精品解析：广东揭阳市惠来县第一中学2025-2026学年度第二学期高二第一阶段考试物理试题

2025－2026学年度第二学期高二级第一阶段考试 物理科试题 本试卷满分100分，考试时间75分钟 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求） 1. 下列关于共振和受迫振动说法正确的是（　　） A. 驱动力的频率由受迫振动的物体的频率决定 B. 受迫振动时的频率与固有频率有关 C. 共振时受迫振动的振幅最大 D. 共振现象都是有害的 2. 关于简谐运动的回复力，以下说法正确的是（　　） A. 简谐运动的回复力也可以是恒力 B. 做简谐运动的物体的加速度方向与位移方向总是相反 C. 简谐运动中回复力的公式F＝－kx中k是弹簧的劲度系数，x是弹簧的长度 D. 做简谐运动的物体每次经过平衡位置合力一定为零 3. 如图甲所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2：1，在副线圈的回路中接有理想交流电压表和阻值分别为R1、R2的电阻，其中R1=3R2，原线圈接到如图乙所示的正弦式交流电路中，则（　　） A. 电压表示数为12V B. 交流电的周期为8.5s C. 原、副线圈功率之比为 D. 副线圈干路中的电流为R1中电流的3倍 4. 图中1、2、3分别代表入射波、反射波、折射波的波线，则（　　） A. 2与1的波长、频率相等，波速不等 B. 2与1的波速、频率相等，波长不等 C. 3与1的波速、频率、波长均相等 D. 3与1的频率相等，波速、波长均不等 5. 如图所示，在空旷的广场上有一堵较高大的墙MN，在墙的一侧有一个正在播放男女合唱歌曲的声源O，某人从A点走到墙后的B点，在此过程中，如从衍射的角度来考虑，则会听到 A. 声音变响，男声比女声更响 B. 声音变响，女声比男声更响 C. 声音变弱，男声比女声更弱 D. 声音变弱，女声比男声更弱 6. 关于下面四幅图涉及的物理知识，下列说法正确的是（ ） A. 图甲中磁铁若不动，开关S闭合瞬间，电流计指针发生偏转 B. 图乙中动圈式扬声器发声时，其工作原理是电磁感应 C. 图丙中摇动手柄使磁铁旋转，铝框也会跟着转动的现象叫电磁阻尼 D. 图丁中家用电磁炉加热食物是利用涡流工作的 7. 如图所示，三根细线在O点处打结，A、B端固定在同一水平面上相距为l的两点上，使成直角三角形，，已知OC线长也是l，下端C点系着一个小球（半径可忽略），下列说法正确的是（　　）（以下皆指摆动角度小于5°，重力加速度为g） A. 让小球在纸面内振动，周期 B. 让小球在垂直纸面内振动，周期 C. 让小球在纸面内振动，周期 D. 让小球在垂直纸面内振动，周期 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错不选的得0分） 8. 图为0~1.5s范围内某物体做简谐运动的图像，下列选项正确的是（　　） A. 1.2s时的回复力与0.4s时的回复力相同 B. 1.0s时的速度与0.4s时的速度相同 C. 1.3s时的动能与0.4s时的动能相同 D. 0.6s~0.8s系统的势能在增大 9. 两列振幅相等、波长均为、周期均为T的简谐横波沿同一绳子相向传播，若两列波均由一次全振动产生，t＝0时刻的波形如图所示，此时两列波相距，则下列选项错误的是（　　） A. 时，波形如图甲所示 B. 时，波形如图乙所示 C. 时，波形如图丙所示 D. 时，波形如图丁所示 10. 若某同学测得的重力加速度数值大于当地重力加速度的数值，则引起这一误差的原因可能是（　　） A. 误将摆线长当作摆长 B. 误将摆线长与球的直径之和当作摆长 C. 误将n次全振动次数计为n＋1次 D. 误将n次全振动次数计为n－1次 三、非选择题（本题共5小题，共54分。考生根据要求作答） 11. 请根据以下内容，完成下面问题。 某同学测定电池组的电动势和内阻，实验电路如图（a）所示。 （1）根据实验电路图，图（b）所示的实物电路中，导线P端应当连接在接线柱______（填“①”或“②”）上； （2）某次测量中，电流表量程为0~0.6A，指针见图（c），其读数为______A； （3）该同学将实验测量的数据反映在U－I的图中，由此图线，可求出电池的电动势E＝______V（保留两位小数），电池的内阻＝______Ω（保留一位小数）。 12. 利用单摆测当地重力加速度的实验中 （1）利用游标卡尺测得金属小球直径，小球直径d＝______cm；用秒表测出单摆多次全振动时间，秒表读数为______s。 （2）某同学测量数据如下表，画出图像（）。由图像可得重力加速度g＝______（保留三位有效数字）； L/m 0.400 0.500 0.600 0.800 1.200 1.60 2.10 2.40 3.20 4.80 （3）某同学在实验过程中，摆长没有加小球的半径，其它操作无误，那么他得到的实验图像可能是下列图像中的______。 A. B. C. D. 13. 如图，弹簧振子的平衡位置为O点，在B、C两点之间做简谐运动。B、C相距20cm。小球经过B点时开始计时，经过0.5s首次到达C点。 （1）该简谐振动的振幅和周期是多少； （2）写出x－t函数表达式； （3）求5s内小球通过的路程及5s末小球的位移。 14. 图中的实线是一列正弦波在某一时刻的波形曲线。经1s后，其波形如图中虚线所示。 （1）如果该波的周期T大于1s，且波是向左传播的，波的速度是多大？波的周期是多大？ （2）如果波是向右传播的，波的速度是多大？波的周期是多大？ 15. 某物流公司研发团队，为了更好地提高包裹的分拣效率，特对包裹和运输装置进行详细的探究，其情景可以简化为如图甲所示，质量M＝2kg、长度L＝2m的长木板静止在足够长的水平面（可视为光滑）上，左端固定一竖直薄挡板，右端静置一质量m＝1kg的包裹（可视为质点）。现机器人对长木板施加一水平向右的作用力F，F随时间t变化的规律如图乙所示，6s后将力F撤去。已知包裹与挡板发生弹性碰撞且碰撞时间极短，包裹与长木板间动摩擦因数＝0.1，重力加速度取g＝。从施加作用力F开始计时，求： （1）t1=4s时，长木板的速度大小； （2）6s末长木板的速度和包裹的速度分别是多少； （3）与挡板碰撞后瞬间，包裹的速度大小（结果保留两位有效数字）。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025－2026学年度第二学期高二级第一阶段考试 物理科试题 本试卷满分100分，考试时间75分钟 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求） 1. 下列关于共振和受迫振动说法正确的是（　　） A. 驱动力的频率由受迫振动的物体的频率决定 B. 受迫振动时的频率与固有频率有关 C. 共振时受迫振动的振幅最大 D. 共振现象都是有害的 【答案】C 【解析】 【详解】A．驱动力的频率是外界驱动力本身的固有属性，受迫振动的物体的频率由驱动力的频率决定，故A错误； B．受迫振动稳定后的频率等于驱动力的频率，与物体自身的固有频率无关，故B错误； C．当驱动力频率等于物体的固有频率时会发生共振，此时受迫振动的振幅达到最大值，故C正确； D．共振现象既有有害的（如桥梁共振坍塌），也有有益的（如共振筛、乐器共鸣），并非都是有害的，故D错误。 故选C。 2. 关于简谐运动的回复力，以下说法正确的是（　　） A. 简谐运动的回复力也可以是恒力 B. 做简谐运动的物体的加速度方向与位移方向总是相反 C. 简谐运动中回复力的公式F＝－kx中k是弹簧的劲度系数，x是弹簧的长度 D. 做简谐运动的物体每次经过平衡位置合力一定为零 【答案】B 【解析】 【详解】A．简谐运动的回复力满足公式，其中是物体相对平衡位置的位移，随运动过程大小和方向不断变化，因此回复力是变力，故A错误； B．根据牛顿第二定律，简谐运动的加速度 式中负号表明加速度方向与位移方向始终相反，故B正确； C．公式中的是比例系数，并不一定是弹簧的劲度系数（如单摆的回复力公式中就和劲度系数无关），是物体相对平衡位置的位移，不是弹簧的长度，故C错误； D．简谐运动的物体经过平衡位置时回复力为零，但合力不一定为零，例如单摆经过最低点（平衡位置）时，合力需要提供向心力，合力不为零，故D错误。 故选B。 3. 如图甲所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2：1，在副线圈的回路中接有理想交流电压表和阻值分别为R1、R2的电阻，其中R1=3R2，原线圈接到如图乙所示的正弦式交流电路中，则（　　） A. 电压表示数为12V B. 交流电的周期为8.5s C. 原、副线圈功率之比为 D. 副线圈干路中的电流为R1中电流的3倍 【答案】A 【解析】 【详解】A．由图乙可知，原线圈电压，由得副线圈电压，即电压表示数为12V，A正确； B．由图乙可知，交流电的周期为8s，B错误； C．依题意，变压器为理想变压器，故原、副线圈功率之比为，C错误； D．依题意，R1=3R2，由欧姆定律有，则副线圈干路中的电流，D错误。 故选A。 4. 图中1、2、3分别代表入射波、反射波、折射波的波线，则（　　） A. 2与1的波长、频率相等，波速不等 B. 2与1的波速、频率相等，波长不等 C. 3与1的波速、频率、波长均相等 D. 3与1的频率相等，波速、波长均不等 【答案】D 【解析】 【详解】AB．波线1、2都在介质a中传播，故1、2的频率、波速、波长均相等，故AB错误； CD．波线1、3是在两种不同介质中传播，波速不同，但波源没变，因而频率相等，由 得波长不同，故C错误，D正确。 故选D。 5. 如图所示，在空旷的广场上有一堵较高大的墙MN，在墙的一侧有一个正在播放男女合唱歌曲的声源O，某人从A点走到墙后的B点，在此过程中，如从衍射的角度来考虑，则会听到 A. 声音变响，男声比女声更响 B. 声音变响，女声比男声更响 C. 声音变弱，男声比女声更弱 D. 声音变弱，女声比男声更弱 【答案】D 【解析】 【详解】由题意可知，某人从图中A点走到墙后的B点，能听到声音，是由于波的衍射现象，但强度变弱；由于男声的频率低于女声，在同一介质中，传播速度相同，则其波长长于女声的波长，更容易发生衍射，故D正确，ABC错误； 故选D． 6. 关于下面四幅图涉及的物理知识，下列说法正确的是（ ） A. 图甲中磁铁若不动，开关S闭合瞬间，电流计指针发生偏转 B. 图乙中动圈式扬声器发声时，其工作原理是电磁感应 C. 图丙中摇动手柄使磁铁旋转，铝框也会跟着转动的现象叫电磁阻尼 D. 图丁中家用电磁炉加热食物是利用涡流工作的 【答案】D 【解析】 【详解】A．图甲中磁铁不动，开关S闭合瞬间，穿过线圈的磁通量不变，电流计指针不发生偏转，A错误； B．图乙中动圈式扬声器发声时，其工作原理是通电线圈在磁场中受力，不是电磁感应，B错误； C．图丙中摇动手柄使磁铁旋转，铝框也会跟着转动的现象叫电磁驱动，C错误； D．图丁中家用电磁炉加热食物是利用交变电流产生变化的磁场，变化的磁场在锅壁内产生涡流发热，从而加热食物，D正确。 故选D。 7. 如图所示，三根细线在O点处打结，A、B端固定在同一水平面上相距为l的两点上，使成直角三角形，，已知OC线长也是l，下端C点系着一个小球（半径可忽略），下列说法正确的是（　　）（以下皆指摆动角度小于5°，重力加速度为g） A. 让小球在纸面内振动，周期 B. 让小球在垂直纸面内振动，周期 C. 让小球在纸面内振动，周期 D. 让小球在垂直纸面内振动，周期 【答案】A 【解析】 【详解】AC．让小球在纸面内振动，在偏角很小时，单摆做简谐运动，摆长为，周期 故A正确；C错误； BD．让小球在垂直纸面内振动，在偏角很小时，单摆做简谐运动，由几何关系可得O点到等效悬点的距离为 则等效摆长为 周期 故BD错误。 故选A。 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错不选的得0分） 8. 图为0~1.5s范围内某物体做简谐运动的图像，下列选项正确的是（　　） A. 1.2s时的回复力与0.4s时的回复力相同 B. 1.0s时的速度与0.4s时的速度相同 C. 1.3s时的动能与0.4s时的动能相同 D. 0.6s~0.8s系统的势能在增大 【答案】AB 【解析】 【详解】A．由图可知，该简谐运动的周期 1.2s与相差一个周期，根据简谐运动的周期性，两时刻物体的位移相同，由可知回复力相同，故A正确； B．1.0s与相差一个周期，状态相同。与关于平衡位置时刻对称。结合图像可知，关于平衡位置对称的两时刻速度大小相等、方向相同，故B正确； C．1.3s时物体位于波峰，速度为零，动能为零；时物体不在最大位移处，速度不为零，动能不为零，故C错误； D．0.6s~0.8s过程中，物体先从波峰向平衡位置运动，位移减小，势能减小；后从平衡位置向波谷运动，位移增大，势能增大。故系统的势能先减小后增大，故D错误。 故选AB。 9. 两列振幅相等、波长均为、周期均为T的简谐横波沿同一绳子相向传播，若两列波均由一次全振动产生，t＝0时刻的波形如图所示，此时两列波相距，则下列选项错误的是（　　） A. 时，波形如图甲所示 B. 时，波形如图乙所示 C. 时，波形如图丙所示 D. 时，波形如图丁所示 【答案】AD 【解析】 【详解】A． ​时，，左波右移，右波左移，两波仍相距​，没有相遇波形保持原形状：左波为「左波峰、右波谷」，右波为「左波谷、右波峰」，并非甲图所示的两个分开的波峰，A错误； B． 时，​，两波各移动，刚好端点相遇，几乎没有重叠，合波形为左右两个波峰，和乙图一致，B正确； C．时，​，两波重叠半个波长，波谷相遇叠加，振幅加倍，合波形为左右两个波峰、中间一个深度为的大波谷，和丙图一致，C正确； D． t=T时，两列波刚好完全重叠：左波的正位移对应右波的负位移，振幅相等，所有位置位移叠加后刚好抵消，整条绳子是平的（如丁图）。 时两波已经错开：右波部分在左、左波部分在右，存在两段不重叠区域，因此时波形不是平的，D错误。 本题要求选择错误选项，故选AD 。 10. 若某同学测得的重力加速度数值大于当地重力加速度的数值，则引起这一误差的原因可能是（　　） A. 误将摆线长当作摆长 B. 误将摆线长与球的直径之和当作摆长 C. 误将n次全振动次数计为n＋1次 D. 误将n次全振动次数计为n－1次 【答案】BC 【解析】 【详解】根据单摆周期公式 可得 A．误将摆线长当作摆长，则测得的摆长偏小，由可知，测得的重力加速度偏小，故A错误； B．误将摆线长与球的直径之和当作摆长，则测得的摆长偏大，由可知，测得的重力加速度偏大，故B正确； C．误将次全振动次数计为次，则测得的周期偏小，由可知，测得的重力加速度偏大，故C正确； D．误将次全振动次数计为次，则测得的周期偏大，由可知，测得的重力加速度偏小，故D错误。 故选BC。 三、非选择题（本题共5小题，共54分。考生根据要求作答） 11. 请根据以下内容，完成下面问题。 某同学测定电池组的电动势和内阻，实验电路如图（a）所示。 （1）根据实验电路图，图（b）所示的实物电路中，导线P端应当连接在接线柱______（填“①”或“②”）上； （2）某次测量中，电流表量程为0~0.6A，指针见图（c），其读数为______A； （3）该同学将实验测量的数据反映在U－I的图中，由此图线，可求出电池的电动势E＝______V（保留两位小数），电池的内阻＝______Ω（保留一位小数）。 【答案】（1）② （2）0.52A （3） ①. 1.48##1.47##1.49 ②. 0.7 【解析】 【小问1详解】 根据实验电路图（a）可知，在图（b）中，导线P端应当连接在接线柱②上； 【小问2详解】 由题可知，电流表量程为0~0.6A，分度值为0.02A，则读数时读到该分度值即可，即电流表的读数为0.52A； 【小问3详解】 [1][2]根据闭合电路的欧姆定律可得 结合图像可知，电源的电动势 电源的内阻 12. 利用单摆测当地重力加速度的实验中 （1）利用游标卡尺测得金属小球直径，小球直径d＝______cm；用秒表测出单摆多次全振动时间，秒表读数为______s。 （2）某同学测量数据如下表，画出图像（）。由图像可得重力加速度g＝______（保留三位有效数字）； L/m 0.400 0.500 0.600 0.800 1.200 1.60 2.10 2.40 3.20 4.80 （3）某同学在实验过程中，摆长没有加小球的半径，其它操作无误，那么他得到的实验图像可能是下列图像中的______。 A. B. C. D. 【答案】（1） ①. 2.26 ②. 75.2 （2） （3）B 【解析】 【小问1详解】 [1]游标卡尺是10分度（精度0.1mm）：主尺读数为，游标尺第6条刻度线对齐，因此总读数为  [2]小表盘（分钟）指针在（即）位置，大表盘读数为，总读数为  【小问2详解】 由单摆周期公式 变形得 因此图像的斜率 即 根据表格数据计算斜率 代入得 【小问3详解】 摆长漏加小球半径时，记录摆长 代入公式得 仍为一次函数，斜率不变；当时， 即直线与横轴交于正半轴，对应选项B，故选B。 13. 如图，弹簧振子的平衡位置为O点，在B、C两点之间做简谐运动。B、C相距20cm。小球经过B点时开始计时，经过0.5s首次到达C点。 （1）该简谐振动的振幅和周期是多少； （2）写出x－t函数表达式； （3）求5s内小球通过的路程及5s末小球的位移。 【答案】（1）或0.1m， （2）（或） （3）5s内路程为或200cm，5s末位移为或10cm（沿x轴正方向） 【解析】 【小问1详解】 已知B、C两点相距20cm，且B、C为最大位移处，因此振幅 振子从B点（最大位移处）首次到达C点（另一侧最大位移处），经过的时间为半个周期。 即 因此周期 【小问2详解】 简谐运动的一般表达式为 其中角频率 振幅，初始条件时，振子在B点（最大正位移处），即 代入得 因此，函数表达式为（或用厘米表示：） 【小问3详解】 简谐运动中，一个周期内振子通过的路程为 已知，则，总路程为 ，振子经过整数个周期后，会回到初始位置（B点，最大正位移处） 代入位移公式 即位移大小为，方向沿x轴正方向（指向B点）。 14. 图中的实线是一列正弦波在某一时刻的波形曲线。经1s后，其波形如图中虚线所示。 （1）如果该波的周期T大于1s，且波是向左传播的，波的速度是多大？波的周期是多大？ （2）如果波是向右传播的，波的速度是多大？波的周期是多大？ 【答案】（1）0.06m/s，4s； （2）， 【解析】 【详解】（1）如果该波的周期T大于1s，且波是向左传播的，波的速度是 周期为 （2）如果波是向右传播的，波的速度是 解得 周期为 解得 15. 某物流公司研发团队，为了更好地提高包裹的分拣效率，特对包裹和运输装置进行详细的探究，其情景可以简化为如图甲所示，质量M＝2kg、长度L＝2m的长木板静止在足够长的水平面（可视为光滑）上，左端固定一竖直薄挡板，右端静置一质量m＝1kg的包裹（可视为质点）。现机器人对长木板施加一水平向右的作用力F，F随时间t变化的规律如图乙所示，6s后将力F撤去。已知包裹与挡板发生弹性碰撞且碰撞时间极短，包裹与长木板间动摩擦因数＝0.1，重力加速度取g＝。从施加作用力F开始计时，求： （1）t1=4s时，长木板的速度大小； （2）6s末长木板的速度和包裹的速度分别是多少； （3）与挡板碰撞后瞬间，包裹的速度大小（结果保留两位有效数字）。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 在0~4s内，假设长木板与包裹相对静止，对整体应用牛顿第二定律 解得 此时包裹受到的静摩擦力 小于最大静摩擦力 故假设成立，两者一起加速，时，长木板的速度 【小问2详解】 在4~6s内，。假设两者相对静止，整体加速度 包裹所需摩擦力 故发生相对滑动。对包裹 得 对长木板 得 经过 长木板速度 包裹速度 此时相对位移 说明6s末包裹恰好滑到挡板处。 【小问3详解】 6s末发生弹性碰撞，设碰后长木板速度为，包裹速度为。取向右为正方向，由动量守恒定律 由机械能守恒定律 联立解得 代入数据 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $