2026年山东省枣庄市薛城区中考物理二模考前模拟练习卷2

2026年山东省枣庄市薛城区中考物理二模考前模拟试题 一、单选题 1．4月，柳州满城尽开紫荆花，驾车驶过如同在画中游。如果说车上的驾驶员是静止的，所选择的参照物是（　　） A．地面 B．路旁灯杆 C．他驾驶的车 D．沿路的紫荆花 2．下列是中学生的一些数据，符合实际的是（　　） A．身高160dm B．正常呼吸一次时间20s C．正常说话响度50dB D．步行速度10m/s 3．以下对中华古诗中有关物态变化的分析，正确的是（　　） A．“僧舍清凉竹树新，初经一雨洗诸尘”——雨的形成是汽化现象，需要放热 B．“炎炎暑退茅斋静，阶下丛莎有露光”——露的形成是液化现象，需要吸热 C．“欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山”——冰的形成是凝固现象，需要放热 D．“天接云涛连晓雾，星河欲转千帆舞”——雾的形成是汽化现象，需要吸热 4．护士在用体温计给病人测量体温时，体温计中的水银在测量过程中保持不变的是（　　） A．体积 B．密度 C．温度 D．沸点 5．中国女排顽强拼搏的精神值得我们每个人学习，如图所示，这是她们某次比赛时的场景，对于该场景下列说法正确的是（　　） A．排球向上运动过程中，受到重力和人手的击打力作用 B．排球被击飞后在空中继续飞行，是因为受到了惯性力的作用 C．排球在空中飞行时没有跟其他物体接触，所以不受任何力的作用 D．运动员在加速奔跑时惯性不变 6．如图所示现象中能说明气体的压强跟流速有关的是 （ ） A． B． C． D． 7．放在水平桌面上的大烧杯内盛满了水，轻轻放入一个小球后，从烧杯中溢出了100g水，则下列判断中正确的是（本题g=9.8N/kg）（  ） A．水对烧杯底的压强会增大 B．小球的质量不会等于100g C．小球的体积一定大于 D．小球受到的浮力等于 8．如图所示，将一把米尺在O点支起，两边分别挂相同质量的砝码4个和2个，下列哪种情况还能保持平衡（  ） A．两边砝码组各向支点处移近一个格 B．两边砝码组各向支点处移远一个格 C．两边钩码组各减少一个钩码 D．两边钩码组各减少一半钩码 9．如图所示，小明分别使用甲、乙、丙、丁四种滑轮装置匀速提升物体。实验中，小明测得拉力和物体M、N所受的重力如表所示。则下列说法正确的是（　　） F甲 F乙 F丙 F丁 GM GN 5.5N 12N 5.5N 8N 5N 10N A．甲的机械效率比丙的大 B．乙、丁的机械效率相同 C．使用丙提升物体M时可以省力 D．实验测得的数据中，乙的机械效率最高 10．夏天，将饮料放入冰箱冷藏室，饮料温度降低，下列说法正确的是（   ） A．饮料将温度传递给冰箱中的空气 B．饮料放热是因为饮料的内能比冰箱中空气的内能多 C．饮料温度降低的过程伴随着能量的转移 D．饮料放出热量后自身所含热量减少 11．中国高铁技术世界领先，给人们的出行带来了极大的便利。乘客进站时，需同时通过身份证验证（相当于闭合）和人脸识别（相当于闭合），方可开启闸机，下列电路设计符合要求的是（   ） A． B． C． D． 12．炎热的夜晚，爸爸打开客厅柜式空调时，细心的小明发现家里的白炽灯突然闪了一下，亮度变暗了点，这是因为（    ）． A．电路中总电流突然变大，灯泡的额定功率变小了 B．电路中总电流突然变大，导线上损失的电压增多，加在灯泡两端的实际电压减小 C．空调突然工作时，又并联了一个用电器，电路中总电阻变大 D．空调自身电阻很大，当它并联在电路中时，电路中总电流突然变小 13．实验电路如图所示，下列说法正确的是（　　） A．闭合开关，向左移动滑片小灯泡变暗 B．闭合开关，向右移动滑片电压表示数变小 C．这个电路可以探究电功率与电压的关系（只利用图中器材） D．这个电路可以探究电流与电压的关系 14．如图所示的电路，电源电压保持不变。小灯泡的额定电压为6V，滑动变阻器铭牌标有“50Ω  1A”字样，电流表选用0~3A量程。先闭合开关S1、断开开关S2，此时小灯泡正常发光；保持开关S1闭合，再闭合开关S2，当滑动变阻器连入电路的阻值为30Ω时，电流表的示数为0.8A。则保持开关S1、S2都闭合，忽略温度对灯丝电阻的影响，使用过程中元件完好，在保证电路安全的情况下，下列说法错误的是（　　） A．