2026年山东省济南市高新区中考物理二模考前模拟示范练习试卷

2026年山东省济南市高新区中考物理二模考前模拟示范练习试卷 一．选择题（共10小题，满分20分，每小题2分） 1．（2分）下列关于各种粒子与发现它的科学家的配对中错误的是（　　） A．电子—汤姆孙 B．质子—卢瑟福 C．原子—道尔顿 D．夸克—阿伏加德罗 2．（2分）小明按人类对磁的认识历程，对“电磁转换”一章知识进行梳理，图中对应位置的内容填写正确的是（　　） A．赫兹 B．动圈式话筒 C．电铃 D．电磁感应现象 3．（2分）如图所示，以下关于声现象的分析正确的是（　　） A．图甲中，说明两发声体发出声音的音色不同 B．图乙中，公路两旁设置屏障，是从声源处防治噪声 C．图丙中，与音叉接触的小球被弹起，说明振幅越大，音调越高 D．图丁中，汽车安装的倒车雷达，是利用超声波反射来定位的 4．（2分）停在有一定坡度的路面上的车，因未拉手刹常导致“溜车”而引发事故。下列说法正确的是（　　） A．汽车发生“溜车”是因为汽车没有受到摩擦力的作用 B．斜坡“溜车”时车的重力势能减小 C．斜坡“溜车”时车受到的重力和支持力是一对平衡力 D．大货车“溜车”比小轿车“溜车”造成的危害更大，因为大货车受到的惯性力更大 5．（2分）如图所示，玻璃管下端扎有橡皮膜，把玻璃管缓慢地竖直放入盛有水的容器内，并往管中倒入酒精，当管内液面与管外水面相平时，则橡皮膜可能是（　　）（已知ρ酒精＜ρ水） A．扁平 B．上凹 C．下凸 D．下落 6．（2分）熔焊，又叫熔化焊，是指焊接过程中，将联接处的金属在高温的作用下加热至熔化状态，待温度降低后，熔化部分凝结，两个工件就被牢固的焊在一起，可形成牢固的焊接接头。熔焊过程主要发生的物态变化是（　　） A．熔化、凝固 B．升华、凝固 C．熔化、凝华 D．升华、液化 7．（2分）我国学者王充在《论衡》中记有“顿牟掇芥”，意思是摩擦过的琥珀能吸引像草芥一类的轻小物体。用毛皮摩擦过的琥珀带负电是由于（　　） A．琥珀失去了电子 B．琥珀得到了电子 C．琥珀失去了原子核 D．琥珀得到了原子核 8．（2分）在日常用电中，下列做法正确的是（　　） A．电动车在楼道内长时间充电 B．用电器着火时用水灭火 C．用湿手按开关 D．维修电器前要切断电源 9．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P从中点向上移动的过程中（　　） A．电压表的示数变小 B．电流表A1的示数变大 C．电压表与电流表A2示数之比变小 D．电压表与电流表A1示数的积变小 10．（2分）春节期间，爱思考的小明设计完成了一项物理学科的跨学科实践活动：利用家里的工具测量草莓的密度。 小明找到一个质量为m0的杯子，装入适量的水后放在水平的电子秤上，如图甲；接着把草莓轻放入水中，草莓漂浮，如图乙；然后用细针将草莓轻压入水中，如图丙；水均未溢出，电子秤示数依次为m1、m2、m3，不计细针体积。下列判断正确的是（　　） A．甲图中，水对杯底的压力为 （m1﹣m0）g B．草莓的质量为m2﹣m1﹣m0 C．草莓的密度为 D．细针对草莓的压力为（m3﹣m2﹣m0）g 二．多选题（共5小题，满分20分，每小题4分） （多选）11．（4分）除了“单相电”以外，还有着另一种供电系统——“三相电”。单相电系统中，以一根火线和一根零线即构成了电能的输送形式。而三相电系统中则有着三根火线和一根零线。如图甲，三相输电中可通过配电箱转变为家庭中的单相用电。图乙为三相发电机绕组示意图，每根火线之间夹角为120°，且每根火线对零线电压均为220V。下列说法中正确的是（　　） A．正常情况下，三相电和家庭电路中的零线对地电压为零 B．人体的安全电压是220V C．部分动力电路使用三相电供电，其电压为380V D．三相电和家庭电路中的电都是交流电 （多选）12．（4分）如图所示，运动员正在进行跳板跳水，关于过程中能量变化的说法正确的是（　　） A．运动员用力下压跳板的过程中，跳板的弹性势能增大 B．运动员被跳板向上弹起的过程中，重力势能减小 C．运动员离开跳板向上运动的过程中，动能减小 D．运动员从最高点下落的过程中，机械能增大 （多选）13．（4分）如图所示是四个实验情景，下列对实验结果的预测正确的是（　　） A．甲中木块与小车一起沿水平地面向右匀速运动，木块不受摩擦力作用 B．乙中橡皮膜探头竖直向下移动，U形管的液面高度差会减小 C．丙中向玻璃管中吹风，U形管A管中的水面上升，B管中水面下降 D．丁中开口容器侧壁的塞子同时拔出，水从a孔喷射最远，从c孔喷射最近 （多选）14．（4分）电能既不能直接从自然界获得，也不能直接利用，但人们还是要设法使用电能，这是因为（　　） A．电能便于输送 B．电能便于转化 C．电能不消耗能源 D．电能清洁，无危害 （多选）15．（4分）如图所示，小红把一个铁锁用绳子悬挂起来，将铁锁拉到自己的鼻子附近，稳定后松手，头保持不动，铁锁向前摆去。下列说法中正确的是（　　） A．铁锁刚开始由鼻子附近向下摆动时，重力势能最大 B．铁锁由最低点向上摆动时，动能转化为重力势能 C．铁锁在摆动的过程中，机械能守恒 D．铁锁在摆动到最高点时，受力不平衡 三．填空题（共12小题，满分60分） 16．（4分）某摄影爱好者捕捉到的“牛背上的牛背鹭”的精彩画面如图所示，牛背鹭相对于牛是 　 　 （选填“运动”或“静止”）的。牛背鹭的嘴巴、爪子都特别尖锐，能在捕猎时充分发挥优势，从物理的角度来说，这是通过减小受力面积的方式来 　 　 压强。（选填“增大”或“减小”） 17．（4分）如图所示的自制温度计，若要使此温度计对温度的反应更加灵敏，应使用更 　 　 （选填“粗”或“细”）管子，理由 　 　 。 18．（4分）如图所示，某同学将磁化后的缝衣针放在水中漂浮的一片树叶上，多次将树叶轻轻旋转，待其静止后发现针尖总是指向南方。针尖相当于磁体的　 　 （选填“N”或“S”）极，缝衣针有这样的指向性，是因为地球周围存在　 　 。 19．（4分）如图所示的ETC（电子不停车收费系统）是先进的路桥收费方式。ETC电子标签上有太阳能电池板，可以给电子标签的内置电池进行充电。太阳能属于 　 　 （选填“可再生”或“不可再生”）能源；在充电过程中电池相当于 　 　 （选填“电源”或“用电器”）。 20．（3分）如图，物体A放在斜面上处于静止状态，在图中画出A所受重力、斜面的支持力和摩擦力三个力的示意图。（作用点都画在物体的重心上） 21．（3分）“安全”是设计机械设备时首先要考虑的因素。某工厂为了避免操作工裁剪纸时手指受到伤害，设计了一种新型裁纸机器，工人操作裁纸机时必须将两只手同时分别按住左、右开关，裁纸机（用M表示）才能正常工作。请在图中虚线框内设计出符合要求的电路图。 22．（3分）小明家的电热水壶功率是1500W，烧开一壶水所用的时间是5min，请问烧一壶水消耗多少电能？ 23．（8分）某质量为1200kg的汽车以72km/h的速度在葫芦岛滨海公路上匀速行驶20km，消耗汽油2kg，该汽油机的效率为30%。已知：汽油的热值q＝4.5×107J/kg，g＝10N/kg，求： （1）当汽车水平静止在滨海公路时，车轮与地面的总接触面积为0.8m2，它对地面的压强p； （2）这段行驶距离内发动机做的有用功W有； （3）这段距离内汽车受到的阻力f。 24．（7分）如图1是某品牌国产电热茶吧机，图2是其内部简化电路图，它有加热和保温两个挡位，工作电压为220V，R1和R2均为加热元件，R2的阻值为110Ω，保温挡电功率为440W。求： （1）茶吧机处于加热挡时，两开关的开闭情况； （2）电阻R1的阻值和加热挡的电功率； （3）某次茶吧机工作时电功率随时间变化的图像如图3所示，此过程中茶吧机产生的热量。 25．（6分）用“水透镜”探究近视眼的形成原因： （1）如图1所示，用注射器向“水透镜”的薄膜中缓慢注水，使薄膜略微凸起。 （2）将“水透镜”置于图2中光具座的　 　 （选填“A”“B”或“C”）滑块上，点燃蜡烛，调节“水透镜”和光屏的高度，使它们的中心跟烛焰的中心大致在　 　 上。 （3）移动蜡烛，当物距为30.0cm时，调节光屏的位置，直至呈现烛焰清晰的像并记录像距。 （4）保持　 　 不变，继续向“水透镜”中注入适量的水，增加“水透镜”的凸起程度，调节光屏的位置，直至呈现烛焰清晰的像并记录像距。 （5）把实验中收集的数据和观察的现象填入表中。 序号 物距/cm “水透镜”的凸起程度 像距/cm 1 30.0 较小 17.4 2 30.0 较大 9.2 【解释】 依据表中信息，在物距不变的情况下，增加“水透镜”的凸起程度，像距变　 　 ，并且观察到成像变　 　 （选填远/近）。 （6）本实验中用　 　 模拟眼睛的晶状体，用　 　 模拟眼睛的视网膜。 （7）经多次实验后，结合所学知识分析，当近视眼观察远处的景物时，由于晶状体的凸起程度较　 　 ，折光能力变强，远处景物成像会成在视网膜的　 　 方，导致看不清楚，应佩戴　 　 镜，来矫正近视眼。 26．（5分）在“探究杠杆的平衡条件”实验中，小明使用可绕O点自由转动、刻度均匀的杠杆，以及多个重为0.5N的钩码进行了以下操作： （1）不挂钩码时，杠杆在图甲所示的位置静止。小明将杠杆左边的螺母调至最左端，发现杠杆右侧还略向下倾斜，此时小明应向　 　 （选填“左”或“右”）调节杠杆右边的螺母，使杠杆水平并静止，达到平衡状态。 （2）给杠杆两侧挂上不同数量的钩码，设右侧钩码对杠杆施的力为动力F1，左侧钩码对杠杆施的力为阻力F2；测出杠杆水平平衡时的动力臂l1和阻力臂l2；多次实验并把数据填入下表。 实验次数 动力F1/N 动力臂l1/m 阻力F2/N 阻力臂l2/m 1 0.5 0.2 1.0 0.1 2 1.0 0.15 1.5 0.1 3 0.1 3.0 2.0 0.15 4 2.0 0.15 1.5 0.2 … 小明分析表格中的数据发现，第　 　 次实验数据有误，剔除这一组数据后，初步得出杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂。 （3）第4次实验结束后，小明撤去右侧钩码，改用弹簧测力计继续实验。如图乙所示，他在左侧A点悬挂三个钩码，再用弹簧测力计（未画出）在B点拉杠杆。杠杆重新在水平位置平衡时，弹簧测力计的示数可能为　 　 （选填序号）。 ①2.0N ②2.5N ③3.0N ④3.5N （4）筷子是中国传统餐具，体现了我国古代劳动人民的智慧。用筷子夹东西时，所属的杠杆类型与第　 　 次实验时的杠杆类型相同。 （5）小明选用质量分布均匀但两端粗细不同的筷子玩“托筷子”游戏时，用一根筷子把另一根筷子MN水平托起来，图丙为筷子稳定时的俯视图，筷子MN的重心在O′点，此时　 　 （选填“MO′”或“O′N”）段更重一些。 27．（9分）实验小组在“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验中，实验器材：两节新干电池、电流表、电压表、滑动变阻器、额定电压为2.5V的待测小灯泡（正常发光时的电阻约为10Ω）、开关和若干导线。 （1）请用笔画线代替导线将图﹣1所示的电路连接完整，导线不能交叉。 （2）正确连接好电路后，闭合开关S，发现小灯泡不亮，电流表和电压表均有示数，则出现这种情况可能的原因是 　 　 。 （3）问题解决后，移动滑片至电压表的示数为2.5V时，此时电流表的示数如图﹣2所示，为 　 　 A；则小灯泡的额定功率为 　 　 W，小灯泡正常发光时的电阻为 　 　 Ω（结果保留一位小数）。 （4）在实验拓展环节，用两只电流表和一个阻值为R0的定值电阻测量额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻，设计的实验电路如图﹣3所示，实验步骤如下： ①闭合开关S，调节滑片P，使电流表A1的示数，此时小灯泡正常发光，读出电流表A2的示数为I2； ②小灯泡正常发光时的电阻值的表达式：RL＝ 　 　 （用I1、I2、R0表示）。 2026年山东省济南市高新区中考物理二模考前模拟示范练习试卷 参考答案与试题解析 一．选择题（共10小题，满分20分，每小题2分） 1．（2分）下列关于各种粒子与发现它的科学家的配对中错误的是（　　） A．电子—汤姆孙 B．质子—卢瑟福 C．原子—道尔顿 D．夸克—阿伏加德罗 【分析】根据常见的物理学史进行分析。 【解答】解：A、汤姆孙发现了电子，故A正确； B、卢瑟福提出了原子的核式结构模型，并发现了质子，故B正确； C、原子是道尔顿提出来的，故C正确； D、夸克的概念最早由默里•盖尔曼和乔治•茨威格提出‌。默里•盖尔曼在1964年提出了夸克模型，这一模型认为质子和中子是由夸克组成的，这一理论随后被实验所证实，盖尔曼因此获得了1969年的诺贝尔物理学奖，故D错误。 故选：D。 2．（2分）小明按人类对磁的认识历程，对“电磁转换”一章知识进行梳理，图中对应位置的内容填写正确的是（　　） A．赫兹 B．动圈式话筒 C．电铃 D．电磁感应现象 【分析】A、赫兹的主要贡献是用实验证明了电磁波的存在，而不是在电磁转换的早期认识历程中有着关键作用。 B、动圈式话筒是利用电磁感应原理工作的。 C、电铃是利用电流的磁效应工作的。 D、电磁感应现象是电磁转换的核心内容之一。 【解答】解：A、赫兹的主要贡献是用实验证明了电磁波的存在，而不是在电磁转换的早期认识历程中有着关键作用。与电磁转换相关的关键人物是奥斯特、法拉第等，奥斯特发现电流的磁效应，法拉第发现电磁感应现象，他们推动了电磁转换知识的发展。故A错误。 B、动圈式话筒是利用电磁感应原理工作的，但它是电磁感应现象的应用实例，不是电流的磁效应的应用。故B错误。 C、电铃是利用电流的磁效应工作的，即通电时电磁铁有磁性，断电时失去磁性，从而使小锤敲击铃碗发出声音。它体现了电生磁，不是磁场对电流的作用的应用。故C错误。 D、电磁感应现象是电磁转换的核心内容之一。法拉第在1831年发现电磁感应现象，揭示了磁能生电的规律，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，或者穿过闭合电路的磁通量发生变化时，电路中就会产生感应电流。这一发现是人类对电磁转换认识的重要里程碑，完善了人们对电与磁之间相互关系的理解，使人们对电磁现象的认识更加全面和深入，是电磁转换知识体系中的关键环节。故D正确。 故选：D。 3．（2分）如图所示，以下关于声现象的分析正确的是（　　） A．图甲中，说明两发声体发出声音的音色不同 B．图乙中，公路两旁设置屏障，是从声源处防治噪声 C．图丙中，与音叉接触的小球被弹起，说明振幅越大，音调越高 D．图丁中，汽车安装的倒车雷达，是利用超声波反射来定位的 【分析】（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离发声体的远近有关；音色是由发声体本身决定的一个特性； （2）减弱噪声的途径有三种：即在声源处减弱、在人耳处减弱、在传播过程中减弱； （3）声音是由物体振动产生的，通过转换放大显示振动幅度； （4）声音能够传递信息和能量。 【解答】解：A、由图可知两列波的振幅相同，响度相同；波形相同，音色相同；频率不同，音调不同，故A错误； B、公路两旁设置屏障，是在传播过程中减弱噪声的，故B错误； C、敲音叉，与音叉接触的小球被弹起，说明声音是由物体振动产生的，越用力敲音叉，与音叉接触的小球被弹起越高，说明振幅越大，响度越大，故C错误； D、汽车安装的倒车雷达是利用超声波来传递信息的，故D正确。 故选：D。 4．（2分）停在有一定坡度的路面上的车，因未拉手刹常导致“溜车”而引发事故。下列说法正确的是（　　） A．汽车发生“溜车”是因为汽车没有受到摩擦力的作用 B．斜坡“溜车”时车的重力势能减小 C．斜坡“溜车”时车受到的重力和支持力是一对平衡力 D．大货车“溜车”比小轿车“溜车”造成的危害更大，因为大货车受到的惯性力更大 【分析】（1）摩擦力产生的条件：接触面粗糙；相互接触挤压；有相对运动或相对运动趋势； （2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大； （3）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上； （4）惯性是物体保持运动状态不变的性质。 【解答】解：A．汽车发生“溜车”时对地面有压力，且接触面粗糙，故受到摩擦力，而拉手刹可以有效防止“溜车”，因为拉手刹限制了车轮的滚动，变滚动摩擦为滑动摩擦，增大了摩擦力，故A错误； B．斜坡“溜车”时车的质量不变，高度变小，所以重力势能减小，故B正确； C．斜坡“溜车”时车受到的重力和支持力不在同一直线上，不符合二力平衡条件，所以不是一对平衡力，故C错误； D．大货车比小轿车造成的危害更大，因为速度一定时，大货车质量大，动能大，惯性也大，惯性不是力，不能说受到惯性力，故D错误。 故选：B。 5．（2分）如图所示，玻璃管下端扎有橡皮膜，把玻璃管缓慢地竖直放入盛有水的容器内，并往管中倒入酒精，当管内液面与管外水面相平时，则橡皮膜可能是（　　）（已知ρ酒精＜ρ水） A．扁平 B．上凹 C．下凸 D．下落 【分析】影响液体压强的大小的因素有：液体的密度、液体的深度，根据p＝ρgh分析解答。 【解答】解：因为ρ酒精＜ρ水，深度相同时，根据p＝ρgh可知酒精对橡皮膜压强较小，则当管内液面与管外水面相平时，橡皮膜会上凹，故B正确。 故选：B。 6．（2分）熔焊，又叫熔化焊，是指焊接过程中，将联接处的金属在高温的作用下加热至熔化状态，待温度降低后，熔化部分凝结，两个工件就被牢固的焊在一起，可形成牢固的焊接接头。熔焊过程主要发生的物态变化是（　　） A．熔化、凝固 B．升华、凝固 C．熔化、凝华 D．升华、液化 【分析】熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热。 物质由液态变为固态的过程，叫凝固，凝固放热。 【解答】解：将联接处的金属在高温的作用下加热至熔化状态，待温度降低后，熔化部分凝结，熔焊过程主要发生的物态变化是熔化、凝固，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选：A。 7．（2分）我国学者王充在《论衡》中记有“顿牟掇芥”，意思是摩擦过的琥珀能吸引像草芥一类的轻小物体。用毛皮摩擦过的琥珀带负电是由于（　　） A．琥珀失去了电子 B．琥珀得到了电子 C．琥珀失去了原子核 D．琥珀得到了原子核 【分析】摩擦起电的实质是电子的转移，物体带负电是因为得到了电子（电子带负电），带正电是因为失去了电子。 【解答】解：用毛皮摩擦过的琥珀带负电，说明琥珀在摩擦过程中得到了电子（毛皮束缚电子的能力较弱，失去电子带正电，琥珀束缚电子能力较强，得到电子带负电）。 原子核带正电且不会发生转移，故ACD 错误，B正确。 故选：B。 8．（2分）在日常用电中，下列做法正确的是（　　） A．电动车在楼道内长时间充电 B．用电器着火时用水灭火 C．用湿手按开关 D．维修电器前要切断电源 【分析】（1）充电器内电子元件长时间充电时，会产生较多的热量，容易引发火灾； （2）生活用水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险； （3）检查维修家用电器时，应将电源断开，以免触电。 【解答】解：A、电动车在楼道内长时间充电，易引发火灾，故A错误； BC、生活用水属于导体，用电器着火时用水灭火或用湿手按开关时，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，故BC错误； D、带电操作容易发生触电事故，检查维修家用电器时，应将电源断开，以免触电，故D正确。 故选：D。 9．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P从中点向上移动的过程中（　　） A．电压表的示数变小 B．电流表A1的示数变大 C．电压表与电流表A2示数之比变小 D．电压表与电流表A1示数的积变小 【分析】AC、由电路图可知，闭合开关S后，两电阻并联接入电路，电流表A2测R0支路的电流，电流表A1测干路电流，电压表测电源两端的电压，据此法线电压表V的示数变化，根据并联电路互不影响可知滑片移动时通过R0支路的电流是否变化，进一步确定电压表V的示数与电流表A2的示数的比值是否变化； BD、将R1的滑片P从中点向上移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变化，根据并联电路电流规律可知干路电流变化，进一步确定电压表与电流表A1示数的积的变化。 【解答】解：AC、由电路图可知，闭合开关S后，两电阻并联接入电路，电流表A2测R0支路的电流，电流表A1测干路电流，电压表测电源两端的电压。 因电源电压保持不变，所以滑片移动时，电压表V的示数不变， 因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过R0支路的电流不变，即电流表A2的示数不变，则电压表V的示数与电流表A2的示数的比值不变，故AC错误； BD、将R1的滑片P从中点向上移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变小， 并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A1的示数变小，故B错误； 则电压表与电流表A1示数的积变小，故D正确。 故选：D。 10．（2分）春节期间，爱思考的小明设计完成了一项物理学科的跨学科实践活动：利用家里的工具测量草莓的密度。 小明找到一个质量为m0的杯子，装入适量的水后放在水平的电子秤上，如图甲；接着把草莓轻放入水中，草莓漂浮，如图乙；然后用细针将草莓轻压入水中，如图丙；水均未溢出，电子秤示数依次为m1、m2、m3，不计细针体积。下列判断正确的是（　　） A．甲图中，水对杯底的压力为 （m1﹣m0）g B．草莓的质量为m2﹣m1﹣m0 C．草莓的密度为 D．细针对草莓的压力为（m3﹣m2﹣m0）g 【分析】（1）杯子为上口大、底小的容器，内装液体对杯子的压力小于液体的重力； （2）由甲、乙可得草莓的质量； （3）丙图中，草莓被细针压入水中，根据甲、丙示数可得，草莓排开水的质量m排＝m3﹣m1，利用密度公式计算草莓排开水的体积，即草莓的体积，再利用密度公式计算草莓的密度； （4）利用阿基米德原理得出草莓受到的浮力，求出草莓受到的重力，此时草莓受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力、压力的作用，处于静止状态，由力的平衡条件可得细针对草莓的压力。 【解答】解：A、甲图中，水的重力：G＝m水g＝（m1﹣m0）g，由于容器上口大、底小，水对杯底的压力小于水的重力，即水对杯底的压力小于（m1﹣m0）g，故A错误； B、根据甲、乙示数可得，草莓的质量：m草莓＝m2﹣m1，故B错误； C、丙图中，草莓被细针压入水中，根据甲、丙示数可得，草莓排开水的质量：m排＝m3﹣m1， 草莓的体积：V草莓＝V排， 草莓的密度： ρ草莓ρ水，故C正确； D、草莓受到的浮力：F浮＝G排＝m排g＝（m3﹣m1）g， 草莓受到的重力：G草莓＝m草莓g＝（m2﹣m1）g， 此时草莓受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力、压力的作用，处于静止状态， 由力的平衡条件可得，细针对草莓的压力： F＝F浮﹣G草莓＝（m3﹣m1）g﹣（m2﹣m1）g＝（m3﹣m2）g，故D错误。 故选：C。 二．多选题（共5小题，满分20分，每小题4分） （多选）11．（4分）除了“单相电”以外，还有着另一种供电系统——“三相电”。单相电系统中，以一根火线和一根零线即构成了电能的输送形式。而三相电系统中则有着三根火线和一根零线。如图甲，三相输电中可通过配电箱转变为家庭中的单相用电。图乙为三相发电机绕组示意图，小每根火线之间夹角为120°，且每根火线对零线电压均为220V。下列说法中正确的是（　　） A．正常情况下，三相电和家庭电路中的零线对地电压为零 B．人体的安全电压是220V C．部分动力电路使用三相电供电，其电压为380V D．三相电和家庭电路中的电都是交流电 【分析】根据三相电的特定进行分析和解答。 【解答】解：A．在三相电和家庭电路中，零线的主要作用是提供回路，正常情况下它是接地的，所以零线对地电压为零，故A正确； B．人体的安全电压具体数值在不同场景均有不同，一般情况下，对人体的安全电压是不高于36V。220V的电压远远超过了人体所能承受的安全电压，一旦人体接触，会有生命危险，故B错误； C．较高的电压更适合驱动大功率的电机等动力设备，能够提供足够的动力来满足工业生产等需求。部分动力电路使用三相电供电，其电压为380V，故C正确； D．三相电和家庭电路中的电都是交流电。三相发电机产生的是三相交流电，故D正确。 故选：ACD。 （多选）12．（4分）如图所示，运动员正在进行跳板跳水，关于过程中能量变化的说法正确的是（　　） A．运动员用力下压跳板的过程中，跳板的弹性势能增大 B．运动员被跳板向上弹起的过程中，重力势能减小 C．运动员离开跳板向上运动的过程中，动能减小 D．运动员从最高点下落的过程中，机械能增大 【分析】（1）弹性形变程度越大，弹性势能越大； （2）重力势能与物体的质量和高度有关，质量一定，高度越高，重力势能越大； （3）运动员离开跳板向上运动的过程中，速度减小； （4）运动员从最高点下落的过程中，克服空气阻力做功消耗机械能，机械能应该减小。 【解答】解：A、弹性形变程度越大，弹性势能越大，运动员用力下压跳板的过程中，跳板的弹性形变程度会变大，跳板的弹性势能增大，故A正确； B、重力势能与物体的质量和高度有关，质量一定，高度越高，重力势能越大，运动员被跳板向上弹起的过程中，高度越来越高，重力势能越来越大，故B错误； C、动能与物体的质量和速度有关，质量一定，速度越大，动能越大。运动员离开跳板向上运动的过程中，做减速运动，速度减小，动能减小，故C正确； D、运动员从最高点下落的过程中，克服空气阻力做功消耗机械能，机械能应该减小，故D错误。 故选：AC。 （多选）13．（4分）如图所示是四个实验情景，下列对实验结果的预测正确的是（　　） A．甲中木块与小车一起沿水平地面向右匀速运动，木块不受摩擦力作用 B．乙中橡皮膜探头竖直向下移动，U形管的液面高度差会减小 C．丙中向玻璃管中吹风，U形管A管中的水面上升，B管中水面下降 D．丁中开口容器侧壁的塞子同时拔出，水从a孔喷射最远，从c孔喷射最近 【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性； （2）液体密度一定时，液体内部压强随深度的增加而增大； （3）流体流速大的位置压强小； （4）液体密度一定时，深度越深液体压强越大。 【解答】解：A、木块与小车一起向右做匀速运动，木块与小车之间没有发生相对运动也没有相对运动趋势，所以木块不受摩擦力作用，故A正确； B、由公式p＝ρgh可知，液体密度一定时，深度越深液体压强越大，乙中橡皮膜探头竖直向下移动，深度变大，液体压强变大，U形管液面高度差会变大，故B错误； C、丙中向玻璃管中吹风，A管上方的空气流速快，压强小，B管上方的空气流速慢，压强大，会把B管液体压到A管，所以A管液面上升，B管液面下降，故C正确； D、液体密度一定时，深度越深液体压强越大，c孔处液体压强最大，a孔处液体压强最小，因此c孔喷射最远，a孔喷射最近，故D错误。 故选：AC。 （多选）14．（4分）电能既不能直接从自然界获得，也不能直接利用，但人们还是要设法使用电能，这是因为（　　） A．电能便于输送 B．电能便于转化 C．电能不消耗能源 D．电能清洁，无危害 【分析】根据能源的分类和电能的优点进行解答。 【解答】解：电能既不能直接从自然界获得，也不能直接利用，但人们还是要设法使用电能，这是因为电能便于输送（相比其它能源的输送更快捷、简便），电能也便于转化为其它形式的能量； 电能是二次能源，需要消耗一次能源获得；电能也属于清洁能源，若使用不当也会造成危害，由此可知，只有A、B选项正确。 故选：AB。 （多选）15．（4分）如图所示，小红把一个铁锁用绳子悬挂起来，将铁锁拉到自己的鼻子附近，稳定后松手，头保持不动，铁锁向前摆去。下列说法中正确的是（　　） A．铁锁刚开始由鼻子附近向下摆动时，重力势能最大 B．铁锁由最低点向上摆动时，动能转化为重力势能 C．铁锁在摆动的过程中，机械能守恒 D．铁锁在摆动到最高点时，受力不平衡 【分析】（1）重力势能大小的影响因素：质量和高度。质量越大，高度越高，重力势能越大； （2）动能大小的影响因素：质量和速度。质量越大，速度越大，动能越大； （3）不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒；考虑空气阻力时，机械能不守恒； （4）处于平衡状态的物体受到平衡力的作用，处于非平衡状态的物体受到非平衡力的作用。 【解答】解：A、铁锁质量一定，摆动过程中受到空气阻力作用，一部分机械能转化为内能，摆到另一侧最高点时高度低于刚开始由鼻子附近向下摆动时高度，所以刚开始在鼻子附近时铁锁的重力势能最大，故A正确； B、铁锁由最低点向上摆动时，质量不变，速度变小，动能变小；同时高度变大，重力势能变大，所以，该过程中动能变为重力势能，故B正确； C、铁锁在摆动过程中，受到空气的阻力，有一部分机械能转化为内能，机械能逐渐减小，即铁锁的机械能不守恒，故C错误； D、铁锁摆动到最高点时，铁锁受到的重力方向竖直向下，拉力方向沿细绳向上，二力不在一条直线上，不是平衡力，处于非平衡状态，故D正确。 故选：ABD。 三．填空题（共12小题，满分60分） 16．（4分）某摄影爱好者捕捉到的“牛背上的牛背鹭”的精彩画面如图所示，牛背鹭相对于牛是 　静止　 （选填“运动”或“静止”）的。牛背鹭的嘴巴、爪子都特别尖锐，能在捕猎时充分发挥优势，从物理的角度来说，这是通过减小受力面积的方式来 　增大　 压强。（选填“增大”或“减小”） 【分析】（1）判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化；若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的。 （2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力、 【解答】解：（1）如图所示，牛背上的牛背鹭，随牛一起运动，相对于牛没有发生位置的改变，以牛为参照物，牛背鹭是静止的。 （2）牛背鹭的嘴巴、爪子都特别尖锐，在压力一定的情况下，通过减小受力面积来增大压强，能在捕猎时充分发挥优势。 故答案为：静止；增大。 17．（4分）如图所示的自制温度计，若要使此温度计对温度的反应更加灵敏，应使用更 　细　 （选填“粗”或“细”）管子，理由 　在体积相等的情况下，横截面积越小，高度越大，即分度值间的间距越大，即反应越灵敏　 。 【分析】自制温度计的实验原理基于液体的热胀冷缩特性。 【解答】解：如图所示的自制温度计，若要使此温度计对温度的反应更加灵敏，应使用更细管子，理由在体积相等的情况下，横截面积越小，高度越大，即分度值间的间距越大，反应越灵敏。 故答案为：细；在体积相等的情况下，横截面积越小，高度越大，即分度值间的间距越大，即反应越灵敏。 18．（4分）如图所示，某同学将磁化后的缝衣针放在水中漂浮的一片树叶上，多次将树叶轻轻旋转，待其静止后发现针尖总是指向南方。针尖相当于磁体的　S　 （选填“N”或“S”）极，缝衣针有这样的指向性，是因为地球周围存在　磁场　 。 【分析】磁场的N极在地理的南极附近，磁场的S极在地理的北极附近。 指南针指示南北是因为受到地磁场的作用。指南针指南的那一端是它的S极。 【解答】解：地球是一个大的磁体，磁场的N极在地理的南极附近，磁场的S极在地理的北极附近。磁化后的缝衣针具有磁性，类似指南针，树叶尖端指向地磁北极，地理的南极，待其静止后发现针的尖端总是指向南方，则缝衣针尖端是水罗盘的南极，故针尖相当于磁针的南极；地球周围存在着磁场，磁针有这样的指向性，是因为它受到磁场的作用。 故答案为：S；磁场。 19．（4分）如图所示的ETC（电子不停车收费系统）是先进的路桥收费方式。ETC电子标签上有太阳能电池板，可以给电子标签的内置电池进行充电。太阳能属于 　可再生　 （选填“可再生”或“不可再生”）能源；在充电过程中电池相当于 　用电器　 （选填“电源”或“用电器”）。 【分析】（1）从是否可再生角度划分： 可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。 不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能。 （2）电池在充电过程中相当于用电器。 【解答】解：太阳能属于可再生能源；在充电过程中电池相当于用电器。 故答案为：可再生；用电器。 20．（3分）如图，物体A放在斜面上处于静止状态，在图中画出A所受重力、斜面的支持力和摩擦力三个力的示意图。（作用点都画在物体的重心上） 【分析】先对物体进行受力分析，明确各个力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。 【解答】解：物体A静止在斜面上，受到竖直向下的重力、沿斜面向上的摩擦力和垂直于斜面向上的支持力，三力的作用点都画在物体的重心，如图所示： 21．（3分）“安全”是设计机械设备时首先要考虑的因素。某工厂为了避免操作工裁剪纸时手指受到伤害，设计了一种新型裁纸机器，工人操作裁纸机时必须将两只手同时分别按住左、右开关，裁纸机（用M表示）才能正常工作。请在图中虚线框内设计出符合要求的电路图。 【分析】两个开关是串联的，只有当它们都闭合时（即两只手同时按住开关），电路才会导通，机器才能工作。 【解答】解：由题意知只有当两只手同时分别按住左、右开关时，机器才能正常工作，说明两个开关是串联的，只有当它们都闭合时（即两只手同时按住开关），电路才会导通，机器才能工，如下图所示： 。 22．（3分）小明家的电热水壶功率是1500W，烧开一壶水所用的时间是5min，请问烧一壶水消耗多少电能？ 【分析】利用P可求出消耗的电能。 【解答】解：利用P可得消耗的电能： W＝Pt＝1500W×5×60s＝4.5×105J。 答：烧一壶水消耗4.5×105J 的电能。 23．（8分）某质量为1200kg的汽车以72km/h的速度在葫芦岛滨海公路上匀速行驶20km，消耗汽油2kg，该汽油机的效率为30%。已知：汽油的热值q＝4.5×107J/kg，g＝10N/kg，求： （1）当汽车水平静止在滨海公路时，车轮与地面的总接触面积为0.8m2，它对地面的压强p； （2）这段行驶距离内发动机做的有用功W有； （3）这段距离内汽车受到的阻力f。 【分析】（1）当汽车水平静止在滨海公路时，对地面的压力等于自身的重力，根据p求出汽车对地面的压强； （2）根据Q放＝mq求出汽油完全燃烧放出的热量，利用η求出这段行驶距离内发动机做的有用功； （3）根据W＝Fs求出牵引力，利用二力平衡求出汽车受到的阻力。 【解答】解：（1）当汽车水平静止在滨海公路时，对地面的压力等于自身的重力，即F压＝G＝mg＝1200kg×10N/kg＝12000N，则汽车对地面的压强为： p1.5×104Pa； （2）汽油完全燃烧放出的热量为： Q放＝mq＝2kg×4.5×107J/kg＝9×107J； 这段行驶距离内发动机做的有用功为： W有＝ηQ放＝30%×9×107J＝2.7×107J； （3）这段距离内汽车受到的牵引力为： F1350N， 因汽车匀速行驶，f＝F＝1350N。 答：（1）当汽车水平静止在滨海公路时，车轮与地面的总接触面积为0.8m2，它对地面的压强为1.5×104Pa； （2）这段行驶距离内发动机做的有用功为2.7×107J； （3）这段距离内汽车受到的阻力为1350N。 24．（7分）如图1是某品牌国产电热茶吧机，图2是其内部简化电路图，它有加热和保温两个挡位，工作电压为220V，R1和R2均为加热元件，R2的阻值为110Ω，保温挡电功率为440W。求： （1）茶吧机处于加热挡时，两开关的开闭情况； （2）电阻R1的阻值和加热挡的电功率； （3）某次茶吧机工作时电功率随时间变化的图像如图3所示，此过程中茶吧机产生的热量。 【分析】（1）由图2可知，开关S1闭合，S2接“1、2”时，电路断开；S2接“2、3”时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻较大；S2接“3、4”时，R1与R2并联，电路的总电阻较小，根据P判断茶吧机的工作挡位； （2）根据P求电阻R1的阻值；并联电路各支路两端的电压相等，根据P可得加热挡的电功率； （3）由图3可知，此过程中茶吧机的加热时间和保温时间，根据Q＝W＝Pt求此过程中茶吧机产生的热量。 【解答】解：（1）由图2可知，开关S1闭合，S2接“1、2”时，电路断开；S2接“2、3”时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻较大；S2接“3、4”时，R1与R2并联，电路的总电阻较小。电源电压一定，根据P可知， 开关S1闭合，S2接“2、3”时，电路消耗的电功率较小，茶吧机处于保温挡； 开关S1闭合，S2接“3、4”时，电路消耗的电功率较大，茶吧机处于加热挡； （2）根据P可得，电阻R1的阻值：R1110Ω； 并联电路各支路两端的电压相等，且R1、R2的阻值相等，根据P可知， 加热挡下，R2消耗电功率与R1消耗的电功率相等，均为440W， 故加热挡的电功率：P加＝P1+P2＝440W+440W＝880W； （3）由图3可知，此过程中茶吧机的加热时间为t加＝30min＝1800s，保温时间为t保＝15min＝900s， 此过程中茶吧机产生的热量：Q＝W＝P加t加+P保t保＝880W×1800s+440W×900s＝1.98×106J。 答：（1）茶吧机处于加热挡时，开关S1闭合，S2接“3、4”； （2）电阻R1的阻值为110Ω，加热挡的电功率为880W； （3）此过程中茶吧机产生的热量为1.98×106J。 25．（6分）用“水透镜”探究近视眼的形成原因： （1）如图1所示，用注射器向“水透镜”的薄膜中缓慢注水，使薄膜略微凸起。 （2）将“水透镜”置于图2中光具座的　B　 （选填“A”“B”或“C”）滑块上，点燃蜡烛，调节“水透镜”和光屏的高度，使它们的中心跟烛焰的中心大致在　同一高度　 上。 （3）移动蜡烛，当物距为30.0cm时，调节光屏的位置，直至呈现烛焰清晰的像并记录像距。 （4）保持　物距　 不变，继续向“水透镜”中注入适量的水，增加“水透镜”的凸起程度，调节光屏的位置，直至呈现烛焰清晰的像并记录像距。 （5）把实验中收集的数据和观察的现象填入表中。 序号 物距/cm “水透镜”的凸起程度 像距/cm 1 30.0 较小 17.4 2 30.0 较大 9.2 【解释】 依据表中信息，在物距不变的情况下，增加“水透镜”的凸起程度，像距变　小　 ，并且观察到成像变　近　 （选填远/近）。 （6）本实验中用　水透镜　 模拟眼睛的晶状体，用　光屏　 模拟眼睛的视网膜。 （7）经多次实验后，结合所学知识分析，当近视眼观察远处的景物时，由于晶状体的凸起程度较　大　 ，折光能力变强，远处景物成像会成在视网膜的　前　 方，导致看不清楚，应佩戴　凹透　 镜，来矫正近视眼。 【分析】（2）安装实验器材时，应该让透镜位于中间位置，蜡烛和光屏位于两侧；为了使像成在光屏中央，应调节烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度上； （4）根据控制变量思想，保持物距不变； （5）根据表中数据分析； （6）本实验中水透镜相当于眼睛的晶状体，光屏相当于视网膜； （7）近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，使远处物体射来的光线会聚在视网膜的前方。用“水透镜”探究近视眼的形成原因。 近视眼需要配到凹透镜进行矫正。 【解答】解：（2）水透镜应置于光具座的B滑块上。因为在探究凸透镜成像规律实验中，凸透镜应放在蜡烛和光屏之间，这样才能使蜡烛的像成在光屏上，所以水透镜应放在中间的滑块B上，为了使像成在光屏中央，调节“水透镜”和光屏的高度，使它们的中心跟烛焰的中心大致在同一高度上。 （4）保持物距（或蜡烛到水透镜的距离）不变，继续向“水透镜”中注入适量的水，增加“水透镜”的凸起程度，调节光屏的位置，直至呈现烛焰清晰的像并记录像距； （5）应保持物距不变，因为要探究水透镜凸起程度对成像的影响，需要控制物距这个变量不变，只改变水透镜的凸起程度，来观察像距和成像位置的变化。解释：在物距不变的情况下，增加“水透镜”的凸起程度，像距变小。 （6）本实验中用水透镜模拟眼睛的晶状体，用光屏模拟眼睛的视网膜。 （7）当近视眼观察远处的景物时，由于晶状体的凸起程度较大，折光能力变强，远处景物成像会成在视网膜的前方，导致看不清楚，需要佩戴有发散作用的凹透镜进行矫正。 故答案为：（2）B；同一高度；（4）物距；（5）小；近；（6）水透镜；光屏；（7）大；前；凹透。 26．（5分）在“探究杠杆的平衡条件”实验中，小明使用可绕O点自由转动、刻度均匀的杠杆，以及多个重为0.5N的钩码进行了以下操作： （1）不挂钩码时，杠杆在图甲所示的位置静止。小明将杠杆左边的螺母调至最左端，发现杠杆右侧还略向下倾斜，此时小明应向　左　 （选填“左”或“右”）调节杠杆右边的螺母，使杠杆水平并静止，达到平衡状态。 （2）给杠杆两侧挂上不同数量的钩码，设右侧钩码对杠杆施的力为动力F1，左侧钩码对杠杆施的力为阻力F2；测出杠杆水平平衡时的动力臂l1和阻力臂l2；多次实验并把数据填入下表。 实验次数 动力F1/N 动力臂l1/m 阻力F2/N 阻力臂l2/m 1 0.5 0.2 1.0 0.1 2 1.0 0.15 1.5 0.1 3 0.1 3.0 2.0 0.15 4 2.0 0.15 1.5 0.2 … 小明分析表格中的数据发现，第　3　 次实验数据有误，剔除这一组数据后，初步得出杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂。 （3）第4次实验结束后，小明撤去右侧钩码，改用弹簧测力计继续实验。如图乙所示，他在左侧A点悬挂三个钩码，再用弹簧测力计（未画出）在B点拉杠杆。杠杆重新在水平位置平衡时，弹簧测力计的示数可能为　②③④　 （选填序号）。 ①2.0N ②2.5N ③3.0N ④3.5N （4）筷子是中国传统餐具，体现了我国古代劳动人民的智慧。用筷子夹东西时，所属的杠杆类型与第　4　 次实验时的杠杆类型相同。 （5）小明选用质量分布均匀但两端粗细不同的筷子玩“托筷子”游戏时，用一根筷子把另一根筷子MN水平托起来，图丙为筷子稳定时的俯视图，筷子MN的重心在O′点，此时　O′N　 （选填“MO′”或“O′N”）段更重一些。 【分析】（1）杠杆右侧还略向下倾斜，向左调节杠杆右边的螺母； （2）根据表格数据可知，钩码的重力均为0.5N，据此判断第几次实验数据有误； （3）根据杠杆的平衡条件可求最小的拉力； 当拉力不在竖直方向时，拉力的力臂变短，根据杠杆平衡条件分析拉力变化； （4）动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆； （5）由图可知，根据F1l1＝F2l2可判断哪段更重一些。 【解答】解：（1）不挂钩码时，杠杆在图甲所示的位置静止。小明将杠杆左边的螺母调至最左端，发现杠杆右侧还略向下倾斜，此时小明应继续向左调节杠杆右边的螺母，使杠杆水平并静止，达到平衡状态； （2）根据表格数据可知，钩码的重力均为0.5N，而第三次的动力大小为0.1N，故第3次实验数据有误； （3）当拉力的方向为竖直向上方向时，拉力的力臂最大，拉力的大小最小，为 ， 当拉力不在竖直方向时，拉力的力臂变短，拉力将变大，故②③④符合题意，①不符合题意。 故选②③④； （4）筷子是中国传统餐具，体现了我国古代劳动人民的智慧。用筷子夹东西时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，根据表格数据可知，第4次实验中，动力臂小于阻力臂，故所属的杠杆类型与第4次实验时的杠杆类型相同； （5）由图可知，MO′比O′N更长，MO′侧重心的位置更远，O′N侧重心的位置更近，则根据F1l1＝F2l2可知，O′N段更重一些。 故答案为：（1）左；（2）3；（3）②③④；（4）4；（5）O′N。 27．（9分）实验小组在“测量小灯泡正常发光时的电阻”实验中，实验器材：两节新干电池、电流表、电压表、滑动变阻器、额定电压为2.5V的待测小灯泡（正常发光时的电阻约为10Ω）、开关和若干导线。 （1）请用笔画线代替导线将图﹣1所示的电路连接完整，导线不能交叉。 （2）正确连接好电路后，闭合开关S，发现小灯泡不亮，电流表和电压表均有示数，则出现这种情况可能的原因是 　滑动变阻器接入的电阻太大，小灯泡的实际功率太小　 。 （3）问题解决后，移动滑片至电压表的示数为2.5V时，此时电流表的示数如图﹣2所示，为 　0.3　 A；则小灯泡的额定功率为 　0.75　 W，小灯泡正常发光时的电阻为 　8.3　 Ω（结果保留一位小数）。 （4）在实验拓展环节，用两只电流表和一个阻值为R0的定值电阻测量额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻，设计的实验电路如图﹣3所示，实验步骤如下： ①闭合开关S，调节滑片P，使电流表A1的示数，此时小灯泡正常发光，读出电流表A2的示数为I2； ②小灯泡正常发光时的电阻值的表达式：RL＝ 　　 （用I1、I2、R0表示）。 【分析】（1）测量小灯泡正常发光时的电阻，电压表并联在小灯泡两端，根据电源由两节新干电池组成，选择量程，电流表串联在电路中，由小灯泡的额定电压和电阻的大约值，可知电路中的最大电流，确定电流表所选量程； （2）正确连接好电路后，闭合开关S，小灯泡不亮，电流表和电压表均有示数，说明电路通路，可知小灯泡的实际功率太小； （3）小灯泡正常发光时电流表的示数图﹣2，电流表的量程已知，分度值可知，可读取电流表的示数；小灯泡的额定功率P额＝IU额，小灯泡正常发光时的电阻由欧姆定律求出； （4）闭合开关S，调节滑片P，电流表A1的示数为，此时小灯泡正常发光，电流表A2的示数为I2，由并联电路中电流规律，可知小灯泡通过的电流，由欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻。 【解答】解：（1）测量小灯泡正常发光时的电阻，电压表并联在小灯泡两端，根据电源是由两节新干电池组成，选择量程，电流表串联在电路中，由小灯泡的额定电压和电阻的大约值，可知电路中的最大电流，确定电流表所选量程，连接电路实物图如下： （2）正确连接好电路后，闭合开关S，小灯泡不亮，电流表和电压表均有示数，说明电路通路，可知，滑动变阻器接入的电阻太大，小灯泡的实际功率太小； （3）小灯泡正常发光时电流表的示数图﹣2，电流表的量程0﹣0.6A，分度值是0.02A，电流表的示数I＝0.3A； 小灯泡的额定功率P额＝IU额＝0.3A×2.5V＝0.75W； 小灯泡正常发光时的电阻； （4）由题意可知，小灯泡正常发光时的电流IL＝I2﹣I1， 小灯泡正常发光时的电阻。 故答案为：（1）见解答；（2）滑动变阻器计入的电阻太大，小灯泡的实际功率太小；（3）0.3；0.75；8.3；。 考点分析 1．运动和静止的相对性 【知识点认识】 1．选取的参照物不同，物体的运动情况就不同，所以物体的运动和静止是相对的。 2．相对静止：若两个物体以同样快慢、向同一方向运动，则它们是相对静止的关系。 （1）卡车和联合收割机：以地面为参照物，二者都是运动的；以卡车为参照物，收割机是静止的；以收割机为参照物，卡车是静止的。 （2）空中加油机和受油机：以地面为参照物，二者都是运动的；以加油机为参照物，受油机是静止的；以受油机为参照物，加油机也是静止的。 【命题方向】 所选参照物与运动状态之间的关系． 例：甲、乙两同学以相同的速度同向骑行在滨河大道上，分别以乙同学、大道两旁的房屋为参照物，甲同学的状态（　　） A.都是运动的 B.都是静止的 C.运动、静止 D.静止、运动 分析：物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。 解析：解：甲、乙两同学以相同的速度同向运动，以乙同学为参照物，甲同学和乙同学的位置没有发生变化，甲同学是静止的； 以道路两旁的房屋为参照物，甲同学的位置发生变化，甲同学是运动的。 故选：D。 点评：一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相对性。 【解题方法点拨】 运动和静止的相对性意味着物体的运动状态取决于所选参照物，不同的参照物可能导致不同的描述。 2．重力的示意图 【知识点的认识】 力的图示和力的示意图都反映了力的三要素，力的图示精确，力的示意图简约．由于重力的方向是竖直向下的，也就是与水平面垂直，所以在画图时，或是找到竖直方向，或是找到水平方向都可以．但不少要求画出重力示意图的习题常有干扰因素出现，致使学生容易产生误解． 【命题方向】 画重力的图示和示意图是中考经常考查的知识点． 例：作图题。 手拉质量为0.4kg的小球在光滑水平桌面上做圆周运动，请在图中画出小球所受重力的示意图。 分析：先利用G＝mg求小球的重力，根据重力的作用点在重心，重力的方向竖直向下来作图 解析：解：小球的重力G＝mg＝0.4kg×10N/kg＝4N，重力的作用点在重心，重力的方向竖直向下。小球所受重力的示意图，如图所示： 点评：本题考查了重力的计算、力的示意图的画法，属于基础题目。 【解题方法点拨】 总之，无论是画重力的图示还是示意图，最重要的是要找准重心和增大其方向都是竖直向下的，我们不要被题意中的其他因素所误导． 3．惯性大小的影响因素 【知识点的认识】 同一个物体不论是静止还是运动、运动快还是运动慢，不论受力还是不受力，都具有惯性，而且惯性大小是不变的。惯性只与物体的质量有关，质量大的物体惯性大，而与物体的运动状态无关。 【命题方向】 考查对惯性现象的分析和惯性大小影响因素的认识。 例：看到如图的漫画，小明想：为什么容易阻止鼠的运动，却难以阻止牛的运动呢？对比，他提出以下几种看法，你认为这些看法中正确的是（　　） A.鼠的惯性小，因为它的速度慢 B.鼠没有惯性，因为它的质量小 C.牛的惯性大，因为它的速度大 D.牛的惯性大，因为它的质量大 分析：一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关。 解析：解：惯性的大小与物体的质量有关，物体的质量越大、惯性越大，其运动状态越难改变，因此，我们容易阻止鼠的运动，却难以阻止牛的运动，故ABC错误，D正确。 故选：D。 点评：本题主要考查了对惯性现象的分析和惯性大小影响因素的认识，属基础题。 【解题方法点拨】 掌握影响惯性大小的因素是质量，与运动状态无关。 4．平衡力的判断 【知识点的认识】 （1）平衡状态：物理学中，物体处于静止或匀速直线运动状态，我们就称物体处于平衡状态 （2）平衡力：如果一个物体在几个力的作用下处于平衡状态，物体受到的力就是平衡力.平衡力包括二力平衡和多力平衡，其中二力平衡是最简单的平衡状态 【命题方向】 考查平衡力与平衡状态的概念，以及平衡力与平衡状态的判断。 例：下列情况中，物体所受到的力为平衡力的是（　　） A.在空中摇摆的吊灯 B.绕地球做匀速圆周运动的人造卫星 C.正在制动刹车的汽车 D.平直轨道上匀速行驶的列车 分析：静止或匀速直线运动状态的物体处于平衡状态，受平衡力。 解析：解：A．在空中摇摆的吊灯，运动方向不断变化，处于非平衡状态，不受平衡力作用，故A不正确； B．绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，运动方向不断变化，处于非平衡状态，不受平衡力作用，故B不正确； C．正在制动刹车的汽车，速度的大小不断减小，不受平衡力作用，故C不正确； D．平直轨道上匀速行驶的列车，速度的大小、方向不变，处于平衡状态，受平衡力作用，故D正确。 故选：D。点评：物体受平衡力时处于平衡状态，处于平衡状态时受平衡力作用。 【解题方法点拨】 静止或匀速直线运动状态是平衡状态，平衡状态下受到的是平衡力，平衡力的作用下，物体处于平衡状态。 5．力的合成与应用 【知识点的认识】 （1）如果一个力作用在物体上产生的效果跟几个力共同作用在物体上产生的效果相同，这个力就叫做那几个力的合力，而那几个力就叫做这个力的分力。求几个力的合力叫做力的合成。 （2）同一直线上二力的合成：同一直线上同方向二力的合力，大小等于二力大小之和，方向与这两个力方向相同，即：F＝F1+F2；同一直线上相反的二力的合力，大小等于二力大小之差的绝对值，方向和较大的力的方向相同，即F＝|F1﹣F2|。 【命题方向】 合力的方向与谁的方向相同，此处用到的物理学方法﹣﹣﹣等效替代法是命题的关键。 例：如图所示，放在水平桌面上的木块B通过水平细线、伸出桌面的滑轮与物块A相连。GA＝10N，GB＝20N时，木块B恰好向右匀速直线运动，下列分析正确的是（　　） A.图中的滑轮是动滑轮 B.木块B受到的滑动摩擦力大小为10N C.木块B受到的合力大小为10N D.物块A受到的合力大小为10N 分析：（1）根据动滑轮的定义分析； （2）根据二力平衡条件分析解答； （3）平衡力的合力为0。解析：解：A、图中的滑轮轴固定不动，是定滑轮，故A错误； B、由于定滑轮不能改变力的大小，故A对B的拉力等于A的重力，为10N，B匀速直线运动，受力平衡，拉力与摩擦力平衡，故摩擦力为10N，故B正确； CD、AB都是匀速直线运动，受力平衡，平衡力的合力为0，故AB受到的合力都是0，故CD错误。 故选：B。 点评：本题考查滑轮的分类、二力平衡条件的应用与合力的计算，属于中档题。 【解题方法点拨】 利用好两个力的合力的范围是：|F1﹣F2|≤F≤F1+F2解题。 6．摩擦力的产生条件 【知识点的认识】 摩擦力的产生需要满足三个条件： （1）两物体相互接触 （2）接触面粗糙 （3）两物体发生相对运动或相对运动趋势 【命题方向】 主要是判断这个物体受没受摩擦力，是什么摩擦力。 例：下列说法中，正确的是（　　） A.相互挤紧的粗糙物体之间总有摩擦力 B.一个物体在另一个物体表面滑动时，不一定受到摩擦力 C.发生相对运动的两物体，一定存在摩擦力 D.静止的物体不可能受到摩擦力 分析：两个物体相互接触后，若有一个运动的趋势，在接触面上就会产生一个与物体运动趋势相反的力的作用，该力就是摩擦力；摩擦力可以分为静摩擦力和动摩擦力。 解析：解：A、相互挤紧的粗糙物体之间若没有运动的趋势，也可能它们之间没有摩擦力，故A错误； B、若两个物体间接触面是光滑的，即使这两个物体相互接触，有相对运动，它们之间也是没有摩擦力的，故B正确； C、具有相对运动的两个物体，不一定是相互接触，比如两辆汽车相对运动，它们之间就没有摩擦力，故C错误； D、对于静止的物体，若和另一个物体接触，且有相对运动的趋势时，它们之间也可能有摩擦力，如用力推桌子但没有推动，桌子和地面之间也存在摩擦力，故D错误； 故选：B。 点评：知道摩擦力的定义和产生条件是解决该题的关键。 【解题方法点拨】 这三个条件必须同时满足才能产生摩擦力。摩擦力可以是静摩擦力或滑动摩擦力，具体类型取决于物体的运动状态。静摩擦力发生在物体有相对运动的趋势但实际并未运动时，而滑动摩擦力则发生在物体实际发生相对运动时 7．摩擦力的示意图 【知识点的认识】 力的示意图的作法： ①在物体上找到力的作用点（用实心点表示）． ②过力的作用点沿力的方向画一段带箭头的线段，箭头的方向表示力的方向． ③在图上标示力的符号及大小． 摩擦力的示意图的作法：重点是判断摩擦力的方向． 【命题方向】 中考时一般考查以下情况：（1）是物体在粗糙平面上受一个水平拉力，这样的话摩擦力就和物体的相对运动方向相反． （2）是物体在粗糙平面上受一个不为水平方向的拉力，（可能斜向上或斜向下）． （3）是物体在斜面上受力的问题，物体在斜面上静止必然受到摩擦力，静摩擦力的方向和物理的相对运动方向相反． （4）是传送带上摩擦力问题，这种题目通常以 一个物体无初速度放在一个速度是v的传送带上的情景出现，因为物体刚开始做匀加速直线运动，它的动力即摩擦力来提供．当然还有先计算它在到达传送带另一端的时候是否已经加速到了传送带的速度． 例：如图所示，物体A静止在斜面上，请画出斜面所受压力F及A所受摩擦力f的示意图。 分析：画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。 解析：解：静止在斜面上的物体具有沿斜面向下的运动趋势，因此受到沿斜面向上的摩擦力，作用点在物体的重心上； 物体对斜面的压力F的作用点在物体与斜面接触面的中点处，过此点与斜面垂直向下的力，即为压力，如下图： 点评：（1）本题考查了力的示意图的画法，力的示意图要表示出力的作用点和力的方向，摩擦力的方向与运动趋势相反； （2）注意题中摩擦力的受力物体都是物体，压力的受力物体是斜面，因此这两个力的作用点不能都画在物体上。 【解题方法点拨】 通过摩擦力的知识来判断摩擦力的方向，找到作用点，把力的三要素画出即可． 8．根据重力公式计算压力大小 【知识点的认识】 压力计算公式是： （1）F＝G（压力与重力平衡） （2）F＝F′（压力与外力平衡） 【命题方向】 运用平衡状态分析压力等于重力，考查求压力的大小。 例：平凡但却无比伟大的人﹣﹣袁隆平。金秋九月，黄海之滨，一片生长在咸水中的特殊水稻已稻穗累累、压弯枝头。这是中国工程院院士、“杂交水稻之父”袁隆平领衔的技术团队培育出的最新一批“海水稻”。（g＝10N/kg） （1）样品海水稻重2N，它的质量是多少？ （2）质量为60kg的袁隆平站立时对水平地面的压力是多少？分析：（1）已知样品海水稻重力，利用G＝mg可求得其质量； （2）人行走或正常站立时对水平地面的压力等于人的重力。解析：解：（1）由G＝mg可得样品海水稻质量： m0.2kg； （2）人不管是站立还是行走，对地面的压力等于人自身的重力： F＝G＝mg＝60kg×10N/kg＝600N， 答：（1）样品海水稻重2N，它的质量是0.2kg； （2）质量为60kg的袁隆平站立时对水平地面的压力为600N。 点评：此题主要考查重力的计算，要知道在水平面上对地面的压力等于人的重力是解答（2）的关键。 【解题方法点拨】 注意观察物体的平衡状态，在水平面上对地面的压力等于重力。 9．压强的公式的应用 【知识点的认识】 计算公式：P，（适用范围：这是压强的定义式，适用于所有物体间的压强计算，无论气体、固体、液体） 【命题方向】 压强的计算，主要是运用公式及其变形解决有关问题，另外，压强的计算常常与密度公式，重力公式相联系，体现了知识的综合性，所以常成为中考的热点。 例：我国研发的四轮长航程极地漫游机器人，科考队在附近遇控机器人。若机器人质量为500kg，履带与地面的总接触面积为400cm2。求： （1）机器人对水平冰面的压力； （2）若南极某处冰面能承受的压强为2×105Pa，该机器人能顺利通过该冰面吗？ 分析：（1）已知机器人的质量，利用G＝mg求其重力，机器人对冰面的压力等于本身的重力； （2）知道履带与冰面的接触总面积（受力面积），利用p求机器人对冰面的压强，与冰面能承受的最大压强比较可知能否通过该冰面。 解析：解：（1）机器人的重力为：G＝mg＝500kg×10N/kg＝5000N， 机器人对冰面的压力等于机器人的重力，即F＝G＝5000N； （2）机器人对冰面的受压面积S＝400cm2＝0.04m2， 则机器人对冰面的压强为：p1.25×105Pa＜2×105Pa，机器人可以顺利通过该冰面。 答：（1）机器人对水平冰面的压力是5000N； （2）该机器人可以顺利通过冰面。 点评：本题考查了重力公式、压强公式的应用，关键是知道物体对冰面的压力等于物体重力。 【解题方法点拨】 压强的计算，需要确定压力、面积．要注意面积的计算与单位，其中压力的确定是难点．正确判断物体间的压力，进行受力分析是关键；物体间接触部分的面积，一般与较小的物体面积相同． 10．增大压强 【知识点的认识】 利用公式：p来分析增大压强方法： （1）压力一定，减小受力面积； （2）受力面积一定，增大压力； （3）同时增大压力，减小受力面积． 应用：①速滑运动员的冰鞋装有冰刀；②投向靶盘的飞镖；③用力刹车． 【命题方向】 生活中那些是增大和减小压强的现象，是命题方向。 例：下列现象中，属于增大压强的是（　　） ①载重量大的汽车装有许多车轮；②压路机上碾子的质量很大； ③短道速滑运动员的冰鞋上装有冰刀；④房屋建在承受面积更大的地基上。 A.①② B.②③ C.③④ D.①④ 分析：增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积增大压强；在受力面积一定时，增大压力增大压强。 解：①汽车装有许多车轮，是在压力一定时，增大受力面积，减小压强。 ②压路机上碾子的质量很大是在受力面积一定时，增大压力，增大压强。 ③短道速滑运动员的冰鞋上装有冰刀，是在压力一定时，减小受力面积，增大压强。 ④房屋建在承受面积更大的地基上，是在压力一定时，增大受力面积，减小压强。 故选：B。 点评：（1）压强大小的影响因素。（2）增大、减小压强的方法。 【解题方法点拨】 要知道压强大小的影响因素，会解释生活中有关增大和减小压强的现象 11．液体压强与深度的关系 【知识点的认识】 （1）在同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大。 （2）在同一深度，不同液体密度越大液体该处压强越大。 （3）液体内部的压强只与液体的密度、液体深度有关，而与容器的形状、底面积、液体的体积、液体的总重无关。 【命题方向】 考查影响液体压强大小的因素。 例：为什么深水潜水员必须穿行坚固耐压的潜水服？ 分析：由于液体受到重力作用，且具有流动性，所以液体对容器底和容器侧壁有压强，液体内部向各个方向都有压强；液体的压强随深度增加而增大；在同一深度处液体向各个方向的压强相等；不同液体的压强还跟密度有关。 解析：答：处于液体内部的物体的所有表面都要受到液体的压强，压强大小与深度有关，越深处压强越大，深水潜水员在潜水时要受到比在水面上大许多倍的压强，如果不穿坚固耐压的潜水服，潜水员是承受不了那么大压强，会有生命危险，所以必须穿上高强度耐压的潜水服才行。 点评：本题的解题关键是知道液体的压强随深度的增加而增大。 【解题方法点拨】 记忆性的知识点，要熟记． 12．液体压强的公式及计算 【知识点的认识】 1、计算液体压强的公式是p＝ρgh．可见，液体压强的大小只取决于液体的种类（即密度ρ）和深度h，而和液体的质量、体积没有直接的关系。运用液体压强的公式计算时，必须注意相关知识理解，以免造成干扰。确定深度时要注意是指液体与大气（不是与容器）的接触面向下到某处的竖直距离，不是指从容器底部向上的距离（那叫“高度”）。 2、液体压强中隐含“密度不同”的有关计算： 由液体的压强公式p＝ρgh可知，液体的压强大小取决于液体的密度和深度，深度的不同比较直观，一眼可以看到，而密度不同需引起注意，有时直接给出物质不同，密度不同，有时则隐含着密度不同，需要自己发现。 3、液体对容器底的压强、压力与容器对支持面的压强、压力的计算方法： 液体对容器底的压强和压力与容器对支持面的压强和压力不是一同事。 （1）液体内部压强是由液体的重力产生的，但液体对容器底的压力并不一定等于液体的重力，而等于底面积所受的压强乘以受力面积，因此，处理液体内部问题时，先求压强再算压力。 （2）容器对支持面的压力和压强，可视为固体问题 处理，先分析压力大小，再根据p计算压强大小。 【命题方向】 液体压强的计算，题型常见的有填空、选择、计算及探究题。 例：面积为1m2的水平桌面正中央放着一个平底鱼缸，内外底面积均为100cm2；缸内有3kg的水和一条100g的鱼，水的深度为20cm，忽略鱼缸厚度和质量，求： （1）水对鱼缸底的压强； （2）水对鱼缸底产生的压力； （3）鱼缸对桌面产生的压强。 分析：（1）根据p＝ρgh求水对鱼缸底的压强； （2）根据p求出水对鱼缸底产生的压力； （3）根据G＝mg求鱼和水的重力，鱼缸对水平桌面的压力大小等于鱼缸、水和鱼的总重力，根据p求出鱼缸对桌面产生的压强。 解析：解：（1）水对鱼缸底的压强：p＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.2m＝2×103Pa； （2）鱼缸的底面积S＝100cm2＝0.01m2， 则水对缸底产生的压力：F＝pS＝2×103Pa×0.01m2＝20N； （3）鱼的重力：G鱼＝m鱼g＝0.1kg×10N/kg＝1N， 水的重力：G水＝m水g＝3kg×10N/kg＝30N， 鱼缸对桌面的压力：F'＝G总＝1N+30N＝31N， 鱼缸对桌面产生的压强：p'3100Pa。 答：（1）水对鱼缸底的压强为2×103Pa； （2）水对鱼缸底产生的压力为20N； （3）鱼缸对桌面产生的压强为3100Pa。 点评：本题考查了液体压强和固体压强的计算方法，同时出现固、液体压力压强，要注意先后顺序：液体，先计算压强（p＝ρgh），后计算压力（F＝pS）；固体，先计算压力（在水平面上F＝G），后计算压强（p）。 【解题方法点拨】 （1）液体的压强与液体的深度和密度有关，因此计算时关键找到“液体”的深度和密度。当容器是柱形容器时，液体对容器底部压力等于液体重力时，先判断压力等于重力后利用p＝F/S求压强。 （2）液体的压强公式，对于固体来说，不能直接应用此公式，但对于长方体、正方体、圆柱体等规则形状的物体来说，经过推导以后可以使用。 （3）找出题目中隐含条件是解本题的关键。 （4）一些题按常规方法比较，很复杂。重要是抓住问题的关键：容器内液体体积不变。结合图形分析、比较，得出结论。 13．液体对容器底的压力与液体自身重力的关系 【知识点的认识】 液体对容器底的压力与液体自身重力的关系 （1）规则形状容器（横截面积相同，如圆柱体、长方体容器，此类容器我们做题时最常见）液体对容器底压力F等于液体重力G液 （2）上粗下细容器液体对容器底压力F小于液体重力G液 （3）上细下粗容器液体对容器底压力F大于液体重力G液 【命题方向】 考查液体对容器底的压力与液体自身重力的关系，常以比较压力、压强大小的方式考查。 例：如图所示，形状不同、底面积和重力相等的A、B、C三个容器放在水平桌面上，容器内分别装有质量相等的不同液体，下列说法正确的是（　　） A.A容器对桌面的压强最大，C容器对桌面的压强最小 B.液体密度关系为：ρC＜ρB＜ρA C.B容器中液体对容器壁没有压力 D.液体对C容器底部的压强最大，对A容器底部的压强最小 分析：（1）A、B、C三个容器内液体不同、质量相等，根据密度公式和体积大小关系可判断其密度大小关系。 （2）A容器上宽下窄，液体对容器底部的压力大于自身的重力；B容器形状上下一样，液体对容器底部的压力等于自身的重力；C容器上窄下宽，液体对容器底部的压力小于自身的重力；底面积相等，根据公式p可求液体对容器底部的压强； （3）容器对桌面的压力等于容器的重力与液体的重力之和，根据公式p可求容器对桌面的压强。 解析：解：A、三个容器的重力相等，液体的质量相等，则重力相等，容器放在水平桌面上对水平桌面的压力相同，又底面积相等，根据公式p＝ 可知，三个容器对桌面的压强相等，故A错误； B、根据ρ可知，质量相等的不同物质，体积越大，密度越小，由图可知，VA＞VB＞VC，故ρA＜ρB＜ρC，故B错误； C、液体内部像各个方向都有压强，所以B容器中液体对容器壁有压力，故C错误； D、三个容器中，C中液体对容器底部的压力大于自身的重力；B中液体对容器底部的压力等于自身的重力；A中液体对容器底部的压力小于自身的重力；根据公式p可知，三个容器底面积相同，液体对C容器底部的压强最大，对B容器底部的压强次之，对A容器底部的压强最小，故D正确。 故选：D。 点评：本题主要考查形状不规则的容器中，液体对容器底部压力的大小比较，这是本题的难点，也是重点，还要知道在水平面上，物体对水平面的压力等于物体自身的重力。 【解题方法点拨】 注意抓住题干“质量相等”、“压强相等”等信息，以此为突破口。 14．大气压存在的现象 【知识点的认识】 大气压的存在现象： （1）覆杯实验：当在一个杯子中装满水，并用一张纸覆盖杯口后倒置，水不会流出，这是因为大气压力大于水的重力，使得纸紧紧贴在杯口上，证明了大气压的存在。‌ （2）鸡蛋进入瓶子：将一个去掉壳的煮熟鸡蛋放入一个广口瓶中，然后用酒精灯对瓶子外部进行加热，待瓶子内部空气受热膨胀后迅速冷却，使得瓶内气压降低，大气压力将鸡蛋压入瓶中。 （3）吸盘实验：将吸盘紧密贴合在平滑的表面上，然后尝试将其拉起，会发现需要较大的力，这是因为大气压力紧紧地将吸盘压在表面上，证明了大气压力的作用。 （4）吸饮料和吸盘式挂钩：当我们用吸管吸饮料时，或者使用吸盘式挂钩挂物品时，都是利用了大气压力的原理。吸管内部的气压降低，使得饮料在大气压力的作用下进入口中；吸盘式挂钩则是利用大气压力将吸盘紧紧压在表面上。‌ （5）气压计：通过测量大气压力来显示大气压力的大小，是研究和应用大气压力的重要工具之一。气压计的原理基于大气压力的变化可以反映高度、天气等因素的变化。‌ 【命题方向】 考查大气压在生活中的应用，以及对这些现象的分析。 例：日常生活中蕴含着丰富的物理知识。下列事例中能证明大气压存在的是（　　） A.用锋利的刀切腊肉 B.用注射器将药液注入肌肉里 C.高铁站台设有安全警戒线 D.拔火罐时火罐紧紧吸附在皮肤上 分析：大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。 解析：解：A、用锋利的刀切腊肉是在压力一定时，减小受力面积增大压强，故A不符合题意； B、药液在注射器活塞作用下被注射到肌肉里，与大气压无关，故B不符合题意； C、当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险，故C不符合题意； D、因为火罐内的气体体积一定，当火罐冷却后，罐内气体温度降低，所以压强减小，小于外界的大气压力，故在外界大气压力的作用下，火罐被“吸”在皮肤上，故D符合题意。 故选：D。 点评：本题考查了大气压的存在，属于基础题目。 【解题方法点拨】 解题时需要理解大气压的基本概念、‌分析物体在空气中所受到的压力和力的作用，‌以及了解大气压强产生的原因，‌从而解释和理解大气压存在的现象。‌ 15．流体压强与流速的关系 【知识点的认识】 液体和气体都具有流动性，统称为流体．如：空气、水等．流体流动时的压强称作流体压强．空气和水流动时有快有慢，流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大． 【命题方向】 联系生活实际用流体压强与流速的关系解释现象是命题方向，一般出现选择题、填空题或简答题． 例：下列事例中能够说明流体压强与流速关系的是（　　） A.拦河坝设计成下宽上窄 B.高压锅容易把食物煮熟 C.用漏斗向下吹气乒乓球不下落 D.飞机飞行时机翼受到升力 分析：（1）液体内部压强随着深度的增加而增大； （2）气压越大，沸点越高，气压越小，沸点越低； （3）流体流速越大的位置，压强越小。解析：解：A、液体内部压强随着深度的增加而增大，即越往下面，河水的压强越大，所以拦河坝设计成下宽上窄，故A错误； B、高压锅是利用了液体的沸点随压强的增大而增大的原理制成的，故B错误； C、用漏斗向下吹气，乒乓球上方空气流速变快，压强变小，下方空气流速慢，压强较小，产生向上的压强差，所以乒乓球不下落，故C正确； D、飞机的机翼呈现流线型，故飞机在运动时，其机翼上方的空气流速快，压强小，而机翼下方的空气流速慢，压强大，故机翼受到一个向上的压强，所以飞机能起飞，故D正确。 故选：CD。 点评：本题四个选项考查了多个方面的知识，此类选择题是中考题中最常见的，是能较全面的考查基础知识的综合题。 【解题方法点拨】 流体流速大的位置压强小，流速小的位置压强大。解这些题目的关键是明确哪个地方流速较其他地方快。 16．利用阿基米德原理测物体的密度 【知识点的认识】 计算液体的密度：利用阿基米德原理的变形公式ρ液可以求出液体的密度。这里 F浮是已知的浮力，V排是物体排开的液体体积，g 是重力加速度。 【命题方向】 考查阿基米德的变形公式。 例：如图所示，质量为300g的小球放入盛水的杯子中，静止后小球对杯子底部的压力为2N，则小球的体积为　1×10﹣4 m3；若将此小球放入某种液体中，浸没时排开液体重力为1.2N，则该液体的密度为　1.2×103 kg/m3。 分析：（1）根据G＝mg求小球的重力，根据力的平衡条件求出小球受到的浮力，根据阿基米德原理求出小球排开液体的体积，进而求出小球的体积； （2）根据阿基米德原理求出液体的密度。 解析：解：（1）小球的重力：G＝mg＝300×103kg×10N/kg＝3N， 由图可知，小球对杯子底部的压力与杯子对小球的支持力是一对相互作用力，因此小球受到的支持力为2N， 此时小球受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和支持力，处于静止状态， 由力的平衡条件可知，此时小球受到的浮力：F浮＝G﹣F支＝3N﹣2N＝1N， 由图可知，小球浸没在水中，由F浮＝ρ液gV排可知，小球的体积：V＝V排1×10﹣4m3； （2）由阿基米德原理可知，小球放入某种液体中，浸没时受到的浮力：F浮'＝G排液＝1.2N， 由F浮＝ρ液gV排可知，该液体的密度：ρ液1.2×103kg/m3。 故答案为：1×10﹣4；1.2×103。 点评：本题考查重力的计算、二力平衡条件和阿基米德原理的应用，是一道基础题。 【解题方法点拨】 ‌阿基米德原理的变形公式可以用来计算物体的‌密度和‌体积 17．功的简单计算 【知识点的认识】 功是中学物理中一个重要概念，功能关系是解决力学问题的重要途径之一．因此，正确理解功的内涵和外延，正确把握求功的方法是解决力学问题的基础． 1、公式法：对于恒力的功，通常利用功的定义式W＝FS进行计算． 2、功率法：功跟完成这些功所需时间的比值，叫做功率．对于一段时间内外力的功，有时可以直接利用W＝Pt求出功 【命题方向】 功的计算是中考命题的重点，一般以考查的题型较多，计算题是重点。 例：一名同学用20N的水平推力推重为100N的超市购物车，购物车由静止开始沿水平方向前进了5m，在这个过程中重力做功为　0　 J，推力做功为　100　 J。 分析：（1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离； （2）知道推力大小、购物车在推力方向上移动的距离，利用W＝Fs求推力做的功； 解析：解：购物车在水平地面上运动，在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功，即做功为0J。 推力做功为：W＝Fs＝20N×5m＝100J。 故答案为：0；100。 点评：本题考查了功的计算和做功的两个必要因素，属于基础题。 【解题方法点拨】 理解计算功的方法，尤其要把握好知识点，熟悉公式的变形求功，然后才能正确运用这些规律和原理进行分析或计算，并通过练习和运用达到对物理知识的进一步理解和掌握．初中物理关于功的计算公式有多个，它们之间有什么区别，如何正确运用是解题关键． 18．动能大小与速度的关系 【知识点的认识】 动能的大小与物体的质量和运动的速度有关：物体质量越大、速度越大，具有的动能越大。 【命题方向】 分析速度和质量的变化，来判断动能的变化。 例：2024年4月30日，神舟十七号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。返回舱在最后一程中要“刹车”着陆，即要减小返回舱下降速度，返回舱在减速下降过程中（　　） A.动能增大，重力势能减小 B.动能减小，机械能不变 C.动能增大，重力势能增大 D.动能减小，机械能减小 分析：动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。 重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。 动能和势能之和称为机械能。 解析：解：返回舱在减速下降过程中，质量不变，速度变小，动能减小，同时高度下降，重力势能减小，机械能等于动能和势能之和，所以，机械能减小。 故选：D。 点评：掌握动能、重力势能、机械能大小的影响因素是解决该题的关键。 【解题方法点拨】 解题的关键是判断物体速度和质量的变化。 19．重力势能大小与高度的关系 【知识点的认识】 重力势能的大小与物体的质量和高度有关；物体的质量越大，位置越高，它具有的重力势能就越大。 【命题方向】 分析高度和质量的变化，来判断重力势能的变化。 例：下列各项运动的物体，其势能一定增加的是（　　） A.在平直公路上匀速行驶的汽车 B.竖直匀速下降的降落伞 C.匀速上坡的自行车 D.匀速下坡的摩托车 分析：影响重力势能大小的因素：质量和高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。 解析：解：A、在平直公路上匀速行驶的汽车，质量和高度不变，重力势能不变； B、竖直匀速下降的降落伞，质量不变，高度减小，重力势能减小； C、匀速上坡的自行车，质量不变，高度增加，重力势能增加； D、匀速下坡的摩托车，质量不变，高度减小，重力势能减小。 故选：C。 点评：掌握影响重力势能大小的因素，能利用影响重力势能大小的因素分析判断生活中的实例。 【解题方法点拨】 解题的关键是判断物体高度和质量的变化。 20．弹性势能的影响因素 【知识点的认识】 影响弹性势能大小的因素：弹性形变程度．同一物体在弹性形变范围内的弹性形变程度越大，弹性势能就越大． 【命题方向】 分析弹性形变的程度，来判断弹性势能的变化。 例：射箭运动员用力将弓拉弯，此时的弓具有　弹性势　 能；松手后箭被射出向前运动，说明力可以改变物体的　运动状态　 ；弓拉得越满，箭飞得越远，由此可以推断物体的　弹性形变　 越大，它具有的弹性势能越大。由于箭具有　惯性　 离开弓后继续向前飞。 分析：物体由于发生弹性形变所具有的能量叫弹性势能；物体的弹性形变越大，弹性势能越大。 力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态。 物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。 解析：解：射箭运动员用力将弓拉弯，此时的弓具有弹性势能；松手后箭被射出向前运动，说明力可以改变物体的运动状态；弓拉得越满，箭飞得越远，由此可以推断物体的弹性形变越大，它具有的弹性势能越大。由于箭具有惯性离开弓后继续向前飞。 故答案为：弹性势；运动状态；弹性形变；惯性。 点评：本题考查的是惯性和弹性势能的影响因素；知道力的作用效果。 【解题方法点拨】 解题的关键是判断物体弹性形变程度的变化。 21．机械能的概念 【知识点的认识】 （1）动能和势能之和称为机械能。 动能和势能都属于机械能，动能是物体运动时具有的能量，势能是存储着的能量，动能和势能是机械能的两种表现形式。 （2）大小：物体具有的机械能是指动能和势能的总和。 【命题方向】 考查机械能的概念；机械能的大小判断。 例：洒水车匀速洒水过程中，洒水车的（　　） A.动能不变 B.势能不变 C.机械能变小 D.机械能不变 分析：（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大； （2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大； （3）机械能＝动能+势能。 解析：解：洒水车在平直街道上，高度为零，所以重力势能为零，不变；由于洒水，质量就小，速度不变，所以动能变小；因为机械能＝动能+势能，所以机械能变小。 故选：C。 点评：本题考查了动能和重力势能的概念及影响其大小的因素，属于基本内容。在判断动能和重力势能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化。 【解题方法点拨】 机械能的大小可能是物体的动能与势能的和，可能全部都是物体的动能，也可能全部是物体的势能，在分析机械能的大小时，应该综合考虑动能、重力势能和弹性势能。 22．动能和重力势能的相互转化 【知识点的认识】 动能和重力势能之间可以相互转化．动能和重力势能之间的相互转化一般发生在只受重力作用下的运动过程中，例如滚摆在下降的过程中，越转越快，它的重力势能越来越小，动能越来越大，重力势能转化为动能；滚摆在上升过程中，越转越慢，它的重力势能越来越大，动能越来越小，动能转化为重力势能． 【命题方向】 考查动能和重力势能的相互转化。 例：如图所示，在模拟“蹦极”的实验时，将一根橡皮筋一端系一个小球，另一端固定在A点，B点是橡皮筋不系小球自然下垂时下端所在的位置，C点是小球从A点静止释放后所能达到的最低点，不考虑空气阻力。关于小球从A点到C点运动过程的说法，正确的是（　　） A.小球从A点下落到B点的过程中，重力势能转化为动能 B.小球从A点下落到B点的过程中，受到重力和弹力的作用 C.小球从A点下落到C点的过程中拉力始终在做功 D.小球在B点时受到平衡力的作用 分析：（1）小球在下落过程中，在AB段，小球只受到重力作用，重力不断改变小球的运动状态，小球加速下落； 在BC段受到橡皮筋的拉力作用：当拉力小于重力时，小球仍处于加速状态；当拉力大于重力时，小球减速下落。 （2）物体保持静止状态或匀速直线运动状态，即为平衡状态。 解析：解：小球在下落过程中，在AB段，小球只受到重力作用，重力不断改变小球的运动状态，小球加速下落； 在BC段受到橡皮筋的拉力作用，过B点后橡皮筋开始伸长（大于原长），弹力逐渐增大。当拉力小于重力时，小球仍处于加速状态；当拉力大于重力时，小球减速下落。 A、从A点到B点运动过程中小球的重力势能转化为动能，故A正确； B、由题B点是橡皮筋自然下垂长度的位置，所以在AB段，橡皮筋对小球没有弹力，故B错误； C、小球从A点下落到B点的过程中，不受拉力，因此拉力不做功；由B点到C点的过程中，受到橡皮筋的拉力向上，而小球向下运动，因此拉力做负功，故C错误； D、小球在B点时只受到重力的作用，故D错误。 故选：A。 点评：物体受到的合力方向和物体运动方向相同时，物体处于加速状态；物体受到的合力方向和物体运动方向相反时，物体处于减速状态。 【解题方法点拨】 通过物体的速度、所处高度、弹性形变程度的变化判定物体动能、重力势能、弹性势能的大小变化，能量总是从逐渐减小的那种向逐渐增加的那种转化． 23．机械能的守恒 【知识点的认识】 机械能守恒：如果只有动能和势能的相互转化，机械能的总和不变，或者说，机械能是守恒的． 做功角度：只有重力或弹力做功，无其它力做功；其它力不做功或其它力做功的代数和为零；系统内如摩擦阻力对系统不做功． 能量角度：首先只有动能和势能之间能量转化，无其它形式能量转化；只有系统内能量的交换，没有与外界的能量交换． 【命题方向】 考查机械能在什么情况下守恒是中考命题的方向。 例：一小球被抛出后，在空中的运动轨迹如图。忽略空气阻力，根据小球运动轨迹及物理知识，下列说法正确的是（　　） A.小球被抛出后继续运动，是由于惯性 B.小球在空中仅受重力，机械能不守恒 C.小球从最高点下落时，运动状态不变 D.小球在最高点时，速度为零，动能为零，但重力势能不为零 分析：（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性； （2）地面附近的物体受到重力的作用。 （3）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。 解析：解：A、小球出手之前，和手一起运动，抛出的小球，不再受到手的推力，由于惯性保持原来的运动状态，继续前进。故A正确； BC、忽略空气阻力，抛出后的小球在空中运动时机械能守恒，仍然受到重力的作用，而竖直方向加速下降，做曲线运动，故运动状态改变。故BC错误； D、由于具有惯性，最高点有水平方向的速度，故动能不为零，故D错误。 故选：A。 点评：此题考查惯性、重力、动能和重力势能的大小变化，关键是知道不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。 【解题方法点拨】 机械能守恒必须是只有动能与势能的转化，只有在不计摩擦、空气阻力时才会守恒，只有在太空中飞行的卫星不受空气阻力，机械能真正守恒． 24．探究杠杆的平衡条件 【知识点的认识】 实验步骤： （l）实验前要调节杠杆的平衡螺母使其在水平位置平衡，其目的是使杠杆的重心落在支点上，从而消除杠杆的重力对平衡的影响。在实验过程中，不允许再旋动两端的螺母。 （2）在已调节平衡的杠杆两端挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆平衡．支点两边的钩码重力分别是动力F1和阻力F2，用刻度尺量出杠杆平衡时的动力臂L1和阻力臂L2。改变力和力臂的数值，多次实验，并将实验数据填入表格。 注意事项：实验中使杠杆在水平位置平衡是为了方便测力臂。 实验结论：杠杆的平衡条件是动力×动力臂＝阻力×阻力臂，可写作F1L1＝F2L2。 【命题方向】 考查究杠杆的平衡条件的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。 例：在“探究杠杆平衡条件”的实验中，使用的钩码质量均相等，杠杆上每格长度均相等。 （1）为了使图甲中的杠杆在水平位置平衡，可以将杠杆右侧平衡螺母向　右　 （选填“左”或“右”）调节。 （2）实验时，在已调平的杠杆两侧分别挂上不同数量的钩码，调节钩码的位置，使其在水平位置重新平衡，使杠杆在水平位置平衡的目的是便于　测量力臂　 。 （3）在杠杆两侧多次换用不同数量的钩码，并改变钩码在杠杆上的位置，使杠杆在水平位置平衡，得到实验数据如下表。 分析表中的数据，得到杠杆的平衡条件是　F1L1＝F2L2 。 （4）本次探究经过多次实验的目的是　B　 。 A.减小实验误差 B.寻找普遍规律 （5）如图乙所示，用弹簧测力计先后在a、b位置拉杠杆上的同一点C，使杠杆都在水平位置平衡，当弹簧测力计从a位置转到b位置时，其示数会　变大　 （选填“变大”“不变”或“变小”）。 分析：（1）杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移；（2）测量过程中使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小； （3）杠杆平衡的条件是：动力×动力臂＝阻力×阻力臂；（4）为了得到普遍规律，避免偶然性，实验中应多次测量； （5）根据杠杆平衡的条件，通过判断力臂的大小关系，可以比较力的大小关系。 解析：解：（1）杠杆左端下沉，应将杠杆重心向右移，所以应将两端的平衡螺母（左端和右端的均可）向右调节；（2）测量过程中使杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，所以使杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂； （3）分析表格中的数据知0.5N×20.0cm＝1.0N×10.0cm， 1.0N×15.0cm＝1.5N×10.0cm， 1.5N×10.0cm＝0.5N×30.0cm， 故可得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂＝阻力×阻力臂，即F1L1＝F2L2；（4）通过分析表格中数据得到杠杆平衡的普遍规律，所以多次实验的目的是得到杠杆平衡的普遍规律，避免偶然性，故选：B； （5）当测力计从a位置转到b位置时，拉力F力臂变小，要保持杠杆仍在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件，因阻力和阻力臂不变，则拉力将变大，即弹簧测力计的示数将变大。 故答案为：（1）右；（2）测量力臂；（3）F1L1＝F2L2；（4）B；（5）变大。 点评：本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，包含对杠杆平衡条件的理解、实际操作、实验方法、数据分析等，考查较为全面，是我们应该掌握的重点实验。 【解题方法点拨】 利用科学探究的要素（提出问题；猜想与假设；制定计划与设计实验；进行实验与收集证据；分析与论证；评估；交流与合作．）去探究． 25．探究杠杆的平衡条件的实验前调节杠杆平衡 【知识点的认识】 杠杆处于静止状态和匀速转动状态都称为杠杆平衡；为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动。 【命题方向】 考查探究杠杆的平衡条件的实验前调节杠杆平衡。 例：在“研究杠杆的平衡条件”实验中，实验前要调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。在某次实验时，王明同学先调好杠杆的水平位置平衡，然后开始实验，在杠杆两端挂上数目不等的钩码后，发现杠杆左端高、右端低，为了使杠杆恢复到水平位置平衡，以下操作中正确的是（　　） A.左端的钩码向右移 B.右端的平衡螺母向左移 C.右端的钩码向左移 D.