2026全国高考押题最后5卷-物理-2

2026全国高考押题最后5卷（二） 嫦娥六号 物理试题 月球 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。 2,回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改 A.探测器在A,B两点的速率之比为A:vg=5:3 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在 B探测器在A点的加速度小于在B点的加速度 本试卷上无效。 C探测器在A点的机械能大于在B点的机械能 3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 考试时间为75分钟，满分100分 D.探测器在B点的速率大于月球第一宇宙速度的大小 4,物流公司使用无人机进行货物配送测试，甲、乙两架无人机（均可视为质点）从同一位置同 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项 时由静止开始沿同一方向飞行，。一1图像如图所示，下列判断正确的是 中，只有一项是符合题目要求的。 1如图所示，小鱼吐出的气泡在水中上升，若气泡内气体可视为一定质量的理想气体，气泡 内气体压强始终等于气泡外水的压强，忽略温度变化，下列说法正确的是 A.气泡上升过程中，气泡内气体分子的平均速率增大 B气泡上升过程中，气泡内气体吸收的热量等于其对外界所做 A.0一1。时间内，甲，乙的平均速度大小之比为4：1 的功 C.气泡上升过程中，气泡内气体的压强增大 B,时刻，甲，乙相距。 D.气泡上升过程中，气泡内速率大的气体分子数占总分子数的比例诚小 C.0一2t。时间内，甲、乙的位移大小之比为3：2 2.中国正式启动BEST研究计划，预计2027年实现“人造太阳”点火，验证氘氚燃烧等离子 D.t。~2t。时间内，甲、乙的位移大小之比为5：4 体实验，日标产出能量大于消耗，其反应方程为H+H→He十X+17.6MeV,下列说法 5如图所示，两根不可伸长的等长绝缘轻绳的上端均系在天花板的O点，下端分别系有带 正确的是 电小球A、B,平衡时OA与竖直方向的夹角为30°，OB与竖直方向的夹角为45。下列说 A.该反应属于原子核的裂变 法正确的是答案解析网 BX是质子，其质量数为1 Q容案解析网 C.反应后系统的总质量比反应前减少 D.H原子核比：He原子核的比结合能更大 3我国“嫦娥六号”探测器成功实现月球背面采样返回。如图所示，探测器沿环月椭圆轨道 运行，月球的球心位于椭圆的一个焦点上，轨道近月点A距月心1.5R(R为月球半径)， A.A的电荷量一定小于B的电荷量 B.A的电荷量一定大于B的电荷量 远月点B距月心2.5R。忽略其他天体的影响，下列说法正确的是 C,A的质量一定小于B的质量 D.OA绳的拉力一定大于OB绳的拉力 物理试题第1页（共8页） 物理试题第2页（共8页） 6.如图所示，一劲度系数k=40N/m的水平轻质弹簧右端固定在竖直挡板P上，左端与质 9.如图甲为一列沿x轴方向传播的简谐横波在1=0s时刻的波形图，质点P的位移为 量为2kg的滑块拴接，初始时滑块在水平地面上静止且弹簧处于原长。现给滑块6N·s 10cm,Q是平衡位置为x=3m处的质点。图乙为质点Q的振动图像。下列说法正确 水平向右的瞬时冲量，滑块开始压缩弹簧，运动过程弹簧未超出其弹性限度。已知滑块与 的是答案解析网 地面间的动摩擦因数为0.4，弹簧的弹性势能E,一2x,其中x为弹簧的形变量，最大 4y/cm 静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s。则滑块运动的总路程为 吧 。-☐00000000 20北 甲 777777777777777777777777 A.1.125m B.1,10m C.1.00m D.0.90m A.波沿x轴正方向传播，波速大小为0.75m/s 7如图所示，理想变压器输人端M、N接电压有效值恒定的交变电源，灯泡LL2、L的阻 B.平衡位置在坐标原点处的质点的振动表达式为y=20sim行cm 值相同且始终不变。在滑动变阻器R的滑片从a端滑动到b端的过程中，三个灯泡始终 发光且工作在额定电压以内，下列说法正确的是 C.t=18s时，质点P的加速度在增大 AL,先变暗后变亮，L2一直变暗 D.从t=0s到t=18s,质点Q通过的路程为160cm BL1先变暗后变亮，L4先变亮后变暗 10.如图甲所示，两根相距L=2.5m的平行光滑金属导轨固定在水平面内，左端接一个定 C.L,先变亮后变暗，L,先变亮后变暗 值电阻R,右端接一个C=0.125F的电容器（初始不带电）。质量m=0.5kg的导体棒 D.电源的输出功率先增大后减小 α电阻为r,垂直于导轨放置且与导轨接触良好，导轨之间有两个足够大的匀强磁场区， 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项 磁感应强度大小均为B=0,8T,方向垂直于导轨平面向下。P、Q两虚线间为无磁场区 中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的 域，且用两段极短光滑绝缘物质连接。导体棒在水平向右的外力F作用下，从位置O由 得0分。 静止开始运动，经5s从P点离开左侧磁场，导体棒内电流随时间变化的图像如图乙所 8.如图所示，倾角为的斜面固定在水平地面上，现将一小球从斜面上的P点以初速度 示。随后撒去外力F,导体棒在无磁场区域运动，进人右侧磁场后开始做减速运动。导 垂直斜面向上抛出，小球最终落在斜面上的Q点（图中未画出）。已知重力加速度为g, 轨电阻不计，导体棒和定值电阻的阻值之和R十r=4,不考虑导体棒经过绝缘物质连 忽路空气阻力。下列说法正确的是 接处的能量损失，下列说法正确的是 A 0.6 X×X 0.4 B 0.2 7力7777777777分 }××× A小球从P点运动到离斜面最远处所用时间为 123456s g cos 0 甲 A.导体棒在左侧磁场运动的位移大小为2.0m B.小球从P点运动到Q点所用时间为gsn。 B.导体棒在左侧磁场运动的加速度大小为0.2m/s C.小球运动到离斜面最远处时的速度大小为votan0 C.导体棒在右侧磁场运动的最终速度大小为0.5m/s D,小球运动到Q点时的速度大小为vn√I十tan8 D.电容器最终储存的电能为0.20J答案解析网 物理试题第3页（共8页） 物理试题第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 (1)将多用电表调至“×10”欧姆挡，进行欧姆调零后，将红，黑表笔分别接触元件的A、B 11.(6分)某实验小组用手机传感器测量弹簧劲度系数，实验装置如图甲所示，轻弹簧上端 两个接线端，指针指在表盘中央位置，如图乙所示，读数为：对调红，黑表笔再 固定于铁架台，下端悬挂手机，手机下端通过细绳连接钩码。系统静止时，手机加速度示 次测量，指针几乎不偏转，说明该元件具有单向导电特性，可判断该元件为二极管，其 数为零。突然剪断细绳，手机软件记录竖直方向加速度α随时间t的变化曲线。已知当 (填“A”或“B”)端为正极。答案解析网 地重力加速度为g,手机质量为m。,钩码总质量为m,弹簧劲度系数为k,剪断细绳瞬间 (2)更换“×1k”欧姆挡， (填“需要”或“不需要”)进行欧姆调零，然后对元件重 弹簧形变量为x,。质量为m的弹簧振子的振动周期T=2x,√ m 新进行测量，将红、黑表笔分别接触元件的B、A两个接线端，欧姆表指针仍指在图乙所 示位置。已知多用电表在“×1k”挡时的内部电源电动势为15V,则此时流过元件的电 5.0 流为 mA(结果保留两位有效数字)。答案解析网 (3)若该多用电表用久后，电池老化造成电动势减小、电池内阻增大，但仍能进行欧姆调 零，请分析说明用其测得的电阻值偏大还是偏小并解释原因 手机 13.(10分)如图所示，圆心为O、半径为R的半圆形截面柱状玻璃砖和截面为直角三角形的 柱状玻瑞砖ABC放置在水平面上（二者等高），∠A=30°，∠B=90°，直径DE与边BC 钩码一 平行。一束单色光沿平行于AB方向从AC边上P点射人玻璃砖，从BC边上的M点 60 甲 射出后，又经F点射人半圆形玻璃砖，最后从半圆形玻璃砖的顶点G射出。已知光在两 乙 (1)剪断细绳瞬间，手机受到的合力大小为 玻璃砖中的折射率相同，在空气中传播的速度为￠，P、C间与M、C间的距离均为 A.kzo B.mog d。求：答案解析网 C.mg (2)改变钩码总质量m,记录多组剪断细绳瞬间手机的加速度a,绘制a一m图像得一直 (1)光在玻璃砖中的折射率：答案解析网 线，直线斜率为p,则手机质量m。=(用力及题中所给字母表示)。 (2)光在两玻璃砖中的传播时间答案解析网 (3)在某次实验中，钩码总质量m=0.10kg。加速度a随时间（的变化曲线如图乙所 示，从图乙中读得数据：剪断细绳瞬间，手机的加速度大小为a=5.0m/s,手机振动的 周期T=L.0s,可计算出手机的质量m=kg:弹簧的劲度系数k= N/m. (重力加速度g取10m/s,结果均保留两位有效数字) A30 12.(9分)某实验小组在实验室练习使用多用电表，测量一个未知元件的电学特性，元件封 装在盒子中，如图甲所示，只露出A、B两个接线端 V-O 2002V 物理试题第5页（共8页） 物理诚题第6页（共8页）》 14.(12分)如图所示，竖直面内有半径R=2m的光滑圆弧轨道AB,圆弧所对的圆心角0= 15,(17分)在如图所示的Ozy坐标系中，在x>0区域有沿x轴正方向、磁感应强度大小 60°，最低点B与水平传送带左端相切，传送带右端C与水平轨道平滑连接，传送带BC 为B的匀强磁场，在x<0区域有沿：轴负方向的匀强电场。一质量为m,电荷量为q 长L=2m,以速率v=3m/s顺时针匀速转动。质量m=1kg的滑块以初速度v。 的带正电粒子从A(一d,0,d)点以初速度。沿x轴正方向射人电场，恰好从坐标原点O 4m/s从圆弧轨道的最高点A沿切线进人圆弧轨道，离开传送带后与静止于水平轨道上的 进人磁场。不计粒子所受重力答案解析网 物体P发生弹性碰撞，物体P的质量M=3kg,碰撞时间极短，且每次碰撞均为弹性碰撞，每 (1)求匀强电场的电场强度大小答案解析网 次碰撞前物体P均在水平轨道上静止。滑块可视为质点，滑块与传送带之间的动摩擦因数 (2)求粒子在磁场中运动过程中，距离xO:平面最远的空间位置坐标 μ=0.5，不计其余摩擦和空气阻力，重力加速度g取10m/s。求： (3)求粒子在磁场中运动过程中，第一次经过平面y=z时的位置坐标。 (1)滑块经过B点时对圆弧轨道的压力大小： (2)滑块第】次在传送带上向左运动过程中的最大位移： (3)滑块在传送带上运动的总时间 》0 】 物理试题第7页（共8页） 物理试题第8页（共8页）2026全国高考押题最后5卷（二） 物理参考答案及评分意见 1.B【解析】温度是分子平均动能的唯一标志，等温过程中气体温度不变，气体分子的平均动能不变，由于气体质 量恒定，平均动能不变则平均速率不变，A错误；理想气体的内能仅由温度决定，等温过程中内能变化△U=0,根 据热力学第一定律△U=Q十W,可得Q=一W,气泡上升过程中，气体体积膨胀对外做功，此时外界对气体做的 功W为负值，因此气体从外界吸收的热量等于其对外所做的功，B正确；气泡内气体的压强减小，C错误；气体分 子速率分布规律仅由气体温度决定，等温过程中温度不变，因此速率大的氢气分子数占总分子数的比例保持不 变，D错误。 2.C【解析】H与1H结合成2He的反应属于轻核聚变，A错误；根据质量数与电荷数守恒有2+3=4十A,1十 1=2十Z,解得A=1,Z=0,因此X为中子(0)，B错误；核反应释放能量，根据爱因斯坦质能方程，反应后系统 总质量减少，C正确；核聚变反应释放能量，反应后的He比反应前的H更稳定，所以H原子核比He原子核 的比结合能更小，D错误。 3.A【解析】根据开普勒第二定律，对极短时间△t,有2TA0A△1=2TBUB△1，代入TA=1.5R,r8=2.5R,得wA: a=7。=5:3,A正确：由牛顿纳二定律和万有引力定律，有G=ma,解得加速度大小为a-CY,因 rA<rB,故aA>aB,B错误；探测器仅受月球引力作用，机械能守恒，故EA=EB,C错误；探测器在B点做向心 运动，其速率小于以r=2.5R做匀速圆周运动时的速率0'，月球第一宇宙速度等于以r'=R做圆周运动的速率 GMm_m v',由 一得v= r2 扩 =GN,则ug'<d',故va<0,D错误。 4.C【解析】v一t图线的斜率表示加速度的大小，图线与时间轴所围的面积表示位移大小。甲在0~t。内做匀加 速直线运动4，时刻速度达到，加速度a甲=，乙在0~24，内微匀加速直线运动，24，时刻速度达到，加速度 az一2。，0~t时间内，甲的平均速度0甲=9 0十0_0 2 =2,乙在0~t,内做匀加速直线运动，其末速度vz=azt。= 0+ 之，故乙的平均速度02=22=，即甲，乙的平均速度大小之比为2：1，A错误：0~1。时间内，甲的位移 1 1 c甲一号t,乙的位移x2马 4t0,两者相距△x=x甲一xz=4t0,B错误；0~2，时间内，甲的位移x甲2= (to+2to)v 3 2 22g义红。则甲、乙的位移大小之比为32，C正确；o~2,时间内，甲 2 工：一工=乙的位移x2:-x2= 4to,则甲，乙的位移大小之比为4：3，D错误。 5.D【解析】A、B两小球均受重力、库仑力和绳子拉力三个力作用处于平 衡状态，两小球所受的库仑力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反， 与两小球所带电荷量多少无关，A、B错误；作出两小球受力三角形图示， 0 保证两小球所受库仑力大小相等，如答图所示，由答图可得 in30° TA mAg F TB mBg sin0+307sin0'sin45-sin(0+45-sin),0=52.5°，故mAg> mBg、TA>TB,所以A的质量mA一定大于B的质量mB,OA绳的拉力 mag 物理答案第1页（共5页） TA一定大于OB绳的拉力TB,C错误，D正确。 6.B【解析】由mg=xo,解得xo=0.2m,滑块最终会停在弹簧形变量小于等于0.2m的范围内，由动量定理得 1,一m,解得o,一3m,设弹统第1次的最大压缩最为1，由系统能量守恒，得x十mg=号m5,解得 x1=0.5m,设弹簧第1次最大伸长量为x,有2kx+mg(z:十x,)=kxi,解得x:=0.1m,由于x:<x,= 0.2m,滑块将停止于此，所以滑块运动的总路程s=x1十(x1十x2)=1.10m,B正确。 7.A【解析】设副线圈的负载总电阻为R2,滑动变阻器R的滑片从α端滑到b端过程中，R2的阻值先增大后减 小，设MN间所接电压为U,理想变压器原、副线圈匝数比为k,则有U=I1(R1十R2),可知通过原线圈的电 流I1先减小后增大，则L1消耗的功率P1=IR先减小后增大，所以L1先变暗后变亮，C错误；原线圈两端电 压U=U一1R先增大后减小，由=知，副线圈两端电压U,先增大后减小，U,增大过程中，通过L的电 流增大，在U2减小过程中，通过副线圈的电流I2是增大的，L3支路的电阻减小，L2支路的电阻增大，则通过L3 的电流增大，所以L3消耗的功率一直增大，一直变亮，B错误；根据对称、逆向等效思维，对于L2,在滑动变阻器 R的滑片从a端滑到b端过程中，一直变暗，A正确；电源的输出功率P=I,U先减小后增大，D错误。 8.AC【解析】以P点为坐标原点，沿斜面向下为x轴正方向、垂直斜面向上为y轴正方向建立直角坐标系。小球 到离斜面最远处时轴方向速度为零，即，，一g0s91=0,解得t10A正确；小球从P点运动 到Q点过程中，在y轴方向位移为零，即。1一立86os0=0,解得1一0·B错误：小球运动到离斜面 远处时心，=0，速度仅为x轴方向的分速度0，=a,·1=8sin0·gos),tan0,C正确：由运动的对称性可 知，小球运动到Q点时，y轴方向速度大小为v。,方向垂直斜面向下，x轴方向速度大小为vx=ax·t= 2otan0,合速度大小为va=√o十v=√(2 Votan0)十-oo√1+4tan0,D错误。 9.AC【解析】由题图乙知，t=0s时Q向y轴正方向振动，结合题图甲用同侧法判断波沿x轴正方向传播，由题 .入 图甲知波长入=6m,由题图乙知周期T=8s,则波速v=子=0.75m/s,A正确；振幅A=20cm,t=0s时平衡 位置在坐标原点处的质点沿y轴负方向振动，表达式应为y=一Asm纤=一20sin( π 4 cm,B错误；t=18s= 2T,P点经过2是个周期，在平衡位置下方沿y轴负方向振动，位移在增大，加速度在增大，C正确，18s内Q 完成2个周期的振动，路程为9A=180cm,D错误。 10.BC【解析10~5s内通过导体棒的电荷量等于1-t图像与时间轴围成的面积，即g=号×5×0.5C=1.25C, 根据法拉第电感爆应定徐可得上-公-，g=14, 。 R十，联立解得x=2.5m,A错误；根据牛顿第 三定律有F-F=ma,F=B1L,结合题图1，=01(，可得。=1t”=0,2r(m/)a-智 BL △t 0.2m/s2,B正确；导体棒进人右侧磁场时的速度大小为v1=at=1m/s,设最终速度为v2,根据动量定理有 一BIL·△t=一BLq2=mw2一mv1,又BLv2=U,92=CU,联立解得2=0.5m/s,C正确；导体棒在右侧磁场 运动过程中为能的减少量△B,=7mi司m=是J=0,1875],电容器最终储存的电能不会大于0.1875J, 物理答案第2页（共5页） D错误。 11.(1)C(2分)(2)(1分)(3)0.20(1分)7.9(2分) 力 【解析】(I)剪断细绳前系统受力平衡，有kx。=(m。十m)g。剪断细绳瞬间弹簧形变量不变，手机所受合力 F合=kx0-mog=mg。 (2)由(1)知剪断细绳瞬间加速度a= 。--只m,即a一m图线为过原点的直线，图线斜率力一点，解 momomo 得m,=多 ③)由牛顿第二定律mg=mQ,解得m,三=0.20kg:由周期公式T=2元，变形得k-1代人数据 a 解得k≈7.9N/m。 12.(1)150(2分)B(2分)(2)需要(1分)0.50(2分)(3)见解析（其他答案合理即可得分，2分） 【解析】(1)使用“×10”欧姆挡，将红、黑表笔分别接触元件的A、B端，指针指在表盘“15”刻度，读数应为15.0× 102=150Ω；此时对应二极管的正向电阻，电流从多用电表的黑表笔流出，说明二极管的B端为正极。 (2)更换挡位，需要进行欧姆调零；使用“×1k”欧姆挡时，指针仍指在“15”刻度，则所测电阻值R测=15.0× 1k2=1.5×1042,欧姆表内阻等于中值电阻，即R内=R满=1.5×1042，已知该挡位内部电源电动势E= 15V,根据闭合电路欧解定体，流过元件的电流I后一2X5×10A=5.0X10A=0.50mA. E E 《③)由闭合电路欧姆定律可知1。由于，不变，E液小，故R减小，由十R得气R十R E R内 I: R R ,由于Ig不变，R内偏小，I偏小，故指针偏转角度偏小，对应R的读数偏大。 1十区 ，1十R内 13.(1)3 (2)8d+2R 【解析】(1)作出光路图如图所示 O↑---cG A30 60 C 光射入玻璃砖的人射角01=60 由几何关系得折射角02=30° sin6,(2分) sin 01 由光的折射定律可得，玻璃砖折射率n 解得n=√3(1分) (2)由几何关系得0=30 由光的折射定律可得=sn8（1分) sin 03 物理答案第3页（共5页） 解得04=60° 由光的折射定律可得n sin04(1分) sin 0s 解得0=30° 光在两玻璃砖中传播的距离L=4十R。=d十2R（1分) cos 0s 3 光在两玻璃砖中的传播速度。=C(2分) 光在两玻璃砖中的传播时间t=二(1分) ) 解得t=3d+2迟(1分) 14.(1)28N(2)0.4m(3)2s 【解析】(1)滑块从A点运动到B点，根据机械能守恒定律有 mgR1-cos0=名moi-7mi1分) 解得vB=6m/s 在B点，由牛顿第二定律得FN一mg=mR(I分) 联立解得FN=28N 根据牛顿第三定律，滑块对轨道的压力大小为FN'=F、=28N(1分) 1 ②)滑块从B点以速度0B=6m/s向右滑上传送带，由动能定理得一mgL-】m7&2mw唱L分 联立解得vc=4m/s>v=3m/s 滑块离开传送带后与物体P发生弹性碰撞，则muc=mw1十M2(1分) 名moi=名mi+号Moi1分) 1 1 解得01=一竖=一2m/6 1 滑块以1=一2m/s向左再次滑上传送带，由动能定理得一mgL1=0-2m(1分) 解得L1=0.4m(1分) (3)设滑块第一次从B到C的运动时间为to,由动量定理得一mgt,=moc一mxB(1分) 解得to=0.4s 滑块第1次向左滑入传送带，并以大小相等的速度返回右端，由动量定理得mgt1=一mv1一mw1(1分) 解得t1=0.8s 之后滑块与物体P发生第2次碰撞，碰后速度 w:=2--1m/s 滑块第2次向左治人传送带，并返回右端的时间，=号 所以滑块在传送带上运动的总时间4=1十(，+号+号+…小1分) 物理答案第4页（共5页） 解得t=2s(1分) 15.(1)2mu6 (2)2n+1 gd gB 【解析】(1)粒子从A点到O点，做类平抛运动 x方向有d=vot1(1分) 1 之方向有d=2a好(1分) qE=ma(2分) 联立解得E=2m °(1分) gd (2)粒子从原点O进人磁场时，之轴方向分速度大小为v.=at1(1分) 解得v:=2v0 匀强磁场沿x轴正方向，故粒子在x轴方向做匀速直线运动，在垂直于磁场的yOz平面内做匀速圆周运动 由洛伦兹力提供向心力得q0:B=mR(2分) 运动周期T=2 二(2分) 解得R=2mu ,T-2m qB gB 粒子从0点到距离0：平面最远过程，运动了（侵十其中=01,2…）个周期，此时 之=0(1分) y=-2R(1分) x=07+nT(其中n=0,1,2,…)(1分) 故距离xOz平面最远的位置坐标为 gB mva,-Amvo 2n+1 gB 0(其中n=0,1,2,…)(1分) (3)粒子从0点到第一次经过平面)=：过程，运动了个周期，此时 -w×1分) y'=x'=-R(1分) 散第-经进平面)一时的位置坐标为6一2B一2B小分) 物理答案第5页（共5页）