将滑动变阻器的滑片向右移动，小灯泡实际功率不变 B．滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是6~50Ω C．通过电流表的电流最小值为0.72A D．电路的总功率最大值为18W 15．下列关于图中“电和磁”现象，说法正确的是（　　） A．图甲，动圈式话筒利用了磁场对通电导线力的作用 B．图乙，闭合开关，当导体ab在磁场中运动时，电流表指针就会偏转 C．图丙，是电磁感应现象原理图，机械能转化为电能 D．图丁，扬声器工作时把电信号转换成声信号，电能转化成机械能 二、填空题 16．如图所示为内燃机的能量流向图，其中E1指的是___________（填“燃料的化学能”或“燃料的内能”），E3指的是___________的能量，内燃机效率η=___________，这台内燃机最有可能的是___________（填“汽油机”“柴油机”或“蒸汽机”） 17．目前人类大力发展核能、太阳能等能源，核能是_________（选填“可再生”或“不可再生”）能源，人类利用核能发电的主要方式是_________（选填“核裂变”或“核聚变”）；利用核能发电所产生的电能是_________（选填“一次”或“二次”）能源。 18．如图所示，用弹簧测力计水平匀速拉动重为5N的木块，使它沿水平方向在10s内移动了1m，则在这个过程中木块受到的拉力与摩擦力是一对______，重力做功为______J。 19．小明利用紫外光敏电阻对紫外线较灵敏的性质，设计了如下图所示电路。当户外紫外线增强到设定值时，S2闭合，电动机转动，遮阳棚上防紫外线的遮阳布展开。    （1）电动机工作时，要将电能转化为___________能； （2）调试时发现，当户外紫外线增强到设定值时，S2仍未闭合，为了达到设计要求，需要把滑动变阻器R1的滑片P向___________（左/右）移动； （3）从安全用电的角度分析，进户线a应该是___________线。 三、作图题 20．作图题： (1)请画出图甲中反射光线并标出反射角的大小； (2)作出图乙中物体在平面镜中的像； (3)O为玻璃砖的圆心，是入射光线，请在图丙中画出它透过玻璃砖的折射光线大致路径。 四、实验题 21．小明利用如图所示的装置，探究凸透镜成像规律。 (1)如图甲所示，一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，说明凸透镜对光有________作用，测出凸透镜的焦距是________cm； (2)利用甲图中的凸透镜，如图乙所示，光屏上呈现清晰的像，生活中的________是根据这一原理做成的；若只把该凸透镜换成焦距的另一个凸透镜，发现光屏上烛焰的像变模糊了，此时他应将光屏________，光屏上才会重新出现烛焰清晰的像。 22．宁宁测量龟山叶腊石的密度，进行了如下实验： （1）将天平放在_______桌面上，游码放在标尺左端零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，应将天平的平衡螺母向_______端调，使横梁平衡； （2）如图乙所示，叶腊石的质量为_______g； （3）将叶腊石放入盛有50mL水的量筒中，静止时液面如图丙所示，则叶腊石的密度为_______g/cm3； （4）细心的宁宁发现他测量使用的其中一个砝码磨损，因此判断得到的密度值________（选填“偏大”“不变”或“偏小”）。 23．在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小李用完全相同的木块分别做了如图所示的甲、乙、丙三个实验。 （1）将木块放在水平木板上，用弹簧测力计水平___________拉动木块，根据___________知识可知，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。 （2）甲、乙两个实验说明滑动摩擦力的大小与___________有关；___________两个实验说明滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。 （3）小李认为滑动摩擦力的大小可能跟接触面的面积有关，于是他在上述实验的基础上，将木块沿竖直方向切成两部分继续进行实验，这种做法是正确的还是错误的？回答并说明理由：_________。 （4）同学们在老师的指导下对实验装置进行改进，发现用如图丁所示的方式测量滑动摩擦力效果更好。图丁实验中_________选填“一定”或“不一定”）要匀速拉动长木板。 （5）在甲实验中，若木块所受拉力突然变大，木块做加速运动时，其所受摩擦力_______选填“变大”、“变小”或“不变”。 24．聪聪用图甲所示电路“探究电流与电阻的关系”。其中电源电压为4.5V不变，R1为电阻箱（0~999.9Ω），R2为滑动变阻器（20Ω 1A）。 （1）如图甲，连接电路时，开关应__________（选填“断开”或“闭合”）。 （2）聪聪在正确连接电路后闭合开关，发现无论怎样移动滑片P，电流表和电压表V2的示数都很小，电压表V1的示数接近电源电压且几乎不变，经检查并非故障问题，那么其原因是__________； （3）接着聪聪先将电阻箱R1调为12Ω，将滑动变阻器R2的滑片P移至合适位置，电压表V1的示数如图乙所示，示数为__________V，记下电流表的示数。断开开关，将电阻箱R1调为10Ω后，为了使__________（选填“电压”或“电流”）表的示数与前一次相同，应该将滑动变阻器R2的滑片P往__________（选填“a”或“b”）端移动； （4）依次改变电阻箱R1的阻值，共测得五组实验数据，根据实验数据，在图丙的坐标系中描绘出I-R1图像为曲线A。根据上面所测的五组实验数据，把每次实验时记录的电流值和对应滑动变阻器R2的阻值，也在图丙坐标系中描成点绘成曲线B，发现曲线B与曲线A__________（选填“有交点”或“无交点”），原因是对每一个电流值，对应的滑动变阻器阻值与电阻箱阻值的比值__________（选填“不变”，“变小”或“变大”）； （5）当将电阻箱R1选取为24Ω时，聪聪发现无论怎样移动滑片，都不能使电压表示数达到原来的数值，为了能完成这次实验，你认为以下措施不可行的是__________。 A．将电源电压调为2.4V~4.4V范围内，其余不变 B．换一个最大阻值为40Ω的滑动变阻器，其余不变 C．在电路中串联一个定值电阻R0，R0的阻值范围为22Ω~25Ω，其余不变 五、计算题 25．一同学设计了如图甲所示的电热水器简化电路图，电磁铁线圈阻值忽略不计，M为自动注水装置，当热水器内水位高度达到设定上限值时，电磁铁吸引衔铁，工作电路停止注水，自动切换至加热状态。控制电路中，电源电压恒为6V，定值电阻R2=40Ω，力敏电阻R1的阻值随热水器内水位高度变化关系如图乙所示。工作电路中，电源电压恒为220V，电热丝R3=55Ω，R4=220Ω，闭合开关S1和S2，求： （1）如图甲所示，此时工作电路处于___________（选填“加热”或“注水”）状态； （2）工作电路处于加热状态时，水对容器底部的压强；___________ （3）若电热水器柱状水箱的底面积为0.01m2，当工作电路处于加热状态时，将箱内的水从25℃加热至80℃用时400s，求该电热水器的加热效率___________。[，c水=4.2×103J/（kg·℃）] 26．家用即热式电热水器的内部简化电路如图所示，和均为阻值恒定的电热丝。当温控开关接a时，热水器处于高温加热，此时只有工作，通过的电流为20A；当温控开关S接b时，热水器处于低温加热，电路消耗的功率为880W，求： (1)的阻值； (2)低温加热100s，电路消耗的总电能； (3)低温加热时，两端的电压。 27．璇璇设计了如图甲所示的可改变灯泡亮度的电路，电源电压恒为，灯泡L标有“”，其部分的图线如图乙所示。 (1)接到1处时，闭合开关，计算： ①L的电功率； ②L工作消耗的电能。 (2)接到2处时，闭合开关，电流表示数为，计算的阻值。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C C C D D A D D A C 题号 11 12 13 14 15 答案 B B B D D 1．C 【详解】ABD．车上的驾驶员相对于地面、路旁灯杆、沿路的紫荆花，位置都发生了变化，是运动的，故ABD不符合题意； C．车上的驾驶员相对于他驾驶的车位置没有发生变化，是静止的，故C符合题意。 故选C。 2．C 【详解】A．