假期作业5 牛顿第一定律牛顿第三定-【快乐假期】2025-2026学年高一物理暑假作业（全学年）

三-0022.-...- 假期作业4 情景辨析 (1)×(2)×(3)/(4) 技能提升 1.D2.A3.D 4.BD[对树枝上的松鼠进行受力分析， 如图所示，树枝对松鼠的支持力大小 为R=Gcas30-9G, 方向垂直树枝向上，故A错误，B正30° G 确；根据平衡条件可知，树枝对松鼠的作用力与松鼠的重力 等大反向，即大小等于G,方向竖直向上，故C错误， D正确.] 5.BD 6.AD[对结，点O受力分析，如图所示，由失量三角形可知， 细绳AO的拉力一直在变小，细绳BO的拉力先变小后变 大.故选A、D A B 0 F8o mog 7.BD[设轻绳AC的拉力为FrAc,其与竖直杆的夹角为a,轻 绳AB的拉力为FTAB,直杆在A点的支持力为F,由于直杆 处于平衡状态，则在结点A处三力平衡，有FT=。,F -Fr,缩短AC的长度，使C点右移，夹角a减小，F还 tan a 是等于重物的重力，方向也不变，杆仍保持平衡，还是三力平 衡，满足上面的关系，则FTAC和F均增大，根据牛顿第三定 律可知，两根绳子对直杆的压力增大，所以地面对杆的支持 力FN增大，B、D正确.] 8.B[设甲所拉细绳的左半边绳与竖直方向的夹角为日，甲所 拉细绳的张力为F1,乙所拉细绳的张力为F2,重物的质量 为m,对甲之所拉如绳的结点作受力分析，有Fn=) Fr2=mg tan0,当乙缓慢释放细绳时，0在逐渐减小，故Fr1、 F2都在减小，故A错误，B正确；由以上分析可知，FT减 小，由于甲不动，故甲所拉细绳的右半边绳与竖直方向的夹 角不变，设为a,甲的重力为G,地面对甲的支持力为F、,对 甲受力分析易得FN十Fn cos a-=G,F:=Fn sin a,在Fn减 小、a不变的情况下，可知F、增大，F减小，故C、D错误.] 素养培优 1.解析：(1)以结点O为研究对象，进行 受力分析如图，根据共点力的平衡条 个 件：Faa与Fos的合力与重力等大反 人9B 向，由几何关系得：FoA=8=F0 cos 6 m18 子mg,ra=tan0=子mg 5 甲 (2)人在水平方向仅受绳OB的拉力和地面的摩擦力F,作 用，根据平衡条件有F=F=子mg,方向水平向左. (3)人在竖直方向上受重力m2g和地面的支持力FN作用， 因此有FN=m2g,则F:'=μFN=um2g=180N,要使人在水 平面上不滑动，高满足F=子mg≤F以，解得m≤ 24kg. 6 富一物理恐 答案：()mg子mg(②)mg水平向左 3 (3)24kg 2.解析：(1)选取O,点为研究对象，进行受力分析并建立正交 轴正交分解，如图甲所示， TQ Fre 甲 根据平衡条件可得Frecos53°=m1g, Frosin53°=Frp, 解得Fra=50N, FTp=40 N, FTo m2g ) 选取物块B作为研究对象，受力分析如图乙所示，B所受的 重力沿斜面向下的分力大小为 m2gsin37°=30N<50N 所以物块B受到沿斜面向下的静摩擦力F, 由平衡条件可得Fra=m2gsin37°+F:, 解得F:=20N, 方向沿斜面向下； (2)对A、B、C整体受力分析，由于三者均保持静止， 根据平衡条件，水平方向有F:'=FP, 竖直方向有(m1十m2十m3)g=FN, 解得F;'=40N, FN=180N, 根据牛顿第三定律可知，斜面体C对地面的压力为180N, 方向竖直向下，斜面体C对地面的摩擦力为40N,方向水平 向左 答案：(1)20N方向沿斜面向下(2)180N,方向竖直向下 40N,方向水平向左 假期作业5 情景辨析 (1)/(2)/(3)×(4)×(5)× 技能提升 1.D 2.A[甲车快速启动时撞到乙车而停止运动，甲车司机由于 惯性，甲车司机相对于甲车向前运动，与甲车的方向盘相碰 造成甲车司机胸部受伤.乙车静止，乙车车尾由于受到撞击 而向前运动，乙车司机由于惯性保持静止，乙车司机相对于 乙车向后运动，与乙车的座椅相碰而造成乙车司机背部受 伤，故A正确，BCD错误.] 3.B4.B 5.AC[衣服在G与F,作用下处于静止状态，故G与F,是 一对平衡力，A正确，B错误；F1与F2是一对相互作用力，C 正确，D错误.] 6.AB 7.B 飞壁快乐假羽 8.解析：设环的加速度为a,由=2ax得a=16m/s2,对环由 牛顿第二定律，mg十f=ma,得f=0.3N,对底座由平衡关 系得FN=Mg-f=1.7N 答案：1.7N 素养培优 1.AC[平衡车加速行驶时，根据牛顿第三定律可知车对人的 作用力等于人对车的作用力.车对人在竖直方向的作用力等 于人的重力，车对人在水平方向的作用力提供人的加速度， 车对人的作用力方向斜向上，故A正确，B错误；平衡车匀 速行驶时，车对人的作用力大小等于人对车的压力大小，平 衡车与人的总重力和地面对平衡车的支持力是一对平衡力， C正确，D错误.门 2.解析：设绳子拉物体的力为F,对物体m受 ↑FN 力分析如图甲，由牛顿第二定律可得：F一 F mg=ma. 绳的拉力F=m(g+a)=20×(10+5)N= 300N. 对人受力分析如图乙，人静止，由受力平衡 mg 得Mg=FN十F,则地面对人的支持力FN Mg =Mg-F=(60×10-300)N=300N. 甲 乙 由牛顿第三定律得，人对地面的压力为 300N. 答案：300N 假期作业6 情景辨析 (1)×(2)×(3)/(4)×(5)×(6)× 技能提升 1.CD 2.AD[根据牛顿第二定律可得F金=ma,可知加速度的方向 与合外力的方向相同.根据平行四边形定则可知，A、D图中 F与G的合力方向可能与a的方向相同，B、C图中F与G 的合力方向不可能与a的方向相同.] 3.D 4.C[由图可知相等时间内铁质小圆盘的位移先增大后减 小，可知铁质小圆盘的速度先增大后减小，以向下为正方向， 即铁质小圆盘的加速度先正后负，根据牛顿第二定律G一f G·a,可知f先小于G,后大于G.故选C.] 5.C 6.BD 7.A[剪断前：对B、C、D分析剪断瞬间：对B分析 ↑FAB →FAB-6mg F一B的加速度a5gg ↓3mg方向向上 3m (3m+2m+m)g 对D分析 对分析Fc=fc FCD Ymg →Fcp=mg 2mg+Foc=1.5g] "FxC的加速度ae2m ￥2mg方向向下 8.解析：(1)(2)将a沿水平和竖直两个方向分解，则有a.= acos30°，a,=asin30°，对货物受力分析如图所示 30° F tmg 根据牛顿第二定律，在水平方向F:=maz,在竖直方向FN mg=ma,代入数据解得F:=2.16N,FN=51.3N. 答案：(1)51.3N(2)2.16N 9.解析：(1)毫米刻度尺的最小刻度为1mm,则遮光条的宽度 d=3.0mm=3.0×10-3m. (2)通过光电门1的達度为=怎，通过光电门2的速度为 三怎，小车运动的加速度为。=心= (品) 7 S0M-= (3)作出aG图像如图所示 ↑a/(ms2 0.5 0.4 03 出 0.2 0.1 0.1 0.2G/N 中图你计年出因线的外率为一尧-8铝gL63场 (4)能.需要用测力计测量小车的重力.思路：①用测力计测 出小车重力，除以当地重力加速度g得出小车的质量；②在 小车上叠放槽码以改变小车质量，再重新调整配重，这样就 改变了小车（含配重）的总质量M,然后在槽码挂钩上挂适 量个数的槽码，测出加速度α；③重复步骤②（但要保持步骤 ②中所挂槽码个数不变)，得到多组(a、M)数据，作出a方 图像进行判断. 答案：1)3.0(2)4（只-1） (3)见解析图1.63 t△t2△t1 (4)能理由见解析 素养培优 1.AD[若A原来是静止的，设此时静摩擦力等于滑动摩擦 力，则有mgsin a=mgcos a,即sina=cosa,动摩擦因数4 与物体A的重力无关，则施加一个竖直向下的恒力F等效 于增加了物体A的重力，则物体A仍然静止，故A正确，B 错误；若物体A原来加速下滑，有ngsin a一mgcos a-=ma, 得a=g(sina一ucos a),施加力F后，有(mg十F)sina一μ (mg十F)cos a=ma',得a'=(E十g)(sin&-cos),加速 17 度变大，故C错误，D正确.] 2.解析：(1)由题意可知歼-20所受合外力： F◆=F-Fm=3×105N-3×104×10×0.1N=2.7× 105N. 由牛顿第二定律F=ma得： a-Fe=2.7X10 -m/s2=9m/s2」 3X104 (2)5s后的速度： v=v十at=0+5×9m/s=45m/s. 答案：(1)9m/s2(2)45m/s 假期作业7 情景辨析 (1)×(2)×(3)/ (4)/(5)× 技能提升 1.D[电梯静止不动时，小球受力平衡，有mg=x,电梯运行 时，轻质弹性细绳的伸长量比电梯静止时小，说明弹力变小 了，由牛顿第二定律有mg一号k虹=m,解得加速度大小为 a=5g=2m/s2,方向竖直向下，所以电梯可能加速下降或 减速上升，该同学处于失重状态，A、C错误，D正确；对该同 学和玩具组成的系统进行受力分析，由牛顿第二定律有m'g -Fv=ma, 电梯地板对该同学的支持力大小为FN=m'g一m'a=501N -100.2N=400.8N 由牛顿第三定律可知，该同学对电梯地板的压力大小为 400.8N,B错误.] 2.AD[竖直向上为加速度的正方向，题图甲中加速度从零开 始先为负值（加速度方向竖直向下，表示向下加速），中途变 为零（向下匀速），最后变为正值（向下减速），故题图甲可能 是小明拿着手机从7楼乘坐电梯到1楼过程的at图像，故 A正确，B错误；题图乙中加速度从零开始先为负值后为正 值（先向下加速后向下减速），第二阶段加速度先为正值后为三0022 假期作业5牛顿第一定律 《情境辨析 一辆货车在公路上行 驶时，司机发现前面有异 常情况，紧急刹车，货车在 公路上又运行了较长一段 距离才停下来， (1)由于惯性，货车有保持匀速直线运动状态 的趋势，所以刹车后，货车没有立即停下 来，而是又向前运行了一段距离.() (2)货车承载的货物越重，惯性越大.（) (3)刹车时，货车做减速运动是因为地面对货车 的摩擦力大于货车对地面的摩擦力.() (4)地面对货车的支持力与货车对地面的压力 是一对平衡力 ) (5)车头拉货箱的力一定大于货箱拉车头 的力. () 〈《技能提升 ◆[知识点一]牛顿第一定律 1.东汉王充在《论衡·状留篇》中记述了球的 运动；“圆物投之于地，东西南北，无之不可 策杖叩动，才微辄停”.关于运动和力的关 系.下列说法中正确的是 () A.力是维持物体运动的原因 B.力是改变物体惯性大小的原因 C.力是改变物体位置的原因 D.力是改变物体运动状态的原因 2.如图所示，甲车快速启动时车头撞上静止的 乙车车尾，导致两车司机受伤.根据牛顿运 动定律，下列情形最有可能出现的是() A.甲司机胸部受伤 B.乙司机胸部受伤 C.两位司机都是背部受伤 D.两位司机都是胸部受伤 高一物理恐 运筹帷幄之中，决胜千里之外。 牛顿第三定律 完成日期： 日 3.如图所示，在一辆表面 光滑的小车上有质量 77* 分别为m1、m2的两个 小球(m1>m2)随车一起运动.当车突然停 止时，如不考虑其他阻力，设小车足够长，则 两球 () A.一定相碰 B.一定不相碰 C.不一定相碰 D.难以确定是否相碰，因为不知小车的运 动方向 4.如图所示，乘客在公交车上 发现车厢顶部A处有一小水 滴落下，并落在地板偏前方 的B点处，由此判断公交车的运动情况可 能是 ( A.向前加速运动 B.向前减速运动 C.向后匀速运动 D.向后减速运动 ◆[知识点二]牛顿第三定律 5.(多选)如图所示，用衣架把衣服悬挂起来， 静止时衣服受到的重力为G,衣架对衣服向 上的作用力为F,衣服对衣架向下作用力 为F,.下列判断正确的是 A.G与F,是一对平衡力 B.G与F,是一对相互作用力 C.F1与F2是一对相互作用力 D.F1与F2是一对平衡力 飞受快乐假期 6.(多选)用水平力F将木块M紧压在竖直的 墙壁上，若以N表示墙壁对木块的弹力，R 表示木块对墙壁的压力，下列关于F、N、R 判断中正确的是 () A.N和F的合力为零 B.F和N是一对平衡力 C.N和R是性质不同的力 D.F和N是作用力和反作用力 7.如图所示，在短道速滑接 力项目的交接过程中，甲 运动员从后面将乙运动员 使劲推出过程中 A.甲对乙有作用力，乙对甲没有作用力 B.甲、乙之间的作用时间一定相等 C.甲、乙之间的作用力是一对平衡力 D.甲、乙之间的作用力大小相等、方向相 反、合力为零 8.如图所示，底座A上装有 长0.5m的直立杆，底座和 杆的总质量为0.2kg,杆上 套有0.05kg的小环B,它 与杆间的摩擦力恒定，当环从底座上以 4m/s的初速度飞起，刚好能到达杆顶，求环 在上升过程中，底座对水平面的压力是多 少？(g取10m/s2) SE 〈《《素养培优 1.（多选)电动平衡车是时下 热门的一种代步工具.如图 所示，人站立在电动平衡车 上在水平地面上沿直线前 进，不计空气阻力，下列说法中正确的是 () A.平衡车加速行驶时，车对人的作用力等 于人对车的作用力 B.平衡车加速行驶时，车对人的作用力方 向竖直向上 C.平衡车匀速行驶时，车对人的作用力大 小等于人对车的压力大小 D.平衡车匀速行驶时，平衡车受到的重力 和地面对平衡车的支持力是一对平衡力 2.如图所示，质量M=60kg的 人通过光滑的定滑轮拉着 m=20kg的物体，当物体以 m 加速度a=5m/s2上升时， 人对地面的压力多大？(g取10m/s2) 2