2026年全国高考临门押题卷·物理（六）

2026届全国高考临门押题卷·物理（六） (75分钟100分) 一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1.阳光下的肥皂膜看起来常常是彩色的，产生这种彩色条纹的原因主要是光的 ( A.色散 B.衍射 C.反射 D.干涉 2.某同学在田径场上练习50m往返跑。若要用x-t图像描述他从起跑至撞线的过程，最接 近其运动情景的是 ( Ax/m ◆x/m ◆x/m 个x/m 100 100 100 100- 50 50 50 --- 0 t/s 50 -50 50 A B C D 3.如图所示为某一交变电压的图像，曲线部分为正弦式交流电的部分图像，其峰值为U,= 10V,直线部分的电压大小为U2=10V,则该交变电压的有效值为 ( 铷 A.IO V ↑UV 酗 10 % 长 B.10V cv 123.456s 区 将 D.52V 4.《天工开物》中记载了谷物脱壳工具一土砻（图甲）。如图乙所示，手柄ab和摇臂cd位 胎 于同一水平面内且相互垂直，c端通过光滑铰链相连，d为ab中点，c位于悬点O的正下 方。lw=2ld,手柄ab重力为G且质量分布均匀，摇臂cd质量忽略不计。人不施加作用 戡 力时ab处于静止状态，则摇臂cd对手柄ab的作用力大小为 ( LLLi 蓉 甲 A.2G B.√3G C bgc 5.高压输电线周围存在较强的电场，对环境和安全有重要影响。如图甲，某超高压输电线 路的两条导线可视为带等量异种电荷的平行长直导线，其截面图简化为等量异种点电荷 物理（六）第1页（共6页） 十Q和一Q,如图乙，图中实线为电场线，竖直虚线为点电荷+Q和一Q连线的中垂线，B 点是该中垂线上的点。A点是离十Q较近的点，C点是离一Q较近的点，下列说法正确的 是 甲 乙 A.C点电场强度大于B点电场强度，C点电势高于B点电势 B.电子在A点电势能低于B点电势能 C.在A点释放一正试探电荷q,试探电荷将沿电场线方向向上运动 D.试探电荷从A点开始绕十Q做圆周运动，电场力不做功 6.在量子引力理论中，普朗克长度被视为可探测的最小空间尺度。一种估算方法是考虑如 下思想实验：为了探测更小的空间结构，需要更高能量的光子。但当光子能量极高时，其 自身引力效应显著，可能形成一个微观黑洞（理论分析表明，逃逸速度是环绕速度的√2 倍，即一√没)，从而无法提供更小的尺度信息。商中阶段为了简化运算，我们可以 令光子的波长等于4π乘以黑洞的半径（设黑洞的半径等于普朗克长度L。),我们就可以 得到最小的长度L,。已知光子的能量为E=,有效质量为m=三。普朗克常数么 6.63×10-34J·s,真空光速c=3×108m/s,引力常数G=6.67×10-11N·m/kg2,则 普朗克长度约为 A.1.6×10-35m B.1.6×10-3m C.1.1×10-37m D.1.1×10-40m 7.如图所示，一根长度为L的轻质细杆在竖直平面内以转速n绕圆心O逆时针匀速转动， 细杆远离圆心O的端点有一个光源，该光源始终竖直向下投射出一束细光。在圆心O的 下方设有一个光屏，光屏与光源运动轨迹圆的最下端相切。当光屏上的光斑移动至最左 端时开始计时，则光斑从最左端移动到最右端的过程中，时刻的速度为 A.2πaLsin(2πnt) B.2πLcos(2πnt) C 2πnL cos(2πnt) D 2πnL sin(2πnt) 物理（六）第2页（共6页） 二、多项选择题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求， 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.在某海洋科普实验中，科研人员在平静的海面上（视为xOy ↑y/m 平面)的O点安装了一个振动装置（起振方向竖直向上），可 3.0 ·B 产生简谐横波并向四周传播。t=0时刻，海面上形成的第1 个波峰和第1个波谷恰好分别位于距离O点0.2m(实线) 和0.1m(虚线)的同心圆上，如图所示。实验中，位于A点 3.04.0x/m [坐标(3.0m,0)]和B点[坐标(4.0m,3.0m)]的传感器记 录了质点的振动情况。已知该波的周期T=0.04s,下列说 法正确的是 A.该波的传播速度大小为5m/s B.t=0.60s时，质点A第1次到达波峰 C.t=0.96s时，质点B第1次到达波谷 D.t=1.00s时，质点B第2次到达波峰 9.空间站为了避免太空垃圾撞击，采取了“主动规避十被动防护十源头控制”等多层避险方 案。如图所示，太空垃圾碎片A、B均处于远地点，和空间站恰好三者共线，A、B椭圆轨 道与空间站的圆形轨道相切于M点，下列说法正确的是 A.碎片A的机械能大于碎片B的机械能 B.碎片A从远地点向近地点运动的过程中，机械能 守恒 A。 空间站雪 9M C.碎片A再经过半个周期后，一定与空间站在M点相 遇 D.若碎片A在M点被收进空间站，则碎片A动能 减小 10.如图所示，绝缘中空轨道竖直固定，圆弧段COD内壁光滑，对应圆心角为120°，C、D两 端等高，O为最低点，圆弧圆心为O,半径为R;直线段AC、HD内壁粗糙，与圆弧段分 别在C、D端相切；整个装置处于方向垂直于轨道所在平面向里、磁感应强度为B的匀 强磁场中，在竖直虚线MC左侧和VD右侧还分别存在着电场强度大小相等、方向水平 向右和向左的匀强电场。现有一质量为、电荷量恒为q、直径略小于轨道内径、可视为 质点的带正电小球，从轨道内距C点足够远的P点由静止释放。若PC=L,小球所受电 场力等于其重力的倍，重力加速度为g。则 ) A.小球第一次沿轨道AC下滑的过程，先加速后匀速 M B.小球在轨道内受到的摩擦力可能大于2m C经足够长时间，小球克服摩擦力做的总功是3mg 20 77777777 777777 D.小球经过O点时，对轨道的弹力可能为2mg一qB√gR 物理（六）第3页（共6页） 三、非选择题：本大题共5小题，共54分。 11.(6分)某小组采用如图甲所示的气垫导轨装置验证牛顿第二定律，G1、G2为两个光电 门，它们与数字计时器相连，部分实验步骤如下： 光电门G 光电门G 遮光片 0 2 cm M 7777777777777777777777777777 0 10 20 图m 甲 乙 (1)将两光电门安装在轨道上，选择宽度为d的遮光片固定在滑块上，用跨过定滑轮的 细线将滑块与牵引槽码相连，用游标卡尺测出滑块上遮光片的宽度d如图乙所示， 则宽度的测量值d= cm。 (2)将滑块自轨道右端由静止释放，从数字计时器分别读取遮光片经过G1、G2时的遮光 时间△t1=0.0046s、△t2=0.0115s,以及从遮光片开始遮住光电门G2到开始遮住光 电门G1的时间t=1.00s,计算滑块的加速度a= m/s2(计算结果保留2位 有效数字)。 (3)已知滑块的质量为M,槽码的质量为m,重力加速度为g,轻绳对滑块的拉力F= (用M,m,g表示)。 12.(10分)某同学为了测量一微安表G的内阻并扩大其量程，实验室提供如下器材：数字 式多用电表A(电压挡内阻视为无穷大)；滑动变阻器R1;电阻箱R2;两节干电池E;开 关与导线若干。 (1)该同学使用数字式多用电表检测干电池，以下操作正确的是 (填字母)。 A.用直流电压挡测量电池两极间的电压得到电动势 B.用欧姆挡测量电池两极间的电阻得到电池内阻 (2)如图甲为数字多用电表的插孔面板，该同学设计了图乙所示的电路，将数字多用电 表A调至直流电流挡，黑表笔插在图甲中的公共端D孔，则红表笔应插在图甲中 (填“A”“B”或“C”)孔。 G (D 甲 丙 (3)用笔画线代替导线，根据图乙将图丙中的实物图连接完整 (4)将R,的阻值调至最大，合上开关S,,调节R,使G的指针偏转到满刻度，记下此时A 的示数I,,合上开关S2,反复调节R,和R2的阻值，使A的示数仍为I1,使G的指针 偏转到满刻度的一半，此时R2的示数为R。 (5)仅从实验设计原理看，用上述方法得到的G内阻的测量值 真实值（填“大 于”“等于”或“小于”)。 物理（六）第4页（共6页） (6)若要将G的量程扩大为I,结合实验测得的结果，须在G上并联的分流电阻Rs= (用I、I1、R表示)。 13.(8分)按压式充气U形头枕充气方便，收纳简便。某品牌按压式充气U形头枕充满气 后，内部封闭气体的压强p=3.0×105Pa、体积V=6L。放置后因密封不严漏气，最终 头枕内气体压强与外界大气压p=1.0×105P相等，体积收缩为5L。已知空气可视 为理想气体，且全过程气体温度恒定。 (1)漏气后，求头枕内剩余气体质量与漏气前总质量的比值。 (2)为将头枕恢复至初始状态(p=3.0×10Pa,V=6L),每次按压充气气囊可充入与头 枕内气体同温度、压强为p=1×105Pa、体积为V。=200mL的空气，求需要按压充 气囊的次数。 14.（14分)“低压管道电磁运输系统”是未来城际高速物流的重要发展方向。如图所示，水 平绝缘低压管道内固定有两根足够长的平行金属导轨，导轨间距L=2,导轨间分布着 方向竖直向下、磁感应强度大小B=5T的匀强磁场。质量=1000kg的运输舱装有 一根跨接在导轨上且接触良好的导体棒。运输舱在运行过程中受到恒定阻力∫=2.0× 103N。地面供电系统为恒压直流电源，电动势E=2000V,回路总电阻R=2.02。系 统设计的额定巡航速度o=180m/s。 (1)为确保运输舱能达到额定巡航速度，起步时同步启动自带的辅助推进器提供水平 恒力F,求最小值Fm。 (2)运输舱以额定巡航速度进站时，立即切断电源和辅助推进器，切换至“再生制动” 模式：回路总电阻仍为R=2.02,车载控制器控制回路电流大小恒为I=300A,利 用安培力辅助减速，同时将部分电能回收到储能电网。当感应电动势自身无法维持 电流I时，系统自动停止电能回收并转为机械刹车。求此次进站过程中，不计其他 损耗下系统回收到储能电网的总电能△E。 *B XX 物理（六）第5页（共6页） 15.(16分)如图所示，质量mA=4kg的光滑圆弧体A锁定在光滑的水平台面上，O为圆 心，M、N分别为圆弧的最高点和最低点且N点与台面平滑连接，在A右侧的台面上静 置一质量=2kg的物体B,台面最右侧与传送带的最低点平滑连接，传送带以v 8/s的速度顺时针匀速转动，传送带最上方与一内壁光滑的轨道平滑相连，该轨道能 让物体在倾斜传送带上端的速度方向变为水平方向且大小不变，轨道正下方h'=1.8m 处有一质量mc=6kg的足够长薄木板C,C静置于光滑的水平面上。现将质量mD= 2kg的物块D(未画出)在M点的正上方某处由静止释放，D沿圆弧轨道滑下，与B碰后 粘在一起滑上传送带。已知传送带轴间距L=3.2m,与水平方向的夹角0=30°，D和B 与传送带之间动摩擦因数均为A-,D和B与C之间的动摩擦因数均为：=0.05， 重力加速度大小g=10m/s2,碰撞时间极短，B和D均可视为质点。 (1)若D在距台面h=1.8m处静止释放，求D和B与传送带摩擦产生的热量Q。 (2)解除A的锁定，改变D的释放位置，若D和B每次离开轨道后的平抛运动轨迹都相 同，求D的释放点距台面高度的取值范围。 (3)解除A的锁定，若D在距台面h=20m处静止释放，D和B与C每次碰撞后竖直方 向的速度等大反向，求D和B与C发生几次碰撞之后，碰撞位置将会相同（碰撞过程 会 中不计重力)。 花 M ------0 ● h 区 77777777777 0 C 777777777 77777777777 物理（六）第6页（共6页）2026届全国高考临门押题卷·物理 参考答案 (六) 1.D【解析】肥皂膜上的彩色条纹是由于光的薄膜干涉现象。当阳光照射到肥皂膜时，光在膜的上表面和下表面分别反射，形成两 束相干光。这两束光因肥皂膜厚度不均匀而发生干涉，不同波长的光在不同位置发生相长或相消干涉，从而形成彩色条纹。色散 是指光通过介质时因折射率不同而分离成光谱的现象（如棱镜分光），肥皂膜的彩色条纹并非由此产生，A错误。衍射是光绕过障 碍物或通过小孔时发生弯曲和扩散的现象，肥皂膜的彩色条纹主要不是由衍射引起，B错误。反射是光从表面返回的现象，但单纯 反射不会产生彩色条纹，肥皂膜的彩色条纹源于反射光之间的干涉，C错误。干涉是两束或多束相干光叠加时产生加强或减弱的 现象，肥皂膜的彩色条纹符合薄膜干涉的特征，D正确。故选D 2.A【解析】该同学从出发到撞线，先向正方向运动，接近50m处时减速；之后，反向运动做加速运动，整个过程位移为0，且离出发 点最远距离为50m,A最接近其运动情景。故选A。 U 3A【解折】根据电流的热效应，在-一个周期内，有景·号7+发，号1=只T,解得U-10V,故选A 4.C【解析】由题意，Oc竖直，cd水平，△Ocd为直角三角形，设la=l,则lu=2l,由勾股定理得Oc=√Od一cd=√3l。Od与竖直 方向夹角9消足sin0-品-司=合，解得9=30，对a6受力分析：b受重力G(作用在重心d,竖直向下).0点绳子的拉力T(作 用线过O点，对O力矩为0)、摇臂cd的作用力F(d为轻铰链杆，作用力沿杆即水平方向)。对悬点O取力矩平衡，重力的顺时针 力矩等于F的递逆时针力矩G·u=F,0k,代入u=1.0c=51,解得F-G.因此摇臂cd对手柄ab的作用力大小为停G.C正 确。故选C。 5.B【解析】电场线越密，电场强度越大，所以C点电场强度大于B点电场强度，由于沿电场方向电势降低，所以B点电势高于C点 电势，A错误。由于A点电势高于B点电势，负电荷在电势高的地方电势能小，所以电子在A点电势能低于B点电势能，B正确。 在A点释放一正试探电荷q,试探电荷将受到沿切线向上的电场力，试探电荷向上运动，而电场力的方向发生变化，所以试探电荷 不会沿着电场线运动，C错误。由于试探电荷所受电场力不指向圆心，且电场力不断变化，所以试探电荷不可能绕十Q做圆周运 动，D错误。故选B。 6.A【解析】根据题意，黑洞的临界逃逸速度等于光速c,结合给出的逃逸速度公式可得〔一√ /2Gm,两边平方得c2=2Cm0.由光 hc 效质量关系，结合题目给出的入=4π山♪，推导光子质量m三￡ 有②，将②代人①整理得L号=，代入 c入4πcLD 数值计算得L≈1.6×105m,故选A。 7.A【解析】当光源经过时间：时，转过的角度为0=2，此时光源的速度为v=r=具×L=2×L=2xmL,该速度的水平分速 度即为光斑的速度v,=sin0=2 nLsin(2πt),故选A。 2mnL 8.AD【解析】由题意，t=0时刻，海面上形成的第1个波峰和第1个波谷恰好分别位于距离O点0.2m(实线)和0.1m(虚线)的同 心圆上，两者间距为半个波长分=0.2m-0.1m=0.1m→X=0.2m。已知周期T=0.04s,则波速0=产=5m/s,A正确。A点 第1次到达波峰1=3m02四-2；=0,56，不是0,605，B错误。B点第1次到达波谷1=5m=0.1m-9 s=0.98s,不是 0,968C错误。B点第一次到达波峰1=5弧-92四=号s-0.96s,第二次到达波峰/=1十T=1.0,D正确，故选AD, 9.BD【解析】由于不清楚碎片A、B的质量关系，所以无法比较碎片A、B的机械能，A错误。碎片A从远地点向近地点运动的过程 中，只有万有引力做功，机械能守恒，B正确。由题图可知，碎片A的轨道半长轴大于空间站的轨道半径，根据开普勒第三定律可 知，碎片A的运行周期大于空间站的运行周期；已知太空垃圾碎片A、B均处于远地点，和空间站恰好三者共线，则碎片A再经过 半个周期后，不一定与空间站在M点相遇，C错误。根据卫星从高轨道变轨到低轨道，需要在变轨处点火减速，卫星的动能减小； 若碎片A在M点被收进空间站，则碎片A动能减小，D正确。故选BD。 10,AD【解析】小球第一次沿轨道AC下滑的过程中，所受电场力等于其重力的号倍，即F=m mg,沿平行和垂直于轨道AC的两 物理（六）参考答案第1页（共3页） 个方向建立直角坐标系，电场力在垂直于轨道方向的分力为E,=mg 3 mgsin60°=1， mg,重力在垂直于轨道上的分力为G,= mgcos60°=乞mg。因此电场力与重力的合力在垂直于轨道AC方向大小相等，方向相反，则合力恰好沿着AC方向，小球在合力 的作用下加速运动。当小球沿轨道AC下滑后，由左手定则可知，小球受到的洛伦兹力垂直于AC向上，导致小球对管壁有作用 力，小球将受到摩擦力作用，随着速度增大，洛伦兹力增大，小球对管壁的压力增大，摩擦力增大，当摩擦力与重力和电场力的合力 大小相等时，小球加速度减至零做匀速运动，A正确。当小球的摩擦力与重力和电场力的合力大小相等时，小球做匀速直线运动， 此时小球在轨道内受到的率擦力最大，且重力与电场力的合力为F=√mg+(停mg)-2m,则小球在轨道内受到的摩 擦力不可能大于mg,B错误。小球在轨道上往复运动，由于在斜轨上不断损失机械能，经足够长时间，最终会在CD同做往复 运动，且在C点和D点速度为等。从开始到最终速度为零的点，根据动能定理得√(mg)+(气mg)L一W:=0,解得W,= 求在O点受力分析，当小球在CD间做往复运动时对轨道的压力最小，由牛至 =m发小球由C点到0点机械能守恒mgRsin30=合m,解得N=2mg一BVgR,D正确，故选AD。 1.10.230c2分)（20.302分)(3)0-2分) 【解析】(1)游标卡尺读数2mm+6×0.05mm=2.30mm=0.230cm。 ②2w二000600.5m/s,0.230c00.2m/s,则a9.5-0.2 1.00 m/s2=0.30m/s2。 0.0115s Mmg (3)对精码mg一F=ma,对滑块有F=Ma,联立解得F=M平n 12.(1)A(2分)(2)A(2分)(3) 2分)(6)等于(2分)(6)人(2分) 【解析】(1)多用电表的电压挡测量电源两极间的输出电压是可以的，近似等于电源电动势，但多用电表不能用电阻挡直接测含电 源电路的电阻。故选A。 (2)多用电表调整至直流电流挡，多用电表的两个表笔应分别插入AD两个插孔；黑表笔插在图甲中的公共端D孔，则红表笔应插 在图甲中A孔。 (3)根据图乙将图丙中的实物图连接完整，如图所示： (5)由题意可知电流计G的满偏电流为1，闭合开关S:后使A的示数为，电流计G的示数为2，说明通过R的电流也为之， R2与电流计G并联电压相同，所以R2=R。=R。。由上述分析可知所测量的电流计内阻没有系统误差，即用上述方法得到的G 内阻的测量值等于真实值。 (6)欲将电流表G的量程扩大为I,则电流表G满偏时通过所并联电阻的电流为I一I1,而G两端的电压为I1R,故所并联的电阻 为风=识 13.解：(1)放置后U形头枕内的气体V1=5L,在原来压强p时的体积为V 根据玻意耳定律，有V=pV(2分) 解得=号1 可知同种气体在温度相同且压强相等时气体密度相同，所以放置后，头枕内剩余气体质量与漏气前气体质量的比为册-长=是 (2分)。 (2)根据玻意耳定律，有po(V1+nV)=pV(2分) 解得需要按压的次数n=65(2分)。 物理（六）参考答案第2页（共3页） 14.解：(1)运输舱能达到额定巡航速度6时有E一BL%=I2R(1分) Fn+B12L-f=0(2分) 联立得Fm=1000N(2分)。 (2)受力分析，根据牛顿第二定律有BL+十f=m@ 维持时间=一Y(2分) 恰无法维持电流I时，有BLv=IR(1分) 运动位移=凸士(2分) 1. 1 由能量守恒有乞m6-乞mr=fz+PR+△E(2分) 联立得△E=4.32×10J(2分). 15.解：(1)对物块D,从释放到与B碰撞前，由动能定理有mpgh= 2mp话 解得=6m/s(1分) D和B碰撞，由动量守恒定律有mp%=(mp十ms)u 解得=3m/s(1分) 在传送带上对D和B受力分析，由牛顿第二定律有出(mn十mB)gcos0-(mo十ma)gsin0=(mD十m)a 解得a1=2.5m/s2(1分) 设物块D和B在传送带上一直加速，根据运动学公式有L=ut十合a1r,助=十a1t 解得t=0.8s,2=5m/s<v假设成立(1分) 则D和B与传送带摩擦产生的热量Q=出(mD十mB)gcos @s相对，其中5相对=一L 解得Q=96J(1分)。 (2)若物体D和B从轨道平抛的轨迹相同，则达到传送带顶端的速度一定与传送带速度相同，即o=8/s 设若物体D和B在传送带上一直加速，滑上传送带的初速度为，由运动学公式有2一话=2a1L 解得=4√3m/s(1分) D和B碰撞，由动量守恒定律有mpv4=(mo十mg)3 解得w,=8√3m/s 以水平向右为正，对A和D,在水平方向上由动量守恒定律有0=mn一mA 解得5=4√3m/s 由能量守恒定律有m0gA,=合m十分m话 解得h1=14.4m(1分) 若物体在传送带上一直减速，滑上传送带的初速度为%，由运动学公式有2一G=一2a2L 对物体受力分析，由牛顿第二定律有1(mD十mB)gcos0十(mD十mg)gsin0=(mD十mB)a2 解得%=12m/s(1分) D和B碰撞，由动量守恒定律有mD=(mD十mg) 解得=24m/s 以水平向右为正，对A和D,在水平方向上由动量守恒定律有0=mD一mA 解得=12m/s 由能量守恒定律有m心gh:=之mn话十之m喝 解得h2=43.2m(1分) 所以D的释放点距台面高度的取值范围14.4m≤h≤43.2m(1分)。 (3)由(2)分析可得，平抛运动的初速度为v=8m/s,设物块D和B落到C上瞬间竖直方向速度u,由心=2gh' 解得v,=6m/s(1分) 对B和D,由动量定理，在竖直方向有FN△t=(mp十m)[v,-(一u,)门(1分) 在水平方向有一2FN△1=(mD十mB)△U,(1分) 对C,由动量定理有FN△=me△u(1分) 若D和B与C发生几次碰撞之后，碰撞位置将会相同，则有v十n△u,=n△(1分) 解得n=8(1分)。 物理（六）参考答案第3页（共3页）