选择题专练(1)直线运动与牛顿运动定律-【鱼跃龙门卷】2026年高考物理试题逐题突破

·物理· 第一部分选择题专练 物理选择题专练（一）】 1.C 2.A【解析】根据匀减速直线运动的位移时间公式x=ot一 0-b 2a,可得号=w-2at,由题图可知w=b,-2a= to 可得列车的加速度大小为a一碧，故A正确；列车减速过程所 间为一=多一9，可知列车在公时刻的速度大 to 0放B特误列率企程通过的位移为工一学-台·台-， 6 8 放C错误列车全程的平均速度为=受-名.放D错误。 3.BC【解析】假设汽车甲3s内一直做匀减速直线运动，根据匀 变速直线运动推论可得a=二飞1=1一16 2T2=2x1m/s=-7.5m/s, 设t=0时刻的初速度为o。,刹车后第1s内根据位移时间关系 可得x1=w41十2ali,解得0。=19.75m/s,则汽车甲减速为 零的时间为t= _0-00_79 一30s<3s,可知汽车甲在3s前已经减 速为零。设汽车甲刹车后的加速度大小为a',汽车甲刹车时的 初速度为v'。,汽车在第3s内实际行驶的时间为t。,则有x1 4,-名a日=16m,爱=2s十根据逆向思维可知 1 a't6=1m,联立解得%=20m/s,a'=8m/s2,t。=0.5s,刹 车所用时间为2.5s,故A错误，B正确。汽车甲在刹车过程中 9 通过的位移大小为x=%-20 2a=2×8m=25m>24m,可知汽车 甲在刹车过程中，会撞上乙车，故C正确，D错误。 4.BC【解析】频闪照相的时间间隔T=子-0.2s,题图中所有 位置均曝光2次，所以d点到竖直上抛的最高点的时间间隔为 t=号，所以小球从最高点开始下落到b点经历的时间为马 +2T-号T=0.55,小球经过6点时的速度为，=g, 5m/s,A错误。小球从最高点下落到a点经历的时间为t。= 2十3T=子T=0.7s,所以a点距竖直上抛的最高点的距离为 k=g=2.45m,B正确。初速度为0的匀加速直线运动， 在连续相等时间间隔内的位移之比为1：3：5：·：（2n一1)， 若从最高点至a点分为7个相等的时间间隔，每个间隔为 0.1s,有11：12：13=(13+11)：(9+7)：(5+3)=3：2：1， C正确，1=分g-8=1.2m,D错误。 5.BD【解析】若两者均无初速度同时释放，则在同一时间内下 降高度相等，可知小球在空中不能穿过管，故A错误。两者同 时释放，小球具有竖直向下的初速度。，管无初速度，则以管为 参考系，小球做匀速运动，在管中运动的时间：一二，则小球能 参考答案及解析 叁考答案及解析 穿过管，且在管中运动的时间与当地重力加速度无关，故B正 √(mg)2+(ma)2,解得Tc3=5√3N,故D错误。 16.BCD【解析】物块与木板发生相对运动前，二者加速度相等 确。先让小球自由下落，设下落时间为t,当小球落至空心管11，C【解析】小球静止时，分析其受力情况，如T 拉力增大，加速度增大：物块与木板发生相对运动之后，物块的 上边缘时，无初速度释放空心管，设小球落至空心管上边缘时的 图所示，由平衡条件得弹簧的弹力大小为 加速度为a=g=5m/s2,不变，故A错误。假设物块与木板 速度为，在管中运动的时间为红，则有△h,=,十2g号 F=mgan53°=子mg,细绳的拉力大小为 相对静止，对整体F=(m1十m2)a1,对物块f=m2a1,当F 15N时，f=10N,恰好等于物块与木板间的最大静摩擦力，故 2s=L,4==上，则小球一定能穿过管，且穿过管的时 T=mg cos53=3mg,故A、B错误。细绳烧 5 物块与木板刚好发生相对滑动，故B正确。当F=12N< U gt 15N时，物块与木板相对静止，对整体F=(m1十m2)a2,对物 间与当地重力加速度有关，故C错误。两者均无初速度释放， 断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉 块f=m2a2,可得f=8N,故C正确。当F=18N>15N时， 但小球提前了△时间释放，以管为参考系，小球相对管匀速运 力大小相等、方向相反，则在此瞬间小球的加速度大小为α= 物块与木板相对滑动，物块的加速度a=5m/s2,0~2s内的 动，则有v=g△t,L=',可知小球在管中运动的时间为t'= T=5 位移x2= 2au2=10m,木板的加速度a'=F-2m?8_ g△，则小球一定能穿过管，且穿过管的时间与当地重力加速度 m=38,故C正确。若将弹簧撒去，小球的加速度为a 有关，故D正确 gsin53°=5gD错误。 8m/g,0~2s内的位移x1-a-16m,摩擦生热Q C 7.D 12.D【解析】初始时假设A球不动，则B以球A为圆心，杆长L m2g（x1一x2)=60J,故D正确。 B【解析】由a-t图像可知，0~t。时间内，加速度不变，无人机 为半径做圆周运动，当杆与竖直方向成α角时，球B的速度大 物理选择题专练（二） 做匀减速直线运动，故A错误。根据α-t图像与横轴围成的面 小为v,对B根据机械能守恒定律有mgL(1一cosa)= 积表示速度变化量，且3t。时刻无人机的速度恰好为零，可知无 1.ABC【解析】重力的方向可能指向地心，也可能不指向地心， 2mu2,又由a+N=mZ,解得2mg=3 mgcosa-+V, 故A正确。网球受到的重力是由于地球的吸引产生的，根据牛 人机在to时刻的速度大小为v1=2a。×2。=aoo,无人机在 当c0sa>子时，N<0,说明杆对A、B有压力的作用，A球没 顿第三定律可知，网球也对地球产生引力，故B正确。网球受 到的重力的施力物体是地球，故C正确。网球在空中飞行时， 24,时刻的速度大小为=号×受，- 1 4aoto,可知无人机在 2 仍然受重力作用，故D错误。 ,当cosa三号时，轻杆的弹力N为零，当c0 2.D【解析】弹力方向垂直于接触面，可知， t。时刻的速度大小是2t。时刻的4倍，故B正确。无人机在0 时，N>0,说明杆对A、B有拉力的作用，A球此时离开墙；因 物体A对物体B的弹力方向沿A、B球心 时刻的速度大小为=ato十2aX2。=2ato,则0~t。时 号时杆的弹力大小为N1=mg(3osa-2),故 连线向上，故A错误。令A、B球心连线与 此当cosa 斜面之间夹角为日，分别对A、B进行受力分 间内，无人机的位移大小为x=0十，=2a,十a, 2 析，如图所示，对物体A有N3=Mg cos a十 2 2 A、B错误，D正确。当cosa<分时，N>0,A离开墙，A,B系 N2sin0,对物体B有ngsin a=N2cos0, a,行，故C错误。设无人机的质量为m,t。时刻根据牛顿第 3 统在竖直方向所受合外力不为零，所以A球与B球系统的动 mgcos a=N1+N2sin0,解得N1= 量不守恒，故C错误。 二定律可得F1一mg=mao,2t。时刻根据牛顿第二定律可得13.C【解析】由图乙可知，图像斜率的绝对 gcos (0-),N-Mgcos amgsin atan0 cos 0 F:一g=·学周有式。子放D错展 值表示合外力的大小，小物块向右滑，合 根据牛顿第三定律可知，物体A对斜面的 压力等于Mg cos a十mgsin atan0,物体B Mg mg+m. 9 外力大小为mg,则1k1=E =mg,且 0 对斜面的压力等于gcos(6-a 2,故B、C错误。对A、B构成 BCD【解析】撤去球c所受的外力前，b、c间绳子伸直但无拉 E。= 力，以a、b为整体，根据受力平衡可得kx1=2 ng sin37°，撤去 2m5,物块返回与传送带共速时的 cos 0 的整体进行分析，根据平衡条件有f=(M十m)gsin a,故D 球c所受的外力瞬间，以c为对象，根据牛顿第二定律可得2mg 动能为E,则号E。=分mo2,则品=？，联立解得E。= 正确。 T=2ma,以a、b整体为对象，根据牛顿第二定律可得T+ 3.D4.C5.D kx1-2 ng sin37°=2ma,联立解得a、b、c的加速度大小为a= 8J,o=4m/s,μ=0.4，故B错误。根据题意作v-t图像如图6.D【解析】质点在斜面上受到重力、支持力和外力作用沿对角 0.5g,故A错误，B正确。以斜面体和a、b、c整体为对象，由于 所示，由图像可知，小物块做匀变速直线运动且共速前加速度 线做直线运动。将重力正交分解到沿斜面向下和垂直于斜面 α、b的加速度沿斜面向上，具有水平向右的分加速度，根据牛顿 3 方向，沿斜面方向合力与PQ共线，根据三角形定则可知，当外 不变，全程可看为匀减速，即-v=,一gt,解得t=)s,故A 第二定律可得f地=2 ma cos37°，可知斜面体受到水平向右的静 力和PQ垂直时，外力最小，所施加的外力的最小值为Fm= 摩擦力作用，故C正确。撤去球c所受的外力后，a、b刚好分离 错误。整个过程中物块与传送带间产生的热量为Q mg sin0sin45°=√2 2 mg sin,所以对质点施加的作用力大小应 时，a、b间的弹力为0，此时a、b、c的加速度大小相等，以c为对 mg△x,由v-t图像可知相对位移为△x=?(o+oo)t,联立 象，根据牛顿第二定律可得2mg一T'=2ma',以b为对象，根据 解得Q=18J,故C正确。根据能量守恒可得E。十E电=Q十 牛顿第二定律可得T'一ng sin37°=ma',以a为对象，根据牛 满足F> 2 mg sin0,故A,B,C不符合题意，D符合题意。 3 顿第二定律可得F弹一mgsin37°=ma',联立解得弹簧弹力大 4E。,整个过程中电动机多消耗的电能为E电=Q一：E。一 7.C 小为P-1侣mg,放D正确。 8.A【解析】设无风时绳子夹角的一 12J,故D错误。 半为01，绳长为L,有风时绳子夹角 C【解析】若小车做匀速直线运动，对物体进行受力分析有 14.CD【解析】对表演者进行分析，当F=0.0502>mg时，合力 的一半为02，挂钩两边细绳与竖直 向上，人向上加速，由牛顿第二定律得0.05v2一mg=ma,故随 TAc=mgsin53°=8N,故A错误。若小车做加速度为7.5m/s 方向夹角相等，则有风时如图，有 着风速减小，加速度减小，人做加速度减小的加速运动；当F= 的匀加速运动，对物体受力分析有TC1cos37°-TAC1cos53°= L1+L2=Lsin02,d=Lsin01,又因 0.05v2=mg时，解得v2=1.0×104m2·s2,由乙图可知 ma1,TBc1sin37°+TAc1sin53°=mg,解得Tc1=12N,故B 为d>L1+L2,所以81>02，故A正 v2=1.2×104m2·s2一400h,联立解得h=5m,这时加速度 ;误。若小车做加速度为0/？的匀加速运动，对物体受力分 确。无风时，衣服受到重力和两边绳 为零，速度最大；当F=0.05u2<mg时，合力向下，人向上减 子的拉力处于平衡状态，如图所示， 速，由牛顿第二定律得mg一0.05v2=ma,故随着风速的减小， d= 777 析有Tc2cos37°-TAczcos53°=ma2,Tc2sin37°+TAc2sin53°= 加速度增大。所以表演者先做加速度逐渐减小的加速运动，再 由几何关系可得sin0,= 3 mg,解得TAc2=0,故C正确。若小车做加速度为15m/s2的匀 5 做加速度逐渐增大的减速运动，则表演者先处于超重状态再 加速运动，由于15mWg>智m/,结合上述可知，此时AC绳 处于失重状态，故A、B错误，C正确。表演者在上升过程中受 风力作用，由于W.=△E,风力做的功等于机械能的变化量， 解得01=37°，根据平衡条件可得mg=2Fcos01,解得F= 拉力为零，BC绳稳定后，对物体受力分析有TC3= 风力做正功，则表演者的机械能一直在增加，故D正确。 15.C 200s日，一8mg故B错误。由于不计绳子的质量及绳与衣架 mg 5 ·12025一2026学年度高考试题逐题突破— 选择题专练（一） 物理·直线运动与牛顿运动定律 总分：64分时间：40分钟 1.2025年4月19日7时30分，随着一声枪响，2025北京亦庄半程马拉松暨人形机器人半程马 拉松在北京亦庄开跑。这是全球首个人形机器人半程马拉松，最终人形机器人“天工U1tra” 率先撞线，以2时40分42秒的优异成绩跑完21.0975千米，勇夺冠 军。下列说法正确的是 A.研究机器人动作时可以将机器人当做质点 B.21.0975千米指的是机器人的“位移” C.机器人加速跑时其对地面的压力等于地面对它的支持力 D.机器人加速跑时地面对机器人的支持力做正功 2.国家铁路集团有限公司联合“铁路科技创新联盟”共同设计的CR450,以运营时速400千米刷 新全球高铁速度纪录。图示为CR450列车进站时的'-t图像，进站过程可视为匀变速直线运 动。通过图像分析可知 A.列车的加速度大小为2 o B.列车在日时刻的速度大小为号 C.列车全程通过的位移为2 to D.列车全程的平均速度为b 3.（多选)某人驾驶一辆汽车甲正在平直的公路上以某一速度匀速运动，突然发现前方24处 停着一辆乙车，甲立即刹车，刹车后做匀减速直线运动。已知刹车后第1s内的位移是16m, 第3s内的位移是1m,则下列说法中正确的是 A.汽车甲刹车后做匀减速直线运动的加速度大小为7.5m/s2 B.汽车甲从开始刹车到停止所用的时间为2.5s C.汽车甲在刹车过程中，会撞上乙车 D.汽车甲刹车停止时距离乙车1m 4.(多选)用频闪照相法研究竖直上抛运动，拍照频率为5Hz,某次实验时小球以某一初 速度竖直上抛，照相机在此过程中曝光了8次，由于上升过程和下降过程小球经过相 d 同位置时都被曝光，所以在底片上记录到如图所示的4个位置，α、b两点间距离为11， ●b b、c两点间距离为12，c、d两点间距离为13，忽略空气阻力的影响，重力加速度g取 10m/s2。下列说法正确的是 ●a A.小球经过b点时的速率为4m/s B.a点距竖直上抛的最高点的距离为2.45m C.l1:l2:l3=3:2:1 D.l1=1.0m 物理·选择题专练（一）第1页（共4页） 鱼跃花门老 5.(多选)如图，在足够高的空间内，小球位于空心管的正上方h处，空心管长为L,小球球心与 管的轴线重合，并在竖直线上，小球的直径小于管的内径，小球可以无障碍穿过空心管，不计 空气阻力，下列判断正确的是 A.两者均无初速度同时释放，小球在空中能穿过管 Q B.两者同时释放，小球具有竖直向下的初速度。，管无初速度，则小球一定能穿过管 且在管中运动的时间与当地重力加速度无关 C.先让小球自由下落，当小球落至空心管上边缘时，无初速度释放空心管，则小球一 定能穿过管，且在管中运动的时间与当地重力加速度无关 D.两者均无初速度释放，但小球提前了△t时间释放，则小球一定能穿过管，且在管中运动的 时间与当地重力加速度有关 6.如图甲所示是利用位移传感器测量速度的示意图，这个系统由发射器A与接收器B组成，发 射器A固定在被测物体上，接收器B固定在地面上。测量时，每隔2s发射器A向B同时发 射红外线脉冲和超声波脉冲（即持续时间很短的红外线和超声波）。红外线的传播时间可以 忽略，声波在空气中的传播速度为340m/s,已知被测物体A在沿直线做匀加速直线运动，接 收器B收到的波形如图乙所示，则A的加速度约为 红外线超声波 R 运动方向 mwww不Rmw 多 乙 A.1.7m/s2 B.3.4m/s2 C.8.5m/s2 D.17m/s2 7.2025年5月29日，在第26届亚洲田径锦标赛女子铁饼决赛中，我国运动员冯彬凭借61米90 的成绩获得冠军，实现个人亚锦赛三连冠，同时这也是中国田径队连续12届摘得女子铁饼项 目的亚锦赛金牌。在某次投掷铁饼的过程中，下列说法正确的是 A.铁饼一直受力平衡 B.手对铁饼的力大于铁饼对手的力 C.铁饼离开手后会继续向前运动，是因为铁饼具有惯性；铁饼最终停下来，是因为惯性消失 D.铁饼在空中运动时，如果受到的力全部消失，它将做匀速直线运动 8.人工智能与无人机技术的深度融合正在重塑全球产业图景。从农业田野到城市天际，从极地 冰川到热带雨林，智能飞行系统正在构建全新的产业基础设施。如图所示，是无人机在一段 竖直着陆过程中，其减速的加速度大小α随时间t变化的关系图像，3t。时刻无人机的速度恰 好为零。下列说法中正确的是 A.0t。时间内，无人机做匀速直线运动 B.无人机在t。时刻的速度大小是2t。时刻的4倍 C.0一，时间内，无人机的位移大小为0，号 2 D.空气对无人机的作用力大小在t。时刻是2t。时刻的2倍 0 to 24317 9.(多选)如图所示，倾角为α=37°的斜面体静置在粗糙水平地面上，劲度系数为的轻弹簧下 端拴接在斜面体底端的挡板上，质量为m的物块a拴接在轻弹簧的上端，斜面体上质量为m 的物块b通过跨过光滑定滑轮的细绳与质量为2m的球c拴接。初始时a、b接触，c在外力的 作用下，使b、c间绳子伸直但无拉力。物块b、滑轮间的细绳与斜面平行，斜面光滑，重力加速 度为g。sin37°=0.6，cos37°=0.8。斜面体始终静止在水平地面上。下列说法正确的是 A.撤去球c所受的外力瞬间，物块b的加速度为2g B.撤去球c所受的外力瞬间，物块a的加速度为0.5g C.撤去球c所受的外力瞬间，斜面体受到水平向右的静摩擦力作用 D撤去球c所受的外力后，当弹簧弹力大小为6mg时，a,b刚好分离 37° 物理·选择题专练（一）第2页（共4页） 班级 10. 如图所示，静止在水平面上的小车内有一质量m=1kg的物体通过两根轻质细绳悬挂在车 顶，AC绳与水平面成53°角，BC绳与水平面成37°角，g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°= 0.8。若小车沿水平面向右做直线运动，下列说法正确的是 姓名 A.若小车做匀速直线运动，则AC绳拉力为6N 53 37 B. 若小车做加速度为1.5m/g的匀加速运动，则BC绳拉力为5N 得分 C若小车做加速度为智m/片的匀加速运动，则AC绳拉力为零 hii D.若小车做加速度为15m/s2的匀加速运动，则BC绳拉力为5√12N 11. 如图，细绳一端固定在墙上，另一端拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧 支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，以下说法正确的是（重力加 速度为g,sin53°=0.8，cos53°=0.6) 答题栏 入 A,小球静止时弹簧的弹力大小为亏g 53 2 3 B.小球静止时细绳的拉力大小为)mg W 若将细绳烧断，烧断瞬间小球的加速度为了8 5 4 C. 为7777777777777 5 6 D若将弹衡微去，散去瞬间小球的加速度为& 1 12. 如图所示，质量为2m的小球A与质量为m的小球B固定在轻杆两端，初始时刻轻杆紧靠光 8 滑墙壁，竖直立于光滑地板上，如图所示。突然发生微小的扰动使小球B绕A球在垂直于墙 壁的竖直平面内无初速度倒下，下落过程中，轻杆与竖直方向的夹角为α，直到B球第一次 落地，以下说法正确的是（重力加速度为g) 10 A.A球不动，B球做圆周运动 11 B. 当cosa= 昌时，轻杆对B球有沿杆向上的支持力 12 13 C. 当cosa<时，A球与B球系统的动量守恒 14 15 D当0sQ>时径杆的弹力为mg(3cose2 16 13. 如图甲所示，足够长的水平传送带以恒定速率v=2m/s逆时针转动，一质量为m=1kg的 小物块从传送带的左端以向右的速度。滑上传送带。小物块在传送带上运动时，小物块的 动能Ek与小物块的位移x关系图像如图乙所示，图中x。=2,已知传送带与小物块之间 动摩擦因数不变，重力加速度g=10m/s2,则 个E小 4 物理·选择题专练（一）第3页（共4页） 鱼欧花门卷 A.从小物块开始滑动到与传送带达到共同速度所需时间为2s B.小物块与传送带之间的动摩擦因数为0.1 C.整个过程中小物块与传送带间产生的热量为18J D.由于小物块的出现导致传送带电动机多消耗的电能为18J 14.(多选)如图甲是风洞示意图，风洞可以人工产生可控制的气流，用以模拟飞行器或物体周围 气体的流动。在某次风洞飞行表演中，质量为50kg的表演者静卧于出风口，打开气流控制 开关，表演者与风力作用的正对面积不变，所受风力大小F=0.05v2(采用国际单位制)，v为 风速。控制v可以改变表演者的上升高度h,其v2与h的变化规律如图乙所示，g取 10m/s2。表演者上升10m的运动过程中， ↑2/×10m2·s-2) 下列说法正确的是 12 A.表演者做匀变速直线运动，加速度大小为 0.8 0.02m/s2 风 B.表演者一直处于失重状态 C.表演者上升5m时获得最大速度 10 h/m D.表演者的机械能一直在增加 甲 乙 15.如图甲所示，水平面上有一倾角为0的光滑斜面，斜面上用一平行于斜面的轻质细绳系着质 量为m的小球。当斜面以水平向右的加速度a做匀加速直线运动时，细绳上的张力Fτ随 加速度a的变化图像如图乙所示，AB段是 个FIN 直线，B点坐标为（兮m/3,号N,g取 40 10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8，则 A.m=1 kg B.tan 0=3 4 ■■ 0 01020a1m·s2) 7h7力7777777777777777 甲 C.当a气0m/s时小球恰好离开斜面 D.小球离开斜面之前，受到的支持力FN=8一0.6a(N) 16.(多选)如图所示，光滑水平面上放置质量m1=1kg且足够长的木板，木板上叠放着质量 m2=2kg的物块，系统处于静止状态。已知物块与木板间的动摩擦因数μ=0.5，最大静摩 擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g=10/s2。现对木板施加水平向右的恒定拉力F,下 列说法中正确的有 A.若拉力逐渐增大，则物块的加速度也一直增大 物块 B.当拉力等于15N时，物块与木板刚好发生相对滑动 木板 →F 77777777777777777777777777 C.当F=12N时，物块与木板间的摩擦力大小为8N D.当F=18N时，在0~2s内物块与木板间因摩擦产生的热量为60J 物理·选择题专练（一）第4页（共4页）