2026届高考物理三轮复习课时作业：高考强化训练(1)

2026届高考物理三轮复习课时作业：高考强化训练(1) 姓名：___________班级：___________考号：___________ 满分：100分 时间：40分钟 训练内容包括：力学、电磁学、热学、光学、近代物理学等 一、单选题（每小题6分，共42分） 1．关于原子核衰变，下列说法正确的是（　　） A．衰变的实质在于原子核内的中子转化成了一个质子和一个电子，其转化方程是 B．放射性的原子核在发生衰变、衰变时产生的新核处于高能级，这时它要向低能级跃迁，并放出光子 C．原子核的能量也跟原子的能量一样，其变化是不连续的，也只能取一系列不连续的数值，因此，也存在着能级，且能级越高越稳定 D．放射性元素的半衰期与所受压力有关 2．我国的“四足机器狼”无人作战装备如图甲所示，其可远程操控、自主行动、灵活编组，实现陆上有人、无人协同作战新突破。若将质量为m的“机器狼”静置于倾角为的斜坡上，简化示意图如图乙所示。已知“机器狼”与斜坡间的动摩擦因数为，“机器狼”四足所受的摩擦力相同，重力加速度为，则“机器狼”单足所受摩擦力的大小为（　　） A． B． C． D． 3．如图所示，半圆形凹槽半径为R，圆心为O，MN为水平直径。A点与O等高，B点在O点正下方，P点位于槽面上，P到O的水平距离为。现从A、B点分别以水平速度vA、vB抛出小球，恰好都垂直槽面击中P点，所用时间分别为tA、tB。不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A． B． C． D．A、B、P三点不共线 4．如图，用同种材料，粗细均匀的电阻丝折成边长为的平面等边三角形框架，电流表示数为，垂直于框架平面有磁感应强度为的 匀强磁场，则三角形框架受到的安培力的合力大小为（　　） A．0 B．BIL C．2BIL D． 5．如图所示，手机防窥屏的原理可以解释为“超微细百叶窗技术”，某种防窥屏由透明介质和对光完全吸收的屏障构成，其中屏障垂直于屏幕平行排列，可实现对每一个像素单元的可视角度的控制（可视角度即某像素单元发出的光在图示平面内折射到空气后，最大折射角的二倍）。发光像素单元紧贴手机屏幕，可视为点光源，位于相邻两屏障的正中间。若屏障的高度为，相邻屏障的间隙为，透明介质折射率为，则防窥屏的可视角度为（　　） A． B． C． D． 6．某学习小组采用如下方法测大气压。如图所示，一端开口的导热细玻璃管内用一段长为的水银柱封闭一段理想气体，初始时玻璃管水平测出气柱长为，当缓慢将细玻璃管顺时针转至竖直，气柱长变为。若环境温度始终不变，且、、单位均用，则当地大气压为（　　） A． B． C． D． 7．如图所示，带电荷量为6Q（）的球1固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面上的a点，其正上方L处固定一电荷量为的球2，斜面上距a点L处的b点有质量为m的带电球3，球3与一端固定的绝缘轻质弹簧相连并在b点处于静止状态。此时弹簧的压缩量为，球2、3间的静电力大小为。迅速移走球1后，球3沿斜面向下运动。g为重力加速度，球的大小可忽略，下列说法正确的是（　　） A．球3可能带负电 B．球3在间做简谐运动 C．球3运动至a点的速度大小为 D．球3在a点时的加速度大小是在ab中点时的4倍 二、多选题（每小题10分，共30分，漏选得5分） 8．如图所示，甲、乙两人静止在水平冰面上，甲推乙后，两人均向相反方向沿直线做减速运动直至停止。已知甲的质量小于乙的质量，两人与冰面 间的动摩擦因数相同，两人之间的相互作用力远大于地面的摩 擦力。下列说法正确的是（　　） A．甲推乙的过程中，甲和乙的机械能守恒 B．乙停止运动前任意时刻，甲的速度总是大于乙的速度 C．整个减速过程，甲克服地面摩擦力做的功大于乙克服地面摩擦力做的功 D．整个减速过程，地面摩擦力对甲冲量的大小大于对乙冲量的大小 9．蜻蜓在水中用尾部“点水”激起了波纹，俗称“蜻蜓点水”，如甲图。现简化情景，一只蜻蜓贴着平静的水面沿直线飞行，每隔时间用尾部点一下水面，不计“点水”的时间，每次“点水”只形成一圈水波匀速向外传播。蜻蜓先后三次“点水”形成的水波（某时刻）如乙图，其中、、分别为大、中、小三圈水波的圆心，背景虚线小方格的边长为，则下列说法正确的是（　　） A．蜻蜓“点水”的频率越快，则水波传播的速率越快 B．该蜻蜓可能正贴着平静的水面匀速飞行 C．水波传播的速率为 D．图示时刻蜻蜓尾部与小圆圆心的距离为 10．电阻为R的单匝线圈abc俯视图如图甲所示为正三角形，面积为S。O为ac中点，虚线与bc垂直，在右侧空间存在垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度为B，线圈绕以角速度ω匀速转动产生交变电流。将该交变电流作为电源接入图乙的变压器中，变压器原副线圈匝数比为3：1，电表均为理想电表，定值电阻的阻值也为R，下列说法正确的是（　　） A．电压表的示数为 B．电压表的示数为 C．电流表的示数为 D．电流表的示数为 三、非选择题（共28分） 11．(12分) 某实验小组利用如图甲所示的实验电路测量某电源的电动势和内阻，所用两电源分别为、，其内阻分别为、，其中一块电源为待测电源，另一块为辅助电源。 该小组的主要实验步骤如下： ①按图甲连接好实验电路，将两滑动变阻器、的滑片滑到合适位置，闭合开关、，调节、，使灵敏电流计G的示数为零，读出此时电流表和电压表的示数和； ②改变、的阻值，仍使灵敏电流计的示数为零，读出电流表和电压表的示数和； ③重复②中的操作，得到多组I和U，根据所得数据作出图像如图乙所示。 由以上信息可知： (1)待测电源是________（选填“”或“”）； (2)由图乙可知，待测电源的电动势为________V，内阻为________（结果均保留2位小数）； (3)在操作步骤①的过程中，若调节后发现灵敏电流计G中有自a流向b的电流，为使灵敏电流计G的示数再次为零，则应缓慢________（选填“向左”或“向右”）调节滑动变阻器的滑片。 12．(16分) 如图所示，一半径为L的圆与x轴相切于原点O，圆内有垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，与x轴垂直的竖直虚线与磁场最右端相切于N点，其右侧的第I象限内存在沿方向的匀强电场。现有一束比荷为带正电粒子沿着+y方向从原点O射入磁场，粒子由N点离开磁场，方向沿x轴正方向，进入电场后，经电场偏转打到x轴上M点，且与x轴正方向成45°，不计粒子的重力。求： (1)粒子射入磁场时的速度和其在磁场中的运动时间； (2)电场强度的大小和M点的坐标。 第4页，共8页 ( 第 1 页 共 9 页 )高中物理 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026届高考物理三轮复习课时作业：高考强化训练(1) 参 考 答 案 一、二、选择题： 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 B A C B B C D BC BC AD 1．B 解析：β衰变的实质是原子核内中子转化为质子和电子，正确的转化方程为，选项中方程的质子、电子电荷数标注完全颠倒，故A错误； 放射性原子核发生α、β衰变后生成的新核处于高能级，向低能级跃迁时会以光子形式释放能量，即γ射线，故B正确； 原子核能级越低，能量越低越稳定，能级越高越不稳定，故C错误； 放射性元素的半衰期由原子核内部结构决定，与外界压力、温度、化学状态等外部因素无关，故D错误。故选B。 2．A 解析：对“机器狼”，根据平衡条件，有，解得：， 故选A。 3．C 解析：由于两小球均垂直槽面击中P点，所以速度的反向延长线必过水平位移中点，即经过圆心O，如图所示 根据几何关系可得，解得： 根据平抛运动的规律可得， ，， 联立解得：，，故A错误，C正确； 由于，，所以，故B错误； 根据平抛运动的推论可知，由于两小球的速度偏转角相等，即速度方向与水平方向的夹角相等，所以位移与水平方向的夹角相等，则A、B、P三点共线，故D错误。故选C。 4．B 解析：由题图可知，三角形边长为，干路电流为，磁感应强度为。三角形框架接入电路，底边电阻设为，由于材料粗细均匀，另外两边总长度为，总电阻为。根据并联电路电压相等，，得，总电流 解得：，，底边受到的安培力。 根据左手定则，方向垂直底边向上。上两边等效为一条长度为的直导线，电流为，受到的安培力 方向垂直底边向上。框架受到的安培力合力，故选B。 5．B 解析：由题意可知，发光像素单元位于相邻两屏障的正中间，相邻屏障间隙为，则像素单元到两侧屏障的水平距离均为，屏障高度为。当光线恰好经过屏障顶端射出时，入射角最大，折射角最大，根据几何关系，最大入射角满足 可知，根据，可得折射角为，可视角度即某像素单元发出的光在图示平面内折射到空气后，最大折射角的二倍，可得可视角度 故选B。 6．C 解析：设大气压为，初始时玻璃管水平， 玻璃管顺时针转至竖直时，，由 代入可解得当地大气压为，故选C。 7．D 解析：由题意根据几何关系可知三小球构成一个等边三角形，根据库仑定律可知小球1和3之间的力大于小球2和3之间的力，弹簧处于压缩状态，故小球1和3之间一定是斥力，小球1带正电，故小球3带正电，故A错误；由于球2对球3的电场力作用，球3做的并不是简谐运动，故B错误；球3运动至a点时，弹簧的伸长量等于，根据对称性可知，小球3从b到a的过程中，小球2对小球3做功为0，弹簧弹力做功为0，故根据动能定理有，解得，故C错误； 小球3在b点时，设小球3的电荷量为q，有，设弹簧的弹力为F，根据受力平衡，沿斜面方向有，解得： 小球运动至a点时，弹簧的伸长量等于，根据对称性可知：，解得：，而球3运动至中点时，弹簧弹力为0，在沿斜面方向有，解得：，因此，故D正确。故选D。 8．BC 解析：甲、乙两人静止在水平冰面上，重力势能一定，开始动能为0，甲推乙后，两者动能增大，即甲推乙的过程中，甲和乙的机械能增大，A错误； 甲推乙过程，由于两人之间的相互作用力远大于地面的摩擦力，则有 由于甲的质量小于乙的质量，则有，两人与冰面间的动摩擦因数相同，即减速过程的加速度大小相等，可知乙停止运动前任意时刻，甲的速度总是大于乙的速度，B正确；减速过程中，根据，根据上述，两人互推过程，动量大小相等，甲的速度大于乙的速度，则甲克服地面摩擦力做的功大于乙克服地面摩擦力做的功，C正确；根据，根据上述，两人互推过程，动量大小相等，则减速过程中，地面摩擦力对甲的冲量大小等于对乙的冲量，D错误。故选BC。 9．BC 解析：波速由介质性质决定，与波的频率无关，水波在水面传播，介质不变，波速不变，故A错误；蜻蜓每隔时间点水一次，相邻两次点水的时间间隔均为，由图可知，相邻圆心间距，，相同时间内位移相等，因此蜻蜓可能匀速飞行，故B正确；设水波速度为，设第三次点水到图示时刻为，则从第一次点水到图示时刻时间为，第二次点水到图示时刻为 因此三个水波半径满足，，得 由图可知，因此，得，故C正确； 第三次点水的水波半径，得，即第三次点水后，经过了时间到图示时刻；相邻两次点水时间间隔为，，说明时间内蜻蜓飞行位移为，若蜻蜓匀速飞行，则时间内蜻蜓从飞行的位移为，即图示时刻蜻蜓尾部距距离为，又因为蜻蜓的运动不确定，则无法确定图示时刻蜻蜓尾部与小圆圆心的距离，故D错误。故选BC。 10．AD 解析：交变电流的峰值为，如图甲所示位置电动势为0，从该位置转过四分之一周期过程中在磁场中转动峰值为，又，解得：。从四分之一周期到四分之三周期的过程中在磁场中转动峰值为，又，解得： 线圈在转动一个周期内产生的电动势随时间变化的图像如图所 示，根据交变电流有效值定义可知 ，解得： 变压器匝数比，设副线圈电压（电压表读数）为 ，电流 根据变压器电压匝数关系可得 ， 原线圈右侧应用闭合电路欧姆定律，代入得 ​​ 解得：，即电压表读数为​，A正确，B错误； 原线圈电流（电流表读数），即电流表读数为 ​，C错误，D正确。故选 AD。 三、非选择题： 11．(12分) (1) (2) (3)向左 解析：(1)当灵敏电流计 G 示数为零时，电路处于补偿平衡状态，电路、两点电势相等，该支路无电流流过；此时电压表测量的电压等于电源的路端电压，电流表的示数等于流过电源的电流，因此根据闭合电路的欧姆定律可知电源的电动势满足，故待测电源是。 (2)根据闭合电路的欧姆定律，结合图乙整理得 可知图像与纵轴的截距等于电源的电动势，即 图像的斜率等于电源的内阻，即 (3)若调节后发现灵敏电流计G中有自a流向b的电流，说明a点电势过高，即的分压过小，的阻值过小，因此需向左调节滑片，增大的接入电阻。 12．(16分) (1)， (2)， 解析：(1)粒子在磁场中做匀速圆周运动，其轨迹为圆周，轨迹半径为，由洛伦兹力提供向心力得 ，由图可知。解得： 粒子在磁场中圆周运动周期   由图可知，解得： （2）粒子进入电场做类平抛运动，沿方向做匀加速直线运动，其位移大小等于L；沿方向做匀速直线运动，在M点分解速度有， 且，，联立解得 根据，解得： 所以M点的坐标为 第4页，共8页 ( 第 1 页 共 9 页 )高中物理 学科网（北京）股份有限公司 $