式可 知2-v6=2axk,解得：v。=√10m/s,故B正