高一下学期期末实战模拟卷六-【创新教程】2025-2026学年高一下学期物理期末实战模拟卷

高一下学期期末实战模拟卷六 命题范围：静电场中的能量（时间：75分钟，满分：100分） 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目 要求。) 1.在静电场中，关于电势与电场强度的关系，下列说法正确的是 ( A.电势为零地方，电场强度也为零 B.电场强度的方向就是电势降低最快的方向 整 C.根据电势公式p E,电势与电荷的电荷量有关 D.沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场强度也逐渐减小 2.如图所示，一带正电的点电荷在匀强电场中，从a→b→c→d→a运动，在这个过程 中，电场力做负功的过程是 () 如 A.a→b B.b→c C.c-d D.d→a 3.如图甲所示，计算机键盘为电容式传感器，每个键下面由相互平行间距为d的活动金属 片和固定金属片组成，两金属片间有空气间隙，两金属片组成一个平行板电容器，如图乙 所示。其内部电路如图丙所示，则下列说法正确的是 () 固定支撑板 空气间隙 活动金属片 固定金属片 甲 乙 丙 A.按键的过程中，电容器的电容减小 毁 B.按键的过程中，电容器的电量减小 C.按键的过程中，图丙中电流方向从a流向b D.按键的过程中，电容器两极板间的电场强度增大 4.某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗。在这种疗法中，质子先被加速到具有较高的能 量，然后被引向轰击肿瘤，杀死其中的恶性细胞，如图所示。若质子的加速长度为x,质量 夺 为m,电荷量大小为，质子由静止被加速到v,则加速匀强电场的电场强度大小为 () A. u 2ex B.mnv 2mv D. 2ex ex ex 物理试题（六）第1页 (共6页) 5.如图所示，OO'为两电荷连线的垂直平分线，P点在垂直平分线上，四边形ONPM为菱 形，下列说法中正确的是 () 10 A.P点和O点的电势相等 B.V点和M点场强相同 C.电子在N点和M点具有相同的电势能 D.电子由P到O的过程中静电力做负功 6.如图所示，在某点电荷（电荷量为十Q)形成的电场中，M点到点电荷的距离为r,V点到 电荷的距离为2r。已知到点电荷的距离为d的位置的电势9三9，k为静电力常量 则试探电荷（电荷量为十q)只在电场力作用下从M点沿轨迹运动到V点过程中的动能 变化量为 A.kqQ B.kgQ C.2kqQ D.4kgQ 2r 1 7.如图甲所示，x轴上固定两个点电荷A和B,电荷A固定在原点O处，电荷B固定在x= 3a处，x轴上各点的电势o随位置坐标x变化的9一x图像如图乙所示，其中x=2a 处图线的切线与x轴平行。取无穷远处电势为零，仅考虑电场力作用，下列说法正确的 是 () B 0a2a3a4a元 甲 乙 A.A、B两电荷为异种电荷 B.A、B两电荷所带电荷量之比QA:QB=4：1 C.x轴上仅有一个位置A、B两电荷产生的电场强度大小相等 D.将一正电荷从x=a处自由释放，该电荷将做加速度增大的加速运动 物理试题（六）第2页（共6页） 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。) 8.如图所示为等高线图，若我们把它看成描述电势高低的等势线图，图中数据的单位为伏 特，a、b是图中的两点，下列说法正确的是 () 30 20 10 0 A.a点的电势比b点高 B.a点的电场强度比b点大 C.沿电场线方向a点电势降落得比b点快D.同一电荷在a、b两点的电势能不同 9.三个点电荷的电场线和等势线如图所示，其中的d、与e、f两点间的距离相等，则 () A.a点电势低于b点电势 B.a、c两点的电场强度相同 C.d、f间电势差为d、e间电势差的两倍 D.从a到b与从f到b,电场力对电子做的 功相等 10.在新能源汽车电池管理系统中，电容器模块可凭借自身充放电特性使电压波动保特在 允许花围内。