四川省阆中中学校2025-2026学年高二下学期5月期中物理试题

阆中中学校2026年春高2024级期中学习质量检测 物理试题 (时间：75分钟满分：100分命题人：杜纵秋审题人：李林昌) 一、单项选择题（每题4分，共28分) 1.如图，一束复色光由某介质射入真空后分解为a、b两束单色光。 下列说法正确的是() 真空 A.该介质对a光的折射率比b光的小 介质 B.在同一介质中，a光的传播速度比b光大 C.光由同一介质射入空气时，a光的临界角比b光大 D.a、b光通过相同的双缝干涉实验装置，a光的千涉条纹间距较小 2.关于下列四幅图的说法正确的是() 照相底片 接交流电源 用 甲 丙 丁 A.甲图要增大出射粒子的最大动能，可增加加速电压U B.乙图是速度选择器，粒子只能够沿直线从右端射出 C.丙图为质谱仪的装置示意图，击中底片同一位置的粒子具有相同质量 D.丁图可判断出A极板是发电机的正极，B极板是发电机的负极 3.如图，空间存在水平向右的匀强磁场的磁感应强度大小为B,从中点将长为2L的导 线围成夹角为60°的折线置于纸面内，当导线中通有电流1时，下列说法正确的是( 609 0° 图甲 图乙 图丙 图丁 A.图甲中导线所受的安培力大小为0 B.图乙中导线所受的安培力大小为BIL C.图丙中导线所受的安培力大小为)BL D.图T中导线所受的交培力大小为5mL 4.如图，在坐标系的第一和第二象限内存在磁感应强度大小分别 为)B和8、方向均垂直于纸面向外的匀强磁场。一质量为m: 电荷量为g(q>0)的粒子垂直于x轴射入第二象限，随后垂直 于y轴进入第一象限，最后经过x轴离开第一象限。粒子在磁场 第1页共4页 中运动的时间为() A.6qB 5πm 8. 7πm 13π1m C. D. 6gB 6gB 6gB 5.如图，直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B,方向平行于 ab边向上。当金属框绕ab边以角速度o逆时针转动时（俯视），a、b、c三点的电势 分别为p。、p,、p。。已知bc边的长度为1。下列判断正确的是() A.P>p,金属框中无电流 B.p,>p。,金属框中电流方向沿a→b→c→a C.U=)BPo,金属框中电流方向沿a-cb一→0 D.U=-B1Po,金属框中无电流 6.如图，OAB为一透明材料做成的柱形光学元件的横截面。AB为 一半径为R的圆弧，O为其圆心，水平向右的平行光垂直于AO 射入透明材料。若只考虑首次从AO直接射向弧AB的光线，弧 AB上三分之一区域有光线射出，其余三分之二区域无光线射出 光在真空中的传播速度为℃，从弧AB射出的光线在透明材料中 传播的最短时间为() A.3R B.R C.R D.V3R 3c c _3c 7.某电磁缓冲小车车底安装着电磁铁，可产生竖直向下的 .0 匀强磁场：粗糙水平地面上固定着闭合矩形线圈abcd, x×xx×xxa :××××××× 磁场的长度大于线圈的bc边的长度，如图所示（俯视）， :××××××× 线圈 关闭动力的小车向右通过线圈，在该过程中，下列说法 ×××××××b 小车 正确的是（) A.小车向右做匀减速直线运动 B.当磁场的右边界刚经过dc边时，ab两端的电压等于dc两端的电压 C.当磁场的右边界刚经过αb边时，线圈里产生的感应电流方向为顺时针 D.小车的动能减少量等于线圈abcd产生的焦耳热 二、多项选择题（每题6分，共18分） 8.如图所示，水平放置的绝缘桌面上有一个金属环，圆心的正上方有一条形磁铁，若 条形磁铁水平向右运动，下列说法正确的是() A.从上往下看，环中有逆时针方向的电流 B.环有收缩的趋势 C.环对桌面压力变小 D.环所受的摩擦力方向水平向左 第2页共4页 9.正电子是电子的反粒子，与电子质量相同、带等量正电荷。在云室中有垂直于纸面 的匀强磁场，从P点发出两个电子和一个正电子，三个粒子运动轨迹如图中1、2、 3所示。下列说法正确的是( ) A.磁场方向垂直于纸面向里 B.轨迹1对应的粒子运动速度越来越大 C.轨迹3对应的粒子初速度比轨迹2的大 D.轨迹3对应的粒子是正电子 10.如图所示，一带电液滴在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中做匀速圆周运动，其轨 迹半径为R,己知电场强度大小为E,方向竖直向下：磁感应强度大小为B,方向垂 直纸面向里，不计空气阻力，重力加速度大小为g,则下列说法中正确的是( ) A.液滴带负电 ××× B。带电液滴运动速度大小为v= BRg RA E C.若突然仅撤去匀强磁场，带电液滴的机械能一定不断增加 D.若突然仅撤去匀强电场，带电液滴的机械能可能不变 三、实验填空题（每空2分，共16分) 11.按要求完成下列填空： +sin 20 0.6 0.4 TTTTTTTTT 15 03 05 10 00.20.40.60.8*sin4 图20 用1 图3 (1)在“测玻璃的折射率”实验中：光线是由空气射入玻璃砖，根据测得的入射角 和折射角的正弦值画出的图像如图1，从图像可知玻璃砖的折射率等于 氵 如果某同学将玻璃界面aa'和bb'的间距画得过宽了，如图2，其他操作正确， 折射率的测量值将 (填“偏大”“不变”或“偏小”)。 (2)在“用双缝干涉测量光的波长”的实验中，在测量相邻两条亮条纹的间距时， 先将测量头的分划板中心刻线与某亮条纹中心对齐，将该条纹定为第1亮条纹， 读数记为x:然后转动手轮，使分划板中心刻线与第6亮条纹中心对齐，此时 手轮上的示数如图3所示，读数记为x2,则x2 mm。若已知双 缝间的距离为d,双缝到光屏间的距离为L,由此计算光的波长表达式为 = (用题中字母表示)。 12.某小组进行探究“影响感应电流方向的因素”的实验，先后采用不同的实验方案。 (1)实验前先确定线圈导线的绕向，然后利用干电池查明 与 流入电流计电流方向的关系。 第3页共4页 (2)如图所示的方案中G为演示电表，没有电流通过时指针在中间0刻度处。分别 进行a、b、c、d四种操作来探究感应电流方向的影响因素。这一方案采用了 。(选填“归纳推理”或“理想模型”)的物理思想方法。 (3)如图是该实验的另一方案，用笔画线代替 导线将图中的实验器材连接完整 (4)按图乙正确连接好装置闭合开关，根据电流 计指针偏转方向及A、B线圈绕向或电流方 向来判别A、B线圈中电流产生的磁场方向 之间的关系。 (5)通过以上两种实验方案得到的结论是： 四、计算题（共38分） 13.(12分)如图所示，玻璃半球半径为R,球心为O,AB为水平直径，M点是半球的 最高点。一束单色光从A点射入玻璃半球，射入的光线与AB成0角。当0=30°时， 光线从BM间某点C平行于AB射出。光在真空中的传播速度为c。求： (1)玻璃半球的折射率； M (2)若0=60°，则光线在玻璃半球中传播的时间。 14.(12分)如图所示，平行光滑金属导轨MNPQ固定在水平面上，导轨宽为L,导轨 所在空间有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B,两金属杆αb、cd质量均为 m,两金属杆连入电路部分的电阻均为R,其余部分电阻忽略不计。零时刻，αb杆静 止，同时给cd杆水平向右的初速度v。,求： B (1)两杆最终的速度 (2)整个过程通过ab的电荷量 15.(14分)如图所示，在xOy直角坐标系第二象限内存在沿x轴正向的匀强电场，电场 强度大小为E(未知)。第一象限内分界线OP与x轴夹角为45°，OP以上的区域I 中存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B(未知)，OP以下的区域Ⅱ 中存在大小和方向均未知的电场和垂直xO少平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小 为√2B(未知)。一质量为m、电荷量为9的带正电粒子从M(-d,0)点以初速度'，沿 y轴正向进入第二象限，由N(0,2d)点进入第一象限，后经Q点垂直穿过分界线OP, 恰好在区域Ⅱ中做匀速直线运动，不计空气阻力、粒子重力及电磁场的边界效应。 求： QP (1)第二象限内电场强度E的大小： ×4 (2)区域I中磁场的磁感应强度B的大小： 2B (3)区域Ⅱ中电场的电场强度E。 45××××y ××××xx ×××××x 第4页共4页 阆中中学校2026年春高2024级期中学习质量检测 物理参考答案 一、二、选择题（1-7题每题4分，共28分，8-10题每题6分，共18分) 题号 1 2 4 6 7 4 9 10 答案 0 B D B CD AC AB 三、实验填空题（每空2分，共16分） sin0 11. (1) (x2-x)d ine, 或1.5 偏小 (2)9.150 5L 12. (1)电流计指针偏转的方向 (2)归纳推理 铁芯 3 5 (⑤)感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化 四、计算题（共38分） 13.（12分) 解：(1)当0=30°时，光线从BM间某点C平行于AB射出， 如图所示 由几何关系可得∠i=30°，∠r=60°… (3 分) 则玻璃半球的折射率为n= sinr_sin60° sini sin300 分) (2)若0=60，因为sinC=1-3 <sin60° (1 n 3 分) 所以光线在玻璃半球中发生两次全反射，最终从B点射出，光路图如图所示 M 光线在玻璃半球中传播的时间1=3弧 …（2 分) C C 光线在玻璃半球中传播的速度v=二= 分) 联立解得1= 3R (1 分) 14.（12分) 解：(1)由于两杆受到的安培力大小相等，方向相反，则两金属杆组成的系统满足动量 守恒，则有y,=2y…(2 分) 解得两杆最终的速度大小为v= ”*0000◆…0…0…0◆4…小 2 (2 分) 方向水平向右。…（2 分) (2)对cd杆运用动量定理-∑BL·△t=m …(2 分) 根据电流定义式有q=∑I△1 (2 分) 解得g= e00004.004:40e。0e:00e0。 (2 2BL 分) 15.(14分) 解：（1)由牛顿第二定律gE=ma…（1 分) 粒子在平行于电场方向上做匀变速直线运动d= (1 分) 粒子在垂直于电场方向上做匀速直线运动2d=y。…(1 分) 解得E= (1 2qd 分) (2)粒子经过N点时沿电场方向的分速度y,=at…(1 分) 此时速度大小v=V好+ (1 分) 速度与y轴正向的夹角a满足ana=上.(1 分) 得以=450… (1 分) 由几何关系可知，粒子在区域I中做圆周运动的半径r=2dcos45°.…(1 分) 由洛伦兹力提供向心力gB=mv (1 分) 解得B=m (1 gd 分) (3)粒子在区域I中，受力平衡qv×√2B=gE 分) 解得E= 2mvo (1 gd 分) 由左手定则，带正电的粒子所受洛伦兹力沿OP方向，则其所受电场力沿PO方向，故电 场强度沿P0方向。…(1 分)