成年人的身高在1.7m左右，中学生的身高略小于此数值，在 左右，故A不符合题意； B．中学生平静状态下呼吸一次时间约2.5s，故B不符合题意； C．中学生正常说话时的声音响度在50dB左右，故C符合题意； D．中学生正常步行的速度约为 故D不符合题意。 故选C。 3．C 【详解】A．雨是空气中的水蒸气遇冷凝华形成小冰晶或液化成小水滴，小冰晶在下落的过程中遇到暖气流及与空气摩擦生热，再熔化成水滴落下来，故A错误； B．露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，此过程放热，故B错误； C．冰是液态的水变成固态的冰发生的凝固现象，此过程放出热量，故C正确； D．雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，此过程放出热量，故D错误。 故选C。 4．D 【详解】体温计示数升高时，体温计内的水银温度随之升高，体积变大，质量不变，由可知，体温计中的水银密度变小，沸点不变，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 5．D 【详解】A．排球在向上运动的过程中，始终受到重力的作用，排球离开手，不受手的击打力，故A错误； B．排球被击飞后在空中继续飞行，是因为排球具有惯性，惯性不是力，不能说受到了惯性力的作用，故B错误； C．由于地球表面的物体都受到重力的作用，所以排球在空中飞行时，受到重力作用，故C错误； D．由于惯性只与质量有关，与速度大小无关，所以运动员在加速奔跑时惯性不变，故D正确。 故选D。 6．A 【详解】气体流速增大会使压强减小，故A能说明气体的压强跟流速有关．其余几个都是吸走气体使内外出现压强差，大气压作用所导致． 7．D 【详解】大烧杯内盛满水，轻轻放入一个小球后，水溢出，但水深h不变，由可知水对烧杯底的压强不变，故A错误； 小球受到的浮力 故D正确； 如果小球漂浮在水面上，，则，小球的质量 故B错误； 排开水的体积 所以 如果小球悬浮在水中，则，小球的质量 排开水的体积 所以 故C错误。 故选D。 8．D 【详解】设一个钩码重为G，一个格的长度为L，杠杆原来平衡是因为 4G×2L=2G×4L A．两边砝码组各向支点处移近一个格，左边 4G×L=4GL 右边 2G×3L=6GL 4GL＜6GL 杠杆右端下沉；故A不符合题意； B．两边砝码组各向支点处移远一个格，左边 4G×3L=12GL 右边 2G×5L=10GL 12GL＞10GL 杠杆左边下沉；故B不符合题意； C．两边钩码组各减少一个钩码，左边 3G×2L=6GL 右边 G×4L=4GL 6GL＞4GL 杠杆左边下沉；故C不符合题意； D．两边钩码组各减少一半钩码，左边 2G×2L=4GL 右边 G×4L=4GL 4GL=4GL 杠杆保持平衡，故D符合题意。 故选D。 9．A 【详解】设承担物重的绳子段数为n，则拉力端移动的距离s=nh，拉力做的有用功 W有用=Gh 拉力做的总功 W总=Fs=F×nh=nFh 机械效率 甲图中，使用的是定滑轮，n甲=1，机械效率 乙图中，使用的是定滑轮，n乙=1，机械效率 丙图中，使用的是动滑轮，n丙=2，机械效率 丁图中，使用的是滑轮组，n丁=2，机械效率 A．由上面计算可知，η甲≈90.9%，η丙≈45.5%，所以甲的机械效率比丙的大，故A正确； B．由上面计算可知，η乙≈83.3%，η丁=62.5%，所以乙丁的机械效率不同，故B错误； C．使用丙提升物体M时，GM=5N，F丙=5.5N，F丙>GM，是费力的，故C错误； D．由上面计算可知，η甲≈90.9%，η乙≈83.3%，η丙≈45.5%，η丁=62.5%，所以甲的机械效率最高，故D错误。 故选A。 10．C 【详解】A．饮料和冰箱冷藏室里的空气温度不同，两者会发生热传递，温度高的饮料会放出热量，将热量传给冰箱中的空气，并不是饮料将温度传递给冰箱中的空气，故A错误； B．饮料放热是因为饮料温度比冰箱中空气的温度高，温度高不一定内能多，内能还与物体的质量等因素有关，故B错误； C．发生热传递时，饮料放出热量，内能减少，温度降低，冰箱冷藏室里的气体吸收热量，内能增加，温度升高，所以饮料温度降低的过程伴随着能量的转移，故C正确； D．饮料放出热量后温度降低，内能减少，而热量是过程量，不能用含有、具有来描述，故D错误。 11．B 【详解】A．两个开关并联，只要闭合一个开关，电动机就工作，故A不符合题意； B．由题意可知，当S1、S2都闭合时，方可开启闸机M，图中两开关串联，当S1、S2都闭合时，电动机才能工作，故B符合题意； C．只闭合S2时，电动机工作，闭合S1时，电源短路，故C不符合题意； D．只闭合S1时，电动机工作，再闭合S2时，电源短路，故D不符合题意。 故选B。 12．B 【详解】A．用电器的额定电压和额定功率只有一个，是固定的，所以灯泡的额定功率不变，故A不符合题意； BCD．由于总电压恒定，空调与灯泡并联，空调突然工作时，又并联了一个用电器，并联后电路中总电阻减小，导致电路中的总电流突然增大， 由I=知U线=IR线，电线上电压将增大,则灯泡两端的电压减小,由P=知灯泡实际功率减少，所以灯泡变暗，故B符合题意，CD不符合题意． 13．B 【详解】A．如图，小灯泡和滑动变阻器串联，电压表测小灯泡两端电压，电流表测电路中电流；闭合开关，向左移动滑片，滑动变阻器接入电路中的电阻减小，电路中的电流增大，小灯泡变亮，故A错误； B．闭合开关，向右移动滑片，滑动变阻器的电阻增大，根据串联分压的特点，电阻越大分得的电压越大，故电压表的示数变小，故B正确； C．探究电功率与电压的关系，要在改变电压的同时控制电流不变，但是只利用图中器材，改变小灯泡两端电压时，通过它的电流也会改变，不能探究电功率与电压的关系，故C错误； D．探究电流与电压的关系时，要控制电阻不变，灯丝电阻会随温度的升高而增大，故这个电路不能探究电流与电压的关系，故D错误。 故选B。 14．D 【详解】A．由电路图可知，开关S1、S2都闭合时，滑动变阻器与小灯泡并联接入电路，两者电压都等于电源电压，电流表测量干路电流，因为并联电路各支路之间互不影响，所以可知无论滑动变阻器的滑片向哪移动，小灯泡的实际功率都不变，故A正确，不符合题意； B．只闭合开关S1时，电流表与小灯泡串联接入电路，小灯泡两端电压等于电源电压，因为小灯泡此时正常发光，所以可知电源电压的大小为小灯泡的额定电压6V，而滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，开关S1、S2都闭合时，滑动变阻器与小灯泡并联接入电路，两者电压都等于电源电压，所以可知滑动变阻器允许接入电路的最小阻值为，滑动变阻器的最大阻值为50Ω，所以滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是6~50Ω，故B正确，不符合题意； C．当滑动变阻器连入电路的阻值为30Ω时，通过滑动变阻器的电流为，通过小灯泡的电流为I灯=I-I滑=0.8A-0.2A=0.6A，因为滑动变阻器与小灯泡并联，所以通过小灯泡的电流不变，则当滑动变阻器接入电路中的阻值为最大阻值50Ω时，电路中的总电流最小，即通过电流表的电流最小，此时通过滑动变阻器的电流为，则通过电流表的电流最小值为Imin=0.6A+0.12A=0.72A，故C正确，不符合题意； D．电路中的总电流最大时，电路的总功率最大，因为小灯泡的功率不变，则可知滑动变阻器的功率最大即滑动变阻器接入电路的阻值最小时，电路的总功率最大，此时通过滑动变阻器的电流为允许的最大电流1A，则滑动变阻器的功率为P滑=I滑U=1A×6V=6W，小灯泡的电功率为P灯=I灯U=0.6A×6V=3.6W，电路的总功率最大值为P总=P滑+P灯=6W+3.6W=9.6W，故D错误，符合题意。 故选D。 15．D 【详解】A．动圈式话筒的工作原理是电磁感应现象：声音振动带动线圈在磁场中切割磁感线，产生感应电流，故A错误； B．乙图是电磁感应实验，产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动；如果导体ab沿磁感线方向运动，不切割磁感线，电路中不会产生感应电流，电流表指针不会偏转，故B错误； C．丙图装置接有电源，是通电导体在磁场中受力运动的原理图（电动机原理），能量转化是电能转化为机械能，故C错误； D．扬声器工作时，携带信息的变化电流通过线圈，线圈在永久磁体的磁场中受力振动，带动纸盆发声，将电信号转换成声信号，能量转化为电能转化为机械能，故D正确。 故选D。 16． 燃料的化学能 废气带走 27% 汽油机 【详解】[1]燃料燃烧的过程就是把燃料的化学能转化为内能的过程，所以E1指的是燃料的化学能。 [2]燃料不可能完全燃烧，燃料燃烧过程中放出的热量一部分用来做有用功，一部分通过摩擦、散热以及废气损失掉了，其中废气带走的热量最多，所以E3指废气带走的能量。 [3]内燃机效率 η=E1-E2-E3=100%-28%-45%=27%[4]蒸汽机不仅笨重，而且效率又很低，只有6%～15%；内燃机有汽油机和柴油机两大类，汽油机的效率为20%～30%，柴油机的效率为30%～45%，这台内燃机最有可能的是汽油机。 17． 不可再生 核裂变 二次 【详解】[1]核能在短时间内不能再生，是不可再生能源。 [2]人类利用核能发电的主要方式是可控的核裂变。 [3]利用核能发电所产生的电能是由一次能源加工获得的二次能源。 18． 平衡力 0 【详解】[1]因为木块匀速运动，处于平衡状态，所以木块受到的拉力和摩擦力是一对平衡力。 [2]重力的方向竖直向下，物体水平运动，物体在重力的方向上没有移动距离，重力不做功，即做功为0。 19． 机械能 右 火 【详解】（1）[1]电动机工作时，消耗电能，将电能转化为机械能来转动。 （2）[2]当户外紫外线增强到设定值时，S2仍未闭合，为了达到设计要求，需要把滑动变阻器R1的滑片P向右移动，减小接入的电阻，增大电路中的电流，使电磁铁的磁性增强，将衔铁吸下，使S2闭合。 （3）[3]开关要接在火线与用电器之间，因此进户线a应该是火线。 20．(1) (2) (3) 【详解】（1）入射角为入射光线与法线的夹角，为50°，根据光的反射定律，反射角等于入射角，等于50°，画出反射光线，反射角指的是反射光线与法线的夹角，故如图所示： （2）根据像与物体关于平面镜对称，过A点作平面镜的对称点，即为像点A’，过B点作平面镜对称点B’，也是B的像点B’，由于平面镜成的像是虚像，故用虚线连接A’B’，故如图所示： （3）光从空气中斜射入玻璃中，折射角小于入射角，折射光线更靠近法线，故画出折射光线，光线垂直射出，传播方向不变，故如图所示： 21．(1) 会聚 10.0 (2) 投影仪 见解析 【详解】（1）[1][2]平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，说明凸透镜对光有会聚作用，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是 （2）[1]利用甲图中的凸透镜，如图乙所示，此时物距小于像距，根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，投影仪（或幻灯机）就是利用此原理制成的。 [2]若只把该凸透镜换成焦距的另一个凸透镜，凸透镜焦距变小，相当于增大物距，缩小像距，故此时他应将光屏向左移动适当距离（靠近透镜、向左移至之间），光屏上才会重新出现烛焰清晰的像。 22． 水平 右 27.4 2.74 偏大 【详解】（1）[1][2]将天平放在水平桌面上，游码放在标尺左端零刻度线处，由图甲可知，测量前指针偏向分度盘的左侧，说明左盘偏重，应将平衡螺母向右移动，直到指针指在分度盘的中央。 （2）[3]如图乙所示，标尺的分度值是0.2g，叶蜡石的质量 （3）[4]叶蜡石的体积 叶蜡石的密度 （4）[5]砝码磨损后质量减小，导致测量石块的质量偏大，根据密度公式知，测量得出的叶蜡石密度偏大。 23． 匀速 二力平衡 压力大小 甲丙 不正确，因为没有控制压力大小相同 不一定 不变 【详解】（1）[1][2]将木块放在水平木板上，用弹簧测力计水平匀速拉到木块，拉力与摩擦力是平衡力，摩擦力才等于拉力。 （2）[3][4]甲、乙对比，压力不同，拉力的大小不同，摩擦力的大小，故甲、乙两个实验说明滑动摩擦力的大小与压力的大小；对比甲、丙，压力相同，接触面的粗糙程度不同，故可以说明滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。 （3）[5]将木块沿竖直方向切成两部分继续进行实验，压力不同，接触面积不同，变量不唯一，无法得出结论。 （4）[6]不一定，因为一旦木板运动，木块处于静止时，木块与木板之间属于滑动摩擦力，其大小与速度无关，故不需要匀速拉到木块。 （5）[7]在甲实验中，若木块所受拉力突然变大，木块做加速运动时，摩擦力属于滑动摩擦力，其大小与速度无关，故摩擦力的大小不变。 24． 断开 电阻箱R1接入电路的阻值过大 2.4 电压 b 无交点 不变 C 【详解】（1）[1]为了保护电路，连接电路时，开关应断开。 （2）[2]闭合开关，电阻箱和变阻器串联接入电路，电压表V1测电阻箱两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流，电流表和电压表V2的示数都很小，电压表V1的示数接近电源电压且不变，说明电流很小，电阻过大，所以电路故障可能是电阻箱R1接入电路的阻值过大。 （3）[3]由图乙可知，电压表的量程是0~3V，分度值是0.1V，电压表的示数是2.4V。 [4][5]断开开关，将电阻箱R1调为10Ω后，电阻变小，电压表V1的示数变小，探究电流和电阻的关系，保持电压表的示数不变，为了使电压表的示数与前一次相同，由串联电路电压的规律可知减小变阻器两端的电压，由串联分压可知，减小滑动变阻器连入电路的阻值，应该将滑动变阻器R2的滑片P往b端移动。 （4）[6][7]因为电源电压不变，电阻的电压保持不变，滑动变阻器的电压也不变，根据串联分压规律可知，故各次实验中，定值电阻和滑动变阻器的阻值倍数关系保持不变，对应的滑动变阻器阻值与电阻箱阻值的比值不变，对每一个电流值，变阻器R2的阻值始终是定值电阻的阻值倍数不变，则把每次实验时记录的电流值和对应变阻器R2的阻值，在图丙坐标系中描成点，将这些点绘成曲线B，发现曲线B与曲线A平行，因而两者无交点。 （5）[8]A．由图丙可知，电阻的电流与电阻之积为 UV=I1R1=0.6A×4Ω=2.4V 根据串联分压得到 ① 上面式子左边是定值，右边也是定值，变阻器的阻值最大时，定值电阻的阻值最大，可以得到 ② U=4.4V 降低电源电压可以完成这次实验，由②式可知，电源电压大于2.4V，将电源电压调为2.4V~4.4V范围内，其余不变，故A不符合题意； BC．由图丙可知，电阻的电流与电阻之积为 UV=I1R1=0.6A×4Ω=2.4V 根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压 U滑=U-UV=4.5V-2.4V=2.1V 当接入24Ω电阻时，根据分压原理 R滑=21Ω>20Ω 故可换一个最大阻值为40Ω的滑动变阻器，如果在电路中串联一个定值电阻R0，R0的阻值最小为 R0小=R滑-R滑大=21Ω-20Ω=1ΩR0的阻值最大为21Ω，B不符合题意，C符合题意。 故选C。 25． 注水 84% 【详解】解：（1）图甲中电热丝都处于断路状态，所以此时工作电路处于注水状态。 （2）根据题意结合图乙可知，水深度最大值为16cm，此时电路切换成加热状态，则水对容器底部的压强为 （3）水的质量 水吸收的热量 消耗的电能 该电热水器的加热效率 答：（1）如图甲所示，此时工作电路处于注水状态； （2）工作电路处于加热状态时，水对容器底部的压强为； （3）该电热水器的加热效率为84%。 26．(1) (2) (3) 【详解】（1）因为当温控开关接a时，热水器处于高温加热，此时只有工作，通过的电流为20A，所以的阻值为 （2）当温控开关S接b时，热水器处于低温加热，电路消耗的功率为880W，低温加热100s，电路消耗的总电能为 （3）低温加热时，两电阻和串联，电路中的电流为 此时R1两端电压为 两端的电压为 27．(1)①3W；②300J (2)12Ω 【详解】（1）①当S2接到1处时，闭合开关S1，电路为灯泡L的简单电路。由于电源电压为6V，灯泡L的额定电压也为6V，所以灯泡两端的电压，此时灯泡正常发光，通过灯泡的电流为额定电流，灯泡L的电功率为 ②灯泡L工作100s消耗的电能为 （2）当S2接到2处时，闭合开关S1，电阻R与灯泡L串联，电流表测电路中的电流。已知电流表示数为0.3A，由于串联电路中电流处处相等，所以通过灯泡的电流为0.3A，由图乙可知，当通过灯泡的电流为0.3A时，灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点，电阻R两端的电压为 电阻R的阻值为 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $