假期必刷33 描述运动的基本概念-【快乐假期】2025-2026学年高二物理暑假必刷题

三0022- 假期必刷32 素养训练 1.D[根据质量数、电荷数守恒可补全该衰变方程有C→N 十_e 可知X为电子，A错误；衰变是可以自发发生的且在衰变过 程中会释放能量，B错误：某种元素的半衰期长短由其本身 因素决定，与它所处的物理、化学状态无关，C错误；由于在 衰变过程中要释放能量，质量要亏损，则N与X的质量之 和小于14C的质量，D正确.] 2.C[根据核反应方程Y+Am→X+2n, 根据质子数守恒，设Y的质子数为y,则有y十95=119十0， 可得y=24, 即Y为Cr;根据质量数守恒，则有54+243=A十2， 可得A=295.] 3.B[大量处于=3能级的氢原子向低能级跃迁时，辐射出 不同频率光子的种类为C?=3种，辐射出光子的能量分别为 △E1=E3-E1=-1.51eV-(-13.6eV)=12.09eV,△E =Eg-E2=-1.51eV-(-3.4eV)=1.89eV,△Ea=E2 E=-3.4eV-(-13.6eV)=10.2eV,其中△E>3.11 eV,△E2<3.11eV,△E3>3.11eV,所以辐射不同频率的紫 外光有2种.] 4.B[根据玻尔理论可知1=E一E,则频率为1的光其 动量为，=会--BE,选项A错误频奉为布 21的两种光分别射入同一光电效应装量，均产生光电子，其 最大初动能分别为Ekml=hg:一W这出功，Ekm2=hyg! W曲功，最大初动能之差为△Ekm=hyg1一hy21=hyg2,选项B 正确；频率为1和1的两种光分别射入双缝间距为d,双缝 到屏的距离为L的干涉装置，根据条纹间距表达式△x= 导入-产生的千净条线间距之差为小一片 LcLc (1一1)≠LC,选项C错误：若原子n=3跃迁至n d（g12)dv2 E4一E3 4能级，则E一E=hya4,可得入射光的频率y'= h 选项D错误.] 5.C[3射线是高速电子流，穿透能力很弱，不能穿透几厘米厚的 铅板，A正确，不符合题意：根据质量数和电荷数守恒可知，勰发 生B衰变的方程为Sr→X十_e,B正确，不符合题意；半衰期 是大量原子核衰变的统计规律，对少量的原子核衰变不适用，C 错误，符合题意：衰变后的新核更稳定，其原子核中核子结合更 牢固，比结合能更大，D正确，不符合题意.] 6.D[由核反应方程和质量数、电荷数守恒得X是正电子e, 故A错民：两个半袁扇后刺会铝26占原来的m=(合) }故B错误：核反应过程中质量数守恒，质量不守恒，桑变 过程释放能量，有质量亏损，所以衰变前铝26的质量大于镁 26的质量，故C错误：半衰期不受物质所处的物理及化学环 境影响，故D正确.] 7.C「核电站是利用重核裂变进行发电的，所以华龙一号中 发生的是核裂变，故A错误；轴核裂变的条件是反应前有中 子轰击铀235，而核反应U→11Ba十。Kr十2n中，没有中 子轰击轴235，故B错误：核反应堆中可采用重水、石墨作为 慢化剂，故C正确；核反应过程中出现质量亏损，不遵循质 量守恒，故D错误.] 8.C[人造太阳的核聚变是氘核和氚核进行的核聚变反应， 核反应方程是H十H→He十。n,故A、B正确，不符合题 意，C错误，符合题意：核聚变的过程中，只有亏损的质量转 化为能量，所以根据质能方程可知，“人造太阳”释放的能量 大小的计算公式是△E=△mc2,故D正确，不符合题意.] 12 素养培优 9.解析：(1)由质量数与电荷数守恒可知，235十1=141+92十 x得x=3. (2)由题意知，质量亏损为 △m=m1-m2-1m3-2, 由质能方程可知，释放的核能为 △E=△mc2=(m1-m2-m3-2m)c2. (3)一个月内核反应产生的总能量为E=P, 同时E=NA△E, Ptg 可得m=N△E =6.0X10°×2.6×10×0.235kg=22kg. 6.0×103×2.8×10" 答案：(1)3(2)(m1-m2-m-2m)c2(3)22kg 假期必刷33 素养训练 1.C[研究甲图运动员的入水动作时，运动员的形状和体积 对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质 点，故A错误；研究乙图运动员的空中转体姿态时，运动员 的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽略，此时运动员 不能够看为质点，故B错误：研究丙图运动员在百米比赛中 的平均速度时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响能 够忽略，此时运动员能够看为质点，故C正确；研究丁图运 动员通过某个攀岩支点的动作时，运动员的形状和体积对所 研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点， 故D错误.] 2.C[“44分钟”指的是时间，故A错误；这两个收费站的路 程为58km,故B错误，C正确：若研究小型客车通过某个隧 道的时间，若小型客车与隧道的长度相差不是很大，不可以 把车看成质点，故D错误.故选C.] 3.B[题目中“全长16.34km”指的是该大桥的长度，指路程， A错误；“风速超过20m/s”“不能超过300km/h”均指的是 某一时刻的速度，均为瞬时速度，B正确，C错误；由于不清 楚题目中所述的通过大桥的位移，所以无法计算平均速度， 204km/h是平均速率，D错误.] 4.D[速度和加速度均为负值，两者方向相同，速度一直增 大，直到加速度等于零为止；在加速度减为零的过程中，位移 一直增大，加速度为零时，速度不为零，位移仍在增大，故A、 B、C错误，D正确.] 5.C[气门芯从最高，点第一次到达最低点过程中，水平方向 位移为x=πR=0.6πm,竖直方向位移为y=2R=1.2m,故 位移大小约为s=√/x2十y≈2.2m,故选C.] 6.B[由题设所给的G值公式可知，G值越大，该车的加速度 越大，速度的变化率越大，则车辆的动力越强劲，故A错误， B正确；题中100公里每小时为瞬时速度，故C错误； 100km/h≈27.8m/s,根据题设所给的G值公式可得△t≈ .8X10s≈6.2s,故D错误.] 7.C[红旗跃过汀江，是以江岸为参考系，A错误；研究红旗 的飘杨时，红旗的形状不能忽略，不能看作质点，B错误；研 究战士从长汀到龙岩的运动轨迹时，战士的大小和形状忽略 不计，可以将战士视为质点，C正确：平均速度大小等于位移 大小与时间的比值，平均速率等于路程与时间的比值，由图 可知，路程大于位移，平均速率大于平均速度，D错误.] 8.BC[取向东为正方向，加速度4=、心=-2m/s;若速 △t 度大小为2m/s,方向向东，则6=叫一=5s:若速度大小 为2m/5、方向向西，则，=二二心=7s,故选项B,C正 a 确，A、D错误.] 9 飞受快乐假明 素养培优 9.解析：(1)在AB段，由运动学公式得a=”,代入数指解 得a,=4m/s2; (②》AB段位移位为L,=名4，BC餐位移为L,=叫，CD段 位移为L,=名，总位移为L=L,十L,十L,总时间1=4十 1,十，可得L=名(1-，)十，代入数据解得1。=3s 答案：(1)4m/s(2)3s 假期必刷34 素养训练 1.C[根据匀变速直线运动的速度位移公式一u=2a.x知， 出=22所以AB1AC=1:4,则AB:BC 2a :3,故C正确，A、B、D错误.] 2.C[采用逆向思维法，由于最后1s内的位移为2m,根据 1 名=7at得，汽车加速度大小a=学=4m,第1s内的 位移为13m,根据名=一号a,代入最据解得初递度 8,=15m/s,则汽车在第1s末的速度y,=℃。一at=15m/s -4X1m/s=11m/s,故C正确，A、B、D错误.] 3.A[由位移与时间的关系结合运动学公式可知，u,=24m/ s,a=-12m/s2,则由v=,十at可知，汽车在2s末停止运 动，故它在前3s内的位移等于前2s内的位移，△x=24×2 m-6X4m=24m,则汽车在前3s内的平均速度-名 3m/s=8m/8,故A正确.] 4.A[木板在斜面上运动时，木板的加速度不变，设加速度为 ,木板从静止释放到下端到达A,点的过程，根据运动学公 式有L=2aG,木板从静止释放到上端到达A点的过程，当 木板长度为L时，有2L=2a,当木板长度为2L时，有3L 又△t1=t1-tn,△t2=t2-to, 联立解得△2：△1=(3-1)：(W2-1).] 5.BC[b球下落高度为20m时，4√/g√10 2h/2×20 s=2s, 则a球下降了3s,a球的速度大小为v=30m/s,故A错误； a球下降的总时间为4，一√=5，北时6球下降了 4s山球的下降高度为公=之×10X华m=80m,故b球离 地面的高度为h。=(125-80)m=45m,故B正确；由自由 落体的规律可得，在α球接触地面之前，两球的速度差恒定， 两球离地的高度差变大，故C正确，D错误.门 6.BD[AB.整个过程的逆过程是初速度为0的匀加速直线运 动，剑数第3s内的位移大小为1.0m,对=2ad-aG, 代入数据得a=0.4m/s2, 故A错误，B正确： CD.由速度公式可知初速度为=at。=0.4×20m/s =8m/s, 所以在1s末的速度为，=。一at,=8m/s-0.4×1m/s= 7.6m/s, 而第1s内的位移乙=2=8+761m=7.8m 2 故C错误，D正确.故选B、D.] 18 -.--000= 7.C[根据匀变速直线运动规律，设OA间距为x,有x=,t 2ar,小球又经4s第二次通过C点，有x十8m=(u十 4s)-2a(1十4s)”,联立可得a=2m/s,x=16m,故A、B 错误；B点为AC的中间位置，OB间距为x,=x十4m= 20m,由v.2-=-2a.x1,得va=2V5m/s,故C正确；由 x=4,得4，=(5-5)s,故D错误.] 2 &.A[频率为2H2领闪熙相机，时间为T=子=0.5s根据 匀变速直线运动的公式有(2一1)×10-2×50m=△x=aT2, 解得a=2m/s2,故A正确；匀变速直线运动的平均速度等 于中间时刻的瞬时速度，则运动员通过照片中3cm位置时 速度为，=(6-1)X10X50m/s=2.5m/s,故B错误： 2×0.5 根据0位置到3cm位置的速度时间公式，有℃，=，十aX 2T,解得，=0.5m/s,即照片中0位置的速度为0.5m/s, 故不是起跑位置，故C错误；运动员在照片前6cm内的平均 速度为0=6X10X50m/s=2m/s,故D错误.] 3×0.5 9.AC[因为子弹做匀减速直线运动，可将其视为反向的初速 度为0的匀加速直线运动，连续两段相等时间内的位移之比 为x1:x2=1:3=2:6,即射穿第6块时，恰为全程时间中 点，速度为全程的平均速度。=？，即初速度的一半，故A 正确：将8块凝胶分为四等份.根据连续相等位移的时间比 为t1:t2′：t′：t4′=(W4-√3)：(wW3-2):(2-1):1,则 字过第一份长度的时间相对总时间的占比为4'-？，5， 故B错误，C正确；因每块凝胶大小一致，若令穿透最后一块 凝胶的时间为1s,则穿透第一块凝胶的时间应为（√8一√7） s,则平均速度之比应为（√8十√7）：1，则D错误.故选AC.] 10.B[图线1是位移一时间图像，表示物体做变速直线运 动，选项A错误：x一t图线上某点斜率的绝对值的大小表 示速度的大小，由题图可知七1时刻心，>，选项B正确；口 一t图像中0一t,时间内3和4位移不同，所以平均速度大 小不相等，选项C错误；t2时刻2开始反向运动，t,时刻4 加速度方向变化但运动方向不变，选项D错误. 素养培优 11.解析：(1)根据匀变速运动规律，某段内的平均速度等于中 间时刻的瞬时速度，可知在1、2号锥筒间中间时刻的速度 为4=4=2.25m/s, 2、3号维简中间时刻的速度为=4=1.8m/s, △w=4一4=1m/s. 故可得加速度大小为a=t在+多】 (2)设到达1号锥筒时的速度为，根据匀变速直线运动 1 规律得o4一2ati=d, 代入数值解得=2.45m/s, 运用逆向思雏法从1号锥筒开始到停止时通过的位移大小 -=3.00125m≈3.33d. 为x-2a 故可知最远能经过4号锥筒. 答案：(1)1m/s2(2)4 假期必刷35 素养训练 1.C[重力的方向一定竖直向下，故A正确；重力是由于地球 的吸引而使物体受到的力，故B正确；质量分布均匀、形状 规则的物体重心在其几何中心，故C错误：重心可能在物体 上，可能在物体外，比如质量均匀分布的圆环的重心在其圆 心，故D正确.本题选错的，故选C.] 0受快乐假期 假期必刷33 描述运动的 素养解读 1.经历质点模型的建构过程，了解质点的含 义，知道将物体抽象为质点的条件，能将特 定实际情境中的物体抽象成质点.体会建构 物理模型的思雏方式，认识物理模型在探索 自然规律中的作用. 2.理解位移、速度和加速度的含义. 3.体会科学思维中的抽象方法和物理问题研 究中的极限方法， 素养训练 1.杭州亚运会顺利举行，如图所示为运动会中 的四个比赛场景.在下列研究中可将运动员 视为质点的是 ( 甲：跳水 乙：体操 丙：百米比赛 丁：攀岩 A.研究甲图运动员的入水动作 B.研究乙图运动员的空中转体姿态 C.研究丙图运动员在百米比赛中的平均速度 D.研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作 2.为推动三明市三沙同城化和区域经济发展， 自2023年4月1日零时起，对三元区三明 东、三明西、三明南、三明北至沙县区沙县、 虬江、三明机场3个高速公路收费站，两组 之间跨区往返通行的闽G牌照9座以下（含 9座)一类小型客车的高速公路通行费用由 政府统一支付，车主免费通行.如图是手机 导航从沙县机场收费站到三明西收费站的 截图，则下列说法正确的是 可 44分钟58公里 6 0M-= 学然后知不足，教然后知困。 基本概念 完成日期： 月 A.“44分钟”指的是时刻 B.这两个收费站的位移为58km C.这两个收费站的路程为58km D.若研究小型客车通过某个隧道的时间， 一定可以把车看成质点 3.平潭海峡公铁两用大桥全长16.34km,该 大桥所处的平潭海峡是世界三大风暴海域 之一，以“风大、浪高、水深、涌急”著称.为了 保证安全，环境风速超过20m/s时，列车通 过该桥的运行速度不能超过300km/h.下 列说法正确的是 ) A.题目中“全长16.34km”指的是位移大小 B.“风速超过20m/s”“不能超过300km/ h”所指的速度均为瞬时速度 C.“风速超过20m/s”指的是平均速度，“不 能超过300km/h”指的是瞬时速度 D.假设某火车通过该大桥所用时间为0.08 h,则平均速度约为204km/h 4.我国的某新型潜航器在某次试航中，测试 垂直急速下潜、上浮性能，水面舰艇上的 测试员发现仪表上显示潜航器在某时刻 的速度为负值，加速度也是负值且大小不 断减小直到为零，则该潜航器的运动情 况为 A.位移先增大后减小，直到加速度等于零 为止 B.位移一直在增大，直到加速度为零为止 C.速度先增大后减小，直到加速度等于零 为止 D.速度一直在增大，直到加速度等于零 为止 三0022 5.如图，车轮半径为0.6m 的自行车，在水平地面上 不打滑并沿直线运动.气 门芯从最高点第一次到达最低点的位移大 小约为 A.1.2m B.1.8m C.2.2m D.3.6m 6.某国产车型启用全新 动力标识，新的命名方 式直接与车辆的加速性 45 TFSI 能联系起来，如图，TFSI 前面的那组数字称为G值，单位为m/s,计算 公式为“G-会×10，式中a0为从静止加 速到100公里每小时的速度变化量，△t为 不同车型的百公里加速时间.则以下说法正 确的是 A.G值越大，车辆的速度变化量越大 B.G值越大，车辆的动力越强劲 C.100公里每小时是指车辆百公里加速的 平均速度 D.标识为45TFSI的车辆百公里加速时间 约为7.3s 7.1929年5月20日，毛泽东 长汀 率领红四军来到长汀县濯 田镇水口村汀江渡口.在 龙岩 群众的帮助下，红四军乘 坐插着红色军旗的木船，顺利渡过汀江.行 军三天后，抵达龙岩.为此，毛泽东写下了 “红旗跃过汀江，直下龙岩上杭”的豪迈诗 篇.关于此次行军说法正确的是 ( A.红旗跃过汀江是以木船为参考系的 B.研究红旗的飘扬时可以将红旗看成质点 C.研究战士从长汀到龙岩的运动轨迹时可 以将战士视为质点 D.战士从长汀到龙岩的平均速度大小等于 平均速率 8.(多选)一物体做加速度不变的直线运动，当 t=0时，物体的速度大小为12m/s,方向向 东；当t=2s时，物体的速度大小为8m/s, 方向仍向东，则当物体的速度大小变为 2m/s时，t可能为 A.3 s B.5s C.7s D.9s 67 二物理恐 素养培优 9.(生活情境)如图甲所示，滑道项目大多建设在 景区具有一定坡度的山坡间，既成为游客的代 步工具，又可以增加游玩的趣味性，在某景区 拟建一个滑道，示意图如图乙，滑道共三段，第 一段是倾角比较大的加速下坡滑道AB,第二 段是倾角比较小的滑道BC,游客在此段滑道 恰好做匀速运动，若游客从静止开始在A点以 加速度a1做匀加速运动，经过4s到B点并达 到最大速度16m/s,然后进入BC段做匀速运 动，设计的第三段上坡滑道CD作为下客平 台，使游客做匀减速运动后速度减为零（游客 经过两段轨道衔接处可视作速度大小不变)， 游客乘坐滑道，从山顶A处到达下客平台D 处总共用时8.5s,游客在各段滑道运动的总 路程为92m,求： D 甲 (1)在AB段运动加速度a1的大小； (2)游客在BC段匀速运动的时间to·