专题卷(13)电学实验-【鱼跃龙门卷】2026年高三物理二轮复习专题金卷（湖南专版）

2025一2026学年度高三二轮复习专题卷（十三） 物理·电学实验 (考试时间75分钟，满分100分) 1.(8分)(1)如图1，螺旋测微器读数为 mm,如图2，游标卡尺读数为 mm。 2 25 2 20 10 20 15 图1 图2 (2)某实验小组在“测定金属丝电阻率”的实验过程中采用图3所示的电路来测金属丝的电阻。 实验时，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应处在 (填“M”或“N”)端。 A 图3 图4 (3)按照图3连接实物图，如图4所示。闭合开关前检查电路时，发现有一根导线连接错误，该 导线为 (填“a”或“b”)。 (4)改正错误后，某次实验时，电压表示数为U,电流表示数为I,该小组用刻度尺测量导线长 度为L,用螺旋测微器测其直径为D,则电阻丝的电阻率的表达式为ρp= (用实验 测量的物理量L、D、U、I表示电阻率) 2.(8分)学生实验小组要测量量程为0~3V的电压表的内阻Rv(约为1~3kΩ)。可选用的器材有： 多用电表； 电源E(电动势约5V); 电压表V(量程0~5V,内阻约3k2); 定值电阻R。(阻值为8002)； 滑动变阻器R,(最大阻值502)； 滑动变阻器R2(最大阻值5k2); 开关S,导线若干。 物理X·专题卷（十三）第1页（共8页） 鱼跃龙 (1)学生先用多用电表粗略测量电压表内阻，该多用电表刻度盘上电阻刻度的中间值为15，欧 姆挡的选择开关应拨至倍率 (填“×10”“×100”或“×1k”)。 (2)做好上述操作后，把多用电表与量程为0~3V的电压表按如图甲所示方式连接，两表指针 的位置如图甲所示，其中多用电表指针恰好位于正中间。则电压表接线柱A是 (填 “正”或“负”)接线柱，示数为 V;此时通过电压表的电流为 mA。(计算结 果保留2位有效数字) V 甲 乙 (3)为了提高测量精度，他们设计了如图乙所示的电路，其中滑动变阻器应选 (填 “R”或“R2”); (4)闭合开关S,滑动变阻器滑片滑到某一位置时，电压表V1和待测电压表的示数分别为U1、 U,则待测电压表内阻Rv= (用U1、U和R。表示). 3.(8分)嫦娥钢是我国研制的一种用于探测器软着陆的新材料，具有极高的强韧性和吸能性，如 图甲所示。某小组想研究嫦娥钢拉杆受力与形变量的关系，设计了如图乙所示的装置，将嫦 娥钢拉杆固定（固定装置没画出），将金属应变片R,粘贴在嫦娥钢拉杆的下表面，将R,接入 电路。电源电动势为E、内阻为r,电流表的内阻为rA。 外力 嫦娥钢拉杆 Xo 甲 丙 (1)在嫦娥钢拉杆的上表面装有压力传感器，施加外力于嫦娥钢拉杆的上表面，读出此时力的 大小F。 (2)将滑动变阻器R1、电阻箱R2的阻值调到最大，闭合开关S1,将开关S2打到 (填 “a”或“b”)端，调节滑动变阻器R,的阻值，使电流表有一合适的示数I。。 (3)闭合开关S1,将开关S2打到 (填“α”或“b”)端，保持滑动变阻器R,接入电路的阻 值不变，调节电阻箱R2的阻值，使电流表的示数为I。,则此时电阻箱的示数就等于金属应 变片R的阻值。重复以上操作，获得多组F、R的数据。 门卷 物理X·专题卷（十三）第2页（共8页） (4)该电流表内阻对金属应变片R,的测量值 (填“有”或“无”)影响。 (5)已知金属应变片的阻值与金属应变片的形变量的关系为R,=x,k为常数，金属应变片的 形变量与嫦娥钢拉杆的形变量等效，图丙是根据部分实验数据描绘的嫦娥钢拉杆受力F 与其形变量x的关系图像。闭合开关S,,将开关S2打到a端，滑动变阻器接入电路的有 效阻值为R,当嫦娥钢拉杆受力为F。时，电流表的示数为 (用题中已给出的物 理量符号表示)。 4.(8分)某小组研究热敏电阻阻值随温度的变化规律。根据实验需要已选用了规格和量程合适 的器材。 (1)先用多用电表预判热敏电阻阻值随温度的变化趋势。选择适当倍率的欧姆挡，将两表笔 ,调节欧姆调零旋钮，使指针指向右边“02”处。测量时观察到热敏电阻温度越 高，相同倍率下多用电表指针向右偏转角度越大，由此可判断热敏电阻阻值随温度的升高 而 (2)再按图连接好电路进行测量。 ①闭合开关S前，将滑动变阻器R的滑片滑到b端。将温 ④- 当D 控室的温度设置为T,电阻箱R。调为某一阻值R1。闭合 R 开关S,调节滑动变阻器R,使电压表和电流表的指针偏转 温控室 热敏电阻 到某一位置。记录此时电压表和电流表的示数U、I及T和 a￥b R1。断开开关S。再将电压表与热敏电阻C端间的导线改 R 接到D端，闭合开关S。反复调节R。和R,使电压表和电流表的示数与上述记录的示数 相同。记录此时电阻箱的阻值R2。断开开关S。 ②实验中记录的阻值R1 (填“大于”“小于”或“等于”)R2。此时热敏电阻阻值 RT= 5.(8分)用图甲所示的电路，测定一节旧干电池的电动势和内阻。除电池、开关和导线外，可供 使用的实验器材还有： 双量程电流表A(量程0~0.6A,0~3A); 双量程电压表V(量程0~3V,0~15V); 滑动变阻器R1(阻值范围0~102，额定电流2A) 滑动变阻器R2(阻值范围0~1000Ω，额定电流1A) 本V 1.60 1.40 R 1.20 1.00 E 0.80中 00.100.200.300.400.50/A 甲 乙 物理X·专题卷（十三）第3页（共8页） 鱼跃龙 (1)为了调节方便，测量精度更高，实验中电流表的量程应选用 A,电压表的量程应选 用 V,滑动变阻器应选用 (填写滑动变阻器符号)。 (2)通过多次测量并记录对应的电流表示数I和电压表示数U,利用这些数据在图乙中画出了 U-I图线。由图线可以得出该干电池的电动势E= V(保留3位有效数字)，内电 阻r= 2(保留2位有效数字)。 6.(10分)某同学通过实验测量一节干电池的电动势和内阻。 R/2 10 8 6 510 15 2 0 0 /A- 23456 图1 图2 图3 (1)该同学先用电压表直接与电池相连，电压表的读数如图1所示，读数为 V。采用 这种方式测得的电池电动势与其真实值相比 (填“偏大”或“偏小”)，产生该误差 的原因是 (2)接着该同学又设计了如图2所示的电路，电路中的电流表的量程为0~0.6A,内阻rA= 0.12,为了尽可能精确，又方便地测量出多组数据，电阻箱R应选 A.电阻箱（调节范围0~99992） B.电阻箱（调节范围0~999.92） (3)闭合开关S,记录多组电阻箱的阻值R和电流表对应的示数I,在坐标纸上作出R图线 如图3所示，则该电池的电动势E=V,内阻”= 2。(结果均保留2位 有效数字) 7.(10分)要测量一节干电池的电动势E和内阻r,现有下列器材：电压表V(0~3V),电阻箱 R(0~9999.92),定值电阻R。,开关和导线若干。某实验小组根据所给器材设计了如图1所示 的实验电路。由于R。的阻值无法辨认，实验时先用一多用电表测量其阻值。该多用电表的部 分结构如图2所示，该表有“×1”“×10”两个倍率。现用该表测量阻值小于10Ω的电阻R。 R 5n2025P R R2 om. 2 A-V-2 R秀 0 Ro 0.70 -0.16 图1 图2 图3 图4 门卷 物理X·专题卷（十三）第4页（共8页） (1)图2中a表笔为 (填“红”或“黑”)表笔。要测量R。,c应与 (填“d”或 “e”)相连。测量时指针位置如图3所示，读数为 2。 11 (②)实验小组同学利用图1电路多次调节电阻箱阻值R,读出电压表对应的数据，建立R元坐 标系，描点连线得到如图4所示的图线，则该电池的电动势E= V,内阻x= 2。(结果均保留三位有效数字) (3)经核实，电阻R。的测量值与真实值一致，实验小组利用图1电路得到的内阻的测量值r测 (填“小于”“等于”或“大于”)真实值r。 8.(10分)有一个额定电压为2.8V,功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的 IU图线，有下列器材供选用： A.电压表(0~3V,内阻6k2) B.电压表(0~15V,内阻30k2) C.电流表(0~3A,内阻0.12) D.电流表(0~0.6A,内阻0.52) E.滑动变阻器(102,2A) F.滑动变阻器(2002,0.5A) G.直流电源（电动势4.5V,内阻不计） A 0.3 0.2 2 甲 乙 (1)用如图甲所示的电路进行测量，电压表应选用 ,电流表应选用 ,滑动变 阻器应选用 。(用序号字母表示) (2)通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，由图像可求得此灯泡在正常工作时的 电阻为 2。 (3)若将此灯泡与输出电压恒为6V的电源相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为 Ω的电阻。（结果保留3位有效数字） 9.(8分)在机器人的设计中，各类传感器是感知外界的重要元件。某实验小组新购进了某型号 的薄膜压敏电阻，现在需要测定该压敏电阻在不同压力下的阻值。实验室准备了图()中的实 验器材，电压表内阻约为20k,电流表内阻约为502。 物理X·专题卷（十三）第5页（共8页） 鱼跃龙 Rp/k 50 40 30 10 电源 6→FN 图(a) 图(b) (1)请在图(a)中，用笔画线代替导线把实物连线补充完整。 (2)闭合开关前，应将滑动变阻器滑片调至 (填“最左端”“最右端”或“正中间”)。将 压敏电阻水平放置并在上面放置适量砝码，实验得到不同压力下压敏电阻的阻值R,将砝 码重力记为F,描绘出RF一F图线，如图(b)所示。 (3)若将公R定义为压敏电阻的灵敏度，则由图b)可知该型号薄膜压敏电阻的灵敏度随着所 受压力的增大而 (4)将测定好的压敏电阻安装在机械手的指尖处，如图(c)所示，并如图(d)所示连接好电路。 已知电源电动势E=3.0V,电源内阻和检测电流表内阻均忽略不计，保护电阻R=3kΩ， 机械手指尖与圆柱体的最大静摩擦力是压力的？。若要用机械手三个指尖竖直抓起重力 G=3N的圆柱体且不滑落（机械手三个指尖对圆柱体施加的压力大小相等），则检测电流 表的示数至少为 A(保留3位有效数字)。 图(c) 图(d) 10.(8分)利用电流传感器和电压传感器，以及信息系统强大的数据处理能力和实时显示功能， 为电学量的观察与测量带来了便捷。利用电流传感器观察电容器的充、放电现象，以及电磁 振荡现象。小明同学设计的实验电路如图()所示。实验前，电容器C不带电。 I/mA 计算机 电流 传感器 E 600 900 C 300 777777Zzz tis 2 图(a) 图(b) 门卷 物理X·专题卷（十三）第6页（共8页） (1)第一次实验，先使开关S与“1”端相连给电容器充电，充电结束后再使S与“2”端相连，直 至放电完毕。计算机记录了此过程中电路中电流I随时间t变化的关系，如图(b)所示。 若电源电动势为E=8.0V,内阻忽略不计。计算机测得图(b)中阴影面积S1=1.2× 103mA·s,则电容器C的电容为 A.9.6F B.6.7F C.0.15F (2)图(b)中阴影部分的面积S1、S2的大小关系是 A.S>S2 B.S=S2 C.S<S2 (3)第二次实验，先将开关S掷向1，待电路稳定后再掷向3。若t=0时，开关掷向3，此LC 振荡电路的周期为T,则此LC振荡电路磁场能最大的时刻是 A1-日 3T C. 4 D.=T (4)若换用电源电动势更大的电源重复上述实验，则LC振荡电路的频率 A.增大 B.不变 C.减小 11.(4分)电流表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍。某同学利用这一事实 测量电流表的内阻（半偏法），实验室提供的器材如下： A.待测电流表A(量程为0~0.6A,内阻约为22)； B.电阻箱R。(最大阻值为999.92)； C.滑动变阻器R,(最大阻值为202，允许通过的最大电流为2A); D.电源E,(电动势为3V,内阻不计)； E.电源E2(电动势为6V,内阻不计)； F.电源E,(电动势为15V,内阻不计)； G.开关2个，导线若干。 按如图示的电路进行实验，实验步骤如下：移动滑动变阻器R,的滑片，以保证通过电流表 的电流最小；先闭合开关S,,调节R,,使电流表指针满偏；保持滑动变阻器R,的滑片的位置 不变，闭合开关S2,调节电阻箱R。,使电流表的指针半偏；读取电阻箱R。的阻值，即为测得 的电流表的内阻。回答下列问题： R E 物理X·专题卷（十三）第7页（共8页） 鱼跃龙门 (1)实验中应选用的电源为 。(填器材前面的序号) (2)将用这种方法测出的电流表内阻记为RA,电流表内阻的真实值为RA,则R入 (填“>”“=”或“<”)RA。 12.(10分)多用电表是电学实验中常用的仪器，常用于粗测仪器的电阻。 (1)小九同学打算利用多用电表粗测一个电压表的内阻，首先将电表开关掷于合适挡位，接 下来应该做的是 (把下列实验步骤前的字母按正确的操作顺序排列；可能有多 余选项)。 A.将红、黑表笔短接 B.调节欧姆调零旋钮，使指针指向最右侧零刻度线 C.调节欧姆调零旋钮，使指针指向最左侧零刻度线 D.调节机械调零旋钮，使指针指向最右侧零刻度线 E.调节机械调零旋钮，使指针指向最左侧零刻度线 再将多用电表的红、黑表笔分别与待测电压表的 （填“正极、负极”或“负极、正 极”)相连。 (2)如图所示是一种多用电表的结构。若需要测量某电阻两端的电压，应将开关掷于 (填数字，下同)，其中开关与 相接时测量电压的量程更大。 R2 EE上 69 (3)该多用电表测量电流的部分为一量程为0~10A的电流表和电阻R,、R2改装而来。 改装后有两个量程可供选择：0~100mA和0~1A。已知电流表的内阻为102，则 R1= ,R2= (4)若小九同学使用的是一个久置的万用电表，相比新的电表，其内部的电池内阻增大，电动 势下降。使用此电表测量电阻，测量值 （填“大于”“小于”或“等于”)实际值。 恭 物理X·专题卷（十三）第8页（共8页）·物理X· 此时电阻R,产生热量Q=6Qa1, 得Q,=0.8J, 两棒相碰，mv2=2mv3, 1 碰后至静止电路产热Qae=2X2mw, 2 电阻R2产生热量Q2=3Q题2， 1 得Q,=15J, 综上，R,产生总热量为Q=Q,十Q,5力 14.1)3-1 M 2mg(2) 3(3)4Q+mgR mg'BL 【解析】(I)烧断细线，由于M=m,对导轨abcd由牛顿第二定 律知mgsin0-BLu 2R=ma, 随着速度增大，加速度α减小，直至加速度为0，速度最大，此 时有ngsin0= BLUe=F,FA最大，即vm mgR 2R BL3FA- 2 mg. 对导体棒PQ受力分析知，在垂直斜面方向ng cos0= FA十Nmia, 经分析知导体棒PQ受到的安培力始终等于导轨b边受到的 安培力，即F人=FA=2mg· 解得Vmn= 3-1 2mg。 (2)要使导轨abcd运动一段时间后，导体棒PQ与导轨abcd 间无作用力，则对导轨abcd和导体棒受力分析知Mg sin 0≥ ga9,即 ≥3。 (3)若在条件(1)的情况下，从烧断细线到导体棒PQ与导轨间 刚达到最小作用力的过程中，通过导体棒PQ的焦耳热为Q。, 则回路总焦耳热为2Q。,由能量守恒知ngsin0·s=2Q。十 1 mgR 2m2,义u-B元， 解得、=4Q。+mgR: 1. mng B'L。 15.(1)0.864C(2)0.75J(3)不能 5+√/15 10m 3 【解析】(1)设初始时电容器两端电压为U。,导体棒从开始运动 到稳定过程，电容器极板上电荷量变化量为△Q,导体棒稳定后的4」 电动势为E,对导体棒，由动量定理有BIL·△=m101一0， E=BLa面C-8-”E 5. 由电流的公式有了-器 整理有Q。=CU。=△Q+CE=0.864C。 (2)由于导体棒恰好能从C,C2处沿切线方向进入圆弧轨道， 6. 设进人瞬间导体棒的速度为，有= cos 解得v2=2m:s, 设导体棒在与金属框碰撞前瞬间的速度为3，由动能定理有 1 1 m1gr(1-cos0)=2m10号-2m1i,解得vs=3ms, 导体棒和线框发生完全非弹性碰撞，设碰后速度为？共，有 m1va=(m1十m?)v共，解得U共=1ms, 线框进入磁场过程中所受安培力为F=BIL= BL20类= R 3.x(N), 线框整个过程所产生的焦耳热与线框克服安培力所做的功相 等，且由上述安培力的表达式可知，安培力随着进入磁场的距 离均匀变化，所以进入过程中，安培力为其平均值，因此，Q和= 2F发x=2F发n十F速=2×0+3X0.5×0.5J=0.75J. 2 2 (3)线框的右边框进入磁场过程由动量定理有一ΣBL口. R △1=(1十2)(04一0共)， 整理有一∑3.x·△x= 0+3x 2x=3x2=(m1十22)(04 v共)，其中0x≤0.5m, 3 解得，一8ms,所以线框的右边框能完全离开，然后左边框 3 开始以，=8m/s进入磁场， 假设左边框仍能穿出磁场，则-公3x·△r=-0十3r】 2 一x 2x=(m1十m)(u,-u),其中0≤x<0,5m, 3 2 解得=一8 m/s, 所以线框左边框不能穿出磁场，则一∑3x·△x= 0+3x T= 2 22=0-(m,+m2), 3 解得x=5 0m,所以线框右边框所处的位置坐标为x右= 5+W/15 10 m. 物理（十二） ,Nmg(2)C(3)20 (1D1-L0 （1DBD(2)球心需要t√yy g 1)1.26(2)2x(4+2) T2 (3)A (1)1+x2 2T (2)41.1(3)偏小偶然误差 d (1)8.6(2)D△(3)w(或mm)⑤探究F与r的关系 时，要先控制m和ω不变，因此可在F-w图像中找到同一个ω 对应的向心力，根据5组向心力F与半径r的数据，在F-r坐 标系中描点作图，若得到一条过原点的直线，则说明F与r成 正比。 aBe城 (3)需要 【解析】(1)弹簧压缩量不变，则弹性势能一定，则有E= gx大2m02,令光电门的宽度为d,则有=4，解得 ·13 参考答案及解析 一学x。结合函数式可知，能够利用图像的斜率求解动摩 2M+m(g) 擦因数，即需要测量遮光片的宽度d。 2L+d)(F1-m1g) )结合上述有学-号解得一 11.(1)1.66(2)不需要(5) 2m1 1 (3)滑块从a点运动到0点过程有Ew=ngE十2m%,弹簧 g (6)s2h (7)m1U1=m103十m2v2 1 做功W=E则有W=mgxw十2品。可知，若在滑块从a 【解析】(1)由图乙可知，两小球直径为d=16mm十6× 0.1mm=16.6mm=1.66cm。 点运动到O点过程，探究弹簧对滑块做的功，需要再测量滑块 (2)题干中没有要求质量为m1的小球不反弹，则不需要满足 (含遮光片)的质量m、a点到O点的间距x,与滑块在O点的 mm2o 速度vw。 (1)BCD(2)③(3)4.20196(4)不受影响 (5)根据题意，由牛顿第二定律有F1一m1g=m1 1)A(2)错误(3)0.8204M+m(5)直线 1+2 M (1)R R(2)1=10 11,1 2L十d)(F,-m1g) a上—cos台2文2t，2 可得= 2m1 0 (3)正确由0，和，互余，可得碰后两球速度的平方和等于碰 前B速度的平方，可验证系统碰撞前后的动能守恒 (6)质量为m:的小球做平抛运动，则有=，h=号g,解 【解析】(1)由题意可知，A、B两球碰后不再受力，做匀速直线 g 运动则度大小分别为，， R 得2=s2 (7)由于本实验中m1>m2,则碰后质量为m1的小球不反弹，若 (2)设两球的质量均为m,若两球组成的系统在PQ方向上动量 碰撞过程中动量守恒，则有m1v1=1U十m2v2,即m1v1= 守恒，则m,=m040s0,十m0g0s02,其中6=R,可得 m1十m22,成立，则可说明两小球碰撞过程中动量守恒。 12.(1)0.04(2)9.691.322.48(3)水滴下落时受到空气阻 1 os0+,os0:,系统在碰撞前、后动能守恒，应满足2m 力作用 t 【解析】(1)由于频率由大到小逐渐调节，第一次看到一串仿佛 合m以+甘m:调得克片+ 1 固定不动的水滴，说明闪光的时间间隔等于水滴的时间间隔， (3)若系统已验证了动量守恒，则在两个垂直方向分别有Ugsin02= 闪光的频率为25H2,因此时间间隔为T= F=0.04s. vasin0,vB cos02十VA COS0=vo,若还满足01和02互余，由 数学知识可得十v=,即碰后两球速度的平方和等于碰 (2)根据逐差法可得重力加速度为a=Xc 4T2 前B速度的平方，根据了m=号m十分mi,即可验证系 1 (33.48-13.64-13.64)×10-2 m/s2≈9.69ms2。根据匀变 4×0.042 统碰撞前后的动能守恒，则该说法正确。 速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则D点 L0.(1)①ghoE= (hoF -hon) ②B③否低于(2)①4 8△) 处水滴此时的速度为vn=2T =xcE_(33.48-13.64)X102 m/s= 2×0.04 ②mg=22M+m)()月 2.48m/s。根据运动学公式可得A点处水滴此时的速度为 A=p-a·3T=2.48m.s-9.69×3X0.04ms≈ F一ho心，若机械 1.32mfs。 【解析】(1)①打下E点时重锤的速度r= 2△t (3)造成上述实验与手机加速度传感器测量有差别的原因可能 (hor-hop)2 是水滴下落时受到空气阻力作用。 能守恒，则有mghe=2mu呢，联立可得ghas= 8(△t)21 物理（十三） ②若考虑阻力的影响，设阻力为∫，根据动能定理可得 (mg-fh=m,整理得号2=(g-)h,可知弓力 1.(1)6.700(6.699~6.701均可)0.25(2)M(3)b (4)D' 图像是通过原点的一条直线，B正确。③表中的△E。与△E 4IL 之间存在差异，△E。小于△Ek,不是由于空气阻力造成的，如 2.1)×100(2)负2.201.5(3)R,4)-U UR。 果考虑空气阻力的影响，重力势能的减少量应大于动能的增 加量。由数据可知，测得的动能偏大，则测得的速度偏大，如果 这是因为交流电源的频率不等于50Hz引起的，那么他做实验 3.(2)a(3)b(4)无(5)，+R',十rA+kx。 E 时，电源的实际频率必低于50Hz。 4.(1)短接减小(2)大于R-R2 5.(1)00.603R,(2)1.451.3 (2)①由题可知，物体B刚穿过圆环后的速度=，②若系 6.(1)1.35(1.341.36均对)偏小电路中有较小的电流（合 统机械能守恒，则有mgh=号(2M十m),整理得mgA= 理即可)(2)B(3)1.41.1 【解析】(1)电压表所选量程为03V,读数为1.35V:用电压 高三二轮复习专题卷 表直接测量电源电压，所测的是电源的路端电压，由于电压表 的内阻不是无穷大，电路中有较小的电流，则测量值小于真 实值。 (2)一节干电池的电动势约为1.5V,电流表的量程为0~0.6A, 选项B中的电阻箱可以进行更精细的调节，从而方便得到多组 数据，而选项A中的电阻箱调节精度差，能测得的数据组较少。 :10 (3)根据E=10R十A十)，解得R=E·子-A-r则R 1 :11 图线斜率的大小等于电池电动势的大小，纵截距b=一(r+ rA),其中rA=0.12,解得E≈1.4V,r=1.12。 7.(1)黑d4(2)1.432.25(3)小于 【解析】(1)电流从红表笔流入，黑表笔流出，所以图2中α表笔 为黑表笔；该表有“×1”“×10”两个倍率，欧姆表的内阻等于该 倍率下的中值电阻，所以“×1”倍率的内阻小于“×10”倍率的内 阻，由于R。阻值小于102，应选择“×1”倍率，故要测量R。, 应与d相连：如图3所示，读数为R。=4×12=42。 (2②)由闭合电路胶姆定律E=U+是(R。十r),化简可得只 12 E11 E0.16 1 R。十，‘UR。十，由图可知k=R。十，=Q.70b=一R十， 一0.16，联立解得该电池的电动势为E≈1.43V,内阻为r= 2.252. (3)由图1可知，误差来源于电压表分流，则根据闭合电路欧姆 定律Ex-+(货+后)R+7a).化简可别发元 E直 1 1 E1 R干，十R小对比京R,十业R,+可得 rr年 8.(1)ADE(2)10(3)11.4 【解析】(1)题意可知，灯泡的额定电压为2.8V,故电压表应选 03V量程，应选A。灯泡的电流1-9,8A=0.29A,® 电流表应选D。由电路图可知，要使电压从零开始调节，采用分 压接法，滑动变阻器应选阻值较小的便于调节，应选E。 (2)由灯泡的伏安特性曲线图可知，当电压为2.8V时，电流为 2器A.放电阳R-号-80=10n (3)要使灯泡串联在6V的电源上正常发光，则与之串联的电阻 分压应为6V-2.8V=3.2V,此时电路中电流为0.28A,故应 申联的电阻R-器Q1,4n 9.(1)见解析图(2)最左端(3)减小(4)200 【解析】(1)依据题意可知，本实验采用伏安法测量压力传感器在 不同压力下的电阻，由实验所给器材可知R:>√R、·Rv= 1k2,所以电流表需采用内接法，电路实物连线图如图所示。 1. 4 电源 (2)闭合开关前，为防止烧坏电表，应将滑动变阻器滑片调至最 左端。 (3)结合图(b)所示的压力曲线可知，该型号薄膜压敏电阻的灵 敏度随着所受压力的增大而减小。 (4)对圆柱体受力分析，根据牛顿第二定律有3F=G,解得最5.A6.B 小压力F=2N,结合图(b)所示的压力曲线可知对应的电阻 *B【解析】He+从能级N跃迁到能级M,释放频率为v,的光 根据能量守恒定律，释放的核能为△E=E一2mv= Re=12kn,则检测电流表的示数至少为I一R十R E =0.2× 子，说明能级N的能量大于能级M的能量，且两能级能量差为 403 Ex一EM=h1,同理能级P的能量小于能级M的能量，且两能 242mx2、1 10-3A=200uA 级能量差为Ew一Ep=hy2,所以Ey一Ep=hy1十hv2,从能级N 由爱因斯坦质能方程得，质量亏损为△m=△E_141m0 (1)C(2)B(3)AC(4)B 跃迁到能级P释放光子，且光子的频率为，十2，B正确。 2 121c2 (1)E(2) 7.CD【解析】天然放射现象的发现，揭示了原子核有复杂结构， 12.1.8eV2.2eV 【解析】(1)为减小误差，应选用电动势较大的电源，若选用电 不能揭示原子核是由质子和中子组成的，故A错误；光电效应 【解析】若K的电势高于A的电势，且电势差为0.9V,光电 源E,由于滑动变阻器R,的阻值较小，电路中的电流超过 1 中的光电子来源于原子核外的电子，3衰变中产生的3粒子来 流刚好截止，有Em=2mv2=U=0.9eV, 0.6A,因此实验中应选用的电源为E。。 自原子核内部，故B错误：原子核的B衰变表明，一个中子可以 (2)闭合开关S,,调节电阻箱R。使电流表半偏，则电阻箱电阻 当阳极A的电势高于阴极K的电势，根据动能定理得eU 转变为一个质子和一个电子，故C正确；玻尔理论表明，氢原子 为电流表内阻，电流表并联电阻箱后认为电流表两端电压不 变，而实际上，电流表并联电阻箱后总电阻减小，电流表两端电 能量越商，电子绕核运功的半径越大，由仁-n号，科E: 2m2、 2mv品， 压变小，滑动变阻器所分的电压变大，根据欧姆定律可知总电 ke 2,半径越大，动能越小，故D正确。 则光电子到达A极的最大动能Ek=?mo品十eU, 流变大，则电阻箱R。所在支路的电流大于电流表半偏电流， 代入数据得Ek=1.8eV, 根据R-号可得R<R 8.AC 根据光电效应方程得Ekm=v一W。,解得逸出功W。= 9.BD【解析】根据黑体辐射实验研究得出：黑体辐射电磁波的 2.2eV。 IEAB负极.正极(2)5或66(3)号 1(4)大于 强度按波长的分布只与黑体温度有关，温度越高，辐射强度的 3E 极大值向波长较短的方向移动，故入1<入2，T>T2,故A错误； 13.(1)- 4h 【解析】(1)利用多用电表粗测一个电压表的内阻，首先将多用 图乙说明发生光电效应时，频率大的光对应的遏止电压较大， 电表开关掷于合适挡位，接下来先调节机械调零旋钮，使指针 故B正确；一个处于=4激发态的氢原子向低能级跃迁时，最 【解析】（1因，=W。=子E,一E=一子E,所以， 4 指向最左侧零刻度线，再将红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋 多可产生3种不同频率的光子，故C错误：比结合能越大，原子 3E 钮，使指针指向最右侧零刻度线，之后进行测量。则正确的操 核越稳定，根据图像丁可判断出氧的原子核比锂的原子核更稳 4h 作顺序是EAB。因欧姆表的红表笔接内部电源的负极，黑表 定，故D正确。 (2)氢原子从n=3能级向n=1能级跃迁辐射出的光子能量 笔接内部电源的正极，因此将多用电表的红、黑表笔分别与待 10.AD【解析】原子核的比结合能越大，原子核就越稳定，故A 最大，此时从金属表面逸出的光电子的最大初动能为Ekm, 测电压表的负极、正极相连。 正确；原子核D和E聚变成原子核F,有质量亏损，释放核能， (2)由多用电表的结构图可知，若需要测量某电阻两端的电压， 故B错误：根据光电效应方程可知，光电子的最大初动能与光 =E,-E= 8 E, 应将开关掷于5或6。由串联电阻的分压原理可知，其中开关 的强度无关，所以增大Y射线强度不能增大逸出光电子的最大 5 与6相接时测量电压的量程更大。 初动能，故C错误；根据α衰变的本质可知，核衰变时α射线是 (3)多用电表测量电流的部分为一量程为0~10mA的电流表 由核内2个质子与2个中子结合在一起从核中被抛射出来形 和电阻R1、R2改装而来。由图可知，开关接2应是0~100mA 成的，故D正确。 14.1)-eU(2B 8U 录程的电流表，由院部定律可特R,十R:=09Q=号 10 AC【解析】距离太阳r处，光子的平均能量为e=hv,太阳帆在 【解析】(1)设光电子的最大初动能为2m,根据动能定理有 开关接1应是0~1A量程的电流表，由欧姆定律可得R,= 单位时间单位面积内接收到的光子数为N,放A正确：光 10X10+R(0.联立解得R,=号0.R:=1n eU=mv, h 1000-10 的频率为=无，距离太阳r处，每个光子的动量为力一久，光射 设紫外线的频率为，金属锌的逸出功为W,由爱因斯坦光电 (4)相比新的电表，其内部的电池内阻增大，电动势下降，使用 到帆面被反弹，由动量定理得Ft=2Np,可得太阳帆单位面积受 E 效应方程得y=2mv2+w, 此电表测量电阻时有1.一R衣1Rk十R1十R E' ，设此 到的光压为F=2P,故B错误：距离太阳r处，由题意得，匀速远 c 光速与波长和频率的关系满足c=Ay, E' 离要满足太阳光对太阳帆的作用力等于太阳对探测器的引力， 联立解得W-经-U 时指针对应电阻测量值为R,则有1一 E五，I一R依十R E新 即F-GMm,即2SP_GMm,解得S=GMm,飞船匀速远离太 r2 2 2Pr2 (2)当具有最大初动能的光电子垂直于N板射出后恰好无法 1 到达M板时，所有光电子均无法到达M板，A表读数恰好为 1R ,由于电动势下降，则E<E新，则有R测>R;可知 阳的过程中，P仅与距离r平方成反比，结合S=GMm ,太阳帆 2Pr 零，此时具有最大初动能的光电子在匀强磁场中做匀速圆周 I十E 飞船的展开面积保持不变，故C正确，D错误。 使用此电表测量电阻，测量值大于实际值。 运动的轨道半径为，= 2 8 物理（十四）】 11.(10n+LiH+He(20u”（3)121 根据牛顿第二定律得e6u=m 【解析】(1)由题意可得，该核反应方程为n十LiH+He。 A 2.B3.C 8U (2)由动量守恒定律得mv=一3mw1+4mw2, 联立解得 C【解析】由题可知，激光武器的功率P=50kW=5×10W, m B2d2 由题意得1：v2=7:8, 则激光武器每秒发射的总能量为E=Pt=5×10'×1J=5× 15.(1)232U+n→18Xe+98Sr+10.n1.4×102MeV(2)1.4× 7 8 10J,而每个光子的能量约为e=hy=6.63×10-3×3.84× 解得u,=立，：= 103kg(3)41 104J≈2.55×101J,该激光武器每秒可射出的光子数n 【解析】(1)铀235核裂变的核反应方程式为5U+n·Xe+ 1 E 2.55X105≈1.96×105，即该激光武器每秒可射出的光 5×101 (3)氚核和a粒子的动能之和为E=2×3mwf+2×4m 8Sr+106n, 403 质量亏损为△m=235.0439u-135.9072u-89.9077u 子数的数量级约为103。 242mu2, 9×1.0087u=0.1507u, ·14