假期必刷1 部分电路及其规律-【快乐假期】2025-2026学年高二物理暑假必刷题

三0022 [第一部分]学向勤中得 一不负韶华 霞即刻扫码 假期必刷1部分电路及其规律 A1伴学助手 素养解读 A. MI MINA B. oN A Se PSe 1.电流计算的两个公式：定义式：I=9,微观 c器 IN Se 表达式：I=neS. D.Me 2.分析电路的串、并联结构，用欧姆定律分析 3.智能手机耗电量大，移动充电 宝应运而生，它是能直接为移 计算电路中各部分的电压、电流 动设备充电的储能装置.充电 3.注意电阻的定义式和决定式： 宝的转换率是指充电宝放电 4.注意电功（电功率）和电热（热功率）的区别. 总量占充电宝容量的比值，一 素养训练 般在0.6~0.7.如图为某一款 1.“碳达峰”是指我国承诺2030年前，二氧化碳 移动充电宝，其参数见下表.下列说法正确 的是 ( 排放达到峰值后将逐步降低，不再增长，这一 容量 20000mA·h 兼容性 所有智能手机 庄重承诺体现了我国的科技实力.其中节能减 边充边放 否 保护电器 是 排的一条重要措施就是逐步将我国现有的约 输入 DC5V2AMAX 输出 DC5V0.1A~2.5A 2亿只传统路灯替换成使用风能和太阳能的风 尺寸 156*82*22mm 转换率 0.60 光互补路灯，如图为某公司生产的风光互补 产品名称索杨Y10一200 重量 约430g LED路灯外形图和电路原理图.已知每燃烧一 A.充电宝充电时将电能转化为内能 吨标准煤可以发电3000千瓦时，排放二氧化 B.该充电宝最多能储存的能量为3.6×10°J 碳2.61吨，若将我国现有的40%的传统路灯 C.该充电宝电荷量从零到完全充满所用时 替换成风光互补路灯，按每只传统路灯功率 间约为2h 400瓦、每天工作10小时计算，这一条措施一 D.用该充满电的充电宝给电荷量为零、容 年可减少二氧化碳的排放量约为 ) 量为3000mA·h的手机充电，理论上 能充满4次 4.将横截面相同、材料不同的两段导体L1、L 风力发电机 阳能电板 蓄电池 无缝连接成一段导体，总长度为1.00m,接 LED灯 入图甲电路.闭合开关S,滑片P从M端滑 到N端，理想电压表读数U随滑片P的滑 A.2.5×101吨 B.2.5×103吨 动距离x的变化关系如图乙，则导体L1、L 的电阻率之比约为 C.1×10"吨 D.1×108吨 UW 0.5 2.某根导线的横截面积为S,通过电流为I.已 0.4 知该导线材料密度为ρ，摩尔质量为M,电 2 0.1 子电荷量为e,阿伏伽德罗常数为NA,设每 00.250.500.751.00m 图甲 图乙 个原子只提供一个自由电子，则该导线中自 A.2:3 B.2:1 由电子定向移动速率为 C.5:3 D.1:3 壁快朵假期 900= 5.在如图所示的电路中，电源 9.如图所示为电动机提升重物的装置，电动机 电压U=15V,电阻R、R2、 R A 线圈电阻r=1Ω，电动机两端电压为5V,电 R3的阻值均为10，S为单 S B 路中的电流为1A,重物受到的重力为20N. 刀双掷开关，则开关S接A 不计摩擦力，则： 和开关S接B时，电压表的读数分别为 个 A.7.5V10V B.10V7.5V C.010V D.10V 0 电动机 6.四盏灯泡接成如图所示的电路. a、c灯泡的规格为“220V (1)电动机的输入功率和线圈电阻上消耗的 40W”,b、d灯泡的规格为“220V h 热功率各是多少？ 100W”,各个灯泡的实际功率都 (2)电动机的输出功率和效率各是多少？ 没有超过它的额定功率，则下列选项正确的是 (3)电动机可以把重物以多大的速度竖直向 ( 上提升？ A.P-P<P-P B.P=P>P>P C.P<P<P<P D.P<P<P=P 7.(多选)如图所示的电路，将 两个相同的表头分别改装 成电流表A(0~3A)和 A(0~0.6A),把两个电流 表并联接入电路中测量电流，则下列说法正确 的是 A.A1的指针半偏时，A2的指针也半偏 B.A的指针还没半偏时，A的指针已经半偏 C.A1的读数为1A时，A2的读数为0.6A D.A的读数为1A时，干路的电流为1.2A 8.虚接是常见的电路故障， 力 如图所示，电热器A与 Mo 电热器B并联.电路中的 C处由于某种原因形成 B 了虚接，造成了该处接触 素养培优 电阻在02402之间不 10.(科技情景)（多选）地球本身带负电，其周 稳定变化，可等效为电阻Rc,已知MN两端 围空间存在电场，由于电场的作用，地球处 电压U=220V,A与B的电阻RA=RB=24 于放电状态.但大气中频繁发生雷暴又对 2,求： 地球充电，从而保证了地球周围电场强度 (1)MN间电阻R的变化范围； 大小恒定不变.统计表明，雷暴带给地球的 (2)当Rc=2402,电热器B消耗的功率（保 平均电荷量每秒约为g=1.8×103C,离地 留3位有效数字). 面50km处的大气层与地面之间的电势差 约为U=3.0×105V.已知地球半径r= 6.4×103km.则 () A.雷暴对地球充电的平均电流约为I= 1.8×103A B.离地面50km以下的大气层平均电阻 为R=3.0×1032 C.离地面50km以下的大气层的平均电 阻率为p≈1.7×1032·m D.离地面50km以下的大气层的平均电 阻率为p≈1.7×10122·m 2三022 参考 汇第一部分] 假期必刷1 素养训练 1.D[400W的路灯一年消耗的电能为W=Pt=0.4kW×10h ×365=1460kW·h,则买一套路灯1年可减小二氧化碳的排 放童为m}×261吃=1.27电，总共减少二氧化残的稀 放量m喜=40%×2×103X1.27吨≈1×108吨，故选项D 正确.门 2.A[设自由电子定向移动的速率为，导线中自由电子从一 端定向移到另一端所用时间为t.对导体研究：每个原子可提 供一个自由电子，则自由电子的总数与原子数目相等，为” -V(时间内通过导依横我面的电荷量为=心，电流 为1一冬心，得政A正】 3.D[充电宝充电时将电能转化为化学能，故A错误；该充电宝 的容量为q=20000mA·h=20000×10-3×3600C=7.2×10 C,电压为5V,所以充电宝最多能储存的能量E=qU=5×7.2 ×10J=3.6×10J,故B错误；以2A的电流充电，充电宝电荷 量从零到完金充满所用时间1=号2210 2 =3.6×104s= 10h,故C错误；由于充电宝的转换率是0.60，所以放电总量为 20000mA·h×0.60=12000mA·h,给电荷量为零、容量为 300mA·h的手机充电的次数n=1200次=4次，故D 3000 正确.] 4,B[根据电阻定律R=pS, 根据欧姆定律U=I·R, 楚段可法·号 0.2 结合题图可知导体L1、L的电阻率之比A 0.25 0.5-0.2 1.00-0.25 =] 5.C[开关S接A,电压表被短路，电压表测量的是导线上的 电压U1=0;开关S接B,R2与R,并联再与R串联，电压 表测量的是R,两端的电压U,= RRR,=10V,故 R+R+Rs 选C. 6.A[由题意可知R=R。>R。=R,故Rh=R,由串联电 特点可知U=U=U=U,根据P=尽，故上 P<P,P=P,P。=P4,所以P。=P<P。=P,A正确， B、C、D错误.] 7.AD[A,和A,是由两个相同的表头改装而成的，只是它们 并联的电阻不同.当两个电流表并联时，加在两电流表表头 上的电压相等，所以，通过两表头的电流也相等，故指针同时 半偏，A正确，B错误；A,的读数为1A时，A2的读数应为 号×0.6A=Q,2A,所以千路电流为1.2A,C错误，D正确] 8.解析：(1)根据电路可知当Rc=0时，MV间电阻R的阻值 最小R=,元=2n 当Rc=2402时，MV间电阻R的阻值最大，R= Ra(R6+240) R+(RB+240)=220 故MN间电阻R的变化范围为122≤R≤22n. 富二物理) 答案 (2)当R。=240Q时，通过电热器B的电流为I=R十R J 此时电热器B消耗的功率为PB=R 解得P。=16.7W. 答案：(1)122R≤222(2)16.7W 9.解析：(1)电动机的输入功率P=IU=5W, 线图电阻上消耗的热功率P=Ir=1X1W=1W. (2)电动机的输出功率P出=P一P然=4W, 效率7号×100%-80%， (3)根据P出=mg0,可得u=0.2m/s. 答案：(1)5W1W(2)4W80%(3)0.2m/s 素养培优 10.AD[雷暴对地球充电的平均电流约为1=4=1.8X10A 1 =1.8×10A,所以A正确；离地面50km以下的大气层平 均电阻为R=V=3.0×10 Γ11.8×10 2≈1.7×102，所以B错误； 离地面50km以下的大气层的平均电阻率为p=RS RX4πr= 1.7X10×4×3.14×(6.4X10×10y0·m 50×103 ≈1.7×1022·m,所以C错误；D正确.] 假期必刷2 素养训练 1.D[开关断开时，电压表的示数等于电源的电动势，故E=3V: 当开关S闭合时，电压表示数为R两端的电压，由U=E一U 可知，内电压U=E-U=3V-1.8V=1.2V,故外电阻与内 包但的比维尽心-士经营故D运确] 2.ACD[在路端电压与总电流的关系图线(U一I)中，图线在 U轴上的截距表示电动势E,图线斜率的绝对值表示电源的 内阻，可见EA>EB,ra>rB·图中两直线的交点坐标为(I、 U),由R=号可知，路瑞电压都为U,时，它们的外电凰相 等.由U为=Ir可知，电流都是11时，因r不相等，故两电源 内电压不相等，所以选项A、C、D正确.] 3.C[当开关接1时，道过电阻R的电流1=只-品A 0.1A,根据闭合电路欧姆定律得E=U十Ir,代入数据可得 ,2灯造的定电流1，-是-号A=1.5A电假R 号-30=2Q,故A错送，B正确；当开关接2时，灯泡 包流1'-R,器A-08A小于与泡的领定电流， 实际功率小于其额定功率，则灯泡L不能正常发光，会很 暗，此时灯泡两端的电压为U1'=I′R=0.8×2V= 1.6V,故C正确，D错误.] 4.C[由题图可知滑动变阻器的滑片由中点滑向b端时，滑动 变阻器连入电路中的阻值增大，则外电路的总阻值R,增 大，千路电流R十，减小，故电流表A示数减小；路端 电压U=E一Ir,因I减小，所以U增大，即电压表的示数增 大；R2两端电压U2=E-I(R1十r),因I减小，所以U2增 大，由上2尺知，山增大，即电流表A的示数增大，故选项 C正确，A、B、D错误.门