2026年全国高考临门押题卷·物理（二）

2026届全国高考临门押题卷·物理（二） (75分钟100分) 一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1.一般的曲线各个位置的弯曲程度不一样，但在研究时，可以把 这条曲线分割为许多很短的小段，质点在每小段的运动都可以 看作圆周运动的一部分。如图所示，竖直平面上有一段固定曲 线轨道abcd,轨道最低点b处和最高点c处的曲率半径分别为 1m和2m。一质量为1kg的物体（可视为质点）从a处上侧进 人轨道，运动至b处时速率为v,对轨道的压力为46N,重力加速度g=10m/s2;若物体从 d处下侧进入轨道，运动至c处时速率仍为v,则物体在c处时对轨道的压力为( A.2N B.4N C.6N D.8N 2.学校的兴趣小组通过图示装置用控制变量法探究电容器电容大 小的影响因素，电容器的两端接有电动势为U的电源（未画 ® 出)，下列图像是电容C随极板正对面积S、电源电动势U、极板 铷 间距d、静电计指针偏角0的变化规律，其中可能正确的是 酗 水 0 的 B D 3.重型汽车的气囊减震装置会在路面不平的情况下保护车体，气囊内有绝热涂层。关于气 毁 囊内的气体，下列说法正确的是 A.若车体突然下沉挤压气囊，气体温度升高，内能增大 B.若车体突然下沉挤压气囊，气体温度不变，内能不变 C.若气囊缓慢回弹恢复原状，气体温度升高，内能增大 D.若气囊缓慢回弹恢复原状，气体温度不变，内能不变 蓉 4.两相干波源S1、S2产生的两组同心圆波阵面如图所示，实线表示 波峰，虚线表示波谷，相邻的实线与虚线之间相差半个波长，α、b 是交点，下列说法正确的是 ( A.波源S1、S2的频率相同，相位差恒定，且振幅也一定相等 B.a点在某些时刻位移为0，在某些时刻位移最大 C.b点的振幅一定为0，且始终处于“平静”状态 D.α点所在的双曲实线是减弱区，b点所在的双曲虚线是加强区 物理（二）第1页（共6页） 5.如图所示，两个半径都为R、质量分别为M和4M的均匀实心星球A和B,球心间距为 6R。A星球火山喷发，一块质量为m的岩石从A表面的Q点朝着B球心飞去。已知质 量为m,和m2、距离为r的两个质点间的引力势能E。=一Gmm,G为引力常量，假设两 星球均静止不动，岩石只受到两星球的引力作用，忽略其他力的作用，则这块岩石要到达 B球表面成为一块陨石，从A表面被抛出时的最小速度是 4M R B 6R A服 3GM C.5R 5GM D.3R 6.水平地面上有一台秤，台秤托盘中放有一方形容器，容器内小球均用轻绳固定。现将轻 绳剪断，图甲中，小球自由下落；图乙中，小球沿光滑轻杆加速下滑；图丙中，小球沿光滑 斜面加速下滑；图丁中，小球在液体中加速上升。下列各图中轻绳被剪断前后，台秤示数 变化情况正确的是 777777777777777 777777777777777 777777777777777 777777777777777 甲 丙 A.图甲中，台秤示数不变 B.图乙中，台秤示数变大 C.图丙中，台秤示数不变 D.图丁中，台秤示数变小 7.一列质量为（分布均匀）、长为的玩具小火车从平面上以速度v。依靠惯性冲上一个倾 角为α=30°的固定斜面，假设水平面和斜面连接处不损耗能量，火车同一时刻各部分速 度大小均相同，不计一切摩擦。当火车完全运动到斜面上时速度刚好减为0，则关于玩具 小火车爬坡的过程（以水平面为零势面），下列说法正确的是 ( A.火车的初速度为=√gl B.若在斜面上的车厢长度为x(x<)时，则火车 0.o60-6.o-o@Da60 的重力势能为mgx C.若在斜面上的车厢长度为x(x<)时，则火车的速度为v= 2 18 D,从火车头接触斜面到火车速度为零所经历的时间为1二区 2 g 物理（二）第2页（共6页） 二、多项选择题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求， 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.特高压技术是输变电技术的“金字塔”，是中国制造引领世界的一张“金色名片”。川渝 1000千伏特高压交流工程是中国西南地区首个特高压交流工程，创造了26项世界首次。 若某电网输电电压从500千伏提升到了1000千伏，同时线路采用分裂导线设计，单位长 度电阻因导线截面优化降至原来的四分之一，发电厂输出功率不变，以下说法正确的是 () A.1000kV线路中的输电电流仅为原50kV线路的号 B.100kV线路中的输电电流仅为原500kV线路的号 C100kV线路单位长度的功率损耗仅为原50kV线路的号 D.1000kV线路单位长度的功率损耗仅为原500kV线路的16 9.下列关于教材中的四幅插图的物理分析，正确的是 盒度为0 温度 0200400600800 →v/八ms1) 0 丙 A.图甲中，a、b光分别用同一装置做双缝干涉实验，b光对应的条纹更宽 B.图乙中，用a光照射c、d金属，若c能发生光电效应，则d也一定可以 C.图丙中，0℃和100℃氧气分子的速率分布图线跟速率轴所围成图像的“面积”相等 D.图丁中，图中T、T2为等温线，可知T,<T2 10.如图所示为一简易磁流体发电机模型，其发电通道为一长宽高分别为1、b、α的长方体空 腔，整个发电通道处于磁感应强度为B,方向垂直纸面向里的匀强磁场中。不计上下两 块极板的电阻，极板与外部电阻R构成闭合回路。将高温等离子体以恒定速率ⅴ送入 发电通道，等离子体的电阻率为ρ，忽略等离子体的重力和相互作用力。闭合开关，稳定 时，发电通道出入口之间存在稳定压强差△p,则下列说法正确的是 ( A.洛伦兹力充当非静电力形成电动势，稳定时进人发电通道的 正负电荷做直线运动 B.稳定时，两极板间的电势差大小为Bav,且上极板带正电 C.回路中电流大小1=Rbl十oa D.电离气体流经发电通道时转化为电能的效率)一(RbL十pa)△p B2alv 物理（二）第3页（共6页） 三、非选择题：本大题共5小题，共54分。 11.(6分)实验小组利用如图甲所示装置做“探究加速度与力、质量的关系”的实验。 小车纸带 打点计时器 单位：cm 钩码 4.61 6.59 8.57 10.55 细线 黑板擦 小车1 运动方向→ 小车2 俯视图 侧视图 (1)下列实验操作正确的是 (填字母)。 A.调整定滑轮使细线与长木板平行 B.补偿阻力时小车需连接纸带 C.使钩码质量远大于小车的质量 D.先释放小车后接通电源 (2)在实验中得到如图乙所示的一条纸带（相邻两计数点间还有四个点没有画出），打点 计时器使用的交流电频率为50Hz,可求得小车的加速度a= m/s2(结果保 留3位有效数字)。 (3)甲同学在补偿阻力后，在保持小车质量不变的情况下，通过改变钩码的质量来改变 小车受到的合外力F,重复实验多次，作出了如图丙所示的-F图像，其图线末端发 生了弯曲，产生这种现象的原因可能是 (填字母)。 A.因为补偿阻力不足 B.因为补偿阻力过度 C.钩码的质量未满足远大于小车总质量的条件 D.钩码的质量未满足远小于小车总质量的条件 (4)乙同学采用图丁的实验装置进行实验，相同的两小车放在长木板上，把木板一端适 当垫高补偿阻力。两小车前端各自通过细线连接钩码牵引，后端各系一条细线，用 黑板擦把两条细线按在木板上，使两小车并排静止。抬起黑板擦，两小车同时运动 (不相碰)，一段时间后按下黑板擦，两小车同时停下。用刻度尺测出两小车的位移 x1和x2,两车所挂钩码的质量分别为m1和m2,且都远小于小车质量，为了验证加速 度与合外力成正比，只需验证表达式 (用x1、x2、m1、m2表示)成立即可。 物理（二）第4页（共6页） 12.(10分)某同学利用传感器描绘电动机伏安特性曲线，如图甲所示，实验电路图如图乙所 示。请回答以下问题： 电压 传感器 电流 传感器 电动机 匆 乙 (1)用欧姆表粗测电动机线圈电阻，电表指针如图丙所示，读数应为 2。 (2)实验室有两种规格的滑动变阻器，分别是R1(0~502,1.5A)和R2(0~5,1.5A), 为了更精确地描绘电动机伏安特性曲线，应该选 （填“R”或“R2”)。 (3)闭合开关前，滑动变阻器的滑动触头应滑在 (填“最左端”或“最右端”)。 (4)实验中得到的伏安特性曲线如图丁所示，由图示信息可知，电压为2.00V时，电动 机的输出功率为 W(保留2位有效数字)。 T 200 150 电压和电流发生突变 型100 OFF U=0.3V 50 U=2.00V /=100 mA =110mA 0.00.5 1.01.5 2.02.5电压W 丙 入 13.(8分)放置在水平面上的拱形光学玻璃元件，其内、外表面是半径分别为r、√3r的半球 面，图示为其过球心O的竖直截面示意图。某实验小组为研究其光学性质，在O点正上 方内表面上镶嵌一单色点光源S,只考虑S射出的光线直接折射出球面的光学效果，测 得外表面发光区域在图示截面上形成的弧长为③π”。已知光在空气中的传播速度近似 3 等于真空中的传播速度c。 (1)求该玻璃的折射率。 (2)把光源移到O处，求光线从O点到射出外表面的总时间。 物理（二）第5页（共6页） 14.(14分)如图所示，M1N1P,Q1和M2N2P2Q2为固定在同一水平面内足够长的金属导 轨，处在磁感应强度B=2T、竖直向下的匀强磁场中。导轨MN1段与M2N2段相互平 行，间距La=2m;P1Q1段与P2Q2段相互平行，间距Lb=1m。两根质量均为m=1kg、 电阻均为R=0.52的金属棒a、b垂直于导轨放置，棒的长度等于导轨间距。一根不可 伸长的绝缘轻质细线一端系在金属棒b的中点，另一端绕过轻小光滑定滑轮与重物℃相 连，线的水平部分与PQ,平行且足够长，c离地面足够高。已知两棒与导轨间的动摩擦 因数均为μ=0.4，重力加速度g取10/s2,不计导轨电阻及电磁辐射，最大静摩擦力等 于滑动摩擦力。 (1)若c的质量为m=0.6kg,将c由静止释放并开始计时，棒在运动过程中保持与导轨 垂直且接触良好，求金属棒b的最大速度。 (2)在(1)的条件下，已知t=4s时金属棒b的速度已非常接近最大速度，求这4s过程中 金属棒a产生的焦耳热。 M M ® 如 酃 15.(16分)如图所示，顺时针转动的水平传送带与长度足够的光滑水平桌台同高度且平滑 长 连接，水平桌台上放有100个质量均为3m的滑块，相邻两滑块之间的距离为L1=1m, 滑块B和传送带右端的距离也为L1=1。现将一质量为m=1kg的滑块A轻轻放到 传送带的左端，已知传送带两端点之间的距离为L2=3,滑块A与传送带间的动摩擦 因数为u=0.2,传送带的速率为=2m/s,重力加速度g=10m/s2,滑块可看成质点， 的 滑块间的碰撞均为弹性正碰，碰撞时间极短。 (1)求滑块A从放上传送带到与滑块B发生第1次碰撞前所用的时间。 (2)在滑块A与滑块B发生第1次碰撞后到发生第4次碰撞前的过程中，求滑块A与传 送带间因摩擦产生的热量。 (3)在滑块A与滑块B发生第1次碰撞后到发生第11次碰撞前的过程中，求滑块A运 动的路程（结果可以用含指数的式子表达）。 B 3m 3m3m3m…3m 4 100 物理（二）第6页（共6页）2026届全国高考临门押题卷·物理 参考答案 (二) 1.D【解析】根据牛顿第二定律，物体运动至b处时，有F。一mg=m三，解得w=6m/s。物体以同等大小速率运动至c处时，有F 十mg=m,解得F,=8N,故选D。 2.A【解析】根据电容的决定式C-品·当其他条件不变时，电容C与极板正对面积S成正比。CS图像是一条道过原点的倾斜 直线，A正确。电容C是电容器的固有属性，与静电计指针偏角（即极板两端电压）无关，而极板两端电压等于电源电动势U,即与 电源电动势U无关。因此，CU图像或C-0图像应为一条平行于U轴或0轴的直线（即C为常数），B、D错误。根据电容的决定式 C-品，当其他条件不变时，电容C与极板间距d成反比。Cd图像应为双曲线的一支，C错误。故选A. 3.A【解析】若车体突然下沉挤压气囊，气囊体积减小，外界对气体做正功(W>0),由于气囊内有绝热涂层，气体与外界无热交换(Q =0),由△U=Q十W=W>0可知气体内能增大，温度升高，A正确，B错误。若气囊缓慢回弹恢复原状，气囊体积增大，气体对外 界做功(W<0),由于气囊内有绝热涂层，气体与外界无热交换(Q=0),由△U=Q十W=W<0可知内能减小，气体温度降低，C、D 错误。故选A。 4.B【解析】相干波的条件是波源S1、S2的频率相同，相位差恒定，但振幅不一定相等，A错误。由题图可知α点是波峰与波峰相 遇，是振动加强区，b点是波峰与波谷相遇，是振动减弱区，加强区的α点位移在变化，在某些时刻位移为0，在某些时刻位移最大，D 错误，B正确。当波源S1、S2振幅不相等，减弱区的b点的振幅一定不为0，位移有时为0，有时不为0，处于比较“平静”状态，C错 误。故选B。 5.C【解析】设在距离A星球球心z处岩石受到的引力的合力为零，则G=G(限，解得x=2R。若该岩石能越过引力为 r? 零的位置就能到达B星球，若该岩石恰能到达引力为零的位置，则由岩石和两星系统的能量守恒可知之m一G一G4 R 5R -6资-6梁解得√聚放适C 4R 6.D【解析】小球做自由落体运动，处于完全失重状态，把容器和小球看作一个整体，整体的一部分处于失重状态，则整体处于失重 状态，故台秤示数变小，A、B错误。小球沿光滑斜面加速下滑，其加速度有竖直向下的分量，处于失重状态，把容器和小球看作一 个整体，则整体处于失重状态，故台秤示数变小，C错误。图丁中，小球在液体中加速上升，对应于小球相同体积的液体加速下降， 说明液体的密度比小球的平均密度大，对应于小球相同体积的液体质量大于小球质量，它们的加速度相等，前者处于超重状态，后 者处于失重状态，整体处于失重状态，台秤示数变小，D正确。故选D。 7.D【解析】取沿斜面向上为正方向，当列车冲上斜坡的长度为x(x<)时，列车所受合外力F一一二 T mgsin a=-m Igsin a·x。由 此可知，列车做的是简诺银动，关周期为T=2:√高。-2√层则可知列车莲度减为零的时间为=子-受√受D正确，由 变力做功面积法可知W:=∑Fz=一1X受×之=-，由动能定理W,=0-言m6,解得比=√受，A错误。根据题意可知， 火车在斜面上的质量为m'=一m,斜面上的火车其重心位置为h=乞sina,此刻火车具有的重力势能为E,=mgh=7mg 受sina=7mgx,而根据动能定理有一mgh=之m-之m话，联立解得u=√6一s,B,C错误。故选D。 8.BD【解析】根据P=U1可知，当电压从500kV提高到1000kV时，发电厂的输出功率恒定，则输电电流降为原来的2，A错误，B 正确。线路采用分裂导线设计，单位长度的电阻因导线截面优化降至原来的四分之一，又由P翻=R可知，线路单位长度的功率 损耗降至原来的6，C错误，D正确。故选BD, 9.AC【解析】根据光电效应方程，遏止电压越大，光的频率越大，a光频率高、波长短：b光频率低、波长长。因此b光对应的条纹更 宽，A正确。由图可知，d金属的截止频率大于c金属的截止频率，若a光照射c能发生光电效应，但d不一定能发生光电效应，B 错误。图丙是分子速率分布曲线，曲线与速率轴围成的“面积”表示所有分子速率的概率和，其值恒为1（因为所有分子的概率总和 为1)。因此，氧气分子的速率分布图线与速率轴围成的面积相等，C正确。由理想气体状态方程可知，温度T越高，pV乘积越大， 等温线离原点越远，则T>Tz,D错误。故选AC。 10.CD【解析】洛伦兹力充当非静电力形成电动势，稳定时，由于外电路闭合，维持电动势稳定，需要带电粒子不断向两极板积累，所 以稳定时进入发电通道的正负电荷做曲线运动，A错误。根据qB=q:,解得发电机的电动势是e=Bu,两极板间电势差大小 是路端电压小于电动势，根据左手定则可知，带正电的粒子向上偏转，上极板带正电，回路中的电流强度是1一R千，一其中 物理（二）参考答案第1页（共3页） P云代入解得1影aB错误，C正确，发电号件两端的作用力为F=△S=a公，发电学管的输人功率P=F一 ar,发电机的效率为产号-R2pD正南，故选CD, 11.(1)AB(1分，漏选不给分)(2)1.98(1分)(3)D(2分)(4)=匹(2分) x2 m2 【解析】(1)为保证补偿阻力后绳子拉力为小车所受合外力，应调整定滑轮使细线与长木板平行，A正确。补偿阻力时小车需要连 接纸带，B正确。为使绳子拉力近似等于钩码重力，需要使钩码质量远小于小车的质量，C错误。应先接通电源后释放小车，D错 误。故选AB。 (2)相邻两计数点间还有四个点没有画出，相邻计数点周期T=5×0.02s=0.1s,小车的加速度a= (8.57+10.55)-(4.61+6.592×102m/s2=1.98m/s2. (0.2)2 F (3)图像从零开始变化，说明补偿阻力正常，A,B错误。钩码质量m远小于小车质量M时，a=后=肾，加速度与钩码的重力成 着钩码质量m增加，不再满足m远小于小车质量M时，a=M十m ,g一，图线末端发生了弯曲，C错误，D正确。故 m 选D。 (④)两车运动时间相同，由x=2可得号=g,两车所挂钩码的质量分别为m和m,且都远小于小车质量，则两车所受拉力 都近似等于钩码重力：即两车所受拉力之比异-二，为了验证加速度与合外方议正比，只需验证表达式号-品一是-胎即会 xz a2 F2 m2 m21 12.(1)4.0(2分)(2)R2(2分)(3)最左端(2分)(4)0.18(4分) 【解析】(1)由图可知，欧姆表使用×1挡位，则欧姆表的读数为4.0×1=4.0。 (2)由于电动机线圈电阻约为4，为方便调节，滑动变阻器应选择R2。 (3)为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑动触头应滑在最左端。 《④由图可知，当电浅有电压发生头变时，电动帆线圈开始转动则电动机线圈电阻为，-号-合=3，电压为2.0V时，电动 机消耗的电功率为P电=U212=2×0.11W=0.22W,热功率为P=Ir=0.11×3W=0.0363W,所以电动机的输出功率为P出 =P电-Pa≈0.18W。 13.解：(1)设在M点发生全反射，如图所示： 设临界角为C,有5=20·3， 3 得0=吾(2分) 由余弦定理cos0=广+6Br2-1分) 2r·√J3r 得x=r 则c=0=若snC=合1分) 得该玻璃的折射率为月品C=21分) (2)光从0点到内表面的传播时间为1=二(1分) 光在元件内的传播时间为4=B,二'1分) 其中==分 解得光线射出外表面的时间为1=4十2=(23一1)二(1分)。 14.解：(1)若m=0.6kg,b棒速度达到最大时应做匀速运动，设此时b棒受到的安培力大小为FA,有mg=umg十Fx 解得FA=2N(3分) 对a棒，由于2FA=mg,故a棒一直静止不动 又FA=BIL,I=BL 2R 解得vm=0.5m/s(3分) (2)在1=4s时间内设b棒向右滑动的距离为x,此过程中a、b两棒产生的焦耳热均为Q 物理（二）参考答案第2页（共3页） 由能量守恒定律有mgx=之(m十m)2+mgx+2Q1分) 设此过程中细线上张力的平均值为F,b棒受到安培力的平均值FA 对b棒由动量定理有Ft一umgt一Fat=mvm(1分) 对重物c由动量定理有mgt-Ft=mm(1分) 又Fat=BLIt(1分) =紧=装1分) 联立解得x=1.8m,Q=1.7J(3分)。 15.解：(1)滑块A在传送带上做匀加速直线运动时的加速度a=ug=2m/s 假设滑块A能与传送带共速，滑块A在传送带上做匀加速直线运动的时间为：=改=1s(2分) 滑块A在传送带上做匀加速直线运动时的位移为=芸-1m 滑块A与传送带共速后到滑块A与滑块B发生第一次碰撞前所用时间为 4=L-十凸1=1.5s,滑块A从放上传送带到与滑块B发生第1次碰撞前所用的时间为1=1十=2.5s(2分)。 (2)设滑块A与滑块B发生第1次碰植后瞬间，两者的速率分别为功财，有m=一m助十3m,合m6=之m听+号(3m) 解得=之=1m/s(2分) 同理可得，清块A与滑块B发生第2次隧撞后瞬间，滑块Λ的速率为=号=分： 第3次碰擅后瞬间，滑块A的速率为=受=子m/s(1分) 第1次碰撞后，滑块A进入传送带到速度减为零所用的时间为(=日(1分) 第1次碰撞后，滑块A进入传送带到离开传送带的过程中，因摩擦产生的热量为 Q=mg(器+w4十w4-）=2mg×0=4J1分) 同理，第2次碰撞后，滑块A进人传送带到离开传送带的过程中，因摩擦产生的热量为 Q:=2umgX%V=2 J 第3次碰撞后，滑块A进入传送带到离开传送带的过程中，因摩擦产生的热量为 Q,=2mg×b=1J 在滑块A与滑块B发生第1次碰撞到发生第4次碰撞的过程中，滑块A与传送带间因摩擦产生的热量为Q=Q十Q十Q=7J (1分)。 (3)根据弹性碰撞速度互换原理可知，滑块A与滑块B每碰撞一次后，滑块B向右移动L1=1m。滑块A与滑块B第1次碰撞后 到第2次碰撞前，滑块A运动的路程为 =芸×2+L+2L1分) 滑块A与滑块B第2次碰撞后到第3次碰撞前，滑块A运动的路程为 =嘉×2+2L+3 清块A与滑块B第3次碰撞后到第4次碰撞前，滑块A运动的路程为，一芸×2+3弘十L, … 滑块A与滑块B第10次碰撞后到第11次碰撞前，滑块A运动的路程为 w=要×2+10L1+1L2分) 由第(2)间可知，=2=2·2m/s1分） 在滑块A与滑块B发生第1次碰撞后到第11次碰撞前，滑块A运动的路程 =十++…+o=(合+号+2++号·）+[3+5+7++(2×10+1D](m) 2(1-+19×3+21(m) 2 1一4 =[号(1-)+120]m(2分). 物理（二）参考答案第3页（共3页）