4 模拟实战卷二-【智乐星中考】2026年日照市初中学业水平考试物理试题

该初中物理中考复习课件全面覆盖能量转化、力与运动、光现象、电路分析等中考核心考点，严格对接日照中考说明，通过8套全真模拟试卷系统分析各考点权重，归纳单项选择、多项选择、实验探究、计算等常考题型，体现备考的针对性和实用性。 课件亮点在于“全真模拟+考点解析+错题反思”的备考模式，通过实验探究题（如平面镜成像特点探究）培养科学探究能力，计算题（如运-20飞机压强与升力计算）强化物理观念，结合错题难度分层帮助学生突破力电综合等易错点。教师可依此制定精准复习计划，助力学生掌握答题技巧，提升中考得分率。

2026日照 物理 1 2 日照市2026年初中学业水平考试 物　理　试　题 3 本试卷共4页。满分100分。考试用时90分钟。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 注意事项： 　　1.答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号和座号填写在答题卡和试卷规定的位置上。 　　2.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答案写在试卷上无效。 　　3.非选择题必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置，不能写在试卷上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用涂改液、胶带纸、修正带。不按以上要求作答的答案无效。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 4 第Ⅰ卷(选择题　共40分) 一、单项选择题(本大题包括8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中只有一项符合题目要求) 1.北京某企业宣布国产可重复使用商业载人飞船“穿越者壹号”开启太空旅行船票预售，首批20余个名额已售罄，计划2028年实现首飞。下列关于该飞船升空过程的物理分析，正确的是(　　) A.飞船升空时，燃料燃烧将化学能直接转化为飞船的机械能 B.以发射塔为参照物，升空过程中的飞船是静止的 C.飞船发射升空的过程，利用了力的作用的相互性 D.太空中的飞船与地面控制中心通过超声波传递信息 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 5 【考点】 能量的转化；参照物的选取及运动状态的判断；力作用的相互性；电磁波的应用。 【解析】 A.燃料燃烧将化学能转化为燃气的内能，高温高压燃气向下喷射做功，再将内能转化为飞船的机械能，并非化学能直接转化为机械能，故A错误。 B.以发射塔为参照物，升空过程中飞船相对于发射塔的位置不断发生变化，因此飞船是运动的，故B错误。 D.太空为真空环境，超声波属于声波，传播需要介质，无法在真空中传播；飞船与地面控制中心通信依靠电磁波，电磁波可在真空中传播，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 6 2.“煮茶烧栗兴，早晚复围炉”，“围炉煮茶”成为传统文化回归潮的又一例证。对于煮茶过程中蕴含的物理知识，下列说法正确的是(　　) A.茶水升温是通过热传递的方式改变内能的 B.茶水沸腾后，改用更大的火加热，茶水的温度升高 C.随着木炭的燃烧，其热值会变小 D.壶盖“跳动”与汽油机压缩冲程的能量转化相同 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 7 【考点】 改变内能的方式；沸腾的特点；热值；热机。 【解析】 A.茶水升温是通过热传递的方式改变内能的，故A正确。 B.茶水沸腾后茶水继续吸热，但温度保持不变，故B错误。 C.热值是燃料的一种特性，与燃料的质量、燃烧情况无关，故C错误。 D.壶盖“跳动”过程中将内能转化为机械能，与汽油机做功冲程的能量转化相同，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 8 3.优秀诗词是我国的文化瑰宝，许多诗句蕴含着丰富的物理知识。下列分析正确的是(　　) A.“潭清疑水浅，荷动知鱼散”，“疑水浅”是由光的反射形成的 B.“忽如一夜春风来，千树万树梨花开”，树上的雪是凝固现象 C.“两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山”，诗人通过音调辨别出猿猴的 叫声 D.“海棠院里寻春色，日炙荐红满院香”，“满院香”说明分子在不停地 做无规则运动 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 9 【考点】 光现象的辨识；物态变化的辨识；声音的特性；分子动理论。 