2026届海南省多校高三下学期联考模拟预测物理试题

高三物理 注意事项： 1,答题前，务必将自己的个人信息填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定 位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需 改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题 卡上。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的。 1.一弹簧振子做简谐运动，下列说法正确的是 A.振子的位移越大，回复力越大，加速度越大 B.振子的速度为零时，加速度也为零 C.振子向平衡位置运动时，速度减小 D.简谐运动的周期随振幅的增大而增大 2.一定质量的理想气体从状态A开始，经A→B→C-→D→A过程回到初始状态，完成一个循 环，其p-V图像如图所示，下列说法正确的是 p/(10 Pa) A.在A→B过程中，气体温度保持不变 3 B.在B→C过程中，气体分子的数密度不变 C.在C-→D过程中，气体对外做功 D.一个循环过程中，气体从外界吸收600J热量 3.一小木块在空中由静止释放，木块仅受重力及一水平向右恒定风力的作用，关于木块在空 中的运动情况，下列说法正确的是 A.木块运动的加速度逐渐变大 B.木块运动的轨迹为曲线 C.木块运动的轨迹为向右下方的直线 D.木块处于超重状态 4.如图所示，金属导线ACD的两部分AC、CD互相垂直，导线中通有图示方向、大小为I的恒 定电流，空间存在垂直于ACD平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。已知AC=3、 CD=4l,则ACD所受安培力为 物理5第1页 A.5Bn,垂直于AD连线斜向上 就8义×8 B.7BI,垂直于AD连线斜向下 B C.5BL,垂直于AD连线斜向下 D.7BL,垂直于AD连线斜向上 5.如图所示为玻尔模型中氢原子的谱线图，通过对谱线图的分析，下列说法正确的是 赖曼系 巴尔末系 帕邢系 100400 1000 λ/nm 紫外可见光 红外 A.该光谱是由氢原子核衰变时辐射的光子形成的 B.赖曼系谱线对应光子的能量比帕邢系谱线对应光子的能量小 C.因为氢原子的发射光谱有多条谱线，所以氢原子光谱是连续谱 D.尽管每种原子有多条谱线，但谱线可以用来鉴别或确定物质的组成 6.2026年2月12日14时37分，我国在广东阳江附近海域使用捷龙三号运载火箭，成功将巴 基斯坦PRSC-E02卫星、港中大一号卫星等共7颗卫星发射升空，卫星全部顺利进人520 公里高度的预定轨道，发射任务取得圆满成功。已知我国空间站距离地面约400公里，若 卫星及空间站在地球引力的作用下均做匀速圆周运动，下列说法正确的是 A.空间站的周期大于PRSC-EO2卫星的周期 B.空间站的线速度小于地球的第一宇宙速度 C.空间站的加速度小于PRSC-EO2卫星的加速度 D.赤道上物体随地球自转的向心加速度比PRSC-EO2卫星的向心加速度大 7.如图所示，ABCD为正方形，在其顶点A、B、C、D分别放置电荷量为+Q、+Q、-Q、-Q的点 电荷。图中E、F、G、H分别为AB、BC、CD、DA的中点，O为正方形的中心， M MN垂直于ABCD平面，且M、N两点关于O点对称，取无穷远处为零势面， 则下列说法正确的是 A.0点电场强度为零 B.M、N两点电场强度大小相同，方向相反 C.0点电势为零 D.E、F、G、H四点电势相同 物理5第2页 8.随着我国快递行业的迅速发展，快递分拣流水线设备也得到了广泛应用，如图1为某快递 分拣流水线工作的简化流程：水平传送带与倾斜传送带在B点平滑衔接，两传送带分别以 速度”1、按图示方向运动，快递包裹（视为质点）从投递口投放后落到水平传送带的A点 (不考虑反弹)，在水平传送带的作用下包裹被转移到倾斜传送带上（不考虑B点对包裹运 动的影响)，倾斜传送带倾角为0，包裹在倾斜传送带上运动的速度大小与时间的关系图像 如图2所示。已知包裹刚好能送到传送带顶端C点，包裹与两传送带间的动摩擦因数相 同，重力加速度g取10/s2。下列说法错误的是 ◆/(m·s) 投递口 4 50 t/s 图1 图2 A.倾斜传送带倾角0=30° B.包裹与传送带间的动摩擦因数为日 5 C.水平传送带的最小长度为6√5m D.水平传送带运动的最小速度为12m/s 二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个 选项是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9.自耦变压器是指原、副绕组直接串联自行耦合的变压器。如图所示为理想自耦式变压器， 环形铁芯上线圈的总匝数为440匝，B、P间的线圈匝数为110匝，P为变压器的滑动触头， 电压表为理想交流电表。在A、B间输入电压瞬时值为u=220√2sin（100πt)V的交变电 流，输出端有个相同的灯泡并联作为负载，此时小灯泡的功率均为P,下列判断正确的是 A.通过灯泡的电流方向每秒改变50次 B.电压表的示数为55V C.变压器的输人功率为nP ⑧⑧☒ D.滑动触头逆时针转动，电压表示数减小 10.如图所示，空间存在竖直向上的匀强电场，电荷量为q、质量为m的滑 块静止在光滑绝缘的斜面上。滑块所带电荷量保持不变，若电场缓慢 顺时针旋转90°，滑块始终保持静止，下列说法正确的是 A.滑块带正电荷 B.电场强度先变小后变大 C.电场强度逐渐变大 D.滑块受到的支持力逐渐变大 物理5第3页 11.一质量m=1000kg的新能源汽车，某次性能测试中，在水平地面上从静止开始做加速直 线运动，作出加速度随速度倒数变化的a-I图像如图所示，汽车行驶中所受阻力恒定，重 力加速度g取10m/s?。下列说法正确的是 ↑alm·g A.汽车做匀加速直线运动的时间是5s B.汽车的最大速度是25m/s C.汽车的最大功率是40kW 0.050.1 D.匀加速直线运动的位移是20m 12.在如图所示的电路中，电源电动势为E,内阻为r=R,R为定值电阻，阻值也为R,R2、R为 滑动变阻器，阻值范围均为0~凡。初始时滑动变阻器接人电路的阻值均为5，电流表和电 压表均为理想电表，平行板电容器为理想电容器，下列说法正确的是 A.保持R,阻值不变，滑动变阻器R2的滑片上滑，电容 器的电荷量增加 E B.保持R阻值不变，滑动变阻器R的滑片上滑，电源 的效率升高 C.滑动变阻器R、R,的滑片均上滑，电源的输出功率减小 D.滑动变阻器R2、R的滑片均下滑，电流表和电压表的示数均增大 13.医学中通过对高能粒子流的精确控制及运用在治疗肿瘤等领域取得了很好的效果。如图 所示，在MN、PQ两竖直边界间，水平边界O0'上方存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应 强度大小为B,下方存在竖直向上的匀强电场，电场强度大小为E。一质量为m、电荷量为 g的粒子从速度选择器极板间的中轴线左端射人，沿直线通过后垂直于边界MN从O点下 方某点进人电场，粒子经电场偏转第一次进人磁场时速度方向与O0'的夹角为60°，再经 一段时间，从O'点飞出磁场。已知速度选择器极板间磁场的磁感应强度大小也为B,电场 强度也为E,忽略粒子重力，则关于粒子离开速度选择器后的运动，下列说法正确的是 A.粒子首次进入MW右侧电场的位置距离0点mS M 2gB2 B.粒子首次进人MN右侧磁场的位置距离0点5m正 0…… 2gB2 C.粒子在MW,PQ间运动的时间可能为(6m+155)m 3gB D.0、0'两点间的距离可能为 3mE gB2 物理5第4页 三、实验题：本题共两个小题，其中第14题10分，第15题10分，共20分。 14.(10分) (1)实验“探究彩响感应电流方向的因素”，方法如下。 ①先判断灵敏电流表指针的偏转方向与电流流向的关系。 a.将灵敏电流表G按图1所示与电源和电阻连接，电流表指针右偏。 b.对调电源正、负极，电流表指针左偏。 下列结论与实验相符的是 (多选)。 A.电流从电流表G的“+"接线柱流人，指针右偏 B.电流从电流表G的“+"接线柱流人，指针左偏 C.电流从电流表G的“-"接线柱流人，指针右偏 D.电流从电流表G的“-”接线柱流人，指针左偏 +0 G w吐 2日2 图1 图2 ②观察线圈的绕线方向：导线从接线柱A点起绕，经α到b绕到接线柱B。将线圈与 灵敏电流表G相连。某次实验时，灵敏电流表G的指针右偏，如图2所示，此时磁铁 的运动状态是 (填“向上抽出”“向下插人”或“静止”)。 (2)某同学做“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验。实验步骤如下： 力传感器 图1 图2 a.用力传感器通过一根轻质细绳竖直提起重物保持静止，记下示数F: b.如图1所示，将两个力传感器分别固定在左右两侧杆上的A、B点，与传感器相连的 物理5第5页 两根轻质细绳 OA 1、OB连接的结点O处用轻绳OC系上同一重物。系统静止时，细绳 0A、OB互相垂直，记下传感器的示数 $$F _ { 1 } ， F _ { 2 } ；$$ c.换不同质量的重物重复步骤a、b。 ①在误差允许的范围内，若 $$F 、 F _ { 1 } 、 F _ { 2 }$$ 满足关系式，则能够证明力的合成遵 循平行四边形定则； ②该同学在以上器材的基础上对器材及步骤进行了改进：将力传感器通过一根轻质 细绳竖直提起重物保持静止，记下示数 F； 如图2所示，把一根轻绳两端分别与A、B 两点的力传感器相连，让轻绳绕过光滑的轻质动滑轮，动滑轮下端通过轻绳连接重 物，当重物静止时记下A、B两点传感器的示数 $$F _ { 1 } 、 F _ { 2 }$$ 及滑轮两侧轻绳间的夹角8，则 有 $$F _ { 1 }$$ $$F _ { 2 }$$ (填“>”“=”或“<”)； $$； F _ { 1 } =$$ (用F、表示)时，可验证 力的平行四边形定则。 15.(10分)电子体重秤是一种基于现代电子技术设计的体重测量设备，其核心原理是通过压 力传感器将人体的重量转化为电信号，再经过微处理器处理后显示为数字结果。图1为 某同学结合自己所学知识设计的简易体重计电路原理图，其中电源电动势E=9V，内阻 很小可忽略不计，显示体重的仪表V实质是电压表，内阻 $$r _ { V } = 3 0 0 0 \Omega ，$$ 定值电阻 $$R _ { 0 } =$$ 1000Ω， 已知压力传感器的阻值R随压力F变化的图像如图2所示。则： 375 压力传感器 300 270 $$\overline { R _ { 0 } }$$ E 0 50100150200250300 FIN 图1 图2 (1)通过电压表V的电流与通过压力传感器的电流之比为；电压表示数U与 压力传感器电阻R的关系表达式为 U= (用数字和R表示)。 (2)改装后的压力刻度盘的零刻线在电压表V(填电压表读数)处；压力刻度是 (填“均匀的”或“不均匀的”)。 (3)电子秤用久了，若电源电动势减小，其他条件不变，则重力的测量值将(填 “大于”“小于”或“等于”)真实值。 物理5 第6页 四。计算题：本题共三个小题，其中第16题8分，第17题12分，第18题16分，共36分。地解 答写在答题卡中指定各题处，要求写出必莫的文字说明、方程式和澳算步骤。 16.（8分)如图所示为边长为2R的正方形玻璃砖的横截商、一束单色藏光平行于纸而以与 AD边法线夹角为α的方向射向AD边的中点O,α逐渐哉小至某角度时菠光恰好不能从 AB面射出，此时激光在AB面的P点（图中没有两出）反射，最后从BC面射出（不考惑二 次反射)。已知P点距A的距高为3R,光在真空中的速度为，求： (1)该玻璃砖的折射率： (2)激光恰好不能从AB面射出时，激光从进人玻璃砖到从BC面射出所用的时间。 17.(12分)如图所示，水平放置的光滑、平行金属导轨间距为L,左侧连接阻值为R的定值电 阻。边长为L的正方形cd区域内，存在方向垂直于导轨平面竖直向下、磁感应强度大小 为B的匀强磁场。一质量为m、有效电阻为r的导体棒放置在磁场边界cd处。导轨的电 阻忽略不计，运动过程中，导体棒始终与导轨保持垂直并接触良好。 (1)若导体棒在外力作用下以速度)向右匀速运动，求导体棒离开磁场前定值电阻消耗的 电功率； (2)若给导体棒一向右的初速度，导体棒恰能穿越磁场区域，求初速度的大小。 物理5第7页 18.(16分)如图所示，长为41的轻质细绳左端固定在水平细杆上，右端与质量为m、可视为质 点的物块a连接，质量为4m足够长的木板静止在光滑的水平面上，木板上表面到细杆的 高度为5l。初始时刻，细绳处于水平伸直状态，物块α恰好在木板右端0点的正上方。现 将物块a由静止释放，当细绳第一次竖直时，细绳恰好断裂，物块α脱离细绳水平抛出，之 后与木板发生碰撞，碰撞时间极短，内力远大于重力，且每次碰撞前后竖直分速度大小不 变，方向相反。已知物块α与木板上表面间的动摩擦因数4=0.05，重力加速度为g,不计 空气阻力。求： (1)细绳断裂瞬间物块a的速度大小： (2)物块a与木板第一次碰撞的位置到0点的距离： (3)物块α与木板第五次碰撞后、第六次碰撞前木板的速度大小； (4)物块α与木板第五次碰撞的位置到木板右端0点的距离。 细绳 0 mmmmmnmimmmmmmimM 物理5第8页 高三物理·答案 1~8题每小题3分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。9~13题每小题4分， 共20分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分， 有选错的得0分。 1.答案A 命题透析本题考查简谐运动相关知识，考查考生的物理观念。 思路点拨由F=-x知，位移越大，回复力、加速度都越大，A正确：速度为零在最大位移处，此时加速度最 大，B错误；向平衡位置运动时，速度增大，C错误；简谐运动的周期与振幅无关，D错误。 2.答案D 命题透析本题以p-V图像为情景，考查气体实验定律和热力学定律等知识，考查考生的物理观念。 思路点拨A一B的过程，气体体积不变，压强增大，根据查理定律号=C,可知该过程温度升高，故A错误；在 B→C过程中，体积增大，气体分子的数密度减小，故B错误；在C→D过程中，体积不变，不做功，故C错误；一 个循环过程中，外界对气体做功W=-(Wc-W1)=-600J,气体内能不变，即△U=0,根据热力学第一定律 △0=W+Q,可得Q=600J,气体从外界吸收600J热量，故D正确。 3.答案C 命题透析本题以木块的运动为背景，考查运动的合成与分解等知识，考查考生的科学思维。 思路点拨设木块在竖直方向上做匀加速运动的加速度大小为α1，位移大小为x1,根据匀变速直线运动位移 与时间的关系，得x=,,木块在水平方向上受大小一定的风力作用，根据牛顿第二定律可知，木块在水平 方向也做匀加速运动，设加速度大小为2，位移大小为x2。根据匀变速直线运动位移与时间的关系，得x2= 1 ,,木块在两个方向的位移之比为2_2 6f西 ,因为a1,4,是定值，所以木块在两个方向的位移之比为 定值，故木块的运动轨迹为斜向右下方的直线，故A、B错误，C正确；木块有向下的加速度，处于失重状态，故D 错误。 4.答案A 命题透析本题以在磁场中的通电导体为情景，考查安培力的大小与方向等知识，考查考生的科学思维。 思路点拨通电后整个金属导体的有效长度为AD,所以ACD所受安培力大小为F=5BL,根据左手定则可知， 安培力垂直于AD连线斜向上，故A正确，B、C、D错误。 5.答案D 命题透析本题以玻尔模型中氢原子谱线图为情景，考查氢原子光谱等知识，考查考生的物理观念。 思路点拨氢原子的发射光谱是由氢原子核外电子的跃迁产生的，故A错误；每种原子的原子光谱虽然有多 条谱线，但不同原子都有其特征谱线，特征谱线可以用于光谱分析，鉴别物质、确定物质组成，故D正确；氢原子 一1 光谱是线状谱，C错误；由E=c可知，赖曼系谱线对应光子的能量比帕邢系谱线对应光子的能量大，故B 入 错误。 6.答案B 命题透析本题以捷龙三号运载火箭为情景，考查万有引力定律等知识，考查考生的科学思维。 思路点拨 根据开普勒第三定律子-6，因：>，放空间站周期小于卫是周期，A错误；根据6=m号，可 2 得v= /圆，第一宇宙速度对应r=R时的环绕速度，因钻>R,故空间站环绕速度小于第一宇宙速度，故B正 确：根据c恤 GM =ma,可得a= 产，因>，故空间站加速度大于卫星加速度，放C错误；赤道上物体与同步 卫星角速度相等，由向心加速度公式α=0，可知，同步卫星轨道半径更大，向心加速度更大，即赤道上物体随 地球自转的向心加速度更小，即a<a,由a=G,有@>a,所以有a2>0,故D错误。 7.答案C 命题透析本题以静电场为情景，考查静电场的电场强度、电势等基本知识，考查考生的物理观念。 思路点拨根据电场叠加的知识可以判断O点电场强度不为零，方向沿EG方向，故A错误；根据电场叠加的 知识可以判断M、V两点电场强度大小相等，方向相同，故B错误；取无穷远处为零势面时，等量异种点电荷的 中点电势为零，O点可视为AC、BD的中点，所以O点电势为零，C正确；由电势叠加可知，PE>pH=Pr>pG,D 错误。 8.答案C 命题透析本题以快递分拣流水线设备为情景，考查摩擦力的临界问题、力与运动等知识，考查考生的物理观 念与科学思维。 思路点拨由图像知包裹滑上倾斜传送带时初速度为12m/s,倾斜传送带的运行速度2=4m/s,包裹速度大 于传送带速度v2,加速度a1=8m/s2,由牛顿第二定律得ngsin0+umgcos0=ma1,当包裹速度小于传送带速度 时，加速度a,=2m公，由牛顿第二定律得mgsin0-umg0a0=ma,联立解得u=号，0=30，故AB不符合题 意；水平传送带运动的最小速度为12m/s,当水平传送带有最小长度时有，包裹速度为12/s时刚好到达B 点，包装在水平传送花的加速度为4，=g=2后m:,所以水平传送指的最小长度为1-云=2厅m,C符合 题意，D不符合题意。 9.答案BC 命题透析本题以理想自耦式变压器为情景，考查变压器的基本计算等知识，考查考生的科学思维与探究 能力。 思路点拔由输入电压u=20,万m(10)V知，输入交流电的周期为T:高=002s,故其颜率为f 7=50山，一个周期内电流方向政变2次，放电流方向每秒改变10次，而变压器不改变交流电的周期和频 率，则输出端通过灯泡的电流方向每秒改变100次，故A错误；因A、B间加正弦交流电，其有效值为U= 一2 0V,光-上面电压表测的是交流电压的有效值，故电压表示数为心，=55V,故B正确；理想变压器输人 n 等于输出功率，故变压器的输人功率为P,C正确；P逆时针转动，剧线的匝数，增大，由二-，则电压 表示数增大，故D错误。 10.答案ABD 命题透析本题以带电体在电场中的受力为情景，考查共点力的平衡等知识，考查考生的科学思维与科学探 究能力。 思路点拨滑块处于平衡状态，对滑块受力分析有：电场力竖直向上，故滑块带正电，A正确；当电场缓慢转动 时，分析可知矢量三角形如图所示，电场力先变小后变大（即电场强度先变小后变大），支持力逐渐变大，故B、 D正确，C错误。 F、 11.答案AC 命题透析本题以汽车启动为背景，考查恒定加速度启动过程分析及功率问题，考查考生的科学思维。 思路点拔汽车从静止开始做加速直线运动，逐渐减小，到=0.1sm即u=10m/s时，汽车的加速度a= 2/s2,所以汽车先做匀加速直线运动，匀加速直线运动的时间t=·=5s,选项A正确；当加速度减到零时， 。=0.05sm,此时速度最大，=20ms,汽车的最大速度是20ms,选项B借误；汽车达到最大功率后，由 牛顿第二定律有ma=-人，匀速时P=。,可得汽车的最大功率P=40kW,阻力f=2000N,选项C正确：汽 车匀加速直线运动的位移x=2-25m,选项D错误。 12.答案BC 命题透析本题以含容电路为情景，考查含容电路及电路变化等知识，考查考生的科学思维与科学探究能力。 思路点拨保持R阻值不变，滑动变阻器R2相当于导线，当滑片上滑，电容器的电荷量不变，A错误；当滑动 理器的滑片向上端移动时，R阻值变大，外电路的总电阻变大根据)光飞，，一可知，电讲 率升高，B正确；因r=R,R1=R,外电路电阻大于电源内阻，所以滑动变阻器R的滑片上滑，电源的输出功率 减小，C正确；滑动变阻器R的滑片下滑时总电阻减小，电流增大，内阻及R分压增大，电压表的示数减小，D 错误。 13.答案AC 命题透析本题以带电粒子在速度选择器、电场、磁场中的运动为情景，考查带电粒子在磁场中的运动、周期、 一3— 偏转等知识，考查考生的物理观念与科学思维。 E 思路点拔粒子从速度选择器中直线飞出有心，B=9心，得=：，粒子在匀强电场中向上做类平抛运动，故 粒子带正电，进电场速度为。，水平方向位移x=。t,粒子沿竖直方向做初速度为0的匀加速直线运动，加速 度大小a=E,粒子进入磁场时，速度方向与00'夹角为60°，竖直速度，=ota60°=尽o,由巴，=a,解得t= m 3心=5严水平位移x=d=B,竖直位移y二A 1 a 一2B,A正确，B错误；粒子进入磁场的速度为= 配+(B,尸2夹角为60©，洛伦滋力提供向心力，即uB=m解得1-g粒子进人磁场后，运动轨 B 迹为圆弧，由几何关系可知，圆心角为120°，因此0、O'两点的距离OO'=x+2rsim60°+n(2x+2rsin60°)= 35+心，粒子每次在选场中的时间=宁T-器粒子在W,0间运动的时间为红=1++ gB n(21+）=[2m+35+2m+65)nm,C正确，D错误。 3gB 14.答案(1)①BC(漏选得1分，2分)②向下插人(2分) (2)①F=+F(等价形式亦对，2分)②=(2分)F 命题透析本题以探究感应电流方向、验证力的平行四边形法则为情景，考查学生对实验的操作与对数据的 处理，考查考生的科学探究能力。 思路点拨(1)①由图1知，电流从“-”接线柱流人G,指针右偏。电流从“+”接线柱流人G,指针左偏，选 项B、C正确。 ②由图2可知，灵敏电流表指针右偏，可知感应电流从“-”极流人，根据楞次定律可知，螺线管中产生的感应 电流从b到a,可知磁铁的N极向下插入。 (2)①对0点受力分析如图所示，F,、F2的合力与重物的重力二力平衡，细绳OA、OB互相垂直，所以有2= +; ②因绳子为同一根绳子，所以有￡=月，根据平衡条件有2P,0s号=F,解得F= F 00 2cos 2 15.答案(1)1：4(2分) 6750 750+R(2分) (2)6(2分)不均匀的(2分) (3)小于(2分) 命题透析本题以体重秤为情景，考查学生对实验的操作与对数据的处理，考查考生的科学探究能力。 一4 思路点拨(1)由并联分流可知，通过电压表V的电流与通过定值电阻R,的电流之比为1：3，则通过电压表V 6750V。 的电流与通过压力传感器的电流之比为1：4由闭合电路欧姆定律有1点”，R放U-元 (2)当压力F=0时，传感器电阻为350，代人公式U=70RV,得U=6V,由公式及图像可知U与F是丰 线性关系，压力刻度是不均匀的。 (3)使用一段时间后，电源的电动势￡下降，则电压表读数U将偏小，在这种情况下，待测重物重力的测量值 将小于真实值。 16.命题透析本题以光在介质中的传播为情景，考查学生对光的折射、全反射等知识的理解。 思路点拨(1)根据题意作出光路图 ! a B 0 根据几何关系可知sim∠1=sim∠2= R √AP2+A0 2,得∠1=∠2=30°…(1分) 所以有i=600…(1分) 根据全反射临界角公式有n=1 …(1分） sin i 解得n=23 3 …(们分） 6os30。s(43 (2)由几何关系可知OP=2R,P0=PB -2)R 3 …(1分) 光在介质中的速度= C (1分) n 所以光从进人玻璃砖到从BC面射出所经历的时间为：=OP+P四 …(1分) 解得1-瓷 …(1分) 17.命题透析本题考查电磁感应定律，考查学生的科学思维。 思路点拨(1)导体棒以速度运动，根据法拉第电磁感应定律 E=BL)…(2分) 由闭合电路欧姆定律，I=R+, E (2分) 定值电阻消耗的电功率P=R… (1分) 解得P= BLVR ………(1分) (R+r)2 5 (2)设导体棒的初速度为。，对其减速过程，选取时间△t,由动量定理 -BILAt=m△…(2分） 对上式两边求和，有-士△=0-m四 …(1分） 又∑w△t=L…………………(1分) 解得o= BL …(2分） m(R+r) 18.命题透析本题以板块模型为情境，考查动量定理、动量守恒定律和能量守恒定律，考查考生的科学思维。 思路点拔(1)由机械能守恒定律得，4mg=2m…(2分） 联立得n=22g. ………………(1分） (2)从释放到细绳断裂，物块a的水平位移L=4l 细绳断裂后，物块a做平抛运动 竖直方向1=分s …(1分） 水平方向=v,t 0。。0000”00000000” (1分) 第一次碰撞位置到O点的距离△x1=L。+:=8l (1分) (3)物块a与木板碰撞时竖直分速度y,=gt=√2g…（1分)》 竖直方向根据动量定理F、·△t=2mw,… (1分) 每次碰撞，物块a水平方向速度减少量为△u,则有uF、·△t=m·△。…(1分) 5次碰撞后，物块a的水平速度s=,-54,=子2g …(1分) 物块a与长木板在水平方向动量守恒，m。=m5+4m…(1分) 长木板的速度U=2g…(们分】 (4)第一次碰撞后，物块a的速度=心。-△，长木板的速度元=4m …(1分） 第一次碰撞与第二次碰撞之间 物块a的水平位移xa=1·2t,长木板的位移x1=1·2t ……(1分) 第二次碰撞后，物块a的速度a=-2,长木板的速度24 第二次碰撞与第三次碰撞之间 物块a的水平位移x2=v2·2t,长木板的位移x2=2·2t 第一次碰撞与第五次碰撞之间，物块a的水平位移x,=xa+x2+x+x4 长木板的位移x=x1+x2+x3+x4 第五次碰撞点到O点的距离△x=△1+x。一x (1分) 联立可得△x=35l…(1分) —6