已知电容器储存能量E=C罗，一新能源汽车电容器模块中某电容器电容 C=500μF。汽车启动前，该电容器两极板间电压U1=300V,启动时由于负载增加使 其两极板间电压瞬间降至U,=200V,稳定后又恢复至U,=300V。此过程中该电 容器 () A.先放电释放能量，再充电吸收能量 B.先充电吸收能量，再放电释放能量 C.放电时释放的电荷量△Q=0.05C D.充电时吸收的能量△E=2.5J 三、非选择题（本题共5小题，共54分。） 11.(6分)如图所示，在边长为L的正方形ABCD区域存在着匀强电场，方向 竖直向下，与AD边平行。质量为m、电荷量为e的电子，在D点以水平速 度。射入电场中并从B点射出电场，不考虑电子的重力，则 (1)电子在B点的速率为 (2)匀强电场的电场强度大小为 物理试题（六）第3页（共6页） 12.(8分)如图甲所示的实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，使电容器带电 后与电源断开，将电容器左侧极板和静电计外壳均接地，电容器右侧极板与静电计金属 球相连。观察静电计指针偏转角度的大小，可推知电容器两极板间电势差的大小。 引线 电容纸 锡箔纸 (1)在实验中观察到的现象是 (单选，填正确答案的标号) A.将左极板向上移动一段距离，静电计指针的张角变小 B.向两板间插入陶瓷片时，静电计指针的张角变大 C.将左极板右移，静电计指针的张角变小 D.将左极板拿走，静电计指针的张角变为零 (2)某同学用两片锡箔纸做电极，用三张电容纸（某种绝缘介质）依次间隔夹着两层锡箔 纸，一起卷成圆柱形，然后接出引线，如图乙示，最后密封在塑料瓶中，电容器便制 成了。 ①为增大该电容器的电容，下列方法可行的有 （多选，填正确答案的标号) A.增大电容纸的厚度 B.增大锡箔纸的厚度 C.减小电容纸的厚度 D.同时增大锡箔纸和电容纸的面积 ②用如图丙所示的电路观察电容器的放电电流变化。换用不同阻值的电阻R放电，在 图丁中放电电流的t图线的a、b、c三条曲线中，对应电阻最小的一条是（选填 “a”或“b”或“c”)。 t/s 丙 丁 13.(10分)如图所示，有一电子（电荷量为e、质量为m)由静止开始经电 压为U1的电场加速后，在两平行板正中央处垂直进入平行板间的匀 强电场，并且恰能从下板右边缘飞出电场。两板间距为d,板长为1， 不计电子重力。 (1)求电子经过U1加速后获得的速度大小： (2)若U1=1500V,d=2.0cm,l=5.0cm,则两平行极板所加偏转电压U2为多大； (3)求电子经过下板右边缘时的动能大小（答案用字母符号、UJ1U2表示，无需代入数据）。 物理试题（六）第4页（共6页） 14.(14分)如图所示，一粒子带负电荷g在恒力F作用下在匀强电场中做匀速运动，某段时 间内由A运动到B,已知：AB距离为L=0.5m,恒力F=1.5×104N,F与AB的夹角 为a=37°，电荷量为q=一5×10C,A点的电势94=150V,不计电荷的重力，sin37°= 0.6。求： B (1)匀强电场的电场强度E的大小； (2)AB间电势差UAB及B点的电势9B; (3)到B时撤去F,问粒子能否回到A所在的等势面，若能，请计算回来过程动能增加 量。若不能，请说明原因。 物理试题（六）第5页（共6页） 高一下学期期末实战模拟卷 物理答题卡 姓 名 准考证号 条形码区 缺考标记（学生禁止填涂）口 填 正确填涂 注 1.答题前，考生须准确填写自己的姓名、准考证号，并认真核对条形码上的姓名、 准考证号。 2.选择题必须使用2B铅笔填涂，非选择题必须使用0.5毫米黑色墨水签字笔书写， 错误填涂 意 涂写要工整、清晰。 样 ☑XO 事 3.按照题号在对应的答题区域内作答，超出答题区域的答题无效，在草稿纸、试 例 )0力 项 题卷上作答无效。 4.答题卡不得折叠、污染、穿孔、撕破等。 选择题（共46分.1一7小题每题4分，8-10小题每题6分） 1ABCD 5ABCD 9ABCD 2ABCD 6ABCD 10ABCD 3ABCD 在各题目 7ABCD 4ABCD 8ABCD 非选择题（共54分） 区 11.(6分，每空3分) 内作答 (1) (2) 12.(8分，除标注外每空3分) ,超出边框的答案无效 (1) (2)① ② (2分) 13.(10分) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（六）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 14.(14分) ◆B g●A 请在各题目的答题区域内作答 15.(16分) OA ,超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（六）第2页（共2页） 15.(16分)一长为L的细线一端固定于O点，另一端拴一质量为、带电 OA 荷量为十的小球（可视为质点），处于如图所示的水平向右的匀强电 场中。开始时，将细线与小球拉成水平伸直状态，小球静止在A点，释 放后小球由静止开始向下摆动，当细线转动到O点左侧且与竖直方向夹角0=30°时，小 球速度恰好为零，重力加速度大小为g,求：（答案可用根号表示） (1)匀强电场的电场强度大小E; (2)小球运动过程中的最大速度vm; (3)若想让小球做完整的圆周运动，则小球在A点释放瞬间至少要获得多大的竖直向下 的初速度v0。 物理试题（六）第6页（共6页）14.解：(1)根据库仑定律，A、B小球间的库仑力大小F =k (2Rsin60)23R2 (2)对A分析可知F=mgtan60°， 解得m=3红 9gR2 答案：(1)g2 3R2 (2)3kg 9gR2 15.解：(1)对试探电荷在d点 F 时进行受力分析如图所示 d 由题意可知F1=kg,F2 F2 E 0 +0 =gE, 根据平衡条件，有F E. b =F2 E 即gE=kg 可得E=k是，正电荷所受静电力方向与场强方向相 同，故匀强电场方向沿db方向、由d指向b; (2)设试探电荷十g放在，点c时受到的静电力为F。:C 点的场强为E。√+E区-2E=2 2 所以F。=gE。=2kg 方向为与ac方向成45°角斜向下： (3)设试探电荷十g放在，点b时受到的静电力为F,b 点的场强E=E2十E=2E=2k号 所以F6=gE,=2k 父 方向沿db方向，由d指向b。 蓄案：1%9，方向治h方向，由4指向6 (2g,方向为与ac方向成45'角斜向下 (3)2k9,方向沿db方向，由d指向b 高一下学期期末实战模拟卷六 答案速查 题号123456789 10 答案BCDA CB B BC AD AC 1.B[电场强度和电势没有直接关系，电势为零的地 方，电场强度可以不为零，A错误： 电场强度的方向与等势面垂直，沿电场线的方向，电 势降低，即电场强度的方向是电势降低最快的方向， ·1 B正确：电势=是比值法定义的，零电势的选取可 以是任意的，某处的电势大小与该处有无电荷无关， C错误；沿电场线的方向电势降低，电场线密的地方 电场强度大，电场线稀疏的地方电场强度小，因此沿 电场线的方向电势降低，可电场强度不一定逐渐减 小，D错误。] 2.C[正电荷所受电场力方向与电场方向相同，可知， 点电荷从a→b过程，电场力做正功，故A错误：正电 荷所受电场力方向与电场方向相同，可知，点电荷从b →c过程，电场力做正功，故B错误；正电荷所受电场 力方向与电场方向相同，可知，点电荷从c>d过程， 电场力做负功，故C正确：正电荷所受电场力方向与 电场方向相同，点电荷从dQ过程，由于移动方向 与电场力方向垂直，则电场力不做功，故D错误。] 3D[旅搭平行板电容器的电客计头公民C=品得 知，按键过程中，板间距离d减小，电容C增大，故A 错误；电容C变大，由于U不变，根据Q=CU,可知Q 增大，故B错误；因C增大，U不变，根据Q=CU,知Q 增大，电容器充电，电流方向从b流向a,故C错误：按 皖过程中，板间距离d减小，由于U不变，根据E= U 可知，电容器两极板间的电场强度增大，故D正确。 1 4.A[加速质子过程中，由动能定理可得x=2m2- 0,解得加速匀强电场的电场强度大小为E= 2,故 选A。] 5.C[等量同种正电荷电场线和等势面的分布如图 所示 由图可知，P点和O,点不在同一等势面上，因此P点 和O点电势不相等，故A错误：由图可知，N、M两点 电场强度大小相等，但方向不同，故场强不同，故B错 误：由图可知，N点和M点电势相等，电子在V,点和 M点具有相同的电势能，故C正确；电子由P到O的 过程中逆着电场线移动，故静电力做正功，故D错误。] 6.BM点的电势PM=kg,N点的电势9N=号 Q MN两点的电势麦U=w9N=9一号-号， 由动能定理可知，试探电荷从M点沿轨迹运动到N 点过程中动能的变化量△Ek=qU=kg9,故A,C、D 2r 错误，B正确。 7.B[由图可知电势都大于零，所以A、B两电荷均为 正电荷，故A错误；因一x图像的切线斜率表示电 场强度，在2a处的电场强度为零，则有k QA (2a)2 ,解得QA:Qn=4:1故B正确：若x轴上A 两电荷产生的电场强度大小相等，则有kQ k2B2,QA:QB=41,解得x1=2a,.x2=6a,故 A、B两电荷产生的电场强度大小相等的点有两个，分 别在x=2a处和x=6a处，故C错误；根据9一x 图像可知在a~2a场强方向向右且逐渐减小，过2a 的一小段距离内场强方向向左逐渐增大，所以将一正 电荷从x=a处自由释放，该电荷将做加速度减小的 加速运动，过2a之后做加速度增大的减速运动，故D 错误。] 8.BCL由题图可知，a、b两点在同一等势线上，故两点 的电势相等，同一电荷在a、b两点的电势能相同，故 A、D错误。等势线密的位置电场线也密，故沿电场线 方向a点的电场强度比b点大，a点电势降落得比b 点快，故B、C正确。] 9.AD[电场线从高等势面指向低等势面，即电场线从 图中的正电荷指向负电荷，因此b点所在的等势面高 于a点所在的等势面，故A正确；a、c两，点电场强度方 向不同，电场强度不同，故B错误；从d→f电场强 度逐渐减小，间距相等，结合U=Ed可知0<Ue< Ua,则Ua<2Ua,故C错误；a点与f点在同一等势 面上，a、b两点和f,b两点的电势差相等，根据电场力 做功可知从a到b与从f到b,电场力对电子做功相 等，D正确。] 10.AC[当电路负载变化使电容器两端电压瞬间降至 U2=200V,电容器会放电释放能量：之后电压又恢 复至U1=300V,电容器会充电吸收能量，故A正确、 B错误；释放电荷量过程△Q=C·△U=C(U1一U2) =500×10-6×100C=0.05C,故C正确：吸收能量 E=五-B-C受号-12.51，故D雄张] CUCU ·12 11.解析：(1)设电子在B点的竖直分速度大小为v1,根 据带电粒子在电场中偏转的推论可知电子在B点的 速度方向的反向延长线一定过DC中，点，根据运动的 合成与分解可得”=上=2④ 0 所以电子在B点的速率为℃=√w2十=w⑤ (2)设匀强电场的电场强度大小为E,电子在电场中 的飞行时间为t,则根据类平抛运动规律有 L=0t, ① 1.=eEt2 ② 2m 联立①②解得E-2m6 ③ el. 答案：（每空3分）(1W50(2)2mi el 12.解析：(1)电容器带电后与电源断开，电容器极板所 带电荷量一定，根据C=吕C=品 可知，将左极板向上移动一段距离，极板正对面积减 小，电容减小，则电势差增大，即静电计指针的张角 变大，故A错误：结合上述可知，向两板间插入陶瓷 片时，介电常数增大，电容增大，则电势差减小，静电 计指针的张角变小，故B错误；结合上述可知，将左 极板右移，极板之间间距减小，电容增大，电势差减 小，则静电计指针的张角变小，故C正确； 结合上述可知，将左极板拿走，右极板带正电，右极 板与接地点之间电势差不等于零，即静电计指针的 张角不会变为零，故D错误。 (2)①两片锡箔纸做电极，电容纸为绝缘介质，两片 锡箔纸可以等效为平行板电容器，根据C=,由 于用三张电容纸（某种绝缘介质）依次间隔夹着两层 锡箔纸，一起卷成圆柱形，改变电容纸的厚度相当于 改变极板之间的间距，当电容纸的厚度增大时，极板 间距增大，电容减小，当电容纸的厚度减小时，极板 间距减小，电容增大，故A错误，C正确： 结合上述，增大锡箔纸的厚度时，极板间距不变，电 容不变，故B错误；结合上述可知，同时增大锡箔纸 和电容纸的面积，相当于增大极板正对面积，则电容 增大，故D正确。 ②电容器充电稳定后，极板之间电压的最大值一定， 根据欧姆定律可知，电阻越小，电流的最大值越大， 可知，a、b、c三条曲线中，对应电阻最小的一条是b。 答案：(1)C(3分)(2)CD(3分)b(2分) 13.解析：(1)电子加速过程，根据动能定理有eU1一 2 m6, 解得0= 2eU1 m (2)电子在偏转电场中1=wt,y=号at2,又Q= F y=受，解得U2=24=480V: eU2 12 (3)电子经加速和偏转全过程，根据动能定理有Ek ei+2c。 答案：(1)。 2eU m (2480V(3)e+2 14.解：(1)由电荷做匀速运动可得F=gE, F1.5×10-4 所以E=可=5x07N/C=300N/C, 电场强度的方向与F的方向相同： (2)A、B两点电势差为UAB=ELcos a=300X0.5X 0.8V=120V, 而UAB=PA一PB, 所以9B=9A-UAB=(150-120)V=30V; (3)由于粒子所受电场力与等势面垂直且指向A所 在的等势面，所以撤去F后粒子一定能回到A所在 的等势面。静电力做功为WBA=qUA=一5×10一7 ×(-120)J=6×105J, 由动能定理可得，回来过程动能增加量为△Ek= WBA=6×10-5J。 答案：(1)300N/C(2)120V;30V(3)能，原因见 解析；6×105J。 15.解：(1)根据题意，从初始位置到速度恰好为零过程 中，根据功能关系可得mgL.cos30°-EgL(1十sin30) =0,解得E=3mg 3g (2)如图所示， →gE \60° G mg 6 Eq N60° B G mg 从圆心作一条重力与静电力合力方向的有向线段， 交AB圆孤于C点，则C点为等效最低，点：当小球运 动到等效最低，点C时，速度达到最大，且当小球位于 等效最低点时，细线与水平方向的夹角为60°。 从初始位置到等效最低点C,根据动能定理得 mgLsin60°-Egl.(1-cos60)=2m品， 1 解得um√3gL: (3)若让小球恰能做完整的圆周运动，即小球恰好能 通过等效最高点D,由图可知，重力与静电力的合力 为G'=mg 2√5 sin60°= mg, 在等效最高点，根据牛顿第二定律G'=mb 从初始位置到D,根据动能定理得-mgLsin60° Egl(1+cos60°)= 联立解得o= 答案：(1)3mg (2)。 25 V3-gL (3) 8√5 3g 高一下学期期末实战模拟卷七 答案速查 题号 12345678910 答案CC B D CCC AB BC BD 1.C[做曲线运动的物体，其所受合力指向轨迹凹的一 侧，速度方向沿轨迹切线方向，由于探测器做加速运 动，F与)的夹角为锐角，故只有C正确。] 2.C[A、B两点等高，羽毛球重力做功为零，空气阻力 与运动方向始终相反，所以空气阻力做负功，即W< 0,从A点到B点过程，由动能定理有W=7mm2- 1 wA2,可知B点的速度大小小于A点的速度大小， 且两点速度方向不同，故A错误；从P到B,阻力做负 功，重力做正功，无法判断动能大小的变化，速度大小 变化无法判断，故B错误：从A到P,阻力做负功，重 力做负功，动能不断减小，速度不断减小，故C正确： 羽毛球在P点时，竖直方向速度为零，水平方向速度 不为零，所以水平方向还有空气阻力，羽毛球在P点 的合力大于重力，所以羽毛球经过P点的加速度大于 重力加速度g,故D错误。] 3.B[根据平抛运动规律办=了g2,x=w,得平抛运 动水辛位移工=人√臣，原落点在用标右侧，需减小 水平位移，仅减小初速度可实现击中地面的“壤”，增 大或h,会增大x,质量不影响平抛轨迹。故选B。]