【解析】 A.“疑水浅”是由光的折射形成的，故A错误。 B.树上的雪是水蒸气凝华形成的，故B错误。 C.诗人通过音色辨别出猿猴的叫声，故C错误。 D.“满院香”描述的是分子的热运动，说明分子在不停地做无规则运动，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 10 4.周末，小明一家乘坐“复兴号”动车组列车前往日照参加科普教育活动。下列有关说法正确的是(　　) A.匀速行驶的列车转弯时，其运动状态不变 B.静止在平直轨道上的列车受到的重力和支持力是一对相互作用力 C.列车进站时，容易将安全线内的人“吸”向车体 D.列车刹车后不能立即停下来是因为受到惯性的作用 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 11 【考点】 平衡状态的判断；平衡力和相互作用力的判断；流体压强与流速的关系；惯性的理解。 【解析】 A.匀速行驶的列车转弯时，运动的方向在改变，运动状态改变，故A错误。 B.静止在平直轨道上的列车受到的重力和支持力是一对平衡力，故B错误。 C.列车进站时，人和列车之间的空气流速大、压强小，人外侧的空气压强大，人受到外侧的压强大于人受到的内侧的压强，如果人离进站的列车比较近，很容易在压强差作用下被压向列车而发生事故，故C正确。 D.惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 12 5.学习了简单机械知识后，某同学自制了如图所示的晾衣架。他将总重为50 N的衣物挂在横杆上，转动摇柄使其匀速上升1.6 m，用时5 s(上升过程中，横杆保持水平)，此过程该装置滑轮组部分的机械效率为80%(不计绳重及摩擦)。下列分析正确的是(　　) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 13 A.天花板上滑轮的作用是省力 B.摇柄上刻有花纹，目的是减小摩擦 C.拉力的功率为20 W D.动滑轮重为12.5 N 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 14 【考点】 滑轮(组)的特点；增大或减小摩擦的方法；机械效率的相关计算。 【解析】 A.天花板上的滑轮是定滑轮，其作用是改变力的方向，故A错误。 B.摇柄上刻有花纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B错误。 C.W有用=Gh=50 N×1.6 m=80 J，W总===100 J，拉力的功率P===20 W，故C正确。 D.W额外=W总-W有用=100 J-80 J=20 J，G动+G横杆===12.5 N，动滑轮重小于12.5 N，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 15 6.利用充电桩给电动汽车充电时，小明看到充电桩的屏幕如图所示。下列相关说法正确的是(　　)   A.安装充电桩时若安装了漏电保护器，其外壳就无须接地 B.充电桩给电动汽车电池充电的过程中，电池相当于电源 C.充电桩给该电动汽车充电的功率为57 kW D.若电费为0.6元/(kW·h)，将该车充满电应支付27元 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 16 【考点】 安全用电；电路的组成；电功率。 【解析】 A.充电桩的外壳必须要接地，故A错误。 B.充电桩给电动汽车电池充电的过程中，电池相当于用电器，故B错误。 C.充电桩给该电动汽车充电的功率P=UI=380 V×150 A=57 000 W=57 kW， 故C正确。 D.若此时结束充电，应支付0.6元/(kW·h)×45 kW·h=27元，而此时只充电 71%，未充满，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 17 7.关于下列四幅图的表述正确的是(　　)   A.图甲：地球是一个巨大的磁体，它的地磁两极与地理两极完全重合 B.图乙：滑动变阻器的滑片向左滑动时，螺线管的磁性增强 C.图丙：模型是电动机的原理图，工作时将电能转化为机械能 D.图丁：电铃的工作原理是磁场对通电导体有力的作用 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 18 【考点】 电磁现象的辨识。 【解析】 A.地球是一个巨大的磁体，地磁场的两极与地理两极相反，地理的两极和地磁场的两极并不重合，存在磁偏角，故A错误。 B.滑动变阻器的滑片向左滑动时，接入电路的阻值变小，电路中电流变大，螺线管的磁性增强，故B正确。 C.图丙的模型是发电机的原理图，工作时将机械能转化为电能，故C错误。 D.电铃的工作原理是电流的磁效应，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 19 8.龙口葡萄是山东的特色农产品，以沙地种植、高糖多汁、品种丰富著称，适宜鲜食与酿酒。科技人员设计了一套智能系统，利用LED光源在光照不足时自动对葡萄进行近距离补光，让葡萄“不睡觉”。如图甲所示，电源电压不变，R0为电阻箱，R为光敏电阻，其阻值随光照强度变化的关系如图乙所示。当电流表示数小于某一值I0时LED光源自动补光。闭合开关S，下列说法不正确的是(　　) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20 A.R的阻值随光照强度的增大而减小 B.当光照强度增大时，电流表示数会变大 C.为使LED光源在光照强度更大时就补光，可以增大R0的阻值 D.若将电压表并联在光敏电阻R两端，通过监测电压表示数也能实现自动控制补光 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 21 【考点】 动态电路的定性分析。 【解析】 由图甲可知，电阻箱R0与光敏电阻R并联，电流表测量干路电流。 A.由图乙可知，光照强度增大时，光敏电阻R的阻值减小，故A正确。 B.光照强度增大时，R的阻值减小，由欧姆定律可知，其所在支路电流增大； R0所在支路电流不变，因此干路电流(电流表示数)会变大，故B正确。 C.当干路电流小于I0时自动补光，若光照强度更大，则R的阻值更小，干路 电流更大，为使干路电流减小至小于I0，可减小R0所在支路的电流，因此可 以增大R0的阻值，故C正确。 D.光敏电阻R两端电压等于电源电压，电压表示数恒定，无法反映光照强度 变化，不能实现自动控制，故D不正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 22 二、多项选择题(本大题包括4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个 选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得3分，有选错的得 0分) 9.2026年1月4日，山东省首个规模化深远海海上风电项目——大窑华能风 电场成功并网。关于如图所示的海上风电机组，下列说法正确的是(　　) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 23 A.风力发电时，能量的转化为风能→机械能→电能 B.风能是可再生能源 C.风电机组的发电功率越大，产生的电能越多 D.风电机组漂浮在海上时只受浮力作用 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 24 【考点】 能量的转化；能源的分类；功率的理解；受力分析。 【解析】 A.风力发电时，风能转化为叶片的机械能，叶片带动发电机发电，将机械能转化为电能，故A正确。 B.风能是可再生能源，故B正确。 C.风电机组的发电功率越大，单位时间内产生的电能越多，产生电能的速度越快，产生电能多少还与时间有关，故C错误。 D.风电机组漂浮在海上时受到浮力和重力作用，故D错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 25 10.下列关于物理现象和规律的说法，正确的是(　　) A.用高压锅煮饭，利用了气压越高，液体沸点越高的原理 B.电磁起重机的工作原理是电磁感应 C.家庭电路中，空气开关跳闸一定是因为用电器总功率过大 D.近视眼镜的镜片是凹透镜，对光有发散作用，可矫正近视眼 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 26 【考点】 液体沸点与气压的关系；电磁铁；家庭电路电流过大的原因；近视眼的成因与矫正。 【解析】 A.高压锅密封好，可使锅内气压高于外界大气压，水的沸点升高，煮饭熟得更快，故A正确。 B.电磁起重机的工作原理是电流的磁效应，故B错误。 C.家庭电路中，空气开关跳闸一定是因为电路中电流过大，具体原因可能是电路中出现短路，也可能是用电器总功率过大，故C错误。 D.近视眼成的像在视网膜前方，凹透镜对光有发散作用，能使像后移到视网膜上，从而矫正视力，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 27 11.向甲、乙两个完全相同的柱形容器内分别倒入等质量的不同液体，并将 容器放在水平桌面上，把完全相同的物体A、B分别放入甲、乙容器中，当 物体A、B静止时，它们所处的位置如图所示，下列判断正确的是(　　)   A.甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度 B.物体A下表面所受液体的压力大于物体B下表面所受液体压力 C.甲容器底部所受液体压强大于乙容器底部所受液体压强 D.甲容器对水平桌面的压力等于乙容器对水平桌面的压力 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 28 【考点】 压强与浮力的综合分析。 【解析】 A.物体A在甲液体中悬浮，根据悬浮条件可知，ρ甲=ρA；物体B在乙液体中漂浮，根据漂浮条件可知，ρ乙>ρB，物体A、B完全相同，所以ρ甲<ρ乙，故A错误。 B.物体A悬浮，F浮A=GA，根据浮力产生的原因可知，F下A=F浮A+F上A> GA；物体B漂浮，F浮B=GB，所以F下B=F浮B=GB，物体A、B完全相同，因此物体A下表面所受液体的压力大于物体B下表面所受液体的压力，故B正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 29 C.甲、乙两容器内装有相同质量的液体，即G甲液=G乙液，物体A、B完全相同，即GA=GB，A悬浮，F浮A=G排A=GA；B漂浮，F浮B=G排B=GB，则G排A =G排B。甲、乙为柱形容器，甲容器底部所受液体压力F甲=G甲液+G排A，乙容器底部所受液体压力F乙=G乙液+G排B，所以甲、乙容器底所受液体压力相等，即F甲=F乙，甲、乙两容器底面积相等，由p=可知，两容器底部受到液体的压强相等，故C错误。 D.甲、乙两个容器对水平桌面的压力都等于容器、液体和物体的总重力，因为容器相同，液体质量相等，物体相同，所以总重力相等，即甲容器对水平桌面的压力等于乙容器对水平桌面的压力，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 30 12.将图甲中A、B两个相同的物体从粗糙程度相同的斜面底端匀速拉到 顶端，做功情况如图乙所示，已知拉力FA为12 N，则下列说法正确的是 (　　) A.拉力FA小于拉力FB B.左侧斜面的长度sA为0.75 m C.右侧斜面的机械效率为80% D.物体A受到的摩擦力为4 N 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 31 【考点】 斜面机械效率的相关计算。 【解析】 A.在相同条件下，斜面越长越省力，左侧斜面比右侧斜面长，所以拉力FA小于拉力FB，故A正确。 B.由图乙可知，拉力FA做的总功W总A=6 J，根据W=Fs可得，左侧斜面的长度sA===0.5 m，故B错误。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 32 C.由W=Gh可知，使用斜面提升A、B做的有用功相同。由图乙可知，左 侧斜面中克服摩擦力做的额外功W额外A=2 J，有用功W有用=W总A-W额外A= 6 J-2 J=4 J，拉力FB做的总功W总B=5 J，右侧斜面的机械效率η== =80%，故C正确。 D.根据W额外=Ffs可得，物体A受到的摩擦力FfA===4 N，故D正确。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 33 【信息提取】 复杂情境的读题思路 (1)通读题目，理解描述的物理情境，明确解题的目标是什么； (2)关联知识，找出情境与物理知识之间的联系； (3)细读题目，提取关键信息(已知量、未知量、物理过程、约束条件等)； (4)转化信息形式，依据题意，构建物理模型，将文字信息(如运动状态等)、图像信息，转化为物理量关系式等。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 34 第Ⅱ卷(非选择题　共60分) 三、实验探究题(本大题包括3小题，共22分) 13.(6分)如图甲，小明和小红做“探究平面镜成像的特点”的实验。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 35 (1)为了成像更清晰，要选用______(选填“无色”或“茶色”)玻璃板进行实 验。  (2)在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，将蜡烛B(与蜡烛A大小相同)竖立在玻 璃板后面并移动，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，这说明平面镜成 像时，像与物大小______。  (3)如图乙，移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块不透明的光屏，眼睛 在____(选填“①”“②”或“③”)位置处观察光屏，光屏上不能呈现蜡烛A的 像，说明物体通过平面镜所成的像是____(选填“虚”或“实”)像。  茶色 相等 ② 虚 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 36 (4)下列操作中，像的位置不发生变化的是___(填序号)。  A.将玻璃板沿所在平面左右移动 B.将玻璃板向远离蜡烛A的方向平移(始终与原所在平面平行) (5)如果实验中采用厚玻璃板，观测到蜡烛A通过玻璃板在不同位置呈 现两个清晰的像，测得两个像之间的距离为0.6 cm，则玻璃板的厚度 为____cm。  A 0.3 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 37 评分标准：本小题6分。每空1分。 【考点】 探究平面镜成像的特点。 【解析】 (1)实验时选用茶色玻璃板，可以更容易在玻璃板上看到清晰的像。 (2)蜡烛B与蜡烛A的大小相同，在玻璃板后移动蜡烛B，直到蜡烛B与蜡烛A所成的像完全重合，说明平面镜成像时，像与物的大小相等。 (3)实像可以在光屏上呈现，虚像不能在光屏上呈现。眼睛从玻璃板的一侧且不透过玻璃板直接观察光屏，即按照②的方法观察光屏，发现光屏上没有蜡烛A的像，说明平面镜所成的像不能用光屏承接，是虚像。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 38 (4)A.让玻璃板沿所在平面左右移动，由于像与物关于镜面对称，所以玻璃板平移不会改变像的位置，故A符合题意；B.将玻璃板向远离蜡烛A的方向平移，物距变化，像距也变化，像的位置发生变化，故B不符合题意。 (5)根据像与物到反射面的距离相等可知，平面镜的前、后两面所成的像之间的距离为平面镜厚度的2倍，即平面镜的厚度为0.3 cm。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 39 14.(8分)小明从新闻中了解到中国自主研发的“空中发电站”(由飞艇状浮空器携带的风力发电机组)已经测试成功的消息，在自豪的同时不禁思考：物体在空气中所受的浮力大小与它排开空气所受的重力大小有什么关系？为此小明和同学进行了如下探究： 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 40 (1)杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆处于______(选填“平衡”或“非平衡”) 状态；接下来应将平衡螺母向____调节，直至杠杆在水平位置平衡；将 杠杆调至水平平衡的目的是______________。  平衡 右 便于测量力臂 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 41 (2)如图乙所示，将充足气的篮球和套有气针的气球(总重力G1)一起挂在 杠杆的左端(该点到支点的距离为l1)，然后在杠杆右端挂3个重为G0的钩 码并移动，直至杠杆重新在水平位置平衡，测出钩码悬挂点到支点的距 离为l2。由此可得此时杠杆的平衡条件为___________(用G0、G1、l1、l2 表示)。  G1l1=3G0l2 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 42 (3)将气针头插入篮球的气门内，篮球内的气体逐渐充入气球，在这个过 程中，气球和篮球的总质量______(选填“变大”“变小”或“不变”)。  (4)当气球停止膨胀后，观察到如图丙所示的现象，对比乙、丙两图， 简述产生该现象的原因：_______________________________________ ____________________。  不变 气球膨胀后所受的空气浮力变大，因此杠杆 左端所受的拉力变小 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 43 (5)移动钩码的位置，直至杠杆重新在水平位置平衡，测出钩码悬挂点到 支点的距离为l3，忽略篮球体积的变化，则气球充气前后所受浮力的变 化量ΔF浮=(用G0、l1、l2、l3表示)。  (6)小明测出气球膨胀后的直径，利用球体的体积公式求出气球的体积即 它排开空气的体积，进而计算出气球排开空气所受的重力G排，他比较数 据后，认为在误差允许范围内ΔF浮=G排成立。请你帮他分析误差的主要 来源：_______________________________________________________。 (不考虑测量误差，说出一条即可)  气球的形状不是规则的球形(或“气球充气前存在一定体积”等) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 44 评分标准：本小题8分。每空1分。其他答案合理的同样给分。 【考点】 杠杆平衡条件的应用；浮力的影响因素。 【解析】 (1)杠杆静止时处于平衡状态。由图甲可知，杠杆右侧偏高，因此将平衡螺母向右调节。调节杠杆水平平衡，是为了使力臂与杠杆重合，便于测量力臂。 (2)由题意可得G1l1=3G0l2。 (3)根据题意可知，充气过程中，气球和篮球中所有气体的多少不变，因此气球和篮球的总质量不变。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 45 (4)见答案。 (5)根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2可得，气球充气前杠杆左端所受拉力F1=；气球充气后杠杆左端所受拉力F1'=，则ΔF浮=F1-F1'=。 (6)见答案。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 46 【命题趋势】 日照中考实验部分命题特点 日照中考实验部分命题特点是从单纯的记忆型趋向于对实验能力的全面考查，注重考查学生的科学思维和科学探究能力、创新能力。主要包括：基本仪器的使用和选择能力，能按基本步骤完成实验操作的能力，分析实验现象和记录、处理实验数据的能力，设计简单的物理实验和排除故障的能力，对不同实验方案的评估能力。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 47 15.(8分)某实验小组连接如图甲所示的电路测量额定电压为3.6 V的小灯泡正常发光时的电阻，电源电压恒为6 V。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 48 (1)正确连接电路后闭合开关，电压表示数为3.0 V，要测量小灯泡正常 发光时的电阻，应将图甲中滑动变阻器的滑片向___(选填“A”或“B”)端 移动。  (2)小雨认为电压表读数误差太大，与同学讨论后确定改进方案：将电 压表的示数调到3.5 V，断开开关，取下电压表并选用0～3 V的量程， ______________________________，闭合开关，移动滑动变阻器的滑 片，当电压表示数为____V时，小灯泡正常发光。  B 将电压表并联到滑动变阻器两端 2.4 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 49 (3)当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，为_____A，则小 灯泡正常发光时的电阻为____Ω。  (4)若该小灯泡上标有“3.6 V　1.8 W”的字样，则该小灯泡与标准灯泡 相比，___(选填序号)。  A.灯丝稍长一些　　　　　　B.灯丝稍粗一些 0.48 7.5 A 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 50 (5)另一小组分配到的电流表损坏，在老师的指导下， 他们利用阻值已知的定值电阻R0，设计了如图丙所示 的电路，实验步骤如下： ①闭合开关S1、S2，断开开关S3，移动滑动变阻器的 滑片，使电压表的示数等于小灯泡的额定电压U额； ②_______________________________________________________， 读出电压表的示数为U；  ③计算小灯泡正常发光时的电阻R=(用U额、U、R0表示)。  闭合开关S1、S3，断开开关S2，保持滑动变阻器滑片位置不动 R0 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 51 评分标准：本小题8分。每空1分。 【考点】 用电流表和电压表测量电阻。 【解析】 (1)小灯泡的额定电压为3.6 V，电压表示数为3.0 V，接下来应增大小灯泡两端的电压，根据串联分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路的阻值，因此应将滑片向B端移动。 (2)根据串联电路的电压规律可知，小灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压UP=U-U额=6 V-3.6 V=2.4 V，在0～3 V量程范围内，可以将电压表并联到滑动变阻器两端，移动滑片，当电压表的示数为2.4 V时，小灯泡正常发光。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 52 (3)由图乙可知，电流表的量程为0～0.6 A，示数为0.48 A，则小灯泡正常发光时的电阻R===7.5 Ω。 (4)小灯泡上标有“3.6 V　1.8 W”的字样，标准灯泡的电阻R标===7.2 Ω，则R>R标，根据导体电阻的影响因素可知，该小灯泡与标准灯泡相比，灯丝稍长一些或灯丝稍细一些。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 53 (5)步骤②中，电压表应测出小灯泡和定值电阻R0两端的电压之和，即闭合开关S1、S3，断开开关S2，保持滑动变阻器滑片位置不动，则R0两端的电压U0=U-U额，电路中的电流I==，小灯泡正常发光时的电阻R===R0。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 54 四、计算题(本大题包括3小题，共38分。解答时应写出必要的文字说明、主要公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分) 16.(8分)运-20“鲲鹏”运输机是我国自主研制的大型运输机，如图所示。一架总重为1.6×106 N的运-20飞机，静止在水平跑道上时，其所有轮子与跑道的总接触面积为4 m2。飞机在平直跑道上滑行时获得的升力F与其滑行速度v的平方成正比，即F=kv2，k取250 N·s2/m2。请通过计算回答： 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 55 (1)该飞机静止在跑道上时，对跑道的压强为多少？ (2)在一次训练中，该飞机以200 m/s的速度沿水平方向匀速飞行了10 min， 它在此过程中飞行的路程为多少？ (3)该飞机在平直跑道上匀速滑行速度为20 m/s时，受到的地面支持力为多 少？(假设该飞机在平直跑道上滑行时，升力方向始终为竖直向上) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 56 解：(1)因为飞机静止在水平跑道上，所以飞机对跑道的压力：F压=G=1.6×106 N，…………1分 飞机对跑道的压强： p===4×105 Pa。…………2分 (2)飞机飞行的路程： s=v1t=200 m/s×10×60 s=1.2×105 m。…………2分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 57 (3)该飞机在平直跑道上匀速滑行速度为20 m/s时，受到的升力： F=k=250 N·s2/m2×(20 m/s)2=1×105 N， …………1分 飞机在平直跑道上匀速滑行时，在竖直方向上受到的竖直向下的重 力G、竖直向上的升力F和地面支持力F支三力平衡，则地面支持力： F支=G-F=1.6×106 N-1×105 N=1.5×106 N。 …………2分 【考点】 压强、速度、力的相关计算。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 58 17.(14分)一国产新能源货船总长109.8 m、型宽26.8 m、最大载货量8 906 t， 采用“锂电池+燃油”双擎驱动，可根据航行场景灵活切换动力模式，最大 纯电续航可达150海里(1海里≈1.85千米)。g取10 N/kg，海水密度取ρ水= 1.0×103 kg/m3，燃油的热值为4.5×107 J/kg。 (1)当船的吃水深度为3 m时，求船底0.5 m2的面积上受到的海水压力。 (2)该船在某次试航中，发动机输出的总功率为2 500 kW，10 min内沿直线 匀速行驶了3 km，求这段时间内船所受的阻力大小。(不考虑能量损耗) 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 59 (3)若(2)中发动机的动力来源由燃油来提供，发动机的热机效率为40%，求这段时间需消耗燃油的质量。(结果保留一位小数) (4)若某次装载货物后，吃水深度由3 m变为5 m，近似认为该过程中船在水面处的横截面积始终为2 600 m2，求此次装载货物的质量。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 60 解：(1)船的吃水深度为3 m，则船底所处的深度h=3 m，船底所受的海水压强： p=ρ水gh=1.0×103 kg/m3×10 N/kg×3 m=3×104 Pa，…………1分 船底0.5 m2的面积上受到的海水压力： F压=pS1=3×104 Pa×0.5 m2=1.5×104 N。…………1分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 61 (2)发动机在10 min内所做的功： W=Pt=2.5×106 W×10×60 s=1.5×109 J，…………1分 船所受的牵引力： F牵===5×105 N，…………2分 因为船做匀速直线运动，受力平衡，所以船所受的阻力： F阻=F牵=5×105 N。…………1分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 62 (3)根据η=可知，燃油完全燃烧放出的热量： Q放===3.75×109 J，…………1分 根据Q放=qm可知，消耗燃油的质量：m油==≈83.3 kg。…………2分 (4)船排开海水的体积的变化量：ΔV排=S2Δh=2 600 m2×(5 m-3 m)=5 200 m3，………1分 根据F浮=ρ水gV排可知，船所受的浮力的变化量： ΔF浮=ρ水gΔV排=1.0×103 kg/m3×10 N/kg×5 200 m3=5.2×107 N，………2分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 63 根据船漂浮时船所受的浮力大小等于总重力大小可知，此次装载货物所受的重力： G货=ΔF浮=5.2×107 N，…………1分 此次装载货物的质量： m货===5.2×106 kg。…………1分 【考点】 压强、浮力、功率、热机效率的相关计算。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 64 18.(16分)清代《理瀹骈文》一书中有这样的记载：“临卧濯足，三阴皆起于足，指寒又从足心入，濯之所以温阴，而却寒也。”小陈的外婆坚持每天泡脚，图甲为她家的电动足浴盆的相关参数，其内部电路可分为工作电路和控制电路两部分(如图乙所示)。电磁继电器所在控制电路的电源电压U=6 V，电磁继电器线圈的电阻可不计，加热至40 ℃时，自动进入保温模式，此时电磁继电器线圈的电流达到30 mA，热敏电阻Rx的阻值随温度变化的曲线如图丙所示。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 65 (1)电磁铁的上端为________极，处于加热状态时，继电器衔铁的触点应该与________(选填“A”或“B”)相连。  (2)求R1、R2的阻值。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 66 (3)向该足浴盆中加入4 kg初温为20 ℃的水，加热至40 ℃需要的时间为200 s，c水=4.2×103 J/(kg·℃)，则该足浴盆的加热效率为多少？ (4)为使足浴盆温度加热至40 ℃时自动进入保温模式，滑动变阻器的电阻需要调到多大？ (5)天气寒冷时想要升高足浴盆的保温温度，请提出一条改进措施。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 67 解：(1)N　B…………2分 (2)保温时只有R1工作，由P=可得，R1的阻值： R1===484 Ω，…………1分 加热时R1和R2并联工作，R2的电功率： P2=P加热-P保温=2 100 W-100 W=2 000 W，…………1分 由P=可得，R2的阻值： R2===24.2 Ω。…………2分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 68 (3)水吸收的热量： Q吸=c水mΔt=4.2×103 J/(kg·℃)×4 kg×(40 ℃-20 ℃)=3.36×105 J，…………1分 由P=可得，消耗的电能： W=P加热t=2 100 W×200 s=4.2×105 J，…………1分 加热效率： η===80%。…………2分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 69 (4)足浴盆温度加热至40 ℃时，通过电磁继电器线圈的电流I=30 mA= 0.03 A， 由I=可得，控制电路的总电阻： R总===200 Ω，…………2分 由图丙可知，40 ℃时热敏电阻的阻值Rx=40 Ω， 滑动变阻器接入电路的阻值： R滑=R总-Rx=200 Ω-40 Ω=160 Ω。…………2分 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 70 (5)减小滑动变阻器的阻值(或“提高控制电路的电源电压”)。…………2分 【考点】 安培定则；电磁继电器的应用；电功率、热量的综合计算。 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 71 【错题反思】 核对完答案后，将错题做重点反思。对应的考点如果还有不明白的地方，可回到《中考备战》(或者手上的其他一轮资料)中再深入学习一遍。 难度系数 对应题号 命中注定送给你 T1、T2、T3、T4、T5、T6、T7 再接再厉鼓舞你 T8、T9、T10、T13 伤筋动骨磨炼你 T11、T12、T14、T15、T16 学霸登顶恭喜你 T17、T18 1 3 5 7 9 11 13 15 17 题序 2 4 6 8 10 12 14 16 18 72 73 $