左端的平衡螺母向右移 分析：（1）实验前，应首先进行杠杆平衡调节，杠杆不平衡时，左、右两端的螺母（或一端的螺母）向杠杆上翘的一端调节；但实验过程中，螺母再调节会改变杠杆重心的位置，使杠杆重力对杠杆平衡又产生影响，因此不能再调节平衡螺母； （2）根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2，左端上翘，可以将左端钩码向左调节，或将右端钩码向左调节。 解析：解：（1）实验前先要调节杠杆两端的平衡螺母，使其在水平位置平衡，实验过程中，调节杠杆在水平位置平衡，是为了便于测量力臂的长度，如杠杆不在水平位置平衡，应通过调节钩码的数量或位置来实现，而不能再调节平衡螺母，故BD错误； （2）根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2，左端上翘，可以将左端钩码向左调节，或将右端钩码向左调节，故A错误，C正确。 故选：C。 点评：本题关键：知道杠杆的重力方向通过支点，就不会对杠杆平衡产生影响，二是在实验过程中不能再调节平衡螺母。 【解题方法点拨】 牢记方法：平衡螺母向上翘的一端移动 26．探究杠杆的平衡条件的实验中使用弹簧测力计的问题 【命题方向】 考杠杆与弹簧测力计的综合。 例：小东利用已调水平平衡的杠杆，进行如图甲、乙所示的实验，且每次实验杠杆都保持水平平衡。已知杠杆上相邻刻度线之间的距离相等，所用钩码的质量均相等。下列说法正确的是（　　） A.实验前，在调节杠杆水平平衡时，若发现杠杆静止时左端向下倾斜，应该把杠杆右端的平衡螺母向左移 B.图甲中，若将挂在A、B两处的钩码各去掉一个，则杠杆左端下沉 C.图甲中，若将挂在A、B两处的钩码均向支点O移近1格，则杠杆左端下沉 D.图乙中，若将弹簧测力计由竖直向上拉改为沿图中虚线方向斜向上拉，且保持杠杆水平平衡，则弹簧测力计的示数变小 分析：（1）杠杆左端向下倾斜，应将平衡螺母应向右端移动，使杠杆在水平位置平衡； （2）（3）根据杠杆平衡条件进行分析； （4）若将弹簧测力计由竖直向上拉改为沿图中虚线方向斜向上拉动力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆平衡条件得出弹簧测力计的示数变化。 解析：解：A、调节杠杆在水平位置平衡，杠杆左端向下倾斜，应将平衡螺母应向右端移动，使杠杆在水平位置平衡，故A错误； B、如图甲，设杠杆一个格为L，一个钩码重力为G，原来杠杆处于平衡状态， 由杠杆的平衡条件可得：2N×4L＝4N×2L，在A、B处各去掉一个相同的钩码， 左边＝1N×4L＝4NL，右边＝3N×2L＝6NL，此时左边＜右边， 即左边的力和力臂的乘积小，杠杆不再平衡，并且右端下沉，故B错误； C、在A、B处各去掉一个相同的钩码， 左边＝2N×3L＝6NL，右边＝4N×L＝4NL，此时左边＞右边， 即左边的力和力臂的乘积大，杠杆不再平衡，并且左端下沉，故C正确； D、图乙中，若将弹簧测力计由竖直向上拉改为沿图中虚线方向斜向上拉，且保持杠杆水平平衡，动力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，弹簧测力计的示数变大，故D错误。 故选：C。 点评：此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。 27．超声波与次声波 【知识点的认识】 频率高于人的听觉上限（约为20000Hz）的声波，称为超声波．次声波又称亚声波，它是一种频率低于人的可听声波频率范围的声波．次声波的频率范围大致为小于20Hz． 【命题方向】 利用次声波和超声波具有它不同于可闻性声波的一些特性，解决现代生产技术和科学研究中许多重要的应用． 例：以下说法不正确的是（　　） A.蝙蝠在飞行时发出超声波 B.大象的语言对人类来说就是一种次声波 C.地震、火山喷发、台风等都伴有次声波 D.人们利用次声波来清洗钟表等精细的机械 分析：要解答本题需掌握：超声波是发生频率大于2万赫兹，次声波是发生频率低于20赫兹。 解析：解：A、因为蝙蝠是靠超声波导航。故A不符合题意。 B、因为大象的发声频率在1﹣20000HZ，所以大象的语言对人类来说就是一种次声波。故B不符合题意。 C、地震、火山喷发、台风等都伴有次声波，故C不符合题意。 D、人们利用超声波来清洗钟表等精细的机械。故D符合题意。 故选：D。 点评：本题主要考查学生对：超声波和次生波的产生的理解和掌握。 【解题方法点拨】 （1）超声波的特点：方向性好，穿透能力强，易于获得较集中的声能 超声波的应用：a、制成声呐；b、B超；c、超声波速度测定器；d、超声波清洗器；e、超声波焊接器 （2）次声波的特点：传得远，容易绕过障碍物、无空不入 次声波的应用：次声波可以用于预测和监测自然灾害，如台风、海啸、地震、火山爆发等 28．响度与振幅、距离发声体的关系 【知识点的认识】 （1）振幅：物体振动时，偏离原来位置的最大距离 （2）响度与振幅的关系：振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越少。 （3）响度与距离发声体的远近的关系：距离发声体越远，声音越分散，听到的声音响度越小；距离发声体越近，听到的声音响度越大。 【命题方向】 考查以实际现象为背景，用声音的振幅以及距离发声体的远近来判断响度，常以选择题和填空题出现。 例：2023年杭州亚运会开幕式上，演员们以水为礼，击鼓迎宾。演员用力击打鼓面，是为了增大鼓声的　响度　 （填“音调”、“响度”或“音色”）。 分析：响度和发声体的振幅有关，振幅越大，响度越大，要增大鼓声的响度可以通过增大振幅的方法。 解析：解：演员用更大的力击打鼓面，鼓面的振幅变大，则响度变大。 故答案为：响度。点评：此题考查的是影响响度大小的因素，是一道基础题，熟记即可。 【解题方法点拨】 响度是指人耳感觉到的声音的大小，它跟发声体的振幅有关．振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小．用力击鼓和轻敲鼓面，鼓面振动的幅度不同，鼓声的响度不同．男低音放声歌唱，女高音轻声伴唱，男低音响度大，女高音响度小，但是音调高． 29．根据音色辨别发声体 【知识点的认识】 音色：发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定．是区别声音的重要标志 【命题方向】 中考中常以填空、选择的题型出现．主要考查辨别熟人的声音靠什么，辨别乐器的声音靠什么． 例：天津时调是天津曲艺中最有代表性的曲种之一。观看演出时，人们能分辨出四胡、扬琴的声音是依据声音的（　　） A.音调 B.响度 C.音色 D.振幅 分析：音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。 解析：解：人们能分辨出四胡、扬琴的声音是依据声音的音色不同，故ABD错误，C正确。 故选：C。 点评：本题考查了音色，比较简单。 【解题方法点拨】 音色是区别声音的重要标志．区别声音就是靠音色．辨别熟人的声音、辨别乐器的声音靠的都是音色．模仿赵本山的声音很像就是模仿的音色像，通过敲击瓷器，根据声音判断瓷器是否破损也是靠音色． 30．减弱噪声的途径 【知识点的认识】 减弱噪声的途径： （1）在声源处减弱，防止噪音的产生； （2）在人耳处减弱，防止噪音进入耳朵； （3）在传播过程中减弱，阻断噪音的传播。 31．探究凸透镜成像的规律 【知识点的认识】 设计实验：用如图所示的实验装置，将一支点燃的蜡烛作为物体，让其在光具座上从距凸透镜较远的地方开始向凸透镜移动，在测量出不同情况下物距的基础上，通过观察成像情况、测量出像距的大小来探究成像规律。 进行实验与搜集证据： （1）让凸透镜对着太阳光聚焦，测出凸透镜的焦距 （2）把蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上。点燃蜡烛，使烛焰中心、凸透镜光心、光屏的中心大致在同一高度上 （3）把蜡烛放在较远处（u＞2f），调整光屏到凸透镜的距离，直到烛焰能在屏上成清晰的实像，观察实像的大小和正倒，测出物距u 和像距 v。 （4）把蜡烛向凸透镜移近几厘米，让物距等于二倍焦距（u＝2f），放好后重复以上操作。 （5）使蜡烛继续向凸透镜移近，让物距在一倍焦距和二倍焦距之 间（f＜u＜2f），放好后重复以上操作。 （6）使蜡烛继续向凸透镜移近，让物距等于一倍焦距（u＝f），即处于焦点上，移动光屏，观察是否能够成像 （7）使蜡烛继续向凸透镜移近，让物距小于一倍焦距（u＜f），移动光屏，观察在光屏上是否还能看到像。从光屏这一侧透过凸透镜用眼睛直接观察烛焰，可以看到一个正立、放大的像，在这个位置放上光屏，光屏上没有像出现，说明所成像为虚像。 实验结论： 【命题方向】 考查探究凸透镜成像的规律的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。 例：某实验小组探究凸透镜成像的实验，装置如图： （1）当蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示时，光屏上出现一个清晰的烛焰的像，这个凸透镜的焦距可能是　B　 （填选项字母）； A.5cm B.10cm C.20cm D.30cm （2）小庆同学把蜡烛向右移动一小段距离，发现光屏上烛焰的像变模糊了。要在光屏上得到烛焰清晰的像，他可以将光屏向　右　 （填“左”或“右”）移动； （3）完成上述探究后，小庆同学把凸透镜换成一块薄玻璃板，透过玻璃板能看到烛焰正立、　等大　 （填“放大”“缩小”或“等大”）的像，把光屏移到像所在的位置，直接观察光屏，光屏上　没有　 （填“有”或“没有”）烛焰的像。 分析：（1）u＞v，且成实像，说明u＝30cm＞2f，2f＞v＝15cm＞f，由此可得焦距的范围； （2）根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答； （3）平面镜成的像与物体大小相等；虚像不能成在光屏上。 解析：解：（1）由图可知，u＞v，且成实像，说明u＝30cm＞2f，2f＞v＝15cm＞f，即15cm＞f＞7.5cm，故选：B； （2）小庆同学把蜡烛向右移动一小段距离，此时物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，要在光屏上得到烛焰清晰的像，他可以将光屏向右移动； （3）小庆把凸透镜换成一块薄玻璃板，由平面镜成像特点可知，透过玻璃板能看到烛焰正立、等大的虚像；把光屏移到像所在的位置，直接观察光屏，因虚像不能与在光屏上，故光屏上没有烛焰的像。 故答案为：（1）B；（2）右；（3）等大；没有。 点评：本题“探究凸透镜成像规律”，考查了凸透镜成像规律的运用及像距随物距的变化规律和平面镜成像规律的运用。 【解题方法点拨】 口诀：一倍焦距分虚实，二倍焦距分大小，实像倒，居异侧，虚像正，居同侧，物近像远像变大，焦点以内反变化 32．自制温度计 【知识点的认识】 自制温度计的实验原理基于液体的热胀冷缩特性。‌通过不同的材料和方法，‌可以制作出简易的温度计，‌用于测量温度。‌ （1）使用小药液瓶和红墨水：‌在小药瓶中装入一些水和红墨水，‌制成简易温度计。‌通过将小瓶浸入冰水和沸水中，‌用记号笔在笔芯上标记位置，‌然后在笔芯上均匀地分成10份，‌标上刻度，‌自制温度计完成。‌ （2）使用透明吸管和色素：‌将吸管插入装有水和色素的透明瓶子中，‌用橡皮泥密封瓶口，‌制作出一个简易的温度计。‌通过观察吸管中水柱的变化，‌可以直观地看到温度的变化，‌ 【命题方向】 考查自制温度计的原理和构造，也会考查以自制温度计为背景的实验探究题。 例：如图所示是自制温度计，先把小瓶放入　冷水　 （选填“冷水”或“热水”）中，观察管中水柱的位置降低，然后把小瓶放入　热水　 （选填“冷水”或“热水”）中，观察水柱的位置升高，由此可知，实验室常用温度计是根据液体　热胀冷缩　 的规律制成的，实验中要使观察到的现象更明显，可以改用更　细　 （选填“细”或“粗”）的管子。 分析：常用温度计是利用液体的热胀冷缩性质制成的。 解析：解：常用温度计是利用液体的热胀冷缩性质制成的。当把小瓶放入冷水中时，瓶内的水遇冷收缩，细管中水柱位置降低；把小瓶放入到热水中时，瓶内的水遇热膨胀，细管中的水柱位置升高。要使观察到的现象更明显，可以改用更细的管子或者用容积更大的瓶子。 故答案为：冷水；热水；热胀冷缩；细。 点评：本题考查常用温度计的工作原理，是一道基础题。 【解题方法点拨】 解题的关键是理解自制温度计的工作原理是基于液体的热胀冷缩特性。 33．熔化的概念及现象 【知识点的认识】 物质从固态变成液态的变化过程叫作熔化。 【命题方向】 根据现象判断物态的变化是中考的热点。 例：糖画是一种民间传统手工艺。制作时先用温火把白糖熬制成糖汁，再用小勺舀起糖汁在光洁的石板上作画，如图所示。白糖熬制过程中发生的物态变化是（　　） A.升华 B.凝固 C.凝华 D.熔化 分析：熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热。 解析：解：制作时用温火把白糖熬制成糖汁此过程固态白糖转变成液态白糖，这是熔化现象，故D正确。 故选：D。 点评：本题考查了熔化现象，属于基础题。 【解题方法点拨】 （1）熔化：从固态变成液态，构成物质的种类没变。 （2）溶化，即固体溶解，指一种物质均匀地分散在另一种物质中。 34．凝固的概念及现象 【知识点的认识】 物质从液态变成固态的变化过程叫作凝固。 【命题方向】 根据现象判断物态的变化是中考的热点。 例：如图，2024年全国冬季运动会滑雪场需要造雪机利用水进行人工造雪。在造雪过程中，水发生的主要物态变化是（　　） A.升华 B.凝固 C.熔化 D.液化 分析：物质由液态变为固态的过程，叫凝固，凝固放热。 解析：解：水是液态，雪是固态，水变为雪，是由液态变为固态的过程，是凝固，在此过程中，需要放热，所以B正确，ACD错误。 故选：B。 点评：本题考查了物态变化，需要知道物质变化前后的状态，再根据物态变化的定义确定物态变化的名称，同时还需要掌握每一种物态变化的吸、放热情况。 【解题方法点拨】 物态变化，需要知道物质变化前后的状态，再根据物态变化的定义确定物态变化的名称，同时还需要掌握每一种物态变化的吸、放热情况。 35．原子和分子组成物质 【知识点的认识】 常见的物质是由极其微小的例子—分子、原子构成的。 【命题方向】 考查原子和分子组成物质，通常考查概念。 例：关于分子和原子，下列说法正确的是（　　） A.一粒灰尘就是一个分子 B.分子和原子能够用肉眼直接观察到 C.常见的物质是由分子或原子构成的 D.分子的直径很小，一般为10﹣10cm 分析：分子非常小，用肉眼直接看不到。 解析：解：A、灰尘能用肉眼直接看到，故灰尘不是分子，故A错误； B、分子和原子不能用肉眼直接观察到，故B错误； C、常见的物质是由分子或原子构成的，故C正确； D、分子的直径很小，一般为10﹣10m，故D错误。 故选：C。 点评：本题考查了分子的特点，属于基础题。 【解题方法点拨】 记忆性知识，牢记即可。 36．固体和液体的热值计算 【知识点的认识】 固体和液体：q；Q＝qm。 气体：q；Q＝qV。 【命题方向】 考查固体和液体的热值运算，常考查计算放出的热量。 例：某家庭用燃气热水器将质量为100kg、温度为10℃的自来水加热到60℃，消耗的天然气质量为2kg（假设天然气完全燃烧）。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为3.5×107J/kg，求在此过程中： （1）自来水吸收的热量； （2）该热水器工作时的效率。 分析：（1）利用吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）求水吸收的热量； （2）由Q放＝mq可求出天然气完全燃烧放出的热量；水吸收的热量跟天然气完全燃烧放出的热量之比等于该热水器工作时的效率。 解析：解：（1）水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（60℃﹣10℃）＝2.1×107J； （2）天然气完全燃烧放出的热量：Q放＝mq＝2kg×3.5×107J/kg＝7×107J； 该热水器工作时的效率：η100%100%＝30%。 答：（1）水吸收的热量为2.1×107J； （2）该热水器工作时的效率是30%。 点评：本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放＝mq、Q吸＝cm（t﹣t0）和效率公式η的掌握和运用，要求掌握公式的正确应用。 【解题方法点拨】 只有完全燃烧时，才能用Q＝qm或Q＝qV计算。 37．热机的效率公式与计算 【知识点的认识】 （1）定义：用来做有用功的那部分能量和燃料完全燃烧放出的能量之比，叫做热机的效率，其表达式为：η100%．由于热机在工作过程中总有能量损失，所以热机的效率总小于1． （2）物理意义：热机的效率表示使用热机时对燃料的利用率的高低，因此热机的效率是描述热机性能的一个重要指标。 【命题方向】 热机效率会以条件出现，也会考查热机效率的计算，通常在综合计算中考查。 例：如图，是一台以柴油为动力的双履带消防机器人，质量为1000kg，静止时履带与地面接触总面积为0.4m2。在某段平直公路上，机器人以3m/s的速度匀速行驶3min，其受到的阻力为2000N，通过这段路程共消耗0.09kg柴油（q柴油＝4.0×107J/kg；g取10N/kg）。求： （1）机器人3min通过的路程； （2）机器人静止时，对水平地面产生的压强； （3）机器人在这段路程中消耗柴油用于牵引力做功的效率。 分析：（1）利用速度计算公式求得机器人3min通过的路程； （2）利用G＝mg可求出机器人的重力，在水平地面上，机器人对地面的压力等于机器人的重力，根据p得到机器人静止在水平地面时对地面产生的压强； （3）根据题意和二力平衡条件求出机器人受到的牵引力，利用W＝Fs求得牵引力做功，利用Q放＝mq求得柴油燃烧放出的热量，进一步求得机器人在这段路程中消耗柴油用于牵引力做功的效率。 