重庆市第一中学2025-2026学年高二下学期物理周考9

重庆一中高2027级高二下物理周考9 一、单选题 1.下列说法正确的是（) ① 荧光屏 x②× “金箔〉 粒子源 + + X 粒于米小 (③ 吸收能个】 核子分开 核子结合 + 放出能量 真空a + 甲 丙 丁 A.甲图为天安门广场阅兵上亮相的激光武器，激光作为电磁波，传播需要介质 B.卢瑟福通过乙图中的实验提出了原子的核式结构 C.丙图显示了α、β、Y三种射线从粒子源射入匀强磁场后的运动轨迹，其中③轨迹代 表u射线 D.丁图中，把核子分开需要能量是为了克服核子间的万有引力 2.2025年8月，世界人形机器人运动会在北京举办。在百米机器人“飞人大战”中，机器人 站在同一起跑线上，发令枪响（记为0时刻）后，A、B两机器人沿直线运动，它们的速度 ⅴ随时间t变化的图像如图所示，下列说法正确的是() A.两机器人同时出发 v(m-s B.0~2s内，A机器人的加速度大小为2m1s C.仁5s时，B机器人刚好追上A机器人 B D.2s~5s内，两机器人之间的距离一直在减小0 →t/s 12 345 3.CBA规定7号篮球的标准为：在气温20℃时，球内气体的压强为1.56~1.62atm(1atm为 标准大气压)。现测得学校体育器材室内一相同型号篮球内的气压仅为1.36atm,在室温20℃ 的情况下，每次只能将压强为latm,体积等于篮球容积的 0的气体充入球内，不计篮球在 充气过程容积及气体温度的变化，为达到比赛标准，至少应充气的次数为() A.16 B.18 C.20 D.22 4.一定质量的理想气体经历如图所示的循环过程，α→b过程是等温过程，b→c过程中气 体与外界无热量交换，c→d过程是等温过程，d→α过程中气体与外界无热量交换。下列 说法正确的是() 试卷第1页，共8页 P A.a→b过程，气体吸收热量，内能不变 B.b→C过程，气体对外做功，温度不变 C.c→d→α过程，气体放出的热量大于外界对气体做的功 D.a→b过程，气体从外界吸收的热量小于c→d过程放出的热量 5.如图所示为家用燃气灶点火装置的电路原理图，直流电经转换器输出u=5sin100πt()的 交流电，再加在理想变压器的原线圈上，设变压器原、副线圈的匝数分别为h、,。闭合 开关S，当两点火针间电压瞬时值大于5000V就会产生电火花进而点燃燃气，下列说法正确 的是() A.理想变压器原线圈中交流电的周期为T=0.01s 转 n2 B.图中交流电压表读数为5V 换 C.要使燃气灶能正常点火， 1 器 钢针 21000 <1 金属板 D.要使燃气灶能正常点火， 1%1000 6.如图甲所示，两薄木板A、B质量相同，其中木板A与墙面间的动摩擦因数为4，木板 B与木板A间的动摩擦因数为凸，光滑重球被轻质细绳跨过定滑轮拉住，整个系统处于静 止状态。现缓缓释放细绳使重球缓慢下降，对可能出现的情况，下列说法正确的是() F 甲 丙 A.若4<2山，会出现图乙所示情况 B.若4<2山2，会出现图丙所示情况 C.若出现图乙所示情况，只要4>凸D.要出现图丙所示情况，必有凸=2心 7.如图所示，两根足够长的光滑金属直导轨平行放置，导轨间距为L,两导轨及其构成的 平面均与水平面垂直，整个装置处于垂直于轨道平面向外的匀强磁场中，磁感应强度大小为 B。现将质量均为的金属棒a、b垂直导轨放置，每根金属棒接入导轨之间的电阻均为R, 先保持棒b静止，棒α由静止释放达到匀速运动时释放棒b,从棒b释放瞬间开始计时，经 试卷第2页，共8页 过时间，两棒达到相同的速度。运动过程中金属棒与导轨始终垂直且接触良好，金属棒始终 未滑出导轨，导轨电阻忽略不计，重力加速度大小为8。下列说法正确的是() A.棒a由静止释放达到匀速运动的速度为s 。|。。。·● P ●●●b●●● B.棒b释放瞬间的加速度为8 ●●●●●● C.两棒达到的相同速度为g+ 2mgR ●●●●●● BP ● ●●● ● D.在时间，内棒a相对于棒b运动的距离为2mR8 ●●●● BL ● ●●●●● 二、多选题 8.如图所示，吊车悬臂PM的一端装有大小不计的定滑轮，另一端可绕M点转动，绕过定 滑轮的钢索通过四条相同的绳OA、OB、OC、OD吊着一长方形混凝土板。忽略一切摩擦， 钢索和绳的质量均不计，当悬臂PM与竖直方向的夹角缓慢减小时，下列说法正确的是() 0 A.钢索受到的拉力逐渐变小 B.吊车对地面的摩擦力始终为零 电动机 C.钢索对定滑轮的作用力逐渐变大 液压杆 D,若四条绳增加相同的长度，则四条绳受到的拉力均变大 777777777777777777777777777777 9.图甲是研究光电效应的实验电路图。实验得到光电子的最大初动能E与入射光波长的 关系如图乙所示，图中水平虚线为曲线的渐近线。现用大量处于某一激发态的氢原子向低能 级跃迁时辐射出的光照射光电管，发现当电压表的示数为8.52V时，灵敏电流计的示数恰好 为0。氢原子能级图如图丙所示。下列说法正确的是() 光线 光电管 ↑E/eV E/eV .0 0.54 4 0.85 1.51 3.4 E .4.54 -13.6 图甲 图乙 图丙 A.当滑片向b移动时，G表示数可能减小为0 B.当元=0.5k时，光电子的最大初动能为4.54eV C.当元=0.5k时，光电管的遏止电压为9.08V D.大量处于该激发态的氢原子向低能级跃迁时最多可放出10种频率的光子 试卷第3页，共8页 10.MM50是新一代三维适形和精确调强的放射治疗尖端设备，其核心技术之一是多级能量 跑道回旋加速器，工作原理如图所示。两个匀强磁场区域I、Ⅱ的边界平行，相距为，磁 感应强度大小均为B,方向垂直纸面向外。下方两‘条横向虚线之间的区域存在水平向左的 匀强电场（两条横向虚线之间的区域宽度很窄，可忽略不计），方向与磁场边界垂直。某一 质量为m、电荷量为的电子从P端飘入电场（初速度忽略不计），经多次电场加速和磁场 偏转后，电子从位于边界上的出射口C处向左射出磁场并被收集。已知C、Q之间的距离为 d,匀强电场的电场强度大小为E,电子的重力不计，不考虑相对论效应。下列说法正确的 有() 磁场区域I 磁场区域Ⅱ ● ● 匀强电场E A.电子第一次加速至2端时速度的大小yVm eEL B.电子从P端飘入电场到第一次回到P端的过程中所用的时间t=3, mL 2πm 2eE Be C.电子最终从C点射出时的动能为E= de"B2 4 D.电子经过QA圆弧段的时间与经过QD圆弧段的时间相同 三、实验题 11.要测量当地的重力加速度，某同学设计了如图甲所示的装置。电磁铁和力传感器均与电 子计时器连接，开始时，电磁铁接通电源时，小球被吸在电磁铁上处于静止状态，从电磁铁 断电开始，电子计时器开始计时，至小球撞击力传感器产生压力时停止计时。 电 电 子计 时 器 感 器 11 试卷第4页，共8页 (1)用毫米刻度尺测出电磁铁到力传感器的距离，刻度尺竖直放置，零刻度与电磁铁下边 缘对齐，力传感器的上边缘与刻度尺刻度对齐的位置如图乙所示，则电磁铁下边缘到力传感 器上边缘的距离h= cm: (2)给电磁铁断电，电子计时器记录了小球下落的时间，改变电磁铁到力传感器的高度多 次实验，测出每次实验电磁铁到力传感器的高度h、记录电子计时器记录的时间t,作h-t 图像，得到的图像斜率为北，图像与纵轴的截距为b,则得到当地的重力加速度g= :由此还可以得到小球的半径”= 12.某兴趣小组利用自由落体运动测定重力加速度的实验装置如图所示。倾斜的球槽中放有 若干个小铁球，闭合开关K,电磁铁吸住第1个小球。手动敲击弹性金属片M,M与触头 瞬间分开，第1个小球开始下落，M迅速恢复，电磁铁又吸住第2个小球。当第1个小球 撞击M时，M与触头分开，第2个小球开始下落.这样就可测出多个小球下落的总时间。 电磁铁 球槽 触头 接电源 M (1)在实验中，下列做法正确的有」 A,电路中的电源只能选用交流电源 B.实验前应将M调整到电磁铁的正下方 C.用直尺测量电磁铁下端到M的竖直距离作为小球下落的高度 D.手动敲击M的同时按下秒表开始计时 (2)实验测得小球下落高度=1.980m,10个小球下落的总时间T=6.5s,则重力加速度 8= m/s2(结果保留两位有效数字)。 (3)某同学考虑到电磁铁在每次断电后需要时间△1磁性才消失，因此，每个小球的实际下 落时间与它的测量时间相差△t,这导致实验误差。为此，他分别取下落高度H,和H,测量 个小球下落的总时间T和T2,用此法 (填“能或不能)消除△t的影响。重力 加速度的表达式g= 试卷第5页，共8页 四、解答题 13.我国考古发现的“长信宫灯示意图如图所示，灯罩内灯芯点燃后产生的烟气沿着右臂管 道进入灯体内，经灯体底部的水盘过滤烟尘，清洁空气。假设灯罩内气体的体积为”，灯芯 点燃前气体的密度为P,温度为，，气体的压强保持不变。 灯罩 (1)求灯芯点燃前，灯罩内气体的质量%； 灯体 (2)灯芯点燃后，灯罩内气体温度为T,求灯罩内气体的质量m2。 试卷第6页，共8页 14.如图所示，在xOy坐标系第二象限有一半径为R的圆形区域，圆心为C。圆形区域内存 在垂直坐标平面向外的匀强磁场，圆形边界分别与x、y轴相切，切点分别为MN。在第 一象限存在沿y轴负方向的匀强电场，在x轴上放有粒子接收屏。带电粒子从M点以速度6 沿与MC夹角6=30°的方向垂直射入磁场，粒子离开磁场后从y轴上的P点垂直y轴进入电 场，最后到达接收屏的Q点(P、Q点图中没有画出)，Q到O的距离为√R。不计粒子所 受重力。 (1)求P到O的距离y: (2)求电场强度B和磁感应强度B的比值只： (3)若在第一象限还有垂直坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B',粒子进入第一象 限后垂直击中接收屏，求？ 。 .B。 E 。 M 试卷第7页，共8页 15.如图所示，汽车A和货车B分别以36km/h和57.6km/h的速度在路面上匀速行驶，其 中A车车身长L=5、货车B车车身长L2=10m,某时刻B车尾在A车头前s=3m处，若 此时A车司机开始迅速加速从货车左侧超车，加速度大小为2/s2,假定货车B速度保持 不变，不计车辆变道和转向的时间及车辆的宽度。 o fo3 B 4 (1)若该公路没有速度限制，求A车完成超车的最短时间（结果可用根号表示）： (2)若该公路限速90m/h, ①求A车在不超速的前提下完成超车的最短时间， ②一般情况下，汽车时速超过限速不到10%的，仅给予警告，不予扣分和罚款。若A车开 始超车时，看到道路正前方的C车迎面驶来，此时二者车头相距260，C车速度为 43.2km/h,A车超车的整个过程中，C车速度始终保持不变，请通过计算分析，A车在不 被扣分和罚款的前提下，能否安全超车？若能，请求出A车刚完成超车时，A、C两车车 头相距的距离（结果可用根号表示）。 试卷第8页，共8页《重庆一中高2027级高二下物理周考9》参考答案 题号 1 2 4 5 6 7 8 9 10 答案 B A 0 B BC BD BD 1.B 【详解】A.激光是一种电磁波，传播时不需要介质，故A错误： B.卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，故B正确： C.α粒子带正电，B粒子带负电，Y不带电，根据左手定则可知，②轨迹代表α射线，③轨 迹代表B射线，①轨迹代表y射线，故C错误： D.把核子分开需要克服核子之间的核力作用，故D错误。 故选B。 2.C 【详解】A.由图可知，A机器人在t=0时开始运动，而B机器人在t=2s开始运动，故A 错误； B。0s内A机器人的加速度大小为a,是ms=m3,放B猎误： C.根据v-t图线与坐标轴所围面积表示位移可知，t=5s时，A机器人的位移大小为 xA=-×2×2m+2×(5-2)m=8m 2 B机器人的位移大小为x.=。×4×(4-2)m+4×(5-4)m=8m=xa 即仁5s时，B机器人刚好追上A机器人，故C正确； D.由图可知，B机器人在2s刚开始运动时的速度小于A机器人的速度，A在B前方，两 机器人之间的距离在增大；3s后B的速度大于A的速度，两机器人之间的距离在减小。所 以2s~5s内，两机器人之间的距离先增大后减小，故D错误。 故选C。 3.A 【详解】选取篮球内原有气体和次充入的气体整体为研究对象，温度不变，由等温方程可 知pV+np×80 =pav 其中p,=1.36atm,p2=1.56atm 解得n=16 故选A。 答案第1页，共9页 4.A 【详解】A.→b过程，温度不变，内能不变，体积增大，气体对外界做功，故吸收热量， 故A正确： B.b→c过程，气体对外做功，且Q=0,则内能减小，温度降低，故B错误： C.c→d过程，温度不变，内能不变，体积减小，外界对气体做功等于气体放出的热量，d→a 过程绝热，外界对气体做功，内能增大，故c→d→a过程，气体放出的热量小于外界对气体 做的功，故C错误； D.由前分析知，ab过程，气体从外界吸收的热量等于该过程气体对外界做的功，c→d 过程放出的热量等于该过程外界对气体做的功，由图像知，α→b过程气体对外界做的功大 于c→d过程外界对气体做的功，则a→b过程，气体从外界吸收的热量大于c→d过程放出 的热量，故D错误。 故选A。 5.D 【详解】A.由原线圈交流电瞬时值表达式u=5sinl00πt(V) 得角速度o=l00πrad/s 周期T=2π=2π=0.02s,A错误： 0100π B.交流电压表的读数为有效值，原线圈电压最大值Um=5V,有效值 U-会=5V=52v,B错误 22 2 CD. Um 根据理想变压器电压与匝数的关系：元，， 要求正常点火，需要副线圈最大电压U,>5000V 代入得U,=U,=5亚>5000v n 整理得飞<1 ,1000,C错误，D正确。 故选D。 6.B 【详解】AC.设球对木板的压力为F,则对于乙图情况，对A则有4F>4,F+g 对于B则有山F<mg 联立解得4>24 答案第2页，共9页 AC错误； BD.对于图丙中出现的情况，对AB整体受力分析则有4F<2g 对B分析可知2F≥mg 联立解得4<2凸 B正确，D错误。 故选B。 7.D 【详解】A.保持棒b静止，将棒α由静止释放，棒a切割磁感线产生的感应电动势为E=BL 回路中产生的感应电流为1=￡-BL 2R2R 棒a受到的安培力为F=BL=BI 2R 棒a匀速运动时，合力为零，则有F=mg 代入数超解得%-，故A锴误， B.棒b由静止释放，由左手定则可知棒b所受安培力方向沿斜面向下，α、b棒串联电流相 等，两者的安培力大小相等，对b利用牛顿第二定律有g+BL=ma 代入数据解得a=2g,故B错误； C.对a、b棒分别利用动量定理，规定向下为正方向，则有(g-F)t。=mv-m。, (mg+F)t。=mv 啊式联立，解得v=g+石，元，故C错误： D.对b棒利用动量定理，有mgt。+BILt=v 由法拉第电磁感应定律及电流定义式有元=E,=AD_B弘x Γ2R-2R 解得x-2mR3, 故D正确。 BL 故选D。 8.BC 【详解】A.依题意，悬臂PM与竖直方向的夹角缓慢减小时，混凝土板受力平衡，有F=g 由牛顿第三定律可知钢索受到的拉力保持不变，故A错误： B.对整体受力分析，水平方向不受外力，吊车不受地面的摩擦力，由牛顿第三定律可知吊 车对地面的摩擦力始终为零，故B正确 答案第3页，共9页 C.钢索对定滑轮的作用力为两根钢索的合力，悬臂PM与竖直方向的夹角缓慢减小过程中， 两力大小不变，夹角变小，所以合力逐渐变大，即钢索对定滑轮的作用力逐渐变大，故C 正确： D.若四条绳增加相同的长度，由几何知识可知绳子与竖直方向夹角变小，根据Tcos6=4mg 可知四条绳受到的拉力均变小，故D错误。 故选BC。 9.BD 【详解】A.光电管加的是反向电压，当滑片向b移动时，反向电压减小，电子从光电管逸 出后，由动能定理Ue=E未-Ek初 U减小，E增大，则灵敏电流计G所在的支路中光电流不可能减小为零，故A错误； BC.由图乙可知，当入=k时，E=0,由光电效应方程hw-W。=E 逸出功公式形=加.=c 可知，我们的截止频率对应的波长元=太，当元=0,5k时，光子能量加=h号=2c=2m 此时Es=w-W。=W 而由图乙中水平虚线为曲线的渐近线为-4.54eV,可知W。=4.54eV,故E=W。=4.54eV, 故B正确，C错误。 D.由光电效应方程w-W=E,当电压表示数8.52V,所以E,=Ue=8.52V 而W。=4.54eV,可解得入射光的能量E=hv=E+W。=13.06eV, 而此入射光最大可使5能级的氢原子发生跃迁，因此大量处于=5能级的氢原子向低能级 发生跃迁时，最多产生C=10种不同频率的光，故D正确。 故选BD 10.BD 【详解】A.第一次加速，由动能定理得eEL=m-0 2 解得y= 2eEL 故A错误： m 答案第4页，共9页 B.电子在加速电场中运动可看作速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得eE=ma 电子在电场中加速了1次，可得其运动的位移大小为s=L 根据位移与时间的关系可得：叫 联立以上各式解得=eE 2mL 电子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力有B=m二 则周期为T=2nr=2πm v Be 电子从P点第一次加速至回到P点过程中，其在磁场中运动的时间5=T=2πm Be mL 无场区运动时间3=二= 电子从P点第一次加速至回到P点所用时间1=(+4，+ 解得t=3 mL,2πm ,故B正确： 2eE Be C.当该电子从C处以最大速度ym射出时，最后一次做圆周运动的轨迹半径不能变，即 d mvm 1 由此可知，从C处射出的电子动能Em心一4C8 -,故C错误； 8m D.该电子在磁场中运动的周期t2=T= 2m,始终不变，故D正确。 B 故选BD 11.(1)10.90 b (2) 2k 2 【详解】(1)电磁铁下边缘到力传感器上边缘的距离h=10.90cm (2)山2小球做自由落体运动h-2r=28 1 变形得h)+2,所以图像斜率k三)名，纵截距b三2 解得当地重力加速度g=2k,小球的半径r=2· b 12. BD/DB 9.4能 2n2(Vi1-H2)2 (℃-T)2 【详解】(1)[1]A.若电源选用直流电源，电磁铁可正常工作，A错误； 答案第5页，共9页 B.实验时小球要撞击M断开电源，因此M应在电磁铁的正下方，B正确； C.小球下落的高度为电磁铁下端到M的竖直距离与小球直径的差，C错误； D.根据自由落体公式 L三)g1可利用累积法，即从手动敲击M的同时开始计时，测量出落下n个小球的时 则一个小球下落时间 n D正确。 故选BD。 (2)[2]由上述分析可解得 9.4m/s (3)[3][4]根据题意，小球从H、H,高处落下需要的时间 4=T-A n 所以有 n-s n 4话a n 联立解得 g-2nE-m (T-T) 因此可以消除△t的影响。 13.解：(1)灯芯点燃前，灯罩内气体的质量为m=p' VV (2)灯芯点燃后，灯罩内气体做等压变化，满足。T 灯罩内气体的质量m,=?y 联立解得m,=pT T 答案第6页，共9页 14.解：（1)由左手定则可知粒子带正电，在磁场中做圆周运动，轨迹如图1所示 P B M 图1 粒子离开磁场的位置为A,轨迹圆心为D,由对称性可知A、M关于C、D连线对称 由于粒子离开磁场时速度方向垂直y轴，可知AD平行CM,可知四边形MCAD为菱形。 粒子圆周运动轨迹半径r=R 3 P点到O点的距离y=rsin0+r=2R (2)设粒子质量为m、电荷量为9，在磁场中做圆周运动，洛伦兹力充当向心力g%B=m 可得B= gR 设粒子在电场中运动时间为t,x方向粒子做匀速直线运动√3R=v,t 设y方向加速度大小为a,根据牛顿第二定律gE=a 1 y方向做匀加速直线运动y-2心 可得E= gR 电场强度E和磁感应强度B的比值 =Yo (3)粒子在第一象限的轨迹如图2所示，设某时刻速度为v,方向与x正方向夹角为， 经过极短时间△t,速度变化△v Vo E M 图2 答案第7页，共9页 x方向，根据动量定理-qvB'△tsina=m△y, 对从P到x轴过程求和，可得-gBy=m(0-v) 可得B'=2m% 3gR 即B、2 'B3 15.解：(1)汽车A、货车B的初速度yAo=36km/h=10m/s,yg=57.6m/h=16m/s 完成超车时xA-xg=l8m 汽车A全程加速用时最短，得yw+ at2-vat =18m 解得1=(3+3W5)s (2)①限速ym=90km/h=25m/s 汽车A加速到最大速度过程，根据速度与位移的关系式有-v。=2ax 解得x=131.25m A车加速到最大速度过程，所用时间为5=一0=7.5s a 此时间内货车B的位移xg=y,=120m 由于xB+L+L2+S>x 可知A车在加速过程没有完成超车，之后匀速过程有x2=Vm12,xg'=g2 若恰好超车，则有x+x2=L+L2+S+x3+x3 解得t2=0.75s 则A车在不超速的前提下完成超车的最短时间为t=t+t,=8.25s ②汽车时速超过限速不到10%的，仅给予警告，则有vm1=(1+10%)ym=27.5m/s 设A车在不被扣分和罚款的前提下，经过t4时间刚好完成超车；则有 xVAo+=+++Vpla 解得t4=3+35)s x=(66+485)m 答案第8页，共9页 此时A车速度大小为ya=yao+a4=(16+65)m/s<ym=27.5m/s 假设成立：此时间内C车的位移大小为x='4 其中v%=43.2km/h=12m/s 解得x=(36+365)m 由于x4+x=(102+84V3)m<x=260m 可知A车在不被扣分和罚款的前提下，能安全超车： A车刚完成超车时，A、C两车车头相距的距离为△x=x-(x4+x)=(158-84V5)m 答案第9页，共9页