2026届河北郑口中学高三下学期质量检测六物理试题

2026届高三质量检测六物理试题 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的学校、班级、姓名及考号填写在答题卡上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1．1885年，瑞士科学家巴尔末对氢原子可见光区的Hα、Hβ、Hγ、Hδ线作了分析，如图所示，发现了巴尔末公式。这4条谱线是氢原子的核外电子从量子数分别为n=3，4，5......的能级向量子数为2的能级跃迁时发出的，下面四幅图中谱线标识正确的是（　　） A． B． C． D． 2．如图所示，正方形线圈MNPQ边长为1m，共10匝，其内部存在一垂直纸面向里的圆形磁场，磁场的半径为0.5m，磁感应强度逐渐增大且变化率，已知线圈的总电阻为4Ω，那么线圈中产生的感应电流为（　　） A．，方向逆时针 B．，方向顺时针 C．，方向顺时针 D．，方向逆时针 3．汽车外观影响风阻，在匀速行驶时汽车所受阻力与车速的平方成正比，即（其中k为阻力系数）。在某次测试中额定功率相同的甲、乙两种车型均以额定功率启动，两车运动的图像如图中甲、乙所示。已知乙车型的最大速度是甲车型的μ倍，则甲、乙两车的阻力系数之比为（    ） A． B． C． D． 4．如图，透明柱状均匀介质的横截面是以O为圆心的四分之一圆，其OC边涂有吸光材料，光射到OC边会被全部吸收。真空中有两束同种单色光均垂直AO边射入该介质（介质内部的光路未画出）。下列从AC边射出的光路图可能正确的是（　　） A． B． C． D． 5．如图所示，地球的公转轨道接近圆，但彗星的运动轨道则是一个非常扁的椭圆，天文学家哈雷曾经在1682年跟踪过一颗彗星，他算出这颗彗星轨道的半长轴约等于地球公转半径的18倍，并预言这颗彗星将每隔一定时间就会出现。哈雷的预言得到证实，该彗星被命名为哈雷彗星，哈雷彗星最近出现的时间是1986年。若哈雷彗星近日点与太阳中心的距离为r1，远日点与太阳中心的距离为r2，只考虑太阳对哈雷彗星的万有引力，则（　　） A．哈雷彗星在近日点与远日点的机械能不相等 B．哈雷彗星在近日点的速度比远日点的速度小 C．哈雷彗星在近日点与远日点的加速度大小之比为 D．哈雷彗星下次飞近地球约在2062年 6．工人师傅在安装高层住户玻璃时，由于无法通过电梯搬运，需要楼上和楼下工人协作配合，楼上师傅通过光滑定滑轮拉动绳子，楼下师傅站在一楼地面上固定位置将绳子往远离楼体的方向拉，以避免窗户被磕碰，如图所示。两段绳子的拉力分别为和，窗户在两段绳子的作用下缓慢竖直向上运动。窗户从一楼地面竖直向上运动的过程中（　　） A．和的合力变小 B．楼下师傅需要收缩绳子 C．楼下师傅受到地面的支持力不变 D．和均增大 7．如图所示，水平面内有边长为L的等边三角形ABC，顶点A、B、C分别固定电荷量为+q、-q、+q的点电荷。N、P、M分别为AB、BC、AC边的中点，O点为三角形ABC的几何中心。以O点为原点，竖直向上为正方向建立x轴。已知静电力常量为k，则（　　） A．N、P、M三点的电势相等 B．将带负电的试探电荷沿x轴由O点移动至x=3L处，静电力可能先做正功后做负功 C．处的电场强度沿x轴正方向的分量大小为 D．与x=L处的电场强度沿x轴正方向的分量大小之比为 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．关于原子核内部的信息，最早来自天然放射现象．比如钍核（）就具有放射性，它能放出一个β粒子而变为镤核（）下列说法正确的是（　　） A．β衰变中的电子来自于原子核内的中子 B．钍核衰变时电荷数和质量数都守恒 C．若钍核的质量为m，则衰变过程中释放的能量为mc2 D．衰变过程中，β粒子和镤核的动量变化量相同 9．如图所示，光滑绝缘的水平面上存在一系列竖直向下宽度均为d的相同的匀强磁场，相邻两磁场的间距为d。一匝数n=20，边长为d的正方形金属线圈（dc边与磁场边界平行）以初速度v0从第一个磁场的左边界垂直进入磁场，结果线圈恰好能穿过完整的磁场的个数N=5。下列说法正确的是（　　） A．线圈每经过一个磁场的动量变化量相等 B．线圈每经过一个磁场的发热量相等 C．线圈刚好离开第一个磁场的速度为 D．增加线圈的匝数（增加的线圈材料、粗细与原来的相同），线圈仍以原来的速度进入磁场，穿过完整的磁场的个数仍为5 10．传送带经常用于分拣货物。如图甲为传送带输送机简化模型图，传送带输送机倾角，顺时针匀速转动，在传送带下端点无初速度放入货物。货物从下端点运动到上端点的过程中，其机械能与位移的关系图像（以位置所在水平面为零势能面）如图乙所示。货物视为质点，质量，重力加速度。下列说法正确的是（    ） A．货物在传送带上先匀加速再匀减速 B．货物与传送带间的动摩擦因数 C．货物从下端点运动到上端点的时间为 D．传送带输送机因运送该货物而多消耗的电能为 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11（8分）．实验小组用图甲所示的装置验证机械能守恒定律。细绳跨过固定在铁架台上的小滑轮，两端各悬挂一个质量均为M的重锤A（含遮光条）、重锤B。主要的实验操作如下： ①用游标卡尺测量遮光条的宽度d； ②用米尺量出光电门1、2间的高度差h； ③在重锤A上加上质量为m的小钩码； ④将重锤B压在地面上，由静止释放，记录遮光条先后经过两光电门的遮光时间t1、t2； ⑤改变光电门2的位置，重复实验。 请回答下列问题： (1)如图乙所示，用游标卡尺测得遮光条的宽度d=_________mm。 (2)已知重力加速度为g，若满足关系式_________（用题中物理量的符号表示），则验证了重锤A、B和钩码组成的系统机械能守恒。 (3)某小组实验中发现系统增加的动能略大于系统减少的重力势能，下列原因中可能的是_________。 A．存在空气阻力 B．细绳与滑轮间有摩擦力 C．遮光条宽度d的测量值偏大 (4)实验中，忽略空气阻力，细绳与滑轮间没有相对滑动。有同学认为细绳与滑轮间的静摩擦力做功但不产生内能，因此重锤A、B和钩码组成的系统机械能守恒。该同学的观点_________（选填“正确”或“不正确”），理由是_________。 12（9分）．某学习小组用可拆变压器探究“变压器的电压与匝数的关系”。 (1)本实验要通过改变原、副线圈匝数，探究原、副线圈的电压比与匝数比的关系，实验中需要运用的科学方法是_____； A．控制变量法 B．等效替代法 C．整体隔 D．微元求和法 (2)学习小组中小明先将图1中的零件组装成图2中的变压器，再将原线圈接在交流电源上，之后再将副线圈接在电压传感器（可视为理想电压表）上，观察到副线圈输出电压U2随时间t变化的图像如图3所示，在保证安全的前提下，小明可能在t1~t2时间内进行的操作是_____； A．减少了原线圈的匝数 B．拔掉了变压器铁芯Q C．减小了交流电源的频率 D．增大了原线圈的输入电压 (3)学习小组中的小华在实验过程中，选择不同的变压器的原、副线圈匝数，利用电压传感器测量相应电压（N1、N2上电压分别为U1、U2），记录如图4所示，由数据可知N1一定是________线圈的匝数（填“原”或“副”）； N1/匝 100 100 200 200 N2/匝 200 400 400 800 U1/V 1.50 2.12 4.98 5.66 U2/V 2.95 8.32 9.92 22.58 图4 (4)学习小组中的小文在实验室中找到了一只标有“220V/11V”的变压器，如图5所示。他看到这个变压器上有a、b、c、d四个引出线头，且a、b引线比c、d引线粗。在没有相应的说明书情况下，他应该把引线________接交流“220V”（选填“a、b”或“c、d”）； (5)学习小组中的小雨拆开一理想变压器后，如图6所示，把一个定值电阻R0与变压器的原线圈连接，把一可变电阻R与该变压器的副线圈连接，原、副线圈的匝数分别为n1、n2.在交流电源的电压有效值U0不变的情况下，调节可变电阻R的过程中，当=________时，R获得的功率最大。 13（10分）．汽车空气悬挂系统通过压缩气体实现减震功能，该装置又叫“空气弹簧”，“空气弹簧”可简化为充有气体的圆柱形密闭汽缸，如图所示。汽车未载重时，汽缸内封闭一段长、压强的理想气体。已知汽缸横截面积，外界大气压为，汽缸壁导热良好且外界温度不变，忽略汽缸与活塞间的摩擦。 (1)当汽车载重后，稳定时气体长度为初始长度的，求此时缸内气体的压强； (2)为使（1）问中活塞恢复到初始位置，需从高压罐中充入压强为、温度与缸内气体相同的气体，求从高压罐中充入气体的体积。 14（12分）．如图所示，在到范围内存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为，在到范围内存在匀强电场区域，电场强度大小，电场方向与x轴正方向成斜向右上方。所有场区在竖直方向范围足够大。一个比荷的带正电粒子从O点沿x轴正方向射入匀强磁场，速度方向偏转时离开磁场进入匀强电场区域，不计带电粒子重力和空气阻力，。求： （1）带电粒子进入磁场时的速度v的大小； （2）带电粒子离开电场区域时的纵坐标y。 15（15分）．如图甲所示，质量为m的木板静止在粗糙水平面上，其左端通过劲度系数为k的轻弹簧与竖直墙壁连接，弹簧处于自然状态。质量也为m的小物块放置在木板的左端，现给小物块施加的水平向右的恒力，使小物块由静止向右加速运动，经时间后小物块从木板上滑出，此时木板速度第一次减为0，该过程中木板的速度-时间图线如图乙所示，该图线为正弦图线。已知小物块和木板间的动摩擦因数为4μ，木板和水平面间动摩擦因数为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，弹簧始终处在弹性限度内，重力加速度为g。求： (1)小物块离开木板时的速度大小； (2)木板的长度及弹簧弹性势能的最大值； (3)从木板开始运动到停止，木板和水平面间因摩擦产生的热量。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $2023级高三质量检测六物理答题页 答题卡 姓名 班级 考号 考场座号 注意事项： 1.答题前请将个人信息填写清楚；2客观题答题修改时用橡皮擦干 净；3主观题必须使用黑色签字笔书写；4请在对应答题区作答， 贴条形码区域 超出书写无效。 缺考考生由监考员贴条形码 正确填涂■ 缺考标记口 客观题 1.[A][B][C][D] 3.[A][B][C][D] 5.[A][B][C][D] 7,[A][B][C][D] 9.[A][B][c][D] 2.[A][B][c][D] 4.[A][B][C][D] 6.[A][B][C][D] 8[A][B][C][D] 10.[A][B][C][D] 11.(8分) (1) (2) (3) (4) 12.(9分) (1) (2) (3) (4) (5 13.(10分) 请在答题区域内作答，超出答题区域答案无效 第1页共2页 请在答题区域内作答，超出答题区域答案无效 14.(12分) 15.(15分) 请在答题区域内作答，超出答题区域答案无效 第2页共2页 《2026届高三质量检测六》物理参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B D C A D D D AB AD BC 1．B 【详解】由图可知，Hα波长最长，则频率最小，能量最小，根据能级跃迁过程中能量关系有，可知，Hα由第3能级跃迁到第2能级产生的。 故选B。 2．D 【详解】由法拉第电磁感应定律可知线圈中产生的感应电动势的大小为 由欧姆定律可得感应电流的大小为 由楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向。 故选D。 3．C 【详解】汽车达到最大速度时，牵引力等于阻力，而阻力与车速的平方成正比，则有功率 当两车功率相等，则有 故选C。 4．A 【详解】 若两束光线都能从AC面上射出，因上面的光线在AC面的入射角较大，则折射角也较大，则不可能是CD图；因上方的光线在AC面的入射角较大，则上方光线在AC面上可能发生全反射，而下方光线可能没有发生全反射，则此时光路为A图，不可能出现B图的光路。 故选A。 5．D 【详解】A．哈雷彗星在近日点与远日点运行中，动能与势能相互转化，机械能守恒，故A错误； B．根据开普勒第二定律可知，哈雷彗星在近日点的速度比远日点的速度大，故B错误； C．在近日点时，由牛顿第二定律可得 在远日点时，由牛顿第二定律可得 联立解得 故C错误； D．由开普勒第三定律得 所以 即彗星下次飞近地球将在 故D正确。 故选D。 6．【答案】D 【详解】A．由三力平衡知、的合力与重力等大反向，合力不变，故A错误； B．窗户向上运动的过程中，楼下工人师傅需要逐渐放绳子，故B错误； D．由动态分析图解法可知，减小，增大，所以和均增大，故D正确； C．对楼下师傅 减小，增大，增大，楼下师傅受到地面的支持力减小，故C错误。 故选D。 7．D 【详解】A．由对称关系可知N、P两点的电势相等，N点的电势与C处的点电荷单独在N点产生的电势相等，仅考虑A、B两处的点电荷，M点的电势大于0，仅考虑C处的点电荷，M点的电势大于N点的电势，故N、P、M三点电势不相等，故A错误； B．由O点至x=3L处，x轴上每点的电场强度均有竖直向上的分量，故电场力对该试探电荷始终做负功，故B错误； C．由几何关系可知OA=，则A点到处的距离为，沿x轴正方向的电场强度为每个点电荷单独作用时在x=处产生的电场强度沿x轴正方向分量的矢量和，可知，故C错误； D．A点到x=L处的距离为，同理可得在x=L处的电场强度沿x轴正方向的分量大小为 可得，故D正确。 故选D。 8．AB 【详解】A. β衰变中的电子来自于原子核内的中子衰变成质子，而放出的电子，故A符合题意； B. 根据核反应书写规律，则钍核衰变时，满足电荷数和质量数都守恒，故B符合题意； C. 根据质能方程，可知，若衰变过程中，质量亏损为m，则释放的能量为mc2，而钍核的质量为m，因此释放的能量小于mc2，故C不符合题意； D. 衰变过程中，根据动量守恒定律，则β粒子和镤核的动量变化量大小相同，故D不符合题意； 9．AD 【详解】A．线圈在磁场中的运动为先减速进入磁场，再减速出磁场，然后又减速进磁场，减速出磁场，以此类推。线圈在进入磁场或穿出磁场的过程中，速度变化量为，由动量定理有 闭合电路欧姆定律得 再由法拉第电磁感应定律有 因为每次进入磁场或穿出磁场时线圈中磁通量变化量 联立可解得 表明线圈在进入或穿出磁场的过程中速度的变化量相等，线圈每经过一个磁场的速度变化量相等，动量变化量相等，选项A正确； B．线圈依次经过各个磁场时，线圈所受安培力减小，线圈克服安培力做功减小，线圈内的发热量减小，选项B错误； C．根据上述分析 可求出 故线圈刚好离开第一个磁场的速度为 选项C错误； D．根据 线圈电阻 线圈质量 联立可推知N与n无关，故线圈仍能通过5个完整的磁场，选项D正确。 故选AD。 10．【详解】A．由图像易得，货物在传送带上先加速，再匀速运动，A错误； B．根据功能关系有 可得货物与传送带间的动摩擦因数为 B正确； C．货物沿传送带向上运动时，与传送带保持相对静止，此时有 解得传送带速度为 设货物加速过程所用时间为，根据运动学公式可得 解得 设A点到B点的距离为L，货物在B点时则有 解得 则货物匀速阶段所用时间为 货物从下端A点运动到上端B点的时间为 C正确； D．货物在与传送带共速前，发生的相对位移为 因摩擦产生的热量为 根据能量守恒可知传送带输送机因运送该货物而多消耗的电能为 D错误。 故选BC。 11（8分）．(1)5.25（1分） (2)（2分） (3)C（2分） (4) 不正确（1分） 静摩擦力对重锤A、B和钩码组成的系统做负功，系统机械能减小（2分） 【详解】（1）遮光条的宽度为 （2）若系统机械能守恒，有 根据题意得重锤经过光电门的速度为， 可知系统机械能守恒需要满足关系式 （3）A．存在空气阻力，有机械能损失，系统增加的动能略小于系统减少的重力势能，故A不符合题意； B．细绳与滑轮间有摩擦力，有机械能损失，系统增加的动能略小于系统减少的重力势能，故B不符合题意； C．若遮光条宽度d的测量值偏大，则可能导致 即系统增加的动能略大于系统减少的重力势能，故C符合题意。 故选C。 （4）[1]该同学的观点不正确； [2]静摩擦力对重锤A、B和钩码组成的系统做负功，系统机械能减小。 12．(1)A（1分） (2)B（2分） (3)原（2分） (4)c、d（2分） (5)（2分） 【详解】（1）根据实验原理可知，实验中需要运用的科学方法是控制变量法。 故选A。 （2）AD．由图知，时刻前的电压值大于时刻后的电压值，而周期不变，根据减少了原线圈的匝数，或增大了原线圈的输入电压，副线圈输出电压均增大，故AD错误； B．拔掉了变压器铁芯Q，副线圈磁通量减小，则输出电压减小，故B正确； C．只减小交流电源的频率，不能改变副线圈输出电压，故C错误。 故选B。 （3）根据变压器电压与线圈匝数之比可知 结合变压器中存在漏磁现象可知，N1一定是原线圈的匝数。 （4）理想变压器的输入功率等于输出功率，因为是降压变压器，所以副线圈的电压小于原线圈的电压，副线圈的电流大于原线圈的电流，为了减少功率损失，根据电阻定律可知副线圈应用较粗的铜导线绕制，故应将较细的线圈作为原线圈，他应该把引线c、d接交流“220 V”。 （5）把变压器和等效为一个电阻，作为电源内阻，当内、外电阻相等时输出功率最大，即 由 得 将代入上式 可得 则 此时R获得的功率最大。 13．(1) (2)30cm3 【详解】（1）由题知，刚开始气体的体积为（1分） 活塞缓慢下移，气体做等温变化，变化后体积（1分） 根据玻意耳定律（2分） 解得（1分） （2）恢复后体积，充入气体体积（1分） 缸内压强（1分），充入高压罐气体压强（1分） 根据玻意耳定律得（1分） 解得（1分） 14.（1）设带电粒子在磁场中做匀速圆周运动时的半径为，由几何关系可知  （1分） 解得（1分） 根据洛伦兹力提供带电粒子做圆周运动的向心力有（1分） 解得（1分） （2） 由左手定则可知，粒子在进入磁场时所受洛伦兹力向下，粒子向下偏转，粒子离开磁场时速度方向偏转（1分）， 由所以粒子进入电场时速度方向与区域I中电场方向垂直（1分）， 轴方向上以沿轴负方向为正方向，粒子在磁场运动中轴方向偏转位移（1分） 解得 粒子在电场区域中有  （1分） 解得 方向与区域中电场方向相同，即与轴正方向成斜向右上方。设粒子在电场中运动的时间为，沿轴方向有（2分） 解得 沿轴方向上有（1分） 解得 则带电粒子离开电场区域时的纵坐标（1分） 15．(1) (2) (3) 【详解】（1）物块刚开始运动时，对物块由牛顿第二定律得（1分） 对木板由牛顿第二定律得（1分） ，故物块一开始就和木板发生相对滑动，此后物块向右做匀加速直线运动，由运动学知识有（1分） （2）当物块从木板上滑出时，由运动学知识有物块的位移为（1分） 设此时弹簧的伸长量为，因时间内木板的图线为正弦图线，由运动的对称性有（1分） 解得 故木板的长度（1分） 对木板由能量守恒得（1分） 解得（1分） （3）木板速度第1次减为0后，对木板受力分析由牛顿第二定律有（1分） 故木板会向左运动，此后木板向左运动规律和时间内相同，其速度随时间变化的图线也为正弦图线。设木板速度第2次减为0时，弹簧的压缩量为，由对称性有（1分） 解得 木板速度第2次减为0后，对木板受力分析（1分） 故木板会再次向右运动，设木板速度第3减为0时，弹簧的压缩量为，由对称性有（1分） 解得（1分） 故从木板开始运动到停止，由功能关系有木板和水平面间因摩擦产生的热量为（2分） 学科网（北京）股份有限公司 $