解析：解：（1）机器人3min通过的路程 s＝vt＝3m/s×3×60s＝540m （2）机器人静止时对地面的压力 F＝G＝mg＝1000kg×10N/kg＝1×104N 对水平地面产生的压强 （3）机器人匀速行驶，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，牵引力的大小 F′＝f＝2000N 牵引力做的功 W＝F′s＝2000N×540m＝1.08×106J 柴油完全燃烧释放的热量 Q放＝mq＝0.09kg×4.0×107J/kg＝3.6×106J 牵引力做功的效率 答：（1）机器人3min通过的路程为540m； （2）机器人静止时，对水平地面产生的压强为2.5×104Pa； （3）机器人在这段路程中消耗柴油用于牵引力做功的效率为30%。点评：本题考查了速度公式、压强公式以及功率公式，注意当机器人匀速直线运动时，牵引力与阻力是一对平衡力。 【解题方法点拨】 对于热机效率可与机械效率进行对比理解，热机效率是衡量热机性能好坏的一个重要参数，要提高热机的效率就是要提高热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比，并且热机的效率总小于1． 38．能源及其分类 【知识点的认识】 1、能源：凡是能为人类提供能量的物质资源都叫做能源． 2、能源有不同的分类方式： （1）从产生方式角度划分 一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源．例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能． 二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源．例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气． （2）从是否可再生角度划分 可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能． 不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能． （3）从利用状况划分 常规能源：人类利用多年的，使用技术已经成熟的能源．例：化石能源、水能、电能． 新能源：人类新近才开始利用的能源．例：潮汐能、地热能、太阳能、核能、风能． 【命题方向】 能源的分类是中考能源类问题的热点，分值虽不大，但随着能源问题的日益突出，命题的趋势会有所增加． 例：下列关于能源的说法正确的是（　　） A.太阳能是裂变释放出的能量 B.天然气是一种清洁的能源，人类可以无尽地开发利用 C.电能是最重要的二次能源 D.汽油可以作为“玉兔号”在月球上的工作能源 分析：（1）太阳内部发生的是核聚变； （2）不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。 （3）无法从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源，如电能； （4）汽油的燃烧需要氧气。 解析：解：A、太阳能是核聚变释放出的能量，故A错误； B、天然气是一种清洁的能源，也是不可再生能源，人类不可以无尽地开发利用，故B错误； C、电能是通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源，故C正确。 D、汽油的燃烧需要氧气，月球上是真空，所以汽油不可以作为“玉兔号”在月球上的工作能源，故D错误。 故选：C。 点评：本题考查了太阳能、可再生能源和不可再生能源的概念、二次能源等，属于基础题。 【解题方法点拨】 （1）能源是一种物质，是可以提供某种形式的能量的一种物质，能源与能量是两个不同的物理量，能源是能为人类的提供能量蝗物质资源，以能源的利用过程实质上就是能量的转化和转移过程，能量则是物体做功本领的一个量度． （2）生活中常见的能源有：煤炭、石油、天燃气、汽油、柴油、热力、电力等． （3）能源的分类是按照不同角度划分的，同一种能源可能归属不同的能源类别，可以按下表进行归类． 39．可再生能源和不可再生能源 【知识点的认识】 可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能． 不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能． 【命题方向】 考查可再生能源和不可再生能源的区分。 例：自然界存在多种能为人类提供生活、生产所需能量的能源。在下列几组能源中，其中属于可再生能源的一组是（　　） A.水能、石油、核燃料 B.风能、煤炭、天然气 C.煤炭、石油、天然气 D.风能、水能、太阳能 分析：要解答本题需掌握：可再生能源和不可再生能源的特点，以及常见的可再生能源有哪些。 解析：解：A、水能、石油、核燃料在这三种能源中，水能属于可再生能源，但是石油和核燃料是不可再生能源。故A不正确。 B、风能、煤炭、天然气这三种能源中，风能属于可再生能源，但是煤炭和天然气是不可再生能源。故B不正确 C、煤炭、石油、天然气都是不可再生能源。故C不正确。 D、风能、水能、太阳能都属于可再生能源。故D正确。 故选：D。 点评：本题主要考查学生对：不可再生能源和可再生能源的区别和联系的理解和掌握。 【解题方法点拨】 可再生能源和不可再生能源的主要区别在于它们的可再生性、‌形成时间和来源。‌可再生能源是可持续的，‌不会随着使用而耗尽，‌而非可再生能源则会在人类使用过程中逐渐减少，‌最终可能导致枯竭。‌ 40．摩擦起电的实质 【知识点的认识】 （1）物质是由原子核与核外电子组成的，原子核带正电，核外电子带负电．通常情况下，原子核所带的正电荷与核外所有电子带的负电荷在数量上相等，整个原子不显电性，也就是物体对外不显电性． （2）由于不同物质的原子核束缚电子的本领不同．当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体因缺少电电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电． （3）在电荷转移的过程中，电荷的总量是保持不变的，即电荷是守恒的．在转移过程中，只能转移带负电荷的电子．可见，摩擦起电不是创造了电荷，而是电荷发生了转移． 【命题方向】 对摩擦起电本质的理解是中考的命题方式，主要以选择题为主． 例：橡胶棒与毛皮摩擦后，两者都带了电，在摩擦过程中（　　） A.橡胶棒失去电子，毛皮得到电子 B.橡胶棒得到电子，毛皮失去电子 C.摩擦过程中创造了正电荷和负电荷 D.摩擦后橡胶棒自身的正电荷多于负电荷 分析：不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移。 解析：解：用毛皮摩擦橡胶棒，由于橡胶棒的原子核束缚核外电子的本领强，会从毛皮夺得电子，即一部分电子从毛皮转移到橡胶棒，所以橡胶棒因有多余的电子带负电。 故选：B。 点评：（1）正常情况下，物体内部原子核上的正电荷和核外电子带的负电荷，在总量上相等，整个物体对外不显电性，称为中性； （2）橡胶棒原子核束缚电子能力强，毛皮原子核束缚电子能力弱，相互摩擦时，橡胶棒得电子带负电，毛皮失电子带等量正电。 【解题方法点拨】 （1）摩擦起电并不是创造了电，而是两个物体在摩擦过程中，电于发生了转移，它从一个物体转移到另一个物体上，使失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电． （2）不同物质组成的物体相互摩擦时，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子． 41．电路的基本组成 【知识点的认识】 （1）电路的组成：电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成，缺少或不完整都会影响电路的正常工作． （2）电路各部分的作用 电源：提供电能的装置，它保证电路中有持续电流，工作时将其他形式的能转化为电能 用电器：用电来工作的设备，工作时将电能转化为其他形式的能． 开关：用来接通或断开电路，起控制电路的作用 导线：导线将电源、用电器、开关连接起来，形成让电荷移动的通路． 42．串并联电路的设计 【知识点的认识】 ①明确设计要求 ②判断用电器的连接方式：用电器不同时工作时一般为并联，用电器同时工作时，可能为串联也可能是并联 ③开关的连接方式：判断开关的作用是控制干路还是支路。 ④画出电路图并验证电路图是否正确。 【命题方向】 电路的设计是中考的热点，以生活中的现象为背景，主要以作图题为主． 例：世界卫生组织的事故调查显示，酒后上路开车是造成交通事故的主要原因，交警部门利用呼气式酒精测试仪来检测酒驾。如图所示，酒精气体传感器Rx的阻值随酒精气体浓度的增大而减小，R0为定值电阻（起保护电路的作用），酒精浓度的大小由电流表示数来显示。请根据以上信息，将虚线框中呼气式酒精测试仪的简易电路图补充完整（电流表和开关未画出）。 分析：根据题意分析电路的连接方式、电流表的连接方式，然后画出电路图。 解析：解：根据题意可知，酒精气体传感Rx的阻值随酒精气体浓度的增大而减小，R0为定值电阻；将R0与Rx串联接入电路中，当酒精浓度增大时，Rx的阻值减小，电路中的总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流增大，电流表的示数增大。 点评：本题考查了电路图的设计，难度不大。 【解题方法点拨】 解题时要抓住关键字词，判断是并联还是串联，再根据要求，用开关控制电路。 43．常见电压的大小 【知识点的认识】 （1）1节蓄电池的电压：2V （2）1节干电池的电压：1.5V （3）家庭电路的电压：220V （4）对人体安全的电压：不高于36V （5）手机电池：3.7～4.5V； 【命题方向】 估算电压的大小，常结合其他单位的估测一起考查。 例：下列物理量的估计中最接近事实的是（　　） A.人体的安全电压是不高于220V B.一节新的1号干电池的电压为1.5V C.一盏日光灯正常工作时功率约为400W D.家用空调正常工作时的电流约为0.2A 分析：首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。 解析：解：A、人体的安全电压是不高于36V，故A错误； B、一节新的1号干电池的电压为1.5V，故B正确； C、日光灯正常工作时功率约为40W，故C错误； D、家用空调正常工作时的电流约为5A，故D错误； 故选：B。 点评：此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。 【解题方法点拨】 解答估测与估算题的常用方法 （1）直接判断法：熟记生活中常见的物理量，直接确定答案.如：人正常步行的速度约 1.1 m/s、人体正常体温约为 37℃；中学生大拇指的长度可在考试时直接测量。 （2）单位换算法：把不熟悉的单位换算成熟悉的单位，如：人正常步行的速度约为 3.6 km/h＝1m/s，一袋方便面的质量约为 0.1 kg＝100g。 （3）比较法：将考试中自己不太熟悉的物理量与自己熟悉的物理量进行对比，从而得出结论，如：中学生的正常身高约为 1.6m，这一高度小于门的高度，可以判断门的高度约为 2 m。 （4）估算法：结果不是精确值而是一个大概的范围，可以应用熟悉的估测量及相关公式进行估测.如：判断中学生爬到三楼时所做的功，我们已知中学生的质量约为 50 kg，爬到三楼的竖直距离约为 6 m（两层楼的高度），根据W＝Fs＝mgh可计算出中学生爬到三楼所做的功。 44．动态电路的分析 【知识点的认识】 （1）明确引起电路动态变化的原因，即是由热敏电阻、光敏电阻、滑动变阻器等引起的 （2）明确元件变化时，接入电路的各部分电阻如何变化 （3）明确电源的电压是否保持不变 （4）从串联电路或并联电路中电流、电压的规律及欧姆定律中选择一条判断电路中电流或某一元件两端的电压的变化情况。 【命题方向】 电路的动态分析问题，是中考必出的问题，应加强训练，此类习题规律性较强，一旦掌握很容易得分。 例：闭合如图所示电路的开关，将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离的过程中（　　） A.灯泡的亮度变小 B.电流表的示数不变 C.电压表的示数变大 D.电路的总功率变小 分析：滑动变阻器R与灯泡L并联，电压表测电源电压，电流表测量灯泡L的电流，滑动变阻器R向左移动，R阻值变小。 解析：解：将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离的过程中： A、对灯泡L没有影响，灯泡的亮度不变，故A错误； B、电流表示数不变，I，U、RL大小不变，所以电流表示数不变，故B正确； C、电压表测电源电压，电压表示数不变，故C错误； D、P＝UI，U不变，将滑动变阻器的滑片向左滑移动一小段距离，R阻值变小，所以R支路电流变大，灯泡L支路电流不变，总电流I总变大，P变大，故D错误； 故选：B。 点评：本题考查了电路的动态分析，难度不大。 【解题方法点拨】 解题方法有两种： 方法①：按这样的顺序分析：局部电阻如何变化→总电阻如何变化→由于电源电压不变，导致电路中电流如何变化→依据U＝IR分析不变的电阻两端的电压如何变化→依据U变化的电阻＝U总﹣U不变的电阻分析变化的电阻两端的电压如何变化。 方法②：串联电路中，即电压与电阻成正比，由此可知串联电路中按电阻的比例分配电压，电阻所占比例分数越大，分得的电压比例就越大。 45．伏安法测小灯泡的电阻 【知识点的认识】 （1）实验原理：根据欧姆定律的导出式R。 （2）实验器材：电源、开关、导线、滑动变阻器、被测小灯泡、电压表、电流表。 （3）电路图： （4）滑动变阻器在实验中的作用：保护电路；改变灯泡两端的电压；改变通过灯泡的电流。 （5）实验步骤： ①按电路图连接电路，将滑动变阻器调到阻值最大处； ②闭合开关，移动滑片，使电压表的示数等于小灯泡的正常工作电压，记下此时电流表、电压表示数； ③调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压逐次降低，记下每次读出的电流表、电压表示数； ④计算每次的电阻值，整理器材。 （6）记录数据： （7）分析与归纳：灯丝的电阻随温度的升高而增大。 【命题方向】 考查伏安法测小灯泡的电阻的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。 例：图甲是“伏安法测小灯泡电阻”的实物电路图，其中小灯泡的额定电压为2.5V，电源由三节干电池串联而成。 （1）图甲中有一根导线接错了，请在这根导线上打“×”，并用笔重新画一根正确连接的导线。 （2）正确连接电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到　B　 端。 （3）闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，多次测量，画出小灯泡的电流随其两端电压变化的关系图像，如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为　10　 Ω。 （4）利用测小灯泡电阻的器材不能探究电流与电压的关系，理由是　灯丝的电阻随温度的升高而增大　 。 分析：（1）根据灯泡额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯泡两端； （2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处； （3）根据图乙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用R求出小灯泡正常发光时的电阻； （4）在探究电流与电压的关系实验中，需控制电阻阻值不变，而灯丝的电阻随温度的升高而增大。 解析：解：（1）原电路图中，电压表选用大量程，而小灯泡的额定电压为2.5V，故电压表应选小量程并联在灯泡两端，如下图所示： ； （2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即B端； （3）由图乙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，则小灯泡正常发光时的电阻为： R10Ω； （4）在探究电流与电压的关系实验中，需控制电阻阻值不变，而灯丝的电阻随温度的升高而增大，不是一定值，故利用测小灯泡电阻的器材不能探究电流与电压的关系。 故答案为：（1）见解答图；（2）B；（3）10；（4）灯丝的电阻随温度的升高而增大。 点评：本题伏安法测小灯泡电阻实验，考查了电路连接、注意事项、电阻的计算和影响电阻大小因素等知识。 【解题方法点拨】 测灯泡电阻时不能求平均值，因为在不同电压下灯泡的温度不同，其电阻是不同的，求平均值没有意义。 46．电功与电能的计算 【知识点的认识】 流在某段电路上所做的功，等于这段电路两端的电压，电路中的电流和通电时间的乘积。 计算公式：W＝UIt＝Pt（适用于所有电路） 【命题方向】 主要考察用电器的实际功率和额定功率的计算、利用电能表测用电器的实际功率和实际电压等。 例：为了保护孩子的视力，教室里日光灯更换成如图所示额定功率为10W的LED（发光二极管）护眼灯。LED灯发光效率高，其发光部分主要由　半导体　 材料制成。教室内所有9盏LED亮一小时所消耗的电能为　0.09　 kW•h。 分析：家庭电路中的用电器是并联的；LED灯是由半导体材料制成的；根据W＝Pt直接计算即可。 解析：解：如图所示的LED护眼灯，每个教室里的这9盏LED护眼灯是互不影响的，所以它们之间一定是并联的。 LED是发光二极管做成的，发光二极管是半导体材料； 每个教室里的9盏LED护眼灯，每盏LED护眼灯的额定功率为10W，故教室内所有日光灯亮一小时所消耗的电能W＝P总t＝9×10W×1h＝0.09kW×1h＝0.09kW•h。 故答案为：半导体；0.09。 点评：本题考查了半导体材料的应用、电功公式的应用，属于基础题。 【解题方法点拨】 电流做功用W＝UIt进行计算。对于电能全部转化为内能的用电器，也可以用WI2Rt计算电流做的功。 47．电功的实质 【知识点的认识】 （1）实质：电流做功的过程，实际就是电能转化为其他形式的能（消耗电能）的过程；电流做多少功，就有多少电能转化为其他形式的能．电功是一个过程量，电流做功的过程就是消耗电能的过程． （2）电流做功的形式：电流通过各种用电器使其转动、发热、发光、发声等都是电流做功的表现． 【命题方向】 考查电流做功之间能的转化。 例：下列家用电器工作时，将电能主要转化为内能的是（　　） A.电水壶 B.收音机 C.电冰箱 D.电脑 分析：做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外。用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程。分析每种用电器的能量转化形式。 解析：解：A、电热水壶是把电能转化为内能，故A正确； B、收音机是把电能转化声能和内能，故B错误； C、电冰箱主要将电能转化为机械能和内能，故C错误； D、电脑主要将电能转化为声能、光能和内能，故D错误。 故选：A。 点评：本题主要考查学生对：电流做功的实质的了解和掌握，是一道基础题。 【解题方法点拨】 电能转化为其他形式能的过程是电流做功的过程，有多少电能发生了转化就说电流做了多少功． 48．电功率多档位问题 【知识点的认识】 多档位的实质是利用多开关控制接入电路中电阻的大小，从而改变用电器电功率来实现对档位的控制。 高温档：在相同时间内放出的热量最多，热功率最大，电阻R高最小； 中温档：在相同时间内放出的热量低于高温档，热功率低于高温档，电阻R中高于高温档； 低温档：在相同时间内放出的热量最少，热功率最小，电阻R低最大。 【命题方向】 常考查生活中的电热毯、电热水器、电饭锅、电暖气等发热体的档位问题，通常是综合计算，有一定难度。 例：中国茶文化源远流长。图甲是某家用煮茶器的简化电路图，某次煮茶过程中其功率变化如图乙，已知加热5min，可使1kg初温45℃的水升温至100℃。 （1）当开关S接a点时，该煮茶器处于　保温　 （选填“加热”或“保温”）状态。 （2）加热过程中水吸收的热量是多少。 （3）求R1的阻值。 （4）求该煮茶器加热状态下的工作效率。 分析：（1）根据P知，U一定时，P与R成反比，当开关S接a点时，两电阻串联在电路中，电阻最大，电功率最小，该煮茶器处于保温状态；当开关S接b点时，电路只是R2的简单，电路电阻最小，电功率最大，该煮茶器处于加热状态； （2）水吸收的热量根据Q吸＝cm（t﹣t0）计算； （3）由图甲、图乙可知，开关S接a点，R1、R2串联，处于保温状态，电功率为220W，根据P计算总电阻；开关S接b点，电路中的仅有R2，处于加热状态，电功率为880W，根据P可得R2的阻值，由串联电路的电阻规律：R1＝R﹣R2计算R1的电阻； （4）根据W＝P加热t计算消耗的电能，再根据η计算效率。 解析：解：（1）根据P知，U一定时，P与R成反比，当开关S接a点时，两电阻串联在电路中，电阻最大，电功率最小，该煮茶器处于保温状态； （2）水吸收的热量为：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣45℃）＝2.31×105J； （3）开关S接a点，R1、R2串联，处于保温挡，总电阻为：R220Ω； 开关S接b点，电路中的仅有R2，处于加热挡，R2的电阻为：R255Ω； R1的电阻为：R1＝R﹣R2＝220Ω﹣55Ω＝165Ω； （4）该煮茶器加热状态下的消耗的电能为：W＝P加热t＝880W×5×60s＝2.64×105J； 加热效率为：η100%＝87.5%。 答：（1）保温；（2）加热过程水吸收的热量是2.31×105J；（3）R1的阻值是165Ω；（4）该煮茶器加热状态下的工作效率是87.5%。 点评：本题是加热挡位的基本题型，考查电路分析、热量和电热效率的计算。 【解题方法点拨】 注意：并联电路中求解总功率时，可以采用两种方法： 方法一：求出总电阻，然后再求解总功率（此方法计算量大，不推荐） 方法二：根据公式P求解较为方便。 49．焦耳定律的简单计算 【知识点的认识】 （1）内容：电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成正比，这个规律叫焦耳定律． （2）公式：Q＝I2Rt，公式中的电流I的单位要用安培（A），电阻R的单位要用欧姆（Ω），通过的时间t的单位要用秒（s）这样，热量Q的单位就是焦耳（J）． 【命题方向】 考查焦耳定律的简单计算，对公式的简单运用。 例：如图所示电路，已知电源两端的电压U＝12V保持不变，电阻R1＝2Ω，当开关闭合时，电压表示数为3V。求： （1）电流表的示数I； （2）电阻R2的阻值； （3）电路中的总功率； （4）电阻R2在1min内产生的热量。 分析：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测量电路中的电流； （1）根据欧姆定律计算通过电阻R1的电流，即电流表的示数； （2）根据串联电路电压规律计算R2两端的电压，由欧姆定律算出电阻R2的阻值； （3）由P＝UI算出电路中的总功率； （4）根据Q＝I2Rt求出R2在1min内产生的热量。解析：解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测量电路中的电流； （1）根据欧姆定律可得通过电阻R1的电流： I1.5A，即电流表的示数为1.5A； （2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压： U2＝U﹣U1＝12V﹣3V＝9V； 串联电路中电流处处相等，根据欧姆定律可得电阻R2的阻值： R26Ω； （3）电路中的总功率为： P＝UI＝12V×1.5A＝18W； （4）R2在1min内产生的热量： Q2＝I2R2t＝（1.5A）2×6Ω×60s＝810J。 答：（1）电流表的示数I为1.5A； （2）电阻R2的阻值为6Ω； （3）电路中的总功率为18W； （4）电阻R2在1min内产生的热量为810J。 点评：本题考查了串联电路的特点、电功率公式、焦耳定律公式和欧姆定律公式的应用，是一道较为简单的应用题。 【解题方法点拨】 适用于任何电路。 50．火线和零线 【知识点的认识】 （1）家庭电路的电压是220V．其中火线与大地之间是220V，火线与零线之间是220V，零线与大地之间是0V． （2）用测电笔检验，如果测电笔氖管发光则被测线是火线，如果测电笔氖管不发光则被测线是零线． 【命题方向】 考查火线和零线的概念。 例：家庭电路的进户线有两根，一根是　火　 线，另一根是　零　 线，正常情况下，它们之间有　220　 V电压。家庭电路中所有用电器的插座之间是　并　 联的，每盏灯都有自己的控制开关，开关接在　火　 线和灯之间，与灯　串　 联。 分析：（1）家庭电路的进户线由火线和零线组成；火线和零线之间的电压是220V； （2）家庭电路中，用电器之间，插座之间，用电器和插座之间是并联的，开关和开关控制的用电器是串联的。解析：解：我国家庭电路的供电线中，一根是火线，一根是零线，两者之间的电压是220V； 家庭电路中所有用电器的插座之间是并联的，这样可互不影响；每盏灯都有自己的控制开关，电灯和控制它的开关是串联的，为了安全开关必须接在火线上。 故答案为：火；零；220；并；火；串。 点评：知道家庭电路的基本组成和连接方式，是解答的关键，属基本的用电常识。 【解题方法点拨】 在家庭电路中，如果不分辨火线和零线而随意连接，出现火线和零线位置对调现象时，用电器开关断开的将是零线而非火线，可能导致安全隐患，判定零线和火线，正确接线可以避免此类隐患。 51．安全用电原则 【知识点的认识】 四不原则：不损坏绝缘层；不弄湿用电器；不接触低压带电体；不靠近高压带电体 【命题方向】 安全用电方法的判断是中考命题热点．。 例：“生命宝贵，安全第一”是同学们应具有的安全意识。下列做法符合安全用电原则的是（　　） A.家用电器的金属外壳接地 B.使用试电笔时手接触笔尖金属体 C.在电线上晾晒湿衣服 D.不断开开关直接更换灯泡 分析：（1）为了防止触电事故的发生，家用电器的金属外壳要接地； （2）使用试电笔时，手指按住笔尾金属体； （3）生活用水是导体； （4）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。解析：解：A、将家用电器的金属外壳接地，当用电器漏电时，电流就通过接地线流入大地，防止触电事故的发生，故A符合安全用电原则； B、使用试电笔时，手指按住笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故B不符合安全用电原则； C、生活用水是导体，在电线上晾衣服容易发生触电事故，故C不符合安全用电原则； D、不断开开关，直接更换灯泡，由于灯泡上带电，容易引起触电事故，故D不符合安全用电原则。 故选：A。 点评：本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，与学生生活联系密切，体现了物理知识和生活的联系。 【解题方法点拨】 （1）家庭电路的安装要符合安全用电的要求；控制电灯的开关要接在火线上；螺口灯泡的螺旋套一定要接在零线上，其顶部的金属片接火线；有金属外壳的用电器要使用三线插头及对应的三孔插座等。 （2）不接触低压带电体，这里的低压不包括不高于36V的安全电压；不靠近高压带电体，这里的高压通常指1kV或1kV以上的电压。 （3）在用电过程中，要特别警惕本来绝缘的物体变成导体，本来不带电的物体带了电。 52．地磁场及其分布、磁偏角 【知识点的认识】 （1）地球是一个大磁体，地球周围存在的磁场叫地磁场． （2）磁偏角：磁场的N极在地理的南极附近，磁场的S极在地理的北极附近。 【命题方向】 这一知识点是了解性内容，理解清楚地磁和地理南北极关系，地磁和地理南北极的关系常作为命题热点． 例：如图所示的水罗盘是我国古代船舶上使用的一种测向工具。水罗盘是把磁针放在一个中间盛水、边上标有方位的盘子里，磁针浮在水面上能够自由旋转，静止时磁针两端分别指向南北。使用过程中，磁针针尖由于受到　地磁场　 的作用指向南方，则针尖部分是磁针的　S　 极。 分析：指南针指示南北是因为受到地磁场的作用。指南针指南的那一端是它的S极。 解析：解：使用过程中，磁针针尖由于受到地磁场的作用指向南方，针尖相当于磁针的S极。 故答案为：地磁场；S。 点评：本题考查了地磁场和指南针指示南北的原因，属于基础性题目。 【解题方法点拨】 （1）鸽子等动物是利用地磁场进行导航的． （2）历史上第一个记载地理和地磁两极不重合的人是我国宋代的沈括，他提出磁偏角的概念． 53．电流的磁效应 【知识点的认识】 （1）奥斯特实验说明：通电导线周围存在磁场；磁场方向和电流方向有关． （2）这一现象叫电流的磁效应，也就是所说的电生磁． （3）奥斯特是历史上第一个揭示了电与磁之间联系的科学家． 【命题方向】 奥斯特实验、电磁感应现象实验、磁场对通电导线作用实验是电与磁的三个重要基本实验，要掌握它的实验装置、实验现象、说明的问题，多进行对比记忆． 例：如图所示，对下列甲、乙、丙、丁四幅图解释合理的是（　　） A.甲：磁场能产生电流 B.乙：闭合开关，小磁针N极向左偏转 C.丙：这个装置的实验原理，应用于制造电动机 D.丁：电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强 分析：甲图：小磁针会发生偏转是受到了磁场的作用，而磁场是由电流产生的； 乙图：根据安培定则先判断出通电螺线管的N极，然后根据磁感线方向判断出小磁针N极的指向； 丙图：电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而发生转动，发电机的原理是电磁感应； 丁图：电磁铁的磁性强弱与线圈匝数多少有关：当电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强。解析：解： A、该实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，故A错误； B、闭合开关，通电螺线管中的电流方向是“右上左下”，根据安培定则可知，螺线管的左端是N极，磁感线从N极出发经过小磁针时方向是向左的，则小磁针N极将向左偏转，故B正确； C、若开关闭合，金属棒左右切割磁感线运动，此时电路中就会产生电流，故是电磁感应实验装置，该装置的实验原理应用于制造发电机，故C错误； D、由图可知，两个电磁铁是串联的，则通过两个电磁铁的电流相同，在电流相同的情况下，匝数多的电磁铁吸引的大头针数目多，表明线圈匝数越多，磁性越强，故D正确。 故选：BD。 点评：本题考查了电流的磁效应、通电螺线管的磁场及安培定则、发电机的原理、影响电磁铁磁性强弱的因素，其中选项C一定要注意，要能正确识别实验装置属于发电机原理还是属于电动机原理，二者的因果关系是不同的，发电机是“先动后电”，电动机是“先电后动”。 【解题方法点拨】 奥斯特实验：电流能够产生磁场。 54．电动机工作原理 【知识点的认识】 电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的。 【命题方向】 利用直流电动机的原理来分析直流电动机的工作过程是命题方向． 例：新能源汽车已成为汽车工业发展趋势，图中可说明其核心部件电动机工作原理的是（　　） A. B. C. D. 分析：电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受到力的作用而转动。 解析：解：A、图为奥斯特实验装置图，说明通电导线周围存在磁场，故A错误； B、图为探究磁场对电流的作用实验装置图，说明闭合电路部分导体切割磁感线时会产生感应电流，故B错误； C、图为探究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系图，说明线圈匝数一定时，电流越大，电磁铁磁性越强，故C错误； D、闭合开关，导体在磁场中受力运动，是电动机的原理图，故D正确。 故选：D。 点评：本题考查电磁学实验装置，学生需要熟记不同实验装置的实验结论。 【解题方法点拨】 要理解：电流产生磁场原理的变形（电流产生磁场），一个通电线圈相当于一个具有NS极的磁体．形成电磁力． 55．电磁感应现象 【知识点的认识】 （1）电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。 （2）历史意义：英国科学家法拉第首先发现的电磁感应现象，这一发现进一步揭示了电与磁之间的联系，证明了磁可以生电。 【命题方向】 考查电磁感应现象的原理和在实际中的应用。 例：如图是一种手摇发电的手电筒，内有线圈、磁铁等，当沿图中箭头方向来回摇动时，灯泡就能发光，其发电的工作原理是（　　） A.电磁感应 B.磁场对通电导体有力的作用 C.电流的热效应 D.电流的磁效应 分析：发电机的原理是电磁感应现象，以及电磁感应现象中的能量转化是机械能转化为电能。 解析：解：如图是一种手摇发电的手电筒，内有线圈、磁铁等，当沿图中箭头方向来回摇动时，线圈来回切割磁感线，产生电流，使得灯泡就能发光，其发电的工作原理是电磁感应，故A正确，BCD错误。 故选：A。 点评：本题考查电磁感应的应用，属于基础题。 【解题方法点拨】 （1）电磁感应现象实验和磁场对通电导线的作用实验对比： 被研究对象都是磁场中的导体：电磁感应现象的前提条件是运动，结果是产生电流；磁场对电流的作用的前提是电流，结果是产生运动。 即因动而电的是电磁感应现象，因电而动的是磁场对电流的作用。 56．交变电流 【知识点的认识】 （1）交流发电机产生的感应电流的大小和方向在周期性地变化，这样的电流叫做交变电流，简称交流（AC）． （2）在交变电流中，电流在每秒内周期性变化的次数叫做频率，单位是赫兹，简称赫，符号是Hz． 【命题方向】 关于交流电的一些概念和我国交流电的数据，是生活中应该了解的内容．往往考查小知识点 例：用手摇发电机发电时，缓缓摇动手柄，小灯泡会　发光　 ，说明电路中有　电流　 。小量程电流计的指针左右摆动，表明产生的感应电流的　大小　 和　方向　 随时间做周期性的变化，这种电流叫作　交流电　 。我国的交流电每秒完成　50　 个周期性变化，电流方向每个周期改变　2　 次，每秒改变　100　 次。 分析：小灯泡发光，说明电路中由电流； 大小和方向随时间作周期性变化的电流叫交流电； 我国交流电频率是50Hz； 解析：解：用手摇发电机发电时，缓缓摇动手柄，小灯泡会发光，说明电路中有 电流； 小量程电流计的指针左右摆动，表明产生的感应电流的大小和大小随时间做周期性的变化，这种电流叫作交流电； 我国交流电频率是50Hz，每秒完成50个周期性变化，电流方向每个周期改变2次，每秒改变100次。 故答案为：发光；电流；大小；方向；交流电；50；2；100。 点评：本题考查了交流电的特点、我国的交流电频率等知识，属于基础知识。 【解题方法点拨】 （1）周期和频率是用来表示交流电特点的物理量，周期是指交流电动机中线圈转动一周所用的时间，单位是秒，频率是指电流在每秒内周期性变化的次数，单位是赫兹，符号是Hz．周期和频率在数值上是倒数关系． （2）我国家庭电路的交流电电压是220V，频率是50Hz，周期是0.02s，每秒内电流方向变化100次．注意：方向变化100次，周期性变化50次． 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $