云南昆明市嵩明县第一中学等校2025-2026学年高二下学期期中质量检测物理试题

2025一2026学年（下）期中质量检测 高二物理 注意事项： 1.答卷前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号填写在 答题卡上，并认真核准条形码上的准考证号、姓名、考场号、座位号及科目，在规 定的位置贴好条形码。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂 黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案 写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项 符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对 的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.“物理”一词最早源于我国《庄子·天下》中的“判天地之美，析万物之理”。关于物理 思想与方法，下列说法正确的是 A.用点电荷来代替带电体的方法运用了假设法 B.借助激光笔及平面镜观察桌面的微小形变的实验中，用到了理想模型法 C.加速度a=P用到了比值定义法 m D.重心的概念体现了等效思想 2.一飞机在机场着陆后做匀减速直线运动，从着陆开始计时，测得第1s内飞机的位移大小 为59m,最后2s内飞机的位移大小为4m,下列说法正确的是 A.飞机着陆瞬间的速度大小为60m/s B.飞机匀减速运动过程中的加速度大小为4m/s2 C.飞机匀减速运动过程的总位移大小为450m D.飞机匀减速运动过程的平均速度大小为35ms 高二·物理试卷·第1页（共8页） 3.在a粒子散射实验中，ax粒子由a到e从金原子核旁飞过，运动轨迹如图所示。金原子核 可视为静止，以金原子核为圆心，三个同心圆间距相等，α粒子的运动轨迹在c处与圆相 切。下列说法正确的是 A.ax粒子在c处的动能最大 B.ax粒子在b、d处的电势能相等 ⊕ C.a粒子由c到d过程与由d到e过程电场力做功相等 D.b、d处的电场强度相同 4.一个质量为0.5kg的小钢球竖直下落，落地时速度大小为1m/s,与地面作用0.1s后以等 大的动量被反弹。小钢球在与地面碰撞的过程中，下列说法正确的是 A.小钢球重力的冲量是0.1kgm/s B.若选向上为正方向，则小钢球的动量变化量为-1kgm/s C.若选向上为正方向，则小钢球受到的合力冲量是-1Ns D.若小钢球受到的支持力不变，小钢球受到的支持力为15N 5.木星的卫星中有四颗是伽利略发现的，被称为伽利略卫星，这四颗卫星分别被命名为木卫 一、木卫二、木卫三和木卫四，其中木卫二的周期为木卫一周期的两倍。已知木卫一的运 行半径为r,周期为T,木星的半径为R,万有引力常量为G,木星卫星的运动近似为匀速 圆周运动，木星可视为质量分布均匀的球体。下列判断正确的是 A.木星的质量为4πR G72 B.木星的平均密度为3元 Gr2 C.木卫二与木卫一的轨道半径之比为4：1D.木卫二与木卫一的向心力之比为1：2 6.冲击摆是用来测量子弹速度的一种简单装置，如图所示，将一个质量很大的砂箱用轻绳悬 挂起来，一颗子弹水平射入砂箱，砂箱发生摆动。若子弹射击砂箱时的速度为，测得冲 击摆的最大摆角为0，砂箱上升的最大高度为，则当子弹射击砂箱时的速度变为2)时（两 次子弹均未穿出)，下列说法正确的是 A.冲击摆的最大摆角将变为20 B.冲击摆的最大摆角的正切值将变为2tan0 C.砂箱上升的最大高度将变为2h D.砂箱上升的最大高度将变为4h 高二·物理试卷·第2页（共8页） 7.如图所示，边长为L、匝数为N的正方形闭合线圈abcd绕对称轴Oo匀速转动，角速度 为。，空间中只有O0左侧存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B。若闭合线圈 的总电阻为R,则 A.线圈中感应电动势的有效值为三BEw 2 X B.线圈中感应电动势的最大值为NBo + C.在转动一圈的过程中，线圈中有一半时间没有电流 × bk x D.线圈转动一周，产生的焦耳热为NBL四 ×××O 4R 8.已知氚核质量约为质子质量的3倍(m=3m)、电荷量为e,a粒子质量约为质子质量 的4倍（=4强）、电荷量为2c,三者在同一匀强磁场中做匀速圆周运动，下列关于它 们运动半径之比的说法正确的是 A.若它们的速度大小相等，则半径之比：：7。=1：3：2 B.若它们的速度大小相等，则半径之比：。=1：3：4 C.若它们由静止经过相同的加速电场加速后进入磁场，则半径之比：：=1：√3：V2 D.若它们由静止经过相同的加速电场加速后进入磁场，则半径之比：：=1：V3:2 9.同一座城市在不同季节，在工作日与节假日，在白天与夜晚，对电力的需求量差异很大， 会形成用电高峰和低谷之间的峰谷负荷差，利用储能站可以将用电低谷时段部分电能储存 起来。某节能储能输电网络示意图如图所示，发电机的输出电压U=600V,输出功率 乃=800kw,降压变压器原、副线圈的匝数比n:2,=50:1,输电线总电阻R=102,用户端 的电压U=220V,消耗的功率？=440w,所有变压器均为理想变压器。下列说法正确的 是 A.发电机的输出电流为2000A 2 1n3 用 U U3 U B.输电线上损失的功率为16kW 爱 R 电U C.升压变压器原、副线圈的匝数比n,:n,=1:19 秘 储 能 D.输送给储能站的功率为334kW 高二·物理试卷·第3页（共8页) 10.如图所示，一质量为3m的矩形绝缘板放在光滑的水平面上，另一质量为、带正电、 电荷量为q的物块（可视为质点）以初速度。从绝缘板上表面的左端沿水平方向滑入， 空间有范围足够大的匀强电场，场强大小g=2m咫，方向竖直向下，物块与绝缘板间的 动摩擦因数=0.5，物块运动到绝缘板右端时恰好相对于绝缘板静止，重力加速度为g, 在此过程，下列说法正确的是 77777 7777777777 A.电场力对物块的冲量大小为心 B.绝缘板的长度为6 8g C.系统电势能的增加量为3m D.绝缘板的对地位移为6 8 16g 二、非选择题：本题共5小题，共54分。其中13~15题解答时请写出必要的文字说明、方程 式和重要的演算步骤，只写出最后答案不得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数 值和单位。 11.(8分)图甲是某同学探究小车的加速度与合外力的关系时的实验装置。 左 :cm右4a 2.00596 11.98 19.96 29.97 41.96 甲 (1)该同学在器材安装时需要对甲图装置进行调整： ①应调节轨道滑轮高度，使细线与轨道平行： ②应把轨道（选填“远离”或“靠近”）滑轮的一端垫高，进行平衡阻力。(1分) (2)改进装置后，利用弹簧测力计称出重物重力，重物通过细线系在小车上。实验时先打开 打点计时器，后释放小车，用纸带记录小车的运动情况，实验中得到一条纸带如图乙所 示，相邻两计数点之间还有四个点没有画出，已知打点计时器采用的交流电频率为 50Hz。则计时器打出点B时小车的瞬时速度为 m/s,小车的加速度a= ms2。（每空2分，结果均保留两位有效数字) 高二·物理试卷·第4页（共8页） (3)保持小车质量不变，多次改变重物的质量，分别测出小车匀加速时的加速度α以及对应 重物的重力F。以F为横坐标，小车的加速度α为纵坐标，画出的α-F图像如图丙（实 线)所示，由图像可以得出：小车质量一定时，在实验误差允许范围内， (2分) (4)如果实验时，在小车和重物之间接一个不计质量的微型力传感器用来测量小车受到的拉 力'，与第(3)问的图像（丁图中的实线）相比，新图线应为丁图的 (选 填“①”或“②”)图线。(1分) 12.（7分)热敏电阻经常用于温控电路中，图甲为某科技小组探究热敏电阻温度特性的探 究电路，热敏电阻处在虚线所示的温控室中。 ↑R,/k2 5.0 M 4.0 72S 3.0 2.0 RT 1.0 10203040506070/℃ 乙 丙 (1)实验前，将电阻箱R的阻值调到 (选填“最大”或“最小”)(1分)；实验 时，记录温控室的温度t,将S2拨到1，闭合S1,调节电阻箱，使电流表的示数为0， 此时电阻箱示数为R;将S2拨到2，调节电阻箱，使电流表的示数仍为o,记录此时电 阻箱的示数R1,则热敏电阻的阻值R,= (2分)。 (2)上述测量过程中，由于电流表内阻不可忽略，会导致热敏电阻的测量值 （选 填“大于”“等于”或“小于”)真实值。（1分) (3)多次改变温控室的温度，重复上述实验过程，测得多组热敏电阻在不同温度t下对应的 电阻值R,作出R,-t图像，如图乙所示，由图像可知，该热敏电阻的阻值随温度的升 高而 (选填“增大”或“减小”)。(1分) (4)该小组又利用此热敏电阻设计一个测量温度的仪器，实验电路如图丙所示，步骤如下： ①将粗细均匀的电阻丝紧贴量角器圆弧边弯曲成型，依量角器直径端点裁剪好，并按图 丙所示的电路图连接好各元件： 高二·物理试卷·第5页（共8页) ②将电阻箱的阻值调至R,闭合开关，并使金属夹K从A端沿弧形电阻丝向B端移动， 当灵敏电流计G的示数为零时，停止移动金属夹，此时OA与OK间的夹角为0： ③根据图乙中热敏电阻阻值与温度的数量关系，在圆弧的刻度上标注相应的温度值，便 制成了一个可以测量温度的仪器。 若电阻箱的阻值R为5002，某次实验OA与OK间的夹角6为45°，则测得的温 度为℃。（2分，结果保留两位有效数字) 13.(8分)质点a、b在x轴上的位置如图所示。t=0时刻质点a从平衡位置开始向上（正 方向)做简谐运动，形成一列简谐横波沿x轴传播，t=0.9s时刻质点α第三次到达正最 大位移处，此时波恰好传播到b点，且0~0.9s内质点α通过的路程为1.8m。求： (1)该波的波长； (2)质点α的位移y随时间t变化的函数关系式。 4.5 →x/m b 高二·物理试卷·第6页（共8页) 14.(14分)如图甲所示，不计电阻的平行金属导轨与水平面成0=53°角放置，导轨间距为 =1m,上端接有电阻R=32,虚线Oo下方是垂直于导轨平面的匀强磁场。现将质量 =0.1kg,有效电阻=12的金属杆b从OO'上方某处垂直于导轨由静止释放，杆下滑过 程中始终与导轨垂直并保持良好接触，杆下滑过程中的o-t图像如图乙所示。g取10m/s2, sin53=0.8。求： (1)杆与金属导轨间的动摩擦因数： (2)匀强磁场的磁感应强度大小B; (3)杆在磁场中下滑0.1s过程中电阻R产生的热量QR。 ○ ◆0/(m's) 0.5 0.10.20.3t 甲 乙 高二·物理试卷·第7页（共8页） 15.(17分)如图所示，在xOy坐标系的第二象限内有一个接收屏OP,OP与y轴正方向的 夹角=37°。在OP与+x轴之间存在垂直纸面向里的匀强磁场（图中未画出)。坐标原点 处有一个粒子源，从某时刻起以相同的速率同时向第一象限内的各个方向持续地发射一 种带正电的粒子。不计粒子重力及粒子间的相互作用力，已知粒子在磁场中的偏转半径 为R。求： (1)接收屏上能接收到粒子的部分的长度d; (2)当屏上接收到第一个粒子时，沿与+x轴夹角方向最先发射的粒子的位置坐标： (3)当屏上接收到第一个粒子时，已发射的所有粒子在空间分布图样的面积。 y 高二·物理试卷·第8页（共8页) 2025一2026学年（下)期中质量检测 高二物理参芳答案及评分标准 一、选择题：本题共10小题，共46分。每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合 题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得 6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D A B D D D AC BC AD 【解析】 1.用点电荷来代替带电体的方法运用了理想模型法，故A错误；借助激光笔及平面镜观察 桌面的微小形变的实验中，用到了放大法，故B错误；加速度a=”用到了比值定义法， △t a=卫为加速度的决定式，是牛顿第二定律的表达式，故C错误；重心是重力的等效作用 点，所以重心的概念体现了等效思想，故D正确。 2,飞机匀减速运动末速度为零，则由逆向思维可知，x=at2，可得a=二=2之m/s=2ms2 即飞机减速过程中的加速度大小为2m/s2,故B错误；飞机着陆瞬间的第一秒内，则 x=-号a,解得速度大小为乙。=60ms,故A正确；飞机匀减速运动过程的总位移大 2 小为=5-60 m=900m,故C错误；飞机匀减速运动过程的平均速度大小为 2a2×2 -0=30ms,故D错误。 2 3.a粒子由α到c过程受到的电场力与运动方向的夹角为钝角，电场力做负功，动能减小： 由c到过程受到的电场力与运动方向的夹角为锐角，电场力做正功，动能增大，粒子 在c处的动能最小，故A错误；b、d在同一个等势面上，g=g,电荷的电势能E,=qp 所以c粒子在bd处的电势能相等，故B正确；匀强电场中两等势面间的电势差U=Ed, 由于此电场为非匀强电场，c、d所在等势面间的场强大于d、e所在等势面间的场强，因 此Ug>U,电场力做的功w=qU,可知由c到d过程电场力做功较多，故C错误：根 据点电荷的场强特点可知，bd处的电场强度大小相同，方向不同，故D错误。 4.根据冲量定义可知I=gt=0.5×10×0.1kg·m/s=0.5kgm/s,故A错误；若选向上为正 方向，则小钢球的动量变化量为△p=w-(-w)=2w=2×0.5×1kg·m/s=1kg·/s,根据 动量定理，小钢球受到的合力冲量为I金=△p=1kg/s,故B、C错误；小钢球在与地面 碰撞过程中，合力的大小为卫。=全=1N=1ON,由N-g=卫，可知小钢球受到的 t0.1 支持力大小为N=g+F=15N,故D正确。 高二·物理·参考答案及评分标准·第1页 5.根据万有引力提供向心力G=m4π， :不，解得木星的质量为M=灯，故A错误：木 GT2 星的体积为y=4R,木星的平均密度为p丛-3，故B错误：根据开普勒第三定 3 VGT'R 等，美中2，木卫与木卫一的机道半径之比为-41，改C 星卫星受到的向心力为F-加红，由于木足卫星的质量未知，无法比较木卫二与木卫 的向心力，故D错误。 6.设子弹的质量为，砂箱的质量为M,砂箱上升的最大高度为h,最大偏转角为0，冲击 摆的摆长为L;以子弹和砂箱作为整体，在子弹和砂箱一起升至最高点的过程中，由机械 能守恒定律得(m+M)=(m+M)h:解得v共=√2gh;在子弹射入砂箱的过程中，系 统的动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得w=(m+M)0共，联 立解得。=m+M√2g劝，同理可知若子弹的入射速度为20时，满足关系 20=m+M √2g,故h=4h,故D正确；讨论：①冲击摆的最大偏转角满足cos0=L-h, 由于不知道h与L之间的关系，所以不能判断出冲击摆的最大摆角是否将变为28，故A 错误；②由于不知道与L之间的关系，所以不能判断出冲击摆的最大摆角的正切值是否 将变为2tan0,故B错误。 7.线圈中感应电动势的最大值为2。=WS:w=心}E0=BE@,则线图中感应电动势 2 的有效值为E有效= Bo,故A、B错误；在转动一圈的过程中，总是有半个线 24 圈处于磁场，线圈中的感应电流为完整的正弦式交变电流，故C错误；则线圈中转动一 ( 圈产生的焦耳热为2=r-7= -NBL@ ×2n-πNBT@,故D正确。 R R 4R 8.由三者在同一匀强磁场中做匀速圆周运动可知，由洛伦兹力提供向心力可知 P=Bg0=心，解得，=m0,当速度大小相等，经过同一磁场，可知x,解得 Ba 上：3：4-1：3：2，故A正确，B错误：它们由静止经过相同的加速电场加速后 r版a。i12 进入酰场，由动能定理gU-号，由洛伦兹力提供向心力可知~购- md,解得 = 2Um,三者经过相同的加速电场，经过同一磁场，可知rc, 四，解得 134 质。V2=1V55,放c正确，D错误。 高二·物理·参考答案及评分标准·第2页 9.根据功率公式可知，发电机的输出电流1=呈=1333.3A,降压变压器副线圈中的电流 U 《号=200A,很据理想变压器原理有专-丝，解得工=40A,输电线上损失的功率 I.ng △P=1R=16kW,故B正确，A错误；降压变压器原线圈两端的电压，=U-11000V, 升压变压器副线圈两端的电压U,=U+13R=11400V,所以升压变压器原、副线圈的匝数 比-丛=1，根据能量守恒定律可知，输送给储能站的功率P=R-卫-△P=344kW, hU319 故C正确，D错误。 10.对物块根据牛顿第二定律有u(mg+g)=ma,解得a=1.5g,对绝缘板根据牛顿第二定 律有(mg+gE)=3ma,解得a,=0.5g,经过时间t,两物体速度相等，则，-a45=a5, 解得行名，北时物块位移为天=味4时，此时给缘板位移为相对位移即 绝缘板的长度为1=出-为，电场力对物块的冲量大小为I=qB5,联立解得x=6, 16g 1-5心，I=m,故A、D正确，B错误；电场力方向与运动方向垂直，故电场力不做 16g 功，故C错误。 二、非选择题：本题共5小题，共54分。其中13~15题解答时请写出必要的文字说明、方 程式和重要的演算步骤，只写出最后答案不得分；有数值计算时，答案中必须明确写出 数值和单位。 11.(8分) (1)远离(1分) (2)0.50(2分) 2.0(2分) (3)小车的加速度与所受合外力成正比(2分) (4)①(1分) 【解析】（1)②应把轨道远离滑轮的一端垫高，进行平衡阻力。 (2)相邻两计数点之间还有四个点没有画出，则T-0.1s。计时器打出点B时小车的瞬时速 度为0，=二=1.98-20)×10 m/s=0.50m/s，小车的加速度 2T 0.2 a=xe-xoc=41.96-11.98)x10 m/s2=2.0m/s2。 973 9×0.1 (3)由图像可以得出：小车质量一定时，在实验误差允许范围内小车的加速度与所受合外 力成正比。 (4)根据牛顿第二定律得，挂重物时g=F=(M+ma,即a=,1一F,用力传感器时， M+m 加速度a=1F,可知4F图线的斜率变大，此时图像为①。 M 高二·物理·参考答案及评分标准·第3页 12.(7分) (1)最大(1分) R-R(2分) (2)等于(1分) (3)减小(1分) (4)30(2分) 【解析】(1)实验前，将电阻箱R的阻值调到最大；前后两次电路中的电流相等，可知电 路中总电阻相等，则R,+R,=R,解得R=R-R (2)设电流表内阻为R,则R+R,+RT=R+R,可知热敏电阻的测量值等于真实值，不会 产生误差。 (3)由图像可知，该热敏电阻的阻值随温度的升高而减小。 (4)灵敏电流计G的示数为零时，设电阻丝单位长度的电阻为，量角器的半径为，则 是9，解得R-任-@R. 4×5002=1.5x102,根据图乙可知测得的温 RT(π-8)r6 8π 4 度为30℃。 13.(8分) 解：(1)据题意可得该波波速v=△=45ms=5mS (2分) t0.91 设该波的周期为，可得2r=0.9 (1分) 4 (1分) 解得元=2m (1分) (2)质点O的振动方程可表示为y=Asin at(m) (1分) 2π 据题意9A=1.8m,0= (1分) T 解得y=0.2sin5πt(m) (1分) 14.(14分) 解：(1)由图乙知，杆的加速度为a=△_05 m/s2=5m/s2 (1分) △t0.1 根据牛顿第二定律得ng sin 0-umg cos0=1a (2分) 解得=0.5 (1分) 高二·物理·参考答案及评分标准·第4页 (2)杆进入磁场时做匀速运动，此时杆产生的感应电动势为E=1) (1分) 杆中的感应电流为1= (1分) Rtr 杆所受的安培力大小为F=B1 (1分) 联立得F= B2120 (1分) Rtr 由图知v=0.5m/s 由平衡条件得mng sin0=umg cos6+F (1分) 代入数据解得B=2T (1分) (3)杆中感应电流大小为1=E-B0=2×1x05 =0.25A (2分) R十TR+r 3+1 杆在磁场中下滑0.1s过程中电阻R产生的热量为2=2t (1分) 解得2a=0.01875J (1分) 15.(17分) 解：(1)沿+y轴发射的粒子在磁场中的偏转角最小，在屏上的落点C距原点最近。如图1 所示，根据几何关系有OC=2Rcos53°=1.2R (3分) 垂直接收屏发射的粒子在屏上的落点D距原点最远OD=2R (2分) 所以，接收屏上能接收到粒子的部分的长度CD=OD-OC=0.8R (1分) 个y 02 R M(x,y) O ROI 多 图2 图3 (2)所有粒子在磁场中偏转的角速度相同，所以，当屏上接收到第一个粒子时，最先发射 的所有粒子都偏转了74°。如图2所示，沿与+x轴夹角α方向最先发射的粒子，偏转74° 后到达M点，由几何关系可知OM=2Rsin37°=1.2R (3分) 且OM与该粒子的发射方向夹角37°。因而有M点坐标x=1.2Rco(a+37), y=1.2Rsin(a+370) (2分) (3)如图3所示，所有粒子的分布图样：左边界为沿y轴方向最先发射的粒子的轨迹；右 边界为沿x轴方向最先发射的粒子的轨迹；上边界为题设时刻各方向上最先发射的粒子 的位置集合。由问题(2)可知该集合为圆x2+y2=(1.2R)的CE段，且弧cz为四分之 一圆周 (3分) 所以所求面积s=刀1.2R}9xR (3分) 4 25 高二·物理·参考答案及评分标准·第5页