精品解析：陕西省安康市汉滨区2025～2026学年度下学期适应性练习（二）九年级 物理试卷

2025~2026学年度（下）适应性练习（二） 九年级物理 （全卷共8页，满分80分，时间80分钟） 一、选择题（共10小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题2分，共计20分。） 1. 初中生学生证上贴的是一张一寸免冠照，1寸照片的高度最接近（　　） A. 3.5mm B. 3.5cm C. 3.5dm D. 3.5m 2. 下列说法正确的是（　　） A. 油罐车后挂有铁链与地面相连，是为了防止静电带来的危害 B. “破镜不能重圆”是因为分子间存在较大的斥力 C. 汤姆生发现电子揭示了原子核是可分的 D. 宇宙是一个有层次的天体结构系统，太阳才是宇宙的中心 3. 2025年11月9日晚，第十五届全国运动会开幕式上，“古老文明”与“现代科技”同台交汇，人形机器人奏响千年青铜句罐。如图所示，是机器人演奏的情景，下列说法正确的是（ ） A. 现场观众将手机调静音是在传播过程中控制噪声 B. 句罐发出的声音可以在真空中传播 C. 敲击大小不同的句罐发出声音的音色不同 D. 敲击同一句罐，用的力越大，发出声音的响度越大 4. 如图所示，是用AI制作的节气图片，各图片中的现象由于液化形成的是（ ） A. 惊蛰冰化水 B. 立秋露水凝 C. 立冬霜来结 D. 大寒冰挂檐 5. 时代，大数据中心的计算机主机在处理海量数据时会产生大量电热，将主机直接浸泡在氟化液中，可有效冷却且能使电路元件长期稳定工作。由此可知，氟化液除具有良好的绝缘性外，还应具有良好的（ ） A. 弹性 B. 导电性 C. 导热性 D. 延展性 6. 安全用电关乎人民的生命和财产安全。下列有关说法正确的是（　　） A. 图甲：家庭电路的空气开关跳闸，一定是出现了短路故障 B. 图乙：只要装有漏电保护器，触摸电路中任何部分都不会触电 C. 图丙：插头插入插座后，标①的脚将用电器的金属外壳与地连接 D. 图丁：闭合开关S，手指接触M点时不会触电 7. 在青岛港的全自动智能化码头，自动导引车经过布置在地上的磁钉时，会产生感应电流，进而实现精准定位。以下实验能揭示此原理的是（　　） A. B. C. D. 8. “投壶”是古人宴会时礼节性的游戏。在投壶时，下列说法正确的是（　　） A. 箭矢离开手向前运动时，运动状态不变 B. 以壶为参照物，投出去的箭矢是静止的 C. 壶静止在水平地面上时，壶对地面的压力和地面对壶的支持力是一对相互作用力 D. 箭矢脱手以后能够继续飞行，是由于惯性的作用 9. 如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，各元件均正常工作，下列说法正确的是（　　） A. 电流表示数变大 B. 小灯泡变暗 C. 电压表V1与电流表A的示数的乘积变大 D. 不增加器材，利用图中器材可以探究电流与电压的关系 10. 如图-1，电源电压保持不变，电流表的量程是0~0.6A，电压表的量程是0~15V。在保证各元件安全的情况下（灯泡两端的电压不超过额定电压，电表均不超过量程），进行下列操作：只闭合S1、S2，在最大范围内移动滑动变阻器滑片P，电流表示数与滑动变阻器接入电路的阻值的关系如图-2所示；只闭合S3，滑片P从最右端向左移动，直到灯泡正常发光，电流表示数与电压表示数的关系如图-3所示。下列说法正确的是（　　） A. 电源电压为5V B. 小灯泡的额定功率为3.36W C. 小灯泡工作时的最小电压为1V D. 只闭合S3、S2时，电路的最大功率是3W 二、填空与作图题（共7小题，填空题每空1分，画图题每题2分，共计20分） 11. 羊肉泡馍是陕西的特色美食之一。如图所示，刚出锅的羊肉泡馍香气四溢，这是由于分子在不停地______；煮馍时，是通过______的方式使其内能增加；游客用手机扫码付款时，是利用______传递信息的。 12. 如图所示，这是九三阅兵时展示的我国隐身高速型察打一体无人机。该无人机能10min到达180km远的目标位置，则此过程中无人机的平均速度是______m/s；机翼上表面凸起，下表面较平，利用流体在流速越大的地方压强越______，从而获得升力。 13. 我国自主研发的“天问一号”火星探测器搭载的高分辨率相机，其镜头相当于一个______（填“凸透镜”或“凹透镜”）。在拍摄火星表面时，相机通过调节镜头与感光元件的距离，使火星表面清晰的像成在感光元件上，成的像为______（填“放大”“缩小”或“等大”）的实像，若想让火星表面的像变大，可以让镜头______（填“靠近”或“远离”）被拍物体。 14. 用手边的铅笔可以做很多物理小实验。如图甲所示，用一根橡皮筋水平匀速拉动放在桌面上的一本书，然后在书下垫几支铅笔，再匀速拉动，对比两次实验可得出变滑动为滚动可减小物体间的摩擦，支持该结论的现象是：垫上铅笔后_______；如图乙所示的实验，与笔尖接触的手指形变程度更明显，说明压力作用效果与_______有关；如图丙所示，在铅笔的一端缠绕适量铜丝制成一个简易密度计，分别放入水和酒精中，该密度计都处于漂浮，则该密度计在水中受到的浮力F1_______在酒精中受到的浮力F2（选填“>”、“=”或“<”）。 15. 小明同学用天平设计了一架测量盐水密度的密度秤，已知。用两个相同的柱形塑料容器，分别取20mL的水和盐水装入其中，放在天平两边的托盘上（天平已调节平衡，游码在零刻度线处），仅通过调节游码使天平再次平衡，然后根据游码位置就可知道盐水密度，图中盐水的质量为_______g，盐水密度为_______g/cm3；该密度秤的分度值为_______。 16. 如图所示，密封盒的内部只有一个定值电阻R1和一个电阻箱R2，表面只有两个接线柱和电阻箱的旋钮，小明想探究R1和R2的连接方式，连接了如图所示的电路，其中电源电压恒定，三次实验数据记录如表格所示。 实验序号 电阻箱R2/Ω 电流表示数I/A 1 10 0.6 2 20 0.4 3 40 0.3 由此判断定值电阻R₁和电阻箱R₂的连接方式是_______（选填“串联”或“并联”），电源电压是_______V。 17. 按要求完成下列作图题； （1）如图所示，入射光线AO与水面成40°角斜射向水面。请画出反射光线OB和折射光线OC的大致方向。 （2）麒麟尊1991年出土于贺州沙田镇龙中村，造型集麒麟、龙、凤元素于一体，是中原与岭南文化融合的重要实物。如图所示，麒麟尊重心为O，请画出麒麟尊静止在水平桌面上的受力示意图。 三、实验探究题（共4小题，每空1分，共21分） 18. 按要求填空 （1）如图甲所示，电能表的读数是_______； （2）如图乙所示，是水_______的气泡特点（选填“沸腾前”或“沸腾时”）； （3）如图丙所示，用软管连接两根玻璃管构成连通器，将左侧玻璃管向上移动，当其中水不流动时，两侧玻璃管中水面的高度将_______（选填“左侧高”、“相平”或“右侧高”）； （4）如图丁所示，在试管中装入适量的水，用塞子塞住管口，加热一段时间，塞子冲出去，此过程与热机的_______冲程能量转化相似。 19. 用如图甲所示的装置，探究平面镜成像的特点。M是有一面镀膜的玻璃板，A、B是两支外形相同的蜡烛。 （1）将白纸放在水平桌面上，将玻璃板与纸面_______放置。 （2）将蜡烛A放在玻璃板前，用未点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合，说明像和物的_______；再将光屏放在像的位置，眼睛_______（选填“透过玻璃板”或“直接”）观察光屏，来探究像的虚实。 （3）完成上述实验后，小明反思实验过程，提出一个质疑：实验中利用玻璃板镀膜的那一面成像，应该在镀膜那一面下边划线，作为平面镜的位置。怎样判断玻璃板哪面镀膜呢?小组同学讨论出一种方法：将铅笔尖分别贴在玻璃板的左右两面，观察到铅笔较清楚的像如图乙所示，由此可以判断镀膜在玻璃板的_______（选填“左”或“右’）面。 20. 小明在探究“浮力的大小与哪些因素有关”的实验时，用弹簧测力计吊着圆柱形物体逐渐浸入水中，再将圆柱形物体逐渐浸入盐水中。 （1）由图A可知，圆柱形物体的重力为_______N，物体完全浸没在水中时受到的浮力为_______N； （2）比较图A、B、C、D四次实验，说明物体_______越大，物体所受浮力越大；为了探究物体所受浮力的大小与液体密度的关系，应该比较A、_______三次实验； （3）圆柱体浸没后向下移动的过程中，其下表面受到水的压强_______（选填“变大”“变小”或“不变”）； （4）小明对比C、E两次实验数据后发现：液体的密度改变时物体受到液体的浮力变化不太明显，请你写出一种改进的措施：_______。 （5）如图F所示，把装满水的溢水杯放到台秤上，再把该圆柱形物体浸没在水中时，从物体接触水面到完全浸没的过程中，台秤的示数变化情况是_______。 21. 在“为家庭节约用电提建议”的跨学科实践中，小明发现家里使用LED灯较多，于是他设计如图所示的实验来探究LED灯和白炽灯的发光效率。 【证据】 （1）①晚上在一个封闭房间里，关闭所有灯光，分别让白炽灯、LED灯发光，取一张有文字的纸张； ②按照图甲、乙所示连接好电路，闭合开关后，发现甲图中电流表有示数，电压表无示数，原因可能是白炽灯_______； ③改正错误后，闭合开关，移动滑片，当恰好看清楚纸张上的字时，记录下电压表和电流表的示数，测量出纸张到灯的距离，实验数据如下表所示： 实验序号 光源 电压/V 电流/A 电功率/W 看清字的距离/cm 1 白炽灯 1 0.15 0.15 5 2 白炽灯 1.5 0.2 0.3 7 3 白炽灯 2.5 0.25 0.625 10 4 LED灯 1.5 0.1 0.15 10 5 LED灯 2 0.15 0.3 14 6 LED灯 2.5 0.25 0.625 20 【解释】 （2）分析1、4（或3、6）次实验可得，在实际电功率相同的情况下，LED灯看清字的距离_______（选填“远”或“近”），即发光效率_______（选填“高”或“低”）； （3）分析3、4两次实验可得，在相同情况下，该LED灯比白炽灯可节约大约_______%的电能； 【交流】 （4）实验中，小明用手摸白炽灯、LED灯的外壳，发现白炽灯的外壳比较热，这说明白炽灯效率低的原因是将电能转化为_______能和光能； （5）小明取来单个LED灯珠（正常发光时的电阻约为100Ω）和一只“3.8V；0.3A”的白炽小灯泡，串联接入电源电压为6V的电路中进行实验，闭合开关，发现LED灯珠亮而小灯泡不亮。检查后发现，电路既无短路也无断路，所有元件完好无损。请你猜想“LED灯珠亮而小灯泡不亮”的原因可能是_______。 四、综合题（共3小题，计19分） 22. 如图是一台两栖履带起重机。当起重机吊起 的货物时，货物匀速升高15m用时40s。若滑轮组的机械效率为75%。则： （1）拉力做的总功? （2）拉力做功的功率是多少? 23. 养生壶以其独特的功能和设计成为了追求健康生活人士的得力助手。小华家新买的一款养生壶，其工作电路可简化成如图所示的电路简图，该养生壶有“加热”和“保温”两挡，额定电压为220V，电热丝，保温功率为110W。则： （1）养生壶是利用电流的_______效应工作的。 （2）保温挡正常工作时电路中的电流? （3）养生壶在“加热”挡工作时的电功率是多大? （4）将壶内1kg的茶水从25℃加热至75℃耗时5min，此养生壶的加热效率是多少?[c茶 24. 如图-1是中国空间站在距地面约400km的轨道上运行的场景，空间站每天消耗420度电能，其电力系统主要是由柔性太阳电池翼（如图-2）和储能装置这两部分构成，太阳电池翼展开总面积为150m²，光电转换效率为30%，空间站轨道处的太阳辐射功率为储能效率高达95%（储能效率指储能元件储存起来的电量与太阳电池翼输入能量的比），空间站绕地球一周耗时90min，如果空间站每运动一周有一半时间处于地球光照区（空间站处于地球光照区时，太阳电池翼工作不仅直接为空间站提供实时运行的电能，还会为储能装置充电），一半时间处于地球阴影区（无光照时，仅由储能装置为空间站提供电能）。 （1）空间站上的太阳电池翼将太阳能转化为_______能。 （2）太阳电池翼在光照区时的发电功率是多少kW? （3）空间站在地球阴影区运行时由储能装置内的蓄电池供电，为维持空间站正常运行，太阳电池翼每天至少要给蓄电池提供多少度电。（保留整数，不计蓄电池供电时的能量损耗） （4）若空间站每天消耗的全部电能由太阳电池翼发电量的80%供给，请通过计算判断是否能满足空间站的正常电能消耗? 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025~2026学年度（下）适应性练习（二） 九年级物理 （全卷共8页，满分80分，时间80分钟） 一、选择题（共10小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题2分，共计20分。） 1. 初中生学生证上贴的是一张一寸免冠照，1寸照片的高度最接近（　　） A. 3.5mm B. 3.5cm C. 3.5dm D. 3.5m 【答案】B 【解析】 【详解】一寸照片的规格通常约为，因此3.5cm最接近其真实高度，故选B。 2. 下列说法正确的是（　　） A. 油罐车后挂有铁链与地面相连，是为了防止静电带来的危害 B. “破镜不能重圆”是因为分子间存在较大的斥力 C. 汤姆生发现电子揭示了原子核是可分的 D. 宇宙是一个有层次的天体结构系统，太阳才是宇宙的中心 【答案】A 【解析】 【详解】A．铁是良好的导体，铁链能将油罐车在行驶中与空气、燃油摩擦产生的静电及时导入大地，从而防止静电积聚带来危害，故A正确； B．“破镜不能重圆”是因为破镜碎片拼合处的绝大多数分子间距离远大于分子间作用力的有效作用范围，此时分子间的作用力微乎其微，并非因为存在较大斥力，故B错误； C．汤姆生发现电子揭示了原子是可分的，而不是揭示原子核可分，故C错误； D．宇宙是一个有层次的天体结构系统，但太阳只是太阳系的中心，并非整个宇宙的中心，故D错误。 故选A。 3. 2025年11月9日晚，第十五届全国运动会开幕式上，“古老文明”与“现代科技”同台交汇，人形机器人奏响千年青铜句罐。如图所示，是机器人演奏的情景，下列说法正确的是（ ） A. 现场观众将手机调静音是在传播过程中控制噪声 B. 句罐发出的声音可以在真空中传播 C. 敲击大小不同的句罐发出声音的音色不同 D. 敲击同一句罐，用的力越大，发出声音的响度越大 【答案】D 【解析】 【详解】A．将手机调静音是阻止声源发声，属于在声源处控制噪声，故A错误； B．声音的传播需要介质，真空不能传声，因此句罐的声音不能在真空中传播，故B错误； C．音色由发声体的材料和结构决定，大小不同的句罐是同种材料同类乐器，音色近似；敲击大小不同的句罐会导致振动频率不同，造成声音的音调不同，故C错误； D．敲击同一句罐时，用力越大，句罐振动的振幅越大，发出声音的响度越大，故D正确。 故选D。 4. 如图所示，是用AI制作的节气图片，各图片中的现象由于液化形成的是（ ） A. 惊蛰冰化水 B. 立秋露水凝 C. 立冬霜来结 D. 大寒冰挂檐 【答案】B 【解析】 【详解】A．冰化成水，由固态变为液态，属于熔化现象，故A不符合题意； B．露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，故B符合题意； C．霜是空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，属于凝华现象，故C不符合题意； D．该现象是水遇冷变成冰，属于凝固现象，故D不符合题意。 故选B。 5. 时代，大数据中心的计算机主机在处理海量数据时会产生大量电热，将主机直接浸泡在氟化液中，可有效冷却且能使电路元件长期稳定工作。由此可知，氟化液除具有良好的绝缘性外，还应具有良好的（ ） A. 弹性 B. 导电性 C. 导热性 D. 延展性 【答案】C 【解析】 【详解】氟化液用于冷却计算机主机，需快速传导热量以实现有效散热，因此必须具有良好的导热性。题干中已明确氟化液具有良好的绝缘性（确保电路元件不短路），而弹性、导电性和延展性与冷却功能无关。 A. 弹性：指材料变形后恢复原状的能力，与热传导无关，故A不符合题意； B. 导电性：若氟化液导电，会导致电路短路，但题干中氟化液使元件稳定工作，故B不符合题意； C. 导热性：冷却液的核心功能是散热，需高效传热，故C符合题意； D. 延展性：指材料可塑性，与热传导无关，故D不符合题意。 故选C。 6. 安全用电关乎人民的生命和财产安全。下列有关说法正确的是（　　） A. 图甲：家庭电路的空气开关跳闸，一定是出现了短路故障 B. 图乙：只要装有漏电保护器，触摸电路中任何部分都不会触电 C. 图丙：插头插入插座后，标①的脚将用电器的金属外壳与地连接 D. 图丁：闭合开关S，手指接触M点时不会触电 【答案】C 【解析】 【详解】A．空气开关因电路中电流过大而跳闸，其原因可能是出现了短路故障，也可能是同时使用的用电器总功率过大，故A错误； B．漏电保护器主要在电路发生漏电时切断电路，若人体同时接触火线和零线，电流未流入大地，漏电保护器不会跳闸，人依然会触电，故B错误； C．三脚插头中标①的最长脚对应地线，插入插座时能将用电器的金属外壳与大地相连，从而防止因外壳漏电而引发触电事故，故C正确； D．闭合开关S后，M点与火线直接连通，人体接触M点时会与大地形成闭合回路，从而发生单线触电事故，故D错误。 故选C。 7. 在青岛港的全自动智能化码头，自动导引车经过布置在地上的磁钉时，会产生感应电流，进而实现精准定位。以下实验能揭示此原理的是（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】自动导引车经过磁钉时产生感应电流，其原理是电磁感应现象。 A．通电后小磁针偏转，表明通电导体周围存在磁场，属于电流的磁效应，故A不符合题意； B．闭合开关，导体在磁场中受力而运动，与电动机原理相同，故B不符合题意； C．图中为探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，属于电流的磁效应，故C不符合题意； D．当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，即通过此实验能揭示电磁感应原理。故D符合题意。 故选D。 8. “投壶”是古人宴会时礼节性的游戏。在投壶时，下列说法正确的是（　　） A. 箭矢离开手向前运动时，运动状态不变 B. 以壶为参照物，投出去的箭矢是静止的 C. 壶静止在水平地面上时，壶对地面的压力和地面对壶的支持力是一对相互作用力 D. 箭矢脱手以后能够继续飞行，是由于惯性的作用 【答案】C 【解析】 【详解】A．箭矢离开手后在重力和空气阻力的作用下，其运动速度的大小和方向均在不断变化，因此其运动状态是改变的，故A错误； B．投出去的箭矢相对于静止的壶，二者之间的空间位置不断发生改变，因此以壶为参照物，箭矢是运动的，故B错误； C．壶对地面的压力和地面对壶的支持力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上且作用在两个不同的物体上，符合一对相互作用力的条件，故C正确； D．惯性是物体本身固有的属性，不是力，不能表述为“由于惯性的作用”，而应严谨地表述为“由于箭矢具有惯性”，故D错误。 故选C。 9. 如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，各元件均正常工作，下列说法正确的是（　　） A. 电流表示数变大 B. 小灯泡变暗 C. 电压表V1与电流表A的示数的乘积变大 D. 不增加器材，利用图中器材可以探究电流与电压的关系 【答案】B 【解析】 【详解】A．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，滑动变阻器连入电路的阻值变大，电路总电阻变大，由欧姆定律可知电路中的电流变小，即电流表示数变小，故A错误； B．由于串联电路中电流变小，因此小灯泡变暗，故B正确； C．电压表V1测量的是小灯泡两端的电压，由分压原理可知，滑动变阻器两端的电压变大，小灯泡两端的电压变小，通过小灯泡的电流变小，故电压表V1与电流表A的示数的乘积乘积变小，故C错误； D．探究电流与电压的关系时必须控制导体的电阻保持不变，而小灯泡的灯丝电阻会随温度的变化而改变，不是定值电阻，因此利用图中现有器材无法完成该实验探究，故D错误。 故选B。 10. 如图-1，电源电压保持不变，电流表的量程是0~0.6A，电压表的量程是0~15V。在保证各元件安全的情况下（灯泡两端的电压不超过额定电压，电表均不超过量程），进行下列操作：只闭合S1、S2，在最大范围内移动滑动变阻器滑片P，电流表示数与滑动变阻器接入电路的阻值的关系如图-2所示；只闭合S3，滑片P从最右端向左移动，直到灯泡正常发光，电流表示数与电压表示数的关系如图-3所示。下列说法正确的是（　　） A. 电源电压为5V B. 小灯泡的额定功率为3.36W C. 小灯泡工作时的最小电压为1V D. 只闭合S3、S2时，电路的最大功率是3W 【答案】C 【解析】 【详解】A．只闭合S3，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端电压，如图-3，电压表示数为0时，灯泡正常工作，此时滑动变阻器接入阻值为0，电源电压就是灯泡正常工作电压，灯泡正常工作电流为；只闭合S1、S2，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测干路总电流，电压表测电源电压，且电源电压为灯泡正常工作电压，灯泡此时电流 根据图-2滑动变阻器50Ω时，电流表示数为0.56A，滑动变阻器电流 灯泡与滑动变阻器并联，故电源电压，故A错误； B．灯泡额定功率，故B错误； C．滑动变阻器与灯泡串联，当滑动变阻器为50Ω时，滑动变阻器两端电压最大，灯泡两端电压最小，此时电流为，可得出灯泡工作时的最小电压，故C正确； D．只闭合S3、S2时，只有滑动变阻器接入电路，由于电流表的量程是0~0.6A，所以电路中的最大电流为0.6A，电路的最大功率为，故D错误。 故选C。 二、填空与作图题（共7小题，填空题每空1分，画图题每题2分，共计20分） 11. 羊肉泡馍是陕西的特色美食之一。如图所示，刚出锅的羊肉泡馍香气四溢，这是由于分子在不停地______；煮馍时，是通过______的方式使其内能增加；游客用手机扫码付款时，是利用______传递信息的。 【答案】 ①. 做无规则运动 ②. 热传递 ③. 电磁波 【解析】 【详解】[1]香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，符合分子动理论的基础结论。 [2]改变内能的方式分为做功和热传递，煮馍时馍从热源吸收热量，是通过热传递的方式增加内能。 [3]手机无线通讯传递信息依靠的是电磁波，扫码付款利用手机网络传递信息，因此是利用电磁波传递信息。 12. 如图所示，这是九三阅兵时展示的我国隐身高速型察打一体无人机。该无人机能10min到达180km远的目标位置，则此过程中无人机的平均速度是______m/s；机翼上表面凸起，下表面较平，利用流体在流速越大的地方压强越______，从而获得升力。 【答案】 ①. 300## ②. 小 【解析】 【详解】[1]无人机的平均速度 [2]流速越大的位置，压强越小，因此机翼上表面凸起，空气流速更大，压强更小，上下表面的压强差产生向上的升力。 13. 我国自主研发的“天问一号”火星探测器搭载的高分辨率相机，其镜头相当于一个______（填“凸透镜”或“凹透镜”）。在拍摄火星表面时，相机通过调节镜头与感光元件的距离，使火星表面清晰的像成在感光元件上，成的像为______（填“放大”“缩小”或“等大”）的实像，若想让火星表面的像变大，可以让镜头______（填“靠近”或“远离”）被拍物体。 【答案】 ①. 凸透镜 ②. 缩小 ③. 靠近 【解析】 【详解】[1]相机的镜头相当于凸透镜，利用凸透镜成像规律工作。 [2]相机拍摄时，物距远大于2倍焦距，根据凸透镜成像规律，此时成倒立、缩小的实像。 [3]根据凸透镜成像规律，若想让像变大，需减小物距，即让镜头靠近被拍物体。 14. 用手边的铅笔可以做很多物理小实验。如图甲所示，用一根橡皮筋水平匀速拉动放在桌面上的一本书，然后在书下垫几支铅笔，再匀速拉动，对比两次实验可得出变滑动为滚动可减小物体间的摩擦，支持该结论的现象是：垫上铅笔后_______；如图乙所示的实验，与笔尖接触的手指形变程度更明显，说明压力作用效果与_______有关；如图丙所示，在铅笔的一端缠绕适量铜丝制成一个简易密度计，分别放入水和酒精中，该密度计都处于漂浮，则该密度计在水中受到的浮力F1_______在酒精中受到的浮力F2（选填“>”、“=”或“<”）。 【答案】 ①. 橡皮筋长度变短 ②. 受力面积 ③. = 【解析】 【详解】在书下垫上铅笔后，书本由滑动变为滚动，摩擦力明显减小；由于是匀速拉动，橡皮筋的拉力等于摩擦力，因此拉力减小，导致橡皮筋的形变量变小，即长度变短。 图乙中，铅笔静止，受力平衡，两手指对铅笔的力大小相等，根据力作用的相互性可得两根手指受到的压力大小相等，但与笔尖接触的手指受力面积更小，形变程度更明显，说明在压力相同时，受力面积越小，压力的作用效果越显著，即压力的作用效果与受力面积有关。 简易密度计在水和酒精中均处于漂浮状态，根据物体漂浮条件可知，无论在哪种液体中，密度计受到的浮力始终等于其自身重力，重力不变，因此受到的浮力大小相等，即。 15. 小明同学用天平设计了一架测量盐水密度的密度秤，已知。用两个相同的柱形塑料容器，分别取20mL的水和盐水装入其中，放在天平两边的托盘上（天平已调节平衡，游码在零刻度线处），仅通过调节游码使天平再次平衡，然后根据游码位置就可知道盐水密度，图中盐水的质量为_______g，盐水密度为_______g/cm3；该密度秤的分度值为_______。 【答案】 ①. 23 ②. 1.15 ③. 0.01 【解析】 【详解】[1]水的密度 盐水和水的体积 20mL水的质量为 天平平衡时，左边20mL盐水的质量的等于右边20mL水的质量和游码对应的质量之和，故20mL盐水的质量为 [2]盐水密度为 [3]密度秤上移动一个小格对应的密度变化量即为该密度秤的分度值，故该密度秤的分度值为 16. 如图所示，密封盒的内部只有一个定值电阻R1和一个电阻箱R2，表面只有两个接线柱和电阻箱的旋钮，小明想探究R1和R2的连接方式，连接了如图所示的电路，其中电源电压恒定，三次实验数据记录如表格所示。 实验序号 电阻箱R2/Ω 电流表示数I/A 1 10 0.6 2 20 0.4 3 40 0.3 由此判断定值电阻R₁和电阻箱R₂的连接方式是_______（选填“串联”或“并联”），电源电压是_______V。 【答案】 ①. 并联 ②. 4 【解析】 【详解】[1]假设与串联，根据串联电路的电阻规律​和欧姆定律，可得电源电压 代入数据 解得 再代入另外两组数据 解得 由于是定值电阻，两次计算结果不一致，所以串联假设不成立，与​为并联连接。 [2]因为​与并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流规律和欧姆定律，可得干路电流 代入第1、2组实验数据可得： 用可得： 解得： 17. 按要求完成下列作图题； （1）如图所示，入射光线AO与水面成40°角斜射向水面。请画出反射光线OB和折射光线OC的大致方向。 （2）麒麟尊1991年出土于贺州沙田镇龙中村，造型集麒麟、龙、凤元素于一体，是中原与岭南文化融合的重要实物。如图所示，麒麟尊重心为O，请画出麒麟尊静止在水平桌面上的受力示意图。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 根据光的反射定律，反射角等于入射角；根据光的折射规律，光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角。 因此过入射点O作垂直于水面的虚线为法线，因为入射光线与水面成，所以入射角为，在法线右侧空气中画出反射光线OB，使其与法线夹角为50°，并标上向外的箭头；在法线右侧的水中画出折射光线OC，使其向法线偏折（与法线的夹角小于50°），并标上向下的箭头。 【小问2详解】 麒麟尊静止在水平桌面上，处于平衡状态，受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，这是一对平衡力，大小相等、方向相反，据此作图。 三、实验探究题（共4小题，每空1分，共21分） 18. 按要求填空 （1）如图甲所示，电能表的读数是_______； （2）如图乙所示，是水_______的气泡特点（选填“沸腾前”或“沸腾时”）； （3）如图丙所示，用软管连接两根玻璃管构成连通器，将左侧玻璃管向上移动，当其中水不流动时，两侧玻璃管中水面的高度将_______（选填“左侧高”、“相平”或“右侧高”）； （4）如图丁所示，在试管中装入适量的水，用塞子塞住管口，加热一段时间，塞子冲出去，此过程与热机的_______冲程能量转化相似。 【答案】（1）5546.7 （2）沸腾时 （3）相平 （4）做功 【解析】 【小问1详解】 电能表的显示盘上，最右边带有虚线框的一位数字是小数位，其余数字为整数位，直接根据图甲读数即可得出结果，即 。 【小问2详解】 图乙中的气泡在上升过程中体积逐渐变大，直到液面破裂并释放出内部的水蒸气，这是水沸腾时的典型特征。 【小问3详解】 两侧玻璃管和底部的软管构成了一个连通器，根据连通器原理，当里面装有同种液体且水不流动时，两侧的液面总是保持相平的。 【小问4详解】 试管内的水蒸气膨胀将塞子冲出，是对外做功的过程，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，这与热机的做功冲程能量转化过程相似。 19. 用如图甲所示的装置，探究平面镜成像的特点。M是有一面镀膜的玻璃板，A、B是两支外形相同的蜡烛。 （1）将白纸放在水平桌面上，将玻璃板与纸面_______放置。 （2）将蜡烛A放在玻璃板前，用未点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合，说明像和物的_______；再将光屏放在像的位置，眼睛_______（选填“透过玻璃板”或“直接”）观察光屏，来探究像的虚实。 （3）完成上述实验后，小明反思实验过程，提出一个质疑：实验中利用玻璃板镀膜的那一面成像，应该在镀膜那一面下边划线，作为平面镜的位置。怎样判断玻璃板哪面镀膜呢?小组同学讨论出一种方法：将铅笔尖分别贴在玻璃板的左右两面，观察到铅笔较清楚的像如图乙所示，由此可以判断镀膜在玻璃板的_______（选填“左”或“右’）面。 【答案】（1）垂直 （2） ①. 大小相等 ②. 直接 （3）左 【解析】 【小问1详解】 在探究平面镜成像实验中，为了确保桌面上的未点燃蜡烛能够与前面点燃蜡烛所成的像完全重合，必须将玻璃板垂直于水平桌面的白纸面放置，否则像会偏上或偏下。 【小问2详解】 实验中使用两支外形相同的蜡烛，当未点燃的蜡烛B在玻璃板后移动并与蜡烛A的像完全重合时，利用等效替代法直观地验证了像和物的大小相等。 探究平面镜成像的虚实属性时，应将光屏放置在像所在的位置，眼睛必须直接观察光屏，若光屏上无法承接到像，则说明平面镜成的是虚像。 【小问3详解】 玻璃板的镀膜面反射光的能力强，是真正的成像反射面；当铅笔尖贴在左面时，笔尖与其像几乎紧贴，若贴在未镀膜面，由于玻璃板存在一定厚度，笔尖与其像之间会隔着一段距离，由此物理现象可判断镀膜面在左面。 20. 小明在探究“浮力的大小与哪些因素有关”的实验时，用弹簧测力计吊着圆柱形物体逐渐浸入水中，再将圆柱形物体逐渐浸入盐水中。 （1）由图A可知，圆柱形物体的重力为_______N，物体完全浸没在水中时受到的浮力为_______N； （2）比较图A、B、C、D四次实验，说明物体_______越大，物体所受浮力越大；为了探究物体所受浮力的大小与液体密度的关系，应该比较A、_______三次实验； （3）圆柱体浸没后向下移动的过程中，其下表面受到水的压强_______（选填“变大”“变小”或“不变”）； （4）小明对比C、E两次实验数据后发现：液体的密度改变时物体受到液体的浮力变化不太明显，请你写出一种改进的措施：_______。 （5）如图F所示，把装满水的溢水杯放到台秤上，再把该圆柱形物体浸没在水中时，从物体接触水面到完全浸没的过程中，台秤的示数变化情况是_______。 【答案】（1） ①. 8 ②. 1 （2） ①. 排开液体体积 ②. CE （3）变大 （4）向盐水中加盐增大盐水密度 （5）不变 【解析】 【小问1详解】 图A弹簧测力计分度值为，读数为，物体所受重力和拉力是一对平衡力，因此物体重力为； 物体完全浸没在水中时拉力为，根据称重法，浮力 【小问2详解】 A、B、C、D四次实验中，液体密度不变，物体排开液体的体积逐渐增大，弹簧测力计拉力减小，则浮力逐渐增大，可得结论：物体排开液体的体积越大，所受浮力越大； 探究浮力与液体密度的关系，需要控制排开液体体积相同，改变液体密度，因此选择A、C、E三次实验，C、E中物体都完全浸没，排开液体体积相同，液体密度不同。 【小问3详解】 圆柱体浸没后下移，下表面在水中的深度逐渐增大，根据液体压强公式，水的密度不变，深度增大，因此下表面受到的压强变大。 【小问4详解】 浮力变化不明显，是因为盐水和水的密度相差不大，可在盐水中继续加盐，增大盐水的 密度，让变化更明显。 【小问5详解】 溢水杯原本装满水，物体浸入过程中，根据阿基米德原理，物体受到的浮力等于溢出的水的重力，物体对水的压力大小等于浮力，因此溢出的水的重力等于物体对水增加的压力，因此台秤示数不变。 21. 在“为家庭节约用电提建议”的跨学科实践中，小明发现家里使用LED灯较多，于是他设计如图所示的实验来探究LED灯和白炽灯的发光效率。 【证据】 （1）①晚上在一个封闭房间里，关闭所有灯光，分别让白炽灯、LED灯发光，取一张有文字的纸张； ②按照图甲、乙所示连接好电路，闭合开关后，发现甲图中电流表有示数，电压表无示数，原因可能是白炽灯_______； ③改正错误后，闭合开关，移动滑片，当恰好看清楚纸张上的字时，记录下电压表和电流表的示数，测量出纸张到灯的距离，实验数据如下表所示： 实验序号 光源 电压/V 电流/A 电功率/W 看清字的距离/cm 1 白炽灯 1 0.15 0.15 5 2 白炽灯 1.5 0.2 0.3 7 3 白炽灯 2.5 0.25 0.625 10 4 LED灯 1.5 0.1 0.15 10 5 LED灯 2 0.15 0.3 14 6 LED灯 2.5 0.25 0.625 20 【解释】 （2）分析1、4（或3、6）次实验可得，在实际电功率相同的情况下，LED灯看清字的距离_______（选填“远”或“近”），即发光效率_______（选填“高”或“低”）； （3）分析3、4两次实验可得，在相同情况下，该LED灯比白炽灯可节约大约_______%的电能； 【交流】 （4）实验中，小明用手摸白炽灯、LED灯的外壳，发现白炽灯的外壳比较热，这说明白炽灯效率低的原因是将电能转化为_______能和光能； （5）小明取来单个LED灯珠（正常发光时的电阻约为100Ω）和一只“3.8V；0.3A”的白炽小灯泡，串联接入电源电压为6V的电路中进行实验，闭合开关，发现LED灯珠亮而小灯泡不亮。检查后发现，电路既无短路也无断路，所有元件完好无损。请你猜想“LED灯珠亮而小灯泡不亮”的原因可能是_______。 【答案】（1）短路 （2） ①. 远 ②. 高 （3）76 （4）内 （5）小灯泡实际功率太小 【解析】 【小问1详解】 闭合开关后，甲图中电流表有示数，说明整体电路是连通的；而电压表无示数，说明与电压表并联的待测元件两端电压为零，由此判断白炽灯发生了短路。 【小问2详解】 分析表格中第1、4次实验数据可知，当两者实际电功率均为0.15W时，LED灯看清字的距离为10cm，明显大于白炽灯的5cm，因此LED灯看清字的距离“远”。 在消耗相同电功率的情况下，LED灯能提供更好的照明效果，这直接说明其将电能转化为光能的发光效率更“高”。 【小问3详解】 分析第3、4次实验数据可知，当看清字的距离同为10cm时，白炽灯的电功率为0.625W，而LED灯的电功率仅为0.15W，在相同工作时间下计算节约电能的百分比即为比较两者电功率的差值占比，即可以节省的电能为 【小问4详解】 实验中触摸发现白炽灯的外壳比较热，这说明白炽灯在工作时，电流做功将相当一部分电能转化为了内能散失掉，并未全部转化为光能，因此其发光效率偏低。 【小问5详解】 小灯泡正常发光的电阻约为 远低于LED灯珠给定的100Ω电阻，当两元件串联接入电路时，通过它们的电流相等，根据电功率公式可推知，电阻较小的白炽灯泡所分得的实际功率远小于LED灯珠，因其自身实际功率太小，达不到使其发光的状态。 四、综合题（共3小题，计19分） 22. 如图是一台两栖履带起重机。当起重机吊起的货物时，货物匀速升高15m用时40s。若滑轮组的机械效率为75%。则： （1）拉力做的总功? （2）拉力做功的功率是多少? 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 有用功 机械效率公式为，变形得总功 【小问2详解】 拉力做功的功率 23. 养生壶以其独特的功能和设计成为了追求健康生活人士的得力助手。小华家新买的一款养生壶，其工作电路可简化成如图所示的电路简图，该养生壶有“加热”和“保温”两挡，额定电压为220V，电热丝，保温功率为110W。则： （1）养生壶是利用电流的_______效应工作的。 （2）保温挡正常工作时电路中的电流? （3）养生壶在“加热”挡工作时的电功率是多大? （4）将壶内1kg的茶水从25℃加热至75℃耗时5min，此养生壶的加热效率是多少?[c茶 【答案】（1）热 （2） （3）1000W （4）70% 【解析】 【小问1详解】 养生壶工作时将电能转化为内能，是利用电流的热效应工作。 【小问2详解】 电路电流 【小问3详解】 当闭合时，被短路，电路只有接入，总电阻最小；电源电压不变，根据，电阻越小功率越大，因此此时为加热挡。加热功率 【小问4详解】 温度变化 吸收的热量是 消耗的电能是 故加热效率 24. 如图-1是中国空间站在距地面约400km的轨道上运行的场景，空间站每天消耗420度电能，其电力系统主要是由柔性太阳电池翼（如图-2）和储能装置这两部分构成，太阳电池翼展开总面积为150m²，光电转换效率为30%，空间站轨道处的太阳辐射功率为储能效率高达95%（储能效率指储能元件储存起来的电量与太阳电池翼输入能量的比），空间站绕地球一周耗时90min，如果空间站每运动一周有一半时间处于地球光照区（空间站处于地球光照区时，太阳电池翼工作不仅直接为空间站提供实时运行的电能，还会为储能装置充电），一半时间处于地球阴影区（无光照时，仅由储能装置为空间站提供电能）。 （1）空间站上的太阳电池翼将太阳能转化为_______能。 （2）太阳电池翼在光照区时的发电功率是多少kW? （3）空间站在地球阴影区运行时由储能装置内的蓄电池供电，为维持空间站正常运行，太阳电池翼每天至少要给蓄电池提供多少度电。（保留整数，不计蓄电池供电时的能量损耗） （4）若空间站每天消耗的全部电能由太阳电池翼发电量的80%供给，请通过计算判断是否能满足空间站的正常电能消耗? 【答案】（1） 电 （2） 54 （3） 221 （4） 能满足空间站的正常电能消耗 【解析】 【小问1详解】 太阳电池翼的功能是将太阳能转化为电能。 【小问2详解】 由题意得，太阳辐射功率，太阳电池翼总面积，光电转换效率，太阳电池翼发电功率 【小问3详解】 一天总时间 空间站绕地球一周耗时 ，可得每天绕地球圈数 由题意，每周一半时间为阴影区，因此每天阴影区总时间 空间站全天消耗总电能 ，单位时间消耗电能不变，因此阴影区消耗电能 设太阳电池翼每天给蓄电池提供的电能为，储能效率 ，储存电能全部供给阴影区且不计供电损耗，满足关系，因此 【小问4详解】 一天中光照区总时间 ，太阳电池翼一天总发电量为 由题意，供给空间站的电能为总发电量的80%，因此 空间站每天消耗电能 ，因为 ，所以能满足空间站的正常电能消耗。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $