物理终极押题猜想（四川专用）2026年中考物理终极冲刺讲练测

2026年中考物理终极押题猜想（四川） 考情为骨 密押为翼 押题猜想一 估测问题 2 押题猜想二 声现象辨析 6 押题猜想三 光现象辨析 11 押题猜想四 透镜成像规律及其应用 16 押题猜想五 物态变化 22 押题猜想六 内能及其应用 27 押题猜想七 质量与密度、机械运动 36 押题猜想八 运动和力 42 押题猜想九 压强及其应用 50 押题猜想十 浮力 61 押题猜想十一 做功与机械能 71 押题猜想十二 简单机械与机械效率 81 押题猜想十三 电学基础—电路、电流、电压与电阻 92 押题猜想十四 欧姆定律与电功率的基础应用 100 押题猜想十五 动态电路及范围计算 112 押题猜想十六 家庭电路与安全用电 131 押题猜想十七 电磁现象辨析 137 押题猜想十八 作图专练 145 押题猜想十九 光学实验 156 押题猜想二十 力学实验 163 押题猜想二十一 热学实验 174 押题猜想二十二 电磁学实验 181 押题猜想二十三 力学计算 197 押题猜想二十四 欧姆定律、电功率计算 210 押题猜想二十五 计算压轴 224 押题猜想一 估测问题 试题前瞻·能力先查 【中考真题】我国新能源汽车的产销量连年位居世界第一、下列对某家用电动汽车的估测，最符合实际的是（　　） A．空载时的质量约1t B．高速公路上正常行驶时的速度约5m/s C．轮胎的高度约20dm D．充满电后动力电池储存的电能约3600J 【答案】A 【详解】A．家用电动汽车空载时质量一般在1000~2000kg，即1~2t，1t符合实际情况，故A符合题意； B． 5m/s合18km/h，高速公路上汽车正常行驶速度一般在60~120km/h之间，18km/h远低于正常行驶速度，故B不符合题意； C．家用电动汽车轮胎高度一般在0.3~0.6m，即3~6dm之间，20dm远大于实际轮胎高度，故C不符合题意； D．3600J合0.001kW·h，家用电动汽车动力电池储存的电能一般在几十千瓦时，甚至上百千瓦时，故D不符合题意。 故选A。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题形式出现，偶尔结合填空题。考查学生对常见物理量的估测能力，涉及长度、时间、速度、质量、温度、电流、电压、功率、压强等。解题关键在于建立生活化的物理量参照系，避免主观臆断，结合日常经验进行合理判断。 掌握估值问题的三种典型考法及应对 直接估测题：给出一个物理量，问“下列数据中最接近实际的是”。 → 应对策略：将选项数值与熟悉的参照物对比，如“鸡蛋约50g”对比“5kg”明显过大。 单位换算题：同时考查单位换算与估测，如“0.15 km = 150 m，相当于……”。 → 应对策略：先换算成统一单位，再与参照物比对。 情景综合题：结合生活场景（如做一次引体向上做功、爬楼功率等），需要简单计算后判断。 → 应对策略：记住常见物理量近似值，进行粗略估算，不追求精确值。 应对策略： ① 建立“生活物理量库”，将常见物体的长、重、时间、温度等记牢。 ② 遇到陌生数值时，用极限法排除（如人的质量不可能为5 kg或500 kg）。 ③ 注意单位换算陷阱（如把cm写成m，把g写成kg）。 ④ 多选题中，只要有一项明显不符合实际，即可排除该选项。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川南充·一模）小明在去超市的路上和购物过程中，想到了一些关于物理常识的估测，以下说法合理的是（    ） A．超市收银台台面高度约1.5m B．超市里一盏LED灯的额定功率约为300W C．他拿了一枚一元硬币，感觉很轻，质量大约为6mg D．从家走到超市，小明正常步行的速度约为4km/h 【答案】D 【详解】A．超市收银台台面高度和普通桌面高度接近，约为，远高于合理高度，估测不合理，故A不符合题意； B．LED灯节能，超市内单盏LED灯的额定功率一般只有十几瓦到几十瓦，功率远大于实际功率，估测不合理，故B不符合题意； C．一枚一元硬币的实际质量约为，远小于实际质量，估测不合理，故C不符合题意； D．人正常步行速度约，换算单位后约，符合实际，估测合理，故D符合题意； 故选D。 2．（2026·四川广安·一模）学习物理要善于观察和思考。下列是你所在考场内物理量估测的数据，符合实际的是（    ） A．手中一张物理试卷的厚度约为12 mm B．你所在考场的室内温度大约为0℃ C．考场大气压强的值约为 D．考试填涂用的2B铅笔质量约为2 kg 【答案】C 【详解】A．一张物理试卷的厚度约0.1mm，故A不符合题意； B．考场的室内温度约，故B不符合题意； C．标准大气压约为，考场环境接近标准大气压，故C符合题意； D．实际一支2B铅笔质量仅约10g，故D不符合题意。 故选C。 3．（2026·四川内江·二模）下列数据中，最接近生活实际情况的是（　　） A．同学们答题用的2B铅笔长度约为18mm B．中学生的质量为500g C．电视机的电流为5A D．小汽车在高速路上正常行驶速度为110km/h 【答案】D 【详解】A．答题用2B铅笔长度接近中学生的一拃的长度，约为，远小于实际长度，故A不符合题意； B．中学生质量约为，远小于实际质量，故B不符合题意； C．家用电视机电流约，远小于，故C不符合题意； D．我国高速公路限速多为，小汽车在高速路上正常行驶速度，在规定范围内，故D符合题意。 故选D。 4．（2025·四川南充·三模）科学家经常用估算的方法来获得事物的有关信息，估算不是胡乱猜测，它的结果是根据已知的信息进行合理推测得到的，下面是一些估算值，你认为符合实际的是（   ） A．一本物理课本的质量约为1.5kg B．人正常呼吸一次的时间约3s C．家庭照明用LED灯的电功率约为200W D．成达万高铁运行速度大约是900km/h 【答案】B 【详解】A．一本初中物理课本的质量约为，故A不符合题意； B．人正常1分钟大约呼吸15~20次，计算可得单次呼吸时间约为，故B符合题意； C．家庭照明用LED灯节能，电功率一般为，故C不符合题意； D．高铁运行速度约为，故D不符合题意。 故选 B。 5．（2025·四川巴中·中考真题）下列描述符合实际的是（    ） A．一只铅笔的质量约为3kg B．人的正常体温约为39.5℃ C．人正常步行的速度约为10m/s D．初中物理课本的宽度约为18cm 【答案】D 【详解】A．一只铅笔的质量约为10g，故A不符合题意； B．人的正常体温约为37℃，故B不符合题意； C．人正常步行的速度约为1m/s，故C不符合题意； D．初中物理课本的长度约26cm，宽度约为18cm，故D符合题意。 故选D。 6．（2025·四川乐山·中考真题）下列与生活有关的一些物理数据，最符合实际的是（　　） A．“”是指空气中粒径为2.5mm的颗粒物 B．托起一个鸡蛋所用的力大约为2N C．初中生百米赛跑的成绩约为6s D．我国家庭电路的电压是220V 【答案】D 【详解】A．空气中PM2.5是指粒径小于或等于2.5微米的颗粒物，不是2.5mm的颗粒物，故A不符合题意； B．一个鸡蛋的重力约为0.5N，所以托起一个鸡蛋的力约为0.5N，故B不符合题意； C．我国短跑名将苏炳添的百米最好成绩为9.83s，初中生的百米成绩在14s左右，故C不符合题意； D．由常见的电压知识可知，我国家庭电路的电压是220V，故D符合题意。 故选D。 7．（2025·四川成都·一模）下列关于身边的物理数据，估计结果符合实际的是（　　） A．家用电冰箱的电流约5A B．考试用的黑色签字笔的长度约为15cm C．现在考场的温度约为37°C D．一个乒乓球的质量约为50g 【答案】B 【详解】A．家用电冰箱工作时的电流约1A，故A不符合题意； B．考试用的黑色签字笔的长度约为15cm，故B符合题意； C．考场的温度比较宜人，约为，而温度过高，考场气温不会这么高，故C不符合题意； D．一个乒乓球的质量约为，故D不符合题意。 故选B。 8．（2025·四川宜宾·一模）下列数据最接近实际的是（    ） A．人体感觉舒适的温度是37℃ B．教室门的高度约为2m C．一块橡皮的质量约为100g D．家用电视机的电功率约为500W 【答案】B 【详解】A．人体感觉舒适的温度是25℃左右，故A不符合题意； B．一层楼高约3m，成年人的高度约1.7m，教室门的高度约为2m，故B符合题意； C． 一块橡皮的质量较轻，约为10g，故C不符合题意；                                                             D．家用电视机的电功率约为150W左右，故D不符合题意。 故选B。 押题猜想二 声现象辨析 试题前瞻·能力先查 【古代诗词】“留连戏蝶时时舞，自在娇莺恰恰啼”是唐代诗人杜甫的《江畔独步寻花七绝句》的一句诗词，杜甫能看到蝴蝶飞舞却听不到蝴蝶飞行的声音，杜甫能通过清脆的声音知道是“娇莺”发出的，这是由于（    ） A．蝴蝶的翅膀振动太慢，它对人来说是次声波，所以人耳听不到 B．蝴蝶的翅膀振动的幅度太小，所以响度小，人耳听不到 C．“娇莺恰恰啼”是由于“娇莺”清脆的声音可以不通过介质也能被人听见 D．杜甫是根据“娇莺恰恰啼”所发出的声音的音调来辨别出这是“娇莺”啼声的 【答案】A 【详解】AB．我们听不到蝴蝶翅膀振动发出的声音是因为蝴蝶的翅膀振动太慢，其振动频率低于20Hz，它对人来说是次声波，而不是因为响度太小，故A符合题意，B不符合题意； C．任何声音传播都需要介质，故C不符合题意； D．音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。“娇莺”啼声与其他鸟类等声音不同，人们是根据声音的音色来辨别“娇莺”啼声的，故D不符合题意。 故选A。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题形式出现，偶尔结合生活场景、古诗文或实验探究题。考查学生对声音的产生与传播、音调/响度/音色三特性的区分，以及噪声防治措施的理解。解题关键在于抓住声音的物理本质，结合生活实例判断，避免混淆概念。 一、理清“三特性”核心区别 音调：由频率决定，指声音的“高低”，如“女高音”“男低音”“尖锐刺耳”“绷紧琴弦”。 响度：由振幅决定，指声音的“大小”，如“引吭高歌”“低声细语”“调节音量”“用力敲鼓”。 音色：由材料和结构决定，用于辨别不同发声体，如“闻其声知其人”“区分钢琴与小提琴”“声纹锁”。 速记口诀： 高低音调大小响，区分音色看声源。 声音“粗细”听音调，“洪亮”是响度，“闻声知人”属音色。 二、掌握噪声防治的三大途径及实例 声源处：防止噪声产生，如汽车消声器、禁止鸣笛、轻声慢行、摩托车消音器。 传播过程中：阻断或减弱噪声，如隔音墙、路旁植树、关闭门窗、双层真空玻璃。 人耳处：防止噪声进入耳朵，如戴耳塞、捂耳朵、工厂戴耳罩。 注意：禁止鸣笛属于声源处，关闭门窗属于传播过程中；噪声监测仪只能监测强弱，不能防治。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川成都·二模）唐代边塞诗人岑参“中军置酒饮归客，胡琴琵琶与羌笛”，描写了拉弦、弹拨、吹管三类乐器。如图分别是胡琴、琵琶、羌笛。下列说法正确的是（　　） A．演奏胡琴时，按压琴弦不同位置改变声速 B．弹拨琵琶的力度越大，发出声音响度越大 C．吹奏羌笛，按住不同笛孔改变声音的音色 D．胡琴、琵琶与羌笛，都是由琴弦振动发声 【答案】B 【详解】A.演奏胡琴时，按压琴弦不同位置改变声调，故A错误； B.弹拨琵琶是通过琴弦振动发声，弹拨琵琶的力度越大，琴弦振动的振幅越大，发出声音的响度越大，故B正确； C.吹奏羌笛，按住不同笛孔改变声音的音调，音色跟声源本身的材料有关，故C错误； D.胡琴和琵琶是通过琴弦振动发声，但羌笛是由笛子内的空气柱振动发声，故D错误。 故选B。 2．（2026·四川广安·一模）四川竹琴作为国家级非物质文化遗产曲艺项目，不仅记录了民族特殊的生活生产方式，还是民族个性、民族审美习惯“活”的显现。竹琴表演韵味悠长，声声入耳。关于声现象下列说法正确的是（    ） A．声音由物体振动产生，演员演奏竹琴、发声皆因振动。 B．竹琴表演韵味悠长，可以高音演奏，描述的是响度大。 C．四川的竹琴表演时发出的声音在任何时候都是乐音。 D．观众能听出“这是四川竹琴表演的”是通过音调来辨别的。 【答案】A 【详解】A．声音的本质是由物体振动产生的，一切发声的物体都在振动，竹琴发声也不例外，故A正确； B．“高音演奏”描述的是声音的音调高，故B错误； C．从环保角度定义，凡是影响人们正常休息、学习、工作的声音都属于噪声，竹琴的声音如果干扰了人们的正常生活，也会成为噪声，故C错误； D．不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色不同，观众能分辨出竹琴的声音是依靠音色，故D错误。 故选A。 3．（2026·四川广元·二模）下列关于信息和能源说法正确的是（   ） A．光纤通信是光在光导纤维中发生折射来传递信息 B．电能、水能都是一次能源 C．能量是守恒的，所以能量取之不尽用之不竭 D．声波传递信息需要介质 【答案】D 【详解】A．光纤通信是光在光导纤维中发生多次反射来传递信息，故A错误； B．一次能源是可以直接从自然界获取的能源，水能属于一次能源，而电能是由其他能源转化而来的二次能源，故B错误； C．能量的转化是守恒的，但能量的转化和转移具有方向性，很多能量无法被人类有效利用，所以能源并不是取之不尽用之不竭的，故C错误； D．声波不能在真空中传播，说明声波传递信息需要介质，故D正确。 故选D。 4．（2026·四川广元·二模）如图所示是一款智能音箱，它可以通过语音指令播放音乐、播报天气，也能与手机蓝牙连接使用。下列说法正确的是（    ） A．智能音箱是高科技产品，发出的声音不是由物体振动产生的 B．调节音量可以改变智能音箱发出声音的音调 C．智能音箱能根据语言指令来完成指定操作，说明声音可以传递信息 D．午休时关闭智能音箱，这是在传播过程中减弱噪声 【答案】C 【详解】A．所有声音都是由物体振动产生的，智能音箱发出的声音同样是振动产生的，故A错误； B．调节音量改变的是声音的响度，即声音的大小，不是改变音调，故B错误； C．声音可以传递信息和能量，智能音箱接收语音指令、完成对应操作，说明声音可以传递信息，故C正确； D．午休时关闭智能音箱，是在声源处减弱噪声，不是传播过程中，故D错误。 故选C。 5．（2025·四川南充·三模）下列关于声现象的说法正确的是（   ） A．音调不同的声音在同种介质中传播速度相同 B．街道边的噪声监测仪能在传播过程中减弱噪声 C．人耳听不到次声，是因为响度太小 D．医生用B超查看胎儿的发育情况是利用声音传递能量 【答案】A 【详解】A．声音的传播速度只与介质的种类和温度有关，与音调、响度、音色等特性无关，因此，音调不同的声音在同种介质中传播速度相同，故A正确； B．噪声监测仪只能监测噪声的分贝大小，不能减弱噪声，故B错误； C．人耳听到声音的频率在，是因为次声的频率低于20Hz，超出了人耳的听觉频率范围，而不是因为响度小，故C错误； D．医生用B超查看胎儿的发育情况是利用声音传递信息，故D错误。 故选 A。 6．（2025·四川攀枝花·中考真题）京剧是我国的国粹，演出时常用鼓、二胡等乐器进行伴奏。观众能区分鼓声和二胡声是依据声音的______不同；鼓受到敲击时，由于鼓面______而发声；拉二胡时，用手按压弦的不同位置，是为了改变声音的______。 【答案】 音色 振动 音调 【详解】[1]不同的乐器发声的音色不同，所以观众能区分鼓声和二胡声是依据声音的音色不同。 [2]声音是由物体的振动产生的，所以鼓受到敲击时，由于鼓面振动而发声。 [3]拉二胡时，用手按压弦的不同位置，是为了改变声音振动的频率，从而改变声音的音调。 7．（2025·四川泸州·三模）在公共场所打电话，轻声说话是文明的表现。从声音的特性分析，“轻声”是指声音的__________；从控制噪声的角度分析，这是在_________（选填“声源处”、“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声；我们仅凭从手机中听到的声音就能判断出对方是谁，是依据乐音三要素中的_________要素进行判断的。 【答案】 响度小 声源处 音色 【详解】[1]在公共场所“轻声”说话是文明的表现， “轻声”说话指的是小声说话，是指声音的响度小。 [2]控制噪声可以在声源处减弱、传播过程中减弱、人耳处减弱。轻声说话是在声源处减弱噪声，防止噪声的产生。 [3]不同的人发出声音的音色不同，打电话时，我们仅凭声音就可判断对方是谁，这是通过声音的音色进行判断的。 8．（2025·四川南充·二模）如图是用型号ET﹣31V为标准4/4小提琴的调音过程，调音器正在检测第二弦的音准。其原理是基于声音的 _______ （选填“音调”“响度”“音色”）特性。当用弦乐器演奏时，弦振动产生声音，若弦绷得更紧，弦振动的频率会变_____ （选填“高”“低”）。 【答案】 音调 高 【详解】[1][2]小提琴在调音过程，发出的声音的频率高低会发生改变，音调会改变；当用弦乐器演奏时，弦振动产生声音，若弦绷得更紧，振动的频率会变高。 押题猜想三 光现象辨析 试题前瞻·能力先查 【热点地标】如图，“铜元之光”已成为众多游客的打卡点。下列说法正确的是（　　） A．岸上灯火辉煌，路灯之间是并联的 B．对岸高楼在江水中所成的倒影是实像 C．我们看到空气中的直线光柱，这就是光线 D．大桥的灯光是人造光源，而天上的月亮是自然光源 【答案】A 【详解】A.路灯之间通常并联连接，这样一盏灯坏了不影响其他灯工作，故A正确； B.倒影是由水面反射形成的虚像，不是实像。故B错误； C.光线并不实际存在，我们在研究光的传播路径时引入光线，这是采用了物理理想模型法，故C错误； D.自身会发光且正在发光的物体是光源，大桥的灯光是人造光源，月亮本身不会发光，它是反射太阳的光，因此月亮不是光源，故D错误。 故选A。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题形式出现，偶尔结合作图题或实验探究题。考查学生对光的直线传播、光的反射（含平面镜成像）、光的折射、光的色散等基本规律的识别与应用，以及生活中常见光现象的辨析。解题关键在于抓住光的传播特点，结合光路图分析，区分“实像”与“虚像”、“反射”与“折射”。 一、理清“四大光现象”核心区别 光的直线传播：光在同种均匀介质中沿直线传播，如“小孔成像”“影子”“日食/月食”“激光准直”“排队看齐”。 光的反射：光射到物体表面被反射回来，遵循反射定律，如“平面镜成像”“倒影”“漫反射”“潜望镜”。 光的折射：光从一种介质斜射入另一种介质时传播方向发生偏折，如“池水变浅”“筷子弯折”“海市蜃楼”“彩虹（色散）”“凸透镜成像”。 光的色散：白光通过三棱镜分解为七色光带，属于折射现象，如“彩虹的形成”“彩色条纹”。 速记口诀： 影子日食直线传，倒影平面是反射； 水浅筷弯是折射，彩虹色散也归折。 实像虚像要分清，镜前虚像折实像。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川南充·一模）如图，将大小和形状相同的红、蓝圆环粘成“8”字，将其竖直放入水中，上边的红环全部在水面之上，下边的蓝环刚好浸没（图中只是操作）。关于在水面上方看到的现象，判断正确的是（    ） A．红环在水中的“倒影”是等大的实像 B．水面上方看到水中的蓝环是光的折射形成的虚像 C．红环在水中的“倒影”和水面上看到的蓝环完全重合 D．从各个方向都能看到红环，是因为红环表面发生了镜面反射 【答案】B 【详解】A．红环的水中“倒影”是平面镜成像（光的反射形成），平面镜成的是等大的虚像，故A错误； B．蓝环在水中，我们从水面上方看水中的蓝环，是蓝环反射的光从水中斜射入空气时发生折射，人眼逆着折射光线看到的是光的折射形成的虚像，故B正确； C．红环的倒影与红环关于水面对称，位置与实际蓝环位置重合；但光的折射会让看到的蓝环虚像比实际蓝环的位置更靠近水面，因此二者不会完全重合，故C错误； D．能从各个方向看到红环，是因为红环表面发生了漫反射，镜面反射只能在特定方向接收到反射光，故D错误。 故选B。 2．（2026·四川广元·二模）如下光现象知识思维导图一个分支实例内容缺失，能正确补充的选项是（   ） A．树荫下的光斑 B．用放大镜看字 C．皮影戏 D．杯弓蛇影 【答案】D 【详解】由思维导图可知，问号处需要补充的是光的反射的实例。 A．树荫下的光斑是小孔成像现象，原理是光的直线传播，故A不符合题意 B．用放大镜看字是凸透镜成像，原理是光的折射，故B不符合题意； C．皮影戏的影子形成原理是光的直线传播，故C不符合题意； D．杯弓蛇影是弓在液面形成的倒影，属于平面镜成像，原理是光的反射，故D符合题意。 故选D。 3．（2026·四川广元·二模）唐代诗人张志和在《渔歌子》中写道“西塞山前白鹭飞，桃花流水鳜鱼肥”。下图是白鹭在如镜的水面上捕鱼时的情形。针对这一情景，下列说法正确的是（    ） A．岸上的人看到的白鹭的倒影，是由光在均匀介质中沿直线传播形成的 B．岸上的人能从各个角度看到白鹭，是由于光照在白鹭身上发生了镜面反射 C．白鹭看到的水中的鳜鱼，实际上是由于光的折射形成的实像 D．空中的白鹭俯冲捕鱼时，它在水中所成像的大小始终不变 【答案】D 【详解】A．岸上的人看到白鹭的倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误； B．岸上的人能从各个角度看到白鹭，是由于光照在白鹭身上发生了漫反射，故B错误； C．水中的鱼反射的光由水斜射入空气时发生折射，折射角大于入射角，折射光线远离法线，向水面偏折，白鹭逆着折射光线看去，看到的“鱼”实际上是由于光的折射形成的鱼的虚像，故C错误； D．平面镜成的像和物体大小相等，空中的白鹭俯冲捕鱼时，距水面的距离越近，它在水中成的像大小不变，故D正确。 故选D。 4．（2026·四川成都·二模）如图是甘肃敦煌的塔式太阳能电站。定日镜（即平面镜）将太阳光反射汇聚发电。下列光现象与定日镜工作原理相同的是（　　） A．杯弓蛇影 B．立竿见影 C．海市蜃楼 D．雨后彩虹 【答案】A 【详解】定日镜是平面镜，工作原理是光的反射。 A．杯弓蛇影属于平面镜成像现象，原理是光的反射，故A符合题意； B．立竿见影是光沿直线传播时，被不透明的竿阻挡形成阴影，原理是光的直线传播，故B不符合题意； C．海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播时发生偏折形成的，原理是光的折射，故C不符合题意； D．雨后彩虹是光的色散现象，本质是不同色光通过水珠时折射程度不同，将白光分解为七色光，原理是光的折射，故D不符合题意。 故选A。 5．（2026·四川成都·一模）伴随着智能科技的发展，商场互动镜面、车载智能反光屏等设备广泛应用了平面镜成像知识。在“探究平面镜成像特点”的实验中，小亮将点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，他通过玻璃板能够看到蜡烛A在玻璃板后面所成的像，下列与平面镜成像相关的说法中正确的是（　　） A．蜡烛A 的成像原理与海市蜃楼的原理相同 B．蜡烛A 靠近玻璃板时，所成像的大小在变大 C．选用与蜡烛A完全相同的蜡烛B做实验，目的是便于比较像与物的大小关系 D．移开蜡烛B，若将光屏置于像的位置，人在玻璃板后面观察，光屏上会出现蜡烛A的像 【答案】C 【详解】A．蜡烛A的成像原理是光的反射，海市蜃楼的原理是光的折射，二者原理不同，故A错误； B．平面镜成像时，像与物大小始终相等，蜡烛A靠近玻璃板时，所成像的大小不变，故B错误； C．选用与蜡烛A完全相同的蜡烛B做实验，当蜡烛B与蜡烛A的像完全重合时，可直观比较像与物的大小关系，故C正确； D．平面镜成的是虚像，虚像不能在光屏上呈现，移开蜡烛B，将光屏置于像的位置，光屏上不会出现蜡烛A的像，故D错误。 故选C。 6．（2023·四川宜宾·二模）（多选）如图所示是兴文2023年元宵晚会的场景，炫彩的灯光照亮夜空，庆祝氛围处处洋溢。下列说法正确的是（　　） A．人们看到的光束是光源 B．人们能看到五颜六色的光，这是光的色散现象 C．坐在舞台周围的观众都能看到舞台上的表演者，是因为光在表演者身上发生了漫反射 D．表演者上台前整理妆容时，当他走近平面镜时，他在镜中所成的像的大小不变 【答案】CD 【详解】A．夜空中的光束是光经传播介质反射形成的，不是光源，故A错误； B．人们能看到五颜六色的光，这是由于光源发出的光是五颜六色的，不是白光色散形成的，故B错误； C．光照射在粗糙物体表面时，会向各个方向反射，这种现象称为漫反射，坐在舞台周围的观众都能看到舞台上的表演者，是因为光在表演者身上发生了漫反射，故C正确； D．根据平面镜成像规律可知，像与物大小相等，当他走近平面镜时，他在镜中所成的像的大小不变，故D正确。 故选CD。 7．（2025·四川南充·二模）汽车产业发展日新月异，为了提升乘客乘坐的舒适性，如图1是许多汽车车窗采用双层夹胶玻璃，有效的降低了噪声，这是在______减弱噪声。而如图2是仪表盘的抬头显示系统（），其原理是利用光的反射在挡风玻璃正前方形成______（选填“实像”或“虚像”），可以给我们带来更安全的驾驶。 【答案】 传播过程中 虚像 【详解】[1]减弱噪声的途径有在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。汽车车窗采用双层夹胶玻璃，这是在传播过程中减弱噪声。 [2]车辆HUD显示器水平放置在中控台上，挡风玻璃相当于平面镜，平面镜成虚像，所以这是利用光的反射在挡风玻璃正前方形成虚像，给我们带来更安全的驾驶。 8．（2025·四川南充·中考真题）研学活动中，图1是某同学在参观博物馆时，通过玻璃橱窗看到自己的影子，这是由光的_________形成的；图2是走出博物馆后，看到天空出现的彩虹，这是光的_________现象。 【答案】 反射 色散 【详解】[1]通过玻璃橱窗看到自己的影子，这是平面镜成像，其原理是光的反射。 [2]天空出现的彩虹是光照射到小水滴上被分解为绚丽的七色光，是光的色散现象，其原理是光的折射。 押题猜想四 透镜成像规律及其应用 试题前瞻·能力先查 【新情景】如图所示，我国空间站舱外镜头下，宇宙辽阔静谧，地球温柔璀璨，这是属于天宫的极致浪漫。相机的镜头相当于______（选填“凸”或“凹”）透镜，地球经相机镜头成倒立、______（选填“放大”或“缩小”）的实像，此时地球到相机镜头的距离应______（选填“大于二倍焦距”“在一倍焦距和二倍焦距之间”或“小于一倍焦距”）。 【答案】 凸 缩小 大于二倍焦距 【详解】[1][2][3]相机的镜头相当于凸透镜，地球经相机镜头成倒立、缩小的实像，此时地球到相机镜头的距离为物距，应大于二倍焦距。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题、作图题及实验探究题形式出现。考查学生对凸透镜和凹透镜的辨别、凸透镜成像规律的记忆与应用、光学仪器的原理（照相机、投影仪、放大镜、眼镜），以及眼睛的视力矫正。解题关键在于抓住“三条特殊光线”和“物距与像距的关系”，结合光路图分析像的性质变化。 一、理清“两类透镜”的核心区别 凸透镜：中间厚、边缘薄，对光线有会聚作用，又称“会聚透镜”。如远视眼镜（老花镜）、照相机镜头、投影仪镜头、放大镜。 凹透镜：中间薄、边缘厚，对光线有发散作用，又称“发散透镜”。如近视眼镜、门上的猫眼（部分）。 速记口诀： 中间厚凸会聚光，中间薄凹发散忙； 凸透镜能成实像，凹透镜总成虚像。 凸透镜成像规律： 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川成都·二模）如图是快递出库扫描仪，它的上端为成像镜头，斜上方配有补光灯辅助扫描快递条形码，关于该装置涉及的光学知识，下列说法正确的是（　　） A．扫描仪的镜头与近视眼镜镜片是同种透镜 B．扫描仪需要补光，说明镜头只能识别光源 C．条形码通过扫描仪的镜头，成正立的实像 D．增大条形码到镜头的距离，所成的像变小 【答案】D 【详解】A．扫描仪的成像镜头是凸透镜，近视矫正眼镜的镜片是凹透镜，二者不是同种透镜，故A错误； B．补光灯的作用是让条形码反射更多的光，条形码本身不是光源，扫描仪依靠识别条形码反射的光工作，镜头并非只能识别光源，故B错误； C．扫描仪镜头成像原理和照相机相同，当物距大于2倍焦距时，成倒立、缩小的实像，故C错误； D．根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，镜头焦距不变时，增大条形码到镜头的距离，即增大物距，所以所成的像会变小，故D正确。 故选D。 2．（2026·四川绵阳·一模）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上能成等大清晰的像。因为，根据凸透镜成像规律，当时，成倒立、等大的实像，所以凸透镜的焦距是。关于本实验下列说法错误的是（    ） A．把蜡烛移至10cm处，凸透镜不动，移动光屏，能在光屏上得到清晰的倒立、缩小的实像，这与照相机的成像原理相同 B．把蜡烛移至32cm处，凸透镜不动，移动光屏，能在光屏上得到清晰的倒立、放大的实像。这与投影仪的成像原理相同 C．把蜡烛从10cm移至32cm刻度线处的过程中，凸透镜所成的像逐渐变大 D．把蜡烛移至45cm处，凸透镜不动，移动光屏，会再次在光屏上得到清晰的放大的像 【答案】D 【详解】A．蜡烛移至处，物距 成倒立、缩小的实像，与照相机成像原理相同，故A正确，不符合题意； B．蜡烛移至处，物距 满足，成倒立放大的实像，，应用于幻灯片和投影仪，故B正确，不符合题意； C．蜡烛从移到的过程中，物距逐渐减小，根据凸透镜成实像规律“物近像远像变大”，所成的像逐渐变大，故C正确，不符合题意； D．蜡烛移至处，物距 ，成正立、放大的虚像，虚像不能在光屏上呈现，故D错误，符合题意。 故选D。 3．（2025·四川成都·模拟预测）夜幕降临，横跨成都锦江两岸的安顺廊桥灯火璀璨（如图所示），桨声灯影里，夜色让人陶然而醉……正所谓“锦江灯月遥相近，烟火市井三千年”。下列说法正确的是（   ） A．能从各个方向看见廊桥，是由于光发生了镜面反射 B．看到桥下水中的鱼比实际位置浅，是光的折射现象 C．取下近视眼镜，看到廊桥变模糊了，是因为其像成在视网膜后方 D．要把廊桥拍大一点，需将照相机靠近廊桥，同时将照相机镜头向后缩 【答案】B 【详解】A．能从各个方向看见廊桥，是因为光发生了漫反射，故A错误； B．看到桥下水中的鱼比实际位置浅，是因为光从水中斜射入空气中时发生了折射，折射光线远离法线，人眼逆着折射光线看，看到的是鱼的虚像，虚像位置比实际位置浅。故B正确； C．近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，取下近视眼镜后，原本由凹透镜发散的光线会提前会聚，像会成在视网膜前方，所以看廊桥会变模糊。故C错误； D．要把廊桥拍大一点，根据“物近像远像变大”的规律，需将照相机靠近廊桥（减小物距），同时将相机镜头向前伸（增大像距），而不是向后缩。故D错误。 故选B。 4．（2025·四川绵阳·中考真题）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示时，光屏上成的像不清晰，若将光屏向右移动适当距离，可在光屏上观察到清晰的像，则（   ） A．清晰的像是倒立、缩小的实像 B．清晰的像是正立、放大的实像 C．该透镜的焦距大于7.5cm小于15cm D．该透镜的焦距大于10cm小于20cm 【答案】D 【详解】 AB．由图可知，物距 ，将光屏向右移动适当距离，可在光屏上观察到清晰的像，说明清晰成像时的像距 v 大于初始光屏到透镜的距离，即 ；因为像距大于物距 ，根据凸透镜成像规律，当成实像时，若像距大于物距，烛焰成倒立、放大的实像，故AB不符合题意； CD．由凸透镜的成像规律可知，物距等于20cm时，成倒立放大的实像，此时物距 u 应该满足 解得 故C不符合题意，D符合题意。 故选D。 5．（2025·四川成都·三模）（多选）如图所示，号称世界第一城市中轴线的天府大道沐浴在灿烂的阳光下，时尚、现代、壮观、大气得让人惊叹！下列说法正确的是（　　） A．因为光的直线传播，所以大道看起来是笔直的 B．顺着大道由近而远望去的过程中，正常眼睛的晶状体会变薄，焦距会变大 C．无人机搭载摄像机巡空拍摄大道景色时，通过镜头成正立、缩小的实像 D．道旁隔离绿化带郁郁葱葱，繁花似锦，绿植叶片吸收绿光反射其它色光 【答案】AB 【详解】A．光在同种均匀介质中沿直线传播，所以大道看起来是笔直的是由于光的直线传播造成的，故A正确； B．正常眼睛看近处物体时，晶体较厚，焦距较小，看远处物体时晶状体较薄，焦距较大，故B正确； C．无人机搭载的摄像机相当于照相机，根据凸透镜成像的规律可知，通过镜头成倒立、缩小的实像，故C错误； D．道旁隔离绿化带郁郁葱葱，繁花似锦，是因为绿植叶片反射绿光吸收其它色光造成的，故D错误。 故选AB。 6．（2026·四川广元·二模）如图所示是摄影师使用照相机（镜头焦距不变）拍摄的广元市苍溪县云峰镇梨花。与照相机镜头相同类型的透镜可以用来矫正________（选填“近视眼”或“远视眼”）。若想将树上的一朵梨花拍大些，摄影师应使照相机镜头________（选填“远离”或“靠近”）这朵梨花。 【答案】 远视眼 靠近 【详解】照相机的镜头相当于一个凸透镜，用来矫正近视眼的透镜是凹透镜，用来矫正远视眼的透镜是凸透镜。 由凸透镜成实像规律，物近像远像变大可知，若要把梨花的像拍得更大一些，则应使照相机镜头靠近梨花。 7．（2026·四川内江·二模）某同学在“研究凸透镜成像规律”的实验中，记录并绘制了物距u和像距v之间关系的图像，该凸透镜的焦距是________cm。我们私家车在公路上快速行驶时突然急刹车，人由于 ________ 而向前倾倒。 【答案】 10 惯性 【详解】根据凸透镜成像规律可知，物距等于两倍焦距时，会成倒立、等大的实像，即像距等于物距。分析图像可知，物距等于20cm时，像距等于20cm，所以二倍焦距等于20cm，则焦距为10cm。 私家车在公路上快速行驶时突然刹车，人由于惯性继续保持原来的速度向前运动，从而出现人向前倾倒的情况。 8．（2025·四川成都·二模）近视眼的晶状体曲度过大，看远处物体时使得像成在视网膜_______方（选填“前”或“后”）。如图所示，全飞秒近视手术是利用激光在眼角膜上削去一部分并从切口取出，使角膜形成一个_______透镜的形状（选填“凸”或“凹”），从而达到矫正近视的目的。 【答案】 前 凹 【详解】[1]近视眼的晶状体曲度过大，对光线的偏折能力会变强，所以会使得像成在视网膜前方。 [2]角膜切割以后，变成中间薄、边缘厚的凹透镜的形状。 押题猜想五 物态变化 试题前瞻·能力先查 【新情景】《三国志》记载“扬汤止沸，使不焦烂”。为研究“扬汤”（舀水倒回）能否使水停止沸腾，小明将烧杯中的水加热至沸腾，再舀出适量水后倒回，用温度传感器记录水温（图甲），连接到计算机屏，显示温度随时间变化的图像（图乙），则： (1)水沸腾时持续吸热，温度_________，此时水的沸点为_________℃，推断实验所在地的大气压_________1个标准大气压。 (2)“扬汤”至水再次沸腾的过程中，烧杯中水的温度变化说明“扬汤”_________（选填“能”或“不能”）短暂使水停止沸腾。 【答案】(1) 不变 98 低于 (2)能 【详解】（1）水沸腾时，需持续吸热，温度保持不变；由图乙可知，水温达到时不再上升，说明水的沸点为；由于水的沸点会随气压的降低而降低，标准大气压下水的沸点为，故当地的大气压低于标准大气压。 （2）由图乙可知，将舀出的水倒回烧杯时，会使烧杯中沸腾的水整体温度降低，短暂使水停止沸腾，之后继续加热，水吸收热量，温度升高，直到达到沸点，温度保持不变。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题形式出现，偶尔结合实验探究题（如探究水沸腾特点、晶体熔化规律）。考查学生对六种物态变化的识别、晶体与非晶体的区别、熔化与凝固图像分析、汽化的两种方式（蒸发与沸腾）、液化方法、以及生活中的物态变化实例。解题关键在于抓住物质状态变化前后的相态，结合温度变化与吸放热规律，避免混淆。 物态变化框图： 应对策略： ① 先确定物质初始状态和最终状态，再对照六种变化类型。 ② 看到“冰化成水”→熔化；看到“水结成冰”→凝固；看到“变干”“消失”→汽化（或升华，若固态直接变气）。 ③ 看到“白气”“雾”“露”“眼镜起雾”→液化（气态变液态）。 ④ 看到“霜”“雪”“雾凇”“冰花”→凝华（气态直接变固态）。 ⑤ 看到“冰冻衣服变干”“樟脑丸变小”“干冰人工降雨”→升华（固态变气态）。 ⑥ 实验题中，水沸腾后撤去酒精灯，水仍沸腾一会（石棉网余热），但很快停止（说明沸腾需要持续吸热）。 ⑦ 晶体熔化实验采用“水浴法”的目的是使物体受热均匀，减慢熔化便于观察温度变化。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广安·一模）小华对生活中的热现象的解释或做法正确的是（    ） A．寒冬的玻璃窗户上常常会有一层“水汽”，应当从室外擦玻璃才能擦干“水汽” B．夏天从柜中取出的饮料瓶外有“流汗”现象，是由于瓶内的饮料扩散导致 C．衣柜中的樟脑丸时间长了会变小甚至消失，是一种汽化现象 D．将湿衣服晾在通风且光照充足的地方有利于加快水分蒸发 【答案】D 【详解】A.寒冬室内温度远高于室外，玻璃温度较低，室内空气中的水蒸气遇冷液化形成“水汽”，凝结在玻璃内表面，应当从室内擦才能擦干，故A错误； B.取出的饮料瓶温度很低，空气中的水蒸气遇冷液化在瓶外壁形成小水珠，也就是“流汗”现象，故B错误； C.樟脑丸从固态直接变为气态消失，属于升华现象，汽化是液态变为气态的过程，故C错误； D.通风能加快空气流速，光照充足能提高水的温度，都有利于加快水分蒸发，故D正确。 故选D。 2．（2026·四川广元·二模）北方的冬天属于冰雪的世界。关于北方冬天的一些现象，下列说法正确的是（    ） A．寒潮来袭时黄河河面结冰，结冰是放热过程 B．“泼水成冰”的原理是水蒸气在极寒环境下凝固成小冰晶 C．气温低于0℃时雪人变小，这是凝华现象 D．游客交谈时嘴边会出现“白气”，这是汽化现象 【答案】A 【详解】A．寒潮来袭时黄河河面结冰，水变成冰是凝固现象，此过程需要放热，故A正确； B．当室外的温度极低时，水蒸气会直接凝华为小冰晶，所以“泼水成冰”的原理是水蒸气在极寒环境下凝华成小冰晶，故B错误； C．气温低于0℃时雪不会熔化，而雪人变小，是雪直接变成水蒸气，属于升华现象，故C错误； D．游客交谈时嘴边会出现“白气”，是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故D错误。 故选A。 3．（2026·四川成都·二模）自然界的水循环宛如一首灵动的诗篇，下列关于四季中多姿多态水的说法正确的是（　　） A．春雨斜织润新芽——水蒸气凝华成小雨滴 B．夏露凝珠映月华——水蒸气液化成小露珠 C．秋霜染叶红胜火——水蒸气凝固成小冰晶 D．冬雪覆枝净无瑕——小水珠汽化成水蒸气 【答案】B 【详解】A．春雨是空气中的水蒸气液化形成小雨滴，故A错误； B．夏露是空气中的水蒸气遇冷液化成小露珠，液化是气态变为液态的物态变化，故B正确； C．秋霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华成小冰晶，故C错误； D．冬雪是空气中的水蒸气凝华形成小冰晶，故D错误。 故选B。 4．（2025·四川内江·中考真题）下列物态变化现象中，属于凝固的是（　　） A．晾在室外的湿衣服变干了 B．夏天，揭开冰棒包装纸后会看到冰棒冒“白气” C．冬天，河面上结了一层冰 D．春天，屋顶上冰雪消融 【答案】C 【详解】凝固的定义是物质由液态变为固态的物态变化过程，逐个分析选项： A．湿衣服变干是液态水变为气态水蒸气，属于汽化，故A不符合题意； B．冰棒冒的“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠，属于液化，故B不符合题意； C．河面结冰是液态水变为固态冰，由液态变为固态，属于凝固，故C符合题意； D．冰雪消融是固态冰变为液态水，属于熔化，故D不符合题意。 故选C。 5．（2025·四川攀枝花·中考真题）小明在劳动实践活动中，将芒果切片后放在烘干机中进行烘干处理，制作芒果干。在烘干过程中，芒果片中的水分不断减少是因为水发生了（　　） A．汽化 B．液化 C．熔化 D．升华 【答案】A 【详解】由题意可知，芒果烘干过程中，芒果片中的水分不断减少是因为液态水变成了气态的水蒸气，物质由液态变为气态叫作汽化，所以是因为水发生了汽化，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 6．（2026·四川广元·二模）2026年元宵节，非遗“打铁花”在东河之畔震撼上演。夜幕下，师傅们将1600℃的铁水击向夜空，化作万点金雨。生铁（晶体）熔化时温度______（选填“不变”，“升高”或“下降”），铁水冷却变成固态铁粒，该过程发生的物态变化是______。 【答案】 不变 凝固 【详解】生铁是晶体，晶体熔化的特点是：熔化过程中温度不变。 铁水是液态，变成固态铁粒，是从液态变为固态，这个物态变化是凝固。 7．（2025·四川成都·模拟预测）如图所示，在探究“水的沸腾规律”时，发现“水中产生大量气泡，气泡在上升的过程中越来越大”就说明水沸腾了。“水中产生大量气泡”说明在液体____________（选填“内部”或“表面”）发生了汽化现象。撤去酒精灯水就停止沸腾，说明水的沸腾过程需要持续____________。 【答案】 内部 吸热 【详解】[1]沸腾是液体内部和表面同时发生的剧烈汽化现象，“水中产生大量气泡”说明液体内部也发生了汽化。 [2]撤去酒精灯后，水无法继续吸收热量，立刻停止沸腾，该现象说明水沸腾过程需要持续吸热。 8．（2025·四川成都·一模）如图所示，是很多公共卫生间里常用的热风干手器。洗手后，将湿手伸进去，手很快就会被吹干，原因是这个过程水发生了___________（填物态变化名称），这是一个___________（选填“吸热”或“放热”）过程。 【答案】 汽化 吸热 【详解】[1][2]洗手后，将湿手伸进去，手很快就会被吹干，原因这个过程水由液态变成气态的水蒸气，这个过程叫汽化，汽化是一个吸热过程。 押题猜想六 内能及其应用 试题前瞻·能力先查 【科技应用】盐穴压缩空气储能是一种大规模储能发电技术的应用，其流程简化图如图所示。 (1)当用电低谷时，利用电动机驱动多级压缩机将空气压缩至高压并储存至地下盐穴中，完成电能到空气压力能的转换，实现电能的储存。电动机的原理______（选填“是”或“不是”）电磁感应、空气被压缩的过程中密度______，空气被压缩时温度升高是通过______（选填“做功”或“热传递”）的方式改变内能； (2)压缩空气储能电站分为“补燃式”和“非补燃式”两种。“非补燃式”是指储能电站利用回热技术将压缩空气时产生的热储存起来，在高峰发电时补给发电机发电，发电机发电时将______能转化为电能。“补燃式”是在高峰发电时需要燃烧燃料辅助发电，燃料的热值与其是否完全燃烧______（选填“有关”或“无关”），在用电低谷期，电网向储能电站输入的电能叫“充电能量”；用电高峰期、储能电站向电网输出的电能叫“调峰电量”。某一个储能周期内，某“非补燃式”压缩空气储能电站的充电能量为度的电能，调峰电量为度的电能，则该“非补燃式”压缩空气储能电站的整体能量转换效率为______。 【答案】(1) 不是 变大 做功 (2) 机械 无关 60% 【详解】（1）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，电磁感应是发电机的工作原理，因此电动机的原理不是电磁感应。 空气被压缩时，质量不变，体积减小，根据密度公式，密度变大。 压缩空气时，压缩机对空气做功，空气内能增加、温度升高，这是通过做功的方式改变内能。 （2）发电机发电时，压缩空气膨胀释放能量推动发电机转动，将机械能转化为电能。 热值是燃料本身的固有特性，只与燃料的种类有关，与燃料是否完全燃烧无关。 能量转换效率 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题形式出现，偶尔结合实验探究题（如比较不同物质吸热能力、热机的工作过程）。考查学生对分子动理论、内能概念、改变内能的两种方式、比热容的理解与应用、热机的工作原理（四冲程）、热值的计算，以及能量守恒定律。解题关键在于区分“内能、温度、热量”三者的关系，对比热容的理解要结合生活实例，热机冲程判断抓住气门和活塞运动特征。 注意： 物体吸收热量，温度不一定升高（如晶体熔化、水沸腾）；物体温度升高，不一定吸热（如做功）。 内能不仅与温度有关，还与质量、状态、种类有关。 掌握改变内能的两种方式及实例 热传递：热量从高温物体传到低温物体（条件：温度差），如晒太阳、烧水、暖手宝。 做功：对物体做功内能增加（机械能→内能），物体对外做功内能减少，如摩擦生热、压缩气体、气体膨胀推动活塞。 能量既不会凭空消灭，也不会凭空产生，它只会从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到其他物体，而在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广元·二模）“以茶会友”是中国人社交的重要方式。将一杯热气腾腾的旺苍绿茶端到客人面前，茶香四溢，令人心旷神怡。下列说法中正确的是（   ） A．茶水温度越高所含的热量越多 B．热气腾腾的茶水冒出的“白气”是汽化现象 C．端着茶杯的手感觉很热，是通过做功的方式改变了手的内能 D．“茶香四溢”是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动 【答案】D 【详解】A．热量是过程量，只能描述为“吸收或放出热量”，不能说物体“含有热量”，故A错误； B．“白气”是高温水蒸气遇冷液化形成的小液态水滴，属于液化现象，故B错误； C．端着茶杯时，手温度低于茶杯，手从茶杯吸收热量，是通过热传递的方式改变内能，故C错误； D．“茶香四溢”是茶的分子扩散到空气中的扩散现象，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动，故D正确。 故选D。 2．（2026·四川成都·二模）如图所示，用酒精灯给锥形瓶中的水加热，用带小孔的胶塞塞住瓶口，水沸腾后观察到小孔上方的“叶轮”转动。下列说法正确的是（　　） A．给水加热的过程，水通过做功改变内能 B．酒精燃烧，酒精的内能转化为化学能 C．“叶轮”转动，其机械能转化为水的内能 D．“叶轮”转动，与热机做功冲程原理相同 【答案】D 【详解】A．改变物体内能的方式为做功和热传递，给水加热，水吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递改变内能，故A错误； B．酒精燃烧是化学变化，该过程将酒精储存的化学能转化为内能，故B错误； C．水沸腾产生的水蒸气从小孔喷出，推动叶轮转动，能量转化为水蒸气的内能转化为叶轮的机械能，故C错误； D．热机做功冲程的能量转化是内能转化为机械能，题中叶轮转动的能量转化同样是内能转化为机械能，二者原理相同，故D正确。 故选D。 3．（2026·四川成都·一模）某同学在实验室开展“探究不同液体吸热能力”的实验，用两个规格相同的电加热器分别放在两个相同的烧杯里加热甲、乙两种液体，甲、乙两种液体的质量，忽略液体蒸发且加热器产生的热量全部被液体吸收，得到如图丙所示的温度与加热时间的图像，已知水的比热容为，酒精的热值为3×10⁷J/kg。下列说法正确的（　　） A．前8min，甲液体吸收的热量比乙液体吸收的热量多 B．结合题意及图丙所示的温度-加热时间图像，可判断甲液体为水 C．甲液体的比热容大小为 D．若用酒精灯加热甲杯液体，升温60℃，消耗酒精12g，则其加热效率为80% 【答案】C 【详解】A．用两个规格相同的电加热器分别放在两个相同的烧杯里加热甲、乙两种液体，即相同时间内物体吸收的热量大致相等，则前8min，两种液体吸收的热量一样多，故A错误； BC．由题意及图丙可知，前8min，甲液体的温度变化量为40℃，乙液体的温度变化量为20℃，且两种液体的质量相同，由可知，甲的比热容小于乙的比热容，可判断乙液体是水，且甲、乙两种液体的比热容之比为 已知乙液体是水，则甲液体的比热容为 故B错误，C正确； D．由可得，甲液体吸收的热量为 由可得，完全燃烧酒精放出的热量为 由可得，其加热效率为 故D错误。 故选C。 4．（2025·四川南充·三模）如图甲为我国古代的“节能灯”——“省油灯”，图乙为其部分剖面示意图。向灯盏夹层内注水，有助于减慢油的蒸发，达到省油的目的。比热容，下列说法正确的是（　　） A．从相同大小的火焰吸收相同热量，陶瓷比铜温度变化小 B．夹层中冷水吸收热量，水分子平均动能增大 C．在燃烧过程中，能的转化与热机压缩冲程相同 D．在燃烧过程中，油的热值变小 【答案】B 【详解】A．由题意知，陶瓷的比热容比铜大，质量相同的陶瓷和铜，从相同大小的火焰吸收相同的热量，根据可知，陶瓷升温比铜慢，故A错误； B．用冷水降低油的温度，是水从油中吸收了热量，内能增大，水分子平均动能增大，故B正确； C．油在燃烧过程中，是化学能转化为内能和光能。热机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，是将机械能转化为内能。两者的能量转化方式不同，故C错误。 D．热值是燃料的固有属性，只与燃料种类有关，与质量、燃烧情况无关。因此，燃烧过程中油的热值不变，故D错误。 故选B。 5．（2025·四川成都·模拟预测）（多选）小才用两个完全相同的电加热器将质量均为的酒精和水分别加热至沸腾，并记录时间和温度，绘制成了如图所示的图像。已知。若相同时间内，水和酒精吸收的热量相同，则下列分析正确的是（　　） A．图像甲代表的液体是酒精 B．酒精的比热容为 C．甲液体没有吸收热量 D．前，若一个电加热器消耗了的电能，则加热液体的效率为 【答案】AD 【详解】A．水的比热容大于酒精的比热容。由图像可知，甲、乙加热相同时间，即吸收相同热量时，甲升温快，比热容小，故图像甲代表的液体是酒精，图像乙代表的液体是水，故A正确； B．由图像可知，加热3.5min，水的温度从18℃升高到98℃，则水吸收的热量为 加热1.5min，酒精的温度从18℃升高到78℃，相同时间内，水和酒精吸收的热量相同，则酒精吸收的热量为 则酒精的比热容为 故B错误； C．液体沸腾时，要不断吸收热量，温度保持不变，所以甲液体会不断吸收热量，故C错误； D．前液体吸收的热量为 则加热液体的效率为 故D正确。 故选AD。 6．（2025·四川宜宾·模拟预测）（多选）下列关于汽车的热学知识的说法中，下列说法正确的是（　　） A．汽车发动机外装有水箱散热利用了水的比热容大的性质 B．刚坐进汽车时会闻到汽油味是因为汽油发生了扩散现象 C．汽车发动机常用的柴油机或汽油机是利用机械能来做功的 D．后窗玻璃板中嵌入的电热丝可防止车内雾气在玻璃上凝结 【答案】ABD 【详解】A．比热容是单位质量的某种物质温度升高（或降低） 1℃所吸收（或放出）的热量。水的比热容较大，相同质量的水和其他物质比较，升高相同的温度时，水吸收的热量多。汽车发动机工作时会产生大量的热，用水作为冷却剂，在升高相同温度的情况下，水可以吸收更多的热量，从而更好地为发动机散热，故A正确； B．扩散现象是指不同物质在相互接触时，彼此进入对方的现象，这一现象表明分子在不停地做无规则运动。 刚坐进汽车时能闻到汽油味，是因为汽油分子在不停地做无规则运动，进入到空气中，然后扩散到人的鼻腔中，使人闻到汽油味，故B正确； C．汽车发动机常用的柴油机或汽油机都属于热机，热机是将燃料燃烧产生的内能转化为机械能的机器。 在柴油机或汽油机的做功冲程中，燃料燃烧释放出内能，推动活塞做功，将内能转化为机械能，而不是利用机械能来做功，故C错误； D．车内的水蒸气遇到温度较低的玻璃会发生液化现象，形成小水珠附着在玻璃上，影响驾驶员的视线。 后窗玻璃板中嵌入电热丝，通电后电热丝发热，使玻璃的温度升高，车内的水蒸气遇到温度较高的玻璃时，就不会发生液化现象，从而可防止车内雾气在玻璃上凝结，故D正确。 故选ABD。 7．（2026·四川广元·二模）紫兰湖能调节周围环境的温度，是因为水具有________（选填“比热容”或“热值”）大的特性。周末，齐齐爸爸带着齐齐妈妈和齐齐驾车前往紫兰湖游玩。已知这辆汽车装备的增程器实际上是一个使用汽油的发电机，消耗1 L汽油可以发3.6度电，则这个增程器的发电效率是________（结果精确到小数点后一位）%。（汽油的热值是，汽油的密度是） 【答案】 比热容 40.2 【详解】水具有比热容大的特性，相同质量的水和其他物质相比，吸收或放出相同热量时温度变化更小，因此能调节周围环境的温度。 由得汽油的质量为 1L汽油燃烧放出的热量为 转化的电能为 发电效率为 8．（2026·四川绵阳·一模）已知水的比热容为，1kg温度为20℃的水吸收3.78×105J的热量，水的温度将升高 ___________℃；如果用功率为1400W的加热器将等质量等初温的水加热至沸腾用时10min，该加热器的热效率是 ___________。（假设当时大气压为一个标准大气压） 【答案】 80 40% 【详解】[1]理论升高的温度为 则水的末温为，而标准大气压下水的沸点为100℃，所以实际升高的水温为 [2]加热器消耗的电能为 水加热至刚好沸腾吸收的热量为 该加热器的热效率是 9．（2026·四川绵阳·一模）某单缸四冲程汽油机的气缸活塞面积为，一个冲程活塞在气缸中移动的距离是50mm，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为，飞轮1min转动1800周，当汽油机满负荷工作时（不计摩擦），则一个做功冲程中燃气对活塞做的功_____焦、汽油机的功率为 _____瓦。 【答案】 135 2025 【详解】活塞面积 一个冲程活塞移动的距离 燃气对活塞的压力 一个做功冲程中燃气对活塞做的功 四冲程汽油机每转2周完成一个做功冲程，飞轮1分钟转1800周，故1分钟内做功次数 则1分钟做的总功 故汽油机的功率 10．（2026·四川绵阳·一模）如图是奇瑞的星纪元ET汽车，32度电的电池，加上60L的油箱，满油满电续航里程高达2141km。汽油的热值是4.6×107J/kg，密度是0.7×103kg/m3，则这一箱油完全燃烧，释放的热量为 ___________J。这款汽车的增程器实际上是一个使用汽油的发电机，1L汽油可以发3.6度电，则这个增程器的发电效率是___________  %（保留1位小数）。 【答案】 1.932109 40.2 【详解】[1]油箱容积 ，汽油密度 ，则汽油质量： 则这一箱油完全燃烧，释放的热量 [2]，故1L汽油完全燃烧释放热量 1度电 = ，故1L汽油可发电： 则这个增程器的发电效率 押题猜想七 质量与密度、机械运动 试题前瞻·能力先查 1.为测量金属块的密度，将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端的“0”刻度线处，天平指针如图甲所示，应将平衡螺母向________调节，直至天平平衡，将待测金属块放入左盘，调节平衡后右盘中砝码、游码位置如图乙所示。金属块放入量筒前后的情况如图丙所示，则金属块的体积为________，密度为____________。 【答案】 右 10 【详解】由图甲可知，指针向左偏，说明左边重，应该将平衡螺母向右调节； 由图丙可知，量筒分度值为2mL，金属块的体积 由图乙可知，标尺分度值为0.2g，金属块的质量 金属块的密度 2．嫦娥六号探测器成功发射，开启人类月背“挖土”之旅。完成月背采样后，上升器将携带月壤起飞，与轨返组合体对接，把月壤传递给返回器。对接完成后，上升器相对于轨返组合体是______（选填“静止”或“运动”）的，当月壤被带回地球后，其质量______。 【答案】 静止 不变 【详解】对接完成后，上升器与轨返组合体相对位置未改变，因此以轨返组合体为参照物，上升器是静止的。 质量是物体的固有属性，不随物体的位置、形状、状态等因素改变。月壤从月球带回地球仅位置变化，其质量保持不变。 分析有理·押题有据 本专题涵盖四川中考物理力学板块的两个基础部分：质量与密度、机械运动。考查重点：质量与密度——质量是物体的属性、天平使用、密度公式及应用、测量密度实验；机械运动——长度时间测量、参照物与运动相对性、速度公式及单位换算、s-t 与 v-t 图像分析。解题关键在于理解物理量的本质属性，并熟练运用公式进行简单计算。 天平使用与读数（必考实验操作） 调平：游码归零，调节平衡螺母使指针指中（左偏右调，右偏左调）。 称量：左物右码，用镊子加减砝码，从大到小。 读数：m物=m砝码+m游码 游码以左侧为准）。 参照物与机械运动 定义：物体位置随时间的变化叫机械运动。 参照物：判断物体运动时被选作标准的物体（假定为不动）。 运动相对性：同一物体，选择不同参照物，运动状态可能不同。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川乐山·一模）甲、乙两物体先后从同地沿同方向做匀速直线运动。时，甲出发；时，乙出发；到时，乙通过的路程为4m，甲在乙前1m。则如图所示的图像中，可以描述甲物体运动的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【详解】t=5s时，甲运动时间t甲=5s，甲在乙前方1m时，甲通过的路程为 甲的速度为 s−t图像的斜率代表速度，斜率越大，速度越大。甲的速度v甲=1m/s，即t=5s时，路程s=5m，对应图像b。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 2．（2026·四川广元·二模）2026年元宵节，旺苍县东河红桥上空，千架无人机组成“旺泽八方，苍润万家”字样。无人机灯光在水面形成倒影，交相辉映。下列说法正确的是（   ） A．无人机悬停在空中相对于红桥是静止的 B．无人机悬停在空中相对于倒影是运动的 C．无人机匀速上升时，它没有受到重力 D．无人机升力的施力物体是无人机本身 【答案】A 【详解】A．以红桥为参照物，悬停的无人机相对红桥的位置没有发生改变，因此无人机相对于红桥是静止的，故A正确； B．无人机的倒影是平面镜形成的等大虚像，悬停时无人机位置不变，倒影和无人机相对位置不改变，因此无人机相对于倒影是静止的，故B错误； C．地球表面的一切物体在任何运动状态下都受到重力作用，匀速上升的无人机同样受到重力，故C错误； D．无人机的升力是空气对无人机的作用力，施力物体是空气，故D错误。 故选A。 3．（2026·四川绵阳·一模）a、b是同一直线上相距9米的两点，甲、乙两辆小车分别从a、b两点同时出发相向而行，两车运动的路程随时间变化的图像如图所示。由图像可知（　　） A．经过4秒，甲车与乙车相遇 B．4秒末，甲车的速度等于乙车的速度 C．6秒末，甲、乙两车相距11米 D．在2-6秒内，甲车做速度为8米/秒的匀速直线运动 【答案】C 【详解】甲车：内做匀速直线运动，2s后路程不变，保持静止。甲车速度 2s后速度为0。 乙车：路程随时间均匀变化，全程做匀速直线运动，速度 已知、相距，甲乙相向而行，逐个分析选项： A．4s时，甲一共走了，乙走了 两车路程和为 远大于初始距离，早已相遇，故A错误； B．4s末甲静止，速度为0，乙速度为，速度不相等，故B错误； C．6s末，甲一共走了，乙一共走了，路程和为 初始相距，因此相遇后两车相距 故C正确； D．2~6秒内，甲车路程不变，处于静止状态，不是匀速运动，故D错误。 故选C。 4．（2025·四川绵阳·二模）（多选）我国研发团队经过一千多天的日夜奋战，生产出世界上最薄的“手撕钢”。“手撕钢”的密度为7.9g/cm3，但厚度只有0.015mm，被誉为“钢铁行业皇冠上的明珠”。以下说法正确的是（　　） A．“手撕钢”的厚度为15nm B．2m2“手撕钢”的质量为237kg C．“手撕钢”的温度升高时质量不变，密度不变 D．用“手撕钢”做的手术刀轻薄灵活，“轻”是指质量小 【答案】D 【详解】A．“手撕钢”的厚度为0.015mm=1.5×104nm，故A错误； B．2m2的“手撕钢”的体积为 质量为 故B错误； C．“手撕钢”温度升高时质量保持不变，因为质量是物体的一种属性，但温度升高时体积会膨胀，故密度变小，故C错误； D．“轻”是指质量小，用“手撕钢”做的手术刀体积小，拿在手里感觉手术刀的质量小，故D正确。 故选D。 5．（2026·四川德阳·一模）我国某新型战斗机，速度可达800m/s，以此速度飞行，10s内可飞行___________m；飞机采用大量结构隐身材料是一种多功能复合材料，具备质轻、高强的优点，既能承载作为结构件，又具有较好的隐身性能，这种材料___________（选填“增大”或“减小”）了飞机自身的质量从而增加起飞的载弹量。 【答案】 8000/ 减小 【详解】[1]飞行的距离 [2]材料具有质轻的特点，即密度较小，在结构件体积不变的情况下，由质量公式可知，密度减小会使飞机自身质量减小。 6．（2025·四川成都·模拟预测）小函同学用一架托盘天平和量筒来测量牛奶的密度，先测出烧杯和牛奶的总质量为82.4g；将一部分牛奶倒入量筒中如图甲所示，再按如图乙所示测出剩余部分牛奶和烧杯的质量为________g，计算出牛奶的密度为________ kg/m3。 【答案】 61.4 1.05×103 【详解】[1]由图乙可知，标尺上的分度值为0.2g，游码所对的刻度值为1.4g，则剩余牛奶和烧杯的总质量 [2]量筒中牛奶的质量 牛奶的密度 7．（2026·四川广元·二模）加油机给匀速直线飞行的战斗机加油时，以地面为参照物，加油机是________（选填“静止”或“运动”）的；如果加油过程中战斗机在2 s内飞行了0.3 km，则加油机的速度是________m/s。 【答案】 运动 150 【详解】[1]判断物体运动状态的依据是，看该物体相对于参照物的位置是否改变，以地面为参照物，加油机的位置发生了变化，所以是运动的。 [2]加油时加油机与战斗机相对静止，二者速度大小相同。先进行单位换算：，计算可得，即加油机的速度为150m/s。 8．（2026·四川成都·二模）如图“测量小车运动的平均速度”实验中，使斜面的坡度较小，目的是________；小车从斜面A点由静止开始下滑，若小车过了A点才开始计时，测得的AC段平均速度偏____。 【答案】 便于测量小车运动的时间 大 【详解】为了方便测量小车运动的时间，应让斜面的坡度较小，小车在斜面上运动的时间较长。小车过了A点才开始计时，则测得的AC段的时间偏小，对应的AC段的路程为准确值，根据可知，测量的平均速度偏大。 押题猜想八 运动和力 试题前瞻·能力先查 1.给无人机充电时，无人机的电池相当于_____________（选填“用电器”或“电源”）；若无人机飞行过程中受到的一切外力消失，无人机将会_____________（选填“保持静止”、“做匀速直线运动”、“竖直下落”）。无人机低空配送货物时，其影子出现在无人机下方的东侧，则此时是一天中的_____________（选填“上午”、“中午”、“下午”） 【答案】 用电器 做匀速直线运动 下午 【详解】充电过程中，电池消耗电能，将电能转化为化学能储存起来，因此此时电池相当于用电器。 根据牛顿第一定律：一切物体在不受外力的作用下，总保持原来的运动状态不变，无人机飞行时处于运动状态，若一切外力消失，它将保持原来的速度和方向，做匀速直线运动。 影子的方向与光源的方向相反，影子出现在无人机下方的东侧，说明太阳在无人机的西侧，此时太阳偏西，对应一天中的下午。 2.如图为探究摩擦力的实验装置。当桶和沙的总质量为0.3kg时，木块和木板在水平桌面上保持静止，力传感器示数为0.4N，a、b两段轻绳均与桌面平行，木块受到的合力大小为____N。不计绳与滑轮间的摩擦，桌面对木板的摩擦力大小为____N，此摩擦力的方向水平向____。 【答案】 0 2.6 左 【详解】木块保持静止，处于平衡状态，因此受到的合力为0。 桶和沙的重力 该重力通过滑轮对木板施加水平向右的拉力 木块静止时，力传感器的示数为0.4N，大小等于木块对木板的摩擦力，水平向左；而木板也是静止，其也受力平衡，桌面对木板的摩擦力 方向水平向左。 分析有理·押题有据 本专题是四川中考物理力学的核心板块，涵盖力的基本概念、常见的三种力（重力、弹力、摩擦力）、二力平衡、牛顿第一定律与惯性、力与运动的关系。解题关键在于理解力是改变物体运动状态的原因，而非维持运动的原因，并能正确进行受力分析，判断平衡力与相互作用力。 力的作用效果： ① 改变物体的形状（使物体发生形变）； ② 改变物体的运动状态（速度大小或方向改变）。 力的三要素：大小、方向、作用点（影响力的作用效果）。 牛顿第一定律与惯性 牛顿第一定律（惯性定律）：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。 理解：力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。 惯性：物体保持原来运动状态不变的性质。 惯性只与质量有关，质量越大，惯性越大，与速度、受力无关。 二力平衡与平衡力vs相互作用力 二力平衡条件（必背四要素）：同体、等大、反向、共线。 平衡状态：静止或匀速直线运动 → 物体受力平衡（合力为零）。 合力的方向与运动方向的关系： 同向 → 加速；反向 → 减速；不在同一直线 → 曲线运动。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广元·二模）小蔷在厨房做饭时联想到许多物理知识，下列中正确的是（   ） A．洗菜后用力甩掉菜上的水滴，这是利用了菜叶的惯性 B．鸡蛋碰碗边，鸡蛋破了，则鸡蛋对碗的力小于碗对鸡蛋的力 C．水平桌面上静止的酱油瓶，所受重力与桌面对它的支持力是一对平衡力 D．汤锅内的汤正在沸腾，若加盖上锅盖，锅内气压会变小，汤的沸点随之升高 【答案】C 【详解】A．洗菜后用力甩掉菜上的水滴，是水滴具有惯性，要保持原来的运动状态不变，从而脱离菜叶，利用了水的惯性，故A错误‌； B．鸡蛋碰碗边时，鸡蛋对碗的力和碗对鸡蛋的力是一对相互作用力，它们大小相等，鸡蛋破了是因为鸡蛋较脆，承受能力较弱，并非鸡蛋对碗的力小于碗对鸡蛋的力，故B错误； C．水平桌面上静止的酱油瓶，受到重力与桌面对它的支持力，是二力平衡现象，则它们是一对平衡力，故C正确‌； D．汤锅内的汤正在沸腾，若加上锅盖，锅内的气体增多，气压会变大，汤的沸点会随之升高，故D错误。 故C正确。 2．（2026·四川绵阳·一模）如图所示是小赵在水平公路上骑行的情景，下列说法正确的是（　　） A．自行车受到的重力和地面对自行车的支持力是一对平衡力 B．自行车对地面的压力与地面对自行车的支持力是一对相互作用力 C．自行车匀速转弯时，自行车的运动状态保持不变 D．停止蹬车后自行车受到惯性继续向前运动 【答案】B 【详解】A．自行车受到的重力和地面对自行车的支持力，这两个力的大小并不相等，因为支持力等于人和自行车的总重力，所以不是一对平衡力，故A错误； B．自行车对地面的压力与地面对自行车的支持力，它们大小相等、方向相反、作用在同一直线上，且分别作用在地面和自行车这两个物体上，是一对相互作用力，故B正确； C．自行车匀速转弯时，运动方向发生了改变，而运动状态包括速度大小和运动方向，所以自行车的运动状态发生了改变，故C错误； D．停止蹬车后自行车由于惯性继续向前运动，不能说“受到惯性”，惯性不是力，故D错误。 故选B。 3．（2026·四川德阳·一模）2025年8月17日晚，第12届世界运动会在成都圆满闭幕。关于羽毛球、乒乓球、体操和网球四个比赛项目，下列描述错误的是（　　） A．羽毛球离开球拍后能在空中飞行一段距离，是由于羽毛球具有惯性 B．控制好乒乓球的着力点和方向，可以让乒乓球旋转起来 C．体操运动员在手上涂抹白色镁粉，是为了减小摩擦力 D．球拍在击打网球的过程中，球拍和网球同时发生了弹性形变 【答案】C 【详解】A．羽毛球离开球拍后能在空中飞行一段距离，是由于羽毛球具有惯性，还会保持原来的运动状态，故A正确，不符合题意； B．力的作用效果与力的作用点和方向有关，打乒乓球时，控制好乒乓球的着力点和用力方向，可以让乒乓球旋转起来，故B正确，不符合题意； C．体操运动员在手上涂抹白色镁粉，是为了增加摩擦力，故C错误，符合题意； D．球拍在击打网球的过程中，球拍对网球施加力的同时，网球也对球拍施加反作用力，球拍和网球同时发生了弹性形变，故D正确，不符合题意。 故选 C。 4．（2026·四川绵阳·一模）如图所示是杂技表演项目“顶缸”，图中演员顶着缸静止不动时，下列说法正确的是（　　） A．缸受到的重力与演员受到的重力是一对平衡力 B．演员对地面的压力与地面对演员的支持力是一对平衡力 C．缸受到的重力和演员对缸的支持力大小相等，方向相同 D．缸对演员的压力与演员对缸的支持力是一对相互作用力 【答案】D 【详解】A．缸受到的重力与演员受到的重力，这两个力的方向都是竖直向下的，故A错误； B．演员对地面的压力与地面对演员的支持力，是演员和地面之间的相互作用，符合相互作用力的定义，不是平衡力，故B错误； C．缸受到的重力和演员对缸的支持力都作用在缸上，大小相等、方向相反，故C错误； D．缸对演员的压力受力物体是演员，演员对缸的支持力受力物体是缸，两个力作用在不同物体上，属于相互作用力，故D正确。 故选D。 5．（2026·四川成都·一模）小明同学在“探究滑动摩擦力与哪些因素有关”的实验中，用弹簧测力计匀速拉动木块，如图甲所示，图乙是他两次拉动同一木块得到的速度随时间变化的图像。下列说法正确的是（　　） A．两次木块受到的拉力相等 B．两次木块相同时间内移动的距离一样多 C．木块第一次受到的摩擦力较大 D．如果用弹簧测力计拉着该物块做加速运动，物块受到的滑动摩擦力会增大 【答案】A 【详解】A．由图乙可知，两次木块均做匀速直线运动，此时木块处于平衡状态，水平方向上的拉力与滑动摩擦力大小相等；由于两次实验中木块对接触面的压力、接触面的粗糙程度均不变，因此滑动摩擦力大小相等，故两次拉力也相等，故A正确； B．由图乙可知，第二次木块的速度大于第一次，根据，在相同时间内，第二次木块移动的距离更大，故B错误； C．滑动摩擦力的大小只与压力和接触面的粗糙程度有关，两次实验中这两个因素均不变，因此两次滑动摩擦力大小相等，故C错误； D．滑动摩擦力的大小与物体运动速度无关，即使物块做加速运动，压力和接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力也不会增大，故D错误。 故选A。 6．（2025·四川泸州·二模）如图甲所示，水平路面由三段粗糙程度不同的区域组成。物块（体积忽略不计）在水平拉力F=2N的作用下从区域a的最左端由静止开始向右运动，在刚进入区域时撤去拉力，物块最终停在区域c的最右端。如图乙所示为物块运动的v-t图像，下列说法中正确的是（　　） A．粗糙程度最大的是区域a B．三段区域长度不完全相同 C．在区域b时受到的摩擦力小于2N D．在2s时，物块运动到了区域c 【答案】B 【详解】ACD．由图乙可知，在0~2s、2~3s、3~6s内，物体运动的情况不同，原因是物体在这几个时间段内分别在不同的区域运动，其中0~2s在区域a，2~3s在区域b，3~6s在区域c。物块运动时，在水平方向上受到向右的拉力和向左的摩擦力的作用；由图乙知：物体在0~2s内做加速运动，此时的拉力大于摩擦力，所以物体在区域a所受摩擦力小于2N；物体在2~4s内做匀速运动，则拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相同，摩擦力为2N，所以物块在区域b所受的摩擦力等于2N；滑动摩擦力大小只与压力大小和接触面的粗糙程度有关，压力大小不变，由于拉力大小一直不变，所以区域a的粗糙程度比区域b的粗糙程度小。3~6s内，物体速度变化比在区域a时更慢，说明其合力更小，而物体在区域a所受合力为拉力与摩擦力的合力，即Fa=F-fa，其中F=2N，所以Fa<2N ，则物体在区域c的合力Fc=fc<Fa<2N 可知c区域粗糙程度比b小，所以粗糙程度最大的是区域b，故ACD错误； B．由图乙可知，a区域的长度为 b区域的长度为sb=2m/s×(3s-2s)=2m c区域的长度为 综上可知，a、b区域长度相等，但与c不同，故B正确。 故选 B。 7．（2026·四川宜宾·一模）（多选）如图所示是“探究同一直线上二力的合成”实验，橡皮筋原长为AE，在拉力的作用下伸长到AE'。下列说法正确的是（    ） A．本实验运用了科学推理法 B．每次实验都将橡皮筋右端拉到E′是为了控制力的作用效果相同 C．比较图甲、丙可得，，方向与这两个力的方向相同 D．比较图乙、丙可得，，方向与较小的那个力的方向相同 【答案】BC 【详解】A．本实验是通过橡皮筋的伸长来体现力的作用效果，用一个力产生的效果与两个力共同作用产生的效果相同来探究同一直线上二力的合成，运用的是等效替代法，故A错误； B．每次将橡皮筋右端拉到E′，使橡皮筋的伸长量相同，而橡皮筋的伸长量体现力的作用效果，所以是为了控制力的作用效果相同，故B正确； C．比较图甲、丙，图甲中是同一直线上方向相同的两个力、，图丙是一个力F，它们方向相同，且两图中橡皮筋伸长到相同位置，即作用效果相同，可得同一直线上方向相同的两个力的合力大小，方向与这两个力的方向相同，故C正确； D．比较图乙、丙，图乙中是同一直线上方向相反的两个力、，其中较大，图丙是一个力F，它的方向与的方向相同，且两图中橡皮筋伸长到相同位置，即作用效果相同，可得同一直线上方向相反的两个力的合力大小，方向与较大的那个力的方向相同，故D错误。 故选BC。 8．（2026·四川宜宾·一模）（多选）如图甲所示，小明用水平推力F推置于水平地面上的木箱，推力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示，在此过程中，木箱运动速度v的大小随时间t变化的情况如图丙所示。下列说法正确的是（　　） A．0~3s，箱子受到地面的摩擦力小于推力 B．t=5s时，箱子受到地面的滑动摩擦力为9N C．t=8s时，箱子受到的合力方向水平向左 D．3~6s，箱子受到的合力为3N 【答案】CD 【详解】A．0~3s，由丙图可知木箱速度为0，保持静止状态，受力平衡，所以摩擦力等于推力，故A错误； B．滑动摩擦力的大小只与压力和接触面粗糙程度有关，木箱运动时滑动摩擦力大小保持不变；由丙图可知9~12s木箱匀速直线运动，受力平衡，结合乙图得此时推力，因此全程滑动摩擦力。时木箱运动，滑动摩擦力为，故B错误； C．，木箱正向右做减速运动，推力小于滑动摩擦力，合力方向与摩擦力方向相同，水平向左，故C正确； D．3~6s，推力向右，滑动摩擦力向左，合力大小，方向水平向右，故D正确。 故选CD。 9．（2026·四川绵阳·一模）如图所示，两块相同的挡板中夹着两块重力分别为G、3G的同一种材料做成的砖块，在水平方向的两个力F、F作用下整个装置处于静止状态，请分析左边砖块对右边砖块的摩擦力大小是______，左边砖块对右边砖块的摩擦力方向是_____。 【答案】 G 竖直向上 【详解】将两砖块视作一个整体，此时由于该整体处于静止状态，因此受力平衡，该整体受到竖直向下4G的重力，和两侧挡板对该整体向上的4G的摩擦力，由于两侧挡板完全相同，因此左右两侧挡板各提供2G向上的摩擦力。对右边砖块单独分析，此时该砖块静止，受力平衡，竖直方向上，受到向下为3G的重力，右边挡板对砖块2G的摩擦力，方向向上，由力的平衡可知，右边砖块还受到左边砖块对右边砖块1G的摩擦力，方向为竖直向上。 10．（2026·四川广元·二模）2026年3月29日19时04分，随着中国国际航空执飞的CA1611航班平稳降落在哈尔滨太平国际机场，标志着国产大飞机C919正式开启北京往返哈尔滨的常态化商业运营。飞机加速滑行时受到________（选填“平衡力”或“非平衡力”）的作用；飞机正常升空后，为了安静地休息，乘客戴上了耳罩，这是在________（选填“声源处”“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。 【答案】 非平衡力 人耳处 【详解】飞机加速滑行时，速度大小发生变化，运动状态改变，因此受到的是非平衡力。 乘客戴耳罩是通过阻挡噪声进入人耳来减弱噪声，属于在人耳处减弱噪声。 11．（2026·四川成都·二模）如图所示，涛涛利用一支尖头铅笔体验“压力作用效果与受力面积的关系”，为完成实验，他需控制压力相等，为此他应将铅笔如图 ____________ （选填“1”或“2”）放置，此实验中两个手指对铅笔的压力属于 ____________ （选填“平衡力”或“相互作用力”）。 【答案】 1 平衡力 【详解】为完成“压力作用效果与受力面积的关系”实验，需控制压力大小相等，仅改变受力面积。由图可知，1中两手指受到的压力相同，2中因铅笔的重力作用，两手指受到的压力大小不同，为完成实验，他应将铅笔如图1放置；因铅笔处于静止状态，故此实验中两个手指对铅笔的压力，大小相等、方向相反、作用在同一物体（铅笔）上、且作用在同一直线上，属于平衡力。 12．（2025·四川南充·三模）如图所示，在光滑的水平面上叠放着甲、乙两个不同材质的木块，甲木块用一根细绳拴住并固定在左边的竖直板上，则地对乙的支持力与乙所受重力________一对平衡力（选填“是”或“不是”）；现用的力把木块乙从右端匀速抽出时，木块甲处于静止，则________会受到20N向左的摩擦力（选填“甲”或“乙”）。 【答案】 不是 乙 【详解】[1]地对乙的支持力的受力物体是乙，大小等于甲和乙的重力之和；而乙所受重力的受力物体是乙，大小仅为乙自身的重力。两个力的大小不相等，所以不是一对平衡力。 [2]木块乙被匀速抽出时处于平衡状态，水平方向上受到向右的拉力F=20N，和甲对它向左的摩擦力，根据二力平衡，甲对乙的摩擦力大小为20N。根据力的作用是相互的，乙对甲的摩擦力大小也为20N，方向向右。又因为甲处于静止状态，水平方向上受到绳子向左的拉力和乙对甲向右的摩擦力；所以受到20N向左的摩擦力的是乙。 押题猜想九 压强及其应用 试题前瞻·能力先查 【新情景】（多选）如图所示，两端开口、粗细均匀且足够长的“U”形玻璃管内，、两种液体密闭一段空气柱，平衡时两侧液面相平，液柱长为，密度为，液柱左右两侧液面高度差为。大气压强和气温恒定，重力常量为，大气压为。下列判断正确的是（　　） A．密闭空气柱的压强为 B．液体的密度为 C．向左侧管内缓慢注入适量的液体后，密闭气体压强不变 D．向左侧管内缓慢注入适量的液体，稳定后两侧液面不相平 【答案】AC 【详解】A．初始平衡时，对密闭空气柱，右侧A液柱顶端为大气压，A液柱竖直高度为，根据液体压强关系，密闭空气柱的压强为： ，故A正确； B．对左侧B液体，密闭空气压强也满足 ，联立压强等式得 ，整理得 ，与选项中表达式不符，故B错误； C．向左侧注入B液体后，A液柱向上移动，由于密闭气体上方受到的液体A的压力不变，故不变，密闭气体上方受到的液体压强不变，密闭气体压强：，所以封闭气体压强不变，故C正确； D．注入B稳定后，A液柱长度仍为，封闭气体压强不变，相当于在底部加入液体，两侧液面仍然相平，故D错误。 故选AC。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容。考查学生对压强概念的理解、增大与减小压强的方法、液体内部压强的特点及计算、大气压强的存在与测量、流体压强与流速的关系，以及生活中压强知识的应用。解题关键在于分清固体压强与液体压强的不同计算方法，记住液体压强只与液体密度和深度有关，大气压的变化与海拔、天气的关系，以及“流速大压强小”的判断依据。 压力与重力区别： 放在水平面上的物体，若不受其他外力，压力大小等于重力，但压力作用点在接触面，方向垂直于接触面向下，重力作用点在重心，方向竖直向下。 斜面上物体对斜面的压力小于重力（可用力的分解定性理解）。 增大压强方法：增大压力 或 减小受力面积（如刀刃锋利、图钉尖细）。 减小压强方法：减小压力 或 增大受力面积（如坦克履带、书包宽带、铁轨下铺枕木）。 解题策略： ① 看到“刀锋利”“针尖细”“破窗锤”→增大压强；看到“履带宽”“书包带宽”“铁轨枕木”→减小压强。 ② 液体压强问题：先找液体密度是否相同，再比较深度（从自由液面竖直向下）。连通器中同种液体静止时液面相平，与粗细形状无关。 ③ 大气压应用：凡是将“内部空气排出”“形成内外气压差”工作的都属于利用大气压，如吸盘、吸管、吸药液、吸墨水、抽水机。 ④ 流体压强：看到“安全线”“机翼”“喷雾器”“窗帘飘出”“火车吸人”→流速大压强小。 ⑤ 固体压强计算：先确定压力（水平面F=G总），再找受力面积（注意单位换算，cm²→m²）。液体压强计算：先用p=ρgh求压强，再用F=pS求压力，顺序不能颠倒。 ⑥ 托里拆利实验：测的是大气压能支持的水银柱高度，若用水做实验，水柱高度约10.3 m。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广元·二模）高铁被誉为我国“新四大发明”之一。高铁及铁轨采用了相关措施来保证其安全性和舒适性，下列描述中正确的是（   ） A．铁轨下铺设枕轨主要是为了增大压强 B．列车的机械部件加润滑油是为了增大摩擦 C．车内的破窗锤头做成锥形是为了增大压强 D．车厢地面铺设防滑磨砂材料是为了减小摩擦 【答案】C 【详解】A．铁轨对地面的压力一定时，铺设枕轨增大了受力面积，会减小压强，故A错误； B．列车机械部件加润滑油，是通过使接触面分离的方式减小摩擦，故B错误； C．破窗锤头对玻璃的压力一定时，做成锥形减小了受力面积，能增大压强，故C正确； D．车厢地面铺设防滑磨砂材料，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故D错误。 故选C。 2．（2026·四川广元·二模）细心的小明通过平时观察发现如下现象，其中说法正确的是（    ） A．纸片托水的“覆杯实验”，可以证明大气压强的存在 B．扔出的沙包仍能在空中飞行，是因为它受到了惯性力的作用 C．轮船从海水密度较小的海域驶入海水密度较大的海域，它受到的浮力将变大 D．飞机获得升力利用了“流体流速越大压强越大”的原理 【答案】A 【详解】A．覆杯实验中，大气压对纸片产生向上的压力，托住了杯中的水，这个实验可以证明大气压强的存在，故A正确； B．惯性是物体本身固有的性质，不是力，不能说“受到惯性力作用”，沙包能继续飞行是因为沙包具有惯性，故B错误； C．轮船始终漂浮，漂浮时浮力等于自身重力，轮船重力不变，因此从低密度海域驶入高密度海域，浮力大小不变，故C错误； D．机翼上方流速大压强小，下方流速小压强大，产生向上的压力差形成升力，故D错误。 故选A。 3．（2026·四川成都·二模）大国重器的设计蕴含着丰富的物理知识。下列说法不正确的是（　　） A．三峡船闸利用连通器原理，使闸室与上下游液面相平 B．蛟龙号深海探测，所受压强随液体的深度增加而增大 C．C919大飞机升空，是利用流速大的地方压强小的原理 D．玉兔号月球车在月面行驶，靠大气压强保持车身稳定 【答案】D 【详解】A.船闸符合连通器“上端开口、底部连通”的特点，利用连通器原理使闸室与上下游液面相平，保障船只通行，故A正确； B.根据液体压强规律，同种液体中，压强随深度增加而增大，因此蛟龙号下潜越深，受到海水压强越大，故B正确； C.飞机机翼上凸下平，飞行时机翼上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，依靠压力差获得向上的升力，利用了流速越大压强越小的流体原理，故C正确； D.月球表面是真空环境，没有大气，不存在大气压强，故D错误。 本题选择描述错误的，故选D。 4．（2026·四川绵阳·一模）如图，质量、底面积都相同的薄壁容器甲、乙、丙放在水平桌面上，分别装有A、B、C三种质量和深度均相同的液体。下列说法正确的是（　　） A．液体的密度B＜A＜C B．液体对容器底部的压强pB＞pA＞pC C．液体对容器底部的压力FB＜FA＜FC D．容器对桌面的压力F乙＜F甲=F丙 【答案】B 【详解】A．容器甲、乙、丙的底面积相同，液体的深度相同，由三者的形状可知 A、B、C三种液体的质量相等，由可知，液体的密度，故A错误； B．A、B、C三种液体的密度，液体的深度相同，由可知，液体对容器底部的压强，故B正确； C．液体对容器底部的压强，容器的底面积相等，由可知，液体对容器底部的压力，故C错误； D．容器对桌面的压力等于容器的重力加上液体的重力，容器的质量、液体的质量相等，所受的重力相等，因此容器对桌面的压力，故D错误。 故选B。 5．（2025·四川南充·三模）在底端封闭的两支相同吸管中装入不同质量的细沙，制成了A、B两支密度计，放入同一个盛有水的烧杯中，静止后如图所示。下列说法正确的是（   ） A．密度计A所受浮力较小 B．密度计B所受重力较小 C．两密度计底部所受水的压强相等 D．两密度计在水面处的刻度值A大于B 【答案】A 【详解】AB．由图可知，密度计A排开水的体积小于密度计B排开水的体积，即，根据，所以，A、B均处于漂浮状态，所以它们所受的浮力等于自身的重力，即，所以，故A正确，B错误； C．由图可知，密度计A的底部在水中的深度小于密度计B的底部在水中的深度，根据，可知，故C错误； D．密度计是测量液体密度的仪器，其刻度值表示液体的密度，两支密度计都放在水中，它们在水面处的刻度值都应该等于水的密度，所以两密度计在水面处的刻度值应该相等，故D错误。 故选A。 6．（2025·四川泸州·二模）（多选）如图所示，有两个相同的密闭轻质薄容器一正一倒地放置在水平桌面上。已知甲、乙容器中所装不同液体的体积相同，乙中液体为水，两种液体对容器底部的压力相等。甲图中液体深度为，点到液面距离，乙图中液面高度和甲图中点等高，点距离容器底部，乙图中容器的底面积为。下列判断正确的是（　　） A．甲中液体密度大于水的密度 B．甲中液体对容器底的压强小于乙 C．乙中水对点的压强为 D．乙中水对容器底部的压力为 【答案】AD 【详解】A．液体对容器底的压强为 容器中液体对容器底部的压力为 液体对容器底部的压力等于与容器底面积等大和液体深度等高的液柱的重力大小，如下图虚线所示 故甲中液体对容器底部的压力小于甲中液体的重力大小即，乙中液体对容器底部的压力大于乙中液体的重力大小即。因为两种液体对容器底部的压力相等，甲中液体对容器底部的压力小于液体的重力，乙中液体对容器底部的压力大于液体的重力，则，甲、乙液体体积相同，根据公式可得，故A正确； B．甲图中液体深度大于乙图中液体深度，甲中液体密度大于乙中液体密度，根据液体压强公式可得甲中液体对容器底的压强大于乙中液体对容器底的压强，故B错误； C．B点的深度为 乙中水对B点的压强为，故C错误； D．乙液体的深度为 乙中水对容器底部的压力为，故D正确。 故选AD。 7．（2024·山东潍坊·一模）（多选）如图所示，甲、乙两容器内装两种不同液体，液体质量分别为和。两容器质量均为、底面积均为S，两容器底部受到的液体压强均为p。距离容器底部等高的位置有A、B两点，受到的液体压强分别为和，则（　　） A．甲、乙液体密度关系为 B．容器底部所受液体压力关系为 C．A、B两点受到的液体压强关系为 D．两容器对水平桌面的压强关系为 【答案】AD 【详解】A．因为两种液体对容器底面的压强相同，由图可知，甲液体的深度大，所以根据p=ρgh可知，甲液体的密度小，即ρ甲<ρ乙，故A正确； B．两容器底部受到的液体压强均为p，底面积均为S，根据F=pS可知，两容器底部受到的液体压力相等，故B错误； C．A、B两点距离容器底部等高，且ρ甲<ρ乙，所以A、B两点以下部分的液体压强大小为pA下<pB下，因为两容器底部受到的液体压强相等，所以A上面部分的压强大于B上面部分的压强，即pA>pB，故C错误； D．因为两容器底部受到的液体压强相等，即 p甲=p乙 ρ甲gh甲=ρ乙gh乙 ρ甲h甲=ρ乙h乙 根据密度公式得甲、乙的质量为 m甲=ρ甲V甲m乙=ρ乙V乙 因为甲为圆柱体，所以甲的体积为 V甲=S甲h甲 由图知乙的体积为 由题意知甲、乙两容器的底面积相同，即S甲=S乙，所以甲、乙的质量比为 故 m甲>m乙 因为在水平面上压力等于重力，即 F压=G总=m总g 由题意知甲、乙两容器的质量相同，所以甲容器对桌面的压力大于乙容器对桌面的压力；两个容器的底面积相同，根据可知，两容器对水平桌面的压强关系为p甲>p乙，故D正确。 故选AD。 8．（2026·四川广元·二模）如图所示，用细绳拉着浸没在水中的合金块，将其从图中位置缓慢拉至刚好离开水面，此过程中烧杯对桌面的压强______（选填“不变”，“变大”或“变小”）；剪断细线后，合金块在水中竖直向下做加速运动，不计水的阻力，合金块所受合力的方向为______。 【答案】 变小 竖直向下 【详解】根据力的作用是相互的，浸没在水中的合金块受到水向上的浮力，同时会对水产生向下的反作用力，大小等于浮力。将合金块从水中拉到刚好离开水面的过程中，合金排开水的体积逐渐减小，由阿基米德原理可知，浮力逐渐减小，因此合金块对水向下的反作用力也减小，烧杯对桌面的总压力减小；烧杯底面积不变，由可知，烧杯对桌面的压强变小。剪断细线后合金块竖直向下做加速运动，合金块受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力，合金块下沉说明重力大于浮力，合力方向与较大力的方向相同，因此合金块合力方向为竖直向下。 9．（2025·四川成都·模拟预测）如图所示，手指施加8N的力把图钉压入木板。若图钉帽的受力面积是，则手指对图钉帽的压强为___________Pa。图钉尖制作得很尖锐，是为了在压力一定时，通过___________来增大压强，达到目的。 【答案】 80000/ 减小受力面积 【详解】[1]根据题意得手指对图钉帽的压强 [2]图钉尖制作得很尖锐，是为了在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，从而更容易压入木板。 10．（2025·四川广安·模拟预测）如图所示，在水平地面上有两个由同种材料制成的实心均匀正方体金属块甲和乙，其密度为，甲的边长为0.1m，若它们对水平面的压强之比为1∶3，则甲对地面的压强为____。若乙沿竖直方向切去一部分，并将切去部分叠放在甲的正上方，此时甲、乙对地面的压强相等，则乙正方体剩余部分的重力为______N（g取10N/kg）。 【答案】 2000Pa 500 【详解】（1）设甲的边长为L甲，材料密度为ρ。甲对地面的压强为 （2）已知甲、乙对水平面的压强之比为 p甲∶p乙 = 1∶3，则乙对地面的压强为 设乙的边长为L乙，可得乙的边长 甲的重力为 乙的重力为 设从乙上沿竖直方向切去部分的重力为G切，剩余部分的重力为G乙剩。 将切去部分叠放在甲的正上方，此时甲对地面的压力 甲的底面积 此时甲对地面的压强 乙沿竖直方向切去一部分后，剩余部分对地面的压强不变，仍为p乙。 根据题意，此时甲、乙对地面的压强相等，即，，则 解得 则乙正方体剩余部分的重力为 11．（2026·四川南充·一模）如图所示，水平桌面上放置有甲、乙两实心均匀正方体，甲的质量为6.3kg，边长为0.1m；乙的边长为0.2m，对水平桌面的压强为1500 Pa，实心正方体乙的密度为_______；若沿实心正方体乙的上表面向内部挖去一个底面为正方形的长方体使其变为一个容器，并在挖去部分中倒满水，此时乙对桌面的压强为甲对水平桌面压强的，挖去部分的体积_________cm3。（g取10N/kg） 【答案】 1200 【详解】[1]设正方体边长为L，则正方体对水平桌面的压强为 乙正方体的边长，乙正方体对水平桌面的压强，则乙的密度为 [2]甲对水平桌面压强为 根据题意可知，挖去长方体装满水时，乙对桌面的压强为 未挖之前，乙的重力为 设挖去部分的体积为V挖，则倒入水的体积也为V挖，根据题意可得 代入数值，得 解得 12．（2025·四川遂宁·二模）如图所示，A、B是两个等高的圆柱形容器，容器重力忽略不计，容器中装满水，容器的底面积之比为2∶1。现将同种材料，质量比为6∶1的木块a、b（木＜水）分别轻轻放入两容器中，木块静止后水对容器底部的压强之比为_________，容器对桌面的压力之比为_________。 【答案】 1∶1 2∶1 【详解】[1]由于，所以木块a、b放入水中均漂浮在水面上，由于容器中已经装满了水，木块a、b放入水中静止时容器内的水深不变，由于两容器等高，所以两容器内的水深相同，根据p=ρgh可知，木块静止后水对两容器底部的压强之比为 [2]A、B两个容器等高，底面积之比为2∶1，根据V=Sh可知，容器内水的体积之比为2∶1，根据密度公式可知，容器内水的质量之比为2∶1，根据G=mg可知，容器内水的重力之比为2∶1；根根据题意可知，，据物体的浮沉条件可知，木块在水中静止时处于漂浮状态，此时木块的重力等于木块排开水的重力，所以放入木块后，容器内的总重力不变，由于容器重力不计，则容器对水平桌面的压力之比等于容器内的总重力之比，即容器对水平桌面的压力之比为2∶1。 押题猜想十 浮力 试题前瞻·能力先查 【图像的综合计算】如图甲所示，容器底面积为，一根细线下吊着物体，容器开始是空的，现在往容器中以的恒定速度注水，绳子的拉力随注水时间变化如图乙所示，物体的质量为________g，物体的密度为________。 【答案】 240 【详解】[1]由图乙可知，在开始注水前，物体静止，处于平衡状态，绳子的拉力为2.4N，此时对物体进行受力分析，物体受到拉力与重力，且G=F拉，所以物体的重力为2.4N，根据G=mg可得物体的质量为 [2] 由[1]可知，物体的质量为m=0.24kg，由图乙可知，7min后，拉力不再改变，说明7min时，液面达到了物体的上表面，物体刚好处于浸没状态，此时对物体进行受力分析，物体受到拉力、重力与浮力，且G=F浮+F拉，所以可得物体所受浮力为F浮=G-F拉=2.4N-0.4N=2N 根据可得，物体的体积,即此时物体排开液体的体积为 根据，可得物体的密度为 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题、实验探究题及计算题形式出现，常与密度、压强、受力分析综合考查。考查学生对浮力产生原因、阿基米德原理、物体的浮沉条件及其应用的理解与计算。解题关键在于分清浮力大小的决定因素（排开液体的重），熟练运用称重法、压力差法、阿基米德原理法、平衡法求浮力，并能根据浮沉条件判断物体的状态。 四川中考常结合水利工程、农业生产、科技发明及生活实际命题 应对策略： ① 比较浮力：先判断物体状态（漂浮/悬浮/沉底），再利用浮沉条件（漂浮悬浮时浮力=重力，沉底时浮力=ρ液gV排）；若没有状态信息则用阿基米德原理比较ρ液和V排。 ② 漂浮问题：浮力=重力，且ρ物/ρ液 = V排/V物（已知任意三个可求第四个）。 ③ 称重法实验：物体在空气中弹簧测力计示数为G，浸没后示数为F，则F浮=G-F，物体体积V物=V排 = F浮/(ρ水g)，物体密度ρ物 = G/(V物g) = G/(G-F)·ρ水。 ④ 轮船吃水线：同一轮船在不同水域漂浮，浮力不变（等于重力），液体密度越大吃水深度越小（V排越小）。 ⑤ 潜水艇：浸没后V排不变，浮力不变，通过改变自身重力实现浮沉。 ⑥ 密度计：漂浮时浮力=重力，液体密度越大浸入体积越小（露出越多），刻度从上到下密度值增大（上小下大）。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川成都·二模）探究“浮力与排开液体体积的关系”实验中，下列操作合理的是（　　） A．将体积相同的不同金属块分别浸没在水中 B．将同一金属块分别浸没在清水和盐水中 C．将同一金属块分别浸没在不同深度的水中 D．将同一金属块体积、体积、整个体积分别浸在水中 【答案】D 【详解】探究“浮力与排开液体体积的关系”需采用控制变量法，控制液体密度、物体种类等其他变量不变，只改变物体排开液体的体积，观察浮力的变化。 A．将体积相同的不同金属块分别浸没在水中，物体排开液体的体积相同，且物体重力不同，无法探究浮力与排开液体体积的关系，故A不符合题意； B．将同一金属块分别浸没在清水和盐水中，改变的是液体密度，探究的是浮力与液体密度的关系，而非排开液体体积的关系，故B不符合题意； C．将同一金属块分别浸没在不同深度的水中，物体排开液体的体积和液体密度均不变，无法探究浮力与排开液体体积的关系，故C不符合题意； D．将同一金属块体积、体积、整个体积分别浸在水中，液体密度相同，物体相同，仅改变了排开液体的体积，能探究浮力与排开液体体积的关系，故D符合题意。 故选D。 2．（2025·四川成都·模拟预测）2024年5月1日，配有国产电磁弹射装置的航母“福建舰”进行了首次海试工作。如图所示，满载的“福建舰”（排水量约为）漂浮在海面上时，它受到的浮力约为（取）（   ） A． B． C． D． 【答案】D 【详解】满载时的排水量是指排开海水的质量，即 根据阿基米德原理，可得“福建舰”满载时航母受到的浮力为 3．（2025·四川达州·模拟预测）如图所示，两个完全相同的容器分别盛有甲、乙两种液体，将两个体积相等的实心物体A、B分别放入甲、乙两种液体中，静止后，物体A悬浮，物体B漂浮，两容器中液面相平。则下列说法正确的是（　　） A．若物体A、B密度相等，则物体A受到的浮力小于物体B受到的浮力 B．若物体A、B密度相等，则液体甲对容器底部的压强等于液体乙对容器底部的压强 C．若甲、乙液体密度相等，则物体A受到的浮力大于物体B受到的浮力 D．若甲、乙液体密度相等，则物体A的密度小于物体B的密度 【答案】C 【详解】A．实心物体A、B的体积相同，若物体A、B密度相等，由可知，A、B的质量相同，由可知，A、B的重力相同，由图可知A物体悬浮， B物体漂浮，浮力都等于其自身的重力，所以物体A、B受到的浮力相等，故A错误； B．因为物体A悬浮，所以甲液体的密度等于A物体的密度，物体B漂浮，所以乙液体的密度大于B物体的密度，又因为物体A、B密度相等，所以乙液体的密度大于甲液体的密度，由题得，两容器中液面相平，所以液体深度相同，由公式可得，液体甲对容器底部的压强小于液体乙对容器底部的压强，故B错误； C．A、B两物体体积相等，且A悬浮，B漂浮，所以A物体排开液体的体积大于B物体排开液体的体积，若两液体密度相等，根据公式，A物体受到的浮力大于B物体受到的浮力，故C正确； D．由前分析可知，液体的密度等于A物体的密度，液体的密度大于B物体的密度，若甲、乙液体密度相等，则A物体的密度大于B物体的密度，故D错误。 故选C。 4．（2025·四川广安·模拟预测）如图所示，水平桌面上盛有适量水的烧杯中，漂浮着冰块A，悬浮着物块B，当冰块A完全熔化后，下列说法正确的是（　　） A．烧杯内液面高度不变 B．杯底受到液体的压力变小 C．烧杯对桌面压强变大 D．物块B受到的浮力变小 【答案】A 【详解】A．由图可知冰块漂浮，则 又因为，所以可得，则冰块漂浮时排开水的体积 冰全部熔化成水以后，熔化成水的质量，则熔化成水的体积 所以液面的高度不变，故A正确； B．杯底受到水的压力 液面高度不变h也就不变，其它量也不变，所以不变，故B错误； C．冰块熔化后，质量不变，即烧杯内物体的总质量不变，而烧杯对桌面的压力等于烧杯及烧杯内物体重力之和，所以烧杯对桌面的压力不变，根据可知，烧杯对桌面压强的不变，故C错误； D．冰熔化后，物体B仍然悬浮，浮力等于重力，物体B重力不变，则物块B受到的浮力不变，故D错误。 故选A。 5．（2025·四川自贡·二模）敖丙身为东海三太子，身负维护水族安宁重任。敖丙在与能够控制电流的对手申正道作战时，利用冰不导电的原理，将巨水冻结成冰以限制申正道的行动，成功扭转了战局。敖丙的冰块在海水中漂浮，冰块露出水面的体积与总体积之比约为（已知冰的密度为，海水的密度约）（　　） A．1∶10 B．1∶9 C．9∶10 D．10∶9 【答案】B 【详解】敖丙的冰块在海水中漂浮，受到的浮力与其自身重力相等，即，由于，，则可得 可得 则冰块露出水面的体积为 则冰块露出水面的体积与总体积之比约为 故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 6．（2026·四川南充·一模）（多选）如图所示，甲、乙、丙三个完全相同的烧杯中均装有适量的酒精，将质地均匀，且不吸酒精的a、b两实心体分别放入甲、乙烧杯中，当a、b静止时，a有的体积露出液面，b悬浮于液体中，此时两烧杯液面刚好相平。若将b置于a上一起放入丙烧杯中，静止时a有的体积露出液面，整个过程中液体均未溢出，下列说法正确的是（　　）（ρ酒精=0.8×103kg/m3） A．a的密度是0.2×103 kg/m3 B．a、b的质量之比为1∶2 C．a、b的体积之比为3∶1 D．b的密度是1.0×103 kg/m3 【答案】AB 【详解】A． a有的体积露出液面，漂浮，根据漂浮平衡条件， a的密度是，故A正确； D． b悬浮于液体中，根据悬浮平衡条件，故D错误； C． 若将b置于a上一起放入丙烧杯中，静止时a有的体积露出液面，有浸入液体中，整体漂浮，b的质量等于多排开的液体的质量， 所以a、b的体积之比，故C错误； B． a、b的质量之比，故B正确。 故选AB。 7．（2025·四川宜宾·模拟预测）（多选）如图甲，弹簧测力计下端用轻质细线系着不吸水的实心圆柱体，现要将圆柱体匀速下沉浸没在水中且不与容器壁、容器底接触，弹簧测力计示数F随圆柱体上升时间t的变化关系如图乙。水的密度是1.0×103kg/m3，g取10N/kg，圆柱体表面所沾水和细线体积均不计，下列正确的是（　　） A．圆柱体的重力是1N B．圆柱体的密度是1.5×103kg/m3 C．圆柱体的底面积是5cm2 D．圆柱体刚好浸没时下表面受到水的压强为400Pa 【答案】BD 【详解】由图乙可知，当h<2cm，圆柱体尚未进入水中，浮力为0，弹簧测力计拉力等于重力。当h=2cm到h=6cm，圆柱体逐渐浸入水中，浮力逐渐增大，拉力逐渐减小。当h>6cm，圆柱体完全浸没，排开水的体积不变，浮力不变，拉力不变。 所以圆柱体高为 完全浸没时，弹簧测力计读数为1N。 A．由分析可知，当h<2cm，弹簧测力计拉力等于重力，由图乙可知，为3N，故A错误； BC．由分析可知，当h>6cm，圆柱体完全浸没，圆柱体的体积等于排开水的体积，此时浮力为 根据阿基米德原理可得，圆柱体的体积 因为圆柱体高为4cm，所以圆柱体底面积 圆柱体的密度，故B正确，C错误； D．圆柱体刚好浸没时下表面到水面的深度为4cm，所以下表面受到水的压强 ，故D正确。 故选BD。 8．（2025·四川南充·三模）（多选）用隔板MN将容器隔开成左右相等的两部分，隔板MN下部有一透气的圆孔用薄橡皮膜封闭。将适量的甲、乙两种液体注入左右隔断的容器中，再分别将体积均为的A、B实心小球放入液体中，小球静止时，小球和橡皮膜的状态如图所示。下列说法中正确的是（　　） A．两个实心小球的密度关系是 B．甲、乙两种液体对容器底部的压强关系为 C．两个小球静止时所受到的浮力的关系为 D．小球A所受的浮力为 【答案】BD 【详解】A．橡皮膜向左凸起，说明橡皮膜处右侧的液体压强大，即，由图知，根据液体压强公式可知，，即；又因为A悬浮，B沉底，所以，所以，故A错误； B．因为，由可知，从圆孔处到容器底的深度相同，受到液体的压强大小关系为，又因为圆孔处的左右两边受到液体的压强大小关系为，所以 即，故B正确； C．由于两球均浸没在液体中且体积相等，，由可知，故C错误； D．小球A所受的浮力为 故D正确。 故选BD。 9．（2025·四川南充·一模）（多选）如图甲所示，用弹簧测力计将一长方体物体从装有水的杯子中匀速拉出，物体的底面积为40cm2，杯子的底面积为100cm2，拉力随时间的变化关系如图乙所示,0-2s,拉力保持3N不变，2到3s,拉力从3N线性增大到5N，3s后，拉力保持5N不变。则下列说法正确的是（　　） A．物体的密度为2.5g/cm3 B．物体上升的速度为3cm/s C．t=1s时，水对杯底的压力为15N D．当物体有一半露出水面时，物体上升了12.5cm 【答案】AB 【详解】A．由图像可知，露出水面后绳子的拉力即物体的重力，未露出水面时，物体受到的拉力，所以浸没时物体受到的浮力： 由阿基米德原理得，物体的体积 物体的质量 所以物体的密度：，故A正确； B．物体完全浸没时的体积为200cm³，底面积为40cm²，因此物体的高度为体积除以底面积，即 2到3s内，物体从完全浸没到刚好完全离开水面，用时1s。此过程中，物体排开的水的体积逐渐减少至0，减少的体积为200cm³，由于杯子底面积为100cm²，水面会下降，下降的高度为减少的体积除以杯子底面积，即 物体需要上升的距离是自身高度减去水面下降的高度，因为水面下降会抵消一部分物体上升的距离，即h'=h-△h =5cm-2cm=3cm 则物体上升的速度为这段实际距离除以时间，即，故 B 正确； C．根据图像可得，时长方体物体上表面到达水面，长方体向上移动距离 所以水深 水对容器底的压强 水对杯底的压力 前秒水深度不变，水对杯子底的压力均为，故C错误； D．物体的高度为5cm，当物体有一半露出水面时，露出的高度为2.5cm。此时，物体排开的水的体积减少了一半，即100cm³，水面下降的高度为 物体从上表面到达水面至一半露出水面，上升的距离等于露出的高度减去水面下降的高度，即h下=2.5cm-1cm=1.5cm 因此，物体上升了6cm+1.5cm=7.5cm,而不是12.5cm，故 D 错误。 故选 AB。 10．（2026·四川广元·二模）水平桌面上有一装有适量水的足够高的柱形水槽，水中放一个重力为的木块，将重力为的铁块放在木块上，静止时木块刚好浸没在水中，如图甲所示，此时木块受到的浮力为______；当将铁块用细线系在木块下方，浸在水中，静止时木块有十分之一的体积露出水面，如图乙所示，若木块体积为V，则铁块的体积为______。（用题中已知物理量写出代数式） 【答案】 【详解】甲图中，铁块放在木块上，整体静止漂浮，根据漂浮条件，木块受到的浮力等于木块和铁块的总重力，因此木块受到的浮力为 。 同时结合阿基米德原理可得​    ……① 乙图中，铁块系在木块下方，整体仍静止，总浮力仍等于总重力。此时木块有露出水面，木块排开水的体积为，铁块完全浸没，排开水的体积等于自身体积，根据阿基米德原理得 ……② 将①式代入上式，约去后整理得，解得铁块体积 。 11．（2025·四川南充·一模）一个重5N的木块漂浮在水面上，它受到的浮力大小为__________N，若向水中加盐，木块受到的浮力将__________（选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】 5 不变 【详解】[1]根据物体浮沉条件可得，木块漂浮在水面上，则木块受到水的浮力为 [2]如果在水中加入一些盐，水的密度变大，根据物体的浮沉条件可知，木块静止后仍然在水中漂浮，木块受到的浮力等于其重力，木块的重力不变，所以木块受到的浮力不变。 12．（2025·四川广安·三模）如图所示，桌面上有一个盛有水的圆柱形容器，物块A（不吸水）漂浮在液面上，已知A的密度为，体积为，则物块A所受浮力为______；现用力压物块A使其缓慢向下，直到恰好浸没在水中（水未溢出），此时水对容器底部的压强增大了80Pa，则该圆柱形容器的底面积为______。（取，水的密度为） 【答案】 【详解】[1]由可得，物块A的质量为 由题意可知，物块A漂浮在水面上，根据物体的浮沉条件可得，物块A所受浮力为 [2]由可得，物块A漂浮时排开水的体积为 现用力压物块A使其缓慢向下，直到恰好浸没在水中（水未溢出），则排开水的体积增加量为 此时液体对容器底部压强增大了，则由可得，物块A浸没后增加的深度为 则该圆柱形容器的底面积为 押题猜想十一 做功与机械能 试题前瞻·能力先查 1．（多选）2026年3月16日，快舟十一号遥七运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射神舟飞船进入预定轨道。关于这一过程，下列说法正确的是（　　） A．火箭升空时，将燃料的化学能转化为火箭的机械能 B．以地面为参照物，火箭是运动的 C．火箭加速升空过程中，动能增大 D．使火箭升空的施力物体是空气 【答案】ABC 【详解】A．火箭升空时，燃料燃烧将化学能转化为内能，内能转化为火箭的机械能，因此火箭升空时，将燃料的化学能转化为火箭的机械能，故A正确； B．以地面为参照物，火箭的位置发生改变，火箭是运动的，故B正确； C．火箭加速升空过程中，质量不变，速度增大，动能增大，故C正确； D．火箭向后喷高温气体，由于力的作用是相互的，高温气体给火箭向上的力，使火箭升空的施力物体是高温气体，故D错误。 故选ABC。 2．物理兴趣活动中，小明用弹簧测力计水平拉着木块在水平桌面上沿直线运动，木块运动的图像如图乙所示，弹簧测力计的示数F随时间t变化的图像如图甲所示。在0~2 s内，木块受到的摩擦力大小为_________N；在2~6 s内，拉力F做功的功率为_________W；小明从物理老师处了解到：速度图像与时间轴围成的面积对应物体运动的路程。此木块0~8 s的平均速度为_________。 【答案】 3 0.09 2.25 【详解】由图乙可知，2~6s内木块做匀速直线运动，拉力和滑动摩擦力二力平衡，大小相等。结合图甲得2~6s拉力，因此滑动摩擦力，滑动摩擦力大小只和压力、接触面粗糙程度有关，和运动速度无关；0~2s内木块加速运动，压力和接触面粗糙程度不变，因此摩擦力大小不变，仍为。 2~6s内，拉力，木块匀速运动的速度，拉力F做功的功率 由速度图像与时间轴围成的面积对应物体运动的路程可得，此木块0～8s的总路程 因此平均速度 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题及计算题形式出现，偶尔结合实验探究题（如探究动能大小的影响因素）。考查学生对功、功率、动能、重力势能、弹性势能、机械能守恒等概念的理解与辨析，以及功和功率的简单计算、机械能之间的转化分析。解题关键在于区分“做功”的两个必要因素，准确判断力是否做功；明确动能、势能的影响因素，分析机械能转化时注意是否考虑摩擦和阻力。 解题策略： ① 判断做功：先看是否有力，再看力的方向上是否有位移。人提着水桶水平走，提力不做功；人扛着米上楼，扛力做功（竖直方向有位移）。 ② 功的计算：先确定力的大小和方向的位移，代公式W = Fs。注意单位统一（s用米，F用牛）。 ③ 功率计算：P = W/t 或 P = Fv。若求瞬时功率用P=Fv，若求平均功率用P=W/t。 ④ 动能和势能比较：先看质量是否变化，再看速度（动能）、高度（重力势能）、形变（弹性势能）。若质量不变，速度增大则动能增大；高度增大则重力势能增大。 ⑤ 机械能守恒判断：若题目说“忽略空气阻力”“光滑斜面”“不计摩擦”则机械能守恒；若有“摩擦”“阻力”“粗糙”则机械能不守恒，会减少。 ⑥ 实验题：探究动能大小与速度的关系时，控制质量相同、改变速度（让同一小球从不同高度由静止释放）；探究动能大小与质量的关系时，控制速度相同、改变质量（让不同质量小球从同一高度由静止释放）。木块移动距离反映动能大小（转换法）。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川绵阳·一模）如图所示是一个老人和小孩攀爬同一楼梯时的情景。若需要比较攀爬楼梯过程中老人和小孩做功的功率大小，测量的物理量有（    ） A．只需测量各自爬楼梯的高度 B．只需测量老人的质量、小孩的质量 C．至少需要测量老人的质量、小孩的质量，各自爬楼梯所需的时间 D．必须测量老人的质量、小孩的质量，各自爬楼梯的高度和所需的时间 【答案】C 【详解】爬楼梯时，人克服自身重力做功，功率的表达式为​其中： m是人的质量，g是重力加速度（常量），h是爬楼的高度，t是爬楼的时间。题目中明确：老人和小孩攀爬同一楼梯，因此两人爬楼的高度h是相同的，是一个公共量。 将功率公式变形，比较两人的功率大小：，，由于g和h对两人都相同，因此比较功率大小，只需要比较两人的质量和各自爬楼梯所需的时间即可。故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 2．（2025·四川达州·模拟预测）在体能测试中，小明选择跳绳。他在1min内跳了120次，每次跳离地面的高度为5cm。设他每跳一次所用的时间相等，则他跳绳时的功率最接近（   ） A．50W B．100W C．150W D．200W 【答案】A 【详解】初中生的重力大约为，在1min内跳了120次，所以跳1次所用时间 每次跳离地面的高度为 所以他跳绳时的功率 故BCD不符合题意，A符合题意。 故选A。 3．（2026·四川广元·二模）某工程施工时，要向江中沉放大量的施工构件。如图甲所示，假设一正方体构件从江面被匀速吊入江水中，在沉入过程中，其下表面到水面的距离h逐渐增大，构件所受浮力F1、钢绳拉力F2随h变化的图像如图乙所示；构件下表面从水面下降4 m所用时间为20 s。下列说法正确的是（    ）（g取10 N/kg，ρ水=1.0×103 kg/m3） A．构件的边长为4 m B．构件的密度为2×103 kg/m3 C．构件下表面下降到水面下4 m时，它受到的合力大小为1.6×105 N，方向竖直向上 D．构件下表面从水面下降4 m的过程中，其重力所做功的功率为4.8×104 W 【答案】D 【分析】首先分析浮力随h的变化规律，因为构件浸入水中的体积随h变化，所以根据阿基米德原理，浮力先增大后不变，由此确定构件完全浸没时的h值，进而得到构件边长。 然后结合钢绳拉力的图像，当构件完全浸没时，根据受力平衡，浮力加拉力等于重力，可求出构件重力，再利用重力公式和密度公式推导构件密度。 对于合力的判断，因为构件匀速下沉，所以处于平衡状态，根据平衡状态的受力特点分析合力。 计算重力做功的功率时，先算出物体下降的速度，再由变形公式即可计算重力的功率。 【详解】A．构件下沉过程中：未完全浸没时，增大，排开水的体积增大，浮力增大，拉力减小；完全浸没后，不变，浮力和拉力都不变。因此②是浮力的变化图线，①是拉力的变化图线。 当后，浮力、拉力不再变化，说明此时构件刚好完全浸没，因此正方体构件的边长为。故A错误。 B．构件体积，完全浸没后浮力 由图乙，完全浸没后拉力，构件重力 构件密度 故B错误。 C．构件是匀速沉入水中，匀速运动的物体受力平衡，合力始终为。故C错误。 D．下降速度 重力做功的功率 D正确。 故选 D。 4．（2025·四川南充·二模）如图所示A、B两个粗糙程度相同的物体以甲、乙两种不同的方式叠放在同一水平地面上，分别用水平方向的拉力F甲和F乙使AB一起向右运动，甲运动的s﹣t图像和乙运动的v﹣t图像分别如图丙、丁所示，已知F甲＝20N，下列说法正确的是（　　） A．F甲＜F乙 B．甲、乙两图中地面受到的摩擦力相等 C．甲、乙两图中AB之间的摩擦力均为20N D．拉力F甲与拉力F乙的功率相等 【答案】B 【详解】AB．将AB看成一个整体，A、B图中整体运动过程中对水平面的压力相等，接触面的粗糙程度相同，则整体受到的地面的滑动摩擦力相同；由图丙得，A图中整体做匀速直线运动，整体受平衡力作用，则，由图丁得，B图中整体做匀速直线运动，整体受平衡力作用，则，故，故A错误，B正确； C．图A中AB间没有相对滑动的趋势，AB之间的摩擦力均为0N；图B中B在拉力F乙与A的摩擦力作用处于平衡状态，则B受到A的摩擦力为，故C错误； D．图A中整体的速度为 拉力F甲的功率为 图A中整体的速度为 拉力F乙的功率为 故D错误。 故选B。 5．（2026·四川成都·二模）（多选）工人将重为500N的小车推到水平车厢中，如图所示，F始终与小车运动方向相同，图中A、C、D是小车在三段路面的起点，小车的运动时间、推力、速度如下表，AB=1m，下列说法正确的是（　　） 路段 AB BC CD DE 时间t/s 2 2 4 2 推力F/N 300 200 400 100 速度v/m·s-1 1 0.5 0.75 A．小车在AB段运动的平均速度为1m/s B．工人的推力在BC段做的功为400J C．工人的推力在CD段和DE段的功率之比为8∶3 D．在斜面CD段的推力最大，说明斜面不能省力 【答案】BC 【详解】A．已知，段运动时间，小车在AB段运动的平均速度为 故A错误； B．段速度，运动时间，则段路程 推力，工人的推力在BC段做的功 故B正确。 C．段功率 段功率 功率之比 故C正确。 D．判断斜面是否省力，需要和直接提升物体的力对比：直接提升小车需要的力等于小车重力，斜面段推力为，因此斜面可以省力，故D错误。 故选BC。 6．（2025·四川宜宾·二模）（多选）如图甲所示，工人用推力F将重为1000N的箱子沿斜面推至水平车厢中，斜面长3m、高1.5m，F始终与箱子运动方向相同。箱子运动路程随时间变化关系如图乙所示，推力F随时间变化关系如图丙所示。下列分析正确的是（　　） A．0~10s内，箱子做加速运动 B．0~10s内，箱子所受摩擦力为100N C．10~20s内，推力F的功率为100W D．10~20s内，箱子所受摩擦力为200N 【答案】BCD 【详解】A．由图乙知，0~10s内，箱子运动的路程与时间的图线是过原点倾斜直线，则路程与速度成正比，做匀速直线运动，故A错误； B．由图丙知，0~10s内，箱子受到的推力为600N，推力所做的总功 克服箱子重力所做的功 克服摩擦力所做的额外功 箱子所受的摩擦力 故B正确； CD．10~20s内，由图乙知，箱子做匀速直线运动，由图丙知，箱子所受的推力为200N，箱子此时在水平车厢中运动，所受的推力与摩擦力是一对平衡力，它们的大小相等，所以摩擦力为200N，通过的路程s′=8m-3m=5m 推力所做的功 推力的功率 故CD正确。 故选BCD。 7．（2026·四川绵阳·一模）某单缸四冲程汽油机的气缸活塞面积为，一个冲程活塞在气缸中移动的距离是50mm，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为，飞轮1min转动1800周，当汽油机满负荷工作时（不计摩擦），则一个做功冲程中燃气对活塞做的功_____焦、汽油机的功率为 _____瓦。 【答案】 135 2025 【详解】活塞面积 一个冲程活塞移动的距离 燃气对活塞的压力 一个做功冲程中燃气对活塞做的功 四冲程汽油机每转2周完成一个做功冲程，飞轮1分钟转1800周，故1分钟内做功次数 则1分钟做的总功 故汽油机的功率 8．（2026·四川内江·一模）小明同学用50N的水平推力推着重为100N的箱子在水平地面上前进了10m，用时10s，则他对箱子做的功的功率是___________W；重力对箱子做的功是___________J。 【答案】 50 0 【详解】[1]推力，在推力方向上移动的距离，时间 小明对箱子做的功 功率 [2]做功的两个必要条件是物体受到力的作用，且物体在该力的方向上通过一段距离，箱子未在重力方向上移动距离，因此重力不做功。 9．（2025·四川泸州·三模）跳绳是一种简便易行的锻炼方式。如图描绘了某同学某次跳绳时重心移动的高度h随时间t变化的图像。若该同学的质量为50kg，他所受重力是_________N，按此跳绳节奏，他1min跳绳次数为_________次，克服重力做功的功率为__________W。（g取10N/kg） 【答案】 500 150 75 【详解】[1]该同学的质量为50kg，他所受重力为G=mg=50kg×10N/kg=500N [2]从图可知，跳一次所用时间t1=0.4s，而t=1min=60s 所以1min内所跳的次数为 [3]从图可知，起跳的高度h=6cm=0.06m 所以跳一次克服重力做的功为W=Gh=500N×0.06m=30J 则1min内克服重力做的功为W总=nW=150×30J=4500J 所以1min内克服重力做功的功率为 10．（2025·四川南充·一模）一辆汽车不小心开进了泥水坑中，司机取来一套滑轮组将汽车从泥水坑中拉出，如图所示。若汽车重为，受的阻力为车重的倍，司机用的拉力，经过拉着滑轮组自由端，车匀速前进了，则司机做功的功率是______，司机拉动该滑轮组的机械效率是______。 【答案】 160 70% 【详解】[1]由图可知动滑轮上的绳子段数为 绳子自由端移动的距离 司机做的总功 司机做功的功率 [2]水平使用滑轮组，克服车所受阻力做的功为有用功，根据题意可知，车所受的阻力 有用功 司机拉动该滑轮组的机械效率 11．（2025·四川宜宾·中考真题）某款重力为2N的电动玩具小车，以的功率在水平路面上匀速运动，此过程中所受摩擦阻力恒为0.6N，则匀速运动时的速度___________；现在小车以相同功率在斜面上匀速运动4m的路程，对应上升2m的高度，此过程中所受摩擦阻力恒为0.5N，则玩具小车所用时间___________s。 【答案】 5 2 【详解】[1]重力为2N的电动玩具小车，以的功率在水平路面上匀速运动，处于平衡态，此过程中牵引力大小等于所受摩擦阻力的大小，即 由知道，匀速运动时的速度 [2]根据题意知道，在斜面上，小车摩擦阻力做功 需克服重力做功 小车在斜面上克服阻力做的做功 由 知道，玩具小车所用时间 押题猜想十二 简单机械与机械效率 试题前瞻·能力先查 1.《天工开物》中记载了我国古代的井上施工装置，其简化模型如图所示，O为支点，M端用绳子悬挂重400N的物体，在N端用竖直向下的拉力使物体缓慢上升，忽略杠杆和绳的自重，杠杆在水平位置平衡时N端受到的拉力大小为________N。要使物体上升0.5m，手需将绳子向下拉动________m。 【答案】 200 1 【详解】已知，设阻力臂，则动力臂 杠杆在水平位置平衡时，M端绳子拉力等于物体重力，则，根据杠杆平衡原理得，则 因为杠杆在水平位置转动，物体上升的高度与手拉动的距离之比等于力臂之比，即，已知，则 2．（多选）如图甲所示，用滑轮组把建筑材料运送到高处。电动机用800N的力拉钢丝绳，使建筑材料竖直匀速上升，滑轮组的机械效率为80%。钢丝绳自由端移动的距离随时间变化的规律如图乙中图线a所示，建筑材料上升的距离随时间的变化规律如图乙中图线b所示，取。下列说法正确的是（　　） A．钢丝绳自由端的移动速度为 B．10s内电动机对钢丝绳做的功为 C．建筑材料的质量为 D．动滑轮对建筑材料做功的功率为 【答案】AD 【详解】A．由图乙可知，钢丝绳自由端的移动速度，故A正确； B．10s内钢丝绳自由端移动的距离 电动机对钢丝绳做的功，故B错误； C．根据机械效率公式，可得建筑材料的重力 建筑材料的质量，故C错误； D．建筑材料上升的速度 动滑轮对建筑材料做功的功率，故D正确。 故选AD。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，常与功、功率、浮力、压强等综合考查。考查学生对杠杆的分类与平衡条件、滑轮与滑轮组的省力与绕线、机械效率的理解与计算，以及斜面、轮轴等简单机械的应用。解题关键在于识别杠杆类型、运用平衡条件列式，分析滑轮组的绳子段数，分清有用功、额外功、总功及机械效率的计算。 解题策略： ① 杠杆分类：找支点和力臂。若要省力，选动力臂＞阻力臂的杠杆；若省距离，选费力杠杆。天平等臂杠杆。 ② 最小动力问题：连接支点与力的作用点，以该连线为力臂时力臂最大，最小力垂直于该连线。 ③ 滑轮组绕线：先确定n（F与G的关系），再按“奇动偶定”原则作图。 ④ 机械效率计算：先分清W有、W总。竖直提升：W有=G物h，W总=Fs（s=n h），η=G物/(nF)。若不计摩擦绳重，可先求动滑轮重G动=nF−G物，再算η=G物/(G物+G动)。 ⑤ 水平滑轮组：W有=fs物，W总=F s绳，s绳=n s物，η=f/(nF)。 ⑥ 斜面：W有=Gh，W总=Fs，η=Gh/(Fs)；额外功W额=Fs−Gh，若克服摩擦则f=W额/s。 ⑦ 功率计算：P=W总/t=Fv绳（v绳为绳子自由端移动速度）。 ⑧ 实验题：测量滑轮组机械效率时，需匀速拉动弹簧测力计；机械效率高低与物重、动滑轮重、绳重、摩擦有关；同一个滑轮组，物重越大效率越高。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广元·二模）如图所示，甲、乙两种滑轮匀速将同一物体提升相同高度，不计绳重和摩擦。下列说法不正确的是（   ） A．甲乙做的有用功一样多 B．甲乙两绳子自由端的拉力相等 C．乙装置的机械效率比甲低 D．乙绳子自由端移动的距离是甲的2倍 【答案】B 【详解】A．有用功公式为，物体重力G、提升高度h都相同，因此甲乙的有用功一样多，故A正确； B．定滑轮不省力，因此甲的拉力 动滑轮可省力，不计绳重和摩擦时，乙的拉力 所以甲乙两绳子自由端的拉力不一定相等，故B错误； C．不计绳重和摩擦，定滑轮额外功几乎为0，机械效率接近100%；动滑轮需要克服自身重力做额外功，总功更大，由可知，乙的机械效率比甲低，故C正确。 D．定滑轮绳子自由端移动距离，动滑轮承担物重的绳子段数，因此，乙绳子自由端移动距离是甲的2倍，故D正确。 本题选择描述不正确的，故选B。 2．（2026·四川广元·二模）如图所示，用的水平拉力拉着滑轮使重为200N的物体A沿水平地面匀速运动，且物体A运动的速度为0.2m/s，地面对物体A的摩擦力是物体A重力的。两段绳子均水平，不计绳子和滑轮重力，下列说法正确的是（） A．10s内物体A克服与地面之间的摩擦力做的功是80J B．10s内拉力F做的功是100J C．拉力F的功率是10W D．该装置的机械效率是80% 【答案】D 【详解】A．地面对物体A的摩擦力 10s内物体A移动的距离 不计绳子和滑轮重力，10s内物体A克服与地面之间的摩擦力做的功等于有用功，即 故A错误； B．如图所示，该滑轮为动滑轮，不计绳子和滑轮重力，此时A在10s内向前移动的距离是2m，所以F移动的距离是1m，故此时拉力F所做的功 故B错误； C．拉力的功率 故C错误； D．该装置的机械效率 故D正确。 故选D。 3．（2026·四川绵阳·一模）如图是《天工开物》中记载的我国古代的提水工具“辘轳”，在两个支架上摆放一根直的硬棒，支点为O1、O2，A处系一石块，B端装有轮轴，轮轴能绕着硬棒转动，悬吊空桶的绳索另一端绕过轮轴后系紧在轮轴上，已知空桶和轮轴的质量为20kg，空桶和轮轴对硬棒的作用力视作施加在B点。O1A长为0.6m，O1O2长为1m，O2B长为0.8m，硬棒及绳索质量忽略不计。当人对辘轳不施加力，桶中也未装水时，A处所系石块能确保硬棒不会翻转的最小质量为（　　） A．6kg B．8kg C．10kg D．60kg 【答案】C 【详解】根据题意，以为支点，A点力的力臂最大，B点力的力臂最小，此时杠杆A点受力最小。根据杠杆平衡条件可得， 即 解得石块最小质量为，故选C。 4．（2025·四川广元·二模）中国空间站机械臂是对“人类手臂”最真实的还原，可随时实现对空间站舱体表面的巡检。下列杠杆中与空间站机械臂同属于费力杠杆的是（　　） A．用羊角锤拔钉子 B．开瓶起子 C．用钢丝钳剪铁丝 D．锄地时举起锄头 【答案】D 【详解】羊角锤拔钉子时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。开瓶起子使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。钢丝钳剪铁丝时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。 锄地时举起锄头动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 5．（2026·四川内江·二模）工人师傅采用同一滑轮组用如图所示两种方式提升同一建材，使建材以相同的速度匀速直线上升相同高度，若不计绳重及摩擦，则下列相关说法正确的是（　　） A．甲、乙滑轮组中绳子自由端的拉力相等 B．甲、乙滑轮组绳子自由端移动速度相等 C．甲、乙滑轮组绳子自由端移动的距离s甲>s乙 D．甲、乙滑轮组的机械效率相等 【答案】D 【详解】A．甲、乙两滑轮组中动滑轮重力相同，且提起的建材重力相同，不计绳重和摩擦，绳端拉力，则，，，故A错误； BC．绳端移动距离，则，，故，根据“建材以相同的速度匀速直线上升相同高度”可知，它们工作的时间相同，则甲滑轮组绳子自由端移动速度小于乙滑轮组绳子自由端移动速度，故B、C错误； D．根据动滑轮组机械效率，可知，故D正确。 故选D。 6．（2025·四川广安·模拟预测）如图甲所示，用拉力F竖直向上匀速提升重360N的货物，货物移动的距离与时间的关系如图乙所示。动滑轮重40N，不计绳重和摩擦，则（　　） A．绳子自由端移动的速度为0.5m/s B．拉力F为400N C．该装置可以省功 D．动滑轮的机械效率为90% 【答案】D 【详解】A．由图甲可知，承担物重的绳子段数为2，由图乙可知，0~4s内，货物移动的距离为2.0m，则绳子自由端移动的距离 所以，绳子自由端移动的速度，故A不符合题意； B．不计绳重和摩擦，拉力，故B不符合题意； C．使用该装置可以省力，根据功的原理可知，使用任何机械都不能省功，故C不符合题意； D．由题意可得，该动滑轮的机械效率 故D符合题意。 故选D。 7．（2026·四川成都·一模）（多选）在“双碳”目标引领下，光伏电站的升降机械需通过优化滑轮组提高能效，以降低能耗。某科技小组模仿光伏组件升降原理，利用甲、乙两套滑轮组（每个滑轮质量均为0.5kg）开展探究实验，装置如图所示。用两装置将重为9N的光伏组件匀速提升至h=0.2m的高度，且完成提升所用时间均为t=2s。（不计绳重和摩擦，g取10N/kg）下列说法正确的有（　　） A．甲、乙装置所做的有用功均为1.8J B．甲装置绳端移动的速度比乙装置更大，机械效率更高 C．乙装置所做的总功为2.0J，拉力做功的功率为1.0W D．甲装置的额外功为1J，拉力做功的功率为1.4W 【答案】AD 【详解】A．已知，，有用功， 甲、乙装置的有用功相同，均为，选项A 正确； B．甲装置，绳端移动距离 ，速度 乙装置，绳端移动距离，速度， 故甲的绳端速度小于乙， 两套滑轮组的滑轮重力和提升的物体重力都相同，不计绳重和摩擦，由可得，它们的机械效率是相同的，故B错误； C．动滑轮重为 不计绳重和摩擦，乙装置拉力为 绳子移动距离 则 功率，故C错误； D．不计绳重和摩擦，额外功为克服动滑轮重力的功，则甲装置的额外功 拉力的总功 拉力的功率，故D正确。 故选AD。 8．（2024·四川成都·中考真题）（多选）小成在实验室组装如图所示的滑轮组进行实验探究，实验过程如下：先测得定滑轮的重力为0.2N，动滑轮的重力为0.25N，再使用组装好的滑轮组在10s内将质量为100g的钩码竖直匀速提升20cm，此过程中弹簧测力计的示数为0.5N。g取10N/kg，下列说法正确的是（　　） A．弹簧测力计对细绳拉力的功率为0.03W B．滑轮组的机械效率为80% C．克服绳重和摩擦做的额外功为0.05J D．若增大提升钩码的质量，滑轮组的机械效率不变 【答案】AC 【详解】A．由图可知，n=3，绳子自由端移动的距离 s=nh=3×20cm=60cm=0.6m 拉力所做的功为 W总=Fs=0.5N×0.6m=0.3J 拉力的功率为 故A正确； B．钩码的重力为 G=mg=100×10-3kg×10N/kg=1N 滑轮组的机械效率为 故B错误； C．所做有用功为 W有=Gh=1N×0.2m=0.2J 克服动滑轮所做额外功为 W额1=G动h=0.25N×0.2m=0.05J 因此克服绳重和摩擦做的额外功为 W额2=W总-W有-W额1=0.3J-0.2J-0.05J=0.05J 故C正确； D．若增大提升钩码的质量，则有用功增大，额外功不变，因此滑轮组的机械效率将变大，故D错误。 故选AC。 9．（2026·四川广元·二模）如图所示，工人利用斜面将货物推上货车。已知斜面长5m，高1m，工人沿斜面方向将质量为160kg的货物从斜面底端匀速推至顶端。使用斜面的好处是______（选填“省功”，“省力”或“省距离”）；若该过程斜面的效率为80%，则推力F的大小为______N。（g取10N/kg） 【答案】 省力 400 【详解】斜面是常见的省力简单机械，根据功的原理，任何机械都不能省功，斜面通过增大移动距离实现省力。 货物重力 有用功 根据机械效率公式 得总功 推力为 10．（2026·四川成都·二模）用同样的器材分别组装成甲、乙两个滑轮组来匀速提升同一重物，如图所示，拉力F1____F2（选填“>”、“<”或“=”）；减小动滑轮的重力，滑轮组的机械效率将______。 【答案】 > 变大 【详解】用同样的器材分别组装成甲、乙两个滑轮组，由图可知，甲滑轮组绳子的股数，乙滑轮组绳子的股数，提升同一重物，由可得，所以。 若减小动滑轮的重力，则所做的额外功减小，而有用功不变，根据可知，机械效率变大。 11．（2026·四川成都·一模）某智能制造车间里，自动化机械臂正在搬运工件，将其OAB部分简化为如图乙所示的杠杆模型，忽略杠杆自重。当杠杆水平平衡时，作用在B点的工件重力为150N，F的力臂l1=15cm，OB=60cm，则作用在A点的动力为______N；此杠杆属于______杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂）。 【答案】 600 费力 【详解】[1][2]由图中杠杆的使用情况可知，动力为F、动力臂为、阻力为G、阻力臂为 根据杠杆的平衡条件可得，动力 动力臂比阻力臂短，故此杠杆为费力杠杆。 12．（2026·四川德阳·一模）用如图甲所示的滑轮组提升物体A。已知被提升物体A的重力为800N，卷扬机施加在绳子自由端的拉力F将物体A以0.5m/s的速度匀速提高了5m。拉力F做的功随时间的变化图像如图乙所示（不计绳重和滑轮与轴的摩擦）。此过程滑轮组提升重物的机械效率为___________%，动滑轮的重力为___________N。 【答案】 80 200 【详解】[1] 卷扬机施加在绳子自由端的拉力F将物体A以0.5m/s的速度匀速提高了5m，所用时间 根据图像乙可知，拉力F在10s内做功 故滑轮组提升重物的机械效率 [2] 由图甲可知此过程绳端移动的距离 由可知拉力 不计绳重和摩擦，根据滑轮组的拉力公式 ，其中，则动滑轮的重力 押题猜想十三 电学基础—电路、电流、电压与电阻 试题前瞻·能力先查 1．如图所示为酒店收银台的呼叫服务电路图，灯亮表示客户需要卫生保洁服务，电铃响表示客户需要餐饮服务。图中不符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【详解】ACD．图中灯和电铃并联，各个支路都有一个开关独立工作，且开关只控制这一条支路的通断，符合设计要求，故ACD不符合题意。 B．图中S2开关在干路上，控制整个电路，干路开关不闭合整个电路都不工作，不能使电铃和灯独立工作，S2闭合电铃工作，只闭合开关S1都不工作，两开关都闭合电铃和灯一起工作，不符合设计要求，故B符合题意。 故选 B。 2．如图甲是小程制作的利用电位器调节亮度的台灯。电位器的内部结构如图乙所示，a、b、c是三个接线柱，当旋钮带着滑片顺时针旋转时，他发现灯逐渐变暗，此时电位器的连接方式是（    ）    A．选择a、b接线柱且与灯泡串联 B．选择b、c接线柱且与灯泡串联 C．选择a、b接线柱且与灯泡并联 D．选择b、c接线柱且与灯泡并联 【答案】A 【详解】CD．电位器要调节灯泡亮度，必须与灯泡串联（并联时电位器无法改变灯泡两端电压，亮度不变），故 CD不符合题意； A若接a、b接线柱：滑片顺时针旋转时，滑片到a的电阻丝长度变长，接入电路的电阻变大，电流变小，灯泡变暗，故A符合题意； B若接b、c接线柱：滑片顺时针旋转时，滑片到c的电阻丝长度变短，接入电路的电阻变小，电流变大，灯泡变亮，故B不符合题意。 故选A。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，是电学后续学习的基础。考查学生对电路的组成与状态、串联与并联电路的识别、电流表与电压表的使用、电流与电压的规律、电阻的概念及影响因素，以及滑动变阻器的连接与作用。解题关键在于识别电路连接方式，判断电表测量对象，运用串并联电流、电压规律进行分析，避免短路等常见错误。 应对策略： ① 识别电路连接：电流从正极出发，若只有一条路径回到负极则为串联；若有分支则为并联。并联时找分支点和汇合点。 ② 电表测量对象：电流表与谁串联测谁；电压表可以“画圈法”——电压表与哪部分用电器构成一个闭合圈，就测哪部分电压。 ③ 滑动变阻器分析：先看清接线柱（一上一下），判断滑片移动时接入电路电阻丝的长度变化（滑片远离下方接线柱时电阻变大）。 ④ 电路故障： 电流表无示数 → 断路（电压表若在某处有示数且接近电源电压，则该处断路）。 电流表有示数但灯泡不亮 → 短路或灯泡实际功率太小。 电压表无示数 → 可能是电压表所测部分短路或电压表以外断路。 ⑤ 实验探究电阻影响因素：选用不同导体，控制其他条件相同。比较时常用“电流表示数”或“灯泡亮度”来间接比较电阻大小（转换法）。 ⑥ 作图规范：电路图中元件不要画在拐角处，导线交叉相连处要点实心点。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川绵阳·一模）在“碳达峰，碳中和”的政策指导下，我国的风力发电技术得到了大力推广。下列说法错误的是（　　） A．风力发电过程中利用的风能是可再生能源 B．风力发电是把机械能转化为电能 C．为了保护环境，控制和消除大气污染，应禁止使用化石能源 D．风力发电机给蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器 【答案】C 【详解】A．风能可以源源不断的从自然界获得，是可再生能源，故A正确，不符合题意； B．风吹动风机叶片转动，带动发电机将机械能转化为电能，故B正确，不符合题意； C．化石能源是目前全球能源结构的重要组成部分，在现有技术条件下无法完全禁止使用，故C错误，符合题意； D．风力发电机给蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，将电能转化为化学能储存起来，此时蓄电池相当于用电器，故D正确，不符合题意。 故选C。 2．（2026·四川成都·一模）随着智能家居的普及，家庭里的LED灯带、感应小夜灯、门铃指示灯等常常采用串联电路连接。为了研究这类照明电路的电压分配规律，小明用如图所示的电路探究“串联电路的电压规律”，下列说法正确的是（　　） A．测出电压后，导线b不动，将导线从a改接到c，可测出两端电压 B．更换不同规格的小灯泡重复实验，是为了求平均值减小实验误差 C．实验结论：串联电路中电压处处相等 D．若灯泡被短路，则并联在两端的电压表示数为0 【答案】D 【详解】A．测电压时，电压表正负接线柱连接正确；若保持不动，将导线改接到，会使电压表正负接线柱接反，无法正确测量两端电压，故A错误； B．本实验是探究普遍规律，更换不同规格小灯泡重复实验的目的是避免偶然性，得到普遍规律，不是为了减小误差，故B错误； C．串联电路的正确规律是：总电压等于各用电器两端电压之和，只有相同规格的用电器串联时分压才相等，不是串联电路电压处处相等，故C错误； D．若被短路，相当于电阻为0的导线，根据，其两端电压为0，因此并联在两端的电压表示数为0，故D正确。 故选D。 3．（2026·四川广元·一模）下列说法不正确的是（　　） A．摩擦起电的过程中发生了电荷的转移 B．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥 C．用梳子梳干燥的头发时头发带上了电荷 D．带正电的玻璃棒只能吸引带负电荷的轻小物体 【答案】D 【详解】A．摩擦起电的本质是电子在不同物体间的转移，故A正确，不符合题意； B．验电器的金属箔片会因为带上同种电荷而相互排斥张开，故B正确，不符合题意； C．梳子和头发摩擦会发生电荷转移，使头发带上电荷，故C正确，不符合题意； D．带正电的玻璃棒不仅能吸引带负电的轻小物体，还能吸引不带电的轻小物体，故D错误，符合题意。 故选D。 4．（2025·四川达州·模拟预测）关于电的知识，以下说法正确的是（   ） A．摩擦起电过程，创造了电荷 B．用电器的金属外壳应按规定接地 C．测电笔使用时，手不能接触笔尾的金属体 D．灯泡未通电时，它两端电压为零其电阻也为零 【答案】B 【详解】A．摩擦起电过程，是电荷发生转移，没有创造电荷，故A错误； B．家用电器的金属外壳接地，是为了防止因外壳带电导致人身触电，故B正确； C．测电笔使用时，手要接触笔尾的金属体，形成闭合回路，才能鉴别零线和火线，故C错误； D．灯泡未通电时，它两端电压为零，其电阻与电压大小无关，电阻不为零，故D错误。 故选B。 5．（2026·四川广元·一模）如图是“金星”学习小组为“探究滑动变阻器的工作原理”连接的电路，下列说法正确的是（　　） A．滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的横截面积来改变电阻大小的​ B．闭合开关后，向右滑动滑片P，电路中电流会变大，灯泡会变亮​ C．闭合开关后，调节变阻器滑片，灯泡不发光，故障是灯泡断路 D．若滑动变阻器接线柱接A和B，闭合开关后滑动滑片P时，灯泡亮度无变化 【答案】D 【详解】A．滑动变阻器的工作原理是通过改变接入电路中电阻丝的长度改变电阻大小，不是改变横截面积，故A错误； B．由图可知，本题中滑动变阻器接入电路的是A到滑片P之间的电阻丝；向右滑动滑片P时，接入电阻丝长度变长，接入电阻变大，电路电流变小，灯泡会变暗，故B错误； C．灯泡不发光的故障有多种可能：可能是灯泡短路、也可能是滑动变阻器接入电阻过大导致电流太小，不一定是灯泡断路，故C错误； D．若接A和B两个下接线柱，滑动变阻器接入了全部电阻丝，移动滑片时接入电阻大小不变，因此电路电流不变，灯泡亮度无变化，故D正确。 故选D。 6．（2025·四川南充·一模）（多选）如图所示电路中，开关的通断情况与灯泡连接方式对应正确的是（　　） A．只闭合，只有小灯泡亮且为串联 B．只闭合，只有小灯泡亮且为并联 C．只闭合都会亮 D．都闭合，都会亮 【答案】AC 【详解】A．由图可知，只闭合时，电流从电源的正极流出依次经过两个灯泡后回到电源的负极，故此时两灯亮且为串联，故A正确； B．由图可知，只闭合时，电流从电源的正极流出依次经过两个灯泡后回到电源的负极，故此时两灯亮且为串联，故B错误； C．由图可知，只闭合时，电流从电源的正极流出分别经过两个灯泡后，再流经灯泡回到电源负极，此时三个灯泡都会亮，故C正确； D．由图可知，都闭合时，电流从电源的正极流出后经开关直接回到电源的负极，发生电源短路，三个灯泡均不亮，故D错误。 故选AC。 7．（2026·四川广元·一模）将口香糖锡纸中间剪掉一些，一端接在电池的正极，另一端接在电池的负极，很快锡纸条开始冒烟、着火，如图所示，这是因为锡纸中的锡属于_____（选填“半导体”、“导体”或“绝缘体”），将其两端直接与电池正负极相连会造成________（选填“断路”或“短路”）。 【答案】 导体 短路 【详解】[1]锡是金属，有大量的自由电子，容易导电，所以锡属于导体。 [2]当把锡纸两端直接与电池正负极相连时，锡纸相当于导线，此时电流不经过用电器，直接从电池正极通过锡纸流到电池负极，这种情况会造成短路。 8．（2025·四川达州·模拟预测）如图所示，在电路中要使灯L1和L2并联，应闭合开关  ______ 。为了防止短路，不能同时闭合开关_______ 。 【答案】 S1、S3 S2、S3 【详解】[1]由电路图知道，要使电灯L1和L2并联，两只灯泡需要独立与电源组成通路，所以应闭合开关S1、S3。 [2]当电源短路时，导线直接接在了电源的两端。为了防止电路出现短路，由图知道，不能同时闭合开关S2、S3。 9．（2026·四川内江·一模）如图所示，电路元件及导线连接均完好，让L1、L2并联需要闭合_________开关；当开关S1、S2、S3闭合电路出现_________。 【答案】 S1和S2 短路 【详解】[1]灯L1、L2并联时，两灯泡首首相连，尾尾相连，电流有两条路径，由电路图知：开关S1与S2闭合，而S3应断开。 [2]当开关S1、S2、S3闭合，电流路径应为：电源正极➡开关S1➡开关S3➡开关S2➡电源负极，电流未经过任何用电器直接回到负极，电路出现短路。 10．（2026·四川内江·一模）如图所示电路中，若电源电压为4.5V，电压表的示数为3V，则灯泡L1两端的电压为______V，如果L2短路，则电压表的示数为______V。 【答案】 1.5 0 【详解】[1]由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L2两端的电压。由题意可知，电源的电压，L2两端的电压，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以灯泡L1两端的电压 [2]如果L2短路，则电压表也被短路，故电压表的示数为0V。 11．（2025·四川广安·三模）如图所示，现在教室中到处都是电气设备。老师按下开关灯便亮了，老师手所接触的开关外壳属于______选填“导体”“半导体”“绝缘体”或“超导体”；老师又打开了教室中的多媒体设备，电灯、多媒体等用电器的连接方式是______联；打开多媒体设备后，与仅打开灯相比，教室电路中的等效总电阻会______选填“变大”“变小”或“不变”。 【答案】 绝缘体 并 变小 【详解】[1]开关的外壳不容易导电，属于绝缘体。 [2]电灯、多媒体等用电器是互不影响的，所以它们之间一定是并联的。 [3]打开多媒体，电路中又多了一条支路，并联电阻越并越小，则教室电路中的等效总电阻会变小。 押题猜想十四 欧姆定律与电功率的基础应用 试题前瞻·能力先查 1．如图甲电路，电源电压保持不变。为定值电阻。闭合开关，将滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端过程中，两电压表示数随电流表示数变化的关系如图乙所示。则电源电压为______，的最大阻值为_____；整个过程中电路消耗的最大功率为______。 【答案】 5 20 5 【详解】由电路图甲可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测两端电压，电压表测两端电压。当滑片P从最左端滑到最右端时，的阻值从最大减小到0，电路中电流从最小增大到最大。根据图乙可知，电压随电流增大而减小的图像为的示数变化图像，电压随电流增大而增大的图像为的示数变化图像。 由图乙可知，当电路中电流时，两端电压， 两端电压。根据串联分压规律得电源电压 当滑片在最左端时，接入电路的阻值最大，此时电路中电流最小。由图乙可知，最小电流 ，此时两端电压。故接入电路的最大阻值 电源电压不变，由可知电路中电流最大时电路消耗电功率最大。由图乙可知，最大电流 ，故整个过程中电路消耗的最大功率 2．（多选）如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片由最右端向左端移动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。下列选项正确的是（　　） A．电源电压为12V B．电路的最小功率为1.4W C．电压表与电流表对应的示数之比变小 D．电路中，电流的最大值与最小值之比为5∶1 【答案】BC 【详解】A．闭合开关，R1、R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量R2两端的电压。当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律可知此时电路中电流最小。根据串联电路电压特点可得，电源电压为……① 当电路中电流为0.5A时，滑动变阻器两端的电压为4V，根据串联电路电压特点可得，电源电压为……② 联立①②，解得，，故A错误； B．电源电压不变，根据可知，电路中电流最小时，总功率最小，电路消耗的最小功率为，故B正确； C．由欧姆定律的变形式可知，电压表与电流表对应的示数之比等于滑动变阻器接入电路的阻值，滑动变阻器的滑片由最右端向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，因此电压表与电流表对应的示数之比变小，故C正确； D．若电流表选择的小量程为0~0.6A，因此电路中的最大电流值为0.6A，若电流表选择大量程，电路中的最大电流值为 均不是图像中的0.5A。电流的最小值为0.1A，故电路中，电流的最大值与最小值之比不可能为5∶1。故D错误。 故选BC。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题、计算题及实验探究题形式出现，是电学的核心计算板块。考查学生对欧姆定律的理解与应用、伏安法测电阻、电功与电功率的基本概念及简单计算、额定功率与实际功率的辨析，以及焦耳定律的基础应用。解题关键在于熟练运用欧姆定律公式及变形，区分纯电阻与非纯电阻电路中的电功率计算，理解用电器铭牌的含义，避免混淆额定与实际的对应关系。 四川中考常结合家用电器、节能环保、科技实践等情境命题。 应对策略： ① 欧姆定律：先判断电路是串联还是并联，画出等效电路，标出已知量，根据串并联规律列方程。注意单位统一（V、Ω、A）。 ② 电阻计算：R = U/I中，U和I必须是同一导体上的对应值。若灯丝电阻随温度变化，计算实际功率时认为电阻近似不变（题目通常说明）。 ③ 伏安法测电阻：连接电路时开关断开，滑片在最大阻值处。故障分析：电流表无示数→断路；电压表无示数→所测部分短路或外电路断路；电压表有示数且接近电源电压→所测部分断路。 ④ 电功率计算：使用P = UI时，注意是否纯电阻。若题目给出电阻值或可以求出电阻，可用P = U²/R或P = I²R。 ⑤ 额定与实际：先根据铭牌计算电阻R = U额²/P额，再根据实际电压或实际电流计算实际功率。比较灯的亮度看实际功率。 ⑥ 电能表：常见参数“600 revs/(kW·h)”表示每消耗1kW·h电能转盘转600圈。根据圈数计算消耗电能W = 圈数/转盘常数（单位kW·h）。 ⑦ 多挡位电热器：通常S1、S2不同闭合方式改变电阻值，加热挡位时功率大（电阻小），保温挡位时功率小（电阻大）。利用P = U²/R分析。 ⑧ 焦耳定律：若题目问“电热器产生的热量”且是纯电阻，可用Q = W = Pt计算；若问“电动机线圈发热量”，只能用Q = I²Rt。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川乐山·一模）小明研究通过灯泡L的电流与其两端电压的关系，得到如图甲所示图像，实验中发现电压越大灯泡越亮。现将该灯泡L与阻值为10Ω的电阻R连入图乙所示电路，灯泡额定电压为6V，闭合开关S，灯泡正常发光。下列说法正确的是（　　） A．实验说明灯丝电阻随温度升高而增大 B．灯泡的额定功率为0.6W C．电源电压为12V D．通电10s，电流通过R所做的功为54J 【答案】A 【详解】A．从图甲的I-U图像计算不同电压下的灯丝电阻：， ， ，， 由此可知，电压越高，电流越大，灯泡越亮，灯丝温度越高，电阻也越大，故A正确； B．因为灯泡额定电压为，从图甲得此时电流为，所以额定功率为， 故B错误； C．图乙中，灯泡L与电阻R并联，因此电源电压等于灯泡两端电压，灯泡正常发光，两端电压为额定电压6V，故电源电压为，故C错误； D．由R与L并联可知，并且，所以通过R的电流为 因此电流通过R做的功为 故D错误。 故选A。 2．（2026·四川广元·二模）如图甲所示，电源电压恒为18V，灯泡L上标有“10V  0.5A”字样（忽略灯泡电阻随温度的变化），电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~15V，为定值电阻，滑动变阻器R的最大阻值为80Ω。当只闭合S和，移动滑动变阻器的滑片P时，滑动变阻器两端的电压与其接入电路的电阻关系如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值由增大到4时，电流表示数变化了0.2A。则下列说法中正确的是（   ） A．与定值电阻的比值为1：2 B．定值电阻的阻值为20Ω C．只闭合S和，在保证电路安全情况下，电流表示数变化范围为0.16A~0.4A D．只闭合S和，在保证电路安全情况下，电压表示数变化范围为6V~15V 【答案】A 【分析】通过开关转换形成不同的串联电路状态，综合考查了欧姆定律、串联电路特点及图像数据的提取分析能力，解题关键在于利用已知图像信息结合欧姆定律求出未知电阻阻值，并根据灯泡额定电流及变阻器最大阻值等安全限制条件，分别计算出各状态下电流表和电压表的示数变化范围。 【详解】A．只闭合和时，定值电阻与滑动变阻器R串联，根据图乙可知当变阻器R接入电阻为时，变阻器两端电压为，此时电路电流；当接入电阻增大到时，此时电路电流，根据电源电压恒定为18V，可列等式，代入可得，即，故A正确； B．只闭合和时，上述变化中电流变化，结合，得到和，与等式和联立，解得定值电阻和，故B错误； C．只闭合S和，电路中定值电阻与滑动变阻器R串联，当滑动变阻器R接入电路的电阻为0Ω时，电路总电阻最小，此时电流最大，即，满足电流表的量程范围；当滑动变阻器R将全部电阻80Ω接入，电路总电阻最大，此时电流最小，即，电流表示数变化范围为0.16A~0.6A，故C错误； D．只闭合S和，灯泡L与滑动变阻器R串联，灯泡L电阻为保证电路元器件安全，电路的最大允许电流等于灯泡的额定电流0.5A，此时电压表示数最小，最小示数为，当滑动变阻器R接入全部阻值80Ω时电压表示数最大，示数为，电压表的示数范围为8V~14.4V，故D错误。 故选A。 3．（2026·四川广元·二模）如图甲所示是小灯泡L和电阻R的I-U图像。将小灯泡L和电阻R接入如图乙所示的电路中，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.5A，此时小灯泡L正常发光。电源为稳压电源，下列说法正确的是（    ） A．小灯泡L正常发光时的电阻为8Ω B．两个开关均闭合时，干路电流为0.5A C．若将小灯泡L和定值电阻R串联后接在图乙中电源两端，通过小灯泡L的电流更大 D．仅将图乙中定值电阻R更换为定值电阻R1，两个开关均闭合，电流表的示数与未更换电阻且两开关均闭合时的示数相比减小了0.1A，则R1的阻值为10Ω 【答案】A 【详解】A．小灯泡正常发光时，，，电阻 故A正确； B．两个开关都闭合时，和并联，并联电压等于电源电压，干路电流 故B错误； C．串联电路中电流处处相等，和串联时电流相同，故C错误； D．更换电阻后，干路电流减小，因为两端电压不变，电流仍为，所以减小的电流来自支路，即的电流 由欧姆定律可得 故D错误。 故选A。 4．（2026·四川广元·一模）如图所示电路，R1 =R2=20Ω，R3=10Ω，电源电压恒定。若只闭合开关S，电流表的示数为0.1A，下列说法正确的是（　　） A．电源电压为2V B．只闭合开关S时，R1与R3两端的电压之比为1∶1 C．若将S、S1、S2都闭合，电流表示数为0.6 A D．该电路的最大功率为1.35W 【答案】D 【详解】A．只闭合开关S时，与串联，电流表测串联电路电流。总电阻 电源电压 ， 故A错误； B．因为串联电路电流处处相等，所以电压比等于电阻比，则R1与R3两端的电压之比，故B错误； C．S、、 都闭合时，被短路，与并联，各支路两端电压等于电源电压，电流表测干路总电流，通过电流 通过电流 干路总电流，故C错误； D．电源电压恒定，根据可知，总电阻越小功率越大，三个开关都闭合时总电阻最小，此时最大功率 故D正确。 故选D。 5．（2025·四川南充·中考真题）（多选）如图所示，采用两条输电线向用户输电，输电线电阻不能忽略。已知电源电压恒为220V，用“400Ω 2A”的滑动变阻器代替用电器，当滑片移至中点时，闭合开关，电流表示数为1A，则此时（　　） A．电路的总功率为220W B．用电器两端电压为220V C．每条输电线电阻为20Ω D．输电线的功率为20W 【答案】AD 【详解】电路中输电线和滑动变阻器（用电器）串联，电流表测电路电流。 A．电路的总功率为 故A符合题意； B．用电器两端电压为 故B不符合题意； C．根据串联电压规律，输电线电压为 则输电线总电阻 则每条输电线电阻 故C不符合题意； D．输电线的功率为 故D符合题意。 故选AD。 6．（2025·四川泸州·中考真题）（多选）物理应用无处不在。如图甲、乙所示是拳击训练中为测量击打力大小而设计的电路，电源电压恒为6V，为20Ω的定值电阻，电流表量程为0～0.6A，为压敏电阻，其电阻值与击打力的关系如图丙所示。下列说法中正确的是（　　） A．用甲电路测试，当击打力为1000N时，电流表的示数0.12A B．用乙电路测试，当电流表示数为0.50A时，击打力为2000N C．甲、乙两电路相比，甲电路的击打力测量范围较小 D．乙电路中可增大的阻值来增大击打力测量范围 【答案】AD 【详解】A．在甲电路中，与串联。由图丙可知，当击打力时，压敏电阻。此时 电流表的示数为 故A 正确； B．在乙电路中，与并联。当电流表示数时，通过的电流 通过压敏电阻的电流 由此时压敏电阻的阻值 由图丙可知，此时击打力为，故B错误； C．对于甲电路，当电流表的示数时，由可得 因为为，则压敏电阻的阻值可以为0，由图丙可知对应的击打力可达到4000N。 对于乙电路，当电流表的示数时，通过的电流 通过压敏电阻的最大电流 可得压敏电阻的最小阻值 由图丙可知此时对应的击打力最大为2000N。 所以甲电路的击打力测量范围较大，故C 错误； D．在乙电路中，与并联。电流表测干路电流。根据欧姆定律，增大的阻值，通过的电流变小。当电流表量程不变时，通过压敏电阻的最大电流增大，由欧姆定律可知，压敏电阻的最小阻值减小，由图丙可知，击打力测量范围会增大，故D正确。 故选AD。 7．（2025·四川南充·三模）（多选）如图所示，电源电压为6V，定值电阻，闭合开关S。下列说法正确的有（   ） A．在a、b两点间接入一个电压表时，电压表指针会明显偏转 B．在a、b两点间接入导线，电流2s产生的热量是2J C．在a、b两点间接入一个12Ω的电阻，电路消耗的总功率为1.2W D．在a、b两点间接入一个“1.5V  0.25A”的小灯泡，小灯泡不能正常发光 【答案】AC 【详解】A．在a、b两点间接入一个电压表时，电压表串联在电路中测电源的电压，即电压表有明显示数，故A正确； B．在a、b两点间接入导线，电流做功 故B错误； C．在a、b两点间接入一个12Ω的电阻，电路中的电流 电路消耗的总功率 故C正确； D．因串联电路中总电压等于各分电压之和，若灯泡正常发光，则电阻两端电压 因串联电路中各处的电流相等，则串联时通过灯泡的电流 则通过灯泡的电流等于灯泡的额定电流，故小灯泡能正常发光，故D错误。 故选 AC。 8．（2025·四川宜宾·一模）（多选）如图甲是通过小灯泡L的电流跟其两端电压关系的图像，现将小灯泡L与电阻R连入图乙所示电路中，只闭合S，小灯泡的实际功率为1.8W；再闭合S1，电流表示数为0.9A。下列结果正确的是（    ） A．电源电压为9V B．电阻R消耗的电功率为3.6W C．通过电阻R的电流为0.6A D．电阻R的阻值为20Ω 【答案】BC 【详解】A．由图乙可知，只闭合S，只有灯泡接入，此时小灯泡的实际功率为1.8W，由甲图可知，灯泡两端电压为，流过的电流为，此时灯泡的功率为 则电源电压为，故A错误； BC．再闭合S1，灯泡与R并联，电流表测干路电流，示数为0.9A，则 ，所以通过电阻R的电流为 电阻R消耗的电功率为，故BC正确； D．电阻R的阻值为，故D错误。 故选BC。 9．（2026·四川广元·二模）如图甲所示的电路，电源电压保持不变，为定值电阻，滑动变阻器。闭合开关S，移动滑片P，根据两电压表的示数与电流示数的变化关系绘制出图像，如图乙所示。则电源电压为______V；当滑片P在中点时，1min内产生的热量为______J。 【答案】 6 27 【详解】甲图中与串联，测电压，测电压。根据欧姆定律可知定值电阻的电压随电流增大而增大，则的电压随电流增大而减小，因此图乙中a是的U-I图像，b是的U-I图像。 当滑动变阻器接入电阻为0时，电路电流最大，由图乙可知最大电流，此时两端电压等于电源电压，因此电源电压。 的阻值为， 当电流最小时，接入最大电阻，此时电压，则最大阻值 滑片在中点时，接入阻值，总电阻 电路电流 根据焦耳定律，产生的热量 10．（2026·四川绵阳·一模）如图所示，电源电压可调，甲、乙为两只相同的电压表或电流表，其中电流表量程均为0~3A，灯泡L1和L2分别标有“5V　5W”和“10V　20W”的字样，灯丝电阻不变。闭合S1、S2时，两灯均发光，则甲、乙两表示数之比为_____，此时电路最大总功率为P1；同时更换两电表种类，调整开关的状态，在电路安全的情况下，电路最大总功率为P2；则____。 【答案】 2∶1 1∶1 【详解】[1]根据 可得， 的电阻，额定电流 的电阻，额定电流 由电路图可知，若甲、乙为电流表，闭合S1、S2时，则电源短路，两灯不发光，不符合题意。因此甲、乙均为电压表， 此时两灯串联，甲电压表测电源总电压，乙电压表测两端电压。 因，根据串联电路的分压规律，甲、乙两表示数之比为 [2]根据串联电路电流处处相等，最大电流不能超过最小用电器的额定电流，则，因灯丝电阻不变，总电阻 ，因此此时电路最大总功率为 更换电表后甲、乙均为电流表，在电路安全的情况下应调整开关为闭合、断开（避免短路），此时和并联；根据并联电路电压相等，最大电压不能超过最小用电器的额定电压，则，此时总电流 （符合电流表量程），因此电路最大总功率为 所以 11．（2026·四川自贡·一模）两盏不同型号的小灯泡L1、L2，并联接入某一电路时通过它们的电流比为2∶3，则两灯泡的电阻之比R1：R2___________，如果将灯L1、L2串联接入同一电路中，则两灯泡两端的电压之比U1：U2=___________。 【答案】 3:2 3:2 【详解】并联电路中各支路电压相等，由可得，两灯泡的电阻之比 串联电路中各处电流相等，由可得，两灯泡两端的电压之比 押题猜想十五 动态电路及范围计算 试题前瞻·能力先查 1.如图所示，电源电压恒定，灯泡L上标有“5V 2.5W”（灯丝电阻不变），滑动变阻器上标有“20 0.5A”的字样，电压表V的量程为0~3V。当只闭合开关S、且滑片P在B端时，电压表的示数为，则电源电压为___________。当只闭合开关、且滑片P在中点时，电流表的示数为0.4A，在确保电路安全的前提下继续向左移动滑片，定值电阻消耗的最大电功率为___________。 【答案】 6 【详解】[1][2]根据，可得 当只闭合开关、且滑片在端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测灯泡两端的电压，此时电路中的电流 滑动变阻器两端的电压 根据串联电路电压特点，电源电压 当只闭合开关、且滑片在中点时，定值电阻与滑动变阻器的一半阻值（）串联，此时电流表示数为。滑动变阻器两端的电压 则定值电阻两端的电压 定值电阻的阻值 当只闭合开关、时，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压。 因为滑动变阻器标有“”的字样，所以电路中的最大电流 定值电阻消耗的最大电功率 2.（多选）如图甲所示电路中，电源电压恒定，小灯泡的额定电压为，电流表的测量范围为，电压表的测量范围为。第一次只闭合开关、，滑片从端移到端；第二次只闭合开关、，保证电路中所有元件都安全的前提下，最大范围内移动滑片。图乙是这两次实验过程绘制的电压表与电流表示数的关系图像。下列判断正确的是（　　） A．定值电阻的阻值为 B．小灯泡的额定功率为 C．小灯泡正常发光时，滑动变阻器连入电路中的电阻为 D．只闭合开关、，电路的总功率最大时，小灯泡与滑动变阻器的功率之比为5∶3 【答案】BD 【详解】A．第一次只闭合开关S、S1时，R0与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；滑片P从a端移到b端，当滑片在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，电路中的电流最大，滑动变阻器两端的电压为0，电压表的示数为0，因此图乙中直线为R0与滑动变阻器串联时的图像； 滑片在b端时，滑动变阻器阻值为0，电路中只有R0，由图乙可知，电路中的电流，电源电压 滑片在a端时，滑动变阻器阻值最大，由图乙可知，电路中的电流，滑动变阻器两端的电压，电源电压 联立可得 解得，，故A错误； B．第二次只闭合S、S2时，小灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器电压，小灯泡电阻随温度变化，因此图乙中曲线为小灯泡L与滑动变阻器串联时的图像； 由图乙可知，为保持灯泡，电路中的最大电流为，此时小灯泡正常发光，则小灯泡的额定电压为 小灯泡的额定功率 故B正确； C．只闭合开关S、S2，小灯泡L与滑动变阻器串联，当电路中电流最大为时，滑动变阻器的阻值最小，此时小灯泡正常发光，此时滑动变阻器两端电压为 则滑动变阻器的最小阻值 故C错误； D．只闭合开关S、S2，小灯泡L与滑动变阻器串联，电源电压不变，电路中的电流最大时，电路的总功率最大，由图乙可知，电路中的最大电流，则灯与滑动变阻器的功率之比 故D正确。 故选BD。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理的难点内容，综合性较强。考查学生分析滑动变阻器滑片移动、开关通断引起的电路变化，以及在电表量程、用电器额定值、滑动变阻器最大阻值等约束条件下，求物理量（电流、电压、电阻、电功率）的取值范围或极值。解题关键在于先判断电路连接方式及电表测量对象，再根据变化原因运用串并联规律和欧姆定律进行动态分析，最后结合限制条件建立不等式组求解范围。 四川中考常将动态电路与生活情境、科技应用结合 应对策略： ① 动态分析定性判断：先定总阻变化方向，再推总流，最后用串分压或并分流推局部。注意“串反并同”规律（串联电路中，滑动变阻器阻值变化与它两端电压变化方向相反；与它串联的电流表、电压表变化方向相反？可自行总结为：变阻器阻值增大→其两端电压增大（串联分压），总电流减小，定值电阻两端电压减小）。更简洁：串联时，滑片远离下方接线柱（阻值增大）→电流减小→变阻器电压增大（若测它）→定值电阻电压减小。 ② 范围计算步骤： 明确电路连接，画出等效电路。 找出所有安全限制条件（电流表、电压表量程，灯泡额定电流、电压，滑动变阻器规格）。 分别计算每种限制下的临界阻值： • 电流限制 → 最大电流 → 最小总电阻 → 滑动变阻器最小阻值。 • 电压表限制（若测滑动变阻器） → 滑动变阻器最大电压 → 串联电流相同 → 可求滑动变阻器最大阻值（或最小阻值，视情况而定）。 • 若电压表测定值电阻 → 其最大电压对应最大电流 → 可求滑动变阻器最小阻值；其最小电压一般无下限（但若量程有下限需考虑，通常忽略）。 • 滑动变阻器本身最大阻值作为上限。 最后取所有限制得到的阻值范围的交集。 ③ 计算总功率范围：P总 = U总I总，I总范围已知即可；或P总 = U总²/R总，根据R总范围求。 ④ 注意若灯泡电阻随温度变化，则电阻不是定值，不能直接用铭牌算电阻，但计算范围时通常简化处理（题目会说“灯丝电阻不变”或“忽略温度对电阻的影响”）。 ⑤ 多开关电路：先分析每个开关状态下的等效电路，再分别按上述方法计算各自的范围（如有必要）。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川达州·模拟预测）在如图所示的电路中，电源电压和小灯泡的阻值均保持不变，电源电压U=6V，小灯泡R2标有（6V　3W）字样，电流表的量程为0﹣0.6A，电压表的量程为0﹣3V，滑动变阻器R3的最大阻值为20Ω，只闭合开关S1和S3时，电路消耗的功率为6W，下列说法正确的是（　　） A．R1阻值为8Ω B．闭合开关S1、S2和S3时，电路的总电阻为6Ω C．只闭合开关S1时，R3消耗的最大功率为1.5W D．只闭合开关S2时，R2消耗的最小功率为0.6W 【答案】C 【详解】A．只闭合S1、S3时，R3被短路，电路为只有R₁单独的简单电路。由得， 故A错误； B．闭合 S1、S2、S3时，R3被短路，R1与 R2并联。R2的电阻 根据两个电阻并联的总电阻公式总电阻，则R1与 R2并联的总电阻 故B错误； C．只闭合S1时，R1与R3串联。R3的电功率 由上式可知，当时，最大。根据分压关系，它们平分总电压，即每个电阻两端的电压都是3V。此时电压表测R3的电压，量程0-3V，电压没有超过最大测量值。此时电路电流 这个电流也没超过电流表的 0.6A 量程。根据， R3的功率最大值 故C正确； D．只闭合S2时，R2与R3串联，总电压 电压表测R3电压，当电压表示数最大3V时，两端电压最小，根据可知，此时R2的功率最小。R2两端电压 R2最小功率 故D错误。 故选C。 2．（2025·四川达州·模拟预测）如图所示的电路，电源电压恒定不变，，，滑动变阻器标有“100Ω2A”字样，电压表量程为0~15V，电流表量程为0~3A。当滑动变阻器滑片移到最左端，开关接通触点1时，电流表的示数为0.8A；当开关接通触点2，为保障电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值为；开关任意接不同触点，在保障电路安全的情况下，当改变滑片位置、电路工作的最大电流和最小电流分别为和。下列计算正确的是（   ） A． B．的范围为 C． D．电路工作的最小功率 【答案】C 【详解】A．当滑片移到最左端，滑动变阻器接入电阻为，开关S接1时，电路只有，根据欧姆定律，故A错误； B．S接2时，，电压表量程为，即最大电压为，此时的电压 电路电流 滑动变阻器最大接入电阻 因此范围是，故B错误； C．总电阻最小时电流最大，当接入电阻为、S接2时总电阻最小，最大电流 总电阻最大时电流最小，当电压表示数达到最大值、S接1时总电阻最大，的电压 最小电流 故C正确； D．电路最小功率，故D错误。 故选C。 3．（2026·四川南充·一模）每年进入汛期，多地会发生强降雨，导致河流水位上涨.某校科技小组设计了一个监测水位的装置如图甲所示，电路中电源电压保持不变，R0为定值电阻，R滑是竖直放置，起滑动变阻器作用（最大阻值40Ω），浮子可带动金属滑杆AP即滑动变阻器滑片竖直上下移动，当电流表的示数达到某一数值时装置会提醒小组成员水位达到警戒值（25cm）.R滑接入电路的阻值R随水位的变化关系如图乙所示，与之对应的电压表与电流表示数变化关系如图丙所示。下列说法正确的是（　　） A．当水位升高时，电压表的示数减小 B．当水位达到警戒水位时，电压表的示数为3V C．当水位达到警戒水位时，电路工作时的总功率为0.6W D．水位变化过程中，滑动变阻器功率最大时水位为20cm 【答案】D 【详解】A．闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测R0两端的电压，电流表测通过电路的电流，由图甲可知当水位升高时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，滑动变阻器分得的电压变小，根据串联分压原理可得，可知电压表示数变大，故A错误； BC．当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为定值电阻的简单电路，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，由丙图可知通过电路的最大电流为0.3A，电压表示数即为电源电压，此时 串联电路总电阻等于各部分电阻之和，接入电路的阻值随水位的变化关系如图乙，由乙图可知 两式联立可得：，，则 当水位达到警戒水位25cm时，滑动变阻器接入电路的电阻为 电路的总电阻为 根据欧姆定律可得通过电路的电流 串联电路的电流相等，电压表示数就为 电路工作时的总功率为 故BC错误； D．水位变化过程中，滑动变阻器最大功率 当时，滑动变阻器的功率最大，接入电路的阻值随水位的变化关系 当，代入数据 解得，故D正确。 故选D。 4．（2025·四川广安·模拟预测）如图甲所示电路，电源电压保持不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。闭合开关S，当滑动变阻器R2的滑片P从最右端滑到最左端的过程中，R1、R2的I-U关系图像如图乙所示。则下列判断正确的是（　　） A．图线A是R2的I-U关系图像 B．电源电压为16V C．R1的阻值是10Ω D．R2的最大阻值为50Ω 【答案】A 【详解】A．是定值电阻，其I−U图像应为递增的直线（电压随电流增大而增大）；是滑动变阻器，串联时电压随电流增大而减小，故图线B是的I−U图像，图线A是的I−U图像，故A正确； B．当滑片在最左端时，电阻为0，电路仅工作，电流最大（I=0.9A）。由的I−U图像（图线B），此时的电压为18V，即电源电压为18V，并非16V，故B错误； C．是定值电阻，由图线B（的I−U图像），取电流I=0.8A、电压U=16V 根据欧姆定律 故C错误； D．当滑片在最右端时，电阻最大，电流最小（I=0.2A）。 此时的电压 的电压 则 故D错误。 故选A。 5．（2025·四川成都·模拟预测）（多选）如图所示，电源电压U保持不变，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。当闭合S1，断开S2、S3时，将滑片置于最上端，电流表的示数为I1，定值电阻R1的电功率为P1，滑动变阻器的电功率为P；当闭合S1、S2、S3时，将滑片置于最下端，此时电流表的示数为I2，R1的电功率为，R3的电功率为P2；当闭合S3，断开S1、S2时，将滑片置于最下端，此时电路中的电流为0.1A，R3的电功率为。已知，，。下列结果正确的是（   ） A． B． C． D． 【答案】CD 【分析】分析各个状态下的电路，表示出相应的物理量，然后由P求出I1，再根据功率比以及I1的欧姆定律表达式求出U和R1,接下来电流之比以及I2的欧姆定律表达式求出R3,最后求出P2与之比。 【详解】如图，当闭合S1，断开S2、S3时，R1与R4串联。将滑片置于最上端，。由可得电流表的示数为① 由欧姆定律可得② 定值电阻R1的电功率为③ 当闭合S1、S2、S3时，将滑片置于最下端，R4的阻值为0，R1、R2、R3并联，电流表测量R1、R3的电流。由欧姆定律及并联电路中电流的规律知，此时电流表的示数为④ 定值电阻R1的电功率为⑤ R3的电功率为⑥ 当闭合S3，断开S1、S2时，将滑片置于最下端，R4的阻值为0，R1、R2、R3串联，电压表测量R3两端电压。由欧姆定律知，电路中的电流为⑦ R3的电功率为⑧ 联立及①②⑤，代入数据可得，。 联立及④，代入数据可得。 由⑥⑧可得，故AB错误，CD正确。 故选CD。 6．（2025·四川成都·模拟预测）（多选）如图所示，电源电压为12V保持不变，电流表A（0~3A），电流表A1（0~0.6A），电压表V（0~15V），滑动变阻器的最大阻值为R3。当只闭合开关S，滑片P在最左端时，电压表示数为U1，再将开关S1接a，滑片P移至最右端，电压表示数变为U2；当闭合开关S、S2，并将开关S1接b，滑片P仍在最右端时，R3消耗的电功率为P3，电流表A与A1示数之差为1.2A。已知U1:U2=3:8，P3=2.4W。下列结论中正确的是（　　） A．R2的阻值为30Ω B．只闭合开关S时，整个电路消耗的最小总功率为1.4W C．当闭合开关S、S2，并将开关S1接b时，移动滑片P能使电流表A的示数达到3A D．当只闭合开关S，并将开关S1接a，滑片P移至最右端与在正中间时，电压表示数之比为4∶3 【答案】AD 【详解】当只闭合开关S，滑片 P在最左端时，等效电路图如图1所示；再将开关S1接a，滑片P移至最右端，等效电路图如图2所示；当闭合开关S、S2，并将开关S1接b，滑片P仍在最右端时，等效电路图如图3所示。 A．在图3中，R1、R2、R3并联，滑片P在最右端，电流表A测干路电流，电流表A1测R2、R3两支路的总电流。由并联电路电压规律和可得，滑动变阻器的最大阻值 由并联电路的电流规律可知1.2A 由可得，R1的阻值 在图1中，R1、R2串联，电压表测R1两端的电压，由串联电路电压特点和欧姆定律可得，电压表示数① 在图2中， R2、R3串联，滑片P在最右端，电压表测R3两端的电压，所以电压表示数② 由①②两式，结合 联立解得，故A正确； B．只闭合开关S时，R1、R2、R3串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1、R3两端的总电压，当R3接入电路的阻值最大时，电路的总电阻最大，由知，此时电路的最小总功率P最小=，故B错误； C．由图 3可知，根据并联电路电流特点和欧姆定律可得，电流表A的示数达到3A，则 所以 超过了电流表A1的量程，所以移动滑片P不能使电流表A的示数达到3A，故C错误； D．只闭合开关 S，并将开关S1接a时，R2、R3串联，电压表测R3两端的电压，由串联电路特点和欧姆定律可得，滑片P在最右端时，电压表示数 滑片P在正中间时，电压表示数 电压表示数之比，故D正确。 故选AD。 7．（2025·四川成都·模拟预测）（多选）如图所示，电源电压恒定，、是定值电阻，当开关、都闭合，滑片P位于A端时，电路消耗的总功率为3W；只闭合开关，滑片P位于的中点时，电压表示数为4V，电流表示数为，滑动变阻器消耗的功率为；只闭合开关，滑片P位于B端时，电压表示数为2V，电流表示数为，滑动变阻器消耗的功率为。已知，各元器件均在安全工作范围内，下列计算结果正确的是（    ） A．电源电压为6V B．定值电阻的阻值为36Ω C．电路消耗的最小功率为0.5W D． 【答案】AC 【分析】分析三种开关与滑片组合对应的电路结构，明确并联、串联的连接方式；再利用滑动变阻器的功率比，结合串联电路的电流、电压规律，推导出电流关系与电阻关系；最后联立并联电路的总功率方程，求出电源电压、定值电阻阻值，再计算电路最小功率。 【详解】A．只闭合开关，滑动变阻器R与串联，电压表测两端电压，示数为4V，根据串联电路的分压原理，可得滑动变阻器两端电压为 滑片P位于的中点时，电阻为，此时电路电流为 滑动变阻器消耗的功率......① 只闭合开关，滑动变阻器R与串联，电压表测两端电压，示数为2V，根据串联电路的分压原理，可得滑动变阻器两端电压为 滑片P位于B端时，电阻为R，此时电路电流为 滑动变阻器消耗的功率......② 联立①②式和，解得，故A正确； BD．，所以 可得，所以，解得；当开关、都闭合，滑片P位于A端时，电路中、并联，电路消耗的总功率为3W，由，可得、消耗的功率之比 所以，则 则，故BD错误； C．当只闭合开关，滑片P位于的中点时，电压表示数为4V，则滑动变阻器两端的电压 根据串联电路的分压原理， 解得。根据可知，当只闭合开关，滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电路消耗的电功率最小，则电路的最小电功率 故C正确。 故选AC。 8．（2025·四川成都·二模）（多选）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电流表的量程为，电压表的量程为，电压表的量程为，小灯泡L标有“，”字样，灯泡的电阻不变。当闭合开关、、且的滑片在最左端时，灯泡正常发光，电流表的示数为；当闭合开关、，断开，将的滑片置于距左端处，的滑片在最右端时，电压表的示数为；当闭合开关，断开、，在电路安全的前提下移动的滑片，当的滑片在距左端处时，电压表的示数为：已知。在电路安全的条件下，下列说法正确的是（    ） A．的最大阻值为 B．当闭合开关，断开、，功率最大值为0.375W C．当闭合开关，断开、，接入电路的阻值范围为 D．通过开关的断开、闭合和移动滑片，电路总功率最大值为4.5W 【答案】BD 【详解】A．当闭合开关S1、S2、S3且R2的滑片在最左端时，电阻R1和灯泡并联，电阻R2的电阻为0，电流表测量干路电流，因为灯泡正常发光，所以电阻R1两端的电压和电源电压均为6V，通过灯泡的电流 由并联电路的电流规律可得通过电阻R1的电流I1=I-IL=0.75A-0.5A=0.25A 由欧姆定律公式可得电阻R1的电阻 故A错误； B．当闭合开关S1、S2，断开S3，将R2的滑片置于距左端处，R2的滑片在最右端时，此时R1和的R2串联接入电路，根据欧姆定律可得电路中电流 则滑动变阻器R2两端的电压 当闭合开关S3，断开S1、S2，在电路安全的前提下移动R2的滑片，当R2的滑片在距左端处时，灯泡L和的R2串联接入电路，同理可得通过电路中的电流 此时滑动变阻器R2两端的电压 因为，则 解得R2=36Ω 当闭合开关S2，断开S1、S3，此时R1和R2串联接入电路，若R2处于阻值最大处，由欧姆定律可得电路中的电流 此时电阻R2两端的电压U2右=I小R2=0.1A×36Ω=3.6V 其电压超过电压表的量程，所以其两端电压最大为3V，则此时电路中的最小电流 当R2的滑片移至最左端时，电路中的最大电流 所以电路中的电流范围为0.125A~0.25A，根据电功率公式可得电阻R2消耗的电功率P2=U′2I2=(U-U′1)I′2=(6V-24Ω×I′2) I′2 当I′2=0.125A时，电阻R2有最大功率且最大功率P大=U2I2=3V×0.125A=0.375W 故B正确； C．当闭合开关S3，断开开关S1、S2，此时灯泡L和电阻R2串联接入电路，灯泡安全，当电阻R2的滑片向右移动时，电阻R2两端的电压逐渐变大，而电压表V2的量程为0~3V，当电压表达到最大值时，灯泡两端的电压为3V，根据欧姆定律可得通过灯泡的电流 则根据欧姆定律可得R2的最大电阻 所以此时电阻R2接入电路的阻值范围为0~12Ω，故C错误； D．由公式可知，电路中的阻值越小，电路消耗的电功率越大，则当开关均闭合时，将电阻R2的滑片移到最左端时，此时灯泡正常发光，整个电路中的总电阻最小，所以电路的最大功率 故D正确。 故选BD。 9．（2026·四川宜宾·二模）小明用光敏电阻设计了一种“智能家居照明灯”，其电路如图甲所示。其中为光敏电阻，为滑动变阻器，电源电压恒定，电磁继电器线圈的电阻不计。该照明灯能实现在天暗时自动点亮，天亮时自动熄灭。要实现小明的设计目的，光敏电阻的阻值应随光照强度的增大而减小。闭合开关后，保持滑片的位置不变，光照强度变化时，电流表示数与电压表示数的关系如图乙所示，则电源电压为___________，滑动变阻器接入电路的阻值为___________。 【答案】 12 10 【详解】由图甲可知控制电路中，线圈、滑动变阻器与光敏电阻串联，电压表测量两端的电压，电流表测量电路中的电流。在串联电路中，电源两端的电压等于各用电器两端电压之和，电磁继电器线圈的电阻不计，由图乙可知，当电路中的电流为1A时，两端的电压为2V，电源两端的电压 当电路中的电流为0.8A时，两端的电压为4V，电源两端的电压 因为电源电压不变，所以 解得，，即电源电压为12V，滑动变阻器接入电路中的阻值为。 10．（2026·四川内江·一模）如图甲电路，电源电压保持不变，小灯泡L标有“4V 0.5A”字样，电流表量程0~0.6A，电压表量程0~3V，滑动变阻器的最大阻值。只闭合开关S、，调节滑动变阻器滑片P，得到电流表与电压表示数关系如图乙所示，则电源电压为___________V；若只闭合开关S和，移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L的图像如图丙所示。在保证各元件安全工作的情况下，滑动变阻器R允许的取值范围为___________。 【答案】 5 2~7.5 【详解】[1]只闭合开关S、S1，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压。当时，，则电源电压--① 当时，，则电源电压--② 联立①②解得：，，即电源电压为。 [2]只闭合开关S、S2时，与小灯泡串联，电压表测两端电压，电流表测电路电流。小灯泡额定电流为，电流表量程0~0.6A，因此电路最大安全电流。此时小灯泡正常发光，，滑动变阻器两端电压 滑动变阻器最小阻值 电压表量程，因此滑动变阻器最大安全电压，此时小灯泡两端电压 结合图丙得，此时电路电流，滑动变阻器最大阻值 因此允许的取值范围为。 11．（2026·四川广元·二模）如图所示，电源电压恒为18V，，滑动变阻器的规格为“150Ω，2A”，电流表的测量范围为“0~0.6A”，小灯泡上标有“6V，3W”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响。当开关S闭合，S1、S2断开，小灯泡L正常发光，则通电1min电流通过滑动变阻器产生的热量为________J。当开关S闭合，S1和S2自行组合及滑动变阻器的滑片自由移动的情况下，整个电路工作时能达到的最小功率是________W。 【答案】 360/ 2 【详解】当开关S闭合，S1、S2断开，灯泡L与变阻器R串联，因为此时小灯泡正常发光，所以，，由可得，串联电路中的电流 由串联电路的电压特点可得变阻器两端的电压为 则通电1min电流通过滑动变阻器产生的热量为 因为不考虑温度对灯丝电阻的影响，所以小灯泡的电阻为 结合可知电源电压一定时，电路中总电阻最大，电功率最小，则当S闭合时，灯泡L与变阻器R串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路消耗的总功率最小，此时总电阻为 电路消耗的总功率最小值 12．（2024·四川德阳·模拟预测）如图甲是定值电阻R1和标有“8V 8W”灯泡L的I—U关系图像。电路如图乙所示，电源电压恒定不变，滑动变阻器的最大阻值为12Ω。当开关S、S2闭合，开关S1断开，将滑动变阻器的滑片P滑到b端时，电流表的示数为0.5A。则电源电压是______V，当同时闭合开关S、S1、S2，电路消耗的最大功率______W。 【答案】 8 14.4 【详解】[1]当开关S、S2闭合，开关S1断开，将滑动变阻器R2的滑片P滑到b端时，滑动变阻器的阻值最大，电流表的示数为0.5A，灯泡与整个滑动变阻器串联，由图像可知，灯泡两端的电压为2V，滑动变阻器两端电压 电源电压 U=U1+U2=2V+6V=8V[2]由可知，电路中电阻越小，电路中的功率越大，同时闭合开关S、S1、S2，将滑动变阻器R2的滑片P滑到a端时，灯泡与R1并联，电路中电阻最小，由图甲可知，R1两端电压为6V时，通过的电流为0.6A，则R1的阻值 由于灯泡标有“8V 8W”，灯泡两端电压为8V时，灯泡的功率为8W，则R1消耗的功率 电路消耗的最大功率 P=P1+PL=6.4W+8W=14.4W 押题猜想十六 家庭电路与安全用电 试题前瞻·能力先查 1. 如图所示的家庭电路，闭合开关S后，灯泡L不亮。下列分析正确的是（　　） A．开关S短路 B．若测电笔检测a点时氖管发光，则该电路的故障是开关S接触不良 C．若测电笔检测a、b处氖管均发光，c处氖管不发光，则该电路的故障是bc间断路 D．排除故障后闭合开关S，灯泡发光，用测电笔检测c点时氖管发光 【答案】C 【详解】A．如果开关S短路，电流会不经过开关直接流向灯泡，灯泡会一直发光，而不是不亮，故A错误； B．测电笔检测a点发光，说明a点与相线（火线）是连通的，即相线、开关S、a点是通的。若开关S接触不良，a点就无法与相线连通，测电笔在a点不会发光，故B错误； C．a点发光说明a、开关S、相线是通的；b点发光说明b点通过灯泡L与a点连通，间接与相线连通；c点不发光说明c点与中性线（零线）的通路正常，而b到c之间断开，导致电流无法回到零线，灯泡不亮，故C正确； D．灯泡正常发光时，c点接在中性线（零线）上，零线与大地之间电压为0，测电笔检测零线时氖管不发光，故D错误。 故选C。 2．图是某吹风机简化接线图与它的三脚插头，A端与三脚插头中的_______对应相连；C端与三脚插头中的_______对应相连。（均选填“①”“②”或“③”） 【答案】 ① ② 【详解】三脚插头的接线遵循左零右火上接地的原则，标有①的插脚是接地脚，它需要与用电器的金属外壳相连，目的是在用电器漏电时，将电流导入大地，保障安全，因此图中连接金属外壳的端应与①对应相连。 标有②的插脚是火线插脚，火线需要先经过开关再接入用电器，因此图中带开关的端应与②相连。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容。考查学生对家庭电路的组成、各元件的作用与连接方式、保险丝与空气开关的选择、插座与用电器的连接规则、安全用电原则及常见电路故障的判断。解题关键在于熟记“火线零线地线”的区分，掌握测电笔的使用方法，理解短路与过载的区别，并能根据现象推断故障类型。 应对策略： ① 作图题：开关必须接在火线与灯泡之间；灯泡螺旋套接零线；三孔插座“左零右火上接地”；电能表接在总开关之前。 ② 故障分析： 若所有用电器都不工作，且保险丝熔断→短路或过载（若刚开启大功率电器后发生→过载；若新插入插头瞬间发生→短路）。 若某一用电器不工作，其他正常→该支路断路（如灯丝断、开关坏）。 若漏电保护器跳闸→有漏电现象（火线对地漏电）。 ③ 保险丝选择：保险丝的额定电流应略大于家庭电路最大正常工作电流（I = P总/U）。 ④ 安全用电判断：看见“用湿布擦灯”“用手拉触电者”“电线直接插入插座”“铜丝代替保险丝”→错误；“切断电源后救火”“金属外壳接地”“断开开关换灯泡”→正确。 ⑤ 计算题：已知用电器功率求电流，判断保险丝规格；或根据电能表参数（如“10(20)A”）判断家庭电路允许的最大总功率。。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广安·一模）下列做法不符合安全用电原则的是（    ） A．连接家庭电路时，开关接在相线和用电器之间 B．更换用电器或检修电路时，需断开电源开关 C．若家用电器着火，应先切断电源，再用灭火器灭火 D．使用测电笔时，手需接触笔尖金属体 【答案】D 【详解】A．连接家庭电路时，为了能断开开关时断开火线，开关接在相线和用电器之间，故A不符合题意； B．更换用电器或检修电路时，应断开开关，防止直接与火线接触发生触电事故，故B不符合题意； C．灭火器里的物质可能导电，若家用电器着火，应先切断电源，再用灭火器灭火，防止产生短路，甚至出现触电事故，故C不符合题意； D．使用试电笔时，手指要按住笔尾金属体，如果接触的是火线，则氖管可以发光，但不要接触笔尖，防止触电，故D符合题意。 故选D。 2．（2026·四川广元·二模）如图所示是齐齐家的部分配电系统图，下列说法正确的是（    ） A．如图所示的电能表的读数为20264 kW·h B．家庭电路中老化的电源线只要不破损，就可以一直使用下去 C．若空气开关跳闸，一定是家庭电路中用电器总功率过大造成的 D．将其他用电器全部关闭，仅将一台空调打开工作36 s，发现电能表的脉冲指示灯闪烁了54次，则该空调的电功率为1500 W 【答案】D 【详解】A．电能表的最后一位是小数位，单位是，因此图中电能表读数应为，故A错误。 B．老化的电源线即使不破损，绝缘性能也会下降，易引发漏电，同时导线电阻变大，发热严重易引发火灾，必须定期更换，不能长期使用，故B错误。 C．空气开关跳闸的原因是电路电流过大，有两种可能：用电器总功率过大，或电路发生短路，故C错误。 D．电能表参数表示：每消耗的电能，脉冲指示灯闪烁3600次。 闪烁54次时，空调消耗的电能 已知工作时间 空调功率为 故D正确。 故选 D。 3．（2026·四川内江·二模）关于家庭电路，下列做法符合安全用电的是（　　） A．用湿手拔插头 B．把多个用电器插在同一个插板上 C．电冰箱金属外壳接地 D．在电线下钓鱼 【答案】C 【详解】A．生活用水是导体，用湿手拔插头容易发生触电事故，故A不符合题意； B．多个用电器插在同一个插板上，容易造成电路总功率过大，易引发火灾，故B不符合题意； C．金属外壳用电器接地后，若外壳漏电，电流会通过地线导入大地，可避免人体触电，故C符合题意； D．在电线下钓鱼，鱼竿（碳素材料）或湿鱼线容易导电，引发高压触电，故D不符合题意。 故选C。 4．（2026·四川成都·二模）晓理同学在家做饭时，涉及多种用电操作。下列关于厨房安全用电的说法不正确的是（　　） A．用湿手将正在工作的炖锅插头从插座拔出 B．电饭锅、电冰箱等电器的金属外壳需接地 C．触碰电水壶外壳感觉发麻，立即切断电源 D．将电磁炉、电烤箱分别插在不同的插座上 【答案】A 【详解】A．湿手含有水分，水是导体，用湿手将正在工作的炖锅插头从插座拔出时容易发生触电事故，故A错误； B．电饭锅、电冰箱等电器的金属外壳接地后，若电器漏电，金属外壳带的电会通过地线导入大地，可防止人体触电，故B正确； C．触碰电水壶外壳感觉发麻，说明电水壶漏电，立即切断电源能避免触电风险，故C正确； D．电磁炉、电烤箱属于大功率用电器，根据，总功率过大时电路中的电流会过大，将它们分别插在不同插座上，可避免同一支路电流过大引发安全隐患，故D正确。 本题要求选择不正确选项，故选 A。 5．（2026·四川宜宾·一模）到达高速服务区后，小明爸爸使用充电桩为汽车充电。下列关于充电桩及其使用，符合安全用电原则的是（　　） A．充电插头的绝缘层破损后仍继续使用 B．用湿抹布擦拭充电插口 C．工作电流越大的充电桩，所用电缆应越粗 D．充电桩发生火灾时，可以直接用水扑灭 【答案】C 【详解】A．充电插头的绝缘层破损后不能继续使用，否则有可能发生触电事故，故A不符合题意； B．生活中的水是导体，用湿抹布擦拭充电插口有可能发生触电事故，故B不符合题意； C．根据，工作电流越大的充电桩产生的热量越大，因此要用电阻较小的电缆，为了减小电阻所用的电缆则应该越粗，故C符合题意； D．充电桩发生火灾时，应先切断电源，再用二氧化碳灭火器灭火，故D不符合题意。 故选 C。 6．（2025·四川成都·模拟预测）如图所示是一种多插孔接线板，正常使用时按下插座控制开关S，其对应指示灯D发光。若用验电笔金属探头接触某一插孔时，验电笔氖管发光，可以判断这个插孔是（　　） A．接地孔A B．火线孔B C．零线孔C D．任意一孔均可以 【答案】B 【详解】验电笔是用来辨别火线和零线的工具。使用验电笔时，笔尖金属体应插入三孔插座的火线孔或两孔插座的右孔（面对插座一般遵循“左零右火”的规则），同时手必须接触笔尾金属体，这时验电笔氖管发光，所以验电笔氖管发光，这个插孔是火线孔B。 故选B。 7．（2025·四川宜宾·模拟预测）（多选） “珍爱生命、注意安全”是同学们日常生活中必须具有的意识，下列有关安全的说法，正确的是（　　） A．如果发生触电事故，应立即切断电源，然后施救 B．雷雨天，人不能在高处打伞行走，否则可能会被雷击中 C．使用验电笔时，手必须接触笔尾金属部分 D．经验证明，只有36V的电压对人体才是安全的 【答案】ABC 【详解】A．如果发生触电事故，首要任务是立即切断电源，以避免触电者继续受到电流的伤害，切断电源后，再进行施救，以确保施救者的安全，故A正确； B．雷雨天，雷电容易击中地面上尖端的突起物体，因此在雷雨天，人不能在高处打伞行走，否则可能会被雷击中，造成危险，故B正确； C．使用验电笔时，手必须接触笔尾金属部分，这样验电笔才能正常工作，检测出电路是否带电；如果手不接触笔尾金属部分，验电笔无法正常工作，故C正确； D．一般情况下，不超过36V的电压都是安全电压，故D错误。 故选ABC。 8．（2024·四川内江·三模）（多选）如图所示，下列有关安全用电的知识，说法不正确的是（　　） A．漏电保护器可以对人身触电、导线漏电、插座接错线、用电器短路等故障起保护作用 B．人站在大地上，一只手触摸到了火线，也会触电。当有人触电时应先用手直接拉开触电者，避免触电时间过长危及生命 C．人站在绝缘的物体上，双手同时触摸相线和中性线，人会触电 D．三脚插头的三个脚中接地线的脚比其它两个脚要长一些，其目的是插插头时使家用电器的金属外壳先接地线，拔插头时能使金属外壳后离开地线，避免触电 【答案】AB 【详解】A．由漏电保护器在电路中的作用可知，漏电保护器可以对人身触电、导线漏电等故障起保护作用，对插座接错线、用电器短路等故障不起保护作用，故A错误，符合题意； B．人站在大地上，一只手触摸到了火线，此时人体构成了通路，故会触电；当有人触电时若用手直接拉开触电者，施救者也会触电，故B错误，符合题意； C．人站在绝缘的物体上，双手同时触摸相线和中性线，此时人体构成了通路，故会触电，故C正确，不符合题意； D．地线插脚更长是为了保证在插电源插头时最先接触地线，拔插头时最后离开地线，从而更好的起到地线保护作用。故D正确，不符合题意。 故选AB。 押题猜想十七 电磁现象辨析 试题前瞻·能力先查 【科技兴农】科技兴农已成为发展农业的战略措施，图示为某农业智慧城蔬菜大棚温控系统。工作电路中，电加热器额定功率为2kW，控制电路中，R为热敏电阻，其阻值与温度的变化关系如图乙所示，为滑动变阻器，继电器线圈电阻可忽略，当控制电路中的电流达到0.2A时，衔铁被吸合，当控制电路中的电流减小到0.15A时，衔铁被释放。通电后继电器线圈上端为_________极；要提高大棚内的设置温度，应将变阻器的滑片向_________（选填“a”或“b”）端移动；当接入电路的电阻为时，大棚内设置的最高温度为10℃。若要将大棚内的最高温度设置为25℃，接入电路的阻值应为_________。 【答案】 N a 【详解】电流从继电器上端流入，从继电器下端流出，由右手螺旋定则可知，继电器线圈上端为N极，下端为S极。由题图乙可知，随着温度升高，热敏电阻R的阻值减小；提高大棚的设置温度，则热敏电阻的阻值减小，而衔铁被吸合时控制电路中的电流不变，即控制电路中的总电阻不变，热敏电阻R减小，则应增大滑动变阻器接入电路的阻值，即将滑动变阻器的滑片向a端移动。由图乙可知，温度为10℃时，热敏电阻的阻值 由欧姆定律可知，电源电压 大棚内温度为25℃时，热敏电阻的阻值 由欧姆定律可得 解得 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容。考查学生对磁体与磁场的基本认识、电流的磁效应（奥斯特实验）、通电螺线管的磁场与安培定则、电磁铁的应用、磁场对通电导体的作用（电动机）、电磁感应现象（发电机）以及二者的区分。解题关键在于明确“电生磁”与“磁生电”的逆向关系，熟记安培定则（右手螺旋定则）判断磁极或电流方向，并能根据能量转化辨别电动机与发电机。 应对策略： ① 安培定则应用：右手握螺线管，四指电流方向，拇指N极。若已知电流方向或电源正负极可画螺线管绕线，反之已知磁极判断电源正负极。 ② 电磁铁：同条件下，电流越大、匝数越多、有铁芯则磁性越强。电磁铁的极性也可以通过改变电流方向来改变。 ③ 判断电动机还是发电机：若装置连接电源，通电后运动→电动机；若装置外接灵敏电流计，无电源，运动时指针偏转→发电机。 ④ 感应电流大小：与切割速度、磁场强度、导体有效长度、线圈匝数有关（速度越快、磁场越强、导体越长、匝数越多，感应电流越大）。 ⑤ 电磁波：在真空中传播速度不变，频率越高波长越短；电磁波可以传递信息和能量；微波炉利用微波使水分子振荡发热；WiFi、蓝牙利用无线电波。 ⑥ 作图题常见：螺线管磁极方向或绕线；在磁体周围画磁感线（从N到S）；标出小磁针N极指向。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广元·二模）如图所示的四幅图中，用来研究电动机工作原理的实验装置是（   ） A． B． C． D． 【答案】B 【详解】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用发生转动，实验装置的核心特点是电路中接有电源。 A．电路中接灵敏电流计，没有电源，是研究电磁感应现象的实验，揭示发电机的工作原理，故A不符合题意； B．电路中有电源，研究通电导体在磁场中受力运动，符合电动机的工作原理，故B符合题意； C．探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数关系的实验，故C不符合题意； D．奥斯特实验，证明通电导体周围存在磁场（电流的磁效应），故D不符合题意。 故选B。 2．（2026·四川广元·二模）对于如图所示的实验装置，下列说法正确的是（    ） A．图中蹄形磁体两极的磁性最弱，且它的周围存在的磁感线分布与地磁场的磁感线分布相似 B．科学家根据该实验装置探究得到的结论制造出了电动机 C．该实验装置可以用来探究感应电流产生的条件 D．导体ab固定不动，将蹄形磁体水平向左拉动时，灵敏电流计的指针不会发生偏转 【答案】C 【详解】该装置由导体棒、蹄形磁体、灵敏电流计组成，没有电源，是探究电磁感应现象（感应电流产生条件）的实验装置，逐一分析选项： A．磁体的两极磁性最强，中间磁性最弱；且地磁场磁感线分布与条形磁体相似，和蹄形磁体磁感线分布不同，故A错误。 B．该装置的原理是电磁感应，是发电机的制作原理；电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，实验需要电源，故B错误。 C．该装置可以通过改变导体的运动状态，观察灵敏电流计是否偏转，用来探究感应电流的产生条件，故C正确。 D．导体固定不动，水平向左拉动蹄形磁体时，相对于磁体做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计指针会偏转，故D错误。 故选C。 3．（2026·四川广元·二模）医院的病房、楼道和厕所都安装了烟雾报警器。当发生火灾、有患者或患者家属抽烟时，报警器就会发出报警声音。某医院安装的烟雾报警器，它由“控制电路”和“工作电路”组成，电路图如图所示。其中“控制电路”由光敏电阻R、电磁铁（线圈阻值不变）、电源（电压保持不变）、开关、导线等组成；“工作电路”由蓄电池、扬声器、指示灯、导线等组成。已知光敏电阻阻值随光照强度的减弱而增大。烟雾报警器的工作原理：闭合开关S，“控制电路”和“工作电路”均接通且正常工作，此时光敏电阻接收到的光照强度正常，扬声器不发声，指示灯发光；当光敏电阻接收到的光照强度减弱到一定程度时，指示灯熄灭，扬声器发出报警声。下列说法正确的是（    ） A．闭合开关S，电磁铁的上端为N极 B．根据报警器的工作原理判断，B处应接指示灯 C．要提高报警器的灵敏度，可适当增大电源电压 D．当光照强度减弱时，电磁铁消耗的电功率变大 【答案】B 【详解】A．电流从电磁铁下端流入，上端流出，根据安培定则，电磁铁下端为N极，上端为S极，故A不符合题意； B．光照正常（无烟雾报警）时：光照强，光敏电阻阻值小，控制电路电流大，电磁铁磁性强，吸下衔铁，接通下方B所在电路，此时要求指示灯发光，扬声器不工作，因此B处应为指示灯，故B符合题意； C．报警器灵敏度：指烟雾浓度更低（光照仅微弱减弱，R仅增大一点点）就能触发报警。触发报警要求电流降到电磁铁磁性不足以吸住衔铁。根据，增大电源电压后，需要R更大（烟雾更浓，光照更弱）才能让电流降到电磁铁磁性不足以吸住衔铁，反而降低了灵敏度，故C不符合题意； D．光照减弱时，R增大，控制电路总电阻增大，电源电压不变，因此控制电路电流减小；电磁铁功率，线圈电阻不变，电流减小则功率变小，故D不符合题意； 故选B。 4．（2026·四川绵阳·一模）如图所示是某同学自制的简易电磁锁原理图。闭合开关S，滑片P向左移动，使静止在水平桌面上的条形磁体滑动，打开门锁。下列说法正确的是（　　） A．通电后电磁铁a端为S极 B．条形磁体在滑动过程中受到向左的摩擦力 C．滑片向左移动的过程中电磁铁的磁性增强 D．若此时断开开关S，电磁铁与条形磁铁间没有力的作用 【答案】C 【详解】A．由图可知，电流从电磁铁的b端流入、a端流出，根据安培定则，电磁铁a端为N极，故A错误； B．电磁铁b端为S极，靠近条形磁铁N极，异名磁极相互吸引，在吸引力的作用下，条形磁体向左滑动以打开门锁，而摩擦力的方向总是与物体相对运动的方向相反，因此摩擦力方向向右，故B错误； C．滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流变大。电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，电流越大，磁性越强，故C正确； D．断开开关后，电磁铁失去磁性，但条形磁体仍然存在，电磁铁的铁芯会被条形磁体磁化，两者之间仍会存在吸引力，故D错误。 故选C。 5．（2026·四川成都·二模）“探究通电螺线管外部磁场的方向”实验中，在硬纸板上均匀地撒铁屑。闭合开关，轻敲板面，铁屑就会有序地排列起来，小磁针的北极指向通电螺线管左端，如图所示。下列说法正确的是（　　） A．通电螺线管的右端为N极 B．铁屑直接显示出磁感线的真实分布 C．滑片向左移，通电螺线管磁性增强 D．只调换电源正负极，螺线管磁场方向不变 【答案】A 【详解】A．小磁针的北极指向通电螺线管左端，根据异名磁极相互吸引，螺线管的左端为S极，右端为N极。故A正确； B．铁屑的排列可以模拟磁感线的形状，但磁感线是理想化的物理模型，并非真实存在，铁屑不能显示磁感线的真实分布。故B错误； C．滑片向左移时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路中电流变小，通电螺线管的磁性会减弱。故C错误； D．通电螺线管的磁场方向与电流方向有关，调换电源正负极会改变电流方向，因此螺线管的磁场方向也会改变。故D错误。 故选A。 6．（2025·四川宜宾·模拟预测）（多选）法国科学家阿尔贝和德国科学家彼得由于发现了巨磁电阻（GMR）效应，荣获诺贝尔物理学奖。巨磁电阻效应即磁场越强电阻越小，如图是研究巨磁电阻特性的原理示意图。实验发现，当闭合S1、S2后使滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变亮，则下列说法中正确的是（　　） A．电磁铁左端为N极 B．滑片P向左滑动过程中电磁铁的磁性减弱 C．巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显减小 D．加在小灯泡两端的电压增大 【答案】ACD 【详解】A．电流从电磁铁的右端流入，左端流出，利用安培定则判断电磁铁的左端为N极、右端为S极，故A正确； B．滑片P向左滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增强，故B错误； C．当滑片P向左滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增强，右边电路中的指示灯明显变亮，则说明右边电路的电流变大了，巨磁电阻的电阻变小了，即巨磁电阻的阻值随磁场的增强而减小．故C正确； D．右侧电路电流增大，指示灯电阻增大，根据，加在小灯泡两端的电压增大，故D正确。 故选ACD。 7．（2026·四川宜宾·二模）小明用光敏电阻设计了一种“智能家居照明灯”，其电路如图甲所示。其中为光敏电阻，为滑动变阻器，电源电压恒定，电磁继电器线圈的电阻不计。该照明灯能实现在天暗时自动点亮，天亮时自动熄灭。要实现小明的设计目的，光敏电阻的阻值应随光照强度的增大而减小。闭合开关后，保持滑片的位置不变，光照强度变化时，电流表示数与电压表示数的关系如图乙所示，则电源电压为___________，滑动变阻器接入电路的阻值为___________。 【答案】 12 10 【详解】由图甲可知控制电路中，线圈、滑动变阻器与光敏电阻串联，电压表测量两端的电压，电流表测量电路中的电流。在串联电路中，电源两端的电压等于各用电器两端电压之和，电磁继电器线圈的电阻不计，由图乙可知，当电路中的电流为1A时，两端的电压为2V，电源两端的电压 当电路中的电流为0.8A时，两端的电压为4V，电源两端的电压 因为电源电压不变，所以 解得，，即电源电压为12V，滑动变阻器接入电路中的阻值为。 8．（2026·四川成都·一模）2026年3月15日，眉山仁寿马拉松赛事中，选手佩戴的智能手环可记录步数。手环内部，一枚小磁体随着手臂的摆动在管内反复运动，穿过固定的线圈，线圈中便会产生微弱的电流，再通过传感器将运动数据实时上传，这一过程中______转化为电能，其中的工作原理与图中的_______（选填“乙”或“丙”）相似。 【答案】 机械能 丙 【详解】[1]小磁体随手臂摆动反复运动穿过线圈，线圈中产生感应电流，该现象是电磁感应现象，此过程将磁体运动的机械能转化为电能。 [2]对比乙、丙装置：乙图电路接有电源，原理是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理；丙图没有外接电源，通过导体在磁场中做切割磁感线运动时产生感应电流，是电磁感应的实验装置，和智能手环的工作原理一致。 押题猜想十八 作图 试题前瞻·能力先查 1．(1)如图所示，电流表的连接是正确的，试标出电路中电源右端的极性，以及小磁针静止时N极的指向。 (2)如图所示，建筑工人利用重垂线检查墙壁是否竖直，小锤处于悬挂静止状态，点为小锤重心，请画出小锤受力示意图。 (3)如图所示，一个凹透镜和一块三棱镜，已知凹透镜的一条折射光线平行于其主光轴，请画出其穿过三棱镜后从斜面穿出的光路及其对应凹透镜的入射光线。 【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）电流表正确连接规则是电流从正接线柱流入，负接线柱流出，则电流表中的电流方向是从右（+）向左（-），则电流从螺线管右端流入，从左端流出，由于电源外部电流从正极流出、负极流入，因此电源右端为正极，左端为负极。根据安培定则，右手握住螺线管，四指顺电流方向，大拇指指向N极，可得螺线管左端为N极，右端为S极。磁体外部磁感线从N极指向S极，因此螺线管右侧磁感线方向向左，小磁针N极指向与磁感线方向一致，因此小磁针N极指向左。 （2）重力的作用点在重心，方向竖直向下，从点向下画带箭头线段，标。绳子拉力的作用点也在，方向竖直向上，大小和重力相等（线段长度和相近），标，据此作图。 （3） 凹透镜的特殊光线规律，若折射光线平行于主光轴，则入射光线的延长线过凹透镜另一侧（右侧）的焦点。因此连接凹透镜的入射点和右侧焦点，箭头指向凹透镜，即为入射光线。水平光线垂直入射三棱镜的左竖直面，垂直入射时光路不改变；光线到达斜面后，从玻璃斜射入空气，折射光线远离法线，且光线向三棱镜底边（下方）偏折，画出偏折的出射光线即可，据此作图。 2．(1)如图所示，小球A保持静止，请画出小球A所受力的示意图。 (2)如图所示，光源S发出的一条光线射向水面，在水面处发生反射和折射，反射光线经过点A，折射光线经过点P，请你作出反射光线和折射光线。 【答案】(1) (2) 【详解】（1）对静止的小球A受力分析：小球竖直悬挂，未与斜面接触，因此只受两个力：竖直向下的重力G、沿绳子竖直向上的拉力F，二力平衡。作用点画在小球球心；从球心竖直向下画带箭头线段，标注G； 从球心沿绳子竖直向上画带箭头线段，长度和G大致相等，标注F，据此作图。 （2）作光源关于水面的对称点；连接，与水面交于入射点O，OA带箭头（箭头指向A）就是反射光线；连接入射点O和水中的点P，箭头指向P，就是折射光线，据此作图。 分析有理·押题有据 四川中考物理作图题主要包括：光的反射/折射光路图、透镜三条特殊光线、平面镜成像对称图、力的示意图（重力/弹力/摩擦力/浮力）、杠杆力臂（最小力）、滑轮组绕线（奇动偶定）、电路连接（串联并联/电表量程/滑动变阻器一上一下）、家庭电路（开关火线/左零右火上接地）、磁感线方向及螺线管绕线（安培定则），作图时须规范使用实线虚线、标箭头、保留辅助线痕迹。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川成都·二模）(1)图甲为兴隆湖旁书店及其倒影，点A′表示书店尖角A在水中的像的位置。请在图乙中完成作图：①根据平面镜成像特点作出书店尖角A的位置；②画出人眼看到书店尖角像A′的光路图。（保留作图痕迹） (2)图甲所示的天府立交桥是成都市的标志性建筑，获得中国建筑工程最高荣誉“鲁班奖”，图乙是其部分简化模型，AB为水平桥面，A点为桥体的支点，斜拉钢索对桥体的拉力F1作用在B点，桥面O点有一辆小车。请在图乙中画出：①拉力F1的力臂L；②小车对桥面压力F2的示意图。 【答案】(1) (2) 【详解】（1）水面是平面镜，根据像与物关于镜面对称，过作水面（图中水平线）的垂线，延长垂线到水面上方，使A到水面的距离等于到水面的距离，得到A点。连接人眼和，与水面交于入射点；再连接A和入射点（入射光线，实线），入射点到人眼为反射光线，实线，到入射点段为反向延长线（虚线），据此作图。 （2）从支点A向的作用线作垂线，支点A到垂足的垂线段就是力臂，标注字母即可。压力受力物体是桥面，作用点画在O点的桥面上，方向垂直水平桥面向下（竖直向下），画带箭头的线段，标注即可，据此作图。 2．（2026·四川宜宾·一模）图甲是我国建成的最大规模集热塔。图乙中B点为太阳光入射点，根据光的反射定律，画出能使光线反射至集热塔的A点时平面镜的位置（保留作图痕迹）和光的反射方向。 【答案】 【详解】连接点B和点A，这条线就是反射光线，作入射光线和反射光线夹角的角平分线，这条线就是法线。过入射点B作法线的垂线，这条线就是平面镜的位置。据此作图。 3．（2026·四川成都·一模）如图甲所示是我国敦煌的塔式光热电站。如图乙，某时刻定日镜恰好能将太阳光反射到吸热器上，此时反射光线与定日镜的夹角为60°。请根据光的反射定律，在图乙中画出入射光线，并标出入射角的度数。 【答案】 【详解】反射光线与镜面的夹角为60°，反射角为 过反射点O作法线，根据反射角等于入射角画出入射光线，并标出入射角的大小为30°，据此作图。 4．（2026·四川宜宾·一模）图甲为一个三孔带开关的插座。接在此插座的用电器不使用时，只需将插座上的开关断开即可切断电源。请在图乙中将开关和插座正确地接到电路中。 【答案】 【详解】开关需要控制插座的通断，为了安全，开关必须接在火线上，断开开关后，插座与火线断开连接，不会带电；三孔插座的标准接线规则为左零右火上接地，该规则可以保证用电器漏电时，地线把人体短路，避免触电事故，据此作图。 5．（2025·四川成都·模拟预测） (1)秋阴不散霜飞晚，留得枯荷听雨声。如图甲所示，在遇到一些残缺破败的景象时，也应换一个角度细思品味其中另类的甜蜜和美好，请你在图乙中画出诗人看到荷叶A在水中成的像并作出光路图。 (2)如图甲所示是一台起重机，其简化示意图如图乙所示，O为起重机吊臂的支点，请在图乙中画出被吊起的重物A所受重力G的示意图以及重力的力臂L。 【答案】(1) (2) 【详解】（1）根据平面镜成像特点作出荷叶A在水中的像A'，连接像A'与人眼，确定入射点，连接A与入射点，即为入射光线，入射点与人眼的连线即为反射光线，如图所示。 （2）过重物A的重心竖直向下作线段，在线段末端加箭头，在箭头旁标出重力G，即为重物A所受重力示意图；从支点O到重力所在直线的距离即为重力的力臂L，如图所示。 6．（2025·四川宜宾·中考真题）如图为家庭电路的一部分。请在图中补充完整正确使用开关控制三孔插座的电路图。 【答案】 【详解】开关和三孔插座串联后接到火线上，三孔插座的正确接法是“左零右火上接地”，如下图 7．（2025·四川眉山·中考真题）根据透镜对光的作用，完成下列光路图。 【答案】 【详解】通过焦点的光线经凸透镜折射后平行于主光轴射出；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后发散射出，其折射光线的反向延长线经过凹透镜的虚焦点。如图所示： 8．（2026·四川南充·一模）长时间低头看手机，有可能引起颈部肌肉和颈椎损伤。如图是人体颈部杠杆模型，图中A点为头部重力作用点，B点为颈部肌肉受力点，O点为支撑点，颈部肌肉拉力F方向如图所示，请画出肌肉拉力的力臂L和头部受到的重力G的示意图。 【答案】 【详解】重力的方向总是竖直向下，A点为头部重力作用点，则过A点作竖直向下的带箭头的直线，可得头部受到的重力G；肌肉拉力的力臂L为O点到力F作用线的距离，过O点作力F的作用线的垂线，支点到垂足之间的距离为肌肉拉力的力臂L，据此作图。 9．（2025·四川成都·模拟预测）按要求作图。 (1)如图甲所示，小刚在路过金沙遗址博物馆门口时，发现地面上出现了太阳神鸟的投影图案。他想用光路图解释这一现象，请在图乙中作出在光源O的照射下，物体AB在地面上形成的影子。 (2)正月十五闹花灯是中国的一项传统文化活动。如图所示，小梅用左手压着灯杆的O点，花灯悬挂在B点。请画出在A点处提起花灯所需的最小动力F1以及动力臂L1。 【答案】(1) (2) 【详解】（1）利用光的直线传播原理来作图，从光源O出发，作经过物体顶端A的光线，该光线与地面交于点；从光源O出发，作经过物体底端B的光线，该光线与地面交于点；线段即为物体AB在地面上形成的影子。 （2）根据杠杆平衡的条件，，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。由图可知，OA为最长动力臂L1时，动力最小，阻力的方向向下，所以动力的方向应该向上。过A点垂直OA向上作出最小动力F1。 10．（2026·四川广元·一模）如图所示是一种防倾斜报警电路原理图，通过电铃、灯泡提示被检测装置的倾斜情况。图中S为重力开关，金属棒a可绕悬挂点O自由转动。当物体处于竖直方向时，a在导线A、B中间；当物体向左偏离竖直方向a与A接触时，灯泡L1亮、电铃响；当物体向右偏离竖直方向a与B接触时，灯泡L2亮、电铃响。请按要求把电路图连接完整。 【答案】 【详解】当物体处于竖直方向时，a在导线A、B中间；当物体向左偏离竖直方向时，灯泡亮，电铃响，开关接A，灯泡L1与电铃接入电路；当物体向右偏离竖直方向时，灯泡亮，电铃响，开关接B，灯泡与电铃接入电路。由分析可知，灯泡L1与灯泡互不影响，能独立工作，它们是并联的，电铃在干路上，据此作图。 11．（2026·四川南充·一模）在杠杆上的A点挂一重物，在B点对杠杆施加一个最小的力，使杠杆平衡在如图所示的位置.试画出这个力的示意图以及它的力臂。 【答案】 【详解】由杠杆平衡条件可知，阻力和阻力臂不变，当动力臂最长时动力最小。动力臂最长即OB的长度，故连接OB两点，过B点作出OB的垂线，力F即最小的力，如图所示： 12．（2025·四川宜宾·一模）根据图中通电螺线管的N极，（1）标出磁感线的方向；（2）在电源右端的括号内标出电源的极性（选填“+”或“-”）；（3）在小磁针右端的括号内标出小磁针右端的极性（选填“N”或“S”）。 【答案】 【详解】磁感线是从通电螺线管的N极出来，回到S极；根据安培定则可以判断出电流从螺线管的右端流入，左端流出，故电源的右端为“+”极；根据磁极间的相互作用，可知小磁针的右端为S极。如图所示： 押题猜想十九 光学实验 试题前瞻·能力先查 【新情景】五一期间小亮随父亲到公园游玩，小亮父亲用照相机拍摄了一张清晰照片，如图甲中A所示。小亮发现照相机中的像有点小，父亲便更换照相机镜头后在原地又拍摄了一张清晰照片，如图甲中B所示。小亮思考：两次成像的大小不同是什么原因造成的呢？他猜想可能是因为两个镜头的焦距不同。为了验证这一想法，返校后小亮在学校实验室找来蜡烛，焦距分别为8cm、10cm、12cm的3个凸透镜、光具座、光屏等器材进行了以下探究。 (1)实验过程中，燃烧的蜡烛在不断缩短，导致烛焰的像不在光屏的中央，为了使像能成在光屏中央，在保持蜡烛和光屏的位置不动的情况下，可以______（选填“向上”或“向下”）调节凸透镜； (2)保持图乙中蜡烛、凸透镜的距离不变，换上不同焦距的凸透镜，调节光屏到凸透镜的距离，直到光屏上成清晰的像，部分实验数据如表所示。分析表中数据可知：当______且______时，__________； 实验序号 物距 焦距 像距 像的高度 像的性质 1 25.0 8.0 11.8 0.9 始终成倒立、缩小的实像 2 25.0 10.0 16.7 1.2 3 25.0 12.0 23.1 1.9 (3)请你根据实验结果判断：在图甲中与照片B相比，照片A是用焦距________（选填“小一些”或“大一些”）的镜头拍摄的； (4)后续探究成像规律时，计划改用LED发光字作为光源。现有汉字：甲、旧、上、王，最适合作为LED光源的字是________。 【答案】(1)向下 (2) 物距相同 焦距变大 像距变大，所成的像也变大 (3)小一些 (4)上 【详解】（1）蜡烛燃烧缩短后，烛焰位置下移，根据过光心的光线传播方向不变，烛焰的像会向上偏移到光屏上方；保持蜡烛和光屏位置不动时，向下调节凸透镜，可使像下移回到光屏中央。 （2）由表格数据可知，三次实验保持物距不变，物距大于二倍焦距，凸透镜的焦距逐渐变大时，像距逐渐变大，所成的像也变大。 （3）图甲中照片A的像比B更小，拍摄时物距相同，根据实验结论：物距相同时，焦距越小像越小，因此照片A是用焦距小一些的镜头拍摄的。 （4）凸透镜成倒立实像时，上下、左右都颠倒，需要选用上下左右都不对称的字才能方便观察倒立效果，“甲、旧、王”都存在对称性，只有“上”字上下左右都不对称，因此选“上”。 分析有理·押题有据 探究光的反射定律时用可转折的硬纸板显示光路并验证三线共面，反射角等于入射角且法线居中；平面镜成像实验用薄玻璃板代替平面镜（便于确定像的位置），运用等效替代法（两支相同蜡烛）得出像与物大小相等、到镜面等距、连线垂直，且虚像不能用光屏承接；光的折射实验观察到光从空气斜射入水或玻璃中时折射角小于入射角（反之大于），且光路可逆；凸透镜成像实验需将烛焰、透镜、光屏中心调至同一高度，可用平行光聚焦法测焦距，成像规律为一倍焦距分虚实、二倍焦距分大小、物近像远像变大——以上实验均需多次测量以寻找普遍规律。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川乐山·一模）在初中物理项目化学习中，某兴趣小组搜集了我国古代光学的文献记载。结合实验，请完成下列题目。 (1)《化书》中记载了照镜子：“是影也与形无异。”如图甲所示，在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜进行实验，目的是_____，将未点燃的蜡烛在玻璃板后边移动，直到与蜡烛的像重合，说明平面镜所成的像与物体的大小____。 (2)《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火。”如图乙所示，将蜡烛从距离凸透镜4倍焦距的位置，沿主光轴向距离凸透镜2倍焦距的位置移动，蜡烛经凸透镜所成像的大小将______，像距的大小将____。（两空均填“变大”“变小”或“不变”） 【答案】(1) 便于确定像的位置 相等 (2) 变大 变大 【详解】（1）在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜，既能看到像，也能看到玻璃板后面未点燃的蜡烛，故用玻璃板代替平面镜进行实验的目的是便于确定像的位置。 将未点燃的蜡烛在玻璃板后移动，直到与蜡烛的像重合，说明平面镜所成的像与物体的大小相等。 （2）将蜡烛从距离凸透镜4倍焦距的位置向2倍焦距的位置移动，即蜡烛靠近凸透镜，根据凸透镜成实像时“物近像远像变大”可知，此过程中蜡烛的像变大、像距变大。 2．（2026·四川南充·二模）在某次探究凸透镜成像规律的实验中： (1)夏天太阳直射时，小明将透镜正对阳光放置，在透镜下面放上白纸（白纸与透镜平行，如图甲），测出透镜与白纸间距s与对应的白纸被烤焦的时间t，绘出图乙所示的图像，可判断该透镜的焦距f为_______cm； (2)如图丙所示，小明把透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置。光屏应在_______（选填“Ⅰ”、“Ⅱ”或“Ⅲ”）区域内左右移动，才能得到清晰的实像；如果火焰的形状如图丁所示，则光屏上的所成像是_______（选填“A”、“B”、“C”或“D”）； (3)若蜡烛的火焰高4cm，像高2cm，则此时仅将光屏和蜡烛的位置对调，则光屏上会呈现一个_______cm高的像； 【答案】(1)12 (2) Ⅱ D (3)8 【详解】（1）当白纸刚好在焦点位置时，光线会聚成一点，温度最高，烤焦时间最短，由图乙可知，时，烤焦时间最短，因此该凸透镜的焦距为12cm。 （2）图乙中，物距 根据凸透镜成像规律可知，此时像距 光屏上才能成像，因此光屏移动的范围为 对应图丙中的Ⅱ区域，此时成倒立、缩小的实像，对应图丁中的D。 （3）若蜡烛的火焰高4cm，像高2cm，烛焰焰高缩小为原来的一半，此时成倒立、缩小的实像，根据光路可逆，将光屏和蜡烛的位置对调，则光屏上会呈现一个倒立、放大的实像，烛焰焰高放大为原来的2倍，即像高为 3．（2026·四川广元·二模）在“探究光的反射定律”实验中，器材有：激光笔、可折转光屏、平面镜和喷雾器。 (1)将平面镜置于水平桌面，如图甲所示。激光笔的光束射向平面镜上O点，在平面镜上方喷水雾，从前向后观察，可在镜面上方看到________条光束。 (2)将折转光屏垂直于平面镜放置，让入射光沿左半屏射到O点，如图乙所示。要呈现反射光，需将右半屏向________（选填“前”或“后”）折转。 (3)保持入射点不变，多次改变入射方向，在光屏上记录每次实验的光路aa＇、bb＇和cc＇，如图丙所示。为了研究反射光线和入射光线的位置关系，发现左、右半屏相对应的光线关于转轴对称，可将此对称轴视为法线，同时根据光屏上的信息可得结论，反射角与入射角的大小________。 【答案】(1)2 (2)前 (3)相等 【详解】（1）激光笔射出的光束射到平面镜O点后，会发生光的反射，形成1条入射光束和1条反射光束；喷水雾后，水雾使光散射，可清晰显示出两条光路，因此能看到条光束。 （2）根据光的反射定律，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。图乙中右半屏目前偏向后侧，和左半屏（入射光线所在平面）不在同一平面，因此需要将右半屏向前折转，使右半屏和左半屏共面，才能呈现出反射光。 （3）反射光线和入射光线关于作为对称轴的法线对称，从光屏的刻度信息可以看出，每组入射光线和反射光线与法线的夹角相等，因此可得结论：反射角与入射角的大小相等。 4．（2026·四川绵阳·一模）小石利用两支完全相同的可调节高度的电子蜡烛A和B、薄透明玻璃、白纸和刻度尺，用如图所示装置探究“平面镜成像时，像的高度（h）与物体到平面镜的距离（u）是否有关”。 小石进行了如下主要操作： (1)将白纸铺在水平桌面上，薄透明玻璃竖立放在白纸上，电子蜡烛A作为物体竖立放在薄透明玻璃前的适当位置，打开电子蜡烛的电源，观察到薄透明玻璃中出现蜡烛A清晰的像。 将电子蜡烛B放在薄透明玻璃另一侧，调整电子蜡烛B的位置和高度，从不同角度观察，当蜡烛B与蜡烛 _______（选填“A”或“A的像”）完全重合时，用刻度尺测量此时物距u，蜡烛B的高度h，将实验数据记录在表格中。 (2)_______（选填“改变”或“不改变”）蜡烛A的高度，________（选填“改变”或“不改变”）蜡烛A到薄透明玻璃的距离，仿照步骤（1）再做一次实验，将实验数据记录在表格中。 【答案】(1)A的像 (2) 不改变 改变 【详解】（1）实验中用蜡烛B等效替代蜡烛A的像，来比较像与物的大小关系，因此需要调整蜡烛B，直到它与蜡烛A的像完全重合，此时蜡烛B的高度就等于像的高度。 （2）本实验探究目的是：像的高度是否和物体到平面镜的距离有关，根据控制变量法，需要控制物体本身高度不变，只改变物体到平面镜的距离（自变量）进行多次实验，因此保持蜡烛A高度不变，改变蜡烛A到玻璃的距离。 5．（2026·四川绵阳·一模）小强同学利用如图所示的实验装置探究“光的反射和折射规律”。在玻璃水槽中竖直放置的光屏是由E和F两个半圆形光屏组成的，NOM为两半圆的分界线，其中光屏F可绕直径NOM前后折转。实验测量数据如表所示： 入射角α 0° 30° 45° 60° 反射角γ 0° 30° 45° 60° 折射角β 0° 22° 32° 41° (1)当光从空气射入水中时，传播方向__________（选填“一定”或“不一定”）发生改变。 (2)由表中数据可知，光从空气斜射入水中时，折射角_________（选填“大于”“等于”或“小于”）入射角，且折射角随着入射角的增大而_________。 (3)由表中数据可知，当光从水中以41°入射角斜射到空气中时，折射角为_________°。 (4)小明同学在实验时，当他沿AO方向射入一束光，F光屏上没有反射光和折射光，可能原因是_____。 【答案】(1)不一定 (2) 小于 增大 (3)60 (4)F光屏绕直径NOM向前或者向后折转了一定角度 【详解】（1）当光从空气中垂直射入水中时，传播方向不变；当光从空气中斜射入水中时，传播方向发生改变。故光从空气射入水中时的传播方向不一定发生改变。 （2）[1][2]由表中数据可知，后三组对应的数据中，折射角都小于入射角，所以光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角；且折射角随着入射角的增大而增大。 （3）根据光的折射规律，在光的折射现象中，光路是可逆的。表格中空气入射角60°时，水中折射角为41°，所以当光从水中以41°入射角斜射到空气中时，折射角为60°。 （4）根据光的反射和折射规律，入射光线、折射光线、反射光线始终处于同一平面内。因为光线AO是贴着E光屏入射的，所以只要F光屏与E光屏在同一平面内，在F光屏上就能看到反射光线和折射光线。而题中F光屏上没有反射光和折射光，说明F光屏与E光屏并不在同一平面，原因是F光屏绕直径NOM向前或者向后折转了一定角度。 6．（2026·四川南充·一模）小林用带刻度尺的光具座、凸透镜、光屏、蜡烛和火柴等器材“探究凸透镜的成像规律”。 (1)如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小、最亮的光斑时停止移动光屏，测出该凸透镜的焦距为__________cm； (2)在某次实验中，小林将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上如图乙所示的位置，光屏上呈现清晰的像，生活中利用这个成像特点制成了__________（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）；保持凸透镜的位置不变，将烛焰向远离凸透镜的方向移动适当距离， 则应将光屏向__________（选填“远离”或“靠近”）透镜方向移动适当距离，光屏上才能再次呈现清晰的像； (3)若实验中用手遮住凸透镜的一半，则光屏上__________（选填“能”或“不能”）出现完整的像； (4)小林将自己的眼镜放在图乙中蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上原本清晰的像变模糊了，向右移动光屏，光屏上的像又变清晰了，说明小林的眼镜是__________（选填“近视”或“远视”）眼镜。 【答案】(1)10.0 (2) 投影仪 靠近 (3)能 (4)近视 【详解】（1）如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小、最亮的光斑时停止移动光屏，最小、最亮的光斑为焦点，该凸透镜的焦距为 （2）[1]由图乙可知，物距小于像距，即物距在一倍焦距和二倍焦距之间，光屏上呈现清晰的像，根据凸透镜成像的规律可知，此像是倒立、放大的实像。该成像原理制成了投影仪。 [2]根据凸透镜成实像时，物近像远像变大，物远像近像变小。保持凸透镜的位置不变，将烛焰向远离凸透镜的方向移动适当距离，物距变大，像距变小，则应将光屏向靠近透镜方向移动适当距离，光屏上才能再次呈现清晰的像。 （3）若实验中用手遮住凸透镜的一半，光线经过剩余的凸透镜仍可以成完整的像，只是像会变暗。 （4）小林将自己的眼镜放在图乙中蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上原本清晰的像变模糊了，向右移动光屏，光屏上的像又变清晰了，说明小林的眼镜是近视眼镜，对光线具有发散作用，使像距变大。 押题猜想二十 力学实验 试题前瞻·能力先查 1. 为了“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”，实验小组设计了如图甲所示的实验装置：上下表面粗糙程度不同的木块，放在水平传送带上。        (1)实验前，应将弹簧测力计___________放置后进行调零； (2)启动传送带，直到木块相对地面静止。若以传送带为参照物，木块是___________的；木块受到的摩擦力大小___________（选填“大于”、“等于”或“小于”）弹簧测力计示数； (3)在木块上添加不同数量的砝码进行实验，根据获得的数据，绘制出乙图中①的图像，分析图像可知滑动摩擦力的大小与___________有关；接着翻转木块，让其上表面贴放在传送带上，重复以上操作，绘制出乙图中②的图像。分析乙图可知滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关，分析依据是___________。 【答案】(1)水平 (2) 运动 等于 (3) 压力 压力一定时，粗糙程度不同，摩擦力不同 【详解】（1）实验中要测量水平方向的拉力，调节弹簧测力计时，应将弹簧测力计水平放置后进行调零。 （2）[1]启动传送带，直到木块相对地面静止。若以传送带为参照物，木块是运动的。 [2]木块水平方向的受细绳对它水平向左的拉力，传送带对它水平向右的摩擦力，这两个力是一对平衡力，大小相等。 （3）[1]木块上添加不同数量的砝码进行实验，表面粗糙程度不变，压力增大，根据获得的数据，绘制出乙图中①的图像，分析图像可知滑动摩擦力的大小与压力大小有关。 [2]上下表面粗糙程度不同的木块，翻转木块放在传送带时，压力不变，接触面粗糙不同，根据实验图像应为②可知所受的滑动摩擦力不同，可知滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关。 2．实验小组同学想要测量一枚纪念章的密度，可用的器材有：天平（含砝码）、量筒、烧杯、溢水杯、水、细线、弹簧测力计。 【实验探究】 方案一： (1)将天平放在水平桌面上，游码移到零刻度线处，观察到指针指在分度盘的左侧，应将平衡螺母向___________调节，直至天平平衡。将纪念章放在天平左盘，向右盘加减砝码并移动游码，天平再次平衡时如图甲所示，可知纪念章质量为___________g。 实验小组发现纪念章无法放入量筒中测量体积，于是进行了图乙所示的操作： ①烧杯中加入适量的水，将纪念章浸没水中，在水面处做标记。 ②取出纪念章，测出烧杯和水的总质量。 ③往烧杯中加水，直到水面达到标记处，测出烧杯和水的总质量。 (2)纪念章密度的表达式___________（用、、、表示）。 方案二： (3)先用弹簧测力计测出纪念章的重力，然后将纪念章浸没在水中静止，如图丙所示。观察到弹簧测力计的示数减小了1小格，此时纪念章受到的浮力为___________N，由此可知纪念章的密度是___________。 【交流评估】 (4)对比两种方案，你认为方案___________更合适，理由是___________（写出一条即可）。 【答案】(1) 右 158 (2) (3) 0.2 (4) 二 使用的器材少，操作简单 【详解】（1）天平调平时指针偏左，说明左侧偏重，平衡螺母应向右调节；砝码总质量为 游码示数为，因此纪念章总质量为 （2）纪念章的体积等于补加水的体积，补加水的质量为，因此纪念章体积 由密度公式得 （3）由图丙可知弹簧测力计分度值为，示数减小1格，根据称重法 浮力等于拉力减小量，因此 根据阿基米德原理得 代入密度公式 （4）略 分析有理·押题有据 测平均速度实验用刻度尺和停表测量小车在斜面上通过的路程和时间，利用公式v=s/t 计算平均速度（斜面坡度不宜过大，便于计时）；探究滑动摩擦力影响因素时用弹簧测力计水平匀速拉动木块（二力平衡，拉力等于摩擦力），通过控制变量法分别研究压力大小和接触面粗糙程度对摩擦力的影响；探究二力平衡条件时让小车在水平桌面上受力平衡，通过改变两端钩码数量、扭转小车角度等操作得出二力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线且同一物体上；探究压力作用效果（压强）时通过海绵（或沙面）凹陷程度来反映压力作用效果（转换法），控制变量得出受力面积一定时压力越大效果越明显，压力一定时受力面积越小效果越明显；探究液体压强特点时使用压强计（U形管液面高度差反映压强大小），得出液体内部向各个方向都有压强、同种液体同一深度压强相等、深度越大压强越大、密度越大压强越大；探究浮力大小的影响因素时用弹簧测力计称重法（F浮 = G－F拉），控制变量得出浮力只与液体密度和排开液体体积有关，与浸没深度无关，并通过阿基米德原理实验（溢水杯）得出F浮 = G排；探究杠杆平衡条件时调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡（消除杠杆自重影响），通过改变钩码数量和位置多次实验，得出F₁×l₁ = F₂×l₂；测量固体密度时用天平测质量，用量筒排水法测体积（先测质量再测体积，防止因沾水导致质量偏大）；测量液体密度时先测烧杯和液体总质量，倒出部分液体至量筒再测剩余质量（避免体积误差）；探究动能大小的影响因素时让不同质量或不同高度的小球从斜面滚下撞击水平面上的木块，通过木块移动距离反映动能大小（转换法），得出速度越大、质量越大则动能越大；测量滑轮组或斜面的机械效率时需匀$ 2026年中考物理终极押题猜想（四川） 考情为骨 密押为翼 押题猜想一 估测问题 2 押题猜想二 声现象辨析 4 押题猜想三 光现象辨析 7 押题猜想四 透镜成像规律及其应用 10 押题猜想五 物态变化 14 押题猜想六 内能及其应用 17 押题猜想七 质量与密度、机械运动 22 押题猜想八 运动和力 25 押题猜想九 压强及其应用 30 押题猜想十 浮力 35 押题猜想十一 做功与机械能 49 押题猜想十二 简单机械与机械效率 44 押题猜想十三 电学基础—电路、电流、电压与电阻 50 押题猜想十四 欧姆定律与电功率的基础应用 54 押题猜想十五 动态电路及范围计算 60 押题猜想十六 家庭电路与安全用电 67 押题猜想十七 电磁现象辨析 71 押题猜想十八 作图专练 75 押题猜想十九 光学实验 81 押题猜想二十 力学实验 85 押题猜想二十一 热学实验 92 押题猜想二十二 电磁学实验 96 押题猜想二十三 力学计算 103 押题猜想二十四 欧姆定律、电功率计算 111 押题猜想二十五 计算压轴 120 押题猜想一 估测问题 试题前瞻·能力先查 【中考真题】我国新能源汽车的产销量连年位居世界第一、下列对某家用电动汽车的估测，最符合实际的是（　　） A．空载时的质量约1t B．高速公路上正常行驶时的速度约5m/s C．轮胎的高度约20dm D．充满电后动力电池储存的电能约3600J 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题形式出现，偶尔结合填空题。考查学生对常见物理量的估测能力，涉及长度、时间、速度、质量、温度、电流、电压、功率、压强等。解题关键在于建立生活化的物理量参照系，避免主观臆断，结合日常经验进行合理判断。 掌握估值问题的三种典型考法及应对 直接估测题：给出一个物理量，问“下列数据中最接近实际的是”。 → 应对策略：将选项数值与熟悉的参照物对比，如“鸡蛋约50g”对比“5kg”明显过大。 单位换算题：同时考查单位换算与估测，如“0.15 km = 150 m，相当于……”。 → 应对策略：先换算成统一单位，再与参照物比对。 情景综合题：结合生活场景（如做一次引体向上做功、爬楼功率等），需要简单计算后判断。 → 应对策略：记住常见物理量近似值，进行粗略估算，不追求精确值。 应对策略： ① 建立“生活物理量库”，将常见物体的长、重、时间、温度等记牢。 ② 遇到陌生数值时，用极限法排除（如人的质量不可能为5 kg或500 kg）。 ③ 注意单位换算陷阱（如把cm写成m，把g写成kg）。 ④ 多选题中，只要有一项明显不符合实际，即可排除该选项。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川南充·一模）小明在去超市的路上和购物过程中，想到了一些关于物理常识的估测，以下说法合理的是（    ） A．超市收银台台面高度约1.5m B．超市里一盏LED灯的额定功率约为300W C．他拿了一枚一元硬币，感觉很轻，质量大约为6mg D．从家走到超市，小明正常步行的速度约为4km/h 2．（2026·四川广安·一模）学习物理要善于观察和思考。下列是你所在考场内物理量估测的数据，符合实际的是（    ） A．手中一张物理试卷的厚度约为12 mm B．你所在考场的室内温度大约为0℃ C．考场大气压强的值约为 D．考试填涂用的2B铅笔质量约为2 kg 3．（2026·四川内江·二模）下列数据中，最接近生活实际情况的是（　　） A．同学们答题用的2B铅笔长度约为18mm B．中学生的质量为500g C．电视机的电流为5A D．小汽车在高速路上正常行驶速度为110km/h 4．（2025·四川南充·三模）科学家经常用估算的方法来获得事物的有关信息，估算不是胡乱猜测，它的结果是根据已知的信息进行合理推测得到的，下面是一些估算值，你认为符合实际的是（   ） A．一本物理课本的质量约为1.5kg B．人正常呼吸一次的时间约3s C．家庭照明用LED灯的电功率约为200W D．成达万高铁运行速度大约是900km/h 5．（2025·四川巴中·中考真题）下列描述符合实际的是（    ） A．一只铅笔的质量约为3kg B．人的正常体温约为39.5℃ C．人正常步行的速度约为10m/s D．初中物理课本的宽度约为18cm 6．（2025·四川乐山·中考真题）下列与生活有关的一些物理数据，最符合实际的是（　　） A．“”是指空气中粒径为2.5mm的颗粒物 B．托起一个鸡蛋所用的力大约为2N C．初中生百米赛跑的成绩约为6s D．我国家庭电路的电压是220V 7．（2025·四川成都·一模）下列关于身边的物理数据，估计结果符合实际的是（　　） A．家用电冰箱的电流约5A B．考试用的黑色签字笔的长度约为15cm C．现在考场的温度约为37°C D．一个乒乓球的质量约为50g 8．（2025·四川宜宾·一模）下列数据最接近实际的是（    ） A．人体感觉舒适的温度是37℃ B．教室门的高度约为2m C．一块橡皮的质量约为100g D．家用电视机的电功率约为500W 押题猜想二 声现象辨析 试题前瞻·能力先查 【古代诗词】“留连戏蝶时时舞，自在娇莺恰恰啼”是唐代诗人杜甫的《江畔独步寻花七绝句》的一句诗词，杜甫能看到蝴蝶飞舞却听不到蝴蝶飞行的声音，杜甫能通过清脆的声音知道是“娇莺”发出的，这是由于（    ） A．蝴蝶的翅膀振动太慢，它对人来说是次声波，所以人耳听不到 B．蝴蝶的翅膀振动的幅度太小，所以响度小，人耳听不到 C．“娇莺恰恰啼”是由于“娇莺”清脆的声音可以不通过介质也能被人听见 D．杜甫是根据“娇莺恰恰啼”所发出的声音的音调来辨别出这是“娇莺”啼声的 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题形式出现，偶尔结合生活场景、古诗文或实验探究题。考查学生对声音的产生与传播、音调/响度/音色三特性的区分，以及噪声防治措施的理解。解题关键在于抓住声音的物理本质，结合生活实例判断，避免混淆概念。 一、理清“三特性”核心区别 音调：由频率决定，指声音的“高低”，如“女高音”“男低音”“尖锐刺耳”“绷紧琴弦”。 响度：由振幅决定，指声音的“大小”，如“引吭高歌”“低声细语”“调节音量”“用力敲鼓”。 音色：由材料和结构决定，用于辨别不同发声体，如“闻其声知其人”“区分钢琴与小提琴”“声纹锁”。 速记口诀： 高低音调大小响，区分音色看声源。 声音“粗细”听音调，“洪亮”是响度，“闻声知人”属音色。 二、掌握噪声防治的三大途径及实例 声源处：防止噪声产生，如汽车消声器、禁止鸣笛、轻声慢行、摩托车消音器。 传播过程中：阻断或减弱噪声，如隔音墙、路旁植树、关闭门窗、双层真空玻璃。 人耳处：防止噪声进入耳朵，如戴耳塞、捂耳朵、工厂戴耳罩。 注意：禁止鸣笛属于声源处，关闭门窗属于传播过程中；噪声监测仪只能监测强弱，不能防治。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川成都·二模）唐代边塞诗人岑参“中军置酒饮归客，胡琴琵琶与羌笛”，描写了拉弦、弹拨、吹管三类乐器。如图分别是胡琴、琵琶、羌笛。下列说法正确的是（　　） A．演奏胡琴时，按压琴弦不同位置改变声速 B．弹拨琵琶的力度越大，发出声音响度越大 C．吹奏羌笛，按住不同笛孔改变声音的音色 D．胡琴、琵琶与羌笛，都是由琴弦振动发声 2．（2026·四川广安·一模）四川竹琴作为国家级非物质文化遗产曲艺项目，不仅记录了民族特殊的生活生产方式，还是民族个性、民族审美习惯“活”的显现。竹琴表演韵味悠长，声声入耳。关于声现象下列说法正确的是（    ） A．声音由物体振动产生，演员演奏竹琴、发声皆因振动。 B．竹琴表演韵味悠长，可以高音演奏，描述的是响度大。 C．四川的竹琴表演时发出的声音在任何时候都是乐音。 D．观众能听出“这是四川竹琴表演的”是通过音调来辨别的。 3．（2026·四川广元·二模）下列关于信息和能源说法正确的是（   ） A．光纤通信是光在光导纤维中发生折射来传递信息 B．电能、水能都是一次能源 C．能量是守恒的，所以能量取之不尽用之不竭 D．声波传递信息需要介质 4．（2026·四川广元·二模）如图所示是一款智能音箱，它可以通过语音指令播放音乐、播报天气，也能与手机蓝牙连接使用。下列说法正确的是（    ） A．智能音箱是高科技产品，发出的声音不是由物体振动产生的 B．调节音量可以改变智能音箱发出声音的音调 C．智能音箱能根据语言指令来完成指定操作，说明声音可以传递信息 D．午休时关闭智能音箱，这是在传播过程中减弱噪声 5．（2025·四川南充·三模）下列关于声现象的说法正确的是（   ） A．音调不同的声音在同种介质中传播速度相同 B．街道边的噪声监测仪能在传播过程中减弱噪声 C．人耳听不到次声，是因为响度太小 D．医生用B超查看胎儿的发育情况是利用声音传递能量 6．（2025·四川攀枝花·中考真题）京剧是我国的国粹，演出时常用鼓、二胡等乐器进行伴奏。观众能区分鼓声和二胡声是依据声音的______不同；鼓受到敲击时，由于鼓面______而发声；拉二胡时，用手按压弦的不同位置，是为了改变声音的______。 7．（2025·四川泸州·三模）在公共场所打电话，轻声说话是文明的表现。从声音的特性分析，“轻声”是指声音的__________；从控制噪声的角度分析，这是在_________（选填“声源处”、“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声；我们仅凭从手机中听到的声音就能判断出对方是谁，是依据乐音三要素中的_________要素进行判断的。 8．（2025·四川南充·二模）如图是用型号ET﹣31V为标准4/4小提琴的调音过程，调音器正在检测第二弦的音准。其原理是基于声音的 _______ （选填“音调”“响度”“音色”）特性。当用弦乐器演奏时，弦振动产生声音，若弦绷得更紧，弦振动的频率会变_____ （选填“高”“低”）。 押题猜想三 光现象辨析 试题前瞻·能力先查 【热点地标】如图，“铜元之光”已成为众多游客的打卡点。下列说法正确的是（　　） A．岸上灯火辉煌，路灯之间是并联的 B．对岸高楼在江水中所成的倒影是实像 C．我们看到空气中的直线光柱，这就是光线 D．大桥的灯光是人造光源，而天上的月亮是自然光源 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题形式出现，偶尔结合作图题或实验探究题。考查学生对光的直线传播、光的反射（含平面镜成像）、光的折射、光的色散等基本规律的识别与应用，以及生活中常见光现象的辨析。解题关键在于抓住光的传播特点，结合光路图分析，区分“实像”与“虚像”、“反射”与“折射”。 一、理清“四大光现象”核心区别 光的直线传播：光在同种均匀介质中沿直线传播，如“小孔成像”“影子”“日食/月食”“激光准直”“排队看齐”。 光的反射：光射到物体表面被反射回来，遵循反射定律，如“平面镜成像”“倒影”“漫反射”“潜望镜”。 光的折射：光从一种介质斜射入另一种介质时传播方向发生偏折，如“池水变浅”“筷子弯折”“海市蜃楼”“彩虹（色散）”“凸透镜成像”。 光的色散：白光通过三棱镜分解为七色光带，属于折射现象，如“彩虹的形成”“彩色条纹”。 速记口诀： 影子日食直线传，倒影平面是反射； 水浅筷弯是折射，彩虹色散也归折。 实像虚像要分清，镜前虚像折实像。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川南充·一模）如图，将大小和形状相同的红、蓝圆环粘成“8”字，将其竖直放入水中，上边的红环全部在水面之上，下边的蓝环刚好浸没（图中只是操作）。关于在水面上方看到的现象，判断正确的是（    ） A．红环在水中的“倒影”是等大的实像 B．水面上方看到水中的蓝环是光的折射形成的虚像 C．红环在水中的“倒影”和水面上看到的蓝环完全重合 D．从各个方向都能看到红环，是因为红环表面发生了镜面反射 2．（2026·四川广元·二模）如下光现象知识思维导图一个分支实例内容缺失，能正确补充的选项是（   ） A．树荫下的光斑 B．用放大镜看字 C．皮影戏 D．杯弓蛇影 3．（2026·四川广元·二模）唐代诗人张志和在《渔歌子》中写道“西塞山前白鹭飞，桃花流水鳜鱼肥”。下图是白鹭在如镜的水面上捕鱼时的情形。针对这一情景，下列说法正确的是（    ） A．岸上的人看到的白鹭的倒影，是由光在均匀介质中沿直线传播形成的 B．岸上的人能从各个角度看到白鹭，是由于光照在白鹭身上发生了镜面反射 C．白鹭看到的水中的鳜鱼，实际上是由于光的折射形成的实像 D．空中的白鹭俯冲捕鱼时，它在水中所成像的大小始终不变 4．（2026·四川成都·二模）如图是甘肃敦煌的塔式太阳能电站。定日镜（即平面镜）将太阳光反射汇聚发电。下列光现象与定日镜工作原理相同的是（　　） A．杯弓蛇影 B．立竿见影 C．海市蜃楼 D．雨后彩虹 5．（2026·四川成都·一模）伴随着智能科技的发展，商场互动镜面、车载智能反光屏等设备广泛应用了平面镜成像知识。在“探究平面镜成像特点”的实验中，小亮将点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，他通过玻璃板能够看到蜡烛A在玻璃板后面所成的像，下列与平面镜成像相关的说法中正确的是（　　） A．蜡烛A 的成像原理与海市蜃楼的原理相同 B．蜡烛A 靠近玻璃板时，所成像的大小在变大 C．选用与蜡烛A完全相同的蜡烛B做实验，目的是便于比较像与物的大小关系 D．移开蜡烛B，若将光屏置于像的位置，人在玻璃板后面观察，光屏上会出现蜡烛A的像 6．（2023·四川宜宾·二模）（多选）如图所示是兴文2023年元宵晚会的场景，炫彩的灯光照亮夜空，庆祝氛围处处洋溢。下列说法正确的是（　　） A．人们看到的光束是光源 B．人们能看到五颜六色的光，这是光的色散现象 C．坐在舞台周围的观众都能看到舞台上的表演者，是因为光在表演者身上发生了漫反射 D．表演者上台前整理妆容时，当他走近平面镜时，他在镜中所成的像的大小不变 7．（2025·四川南充·二模）汽车产业发展日新月异，为了提升乘客乘坐的舒适性，如图1是许多汽车车窗采用双层夹胶玻璃，有效的降低了噪声，这是在______减弱噪声。而如图2是仪表盘的抬头显示系统（），其原理是利用光的反射在挡风玻璃正前方形成______（选填“实像”或“虚像”），可以给我们带来更安全的驾驶。 8．（2025·四川南充·中考真题）研学活动中，图1是某同学在参观博物馆时，通过玻璃橱窗看到自己的影子，这是由光的_________形成的；图2是走出博物馆后，看到天空出现的彩虹，这是光的_________现象。 押题猜想四 透镜成像规律及其应用 试题前瞻·能力先查 【新情景】如图所示，我国空间站舱外镜头下，宇宙辽阔静谧，地球温柔璀璨，这是属于天宫的极致浪漫。相机的镜头相当于______（选填“凸”或“凹”）透镜，地球经相机镜头成倒立、______（选填“放大”或“缩小”）的实像，此时地球到相机镜头的距离应______（选填“大于二倍焦距”“在一倍焦距和二倍焦距之间”或“小于一倍焦距”）。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题、作图题及实验探究题形式出现。考查学生对凸透镜和凹透镜的辨别、凸透镜成像规律的记忆与应用、光学仪器的原理（照相机、投影仪、放大镜、眼镜），以及眼睛的视力矫正。解题关键在于抓住“三条特殊光线”和“物距与像距的关系”，结合光路图分析像的性质变化。 一、理清“两类透镜”的核心区别 凸透镜：中间厚、边缘薄，对光线有会聚作用，又称“会聚透镜”。如远视眼镜（老花镜）、照相机镜头、投影仪镜头、放大镜。 凹透镜：中间薄、边缘厚，对光线有发散作用，又称“发散透镜”。如近视眼镜、门上的猫眼（部分）。 速记口诀： 中间厚凸会聚光，中间薄凹发散忙； 凸透镜能成实像，凹透镜总成虚像。 凸透镜成像规律： 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川成都·二模）如图是快递出库扫描仪，它的上端为成像镜头，斜上方配有补光灯辅助扫描快递条形码，关于该装置涉及的光学知识，下列说法正确的是（　　） A．扫描仪的镜头与近视眼镜镜片是同种透镜 B．扫描仪需要补光，说明镜头只能识别光源 C．条形码通过扫描仪的镜头，成正立的实像 D．增大条形码到镜头的距离，所成的像变小 2．（2026·四川绵阳·一模）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上能成等大清晰的像。因为，根据凸透镜成像规律，当时，成倒立、等大的实像，所以凸透镜的焦距是。关于本实验下列说法错误的是（    ） A．把蜡烛移至10cm处，凸透镜不动，移动光屏，能在光屏上得到清晰的倒立、缩小的实像，这与照相机的成像原理相同 B．把蜡烛移至32cm处，凸透镜不动，移动光屏，能在光屏上得到清晰的倒立、放大的实像。这与投影仪的成像原理相同 C．把蜡烛从10cm移至32cm刻度线处的过程中，凸透镜所成的像逐渐变大 D．把蜡烛移至45cm处，凸透镜不动，移动光屏，会再次在光屏上得到清晰的放大的像 3．（2025·四川成都·模拟预测）夜幕降临，横跨成都锦江两岸的安顺廊桥灯火璀璨（如图所示），桨声灯影里，夜色让人陶然而醉……正所谓“锦江灯月遥相近，烟火市井三千年”。下列说法正确的是（   ） A．能从各个方向看见廊桥，是由于光发生了镜面反射 B．看到桥下水中的鱼比实际位置浅，是光的折射现象 C．取下近视眼镜，看到廊桥变模糊了，是因为其像成在视网膜后方 D．要把廊桥拍大一点，需将照相机靠近廊桥，同时将照相机镜头向后缩 4．（2025·四川绵阳·中考真题）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示时，光屏上成的像不清晰，若将光屏向右移动适当距离，可在光屏上观察到清晰的像，则（   ） A．清晰的像是倒立、缩小的实像 B．清晰的像是正立、放大的实像 C．该透镜的焦距大于7.5cm小于15cm D．该透镜的焦距大于10cm小于20cm 5．（2025·四川成都·三模）（多选）如图所示，号称世界第一城市中轴线的天府大道沐浴在灿烂的阳光下，时尚、现代、壮观、大气得让人惊叹！下列说法正确的是（　　） A．因为光的直线传播，所以大道看起来是笔直的 B．顺着大道由近而远望去的过程中，正常眼睛的晶状体会变薄，焦距会变大 C．无人机搭载摄像机巡空拍摄大道景色时，通过镜头成正立、缩小的实像 D．道旁隔离绿化带郁郁葱葱，繁花似锦，绿植叶片吸收绿光反射其它色光 6．（2026·四川广元·二模）如图所示是摄影师使用照相机（镜头焦距不变）拍摄的广元市苍溪县云峰镇梨花。与照相机镜头相同类型的透镜可以用来矫正________（选填“近视眼”或“远视眼”）。若想将树上的一朵梨花拍大些，摄影师应使照相机镜头________（选填“远离”或“靠近”）这朵梨花。 7．（2026·四川内江·二模）某同学在“研究凸透镜成像规律”的实验中，记录并绘制了物距u和像距v之间关系的图像，该凸透镜的焦距是________cm。我们私家车在公路上快速行驶时突然急刹车，人由于 ________ 而向前倾倒。 8．（2025·四川成都·二模）近视眼的晶状体曲度过大，看远处物体时使得像成在视网膜_______方（选填“前”或“后”）。如图所示，全飞秒近视手术是利用激光在眼角膜上削去一部分并从切口取出，使角膜形成一个_______透镜的形状（选填“凸”或“凹”），从而达到矫正近视的目的。 押题猜想五 物态变化 试题前瞻·能力先查 【新情景】《三国志》记载“扬汤止沸，使不焦烂”。为研究“扬汤”（舀水倒回）能否使水停止沸腾，小明将烧杯中的水加热至沸腾，再舀出适量水后倒回，用温度传感器记录水温（图甲），连接到计算机屏，显示温度随时间变化的图像（图乙），则： (1)水沸腾时持续吸热，温度_________，此时水的沸点为_________℃，推断实验所在地的大气压_________1个标准大气压。 (2)“扬汤”至水再次沸腾的过程中，烧杯中水的温度变化说明“扬汤”_________（选填“能”或“不能”）短暂使水停止沸腾。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题形式出现，偶尔结合实验探究题（如探究水沸腾特点、晶体熔化规律）。考查学生对六种物态变化的识别、晶体与非晶体的区别、熔化与凝固图像分析、汽化的两种方式（蒸发与沸腾）、液化方法、以及生活中的物态变化实例。解题关键在于抓住物质状态变化前后的相态，结合温度变化与吸放热规律，避免混淆。 物态变化框图： 应对策略： ① 先确定物质初始状态和最终状态，再对照六种变化类型。 ② 看到“冰化成水”→熔化；看到“水结成冰”→凝固；看到“变干”“消失”→汽化（或升华，若固态直接变气）。 ③ 看到“白气”“雾”“露”“眼镜起雾”→液化（气态变液态）。 ④ 看到“霜”“雪”“雾凇”“冰花”→凝华（气态直接变固态）。 ⑤ 看到“冰冻衣服变干”“樟脑丸变小”“干冰人工降雨”→升华（固态变气态）。 ⑥ 实验题中，水沸腾后撤去酒精灯，水仍沸腾一会（石棉网余热），但很快停止（说明沸腾需要持续吸热）。 ⑦ 晶体熔化实验采用“水浴法”的目的是使物体受热均匀，减慢熔化便于观察温度变化。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广安·一模）小华对生活中的热现象的解释或做法正确的是（    ） A．寒冬的玻璃窗户上常常会有一层“水汽”，应当从室外擦玻璃才能擦干“水汽” B．夏天从柜中取出的饮料瓶外有“流汗”现象，是由于瓶内的饮料扩散导致 C．衣柜中的樟脑丸时间长了会变小甚至消失，是一种汽化现象 D．将湿衣服晾在通风且光照充足的地方有利于加快水分蒸发 2．（2026·四川广元·二模）北方的冬天属于冰雪的世界。关于北方冬天的一些现象，下列说法正确的是（    ） A．寒潮来袭时黄河河面结冰，结冰是放热过程 B．“泼水成冰”的原理是水蒸气在极寒环境下凝固成小冰晶 C．气温低于0℃时雪人变小，这是凝华现象 D．游客交谈时嘴边会出现“白气”，这是汽化现象 3．（2026·四川成都·二模）自然界的水循环宛如一首灵动的诗篇，下列关于四季中多姿多态水的说法正确的是（　　） A．春雨斜织润新芽——水蒸气凝华成小雨滴 B．夏露凝珠映月华——水蒸气液化成小露珠 C．秋霜染叶红胜火——水蒸气凝固成小冰晶 D．冬雪覆枝净无瑕——小水珠汽化成水蒸气 4．（2025·四川内江·中考真题）下列物态变化现象中，属于凝固的是（　　） A．晾在室外的湿衣服变干了 B．夏天，揭开冰棒包装纸后会看到冰棒冒“白气” C．冬天，河面上结了一层冰 D．春天，屋顶上冰雪消融 5．（2025·四川攀枝花·中考真题）小明在劳动实践活动中，将芒果切片后放在烘干机中进行烘干处理，制作芒果干。在烘干过程中，芒果片中的水分不断减少是因为水发生了（　　） A．汽化 B．液化 C．熔化 D．升华 6．（2026·四川广元·二模）2026年元宵节，非遗“打铁花”在东河之畔震撼上演。夜幕下，师傅们将1600℃的铁水击向夜空，化作万点金雨。生铁（晶体）熔化时温度______（选填“不变”，“升高”或“下降”），铁水冷却变成固态铁粒，该过程发生的物态变化是______。 7．（2025·四川成都·模拟预测）如图所示，在探究“水的沸腾规律”时，发现“水中产生大量气泡，气泡在上升的过程中越来越大”就说明水沸腾了。“水中产生大量气泡”说明在液体____________（选填“内部”或“表面”）发生了汽化现象。撤去酒精灯水就停止沸腾，说明水的沸腾过程需要持续____________。 8．（2025·四川成都·一模）如图所示，是很多公共卫生间里常用的热风干手器。洗手后，将湿手伸进去，手很快就会被吹干，原因是这个过程水发生了___________（填物态变化名称），这是一个___________（选填“吸热”或“放热”）过程。 押题猜想六 内能及其应用 试题前瞻·能力先查 【科技应用】盐穴压缩空气储能是一种大规模储能发电技术的应用，其流程简化图如图所示。 (1)当用电低谷时，利用电动机驱动多级压缩机将空气压缩至高压并储存至地下盐穴中，完成电能到空气压力能的转换，实现电能的储存。电动机的原理______（选填“是”或“不是”）电磁感应、空气被压缩的过程中密度______，空气被压缩时温度升高是通过______（选填“做功”或“热传递”）的方式改变内能； (2)压缩空气储能电站分为“补燃式”和“非补燃式”两种。“非补燃式”是指储能电站利用回热技术将压缩空气时产生的热储存起来，在高峰发电时补给发电机发电，发电机发电时将______能转化为电能。“补燃式”是在高峰发电时需要燃烧燃料辅助发电，燃料的热值与其是否完全燃烧______（选填“有关”或“无关”），在用电低谷期，电网向储能电站输入的电能叫“充电能量”；用电高峰期、储能电站向电网输出的电能叫“调峰电量”。某一个储能周期内，某“非补燃式”压缩空气储能电站的充电能量为度的电能，调峰电量为度的电能，则该“非补燃式”压缩空气储能电站的整体能量转换效率为______。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题形式出现，偶尔结合实验探究题（如比较不同物质吸热能力、热机的工作过程）。考查学生对分子动理论、内能概念、改变内能的两种方式、比热容的理解与应用、热机的工作原理（四冲程）、热值的计算，以及能量守恒定律。解题关键在于区分“内能、温度、热量”三者的关系，对比热容的理解要结合生活实例，热机冲程判断抓住气门和活塞运动特征。 注意： 物体吸收热量，温度不一定升高（如晶体熔化、水沸腾）；物体温度升高，不一定吸热（如做功）。 内能不仅与温度有关，还与质量、状态、种类有关。 掌握改变内能的两种方式及实例 热传递：热量从高温物体传到低温物体（条件：温度差），如晒太阳、烧水、暖手宝。 做功：对物体做功内能增加（机械能→内能），物体对外做功内能减少，如摩擦生热、压缩气体、气体膨胀推动活塞。 能量既不会凭空消灭，也不会凭空产生，它只会从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到其他物体，而在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广元·二模）“以茶会友”是中国人社交的重要方式。将一杯热气腾腾的旺苍绿茶端到客人面前，茶香四溢，令人心旷神怡。下列说法中正确的是（   ） A．茶水温度越高所含的热量越多 B．热气腾腾的茶水冒出的“白气”是汽化现象 C．端着茶杯的手感觉很热，是通过做功的方式改变了手的内能 D．“茶香四溢”是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动 2．（2026·四川成都·二模）如图所示，用酒精灯给锥形瓶中的水加热，用带小孔的胶塞塞住瓶口，水沸腾后观察到小孔上方的“叶轮”转动。下列说法正确的是（　　） A．给水加热的过程，水通过做功改变内能 B．酒精燃烧，酒精的内能转化为化学能 C．“叶轮”转动，其机械能转化为水的内能 D．“叶轮”转动，与热机做功冲程原理相同 3．（2026·四川成都·一模）某同学在实验室开展“探究不同液体吸热能力”的实验，用两个规格相同的电加热器分别放在两个相同的烧杯里加热甲、乙两种液体，甲、乙两种液体的质量，忽略液体蒸发且加热器产生的热量全部被液体吸收，得到如图丙所示的温度与加热时间的图像，已知水的比热容为，酒精的热值为3×10⁷J/kg。下列说法正确的（　　） A．前8min，甲液体吸收的热量比乙液体吸收的热量多 B．结合题意及图丙所示的温度-加热时间图像，可判断甲液体为水 C．甲液体的比热容大小为 D．若用酒精灯加热甲杯液体，升温60℃，消耗酒精12g，则其加热效率为80% 4．（2025·四川南充·三模）如图甲为我国古代的“节能灯”——“省油灯”，图乙为其部分剖面示意图。向灯盏夹层内注水，有助于减慢油的蒸发，达到省油的目的。比热容，下列说法正确的是（　　） A．从相同大小的火焰吸收相同热量，陶瓷比铜温度变化小 B．夹层中冷水吸收热量，水分子平均动能增大 C．在燃烧过程中，能的转化与热机压缩冲程相同 D．在燃烧过程中，油的热值变小 5．（2025·四川成都·模拟预测）（多选）小才用两个完全相同的电加热器将质量均为的酒精和水分别加热至沸腾，并记录时间和温度，绘制成了如图所示的图像。已知。若相同时间内，水和酒精吸收的热量相同，则下列分析正确的是（　　） A．图像甲代表的液体是酒精 B．酒精的比热容为 C．甲液体没有吸收热量 D．前，若一个电加热器消耗了的电能，则加热液体的效率为 6．（2025·四川宜宾·模拟预测）（多选）下列关于汽车的热学知识的说法中，下列说法正确的是（　　） A．汽车发动机外装有水箱散热利用了水的比热容大的性质 B．刚坐进汽车时会闻到汽油味是因为汽油发生了扩散现象 C．汽车发动机常用的柴油机或汽油机是利用机械能来做功的 D．后窗玻璃板中嵌入的电热丝可防止车内雾气在玻璃上凝结 7．（2026·四川广元·二模）紫兰湖能调节周围环境的温度，是因为水具有________（选填“比热容”或“热值”）大的特性。周末，齐齐爸爸带着齐齐妈妈和齐齐驾车前往紫兰湖游玩。已知这辆汽车装备的增程器实际上是一个使用汽油的发电机，消耗1 L汽油可以发3.6度电，则这个增程器的发电效率是________（结果精确到小数点后一位）%。（汽油的热值是，汽油的密度是） 8．（2026·四川绵阳·一模）已知水的比热容为，1kg温度为20℃的水吸收3.78×105J的热量，水的温度将升高 ___________℃；如果用功率为1400W的加热器将等质量等初温的水加热至沸腾用时10min，该加热器的热效率是 ___________。（假设当时大气压为一个标准大气压） 9．（2026·四川绵阳·一模）某单缸四冲程汽油机的气缸活塞面积为，一个冲程活塞在气缸中移动的距离是50mm，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为，飞轮1min转动1800周，当汽油机满负荷工作时（不计摩擦），则一个做功冲程中燃气对活塞做的功_____焦、汽油机的功率为 _____瓦。 10．（2026·四川绵阳·一模）如图是奇瑞的星纪元ET汽车，32度电的电池，加上60L的油箱，满油满电续航里程高达2141km。汽油的热值是4.6×107J/kg，密度是0.7×103kg/m3，则这一箱油完全燃烧，释放的热量为 ___________J。这款汽车的增程器实际上是一个使用汽油的发电机，1L汽油可以发3.6度电，则这个增程器的发电效率是___________  %（保留1位小数）。 押题猜想七 质量与密度、机械运动 试题前瞻·能力先查 1.为测量金属块的密度，将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端的“0”刻度线处，天平指针如图甲所示，应将平衡螺母向________调节，直至天平平衡，将待测金属块放入左盘，调节平衡后右盘中砝码、游码位置如图乙所示。金属块放入量筒前后的情况如图丙所示，则金属块的体积为________，密度为____________。 2．嫦娥六号探测器成功发射，开启人类月背“挖土”之旅。完成月背采样后，上升器将携带月壤起飞，与轨返组合体对接，把月壤传递给返回器。对接完成后，上升器相对于轨返组合体是______（选填“静止”或“运动”）的，当月壤被带回地球后，其质量______。 分析有理·押题有据 本专题涵盖四川中考物理力学板块的两个基础部分：质量与密度、机械运动。考查重点：质量与密度——质量是物体的属性、天平使用、密度公式及应用、测量密度实验；机械运动——长度时间测量、参照物与运动相对性、速度公式及单位换算、s-t 与 v-t 图像分析。解题关键在于理解物理量的本质属性，并熟练运用公式进行简单计算。 天平使用与读数（必考实验操作） 调平：游码归零，调节平衡螺母使指针指中（左偏右调，右偏左调）。 称量：左物右码，用镊子加减砝码，从大到小。 读数：m物=m砝码+m游码 游码以左侧为准）。 参照物与机械运动 定义：物体位置随时间的变化叫机械运动。 参照物：判断物体运动时被选作标准的物体（假定为不动）。 运动相对性：同一物体，选择不同参照物，运动状态可能不同。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川乐山·一模）甲、乙两物体先后从同地沿同方向做匀速直线运动。时，甲出发；时，乙出发；到时，乙通过的路程为4m，甲在乙前1m。则如图所示的图像中，可以描述甲物体运动的是（　　） A． B． C． D． 2．（2026·四川广元·二模）2026年元宵节，旺苍县东河红桥上空，千架无人机组成“旺泽八方，苍润万家”字样。无人机灯光在水面形成倒影，交相辉映。下列说法正确的是（   ） A．无人机悬停在空中相对于红桥是静止的 B．无人机悬停在空中相对于倒影是运动的 C．无人机匀速上升时，它没有受到重力 D．无人机升力的施力物体是无人机本身 3．（2026·四川绵阳·一模）a、b是同一直线上相距9米的两点，甲、乙两辆小车分别从a、b两点同时出发相向而行，两车运动的路程随时间变化的图像如图所示。由图像可知（　　） A．经过4秒，甲车与乙车相遇 B．4秒末，甲车的速度等于乙车的速度 C．6秒末，甲、乙两车相距11米 D．在2-6秒内，甲车做速度为8米/秒的匀速直线运动 4．（2025·四川绵阳·二模）（多选）我国研发团队经过一千多天的日夜奋战，生产出世界上最薄的“手撕钢”。“手撕钢”的密度为7.9g/cm3，但厚度只有0.015mm，被誉为“钢铁行业皇冠上的明珠”。以下说法正确的是（　　） A．“手撕钢”的厚度为15nm B．2m2“手撕钢”的质量为237kg C．“手撕钢”的温度升高时质量不变，密度不变 D．用“手撕钢”做的手术刀轻薄灵活，“轻”是指质量小 5．（2026·四川德阳·一模）我国某新型战斗机，速度可达800m/s，以此速度飞行，10s内可飞行___________m；飞机采用大量结构隐身材料是一种多功能复合材料，具备质轻、高强的优点，既能承载作为结构件，又具有较好的隐身性能，这种材料___________（选填“增大”或“减小”）了飞机自身的质量从而增加起飞的载弹量。 6．（2025·四川成都·模拟预测）小函同学用一架托盘天平和量筒来测量牛奶的密度，先测出烧杯和牛奶的总质量为82.4g；将一部分牛奶倒入量筒中如图甲所示，再按如图乙所示测出剩余部分牛奶和烧杯的质量为________g，计算出牛奶的密度为________ kg/m3。 7．（2026·四川广元·二模）加油机给匀速直线飞行的战斗机加油时，以地面为参照物，加油机是________（选填“静止”或“运动”）的；如果加油过程中战斗机在2 s内飞行了0.3 km，则加油机的速度是________m/s。 8．（2026·四川成都·二模）如图“测量小车运动的平均速度”实验中，使斜面的坡度较小，目的是________；小车从斜面A点由静止开始下滑，若小车过了A点才开始计时，测得的AC段平均速度偏____。 押题猜想八 运动和力 试题前瞻·能力先查 1.给无人机充电时，无人机的电池相当于_____________（选填“用电器”或“电源”）；若无人机飞行过程中受到的一切外力消失，无人机将会_____________（选填“保持静止”、“做匀速直线运动”、“竖直下落”）。无人机低空配送货物时，其影子出现在无人机下方的东侧，则此时是一天中的_____________（选填“上午”、“中午”、“下午”） 2.如图为探究摩擦力的实验装置。当桶和沙的总质量为0.3kg时，木块和木板在水平桌面上保持静止，力传感器示数为0.4N，a、b两段轻绳均与桌面平行，木块受到的合力大小为____N。不计绳与滑轮间的摩擦，桌面对木板的摩擦力大小为____N，此摩擦力的方向水平向____。 分析有理·押题有据 本专题是四川中考物理力学的核心板块，涵盖力的基本概念、常见的三种力（重力、弹力、摩擦力）、二力平衡、牛顿第一定律与惯性、力与运动的关系。解题关键在于理解力是改变物体运动状态的原因，而非维持运动的原因，并能正确进行受力分析，判断平衡力与相互作用力。 力的作用效果： ① 改变物体的形状（使物体发生形变）； ② 改变物体的运动状态（速度大小或方向改变）。 力的三要素：大小、方向、作用点（影响力的作用效果）。 牛顿第一定律与惯性 牛顿第一定律（惯性定律）：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。 理解：力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因。 惯性：物体保持原来运动状态不变的性质。 惯性只与质量有关，质量越大，惯性越大，与速度、受力无关。 二力平衡与平衡力vs相互作用力 二力平衡条件（必背四要素）：同体、等大、反向、共线。 平衡状态：静止或匀速直线运动 → 物体受力平衡（合力为零）。 合力的方向与运动方向的关系： 同向 → 加速；反向 → 减速；不在同一直线 → 曲线运动。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广元·二模）小蔷在厨房做饭时联想到许多物理知识，下列中正确的是（   ） A．洗菜后用力甩掉菜上的水滴，这是利用了菜叶的惯性 B．鸡蛋碰碗边，鸡蛋破了，则鸡蛋对碗的力小于碗对鸡蛋的力 C．水平桌面上静止的酱油瓶，所受重力与桌面对它的支持力是一对平衡力 D．汤锅内的汤正在沸腾，若加盖上锅盖，锅内气压会变小，汤的沸点随之升高 2．（2026·四川绵阳·一模）如图所示是小赵在水平公路上骑行的情景，下列说法正确的是（　　） A．自行车受到的重力和地面对自行车的支持力是一对平衡力 B．自行车对地面的压力与地面对自行车的支持力是一对相互作用力 C．自行车匀速转弯时，自行车的运动状态保持不变 D．停止蹬车后自行车受到惯性继续向前运动 3．（2026·四川德阳·一模）2025年8月17日晚，第12届世界运动会在成都圆满闭幕。关于羽毛球、乒乓球、体操和网球四个比赛项目，下列描述错误的是（　　） A．羽毛球离开球拍后能在空中飞行一段距离，是由于羽毛球具有惯性 B．控制好乒乓球的着力点和方向，可以让乒乓球旋转起来 C．体操运动员在手上涂抹白色镁粉，是为了减小摩擦力 D．球拍在击打网球的过程中，球拍和网球同时发生了弹性形变 4．（2026·四川绵阳·一模）如图所示是杂技表演项目“顶缸”，图中演员顶着缸静止不动时，下列说法正确的是（　　） A．缸受到的重力与演员受到的重力是一对平衡力 B．演员对地面的压力与地面对演员的支持力是一对平衡力 C．缸受到的重力和演员对缸的支持力大小相等，方向相同 D．缸对演员的压力与演员对缸的支持力是一对相互作用力 5．（2026·四川成都·一模）小明同学在“探究滑动摩擦力与哪些因素有关”的实验中，用弹簧测力计匀速拉动木块，如图甲所示，图乙是他两次拉动同一木块得到的速度随时间变化的图像。下列说法正确的是（　　） A．两次木块受到的拉力相等 B．两次木块相同时间内移动的距离一样多 C．木块第一次受到的摩擦力较大 D．如果用弹簧测力计拉着该物块做加速运动，物块受到的滑动摩擦力会增大 6．（2025·四川泸州·二模）如图甲所示，水平路面由三段粗糙程度不同的区域组成。物块（体积忽略不计）在水平拉力F=2N的作用下从区域a的最左端由静止开始向右运动，在刚进入区域时撤去拉力，物块最终停在区域c的最右端。如图乙所示为物块运动的v-t图像，下列说法中正确的是（　　） A．粗糙程度最大的是区域a B．三段区域长度不完全相同 C．在区域b时受到的摩擦力小于2N D．在2s时，物块运动到了区域c 7．（2026·四川宜宾·一模）（多选）如图所示是“探究同一直线上二力的合成”实验，橡皮筋原长为AE，在拉力的作用下伸长到AE'。下列说法正确的是（    ） A．本实验运用了科学推理法 B．每次实验都将橡皮筋右端拉到E′是为了控制力的作用效果相同 C．比较图甲、丙可得，，方向与这两个力的方向相同 D．比较图乙、丙可得，，方向与较小的那个力的方向相同 8．（2026·四川宜宾·一模）（多选）如图甲所示，小明用水平推力F推置于水平地面上的木箱，推力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示，在此过程中，木箱运动速度v的大小随时间t变化的情况如图丙所示。下列说法正确的是（　　） A．0~3s，箱子受到地面的摩擦力小于推力 B．t=5s时，箱子受到地面的滑动摩擦力为9N C．t=8s时，箱子受到的合力方向水平向左 D．3~6s，箱子受到的合力为3N 9．（2026·四川绵阳·一模）如图所示，两块相同的挡板中夹着两块重力分别为G、3G的同一种材料做成的砖块，在水平方向的两个力F、F作用下整个装置处于静止状态，请分析左边砖块对右边砖块的摩擦力大小是______，左边砖块对右边砖块的摩擦力方向是_____。 10．（2026·四川广元·二模）2026年3月29日19时04分，随着中国国际航空执飞的CA1611航班平稳降落在哈尔滨太平国际机场，标志着国产大飞机C919正式开启北京往返哈尔滨的常态化商业运营。飞机加速滑行时受到________（选填“平衡力”或“非平衡力”）的作用；飞机正常升空后，为了安静地休息，乘客戴上了耳罩，这是在________（选填“声源处”“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。 11．（2026·四川成都·二模）如图所示，涛涛利用一支尖头铅笔体验“压力作用效果与受力面积的关系”，为完成实验，他需控制压力相等，为此他应将铅笔如图 ____________ （选填“1”或“2”）放置，此实验中两个手指对铅笔的压力属于 ____________ （选填“平衡力”或“相互作用力”）。 12．（2025·四川南充·三模）如图所示，在光滑的水平面上叠放着甲、乙两个不同材质的木块，甲木块用一根细绳拴住并固定在左边的竖直板上，则地对乙的支持力与乙所受重力________一对平衡力（选填“是”或“不是”）；现用的力把木块乙从右端匀速抽出时，木块甲处于静止，则________会受到20N向左的摩擦力（选填“甲”或“乙”）。 押题猜想九 压强及其应用 试题前瞻·能力先查 【新情景】（多选）如图所示，两端开口、粗细均匀且足够长的“U”形玻璃管内，、两种液体密闭一段空气柱，平衡时两侧液面相平，液柱长为，密度为，液柱左右两侧液面高度差为。大气压强和气温恒定，重力常量为，大气压为。下列判断正确的是（　　） A．密闭空气柱的压强为 B．液体的密度为 C．向左侧管内缓慢注入适量的液体后，密闭气体压强不变 D．向左侧管内缓慢注入适量的液体，稳定后两侧液面不相平 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容。考查学生对压强概念的理解、增大与减小压强的方法、液体内部压强的特点及计算、大气压强的存在与测量、流体压强与流速的关系，以及生活中压强知识的应用。解题关键在于分清固体压强与液体压强的不同计算方法，记住液体压强只与液体密度和深度有关，大气压的变化与海拔、天气的关系，以及“流速大压强小”的判断依据。 压力与重力区别： 放在水平面上的物体，若不受其他外力，压力大小等于重力，但压力作用点在接触面，方向垂直于接触面向下，重力作用点在重心，方向竖直向下。 斜面上物体对斜面的压力小于重力（可用力的分解定性理解）。 增大压强方法：增大压力 或 减小受力面积（如刀刃锋利、图钉尖细）。 减小压强方法：减小压力 或 增大受力面积（如坦克履带、书包宽带、铁轨下铺枕木）。 解题策略： ① 看到“刀锋利”“针尖细”“破窗锤”→增大压强；看到“履带宽”“书包带宽”“铁轨枕木”→减小压强。 ② 液体压强问题：先找液体密度是否相同，再比较深度（从自由液面竖直向下）。连通器中同种液体静止时液面相平，与粗细形状无关。 ③ 大气压应用：凡是将“内部空气排出”“形成内外气压差”工作的都属于利用大气压，如吸盘、吸管、吸药液、吸墨水、抽水机。 ④ 流体压强：看到“安全线”“机翼”“喷雾器”“窗帘飘出”“火车吸人”→流速大压强小。 ⑤ 固体压强计算：先确定压力（水平面F=G总），再找受力面积（注意单位换算，cm²→m²）。液体压强计算：先用p=ρgh求压强，再用F=pS求压力，顺序不能颠倒。 ⑥ 托里拆利实验：测的是大气压能支持的水银柱高度，若用水做实验，水柱高度约10.3 m。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广元·二模）高铁被誉为我国“新四大发明”之一。高铁及铁轨采用了相关措施来保证其安全性和舒适性，下列描述中正确的是（   ） A．铁轨下铺设枕轨主要是为了增大压强 B．列车的机械部件加润滑油是为了增大摩擦 C．车内的破窗锤头做成锥形是为了增大压强 D．车厢地面铺设防滑磨砂材料是为了减小摩擦 2．（2026·四川广元·二模）细心的小明通过平时观察发现如下现象，其中说法正确的是（    ） A．纸片托水的“覆杯实验”，可以证明大气压强的存在 B．扔出的沙包仍能在空中飞行，是因为它受到了惯性力的作用 C．轮船从海水密度较小的海域驶入海水密度较大的海域，它受到的浮力将变大 D．飞机获得升力利用了“流体流速越大压强越大”的原理 3．（2026·四川成都·二模）大国重器的设计蕴含着丰富的物理知识。下列说法不正确的是（　　） A．三峡船闸利用连通器原理，使闸室与上下游液面相平 B．蛟龙号深海探测，所受压强随液体的深度增加而增大 C．C919大飞机升空，是利用流速大的地方压强小的原理 D．玉兔号月球车在月面行驶，靠大气压强保持车身稳定 4．（2026·四川绵阳·一模）如图，质量、底面积都相同的薄壁容器甲、乙、丙放在水平桌面上，分别装有A、B、C三种质量和深度均相同的液体。下列说法正确的是（　　） A．液体的密度B＜A＜C B．液体对容器底部的压强pB＞pA＞pC C．液体对容器底部的压力FB＜FA＜FC D．容器对桌面的压力F乙＜F甲=F丙 5．（2025·四川南充·三模）在底端封闭的两支相同吸管中装入不同质量的细沙，制成了A、B两支密度计，放入同一个盛有水的烧杯中，静止后如图所示。下列说法正确的是（   ） A．密度计A所受浮力较小 B．密度计B所受重力较小 C．两密度计底部所受水的压强相等 D．两密度计在水面处的刻度值A大于B 6．（2025·四川泸州·二模）（多选）如图所示，有两个相同的密闭轻质薄容器一正一倒地放置在水平桌面上。已知甲、乙容器中所装不同液体的体积相同，乙中液体为水，两种液体对容器底部的压力相等。甲图中液体深度为，点到液面距离，乙图中液面高度和甲图中点等高，点距离容器底部，乙图中容器的底面积为。下列判断正确的是（　　） A．甲中液体密度大于水的密度 B．甲中液体对容器底的压强小于乙 C．乙中水对点的压强为 D．乙中水对容器底部的压力为 7．（2024·山东潍坊·一模）（多选）如图所示，甲、乙两容器内装两种不同液体，液体质量分别为和。两容器质量均为、底面积均为S，两容器底部受到的液体压强均为p。距离容器底部等高的位置有A、B两点，受到的液体压强分别为和，则（　　） A．甲、乙液体密度关系为 B．容器底部所受液体压力关系为 C．A、B两点受到的液体压强关系为 D．两容器对水平桌面的压强关系为 8．（2026·四川广元·二模）如图所示，用细绳拉着浸没在水中的合金块，将其从图中位置缓慢拉至刚好离开水面，此过程中烧杯对桌面的压强______（选填“不变”，“变大”或“变小”）；剪断细线后，合金块在水中竖直向下做加速运动，不计水的阻力，合金块所受合力的方向为______。 9．（2025·四川成都·模拟预测）如图所示，手指施加8N的力把图钉压入木板。若图钉帽的受力面积是，则手指对图钉帽的压强为___________Pa。图钉尖制作得很尖锐，是为了在压力一定时，通过___________来增大压强，达到目的。 10．（2025·四川广安·模拟预测）如图所示，在水平地面上有两个由同种材料制成的实心均匀正方体金属块甲和乙，其密度为，甲的边长为0.1m，若它们对水平面的压强之比为1∶3，则甲对地面的压强为____。若乙沿竖直方向切去一部分，并将切去部分叠放在甲的正上方，此时甲、乙对地面的压强相等，则乙正方体剩余部分的重力为______N（g取10N/kg）。 11．（2026·四川南充·一模）如图所示，水平桌面上放置有甲、乙两实心均匀正方体，甲的质量为6.3kg，边长为0.1m；乙的边长为0.2m，对水平桌面的压强为1500 Pa，实心正方体乙的密度为_______；若沿实心正方体乙的上表面向内部挖去一个底面为正方形的长方体使其变为一个容器，并在挖去部分中倒满水，此时乙对桌面的压强为甲对水平桌面压强的，挖去部分的体积_________cm3。（g取10N/kg） 12．（2025·四川遂宁·二模）如图所示，A、B是两个等高的圆柱形容器，容器重力忽略不计，容器中装满水，容器的底面积之比为2∶1。现将同种材料，质量比为6∶1的木块a、b（木＜水）分别轻轻放入两容器中，木块静止后水对容器底部的压强之比为_________，容器对桌面的压力之比为_________。 押题猜想十 浮力 试题前瞻·能力先查 【图像的综合计算】如图甲所示，容器底面积为，一根细线下吊着物体，容器开始是空的，现在往容器中以的恒定速度注水，绳子的拉力随注水时间变化如图乙所示，物体的质量为________g，物体的密度为________。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题、实验探究题及计算题形式出现，常与密度、压强、受力分析综合考查。考查学生对浮力产生原因、阿基米德原理、物体的浮沉条件及其应用的理解与计算。解题关键在于分清浮力大小的决定因素（排开液体的重），熟练运用称重法、压力差法、阿基米德原理法、平衡法求浮力，并能根据浮沉条件判断物体的状态。 四川中考常结合水利工程、农业生产、科技发明及生活实际命题 应对策略： ① 比较浮力：先判断物体状态（漂浮/悬浮/沉底），再利用浮沉条件（漂浮悬浮时浮力=重力，沉底时浮力=ρ液gV排）；若没有状态信息则用阿基米德原理比较ρ液和V排。 ② 漂浮问题：浮力=重力，且ρ物/ρ液 = V排/V物（已知任意三个可求第四个）。 ③ 称重法实验：物体在空气中弹簧测力计示数为G，浸没后示数为F，则F浮=G-F，物体体积V物=V排 = F浮/(ρ水g)，物体密度ρ物 = G/(V物g) = G/(G-F)·ρ水。 ④ 轮船吃水线：同一轮船在不同水域漂浮，浮力不变（等于重力），液体密度越大吃水深度越小（V排越小）。 ⑤ 潜水艇：浸没后V排不变，浮力不变，通过改变自身重力实现浮沉。 ⑥ 密度计：漂浮时浮力=重力，液体密度越大浸入体积越小（露出越多），刻度从上到下密度值增大（上小下大）。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川成都·二模）探究“浮力与排开液体体积的关系”实验中，下列操作合理的是（　　） A．将体积相同的不同金属块分别浸没在水中 B．将同一金属块分别浸没在清水和盐水中 C．将同一金属块分别浸没在不同深度的水中 D．将同一金属块体积、体积、整个体积分别浸在水中 2．（2025·四川成都·模拟预测）2024年5月1日，配有国产电磁弹射装置的航母“福建舰”进行了首次海试工作。如图所示，满载的“福建舰”（排水量约为）漂浮在海面上时，它受到的浮力约为（取）（   ） A． B． C． D． 3．（2025·四川达州·模拟预测）如图所示，两个完全相同的容器分别盛有甲、乙两种液体，将两个体积相等的实心物体A、B分别放入甲、乙两种液体中，静止后，物体A悬浮，物体B漂浮，两容器中液面相平。则下列说法正确的是（　　） A．若物体A、B密度相等，则物体A受到的浮力小于物体B受到的浮力 B．若物体A、B密度相等，则液体甲对容器底部的压强等于液体乙对容器底部的压强 C．若甲、乙液体密度相等，则物体A受到的浮力大于物体B受到的浮力 D．若甲、乙液体密度相等，则物体A的密度小于物体B的密度 4．（2025·四川广安·模拟预测）如图所示，水平桌面上盛有适量水的烧杯中，漂浮着冰块A，悬浮着物块B，当冰块A完全熔化后，下列说法正确的是（　　） A．烧杯内液面高度不变 B．杯底受到液体的压力变小 C．烧杯对桌面压强变大 D．物块B受到的浮力变小 5．（2025·四川自贡·二模）敖丙身为东海三太子，身负维护水族安宁重任。敖丙在与能够控制电流的对手申正道作战时，利用冰不导电的原理，将巨水冻结成冰以限制申正道的行动，成功扭转了战局。敖丙的冰块在海水中漂浮，冰块露出水面的体积与总体积之比约为（已知冰的密度为，海水的密度约）（　　） A．1∶10 B．1∶9 C．9∶10 D．10∶9 6．（2026·四川南充·一模）（多选）如图所示，甲、乙、丙三个完全相同的烧杯中均装有适量的酒精，将质地均匀，且不吸酒精的a、b两实心体分别放入甲、乙烧杯中，当a、b静止时，a有的体积露出液面，b悬浮于液体中，此时两烧杯液面刚好相平。若将b置于a上一起放入丙烧杯中，静止时a有的体积露出液面，整个过程中液体均未溢出，下列说法正确的是（　　）（ρ酒精=0.8×103kg/m3） A．a的密度是0.2×103 kg/m3 B．a、b的质量之比为1∶2 C．a、b的体积之比为3∶1 D．b的密度是1.0×103 kg/m3 7．（2025·四川宜宾·模拟预测）（多选）如图甲，弹簧测力计下端用轻质细线系着不吸水的实心圆柱体，现要将圆柱体匀速下沉浸没在水中且不与容器壁、容器底接触，弹簧测力计示数F随圆柱体上升时间t的变化关系如图乙。水的密度是1.0×103kg/m3，g取10N/kg，圆柱体表面所沾水和细线体积均不计，下列正确的是（　　） A．圆柱体的重力是1N B．圆柱体的密度是1.5×103kg/m3 C．圆柱体的底面积是5cm2 D．圆柱体刚好浸没时下表面受到水的压强为400Pa 8．（2025·四川南充·三模）（多选）用隔板MN将容器隔开成左右相等的两部分，隔板MN下部有一透气的圆孔用薄橡皮膜封闭。将适量的甲、乙两种液体注入左右隔断的容器中，再分别将体积均为的A、B实心小球放入液体中，小球静止时，小球和橡皮膜的状态如图所示。下列说法中正确的是（　　） A．两个实心小球的密度关系是 B．甲、乙两种液体对容器底部的压强关系为 C．两个小球静止时所受到的浮力的关系为 D．小球A所受的浮力为 9．（2025·四川南充·一模）（多选）如图甲所示，用弹簧测力计将一长方体物体从装有水的杯子中匀速拉出，物体的底面积为40cm2，杯子的底面积为100cm2，拉力随时间的变化关系如图乙所示,0-2s,拉力保持3N不变，2到3s,拉力从3N线性增大到5N，3s后，拉力保持5N不变。则下列说法正确的是（　　） A．物体的密度为2.5g/cm3 B．物体上升的速度为3cm/s C．t=1s时，水对杯底的压力为15N D．当物体有一半露出水面时，物体上升了12.5cm 10．（2026·四川广元·二模）水平桌面上有一装有适量水的足够高的柱形水槽，水中放一个重力为的木块，将重力为的铁块放在木块上，静止时木块刚好浸没在水中，如图甲所示，此时木块受到的浮力为______；当将铁块用细线系在木块下方，浸在水中，静止时木块有十分之一的体积露出水面，如图乙所示，若木块体积为V，则铁块的体积为______。（用题中已知物理量写出代数式） 11．（2025·四川南充·一模）一个重5N的木块漂浮在水面上，它受到的浮力大小为__________N，若向水中加盐，木块受到的浮力将__________（选填“变大”“变小”或“不变”）。 12．（2025·四川广安·三模）如图所示，桌面上有一个盛有水的圆柱形容器，物块A（不吸水）漂浮在液面上，已知A的密度为，体积为，则物块A所受浮力为______；现用力压物块A使其缓慢向下，直到恰好浸没在水中（水未溢出），此时水对容器底部的压强增大了80Pa，则该圆柱形容器的底面积为______。（取，水的密度为） 押题猜想十一 做功与机械能 试题前瞻·能力先查 1．（多选）2026年3月16日，快舟十一号遥七运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射神舟飞船进入预定轨道。关于这一过程，下列说法正确的是（　　） A．火箭升空时，将燃料的化学能转化为火箭的机械能 B．以地面为参照物，火箭是运动的 C．火箭加速升空过程中，动能增大 D．使火箭升空的施力物体是空气 2．物理兴趣活动中，小明用弹簧测力计水平拉着木块在水平桌面上沿直线运动，木块运动的图像如图乙所示，弹簧测力计的示数F随时间t变化的图像如图甲所示。在0~2 s内，木块受到的摩擦力大小为_________N；在2~6 s内，拉力F做功的功率为_________W；小明从物理老师处了解到：速度图像与时间轴围成的面积对应物体运动的路程。此木块0~8 s的平均速度为_________。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题及计算题形式出现，偶尔结合实验探究题（如探究动能大小的影响因素）。考查学生对功、功率、动能、重力势能、弹性势能、机械能守恒等概念的理解与辨析，以及功和功率的简单计算、机械能之间的转化分析。解题关键在于区分“做功”的两个必要因素，准确判断力是否做功；明确动能、势能的影响因素，分析机械能转化时注意是否考虑摩擦和阻力。 解题策略： ① 判断做功：先看是否有力，再看力的方向上是否有位移。人提着水桶水平走，提力不做功；人扛着米上楼，扛力做功（竖直方向有位移）。 ② 功的计算：先确定力的大小和方向的位移，代公式W = Fs。注意单位统一（s用米，F用牛）。 ③ 功率计算：P = W/t 或 P = Fv。若求瞬时功率用P=Fv，若求平均功率用P=W/t。 ④ 动能和势能比较：先看质量是否变化，再看速度（动能）、高度（重力势能）、形变（弹性势能）。若质量不变，速度增大则动能增大；高度增大则重力势能增大。 ⑤ 机械能守恒判断：若题目说“忽略空气阻力”“光滑斜面”“不计摩擦”则机械能守恒；若有“摩擦”“阻力”“粗糙”则机械能不守恒，会减少。 ⑥ 实验题：探究动能大小与速度的关系时，控制质量相同、改变速度（让同一小球从不同高度由静止释放）；探究动能大小与质量的关系时，控制速度相同、改变质量（让不同质量小球从同一高度由静止释放）。木块移动距离反映动能大小（转换法）。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川绵阳·一模）如图所示是一个老人和小孩攀爬同一楼梯时的情景。若需要比较攀爬楼梯过程中老人和小孩做功的功率大小，测量的物理量有（    ） A．只需测量各自爬楼梯的高度 B．只需测量老人的质量、小孩的质量 C．至少需要测量老人的质量、小孩的质量，各自爬楼梯所需的时间 D．必须测量老人的质量、小孩的质量，各自爬楼梯的高度和所需的时间 2．（2025·四川达州·模拟预测）在体能测试中，小明选择跳绳。他在1min内跳了120次，每次跳离地面的高度为5cm。设他每跳一次所用的时间相等，则他跳绳时的功率最接近（   ） A．50W B．100W C．150W D．200W 3．（2026·四川广元·二模）某工程施工时，要向江中沉放大量的施工构件。如图甲所示，假设一正方体构件从江面被匀速吊入江水中，在沉入过程中，其下表面到水面的距离h逐渐增大，构件所受浮力F1、钢绳拉力F2随h变化的图像如图乙所示；构件下表面从水面下降4 m所用时间为20 s。下列说法正确的是（    ）（g取10 N/kg，ρ水=1.0×103 kg/m3） A．构件的边长为4 m B．构件的密度为2×103 kg/m3 C．构件下表面下降到水面下4 m时，它受到的合力大小为1.6×105 N，方向竖直向上 D．构件下表面从水面下降4 m的过程中，其重力所做功的功率为4.8×104 W 4．（2025·四川南充·二模）如图所示A、B两个粗糙程度相同的物体以甲、乙两种不同的方式叠放在同一水平地面上，分别用水平方向的拉力F甲和F乙使AB一起向右运动，甲运动的s﹣t图像和乙运动的v﹣t图像分别如图丙、丁所示，已知F甲＝20N，下列说法正确的是（　　） A．F甲＜F乙 B．甲、乙两图中地面受到的摩擦力相等 C．甲、乙两图中AB之间的摩擦力均为20N D．拉力F甲与拉力F乙的功率相等 5．（2026·四川成都·二模）（多选）工人将重为500N的小车推到水平车厢中，如图所示，F始终与小车运动方向相同，图中A、C、D是小车在三段路面的起点，小车的运动时间、推力、速度如下表，AB=1m，下列说法正确的是（　　） 路段 AB BC CD DE 时间t/s 2 2 4 2 推力F/N 300 200 400 100 速度v/m·s-1 1 0.5 0.75 A．小车在AB段运动的平均速度为1m/s B．工人的推力在BC段做的功为400J C．工人的推力在CD段和DE段的功率之比为8∶3 D．在斜面CD段的推力最大，说明斜面不能省力 6．（2025·四川宜宾·二模）（多选）如图甲所示，工人用推力F将重为1000N的箱子沿斜面推至水平车厢中，斜面长3m、高1.5m，F始终与箱子运动方向相同。箱子运动路程随时间变化关系如图乙所示，推力F随时间变化关系如图丙所示。下列分析正确的是（　　） A．0~10s内，箱子做加速运动 B．0~10s内，箱子所受摩擦力为100N C．10~20s内，推力F的功率为100W D．10~20s内，箱子所受摩擦力为200N 7．（2026·四川绵阳·一模）某单缸四冲程汽油机的气缸活塞面积为，一个冲程活塞在气缸中移动的距离是50mm，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为，飞轮1min转动1800周，当汽油机满负荷工作时（不计摩擦），则一个做功冲程中燃气对活塞做的功_____焦、汽油机的功率为 _____瓦。 8．（2026·四川内江·一模）小明同学用50N的水平推力推着重为100N的箱子在水平地面上前进了10m，用时10s，则他对箱子做的功的功率是___________W；重力对箱子做的功是___________J。 9．（2025·四川泸州·三模）跳绳是一种简便易行的锻炼方式。如图描绘了某同学某次跳绳时重心移动的高度h随时间t变化的图像。若该同学的质量为50kg，他所受重力是_________N，按此跳绳节奏，他1min跳绳次数为_________次，克服重力做功的功率为__________W。（g取10N/kg） 10．（2025·四川南充·一模）一辆汽车不小心开进了泥水坑中，司机取来一套滑轮组将汽车从泥水坑中拉出，如图所示。若汽车重为，受的阻力为车重的倍，司机用的拉力，经过拉着滑轮组自由端，车匀速前进了，则司机做功的功率是______，司机拉动该滑轮组的机械效率是______。 11．（2025·四川宜宾·中考真题）某款重力为2N的电动玩具小车，以的功率在水平路面上匀速运动，此过程中所受摩擦阻力恒为0.6N，则匀速运动时的速度___________；现在小车以相同功率在斜面上匀速运动4m的路程，对应上升2m的高度，此过程中所受摩擦阻力恒为0.5N，则玩具小车所用时间___________s。 押题猜想十二 简单机械与机械效率 试题前瞻·能力先查 1.《天工开物》中记载了我国古代的井上施工装置，其简化模型如图所示，O为支点，M端用绳子悬挂重400N的物体，在N端用竖直向下的拉力使物体缓慢上升，忽略杠杆和绳的自重，杠杆在水平位置平衡时N端受到的拉力大小为________N。要使物体上升0.5m，手需将绳子向下拉动________m。 2．（多选）如图甲所示，用滑轮组把建筑材料运送到高处。电动机用800N的力拉钢丝绳，使建筑材料竖直匀速上升，滑轮组的机械效率为80%。钢丝绳自由端移动的距离随时间变化的规律如图乙中图线a所示，建筑材料上升的距离随时间的变化规律如图乙中图线b所示，取。下列说法正确的是（　　） A．钢丝绳自由端的移动速度为 B．10s内电动机对钢丝绳做的功为 C．建筑材料的质量为 D．动滑轮对建筑材料做功的功率为 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，常与功、功率、浮力、压强等综合考查。考查学生对杠杆的分类与平衡条件、滑轮与滑轮组的省力与绕线、机械效率的理解与计算，以及斜面、轮轴等简单机械的应用。解题关键在于识别杠杆类型、运用平衡条件列式，分析滑轮组的绳子段数，分清有用功、额外功、总功及机械效率的计算。 解题策略： ① 杠杆分类：找支点和力臂。若要省力，选动力臂＞阻力臂的杠杆；若省距离，选费力杠杆。天平等臂杠杆。 ② 最小动力问题：连接支点与力的作用点，以该连线为力臂时力臂最大，最小力垂直于该连线。 ③ 滑轮组绕线：先确定n（F与G的关系），再按“奇动偶定”原则作图。 ④ 机械效率计算：先分清W有、W总。竖直提升：W有=G物h，W总=Fs（s=n h），η=G物/(nF)。若不计摩擦绳重，可先求动滑轮重G动=nF−G物，再算η=G物/(G物+G动)。 ⑤ 水平滑轮组：W有=fs物，W总=F s绳，s绳=n s物，η=f/(nF)。 ⑥ 斜面：W有=Gh，W总=Fs，η=Gh/(Fs)；额外功W额=Fs−Gh，若克服摩擦则f=W额/s。 ⑦ 功率计算：P=W总/t=Fv绳（v绳为绳子自由端移动速度）。 ⑧ 实验题：测量滑轮组机械效率时，需匀速拉动弹簧测力计；机械效率高低与物重、动滑轮重、绳重、摩擦有关；同一个滑轮组，物重越大效率越高。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广元·二模）如图所示，甲、乙两种滑轮匀速将同一物体提升相同高度，不计绳重和摩擦。下列说法不正确的是（   ） A．甲乙做的有用功一样多 B．甲乙两绳子自由端的拉力相等 C．乙装置的机械效率比甲低 D．乙绳子自由端移动的距离是甲的2倍 2．（2026·四川广元·二模）如图所示，用的水平拉力拉着滑轮使重为200N的物体A沿水平地面匀速运动，且物体A运动的速度为0.2m/s，地面对物体A的摩擦力是物体A重力的。两段绳子均水平，不计绳子和滑轮重力，下列说法正确的是（） A．10s内物体A克服与地面之间的摩擦力做的功是80J B．10s内拉力F做的功是100J C．拉力F的功率是10W D．该装置的机械效率是80% 3．（2026·四川绵阳·一模）如图是《天工开物》中记载的我国古代的提水工具“辘轳”，在两个支架上摆放一根直的硬棒，支点为O1、O2，A处系一石块，B端装有轮轴，轮轴能绕着硬棒转动，悬吊空桶的绳索另一端绕过轮轴后系紧在轮轴上，已知空桶和轮轴的质量为20kg，空桶和轮轴对硬棒的作用力视作施加在B点。O1A长为0.6m，O1O2长为1m，O2B长为0.8m，硬棒及绳索质量忽略不计。当人对辘轳不施加力，桶中也未装水时，A处所系石块能确保硬棒不会翻转的最小质量为（　　） A．6kg B．8kg C．10kg D．60kg 4．（2025·四川广元·二模）中国空间站机械臂是对“人类手臂”最真实的还原，可随时实现对空间站舱体表面的巡检。下列杠杆中与空间站机械臂同属于费力杠杆的是（　　） A．用羊角锤拔钉子 B．开瓶起子 C．用钢丝钳剪铁丝 D．锄地时举起锄头 5．（2026·四川内江·二模）工人师傅采用同一滑轮组用如图所示两种方式提升同一建材，使建材以相同的速度匀速直线上升相同高度，若不计绳重及摩擦，则下列相关说法正确的是（　　） A．甲、乙滑轮组中绳子自由端的拉力相等 B．甲、乙滑轮组绳子自由端移动速度相等 C．甲、乙滑轮组绳子自由端移动的距离s甲>s乙 D．甲、乙滑轮组的机械效率相等 6．（2025·四川广安·模拟预测）如图甲所示，用拉力F竖直向上匀速提升重360N的货物，货物移动的距离与时间的关系如图乙所示。动滑轮重40N，不计绳重和摩擦，则（　　） A．绳子自由端移动的速度为0.5m/s B．拉力F为400N C．该装置可以省功 D．动滑轮的机械效率为90% 7．（2026·四川成都·一模）（多选）在“双碳”目标引领下，光伏电站的升降机械需通过优化滑轮组提高能效，以降低能耗。某科技小组模仿光伏组件升降原理，利用甲、乙两套滑轮组（每个滑轮质量均为0.5kg）开展探究实验，装置如图所示。用两装置将重为9N的光伏组件匀速提升至h=0.2m的高度，且完成提升所用时间均为t=2s。（不计绳重和摩擦，g取10N/kg）下列说法正确的有（　　） A．甲、乙装置所做的有用功均为1.8J B．甲装置绳端移动的速度比乙装置更大，机械效率更高 C．乙装置所做的总功为2.0J，拉力做功的功率为1.0W D．甲装置的额外功为1J，拉力做功的功率为1.4W 8．（2024·四川成都·中考真题）（多选）小成在实验室组装如图所示的滑轮组进行实验探究，实验过程如下：先测得定滑轮的重力为0.2N，动滑轮的重力为0.25N，再使用组装好的滑轮组在10s内将质量为100g的钩码竖直匀速提升20cm，此过程中弹簧测力计的示数为0.5N。g取10N/kg，下列说法正确的是（　　） A．弹簧测力计对细绳拉力的功率为0.03W B．滑轮组的机械效率为80% C．克服绳重和摩擦做的额外功为0.05J D．若增大提升钩码的质量，滑轮组的机械效率不变 9．（2026·四川广元·二模）如图所示，工人利用斜面将货物推上货车。已知斜面长5m，高1m，工人沿斜面方向将质量为160kg的货物从斜面底端匀速推至顶端。使用斜面的好处是______（选填“省功”，“省力”或“省距离”）；若该过程斜面的效率为80%，则推力F的大小为______N。（g取10N/kg） 10．（2026·四川成都·二模）用同样的器材分别组装成甲、乙两个滑轮组来匀速提升同一重物，如图所示，拉力F1____F2（选填“>”、“<”或“=”）；减小动滑轮的重力，滑轮组的机械效率将______。 11．（2026·四川成都·一模）某智能制造车间里，自动化机械臂正在搬运工件，将其OAB部分简化为如图乙所示的杠杆模型，忽略杠杆自重。当杠杆水平平衡时，作用在B点的工件重力为150N，F的力臂l1=15cm，OB=60cm，则作用在A点的动力为______N；此杠杆属于______杠杆（选填“省力”“费力”或“等臂）。 12．（2026·四川德阳·一模）用如图甲所示的滑轮组提升物体A。已知被提升物体A的重力为800N，卷扬机施加在绳子自由端的拉力F将物体A以0.5m/s的速度匀速提高了5m。拉力F做的功随时间的变化图像如图乙所示（不计绳重和滑轮与轴的摩擦）。此过程滑轮组提升重物的机械效率为___________%，动滑轮的重力为___________N。 押题猜想十三 电学基础—电路、电流、电压与电阻 试题前瞻·能力先查 1．如图所示为酒店收银台的呼叫服务电路图，灯亮表示客户需要卫生保洁服务，电铃响表示客户需要餐饮服务。图中不符合要求的是（　　） A． B． C． D． 2．如图甲是小程制作的利用电位器调节亮度的台灯。电位器的内部结构如图乙所示，a、b、c是三个接线柱，当旋钮带着滑片顺时针旋转时，他发现灯逐渐变暗，此时电位器的连接方式是（    ）    A．选择a、b接线柱且与灯泡串联 B．选择b、c接线柱且与灯泡串联 C．选择a、b接线柱且与灯泡并联 D．选择b、c接线柱且与灯泡并联 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，是电学后续学习的基础。考查学生对电路的组成与状态、串联与并联电路的识别、电流表与电压表的使用、电流与电压的规律、电阻的概念及影响因素，以及滑动变阻器的连接与作用。解题关键在于识别电路连接方式，判断电表测量对象，运用串并联电流、电压规律进行分析，避免短路等常见错误。 应对策略： ① 识别电路连接：电流从正极出发，若只有一条路径回到负极则为串联；若有分支则为并联。并联时找分支点和汇合点。 ② 电表测量对象：电流表与谁串联测谁；电压表可以“画圈法”——电压表与哪部分用电器构成一个闭合圈，就测哪部分电压。 ③ 滑动变阻器分析：先看清接线柱（一上一下），判断滑片移动时接入电路电阻丝的长度变化（滑片远离下方接线柱时电阻变大）。 ④ 电路故障： 电流表无示数 → 断路（电压表若在某处有示数且接近电源电压，则该处断路）。 电流表有示数但灯泡不亮 → 短路或灯泡实际功率太小。 电压表无示数 → 可能是电压表所测部分短路或电压表以外断路。 ⑤ 实验探究电阻影响因素：选用不同导体，控制其他条件相同。比较时常用“电流表示数”或“灯泡亮度”来间接比较电阻大小（转换法）。 ⑥ 作图规范：电路图中元件不要画在拐角处，导线交叉相连处要点实心点。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川绵阳·一模）在“碳达峰，碳中和”的政策指导下，我国的风力发电技术得到了大力推广。下列说法错误的是（　　） A．风力发电过程中利用的风能是可再生能源 B．风力发电是把机械能转化为电能 C．为了保护环境，控制和消除大气污染，应禁止使用化石能源 D．风力发电机给蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器 2．（2026·四川成都·一模）随着智能家居的普及，家庭里的LED灯带、感应小夜灯、门铃指示灯等常常采用串联电路连接。为了研究这类照明电路的电压分配规律，小明用如图所示的电路探究“串联电路的电压规律”，下列说法正确的是（　　） A．测出电压后，导线b不动，将导线从a改接到c，可测出两端电压 B．更换不同规格的小灯泡重复实验，是为了求平均值减小实验误差 C．实验结论：串联电路中电压处处相等 D．若灯泡被短路，则并联在两端的电压表示数为0 3．（2026·四川广元·一模）下列说法不正确的是（　　） A．摩擦起电的过程中发生了电荷的转移 B．验电器的工作原理是同种电荷相互排斥 C．用梳子梳干燥的头发时头发带上了电荷 D．带正电的玻璃棒只能吸引带负电荷的轻小物体 4．（2025·四川达州·模拟预测）关于电的知识，以下说法正确的是（   ） A．摩擦起电过程，创造了电荷 B．用电器的金属外壳应按规定接地 C．测电笔使用时，手不能接触笔尾的金属体 D．灯泡未通电时，它两端电压为零其电阻也为零 5．（2026·四川广元·一模）如图是“金星”学习小组为“探究滑动变阻器的工作原理”连接的电路，下列说法正确的是（　　） A．滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的横截面积来改变电阻大小的​ B．闭合开关后，向右滑动滑片P，电路中电流会变大，灯泡会变亮​ C．闭合开关后，调节变阻器滑片，灯泡不发光，故障是灯泡断路 D．若滑动变阻器接线柱接A和B，闭合开关后滑动滑片P时，灯泡亮度无变化 6．（2025·四川南充·一模）（多选）如图所示电路中，开关的通断情况与灯泡连接方式对应正确的是（　　） A．只闭合，只有小灯泡亮且为串联 B．只闭合，只有小灯泡亮且为并联 C．只闭合都会亮 D．都闭合，都会亮 7．（2026·四川广元·一模）将口香糖锡纸中间剪掉一些，一端接在电池的正极，另一端接在电池的负极，很快锡纸条开始冒烟、着火，如图所示，这是因为锡纸中的锡属于_____（选填“半导体”、“导体”或“绝缘体”），将其两端直接与电池正负极相连会造成________（选填“断路”或“短路”）。 8．（2025·四川达州·模拟预测）如图所示，在电路中要使灯L1和L2并联，应闭合开关  ______ 。为了防止短路，不能同时闭合开关_______ 。 9．（2026·四川内江·一模）如图所示，电路元件及导线连接均完好，让L1、L2并联需要闭合_________开关；当开关S1、S2、S3闭合电路出现_________。 10．（2026·四川内江·一模）如图所示电路中，若电源电压为4.5V，电压表的示数为3V，则灯泡L1两端的电压为______V，如果L2短路，则电压表的示数为______V。 11．（2025·四川广安·三模）如图所示，现在教室中到处都是电气设备。老师按下开关灯便亮了，老师手所接触的开关外壳属于______选填“导体”“半导体”“绝缘体”或“超导体”；老师又打开了教室中的多媒体设备，电灯、多媒体等用电器的连接方式是______联；打开多媒体设备后，与仅打开灯相比，教室电路中的等效总电阻会______选填“变大”“变小”或“不变”。 押题猜想十四 欧姆定律与电功率的基础应用 试题前瞻·能力先查 1．如图甲电路，电源电压保持不变。为定值电阻。闭合开关，将滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端过程中，两电压表示数随电流表示数变化的关系如图乙所示。则电源电压为______，的最大阻值为_____；整个过程中电路消耗的最大功率为______。 2．（多选）如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片由最右端向左端移动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。下列选项正确的是（　　） A．电源电压为12V B．电路的最小功率为1.4W C．电压表与电流表对应的示数之比变小 D．电路中，电流的最大值与最小值之比为5∶1 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容，多以选择题、填空题、计算题及实验探究题形式出现，是电学的核心计算板块。考查学生对欧姆定律的理解与应用、伏安法测电阻、电功与电功率的基本概念及简单计算、额定功率与实际功率的辨析，以及焦耳定律的基础应用。解题关键在于熟练运用欧姆定律公式及变形，区分纯电阻与非纯电阻电路中的电功率计算，理解用电器铭牌的含义，避免混淆额定与实际的对应关系。 四川中考常结合家用电器、节能环保、科技实践等情境命题。 应对策略： ① 欧姆定律：先判断电路是串联还是并联，画出等效电路，标出已知量，根据串并联规律列方程。注意单位统一（V、Ω、A）。 ② 电阻计算：R = U/I中，U和I必须是同一导体上的对应值。若灯丝电阻随温度变化，计算实际功率时认为电阻近似不变（题目通常说明）。 ③ 伏安法测电阻：连接电路时开关断开，滑片在最大阻值处。故障分析：电流表无示数→断路；电压表无示数→所测部分短路或外电路断路；电压表有示数且接近电源电压→所测部分断路。 ④ 电功率计算：使用P = UI时，注意是否纯电阻。若题目给出电阻值或可以求出电阻，可用P = U²/R或P = I²R。 ⑤ 额定与实际：先根据铭牌计算电阻R = U额²/P额，再根据实际电压或实际电流计算实际功率。比较灯的亮度看实际功率。 ⑥ 电能表：常见参数“600 revs/(kW·h)”表示每消耗1kW·h电能转盘转600圈。根据圈数计算消耗电能W = 圈数/转盘常数（单位kW·h）。 ⑦ 多挡位电热器：通常S1、S2不同闭合方式改变电阻值，加热挡位时功率大（电阻小），保温挡位时功率小（电阻大）。利用P = U²/R分析。 ⑧ 焦耳定律：若题目问“电热器产生的热量”且是纯电阻，可用Q = W = Pt计算；若问“电动机线圈发热量”，只能用Q = I²Rt。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川乐山·一模）小明研究通过灯泡L的电流与其两端电压的关系，得到如图甲所示图像，实验中发现电压越大灯泡越亮。现将该灯泡L与阻值为10Ω的电阻R连入图乙所示电路，灯泡额定电压为6V，闭合开关S，灯泡正常发光。下列说法正确的是（　　） A．实验说明灯丝电阻随温度升高而增大 B．灯泡的额定功率为0.6W C．电源电压为12V D．通电10s，电流通过R所做的功为54J 2．（2026·四川广元·二模）如图甲所示，电源电压恒为18V，灯泡L上标有“10V  0.5A”字样（忽略灯泡电阻随温度的变化），电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~15V，为定值电阻，滑动变阻器R的最大阻值为80Ω。当只闭合S和，移动滑动变阻器的滑片P时，滑动变阻器两端的电压与其接入电路的电阻关系如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值由增大到4时，电流表示数变化了0.2A。则下列说法中正确的是（   ） A．与定值电阻的比值为1：2 B．定值电阻的阻值为20Ω C．只闭合S和，在保证电路安全情况下，电流表示数变化范围为0.16A~0.4A D．只闭合S和，在保证电路安全情况下，电压表示数变化范围为6V~15V 3．（2026·四川广元·二模）如图甲所示是小灯泡L和电阻R的I-U图像。将小灯泡L和电阻R接入如图乙所示的电路中，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.5A，此时小灯泡L正常发光。电源为稳压电源，下列说法正确的是（    ） A．小灯泡L正常发光时的电阻为8Ω B．两个开关均闭合时，干路电流为0.5A C．若将小灯泡L和定值电阻R串联后接在图乙中电源两端，通过小灯泡L的电流更大 D．仅将图乙中定值电阻R更换为定值电阻R1，两个开关均闭合，电流表的示数与未更换电阻且两开关均闭合时的示数相比减小了0.1A，则R1的阻值为10Ω 4．（2026·四川广元·一模）如图所示电路，R1 =R2=20Ω，R3=10Ω，电源电压恒定。若只闭合开关S，电流表的示数为0.1A，下列说法正确的是（　　） A．电源电压为2V B．只闭合开关S时，R1与R3两端的电压之比为1∶1 C．若将S、S1、S2都闭合，电流表示数为0.6 A D．该电路的最大功率为1.35W 5．（2025·四川南充·中考真题）（多选）如图所示，采用两条输电线向用户输电，输电线电阻不能忽略。已知电源电压恒为220V，用“400Ω 2A”的滑动变阻器代替用电器，当滑片移至中点时，闭合开关，电流表示数为1A，则此时（　　） A．电路的总功率为220W B．用电器两端电压为220V C．每条输电线电阻为20Ω D．输电线的功率为20W 6．（2025·四川泸州·中考真题）（多选）物理应用无处不在。如图甲、乙所示是拳击训练中为测量击打力大小而设计的电路，电源电压恒为6V，为20Ω的定值电阻，电流表量程为0～0.6A，为压敏电阻，其电阻值与击打力的关系如图丙所示。下列说法中正确的是（　　） A．用甲电路测试，当击打力为1000N时，电流表的示数0.12A B．用乙电路测试，当电流表示数为0.50A时，击打力为2000N C．甲、乙两电路相比，甲电路的击打力测量范围较小 D．乙电路中可增大的阻值来增大击打力测量范围 7．（2025·四川南充·三模）（多选）如图所示，电源电压为6V，定值电阻，闭合开关S。下列说法正确的有（   ） A．在a、b两点间接入一个电压表时，电压表指针会明显偏转 B．在a、b两点间接入导线，电流2s产生的热量是2J C．在a、b两点间接入一个12Ω的电阻，电路消耗的总功率为1.2W D．在a、b两点间接入一个“1.5V  0.25A”的小灯泡，小灯泡不能正常发光 8．（2025·四川宜宾·一模）（多选）如图甲是通过小灯泡L的电流跟其两端电压关系的图像，现将小灯泡L与电阻R连入图乙所示电路中，只闭合S，小灯泡的实际功率为1.8W；再闭合S1，电流表示数为0.9A。下列结果正确的是（    ） A．电源电压为9V B．电阻R消耗的电功率为3.6W C．通过电阻R的电流为0.6A D．电阻R的阻值为20Ω 9．（2026·四川广元·二模）如图甲所示的电路，电源电压保持不变，为定值电阻，滑动变阻器。闭合开关S，移动滑片P，根据两电压表的示数与电流示数的变化关系绘制出图像，如图乙所示。则电源电压为______V；当滑片P在中点时，1min内产生的热量为______J。 10．（2026·四川绵阳·一模）如图所示，电源电压可调，甲、乙为两只相同的电压表或电流表，其中电流表量程均为0~3A，灯泡L1和L2分别标有“5V　5W”和“10V　20W”的字样，灯丝电阻不变。闭合S1、S2时，两灯均发光，则甲、乙两表示数之比为_____，此时电路最大总功率为P1；同时更换两电表种类，调整开关的状态，在电路安全的情况下，电路最大总功率为P2；则____。 11．（2026·四川自贡·一模）两盏不同型号的小灯泡L1、L2，并联接入某一电路时通过它们的电流比为2∶3，则两灯泡的电阻之比R1：R2___________，如果将灯L1、L2串联接入同一电路中，则两灯泡两端的电压之比U1：U2=___________。 押题猜想十五 动态电路及范围计算 试题前瞻·能力先查 1.如图所示，电源电压恒定，灯泡L上标有“5V 2.5W”（灯丝电阻不变），滑动变阻器上标有“20 0.5A”的字样，电压表V的量程为0~3V。当只闭合开关S、且滑片P在B端时，电压表的示数为，则电源电压为___________。当只闭合开关、且滑片P在中点时，电流表的示数为0.4A，在确保电路安全的前提下继续向左移动滑片，定值电阻消耗的最大电功率为___________。 2.（多选）如图甲所示电路中，电源电压恒定，小灯泡的额定电压为，电流表的测量范围为，电压表的测量范围为。第一次只闭合开关、，滑片从端移到端；第二次只闭合开关、，保证电路中所有元件都安全的前提下，最大范围内移动滑片。图乙是这两次实验过程绘制的电压表与电流表示数的关系图像。下列判断正确的是（　　） A．定值电阻的阻值为 B．小灯泡的额定功率为 C．小灯泡正常发光时，滑动变阻器连入电路中的电阻为 D．只闭合开关、，电路的总功率最大时，小灯泡与滑动变阻器的功率之比为5∶3 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理的难点内容，综合性较强。考查学生分析滑动变阻器滑片移动、开关通断引起的电路变化，以及在电表量程、用电器额定值、滑动变阻器最大阻值等约束条件下，求物理量（电流、电压、电阻、电功率）的取值范围或极值。解题关键在于先判断电路连接方式及电表测量对象，再根据变化原因运用串并联规律和欧姆定律进行动态分析，最后结合限制条件建立不等式组求解范围。 四川中考常将动态电路与生活情境、科技应用结合 应对策略： ① 动态分析定性判断：先定总阻变化方向，再推总流，最后用串分压或并分流推局部。注意“串反并同”规律（串联电路中，滑动变阻器阻值变化与它两端电压变化方向相反；与它串联的电流表、电压表变化方向相反？可自行总结为：变阻器阻值增大→其两端电压增大（串联分压），总电流减小，定值电阻两端电压减小）。更简洁：串联时，滑片远离下方接线柱（阻值增大）→电流减小→变阻器电压增大（若测它）→定值电阻电压减小。 ② 范围计算步骤： 明确电路连接，画出等效电路。 找出所有安全限制条件（电流表、电压表量程，灯泡额定电流、电压，滑动变阻器规格）。 分别计算每种限制下的临界阻值： • 电流限制 → 最大电流 → 最小总电阻 → 滑动变阻器最小阻值。 • 电压表限制（若测滑动变阻器） → 滑动变阻器最大电压 → 串联电流相同 → 可求滑动变阻器最大阻值（或最小阻值，视情况而定）。 • 若电压表测定值电阻 → 其最大电压对应最大电流 → 可求滑动变阻器最小阻值；其最小电压一般无下限（但若量程有下限需考虑，通常忽略）。 • 滑动变阻器本身最大阻值作为上限。 最后取所有限制得到的阻值范围的交集。 ③ 计算总功率范围：P总 = U总I总，I总范围已知即可；或P总 = U总²/R总，根据R总范围求。 ④ 注意若灯泡电阻随温度变化，则电阻不是定值，不能直接用铭牌算电阻，但计算范围时通常简化处理（题目会说“灯丝电阻不变”或“忽略温度对电阻的影响”）。 ⑤ 多开关电路：先分析每个开关状态下的等效电路，再分别按上述方法计算各自的范围（如有必要）。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川达州·模拟预测）在如图所示的电路中，电源电压和小灯泡的阻值均保持不变，电源电压U=6V，小灯泡R2标有（6V　3W）字样，电流表的量程为0﹣0.6A，电压表的量程为0﹣3V，滑动变阻器R3的最大阻值为20Ω，只闭合开关S1和S3时，电路消耗的功率为6W，下列说法正确的是（　　） A．R1阻值为8Ω B．闭合开关S1、S2和S3时，电路的总电阻为6Ω C．只闭合开关S1时，R3消耗的最大功率为1.5W D．只闭合开关S2时，R2消耗的最小功率为0.6W 2．（2025·四川达州·模拟预测）如图所示的电路，电源电压恒定不变，，，滑动变阻器标有“100Ω2A”字样，电压表量程为0~15V，电流表量程为0~3A。当滑动变阻器滑片移到最左端，开关接通触点1时，电流表的示数为0.8A；当开关接通触点2，为保障电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值为；开关任意接不同触点，在保障电路安全的情况下，当改变滑片位置、电路工作的最大电流和最小电流分别为和。下列计算正确的是（   ） A． B．的范围为 C． D．电路工作的最小功率 3．（2026·四川南充·一模）每年进入汛期，多地会发生强降雨，导致河流水位上涨.某校科技小组设计了一个监测水位的装置如图甲所示，电路中电源电压保持不变，R0为定值电阻，R滑是竖直放置，起滑动变阻器作用（最大阻值40Ω），浮子可带动金属滑杆AP即滑动变阻器滑片竖直上下移动，当电流表的示数达到某一数值时装置会提醒小组成员水位达到警戒值（25cm）.R滑接入电路的阻值R随水位的变化关系如图乙所示，与之对应的电压表与电流表示数变化关系如图丙所示。下列说法正确的是（　　） A．当水位升高时，电压表的示数减小 B．当水位达到警戒水位时，电压表的示数为3V C．当水位达到警戒水位时，电路工作时的总功率为0.6W D．水位变化过程中，滑动变阻器功率最大时水位为20cm 4．（2025·四川广安·模拟预测）如图甲所示电路，电源电压保持不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。闭合开关S，当滑动变阻器R2的滑片P从最右端滑到最左端的过程中，R1、R2的I-U关系图像如图乙所示。则下列判断正确的是（　　） A．图线A是R2的I-U关系图像 B．电源电压为16V C．R1的阻值是10Ω D．R2的最大阻值为50Ω 5．（2025·四川成都·模拟预测）（多选）如图所示，电源电压U保持不变，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。当闭合S1，断开S2、S3时，将滑片置于最上端，电流表的示数为I1，定值电阻R1的电功率为P1，滑动变阻器的电功率为P；当闭合S1、S2、S3时，将滑片置于最下端，此时电流表的示数为I2，R1的电功率为，R3的电功率为P2；当闭合S3，断开S1、S2时，将滑片置于最下端，此时电路中的电流为0.1A，R3的电功率为。已知，，。下列结果正确的是（   ） A． B． C． D． 6．（2025·四川成都·模拟预测）（多选）如图所示，电源电压为12V保持不变，电流表A（0~3A），电流表A1（0~0.6A），电压表V（0~15V），滑动变阻器的最大阻值为R3。当只闭合开关S，滑片P在最左端时，电压表示数为U1，再将开关S1接a，滑片P移至最右端，电压表示数变为U2；当闭合开关S、S2，并将开关S1接b，滑片P仍在最右端时，R3消耗的电功率为P3，电流表A与A1示数之差为1.2A。已知U1:U2=3:8，P3=2.4W。下列结论中正确的是（　　） A．R2的阻值为30Ω B．只闭合开关S时，整个电路消耗的最小总功率为1.4W C．当闭合开关S、S2，并将开关S1接b时，移动滑片P能使电流表A的示数达到3A D．当只闭合开关S，并将开关S1接a，滑片P移至最右端与在正中间时，电压表示数之比为4∶3 7．（2025·四川成都·模拟预测）（多选）如图所示，电源电压恒定，、是定值电阻，当开关、都闭合，滑片P位于A端时，电路消耗的总功率为3W；只闭合开关，滑片P位于的中点时，电压表示数为4V，电流表示数为，滑动变阻器消耗的功率为；只闭合开关，滑片P位于B端时，电压表示数为2V，电流表示数为，滑动变阻器消耗的功率为。已知，各元器件均在安全工作范围内，下列计算结果正确的是（    ） A．电源电压为6V B．定值电阻的阻值为36Ω C．电路消耗的最小功率为0.5W D． 8．（2025·四川成都·二模）（多选）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电流表的量程为，电压表的量程为，电压表的量程为，小灯泡L标有“，”字样，灯泡的电阻不变。当闭合开关、、且的滑片在最左端时，灯泡正常发光，电流表的示数为；当闭合开关、，断开，将的滑片置于距左端处，的滑片在最右端时，电压表的示数为；当闭合开关，断开、，在电路安全的前提下移动的滑片，当的滑片在距左端处时，电压表的示数为：已知。在电路安全的条件下，下列说法正确的是（    ） A．的最大阻值为 B．当闭合开关，断开、，功率最大值为0.375W C．当闭合开关，断开、，接入电路的阻值范围为 D．通过开关的断开、闭合和移动滑片，电路总功率最大值为4.5W 9．（2026·四川宜宾·二模）小明用光敏电阻设计了一种“智能家居照明灯”，其电路如图甲所示。其中为光敏电阻，为滑动变阻器，电源电压恒定，电磁继电器线圈的电阻不计。该照明灯能实现在天暗时自动点亮，天亮时自动熄灭。要实现小明的设计目的，光敏电阻的阻值应随光照强度的增大而减小。闭合开关后，保持滑片的位置不变，光照强度变化时，电流表示数与电压表示数的关系如图乙所示，则电源电压为___________，滑动变阻器接入电路的阻值为___________。 10．（2026·四川内江·一模）如图甲电路，电源电压保持不变，小灯泡L标有“4V 0.5A”字样，电流表量程0~0.6A，电压表量程0~3V，滑动变阻器的最大阻值。只闭合开关S、，调节滑动变阻器滑片P，得到电流表与电压表示数关系如图乙所示，则电源电压为___________V；若只闭合开关S和，移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L的图像如图丙所示。在保证各元件安全工作的情况下，滑动变阻器R允许的取值范围为___________。 11．（2026·四川广元·二模）如图所示，电源电压恒为18V，，滑动变阻器的规格为“150Ω，2A”，电流表的测量范围为“0~0.6A”，小灯泡上标有“6V，3W”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响。当开关S闭合，S1、S2断开，小灯泡L正常发光，则通电1min电流通过滑动变阻器产生的热量为________J。当开关S闭合，S1和S2自行组合及滑动变阻器的滑片自由移动的情况下，整个电路工作时能达到的最小功率是________W。 12．（2024·四川德阳·模拟预测）如图甲是定值电阻R1和标有“8V 8W”灯泡L的I—U关系图像。电路如图乙所示，电源电压恒定不变，滑动变阻器的最大阻值为12Ω。当开关S、S2闭合，开关S1断开，将滑动变阻器的滑片P滑到b端时，电流表的示数为0.5A。则电源电压是______V，当同时闭合开关S、S1、S2，电路消耗的最大功率______W。 押题猜想十六 家庭电路与安全用电 试题前瞻·能力先查 1. 如图所示的家庭电路，闭合开关S后，灯泡L不亮。下列分析正确的是（　　） A．开关S短路 B．若测电笔检测a点时氖管发光，则该电路的故障是开关S接触不良 C．若测电笔检测a、b处氖管均发光，c处氖管不发光，则该电路的故障是bc间断路 D．排除故障后闭合开关S，灯泡发光，用测电笔检测c点时氖管发光 2．图是某吹风机简化接线图与它的三脚插头，A端与三脚插头中的_______对应相连；C端与三脚插头中的_______对应相连。（均选填“①”“②”或“③”） 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容。考查学生对家庭电路的组成、各元件的作用与连接方式、保险丝与空气开关的选择、插座与用电器的连接规则、安全用电原则及常见电路故障的判断。解题关键在于熟记“火线零线地线”的区分，掌握测电笔的使用方法，理解短路与过载的区别，并能根据现象推断故障类型。 应对策略： ① 作图题：开关必须接在火线与灯泡之间；灯泡螺旋套接零线；三孔插座“左零右火上接地”；电能表接在总开关之前。 ② 故障分析： 若所有用电器都不工作，且保险丝熔断→短路或过载（若刚开启大功率电器后发生→过载；若新插入插头瞬间发生→短路）。 若某一用电器不工作，其他正常→该支路断路（如灯丝断、开关坏）。 若漏电保护器跳闸→有漏电现象（火线对地漏电）。 ③ 保险丝选择：保险丝的额定电流应略大于家庭电路最大正常工作电流（I = P总/U）。 ④ 安全用电判断：看见“用湿布擦灯”“用手拉触电者”“电线直接插入插座”“铜丝代替保险丝”→错误；“切断电源后救火”“金属外壳接地”“断开开关换灯泡”→正确。 ⑤ 计算题：已知用电器功率求电流，判断保险丝规格；或根据电能表参数（如“10(20)A”）判断家庭电路允许的最大总功率。。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广安·一模）下列做法不符合安全用电原则的是（    ） A．连接家庭电路时，开关接在相线和用电器之间 B．更换用电器或检修电路时，需断开电源开关 C．若家用电器着火，应先切断电源，再用灭火器灭火 D．使用测电笔时，手需接触笔尖金属体 2．（2026·四川广元·二模）如图所示是齐齐家的部分配电系统图，下列说法正确的是（    ） A．如图所示的电能表的读数为20264 kW·h B．家庭电路中老化的电源线只要不破损，就可以一直使用下去 C．若空气开关跳闸，一定是家庭电路中用电器总功率过大造成的 D．将其他用电器全部关闭，仅将一台空调打开工作36 s，发现电能表的脉冲指示灯闪烁了54次，则该空调的电功率为1500 W 3．（2026·四川内江·二模）关于家庭电路，下列做法符合安全用电的是（　　） A．用湿手拔插头 B．把多个用电器插在同一个插板上 C．电冰箱金属外壳接地 D．在电线下钓鱼 4．（2026·四川成都·二模）晓理同学在家做饭时，涉及多种用电操作。下列关于厨房安全用电的说法不正确的是（　　） A．用湿手将正在工作的炖锅插头从插座拔出 B．电饭锅、电冰箱等电器的金属外壳需接地 C．触碰电水壶外壳感觉发麻，立即切断电源 D．将电磁炉、电烤箱分别插在不同的插座上 5．（2026·四川宜宾·一模）到达高速服务区后，小明爸爸使用充电桩为汽车充电。下列关于充电桩及其使用，符合安全用电原则的是（　　） A．充电插头的绝缘层破损后仍继续使用 B．用湿抹布擦拭充电插口 C．工作电流越大的充电桩，所用电缆应越粗 D．充电桩发生火灾时，可以直接用水扑灭 6．（2025·四川成都·模拟预测）如图所示是一种多插孔接线板，正常使用时按下插座控制开关S，其对应指示灯D发光。若用验电笔金属探头接触某一插孔时，验电笔氖管发光，可以判断这个插孔是（　　） A．接地孔A B．火线孔B C．零线孔C D．任意一孔均可以 7．（2025·四川宜宾·模拟预测）（多选） “珍爱生命、注意安全”是同学们日常生活中必须具有的意识，下列有关安全的说法，正确的是（　　） A．如果发生触电事故，应立即切断电源，然后施救 B．雷雨天，人不能在高处打伞行走，否则可能会被雷击中 C．使用验电笔时，手必须接触笔尾金属部分 D．经验证明，只有36V的电压对人体才是安全的 8．（2024·四川内江·三模）（多选）如图所示，下列有关安全用电的知识，说法不正确的是（　　） A．漏电保护器可以对人身触电、导线漏电、插座接错线、用电器短路等故障起保护作用 B．人站在大地上，一只手触摸到了火线，也会触电。当有人触电时应先用手直接拉开触电者，避免触电时间过长危及生命 C．人站在绝缘的物体上，双手同时触摸相线和中性线，人会触电 D．三脚插头的三个脚中接地线的脚比其它两个脚要长一些，其目的是插插头时使家用电器的金属外壳先接地线，拔插头时能使金属外壳后离开地线，避免触电 押题猜想十七 电磁现象辨析 试题前瞻·能力先查 【科技兴农】科技兴农已成为发展农业的战略措施，图示为某农业智慧城蔬菜大棚温控系统。工作电路中，电加热器额定功率为2kW，控制电路中，R为热敏电阻，其阻值与温度的变化关系如图乙所示，为滑动变阻器，继电器线圈电阻可忽略，当控制电路中的电流达到0.2A时，衔铁被吸合，当控制电路中的电流减小到0.15A时，衔铁被释放。通电后继电器线圈上端为_________极；要提高大棚内的设置温度，应将变阻器的滑片向_________（选填“a”或“b”）端移动；当接入电路的电阻为时，大棚内设置的最高温度为10℃。若要将大棚内的最高温度设置为25℃，接入电路的阻值应为_________。 分析有理·押题有据 本专题为四川中考物理必考内容。考查学生对磁体与磁场的基本认识、电流的磁效应（奥斯特实验）、通电螺线管的磁场与安培定则、电磁铁的应用、磁场对通电导体的作用（电动机）、电磁感应现象（发电机）以及二者的区分。解题关键在于明确“电生磁”与“磁生电”的逆向关系，熟记安培定则（右手螺旋定则）判断磁极或电流方向，并能根据能量转化辨别电动机与发电机。 应对策略： ① 安培定则应用：右手握螺线管，四指电流方向，拇指N极。若已知电流方向或电源正负极可画螺线管绕线，反之已知磁极判断电源正负极。 ② 电磁铁：同条件下，电流越大、匝数越多、有铁芯则磁性越强。电磁铁的极性也可以通过改变电流方向来改变。 ③ 判断电动机还是发电机：若装置连接电源，通电后运动→电动机；若装置外接灵敏电流计，无电源，运动时指针偏转→发电机。 ④ 感应电流大小：与切割速度、磁场强度、导体有效长度、线圈匝数有关（速度越快、磁场越强、导体越长、匝数越多，感应电流越大）。 ⑤ 电磁波：在真空中传播速度不变，频率越高波长越短；电磁波可以传递信息和能量；微波炉利用微波使水分子振荡发热；WiFi、蓝牙利用无线电波。 ⑥ 作图题常见：螺线管磁极方向或绕线；在磁体周围画磁感线（从N到S）；标出小磁针N极指向。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川广元·二模）如图所示的四幅图中，用来研究电动机工作原理的实验装置是（   ） A． B． C． D． 2．（2026·四川广元·二模）对于如图所示的实验装置，下列说法正确的是（    ） A．图中蹄形磁体两极的磁性最弱，且它的周围存在的磁感线分布与地磁场的磁感线分布相似 B．科学家根据该实验装置探究得到的结论制造出了电动机 C．该实验装置可以用来探究感应电流产生的条件 D．导体ab固定不动，将蹄形磁体水平向左拉动时，灵敏电流计的指针不会发生偏转 3．（2026·四川广元·二模）医院的病房、楼道和厕所都安装了烟雾报警器。当发生火灾、有患者或患者家属抽烟时，报警器就会发出报警声音。某医院安装的烟雾报警器，它由“控制电路”和“工作电路”组成，电路图如图所示。其中“控制电路”由光敏电阻R、电磁铁（线圈阻值不变）、电源（电压保持不变）、开关、导线等组成；“工作电路”由蓄电池、扬声器、指示灯、导线等组成。已知光敏电阻阻值随光照强度的减弱而增大。烟雾报警器的工作原理：闭合开关S，“控制电路”和“工作电路”均接通且正常工作，此时光敏电阻接收到的光照强度正常，扬声器不发声，指示灯发光；当光敏电阻接收到的光照强度减弱到一定程度时，指示灯熄灭，扬声器发出报警声。下列说法正确的是（    ） A．闭合开关S，电磁铁的上端为N极 B．根据报警器的工作原理判断，B处应接指示灯 C．要提高报警器的灵敏度，可适当增大电源电压 D．当光照强度减弱时，电磁铁消耗的电功率变大 4．（2026·四川绵阳·一模）如图所示是某同学自制的简易电磁锁原理图。闭合开关S，滑片P向左移动，使静止在水平桌面上的条形磁体滑动，打开门锁。下列说法正确的是（　　） A．通电后电磁铁a端为S极 B．条形磁体在滑动过程中受到向左的摩擦力 C．滑片向左移动的过程中电磁铁的磁性增强 D．若此时断开开关S，电磁铁与条形磁铁间没有力的作用 5．（2026·四川成都·二模）“探究通电螺线管外部磁场的方向”实验中，在硬纸板上均匀地撒铁屑。闭合开关，轻敲板面，铁屑就会有序地排列起来，小磁针的北极指向通电螺线管左端，如图所示。下列说法正确的是（　　） A．通电螺线管的右端为N极 B．铁屑直接显示出磁感线的真实分布 C．滑片向左移，通电螺线管磁性增强 D．只调换电源正负极，螺线管磁场方向不变 6．（2025·四川宜宾·模拟预测）（多选）法国科学家阿尔贝和德国科学家彼得由于发现了巨磁电阻（GMR）效应，荣获诺贝尔物理学奖。巨磁电阻效应即磁场越强电阻越小，如图是研究巨磁电阻特性的原理示意图。实验发现，当闭合S1、S2后使滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变亮，则下列说法中正确的是（　　） A．电磁铁左端为N极 B．滑片P向左滑动过程中电磁铁的磁性减弱 C．巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显减小 D．加在小灯泡两端的电压增大 7．（2026·四川宜宾·二模）小明用光敏电阻设计了一种“智能家居照明灯”，其电路如图甲所示。其中为光敏电阻，为滑动变阻器，电源电压恒定，电磁继电器线圈的电阻不计。该照明灯能实现在天暗时自动点亮，天亮时自动熄灭。要实现小明的设计目的，光敏电阻的阻值应随光照强度的增大而减小。闭合开关后，保持滑片的位置不变，光照强度变化时，电流表示数与电压表示数的关系如图乙所示，则电源电压为___________，滑动变阻器接入电路的阻值为___________。 8．（2026·四川成都·一模）2026年3月15日，眉山仁寿马拉松赛事中，选手佩戴的智能手环可记录步数。手环内部，一枚小磁体随着手臂的摆动在管内反复运动，穿过固定的线圈，线圈中便会产生微弱的电流，再通过传感器将运动数据实时上传，这一过程中______转化为电能，其中的工作原理与图中的_______（选填“乙”或“丙”）相似。 押题猜想十八 作图 试题前瞻·能力先查 1．(1)如图所示，电流表的连接是正确的，试标出电路中电源右端的极性，以及小磁针静止时N极的指向。 (2)如图所示，建筑工人利用重垂线检查墙壁是否竖直，小锤处于悬挂静止状态，点为小锤重心，请画出小锤受力示意图。 (3)如图所示，一个凹透镜和一块三棱镜，已知凹透镜的一条折射光线平行于其主光轴，请画出其穿过三棱镜后从斜面穿出的光路及其对应凹透镜的入射光线。 2．(1)如图所示，小球A保持静止，请画出小球A所受力的示意图。 (2)如图所示，光源S发出的一条光线射向水面，在水面处发生反射和折射，反射光线经过点A，折射光线经过点P，请你作出反射光线和折射光线。 分析有理·押题有据 四川中考物理作图题主要包括：光的反射/折射光路图、透镜三条特殊光线、平面镜成像对称图、力的示意图（重力/弹力/摩擦力/浮力）、杠杆力臂（最小力）、滑轮组绕线（奇动偶定）、电路连接（串联并联/电表量程/滑动变阻器一上一下）、家庭电路（开关火线/左零右火上接地）、磁感线方向及螺线管绕线（安培定则），作图时须规范使用实线虚线、标箭头、保留辅助线痕迹。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川成都·二模）(1)图甲为兴隆湖旁书店及其倒影，点A′表示书店尖角A在水中的像的位置。请在图乙中完成作图：①根据平面镜成像特点作出书店尖角A的位置；②画出人眼看到书店尖角像A′的光路图。（保留作图痕迹） (2)图甲所示的天府立交桥是成都市的标志性建筑，获得中国建筑工程最高荣誉“鲁班奖”，图乙是其部分简化模型，AB为水平桥面，A点为桥体的支点，斜拉钢索对桥体的拉力F1作用在B点，桥面O点有一辆小车。请在图乙中画出：①拉力F1的力臂L；②小车对桥面压力F2的示意图。 2．（2026·四川宜宾·一模）图甲是我国建成的最大规模集热塔。图乙中B点为太阳光入射点，根据光的反射定律，画出能使光线反射至集热塔的A点时平面镜的位置（保留作图痕迹）和光的反射方向。 3．（2026·四川成都·一模）如图甲所示是我国敦煌的塔式光热电站。如图乙，某时刻定日镜恰好能将太阳光反射到吸热器上，此时反射光线与定日镜的夹角为60°。请根据光的反射定律，在图乙中画出入射光线，并标出入射角的度数。 4．（2026·四川宜宾·一模）图甲为一个三孔带开关的插座。接在此插座的用电器不使用时，只需将插座上的开关断开即可切断电源。请在图乙中将开关和插座正确地接到电路中。 5．（2025·四川成都·模拟预测） (1)秋阴不散霜飞晚，留得枯荷听雨声。如图甲所示，在遇到一些残缺破败的景象时，也应换一个角度细思品味其中另类的甜蜜和美好，请你在图乙中画出诗人看到荷叶A在水中成的像并作出光路图。 (2)如图甲所示是一台起重机，其简化示意图如图乙所示，O为起重机吊臂的支点，请在图乙中画出被吊起的重物A所受重力G的示意图以及重力的力臂L。 6．（2025·四川宜宾·中考真题）如图为家庭电路的一部分。请在图中补充完整正确使用开关控制三孔插座的电路图。 7．（2025·四川眉山·中考真题）根据透镜对光的作用，完成下列光路图。 8．（2026·四川南充·一模）长时间低头看手机，有可能引起颈部肌肉和颈椎损伤。如图是人体颈部杠杆模型，图中A点为头部重力作用点，B点为颈部肌肉受力点，O点为支撑点，颈部肌肉拉力F方向如图所示，请画出肌肉拉力的力臂L和头部受到的重力G的示意图。 9．（2025·四川成都·模拟预测）按要求作图。 (1)如图甲所示，小刚在路过金沙遗址博物馆门口时，发现地面上出现了太阳神鸟的投影图案。他想用光路图解释这一现象，请在图乙中作出在光源O的照射下，物体AB在地面上形成的影子。 (2)正月十五闹花灯是中国的一项传统文化活动。如图所示，小梅用左手压着灯杆的O点，花灯悬挂在B点。请画出在A点处提起花灯所需的最小动力F1以及动力臂L1。 10．（2026·四川广元·一模）如图所示是一种防倾斜报警电路原理图，通过电铃、灯泡提示被检测装置的倾斜情况。图中S为重力开关，金属棒a可绕悬挂点O自由转动。当物体处于竖直方向时，a在导线A、B中间；当物体向左偏离竖直方向a与A接触时，灯泡L1亮、电铃响；当物体向右偏离竖直方向a与B接触时，灯泡L2亮、电铃响。请按要求把电路图连接完整。 11．（2026·四川南充·一模）在杠杆上的A点挂一重物，在B点对杠杆施加一个最小的力，使杠杆平衡在如图所示的位置.试画出这个力的示意图以及它的力臂。 12．（2025·四川宜宾·一模）根据图中通电螺线管的N极，（1）标出磁感线的方向；（2）在电源右端的括号内标出电源的极性（选填“+”或“-”）；（3）在小磁针右端的括号内标出小磁针右端的极性（选填“N”或“S”）。 押题猜想十九 光学实验 试题前瞻·能力先查 【新情景】五一期间小亮随父亲到公园游玩，小亮父亲用照相机拍摄了一张清晰照片，如图甲中A所示。小亮发现照相机中的像有点小，父亲便更换照相机镜头后在原地又拍摄了一张清晰照片，如图甲中B所示。小亮思考：两次成像的大小不同是什么原因造成的呢？他猜想可能是因为两个镜头的焦距不同。为了验证这一想法，返校后小亮在学校实验室找来蜡烛，焦距分别为8cm、10cm、12cm的3个凸透镜、光具座、光屏等器材进行了以下探究。 (1)实验过程中，燃烧的蜡烛在不断缩短，导致烛焰的像不在光屏的中央，为了使像能成在光屏中央，在保持蜡烛和光屏的位置不动的情况下，可以______（选填“向上”或“向下”）调节凸透镜； (2)保持图乙中蜡烛、凸透镜的距离不变，换上不同焦距的凸透镜，调节光屏到凸透镜的距离，直到光屏上成清晰的像，部分实验数据如表所示。分析表中数据可知：当______且______时，__________； 实验序号 物距 焦距 像距 像的高度 像的性质 1 25.0 8.0 11.8 0.9 始终成倒立、缩小的实像 2 25.0 10.0 16.7 1.2 3 25.0 12.0 23.1 1.9 (3)请你根据实验结果判断：在图甲中与照片B相比，照片A是用焦距________（选填“小一些”或“大一些”）的镜头拍摄的； (4)后续探究成像规律时，计划改用LED发光字作为光源。现有汉字：甲、旧、上、王，最适合作为LED光源的字是________。 分析有理·押题有据 探究光的反射定律时用可转折的硬纸板显示光路并验证三线共面，反射角等于入射角且法线居中；平面镜成像实验用薄玻璃板代替平面镜（便于确定像的位置），运用等效替代法（两支相同蜡烛）得出像与物大小相等、到镜面等距、连线垂直，且虚像不能用光屏承接；光的折射实验观察到光从空气斜射入水或玻璃中时折射角小于入射角（反之大于），且光路可逆；凸透镜成像实验需将烛焰、透镜、光屏中心调至同一高度，可用平行光聚焦法测焦距，成像规律为一倍焦距分虚实、二倍焦距分大小、物近像远像变大——以上实验均需多次测量以寻找普遍规律。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川乐山·一模）在初中物理项目化学习中，某兴趣小组搜集了我国古代光学的文献记载。结合实验，请完成下列题目。 (1)《化书》中记载了照镜子：“是影也与形无异。”如图甲所示，在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜进行实验，目的是_____，将未点燃的蜡烛在玻璃板后边移动，直到与蜡烛的像重合，说明平面镜所成的像与物体的大小____。 (2)《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火。”如图乙所示，将蜡烛从距离凸透镜4倍焦距的位置，沿主光轴向距离凸透镜2倍焦距的位置移动，蜡烛经凸透镜所成像的大小将______，像距的大小将____。（两空均填“变大”“变小”或“不变”） 2．（2026·四川南充·二模）在某次探究凸透镜成像规律的实验中： (1)夏天太阳直射时，小明将透镜正对阳光放置，在透镜下面放上白纸（白纸与透镜平行，如图甲），测出透镜与白纸间距s与对应的白纸被烤焦的时间t，绘出图乙所示的图像，可判断该透镜的焦距f为_______cm； (2)如图丙所示，小明把透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置。光屏应在_______（选填“Ⅰ”、“Ⅱ”或“Ⅲ”）区域内左右移动，才能得到清晰的实像；如果火焰的形状如图丁所示，则光屏上的所成像是_______（选填“A”、“B”、“C”或“D”）； (3)若蜡烛的火焰高4cm，像高2cm，则此时仅将光屏和蜡烛的位置对调，则光屏上会呈现一个_______cm高的像； 3．（2026·四川广元·二模）在“探究光的反射定律”实验中，器材有：激光笔、可折转光屏、平面镜和喷雾器。 (1)将平面镜置于水平桌面，如图甲所示。激光笔的光束射向平面镜上O点，在平面镜上方喷水雾，从前向后观察，可在镜面上方看到________条光束。 (2)将折转光屏垂直于平面镜放置，让入射光沿左半屏射到O点，如图乙所示。要呈现反射光，需将右半屏向________（选填“前”或“后”）折转。 (3)保持入射点不变，多次改变入射方向，在光屏上记录每次实验的光路aa＇、bb＇和cc＇，如图丙所示。为了研究反射光线和入射光线的位置关系，发现左、右半屏相对应的光线关于转轴对称，可将此对称轴视为法线，同时根据光屏上的信息可得结论，反射角与入射角的大小________。 4．（2026·四川绵阳·一模）小石利用两支完全相同的可调节高度的电子蜡烛A和B、薄透明玻璃、白纸和刻度尺，用如图所示装置探究“平面镜成像时，像的高度（h）与物体到平面镜的距离（u）是否有关”。 小石进行了如下主要操作： (1)将白纸铺在水平桌面上，薄透明玻璃竖立放在白纸上，电子蜡烛A作为物体竖立放在薄透明玻璃前的适当位置，打开电子蜡烛的电源，观察到薄透明玻璃中出现蜡烛A清晰的像。 将电子蜡烛B放在薄透明玻璃另一侧，调整电子蜡烛B的位置和高度，从不同角度观察，当蜡烛B与蜡烛 _______（选填“A”或“A的像”）完全重合时，用刻度尺测量此时物距u，蜡烛B的高度h，将实验数据记录在表格中。 (2)_______（选填“改变”或“不改变”）蜡烛A的高度，________（选填“改变”或“不改变”）蜡烛A到薄透明玻璃的距离，仿照步骤（1）再做一次实验，将实验数据记录在表格中。 5．（2026·四川绵阳·一模）小强同学利用如图所示的实验装置探究“光的反射和折射规律”。在玻璃水槽中竖直放置的光屏是由E和F两个半圆形光屏组成的，NOM为两半圆的分界线，其中光屏F可绕直径NOM前后折转。实验测量数据如表所示： 入射角α 0° 30° 45° 60° 反射角γ 0° 30° 45° 60° 折射角β 0° 22° 32° 41° (1)当光从空气射入水中时，传播方向__________（选填“一定”或“不一定”）发生改变。 (2)由表中数据可知，光从空气斜射入水中时，折射角_________（选填“大于”“等于”或“小于”）入射角，且折射角随着入射角的增大而_________。 (3)由表中数据可知，当光从水中以41°入射角斜射到空气中时，折射角为_________°。 (4)小明同学在实验时，当他沿AO方向射入一束光，F光屏上没有反射光和折射光，可能原因是_____。 6．（2026·四川南充·一模）小林用带刻度尺的光具座、凸透镜、光屏、蜡烛和火柴等器材“探究凸透镜的成像规律”。 (1)如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小、最亮的光斑时停止移动光屏，测出该凸透镜的焦距为__________cm； (2)在某次实验中，小林将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上如图乙所示的位置，光屏上呈现清晰的像，生活中利用这个成像特点制成了__________（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）；保持凸透镜的位置不变，将烛焰向远离凸透镜的方向移动适当距离， 则应将光屏向__________（选填“远离”或“靠近”）透镜方向移动适当距离，光屏上才能再次呈现清晰的像； (3)若实验中用手遮住凸透镜的一半，则光屏上__________（选填“能”或“不能”）出现完整的像； (4)小林将自己的眼镜放在图乙中蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上原本清晰的像变模糊了，向右移动光屏，光屏上的像又变清晰了，说明小林的眼镜是__________（选填“近视”或“远视”）眼镜。 押题猜想二十 力学实验 试题前瞻·能力先查 1. 为了“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”，实验小组设计了如图甲所示的实验装置：上下表面粗糙程度不同的木块，放在水平传送带上。        (1)实验前，应将弹簧测力计___________放置后进行调零； (2)启动传送带，直到木块相对地面静止。若以传送带为参照物，木块是___________的；木块受到的摩擦力大小___________（选填“大于”、“等于”或“小于”）弹簧测力计示数； (3)在木块上添加不同数量的砝码进行实验，根据获得的数据，绘制出乙图中①的图像，分析图像可知滑动摩擦力的大小与___________有关；接着翻转木块，让其上表面贴放在传送带上，重复以上操作，绘制出乙图中②的图像。分析乙图可知滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关，分析依据是___________。 2．实验小组同学想要测量一枚纪念章的密度，可用的器材有：天平（含砝码）、量筒、烧杯、溢水杯、水、细线、弹簧测力计。 【实验探究】 方案一： (1)将天平放在水平桌面上，游码移到零刻度线处，观察到指针指在分度盘的左侧，应将平衡螺母向___________调节，直至天平平衡。将纪念章放在天平左盘，向右盘加减砝码并移动游码，天平再次平衡时如图甲所示，可知纪念章质量为___________g。 实验小组发现纪念章无法放入量筒中测量体积，于是进行了图乙所示的操作： ①烧杯中加入适量的水，将纪念章浸没水中，在水面处做标记。 ②取出纪念章，测出烧杯和水的总质量。 ③往烧杯中加水，直到水面达到标记处，测出烧杯和水的总质量。 (2)纪念章密度的表达式___________（用、、、表示）。 方案二： (3)先用弹簧测力计测出纪念章的重力，然后将纪念章浸没在水中静止，如图丙所示。观察到弹簧测力计的示数减小了1小格，此时纪念章受到的浮力为___________N，由此可知纪念章的密度是___________。 【交流评估】 (4)对比两种方案，你认为方案___________更合适，理由是___________（写出一条即可）。 分析有理·押题有据 测平均速度实验用刻度尺和停表测量小车在斜面上通过的路程和时间，利用公式v=s/t 计算平均速度（斜面坡度不宜过大，便于计时）；探究滑动摩擦力影响因素时用弹簧测力计水平匀速拉动木块（二力平衡，拉力等于摩擦力），通过控制变量法分别研究压力大小和接触面粗糙程度对摩擦力的影响；探究二力平衡条件时让小车在水平桌面上受力平衡，通过改变两端钩码数量、扭转小车角度等操作得出二力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线且同一物体上；探究压力作用效果（压强）时通过海绵（或沙面）凹陷程度来反映压力作用效果（转换法），控制变量得出受力面积一定时压力越大效果越明显，压力一定时受力面积越小效果越明显；探究液体压强特点时使用压强计（U形管液面高度差反映压强大小），得出液体内部向各个方向都有压强、同种液体同一深度压强相等、深度越大压强越大、密度越大压强越大；探究浮力大小的影响因素时用弹簧测力计称重法（F浮 = G－F拉），控制变量得出浮力只与液体密度和排开液体体积有关，与浸没深度无关，并通过阿基米德原理实验（溢水杯）得出F浮 = G排；探究杠杆平衡条件时调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡（消除杠杆自重影响），通过改变钩码数量和位置多次实验，得出F₁×l₁ = F₂×l₂；测量固体密度时用天平测质量，用量筒排水法测体积（先测质量再测体积，防止因沾水导致质量偏大）；测量液体密度时先测烧杯和液体总质量，倒出部分液体至量筒再测剩余质量（避免体积误差）；探究动能大小的影响因素时让不同质量或不同高度的小球从斜面滚下撞击水平面上的木块，通过木块移动距离反映动能大小（转换法），得出速度越大、质量越大则动能越大；测量滑轮组或斜面的机械效率时需匀速拉动弹簧测力计，利用η = W有/W总计算，同一滑轮组提升重物越重效率越高（额外功几乎不变）——以上实验多数需多次测量以寻找普遍规律或求平均值减小误差。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川南充·一模）如图所示，小明用同一压强计探究液体内部压强的特点。 (1)实验前，利用U形管、橡皮管、扎紧橡皮膜的探头、红墨水等组装成压强计，放在空气中静止后，发现U形管两边的液面出现图甲所示的情景，接下来正确的调节方法是_________（填字母）； A．将U形管右侧高出部分的液体倒出 B．取下橡皮管，重新进行安装 (2)通过比较_________两图可知，液体压强与液体密度有关； (3)小明增加一个相同的压强计继续实验，将两个压强计按如图戊所示方式组装，往A、B两个U形管中分别注入染色的酒精和水（）。将探头重新放入盐水中某位置，U形管A和B两侧液面高度差分别为和，则酒精的密度_________（请用题中、和表示）。 2．（2026·四川南充·二模）如图所示，小宁用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。 (1)通过图甲观察发现压强计_________（选填“是”“不是”）连通器； (2)小宁把压强计的橡皮膜和橡皮管更换后，在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，接下来的操作应是（　　） A．从U形管内向外倒出适量水 B．拆除软管重新安装 C．向U形管内添加适量水 (3)完成上述操作后，如图乙、丙所示是将该装置的探头放入水中不同深度的情况，比较后可初步得出结论：液体内部的压强随深度的增加而__________； (4)小宁同学利用U形管压强计改装成如图戊所示的测量某种未知液体的密度的密度计。A为固定支架，其作用是保证橡皮膜在不同的液体中深度均为5cm。U形管盛水，其右管标有刻度值，为了便于读数，在U形管右管有一个指示液面位置的红色浮标。未测量时，U形管水面刚好与a相平。当橡皮膜放入某液体中时，浮标指示在b处，小宁利用刻度尺测出a、b之间的距离为3.0cm，则该液体的密度为________g/cm3； 3．（2026·四川广元·二模）跨学科实践：制作简易杆秤 如图甲，杆秤是我国流传千年的传统称重器具，凝聚着古人的劳动智慧与深厚传统文化价值。科学实践小组以杆秤为探究对象，结合杠杆平衡原理开展实践探究，完成了产品制作、产品使用、产品改进三大实践环节。 【产品制作】 (1)如图乙所示，科学实践小组选取直尺、钩码、细绳等材料制作简易杆秤。选用质地轻的直尺作为秤杆的主要目的是__________；在直尺5cm刻度处打孔穿绳制作秤钩，10cm刻度处打孔穿绳制作提纽，其中提纽对应杠杆的____________。（选填“支点”、“动力作用点”或“阻力作用点”） 【产品使用】 (2)简易杆秤使用前未校零调平，空载时秤钩端略向下倾斜。若直接用该杆秤称量物体质量，测量结果会________。（选填“不变”、“偏小”或“偏大”） 【产品改进】 (3)若想提高简易杆秤测量精准度，可采取的办法是_________。（写出一条即可） 4．（2026·四川广元·二模）小明利用弹簧测力计、粗糙程度不同的两个水平长木板、木块（各个面的粗糙程度相同）、砝码等器材探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”。 (1)如图甲、乙、丙所示，小明将木块放在水平木板（或水平较粗糙木板）上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在木板表面做匀速直线运动，实验数据如图所示。通过比较________两图数据，可以得到结论：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。 (2)小明想探究滑动摩擦力的大小与接触面积是否有关。为了提高测量精度，小明利用力传感器和传送带设计了如图丁所示的装置，保持传送带的转速不变进行实验，计算机记录木块平放和侧放时的传感器数据分别如图戊、图己（木块平放和侧放时的底面积不同）所示。 ①对比戊、己实验，可初步得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积________（选填“有关”或“无关”）。 ②同桌小华认为传送带向右加速转动也不影响测量结果，他的观点是正确的，理由是：________。 5．（2026·四川成都·二模）在复习“用弹簧测力计测量力的大小”实验中，同学们进行了实验操作与分析判断。请完成以下相关问题。 (1)竖直方向上对弹簧测力计进行调零后，在弹簧测力计下悬挂一个物块，如图甲所示。当物体____时，读出弹簧测力计的示数，就可知物块重力的大小。 (2)用弹簧测力计测量物块所受的浮力实验中，将物块浸入水中测拉力，再提出水面测重力，浮力的测量结果将____。 (3)接着直接使用该弹簧测力计来测量物块在水平方向做匀速直线运动受到摩擦力的大小，如图乙所示。此操作是不规范的，请说明原因____________。 (4)骑自行车的人要让车快速停下来，可用力捏刹车闸。捏刹车闸的力越大，自行车就越快停下，依据是____________。 6．（2026·四川内江·一模）在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明用完全相同的木块分别做了如图所示的甲、乙、丙三个实验。 (1)将木块放在水平木板上，用弹簧测力计水平拉动木块，使木块做___________运动，根据二力平衡知识可知，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数； (2)甲、乙两个实验说明滑动摩擦力的大小与___________有关；___________两个实验说明滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关； (3)同学们在老师的指导下对实验装置进行改进，发现用如图丁所示的方式测量滑动摩擦力效果更好，图丁实验中___________（选填“一定”或“不一定”）要匀速拉动长木板。 7．（2026·四川宜宾·一模）小明探究“杠杆平衡条件”，并尝试自制简易杆秤。 (1)图1中静止的杠杆处于____________（选填“平衡”或“非平衡”）状态。实验时，应将平衡螺母向____________调节，目的是便于测量____________。 (2)图2中弹簧测力计施加拉力，保持杠杆在水平位置平衡，若拉力方向由①改为②，则弹簧测力计的示数将____________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 (3)小明通过实验得出的结论是：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离。这个结论与杠杆平衡条件不符，原因是实验过程中 （填字母）； A．没有改变力的大小 B．没有改变力的方向 C．没有改变力的作用点 (4)如图3，小明用细木棒（质量不计）、小纸杯、棉线和钩码等器材制作简易杆秤。步骤如下： 步骤一：把棉线系在“b”处，作为提纽；把纸杯悬挂在“a”处，作为秤盘；将质量为50g的钩码挂在杆秤上作为秤砣； 步骤二：手提提纽，移动秤砣使秤杆水平平衡，此时秤砣所在位置“c”为定盘星，即“c”点刻度值为____________g； 步骤三：若要在“d”位置标定最大刻度值，只需用刻度尺测量“ab”和____________的长度（选填“cd”或“bd”）。 8．（2026·四川成都·二模）“五月五，过端午。” 劳技课上学习腌制咸鸭蛋，同学们通过测量盐水的密度来检测所配制盐水的浓度。实验操作如下： （1）往烧杯中倒入适量盐水，用已经调好的托盘天平测出烧杯和盐水的总质量为。 （2）把烧杯中部分盐水倒入量筒，读出量筒中盐水的体积为。 （3）在测量烧杯和剩余盐水的总质量的过程中，从大到小往右盘加减砝码时，发现加入一个最小砝码后指针偏向分度盘的右侧，接下来应进行的操作是 ____________ 。天平平衡后示数如图所示，质量为 ____________ g。 （4） 计算得出盐水的密度为____________。 （5） 若操作 （2） 中有少量盐水附着在量筒内壁上，测得的盐水密度将 _____________。 （6） 进行交流时，小兰总结了上述实验过程中需要注意的事项，你认为必要的是 ____________ 。 A． 装入盐水前应测量空烧杯的质量 B． 用天平测质量时拨动游码必须用镊子 C． 应将烧杯中的盐水全部倒入量筒 D． 量筒里的水量必须到整刻度才能读数 押题猜想二十一 热学实验 试题前瞻·能力先查 【新情景】某小组“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验。 (1)用如图（a）所示实验装置进行探究。在加热过程中，有一段时间水中气泡出现如图（b）所示的情况，在这段时间内温度计的示数变化情况是_____； (2)某一时刻温度计的示数如图（c）所示，此时水的温度为_____℃； (3)小组同学记录的实验数据如下表所示，根据实验数据可知水沸腾时的温度特点是_____。在第2min前烧杯中的水也发生着汽化，这时汽化是以_____方式进行着的。 时间/min 0 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 3.5 温度 90 92 94 96 98 98 98 98 (4)图（d）是我国地形剖面图，本次实验的数据应该大致是在图中a、b、c三个地区中的_____地区。 分析有理·押题有据 四川中考热学实验主要围绕“探究固体熔化规律”“探究水沸腾特点”和“比较不同物质吸热能力”三个核心实验展开：探究晶体熔化时采用水浴法加热使物质受热均匀，记录温度随时间变化并绘制图像，得出晶体有固定熔点（熔化过程固液共存、温度不变且持续吸热）而非晶体无固定熔点的结论；探究水沸腾时观察气泡变化（沸腾前气泡上升变小，沸腾时气泡上升变大），记录数据发现水沸腾时吸热但温度保持不变（图像中呈现水平段），且气压越高沸点越高；比较不同物质吸热能力（如水和食用油）时，控制质量、初温相同，用相同加热器加热相同时间观察升温多少（升温慢的吸热能力强，即比热容大），或升高相同温度比较加热时间，结论为比热容反映物质的吸热本领，水的比热容最大。以上实验均用到控制变量法和转换法（通过加热时间或温度变化反映吸热多少），多次测量的目的是使结论具有普遍性。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川绵阳·一模）图甲是探究海波熔化时温度变化规律的实验装置，图乙是根据实验数据绘制的温度随时间变化的图像。 (1)从图像中发现海波熔化时间过短，下列措施中，一定不能延长海波熔化时间的是_____（填序号）。 ①增加试管中海波的质量         ②撤掉酒精灯或用“小火”加热 ③降低烧杯中水的初温           ④增加烧杯中水的质量 (2)第5分钟时试管内物体温度如图丙所示：该物质的凝固点为  ______ ；该物质第14min的内能  _______（选填“大于”“等于”或“小于”）第6min的内能。 2．（2025·四川达州·模拟预测）如图所示，甲乙丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是，烧杯内的液体质量和初温也相同。 (1)为了比较不同物质吸热能力： ①应选择_____两图进行实验； ②实验时，不同物质吸热的多少应通过_____来控制（温度计示数/加热时间）； ③如果质量相等的、b两种液体，吸热后温度随时间变化的图像如图丁A、B所示，由图可知液体_____吸热能力更强，液体a、b两液体的比热容之比为_____。 (2)为了比较不同燃料的热值： ①应选择_____两图进行实验； ②燃料完全燃烧放出热量的多少是通过_____来反映的。 3．（2026·四川南充·一模）用如图所示的装置“探究水沸腾前后温度变化特点”. (1)组装酒精灯上方的铁圈时，酒精灯应 _______（选填“点燃”或“不点燃”）. (2)图是不同时间观察到的水中气泡变化情况，表示水沸腾的是图 _____（选填“①”或“②”）.当水温升到88 ℃，安安同学开始每隔1 min读一次温度计的示数，数据记录如下表.图丙是第4 min温度计的示数，此时水的温度是 _______℃. 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 温度/℃ 88 90 92 94 98 99 99 99 99 99 (3)水沸腾时的特点_________. 4．（2025·四川南充·一模）在学习了比热容的知识后，小敏想比较a、b两种液体的吸热本领。她设计了如下探究实验：用红外线电加热器分别对初温均为的a、b两种液体加热，图乙为a、b两种液体的温度随加热时间变化的关系图像。 (1)在两只相同的试管中，分别装入__________相等的a和b； (2)将两支相同的温度计分别插入a和b中，并固定在铁架台上，如图甲所示。打开红外加热器，对两支试管进行同时加热。实验中，通过__________来反映物质吸收热量的多少； (3)小敏自制一个暖水袋，在a、b两种液体中选一种液体作为注入暖水袋中的供暖物质，则应选__________液体。 5．（2025·江苏常州·一模）小华学习了热学知识后，为了对比热容、热值的理解，设计如下实验，可完成吸热能力实验和热值实验。甲、乙、丙三个装置，燃料和液体除种类不同之外，质量完全相同，其他装置完全相同。 (1)为了研究不同物质的吸热能力，利用其中__________（甲/乙/丙）两幅图进行实验，根据数据做出了两种液体的温度随时间变化的关系图，如图2所示； ①实验中不同物质的吸热多少是通过__________来反映比较的（温度计示数变化/加热时间）； ②已知b液体的比热容是J/（kg·℃），则a液体的比热容是__________J/（kg·℃）； (2)为了研究不同燃料的热值，正确选择其中__________（甲/乙/丙）两幅图进行实验。在实验前用天平测出了两烧杯中液体的质量相同、燃料的质量相同，这样可以通过__________（温度计示数变化/加热时间）直观感知哪种燃料的热值大。若a、b液体的比热容已知，记录相关数据，可以计算出吸收热量和燃料放出的热量，从而计算燃料热值。但此方法计算的热值与实际燃料热值相比__________（偏大/偏小/不变），原因是__________。 6．（2025·四川攀枝花·中考真题）在做“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，两组同学从甲、乙两套实验装置中各选一套来完成实验。 (1)图丙是实验中某一时刻温度计的示数，其读数是______℃； (2)图丁是两个小组根据各自的实验数据绘制的“温度—时间”图像，其中______（选填“a”或“b”）是根据甲实验装置获得的数据绘制的；用乙实验装置测出水的沸点为______℃； (3)实验结束后，同学们继续进行了如图戊所示的实验：将烧瓶内水沸腾时所产生的水蒸气通入试管A中，试管A放在装冷水的容器B内。一段时间后，看到试管A的内壁上有小水珠出现、温度计C的示数______（选填“变大”、“变小”或“不变”），这说明水蒸气液化时会______热量。 押题猜想二十二 电磁学实验 试题前瞻·能力先查 1．某小组猜想电流与电压和电阻有关，现要探究电流与电压的关系。 (1)为探究电流与电压的关系，实验中应控制________不变； (2)该小组连接的部分电路如图所示，请用笔画线代替导线将电路补充完整（导线不能交叉）； (3)正确连接电路后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调到最________端； (4)试触时发现电压表和电流表的指针均不偏转。为查找故障，闭合开关，保持导线ab的a端不动，将b端依次接到A、B和C接线柱，电压表的指针均偏转，电流表指针均不偏转。若电路中只有一处故障，则发生的故障是___________； (5)排除故障后，闭合开关，通过移动__________的位置改变电阻两端的电压，测量电阻两端的电压U和对应的电流I，记录的实验数据如下表所示； 数据序号 1 2 3 4 5 电压U/V 1.60 1.90 2.20 2.50 2.80 电流I/A 0.16 0.19 0.22 0.25 0.28 分析表格中的数据，发现电压与其对应电流的比值________，从而得出结论：___________。 2．如图甲所示，是小明做“测量小灯泡的电阻”的实验装置，小灯泡的额定电压为2.5V，电源为两节新干电池且电压保持不变。 (1)用笔画线代替导线，将图甲中的电路补充完整；（要求滑动变阻器的滑片向右移动，小灯泡变亮） (2)连接电路前，发现电流表的指针没有指在零刻度线处，接下来应该对电流表进行___________；连接好电路，闭合开关后，发现电流表无示数，电压表示数为___________V，则故障可能为小灯泡断路； (3)排除故障后进行实验，移动滑动变阻器的滑片，得到数据如下表： 实验序号 电压U/V 电流I/A 电阻R/Ω 1 1.0 0.16 2 0.20 3 2.0 0.22 4 2.5 0.25 ①第2次实验时，电压表的示数如图乙所示，为___________V； ②小灯泡正常发光时的电阻为___________Ω； ③小组的同学认为应该将测出的电阻的平均值作为小灯泡的电阻，这种想法不可行的原因是___________； (4)小明发现在移动滑动变阻器滑片的过程中，小灯泡的亮度也会发生变化，查阅资料得知，小灯泡的亮度与实际功率有关，若想探究小灯泡亮度与实际功率的关系，除了表中记录的数据外，实验表格中还需添加的两列表头是___________、___________。 分析有理·押题有据 山东中考电磁学实验涵盖电学与磁学两大板块。电学核心实验包括：探究串并联电路的电流、电压规律（串联电路电流处处相等、总电压等于各用电器电压之和；并联电路干路电流等于各支路电流之和、各支路两端电压相等）；探究电流与电压、电阻的关系（控制变量法——电阻一定时电流与电压成正比；电压一定时电流与电阻成反比，滑动变阻器分别起到改变定值电阻两端电压和保持电压不变的作用）；伏安法测电阻（原理R=U/I，多次测量求平均值减小误差）以及测小灯泡电功率（原理P=UI，额定电压下测额定功率，实际电压影响实际功率，小灯泡亮度由实际功率决定）。磁学实验主要包括：奥斯特实验（通电导线周围存在磁场，电流方向改变磁场方向随之改变）；探究通电螺线管外部磁场（铁屑分布显示磁场与条形磁铁相似，运用安培定则判断磁极）；探究电磁铁磁性强弱的影响因素（通过吸引大头针数目反映磁性强弱，得出与电流大小、线圈匝数、有无铁芯有关，采用控制变量法）；探究磁场对电流的作用（电动机原理，改变电流方向或磁场方向可改变受力方向，能量转化为电能→机械能）；探究电磁感应现象（发电机原理，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时产生感应电流，影响感应电流方向的因素是磁场方向和切割方向，能量转化为机械能→电能）。以上实验普遍运用控制变量法、转换法（如通过灯泡亮度、电流表示数大小、大头针数目反映物理量变化），多次实验的目的在于得出普遍规律或减小误差。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川内江·二模）如图甲是飞飞测量额定电压为2.5V的小灯泡额定功率电路图，电源电压有4V和6V两款，滑动变阻器的规格为“10Ω，1A”。 (1)连接实物图时，开关应该_______，闭合开关前，滑动变阻器滑片应该处于_____端（选填A或B）。 (2)闭合开关后，小灯泡发光，但电压表示数为0，经检查，图中a、b、c三根导线中有一根断了，则该导线是________（填写字母）。 (3)排除故障后继续测量灯泡的额定功率，但无论如何调节滑动变阻器都无法使小灯泡的电压达到2.5V，电流如图乙所示，经过思考，飞飞发现是自己选择的电源电压不合适，她选择的电源电压为______； (4)同组的小林重新找到一个可以任意调节电压的电源，将滑动变阻器调至最大阻值处，将电源挡位调整合适，此时小灯泡恰好正常发光，电流表在如图乙的基础上偏转了2小格，小林计算出小灯泡正常发光时的电源电压为___V，灯泡的额定功率为_____W。 2．（2026·四川德阳·一模）实验小组进行“测量小灯泡的电功率”实验。现有器材：小灯泡L（，额定功率约为0.8W）、电压为3V且保持不变的电源、标有“20Ω 1A”字样的滑动变阻器、开关、电流表、电压表、导线若干。 (1)请用笔画线代替导线，将图甲中的实物连接完整。（导线不允许交叉） (2)①小明检查电表量程的选择和电路的连接都无误后。闭合开关，将滑动变阻器的滑片调至阻值最大处，开始实验。小丽指出小明的实验操作存在错误，正确的操作应是：___________。 ②正确操作后，继续实验的过程中，电压表指针出现如图乙所示的情况。经检查只有滑动变阻器发生故障，则故障可能是滑动变阻器___________（选填“断路”或“被短接”）。 (3)排除故障后，继续实验，获取实验数据。当电压表示数为2.5V时，电流表表盘如图丙所示，通过计算可知，小灯泡L的额定功率为___________W。 (4)完成实验后，小明设计了如图丁所示的电路，想要用原有的实验器材和定值电阻，在不使用电流表的情况下，测量该小灯泡L的额定功率。请你帮助他完成实验方案： ①检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1接a，调节滑动变阻器的滑片直至电压表示数为___________V； ②保持滑片不动，再将开关S1接b，读出电压表示数为U0； ③小灯泡L的额定功率___________（用、U0、R0表示）。 3．（2026·四川南充·一模）在“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验中，实验电路如图所示，其中R1>R2。 实验一：探究电流产生的热量与电阻大小的关系； (1)请按照图1中的电路图将图2实物图连接完整； (2)为了在较短时间内达到明显的实验效果，实验时选用煤油而不选水，是因为煤油的比热容_______水的比热容（选填“大于”、“等于”或“小于”）； 实验二：探究电流产生的热量与电流大小的关系： (3)闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电路中的电流变成实验一中电流的2倍，且通电时间相同。实验发现：在不考虑热散失，用电阻丝R1加热的煤油，在实验一中温度升高Δt1，在实验二中温度升高Δt1′，则Δt1′_____2Δt1（选填“大于”、“等于”或“小于”），该实验说明电流产生的热量与电流大小______正比例关系（选填“成”或“不成”）.实验中，用电阻丝R2加热煤油重复以上实验步骤，也可以得出相同的结论； (4)如果在两烧瓶中分别装入质量相等的不同液体，并接入两根阻值_______的电阻丝（选填“相同”或“不同”），就可用这个装置来探究两种不同液体的吸热性质。 4．（2025·四川成都·一模）如图所示是“测量小灯泡的电功率”的实验电路，电源电压为4.5V且保持不变，小灯泡L1的额定电压为2.5V。 (1)连接如图所示电路时，开关S应处于断开状态，滑动变阻器的滑片P应置于最___________（选填“左”或“右”）端。 (2)闭合开关S，观察到小灯泡L1不亮，接下来的操作是___________。 (3)排除问题，开始测量。为了测量小灯泡的额定功率，应___________以确定小灯泡L1正常发光。 (4)多次实验并将数据和现象记录在如表所示，分析表中信息，回答下列问题。 实验序号 电压 电流 灯泡的亮度 电功率 1 不亮 2 暗 3 较暗 4 正常亮 5 很亮 小灯泡L1在额定电压下工作时，小灯泡L1的额定功率P1为___________ W。 (5)本次实验所选用的滑动变阻器的规格是___________。 A．“10Ω，2A” B．“25Ω，1A” C．“50Ω，0.1A” (6)该同学想比较另一个额定电压为2.5V的小灯泡L2的额定功率P2与P1的大小关系，他断开开关，保持滑动变阻器滑片位置不变，将L1替换为L2闭合开关后，发现电压表示数为2.3V。依据上述现象，可推断出P1___________P2 （选填“>”、“=”或“<”），他继续完成了P2的测量后，验证了推断。 5．（2025·四川宜宾·模拟预测）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，器材有：电源（电压恒为3V）、开关、电压表和电流表各一只、额定电压为2.5V的灯泡、滑动变阻器（20Ω、1A）、导线若干。 (1)以画线代替导线，将图甲中的实物图连接完整。（要求：滑片向左移动时小灯泡变亮） (2)连接电路时开关应_______。 (3)闭合开关前，发现电流表的指针如图乙所示，其原因是_______；问题解决后，第一小组的同学通过改变滑动变阻器的阻值，得到了小灯泡的电流随其两端电压变化的图象，如图丙所示，则小灯泡的额定功率为_______W；第一小组的同学在实验中还发现，电压表与电流表示数的比值变大，原因是小灯泡的电阻随温度升高而_______。 (4)第二小组的同学在准备进行实验时，发现电压表坏了，他们找到了一个阻值为10Ω的定值电阻R0，设计了如图丁所示的电路，也顺利的完成了实验： ①先闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器，使电流表的示数为I1，则I1=_______A； ②保持滑片P的位置不变，闭合开关S、S2，断开S1，读出电流表的示数为I2，则小灯泡的额定功率P额=_______。（用U额、I1、I2表示） 6．（2025·四川德阳·模拟预测）在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压为3V，小灯泡额定电压为，小灯泡电阻约为。 (1)请你用笔划线代替导线，将图甲中的实验电路连接完善_______（要求滑片向左移动时灯泡变暗）。 (2)小明同学连接好最后一根导线后，闭合开关，他发现无论怎样移动滑片，灯泡都很暗，且两表示数不变，出现上述故障的原因可能是：______。 (3)故障排除后，小明同学闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某点，电压表的示数如图乙所示，为______V。若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中的滑片向______（选填“左”或“右”）端移动，使电压表示数为。 (4)他又移动滑片，记下了几组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的图象，根据图象信息可以计算出小灯泡的额定功率是______W。 7．（2026·四川绵阳·一模）小明用标有“2.5V”字样的小灯泡做“测量小灯泡的电功率”实验，设计了如图甲所示的电路图。 (1)按照图甲连接好电路后，闭合开关S，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2V，为了使小灯泡正常发光，应将滑片P向_________（选填“左”或“右”）端滑动； (2)小明测得多组数据，并画出了如图乙所示的图像，由图像可知小灯泡的额定功率为_________W； (3)小明通过计算发现在不同功率下灯泡的电阻不同，主要原因是_________。 8．（2025·四川内江·模拟预测）如图所示，甲同学在做“测量小灯泡的电功率”实验。实验器材：电源（电压恒为）、小灯泡（额定电压为，正常发光时灯丝电阻约为）、电流表、电压表、开关各一个，规格分别为和的滑动变阻器各一个，导线若干。 (1)请用笔画线代替导线帮该同学完成电路连接_____。 (2)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，电路故障原因可能是小灯泡_____（选填“短路”或“断路”）。 (3)排除故障，闭合开关，移动滑片P至某位置时，电压表的示数为2.2V，若想测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向_____端移动（选填“A”或“B”）。通过实验绘制出小灯泡的图像，如图乙所示，小灯泡的额定功率为_____。 (4)乙同学设计了如图丙所示电路，来测量另一只小灯泡的额定功率（已知灯泡的额定电压为），阻值已知。 ①断开开关，闭合开关、，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为_____（用字母表示），此时灯泡正常发光。 ②保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关，闭合开关、，记下电流表的读数为。 ③小灯泡额定功率的表达式=_____（用字母、、表示）。 押题猜想二十三 力学计算 试题前瞻·能力先查 1．如图为中国新一代通用型导弹驱逐舰169号（武汉舰），它是052B型导弹驱逐舰。其满载时的排水量约为，当驱逐舰以20m/s的速度匀速直线航行时，受到的阻力是自身总重力的0.01倍。海水密度近似取1×103kg/m3，。求： (1)船底在水面下3m深处，船底受到的海水的压强p； (2)驱逐舰满载时，受到的浮力F浮； (3)驱逐舰满载时以20m/s的速度匀速航行，驱逐舰的功率P。 2．被誉为“世界榨菜之乡”的重庆涪陵，今年创新引进四轮机器狗上岗，用稳健的机械运动替代了农民弯腰负重的辛劳，让科技真正服务田间地头。如图所示，一筐青菜头质量约15kg，一只机器狗质量为35kg，其一个轮胎与水平地面接触的面积为，工作时，该机器狗匀速直线移动的速度为，所受阻力是机器狗总重力的0.2倍。求： (1)“机器狗”负重后站在水平面上不动时，对水平地面的压强； (2)“机器狗”负重后在水平地面上匀速直线移动一段距离，“机器狗”的牵引力做功的功率。 分析有理·押题有据 四川中考力学计算题主要涉及速度、密度、重力、压强、浮力、功、功率及机械效率等公式的综合应用，解题时需先明确研究对象和物理过程（是否匀速、是否浸没、是否忽略摩擦），画出受力分析图，再选择恰当公式并统一单位（g取10N/kg时质量用kg，面积用m²，体积用m³）。常见计算模型包括：速度与平均速度（v=s/t）；固体压强（p=F/S，水平面F=G总）与液体压强（p=ρgh，再结合F=pS求压力）；浮力综合（称重法F浮=G-F拉、阿基米德原理F浮=ρ液gV排、漂浮悬浮平衡法F浮=G物）；功与功率（W=Fs，P=W/t=Fv）；机械效率（竖直滑轮组η=G物/(nF)=G物/(G物+G动)，水平滑轮组η=f/(nF)，斜面η=Gh/(Fs)）。解答时建议分步列式，注意单位换算（如km/h→m/s，cm²→m²，g→kg），利用平衡方程或方程思想求解未知量，并确保最终答案带有正确单位。。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川内江·二模）氢燃料具有清洁无污染、效率高等优点，如图为一辆我国设计制造的氢能源公交车。[，q氢=1.4108J/kg ]求: (1)此氢能源公交车质量为2t，汽车受到的摩擦力是车重的0.2倍，汽车做匀速直线运动，求公交车受到牵引力是多少牛？ (2)汽车以72km/h速度做匀速直线运动，求汽车牵引力的功率是多少瓦？ (3)质量为0.03kg的氢燃料完全燃烧，若放出的热量70%被水吸收，可以使质量为100kg的水温度升高多少摄氏度？ 2．（2026·四川内江·二模）新能源时代的“中国速度”——2026年3月，比亚迪正式发布“兆瓦闪充2.0”技术与“第二代刀片电池”。某款搭载第二代刀片电池的轿车，电池包总容量为。在环境温度25℃时，使用兆瓦闪充桩，仅需5分钟即可将电量从10%充至70%，增加续航里程约400公里。若环境温度降至-30℃，充电时间略微延长，但依然能在12分钟内充满。 (1)在25℃环境下，该轿车电池剩余电量为10%时，用兆瓦闪充桩充电5min，电池增加的电能是多少？ (2)兆瓦闪充桩充电5min，电池增加的电能可使车辆在平直公路匀速行驶400km，此过程车辆受到的阻力为多大？ 3．（2026·四川南充·一模）用如图甲所示滑轮组从某液体中匀速向上提升密度为、体积为0.02m3的物体A，已知甲图中每个滑轮的质量均为5kg（不计绳重、摩擦及液体的阻力，g取10N/kg）。求： (1)物体A受到的重力是多少？ (2)将物体A完全拉出液面后，滑轮组的机械效率为多少？ (3)若作用在绳子末端的拉力F随时间t变化的图像如图乙所示，且拉力，则液体的密度为多少？ 4．（2026·四川广元·二模）如图所示，甲、乙两个质量均为2 kg的实心均匀圆柱体放在水平地面上，甲的底面积为4×10-3 m2，乙的体积为0.8×10-3 m3。（g取10 N/kg） (1)求乙所受的重力G乙和密度； (2)求甲对地面的压强p甲； (3)若甲的底面积是乙的1.5倍，在甲、乙的上部沿水平方向分别切去∆m甲和∆m乙，再将切去部分互换叠放在对方剩余部分的上方，使甲、乙对水平地面的压强相等。求出∆m甲和∆m乙的差值。 5．（2026·四川成都·二模）受蝙蝠鱼启发，我国自主研发的柔性仿生机器人“海蝠”在马里亚纳海沟成功进行了10000m搭载实验，其1cm2表面上需承受1.1×104N的压力，如图所示，该机器人质量仅为1500g，g取10N/kg。求： (1)机器人进行实验，其表面需承受的压强。 (2)机器人竖直下潜10000m过程中，重力做的功。 6．（2026·四川内江·一模）一辆汽车在平直公路上做直线运动，图像如下，在第10s时速度达到20m/s，通过路程为140m。求： (1)在0~10s内汽车的平均速度； (2)设汽车在行驶过程中所受阻力恒为，那么汽车匀速行驶100s牵引力所做的功是多少？ 7．（2026·四川自贡·一模）考古学家在黄海海域发现甲午海战沉船“致远舰”的消息轰动了整个考古界，随着水下考古工作的进行，一些重要文物近日陆续出水重见天日，关于这艘在海水中沉睡了120余年的战舰是如何被打捞起来的谜题也逐步解开。现某课外活动小组，照此设计了如图所示的简单机械，模拟打捞沉船，实验中用实心立方体A代替沉船，已知A的体积为0.1m3，质量为280kg（设整个过程A均为匀速直线运动状态，忽略钢缆绳重及滑轮摩擦，不考虑风浪、水流等因素的影响，g取10N/kg）。 (1)A完全浸没在水中时受到的浮力是多少？（） (2)若每个动滑轮重600N，则A完全打捞出水面后，滑轮组的机械效率是多少？ (3)若A完全打捞出水面后，以0.1 m/s的速度匀速提升，则岸上钢缆绳拉力F的功率为多少？ 8．（2025·四川成都·模拟预测）如图甲所示，高为的轻质方形容器水平放置，内有一个密度为、边长为的实心正方体下表面中央与容器B的底部用一根长10cm的细绳相连（细绳质量、体积忽略不计）。向容器内缓慢加入某液体，漂浮于液面，此时液面深度为；用竖直向下的力作用在上，使其恰好完全浸没，如图乙所示。求： (1)实心正方体A的重力； (2)A恰好浸没时容器对桌面的压强大小； (3)撤去6N压力后，继续向容器内加入该液体，假设继续加入液体的体积为，求该容器底部受到的液体压强随变化的函数关系表达式。 9．（2025·四川成都·模拟预测）如图甲所示，成都某小区有一个水足够深的圆柱形游泳池，底面积为；泳池中有一足够高的圆柱形小船，底面积为；池底有一圆柱形水质检测仪A，底面积为。测量员站在小船中，用细绳（体积不计）将池底的圆柱形A缓慢拉起并放入小船中，所用拉力F随圆柱形A上升高度h变化的关系图像如图乙所示。已知，整个过程中，人、小船和圆柱形A均处于平衡状态，圆柱形A不吸水，，取。 (1)求圆柱形A的质量。 (2)求圆柱形A的密度。 (3)在从A刚好露出水面开始的整个提升过程中，求小船底部受到水的压强的变化量与拉力F的函数关系式。 10．（2026·四川南充·一模）如图，利用电子秤监控水库水位的模拟装置，由长方体A和正方体B、滑轮组、轻质杠杆CD、电子秤等组成，杠杆始终在水平位置平衡。已知，A的体积为0.01 m3，A重为800 N，B的边长0.1 m，B重为250 N，动滑轮重200 N，不计绳重与摩擦（）。求： (1)A的密度； (2)水位上涨到A的上表面时，A受到的浮力； (3)在单独使用该滑轮组且完全浸没在水中匀速提升A时的机械效率（百分数取整）； (4)水位上涨过程中，电子秤所受的最大压强。 押题猜想二十四 欧姆定律、电功率计算 试题前瞻·能力先查 1．小静设计了一款多功能电炖锅，分别有大火快炖（高温挡）、文火慢炖（中温挡）、智能保温（低温挡）三个挡位，简化电路如图所示，、、均为电热丝，其中。电炖锅在高温挡、中温挡工作时，开关均处于闭合状态，中温挡功率为。当只闭合开关，电炖锅处于功率可调的低温挡（滑片只在限定范围内滑动），其功率范围为60.5~242W。求： (1)中温挡正常工作8min产生的热量； (2)电炖锅高温挡的功率； (3)现有“7002A”、“7501.5A”、“8001A”三种规格，为了达到小静设计的低温挡功率范围。请通过计算说明她应该选择哪种规格。 2．额定电压为220V某品牌电压力锅内部的简化电路，如图甲所示。其中、均为阻值恒定的发热电阻丝，接通电路后，触点式开关S自动与触点接通，电压力锅处于加热状态，当锅内温度达到时，开关S自动与触点分离并与触点接通，电压力锅处于保温保压状态。现将质量为3kg、初温为的水加入锅中，接通电路使该压力锅正常运行，其工作过程中的电功率随时间变化关系如图乙所示。已知水的比热容为，求： (1)这些水的温度升高到的加热过程吸收的热量； (2)电压力锅的工作效率为85%；加热过程所需的时间是多少分钟？ 分析有理·押题有据 四川中考欧姆定律与电功率计算题通常以串联或并联电路为背景，综合考查欧姆定律（I=U/R）、串并联电流/电压/电阻规律、电功（W=UIt）、电功率（P=UI=W/t）及其推导式（纯电阻电路可用P=I²R=U²/R），解题时需先识别电路连接方式，明确各电表测量对象，再根据题目条件选择公式。常见题型包括：利用铭牌求电阻和额定电流（R=U额²/P额）；滑动变阻器动态电路分析及范围计算（在电表量程、灯泡额定值、变阻器规格限制下求阻值、电流、电压或功率的极值范围）；多挡位家用电器（如电饭煲、电热水器）的挡位判断与功率计算（通过开关改变电阻连接方式，利用P=U²/R，电阻越小功率越大）；以及非纯电阻电路（如电动机）中区分总功率、机械功率与发热功率（P热=I²R，P总=UI，P机=P总-P热）。解答时注意单位统一（电压V、电流A、电阻Ω、时间s、电功J或kW·h），灵活运用方程思想和比例关系，对于动态电路范围计算要建立不等式组，确保所有元件安全。 终极猜想·精练通关 1．（2026·四川内江·二模）当前，体重超标已影响了部分中学生的身心健康，为了动态监测中学生的体重情况，小天设计了一台由电流表改装而成的简易体重计，其电路如图甲所示。已知电源电压恒定，定值电阻R0=15Ω，R为压敏电阻，其阻值与所受到的压力关系如图乙所示，当电流表示数为0.3A时，体重计会发出警示信号，电流表量程为0～0.6A，踏板重力不计，求： (1)闭合开关，当体重计空载时，电路中的电流为0.15A，电源电压为多少？ (2)体重计发出警示信号时所测量的体重？ (3)要使体重计示数在800N才会发出警示信号，需要串联一个多大的电阻？ 2．（2026·四川南充·一模）学校安装了某新型饮水机，其内部简化电路如图乙所示，通过旋转开关能实现自动出水、加热、保温等功能。已知、均为发热电阻，其铭牌部分信息如下表所示。求： 额定电压 220V 自动出水功率 220W 保温挡功率 400W 加热挡功率 1200W (1)额定电压下，饮水机自动出水时通过的电流； (2)发热电阻的阻值； (3)该饮水机将电能转化为水的内能的效率是80%，标准大气压下，饮水机在加热状态正常工作3.5min，能将多少千克初温是的水烧开。（已知水的比热容为） 3．（2026·四川广元·二模）如图所示，电源电压恒定不变。当闭合开关和，断开，灯泡L正常发光；当闭合开关和，断开，电压表示数为6V，电流表示数为1.6A；当只闭合开关时，灯泡L消耗的实际功率与额定功率之比为1：9，与消耗的功率之比为3：1（不考虑灯丝电阻随温度变化）。求： (1)灯泡L的额定电压； (2)灯泡L的额定功率； (3)当只闭合时，的电功率。 4．（2026·四川广元·二模）周末，小东跟妈妈一起到超市购物，发现称量物品的电子秤（如图甲所示）与所学的物理知识有关，回家自己设计了一个简易的电子秤，电路如图乙所示。已知电源电压恒为6 V，电流表的测量范围为0~0.6 A，R0为定值电阻，Rt为压敏电阻，其阻值随所受压力大小变化的关系如图丙所示。将质量为0.2 kg的托盘放在压敏电阻上（此时未放物品），闭合开关S，电流表的示数为0.1 A。（g取10 N/kg） (1)求未放物品时，电路消耗的总功率； (2)将1.0 kg的物品放在托盘中10 s，电流通过R0产生的热量为多少？ (3)求这个电子秤所能称量物品的最大质量。 5．（2026·四川德阳·模拟预测）如图甲是定值电阻和标有“8V  8W”灯泡L的关系图像。如图乙所示，电源电压恒定不变，滑动变阻器的最大阻值为。当开关S、S2闭合，开关S1断开，将滑动变阻器的滑片P滑到b端时，灯泡的实际功率为1W。求： (1)灯泡正常发光时的电阻； (2)灯泡的实际功率为时，滑动变阻器产生的热量； (3)当开关S、S1、S2同时闭合，调节滑片P，计算电路消耗的最大功率。 6．（2026·四川成都·二模）科技小组设计了一种简易呼气酒精浓度测试仪，其简化电路原理如图甲所示。电源电压恒为18V；为气敏电阻，其阻值随酒精气体浓度变化关系如图乙所示；为滑动变阻器；相关检测结果及数据如下表。使用测试仪进行检测前通过调节进行“调零”，即当酒精气体浓度为0时，使电路中的电流表或电压表达到预设的标准值，调零后保持滑片位置不变，再进行检测。 酒精气体浓度mg/（100mL） M<20 20≤M<80 M≥80 检测结果 非酒驾 酒驾 醉驾 (1)若用电流表进行检测，测试仪“调零”，电流表的示数为0.2A，求的电功率。 (2)若用电压表进行检测，测试仪“调零”，电压表的示数为6V。请通过计算确定：检测结果为酒驾，电压表的示数范围。 7．（2026·四川成都·二模）随着社会的发展和科技的进步，电路元件在各行各业得到广泛的应用，其中热敏电阻就是其中之一。热敏电阻的阻值会随温度的改变而改变，图甲是用热敏电阻测量环境温度的电路，电路中电流表的量程为，滑动变阻器的铭牌上标有“  ”字样，为热敏电阻，其阻值随环境温度变化关系如图乙所示，电源电压保持不变。请完成下列小题： (1)将此电路放入温度为的环境中，闭合开关S，调节滑片P，使滑动变阻器接入电路的电阻，此时电流表的读数为，求电源电压； (2)此电路能测量的最高环境温度为多少？ 8．（2026·四川广元·一模）“墨子号”科技小组设计的简易“电子拉力器”原理如图所示。测试时，同学水平向前拉动测试仪的滑块（相当于将图中R2的滑片P从最左端向右移动），用电压表的示数来反映成绩。电源电压18V且保持不变，R1阻值20Ω，R2标有“100Ω 1A”字样。电流表接入的量程是0~3A，电压表接入的量程是0~15V。闭合开关S，某次拉动该拉力器，电流表的示数为0.3A，求： (1)当电流表的示数为0.3A时，电阻R1两端的电压； (2)电压表的最大示数； (3)该电路电功率的最大变化量。 9．（2025·四川达州·三模）如图所示，灯泡标有“6V 3W”，的电阻为10Ω，变阻器标有“20Ω 1A”的字样，电流表的量程为，电压表的量程为。当开关、、都闭合时，灯泡L恰好正常发光（设灯泡电阻不随温度而改变）。求： (1)灯泡正常发光时，通过灯丝的电流； (2)开关、、都闭合时，电路10秒消耗的电能； (3)开关闭合，、断开时，在保证电路中各元件安全工作的情况下，电阻消耗的电功率范围。 10．（2025·四川广安·模拟预测）阿忠新买的电饭锅如图甲所示，其简化电路如图乙所示。和均为电热丝，开关是自动控制开关，开关向上与触点a、b接通，向下仅与触点c接通。煮饭过程中，通过开关不断改变电路接通方式，从而使饭得到最佳的口感和营养；如图丙为这个电饭锅在某次正常煮饭全过程中总电流随时间的变化图像。求： (1)电热丝的阻值； (2)电饭锅在这次煮饭过程中处于高温挡时所消耗的电能； (3)在傍晚用电高峰期，家中只接该电饭锅，闭合开关使其开始工作11min（由于热量原因，该过程中始终与触点a、b接通），电能表（表盘如丁所示）的圆盘转了300转，则此过程中实际电压为多少？ 押题猜想二十五 计算压轴 试题前瞻·能力先查 1．如图甲所示，水平桌面上有一足够高的薄壁柱形容器，其底面积，将边长的均匀实心正方体物块放置在容器底部。缓慢向容器中加水，直到容器中的水深为时，停止加水，此时物块已经漂浮在水中，如图乙所示：再缓慢向容器中加注适量煤油，当物块静止时，物块上表面与煤油上表面刚好齐平。物块不吸水，也不吸收煤油，上浮过程中上下表面始终水平，煤油与水不相溶，已知，，，g取10N/kg，求： (1)物块的重力以及加水前物块对容器底部的压强； (2)向容器加水过程中，当水深为时，物块对容器底部的压力； (3)加注完煤油，物块静止时，其下表面与容器底部的距离。 2．如图甲所示的电路中，电源电压可调，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，电压表接0~15V的量程，电流表接0~0.6A量程。将电源电压调为某一定值时，滑片从一个端点移动到另一个端点，移动过程中电压表和电流表示数变化图乙所示。求： (1)滑动变阻器的最大阻值； (2)电源电压； (3)改变电源电压，移动滑片到某位置，当一个电表满偏时，另一电表示数为满刻度的三分之一，求：此时电路消耗的总功率； (4)拆除电压表，若使滑动变阻器可任意调节（从0调到最大阻值），且电流表示数不低于满刻度的三分之一，求电源电压的可变范围。 分析有理·押题有据 四川中考物理计算压轴大题通常以电学综合（动态电路、多开关状态、滑动变阻器范围、灯泡U-I图像、多挡位家用电器）或力学综合（浮力、密度、压强、滑轮组、机械效率、功与功率）形式呈现，解题时需先画出等效电路图或受力分析图，明确不同开关状态或运动阶段对应的物理模型，再运用欧姆定律、电功率公式或阿基米德原理、机械效率公式列方程。电学压轴常见突破口：利用灯泡铭牌或图像求电阻，根据滑动变阻器滑片位置或开关通断确定电路连接方式，结合电表量程和元件额定值列不等式组求取值范围；力学压轴常见突破口：根据物体浮沉状态（漂浮、悬浮、浸没）建立重力与浮力平衡方程，结合滑轮组绳子段数n找出s绳与h物关系，将机械效率η与有用功、总功关联。解答时务必分步书写，标注角标（如U额、U实），注意单位换算和隐含条件（如“轻质杠杆”指不计自重，“忽略绳重和摩擦”指额外功仅来自动滑轮），最后检查计算结果是否符合实际（如电流不超量程、压强不为负）。 终极猜想·精练通关 1．（2025·四川成都·模拟预测）如图所示，水平桌面上放着柱形薄壁容器A和柱形物体B、C，A、B、C的底面积分别为，高分别为，A内装有600g水，容器A自重3N。已知物体B、C的密度分别为和，取，忽略物体吸附液体等次要因素。 (1)求容器A对桌面的压强。 (2)将物体C放在物体B正上方，再将它们缓慢放入容器A中（B与C的接触面保持水平），求B、C平衡时物体C受到的浮力。 (3)将物体C放在物体B的正上方并紧密粘连，竖直放入容器A，平衡后，用力向上缓慢匀速提升C，若B、C整体被提升的高度为（单位：cm），求B、C从开始提升到B刚好离开水面，容器A底部受到液体的压强与的函数关系式。 2．（2026·四川南充·一模）实验小组设计了如图所示的电路。已知小灯泡的铭牌依次是“3.0 V，0.3 A”、“6.0 V，0.6 A”、“2.5 V，0.5 W”（灯丝的电阻均保持不变），滑动变阻器上标有“20 Ω，2 A”字样，A、B、C、D是四个接线柱；实验时，将A、D两个接线柱接在电源两端（电源电压恒定不变），滑动变阻器的滑片移到最上端，此时有一个小灯泡正常工作，另一个灯泡未达到额定电压； (1)求小灯泡正常工作时的电流； (2)求电源电压； (3)小组内某同学将三个小灯泡取下来后，三个灯泡位置交换接入电路进行实验，把A、D两个接线柱接在同一电源两端，调节滑动变阻器的滑片P到某一点，电压表的示数为1.5 V，电路图中原位置的灯恰好正常发光，此时原位置的小灯泡实际功率为其额定功率的；请计算、分析后将三个灯泡的实际位置标注到图中；再把C、D两个接线柱接入同一电源两端时，保证电路安全的情况下，求该电路的电功率取值范围（保留两位小数）。 3．（2025·四川成都·三模）小明发现把水果放入盛满水的盆子清洗时，从盆中溢出的水会流入底部密封的水槽内；取出水果，又将水果放入水槽后，盆子浮了起来。经过思考，他建立了以下模型研究盆子浮起的条件：如图所示足够高的圆柱形容器A放在水平桌面上，内放一个装满水的圆柱形容器B（B的厚度不计，且与A底部未紧密贴合）。容器A底面积为300cm2，高度足够，容器B的质量为200g，底面积为100cm2，高度为30cm。若干个小球，每个小球体积为200cm3，密度为0.8g/cm3。小明想到洗完水果，水槽需要排水，所以，在模型中的A容器底部安装了一个阀门，可以以恒定速度向外放水，放出水的体积V与时间t之间的关系如图乙所示。（取） (1)小球的质量为多少克? (2)小明将n个小球缓慢放入容器B中，再轻轻将所有小球都取出放入A中，当最后一个球放入到A容器中两边漂浮时，B容器恰好漂浮起来，求放入的最后一个小球是第几个? (3)小明将所有小球取出，然后打开闸门放水，当A中水放完后，再将B中水倒入A，B继续开口向上平稳的放在A中，继续放水，放水过程中B未倾倒，请写出整个放水过程中，水对容器底部压强p与时间t的函数关系式（倒水和拿取物体时长不计）。 4．（2025·四川成都·二模）如图甲所示为中国古代就开始使用的一种名为“酒提子”的计量容器，模型如图乙所示，外底面积为、外高度为，内底面积为、内高为。现将酒提子竖直向下缓慢放入装有20cm深酒的圆柱形酒坛中，如图丙所示，酒坛的内底面积为，内高度为，酒的密度为。g取，求： (1)酒提子中装酒的最大质量？ (2)当酒提子在打酒的过程中，酒对容器底的最大压强？ (3)若容器中酒的深度为未知量（），将酒提子竖直向下缓慢放入酒中，当酒提子与容器底接触时仍保持竖直，酒对容器底部的压强为p。请写出p与的函数关系式（可分三段来写，至少写出两段，必须写出必要的解题过程，只有结果不给分，忽略酒提子手柄的质量和体积） 5．（2025·四川成都·二模）半潜船是一种专门运输海上石油钻井平台等大型设备的大国重器。“半潜”是指装载货物时其甲板和部分船身可以潜入水下。如图甲所示的“新光华”号半潜船是我国最大的半潜船。 如图乙所示，是小强同学制作的一个半潜船模型，它可视为由规则柱体的A、B、C、D四部分组紧密组合而成，其中A、B为材料、外形完全相同的实心合金体，C为实心体，D内部有若干压载水仓总容积为，以及一些自动控制设备。最大吃水线（图中的虚线）距D的上表面，通过调节压载水仓中水的质量，可以保证D的上表面始终与水面相平。半潜船模型与货物的部分参数如下表：（，g取） 对象 高度 底面积 边长 密度 质量 A B C D 货物E (1)求半潜船模型的总质量。 (2)求半潜船模型空载且处于最大吃水状态时，压载水仓中水的质量。 (3)某次模拟半潜船装载货物，最开始半潜船模型以最大吃水状态运动到装货点，小组同学轻轻地把“货物”E横放在甲板正中的上方，放手后控制半潜船模型缓慢排水，直至压载水仓中的水排完，完成货物装载后的情况如图丙所示。求此过程中货物E对D上表面的压强与压载水舱中排出水的质量千克之间的函数关系式。（整个过程中D的上表面总是保持水平，货物E只在竖直方向移动。） 6．（2025·四川成都·一模）“奋斗者”号是我国自主研发的万米载人潜水器。据报道：“奋斗者”号借助两组压载铁和顶部压载水箱可以实现无动力自主加速下潜；抵达预定深度时，先抛掉一组压载铁，处于悬浮状态并进行深海作业；完成作业后，再抛掉第二组压载铁，排出压载水箱中的海水，上浮返航。如图甲所示，课外兴趣组的同学们自制了一个潜水器，模拟“奋斗者”号潜水及上浮过程。潜水器由均为圆柱体形的主体和实心压载铁两部分组成，其中主体部分底面积为200cm2，高度为58cm，水箱中无水时主体质量为4kg，带有自动吸水、排水、丢弃压载铁等功能。下方两块相同压载铁每块质量均为1kg，密度为，底面积与主体相同。现将潜水器水箱装满水，放入如图乙的圆柱体形容器中，容器的底面积为250cm2，高度为1.5m，容器中原有水的深度为1m。潜水器下潜至浸没状态后丢弃一块压载铁，会逐渐处于悬浮状态；随后再丢弃一块压载铁，会上浮至漂浮状态；最后通过将水箱中的部分水排出到容器中调节露出水面的体积。整个过程中，潜水器底部能始终保持与液面平行，忽略液体扰动等次要因素，已知水的密度，g取10N/kg。 (1)求每组压载铁的体积； (2)潜水器抛掉一块压载铁悬浮时，求容器中水对容器底部的压强； (3)潜水器上浮至漂浮后，通过排水调节露出水面的体积，求潜水器下表面距容器底部高度h与水箱排出水的质量Δm千克的关系式。 7．（2025·四川资阳·一模）科技小组的同学们设计了一款水位调节装置，该装置能够使水位维持在特定范围。装置中有一根轻质硬杆AD置于水平台上，其中 AB=BC=CD=1m。在B点和C点分别安装了一个压力传感器，水位调节过程中轻质硬杆始终保持在水平位置处于平衡状态。当B点所受压力达到最大值时，阀门K会自动开启进行放水操作；当C点所受压力达到最大值时，阀门 K 自动关闭，停止放水。装置中的物体M，其密度为 kg/m3，底面积为，高度为，物体M下表面与池塘底部的距离为。在D点通过细线悬挂着物体m，物体m的质量m=10kg。（忽略绳子重力、滑轮摩擦、滑轮自重以及杆AD的重力，kg/m3，g 取10N/kg ）求： (1)M的重力。 (2)该装置能够维持池塘水深h的范围是多少？ (3)B点和C点受到的最大压力FB、FC。 8．（2025·四川绵阳·一模）柱形水杯的质量M=100g，外底面积100cm2，高为10cm，漂浮在容器中水面上。向水杯中加水，水杯外底到容器底部的距离h与加水质量m的关系如图乙所示。ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，求： (1)未加水时，水对容器底部的压强； (2)m2的数值； (3)从m1＝800g~m2的过程中浮力对水杯做的功。 9．（2025·四川成都·模拟预测）某学校的物理活动小组利用电流表或电压表制作了一个简易电子秤。图甲是小红设计的电子秤原理图，电源电压恒为4.5V，电流表改为电子秤示数表盘，，R是一根长为20cm的均匀电阻丝，c是一根轻质弹簧，其所受压力F与压缩量之间的关系图像如图乙所示。电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V，R标有“  1A”，塑料盘的重力不计。问： (1)当电流表的指针指在0.3A处时，所称物体的重力是多少？ (2)该电子秤正常使用过程中，R的变化范围为多大？ 10．（2025·四川南充·三模）某电热水器可实现加热、保温两种功能，如图甲所示为其原理图，包括工作电路和控制电路两部分。工作电路的电压为220V，加热功率为1100W。、为电热丝，的阻值为1166Ω。控制电路中，为定值电阻，为热敏电阻，阻值随温度变化关系如图乙所示，忽略防干烧熔断器电阻对电路的影响。求： (1)工作电路的保温功率是多少瓦？ (2)电热水器处于加热状态时，工作5min，可使1.1kg的水温度升高50℃，则该电热水器的加热效率是多少？[] (3)控制电路的电源电压保持不变，电磁继电器线圈的电阻为2Ω，当温度为100℃时控制电路的电流为0.04A，继电器的衔铁被吸合；当温度降为50℃时控制电路的电流为0.02A，衔铁被释放，则的阻值是多少欧？ 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！2 8 / 8 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年中考物理终极押题猜想（四川） 参考答案 押题猜想一 估测问题 试题前瞻·能力先查 A 终极猜想·精练通关 1．D 2．C 3．D 4．B 5. D 6. D 7. B 8. B 押题猜想二 声现象辨析 试题前瞻·能力先查 A 终极猜想·精练通关 1．B 2．A 3．D 4. C 5. A 6. 音色 振动 音调 7. 响度小 声源处 音色 8. 音调 高 押题猜想三 光现象辨析 试题前瞻·能力先查 A 终极猜想·精练通关 1．B 2．D 3．D 4. A 5. C 6. CD 7. 传播过程中 虚像 8. 反射 色散 押题猜想四 透镜成像规律及其应用 试题前瞻·能力先查 凸 缩小 大于二倍焦距 终极猜想·精练通关 1．D 2．D 3．B 4. D 5. AB 6. 远视眼 靠近 7. 10 惯性 8. 前 凹 押题猜想五 物态变化 试题前瞻·能力先查 (1) 不变 98 低于 (2)能 终极猜想·精练通关 1．D 2．A 3．B 4. C 5. A 6. 不变 凝固 7. 内部 吸热 8. 汽化 吸热 押题猜想六 内能及其应用 试题前瞻·能力先查 (1)不是 变大 做功 (2)机械 无关 60% 终极猜想·精练通关 1．D 2．D 3．C 4. B 5. AD 6. ABD 7. 比热容 40.2 8. 80 40% 9. 135 2025 10. 1.932109 40.2 押题猜想七 质量与密度、机械运动 试题前瞻·能力先查 1. 右 10 2. 静止 不变 终极猜想·精练通关 1．A 2．A 3．C 4. D 5. 8000/ 减小 6. 61.4 1.05×103 7. 运动 150 8. 便于测量小车运动的时间 大 押题猜想八 运动和力 试题前瞻·能力先查 1. 用电器 做匀速直线运动 下午 2. 0 2.6 左 终极猜想·精练通关 1．C 2．B 3．C 4. D 5. A 6. B 7. BC 8. CD 9. G 竖直向上 10. 非平衡力 人耳处 11. 1 平衡力 12. 不是 乙 押题猜想九 压强及其应用 试题前瞻·能力先查 AC 终极猜想·精练通关 1．C 2．A 3．D 4. B 5. A 6. AD 7. AD 8. 变小 竖直向下 9. 80000/ 减小受力面积 10. 2000Pa 500 11. 1200 12. 1∶1 2∶1 押题猜想十 浮力 试题前瞻·能力先查 240 终极猜想·精练通关 1．D 2．D 3．C 4. A 5. B 6.AB 7. BD 8. BD 9. AB 10. 11. 5 不变 12. 押题猜想十一 做功与机械能 试题前瞻·能力先查 1. ABC 2. 3 0.09 2.25 终极猜想·精练通关 1．C 2．A 3．D 4. B 5.BC 6.BCD 7. 135 2025 8. 50 0 9. 500 150 75 10. 160 70% 11. 5 2 押题猜想十二 简单机械与机械效率 试题前瞻·能力先查 1. 200 1 2. AD 终极猜想·精练通关 1．B 2．D 3．C 4. D 5. D 6. D 7. AD 8. AC 9. 省力 400 10. > 变大 11. 600 费力 12. 80 200 押题猜想十三 电学基础—电路、电流、电压与电阻 试题前瞻·能力先查 1. B 2. B 终极猜想·精练通关 1．C 2．D 3．D 4. B 5. D 6. AC 7. 导体 短路 8. S1、S3 S2、S3 9. S1和S2 短路 10. 1.5 0 11. 绝缘体 并 变小 押题猜想十四 欧姆定律与电功率的基础应用 试题前瞻·能力先查 1. 5 20 5 2. BC 终极猜想·精练通关 1．A 2．A 3．A 4. D 5. AD 6. AD 7. AC 8. BC 9. 6 27 10. 2∶1 1∶1 11. 3:2 3:2 押题猜想十五 动态电路及范围计算 试题前瞻·能力先查 1. 6 2. BD 终极猜想·精练通关 1．C 2．C 3．D 4. A 5. CD 6. AD 7. AC 8. BD 9. 12 10 10. 5 2~7.5 11. 360/ 2 12. 8 14.4 押题猜想十六 家庭电路与安全用电 试题前瞻·能力先查 1. C 2. ① ② 终极猜想·精练通关 1．D 2．D 3．C 4. A 5. C 6. B 7. ABC 8. AB 押题猜想十七 电磁现象辨析 试题前瞻·能力先查 N a 终极猜想·精练通关 1．B 2．C 3．B 4. C 5. A 6. ACD 7. 12 10 8. 机械能 丙 押题猜想十八 作图 试题前瞻·能力先查 1. (1) (2) (3) 2. (1) (2) 终极猜想·精练通关 1．(1) (2) 2． 3. 4. 5. (1) (2) 6. 7. 8. 9. (1) (2) 10. 11. 12. 押题猜想十九 光学实验 试题前瞻·能力先查 (1)向下 (2)物距相同 焦距变大 像距变大，所成的像也变大 (3)小一些 (4)上 终极猜想·精练通关 1．(1)便于确定像的位置 相等 (2)变大 变大 2. (1)12 (2)Ⅱ D (3)8 3. (1)2 (2)前 (3)相等 4. (1)A的像 (2)不改变 改变 5.(1)不一定 (2)小于 增大 (3)60 (4)F光屏绕直径NOM向前或者向后折转了一定角度 6. (1)10.0 (2)投影仪 靠近 (3)能 (4)近视 押题猜想二十 力学实验 试题前瞻·能力先查 1. (1)水平 (2)运动 等于 (3)压力 压力一定时，粗糙程度不同，摩擦力不同 2. (1)右 158 (2) (3)0.2 (4)二 使用的器材少，操作简单 终极猜想·精练通关 1．(1)B (2)丙、丁 (3) 2. (1)不是 (2)B (3)增大 (4)1.2 3. (1)减小秤杆自身重力对杠杆平衡的影响 支点 (2)偏大 (3)换用质量更小的秤砣 4. (1)甲、丙 (2)无关 木块相对地面静止，受到的摩擦力和传感器的拉力是一对平衡力，大小相等，与传送带的运动状态无关 5.(1)静止 (2)偏大 (3)弹簧测力计在竖直方向调零，水平方向使用时，弹簧自身重力的影响会使测量结果不准确 (4)在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大 6.(1)匀速直线 (2)压力大小 甲、丙 (3)不一定 7. (1)平衡 右 力臂 (2)变大 (3)B (4) 0 cd 8. 取下最小的砝码，然后向右移动游码，直到天平平衡 62.2 偏大 B 押题猜想二十一 热学实验 试题前瞻·能力先查 (1)逐渐升高 (2)76 (3)温度保持不变 蒸发 (4)b 终极猜想·精练通关 1．(1)③ (2)48℃ 小于 2.(1)甲、丙 加热时间 b 1:2 (2)甲、乙 温度计示数的变化 3. (1)点燃 (2)② 96 (3)不断吸热，且温度保持不变 4. (1)质量 (2)加热时间 (3)b 5. (1)甲、丙 加热时间 (2)甲、乙 温度计示数变化 偏小 燃料燃烧放出的热量并不能全部被液体吸收 6.(1)92 (2)a 96 (3)变大 放出 押题猜想二十二 电磁学实验 试题前瞻·能力先查 1. (1)电阻阻值 (2) (3)右 (4)滑动变阻器断路 (5) 滑动变阻器滑片 不变 当电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比 2. (1) (2)调零 3 (3)1.5 10 小灯泡的电阻受温度影响，不是一个定值，不能求平均值 (4)小灯泡的功率P/W 小灯泡的亮度 终极猜想·精练通关 1．(1)断开 A (2)a (3)6V (4)4.9 0.6 2. (1) (2)先将滑动变阻器的滑片调至阻值最大处，再闭合开关。 断路 (3)0.75 (4)0.5 3.(1) (2)小于 (3)大于 不成 (4)相同 4. (1)右 (2)移动滑动变阻器滑片，观察灯泡是否发光 (3)移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2.5V (4)0.9 (5)B (6)< 5. (1) (2)断开 (3)指针未调零 0.625 变大 (4)0.25 U额（I2-I1） 6. (1) (2)滑动变阻器下面的两个接线柱接入了电路 (3) 2.0 右 (4)0.75 7.(1)左 (2)1 (3)灯丝的电阻随温度的升高而增大 8. (1) (2)短路 (3) 0.625 (4) 押题猜想二十三 力学计算 试题前瞻·能力先查 1. (1)3×104Pa (2)7×107N (3)1.4×107W 2. (1)(2)120W 终极猜想·精练通关 1.(1) (2) (3) 2.(1) (2)540N 3. (1)300N (2)75% (3) 4. (1)20N； (2) (3)0.4kg 5. (1) (2) 6. (1)14m/s (2) 7. (1)1000N (2)70% (3)400W 8. (1)6N(2)1600Pa (3) 当注入液体的体积 时， 当注入液体的体积时 当注入液体体积时， 当注入容器内的液体体积， 9.(1) (2) (3)出水过程中，；在空中时， 10. (1)8×103kg/m3 (2)100 N (3)78% (4)1×104Pa 押题猜想二十四 欧姆定律、电功率计算 试题前瞻·能力先查 1. (1)2.4×105J (2)1500W (3)选择规格“750Ω 1.5A” 2. (1) (2)17.5min 终极猜想·精练通关 1. (1)9V (2)600N (3)5Ω 2. (1)1A (2)60.5Ω (3)0.6kg 3. (1)6V (2)3.6W (3)0.6W 4.(1)0.6W (2)2J (3)5kg 5.(1) (2) (3) 6. (1)1.2W (2) 7.(1) (2) 8. (1)6V (2)15V (3)13.5W 9.(1)0.5A (2)66J (3) 10. (1)110Ω (2) (3)200V 押题猜想二十五 计算压轴 试题前瞻·能力先查 1.(1)9N，900Pa (2)5N (3)3cm 2. (1)30Ω (2)10V (3)10.2W (4)10~12V 终极猜想·精练通关 1.(1)容器A对桌面的压强为900Pa。 (2)B、C平衡时物体C受到的浮力为0.2N。 (3) 当时， 当时， 当时， 2.(1)0.2A (2)6V (3)0.85W~1.20W 3. (1) (2)第10个 (3)水对容器底部压强p与时间t的函数关系式：当时，；当时，；当时， 4. (1)405g (2) (3)当，后来的总液面高度为，酒对容器底压强为 当，因为是竖直向下缓慢放入，中间溢过提子口的酒进入提子内，当酒提子底与容器底接触时，酒的深度都是，酒对容器底压强为 5.(1)4.4kg (2)3.6kg (3)， 6. (1)200cm3 (2)1.48×104Pa (3)h=0.908m+0.05m/kg×Δm 7. (1)500N (2)2.1m~2.4m (3)300N，150N 8. (1)1550Pa (2)900g (3)0.045J 9. (1)20N (2)0~20Ω 10. (1)40W (2)70% (3)98Ω 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！2 2 / 8 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $