专题卷(1)力、物体的平衡(包括电场、磁场中的平衡问题)-【鱼跃龙门卷】2026年高三物理二轮复习专题金卷（山东专版）

2025一2026学年度高三二轮复习专题卷（一） 物理·力、物体的平衡（包括电场、磁场中的平衡问题） (考试时间90分钟，满分100分)》 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。带 题目为能力提升题，分值不计入总分。 1.扑克牌可以用来“搭房子”，如图甲所示。每一张扑克牌的质量为m,在图乙的示意图中，下列 说法正确的是（重力加速度为g) A.a扑克牌受到其他扑克牌的作用力大小为mg,方向竖直 向上 B.b扑克牌受到其他扑克牌的作用力大小为mg,方向竖直 桌面 向上 甲 C.扑克牌整体对地面的压力大小为6mg D.每一张扑克牌所受的合外力都不相同 2.如图甲所示，用瓦片做屋顶是我国建筑的特色之一。铺设瓦片时，屋顶结构可简化为图乙所 示，建筑工人将瓦片轻放在两根相互平行的檩条正中间，瓦片能静止在檩条上。已知檩条间 距离为d,檩条与水平方向的夹角为O,以下说法正确的是 A.减小檩条间的距离d时，瓦片可能会下滑 B.减小檩条与水平方向的夹角0时，瓦片与檩条间的弹力 变小 懔条 C.增大檩条间的距离d时，瓦片与檩条间的摩擦力变大 乙 D.增大檩条间的距离d时，瓦片与檩条间的弹力变小 3.如图甲所示，明代倪端画的《捕鱼图》是一种原始的捕鱼方式，其拉网的原理图如图乙所示，罾 (渔网)和连接罾的四根竹杆可看成是一个重物用不可伸长的轻绳悬挂在轻杆OA上的A点， 轻杆OA可绕O点在竖直平面内自由转动，人在B点拉动轻绳AB使轻杆OA绕O点转至竖 直方向，从而使重物上升。在轻杆OA由图乙所示位置缓慢转至竖直位置的过程中，下列说法 正确的是 明倪端《捕鱼图》（局部） 甲 乙 物理A·专题卷（一）第1页（共8页） 鱼盼 7.如图(a),直导线MN被两等长且平行的绝缘轻绳悬挂于水平轴OO'上，其所在区域存在方向 垂直指向OO'的磁场，与OO'距离相等位置的磁感应强度大小相等且不随时间变化，其截面 图如图(b)所示。导线通以电流I,静止后，悬线偏离竖直方向的夹角为0。下列说法正确 的是 0 Q(O) 82: M(N) 右M 图(a) 图(b) A.当导线静止在图(a)右侧位置时，导线中电流方向由N指向M B.电流I增大，静止后，导线对悬线的拉力不变 C.tan0与电流I成正比 D.sinO与电流I成正比 8.如图甲所示，一艘帆船正逆风行驶。如图乙所示是帆船逆风行驶的简单受力分析图，风力F= 105N、方向与帆面的夹角为0=30°，航向与帆面的夹角也为0=30°，风力在垂直帆面方向的分 力推动帆船逆风行驶，则风力F在航向方向的分力为 风 航向 风在垂直帆面 /帆面 方向的分力 甲 U A.5.0×104N B.2.5×104N C.2×104N D.104N *“高空滑索”项目已成为地方特色旅游的一张亮丽名片，集挑战性、娱乐性为一体，深受大众喜 爱，滑索也为救援工作带来一定便利。为模拟消防救援项目，某同学设置了简易滑索装置，如 图甲所示，其简化模型如图乙所示，轻绳两端分别系在左右竖直杆上，M杆上系点位置高于N 杆。两杆间距为d,绳长为L,滑动装置可视为圆环套于轻绳上（圆环与绳间的摩擦忽略不计）， 挑战者通过轻绳与圆环相连。运动过程中，下列说法正确的是 7777777777777777777 甲 乙 物理A·专题卷（一）第3页（共8页） 鱼跃 班级 12. 如图所示，质量为m1、m2的小球A、B带同种电荷，电荷量分别为q1和q2,它化 们用等长的细线悬挂在同一点，由于静电斥力的作用，小球A靠在竖直光滑墙 姓名 上，与A相连的细线沿竖直方向，A、B均处于静止状态，由于某种原因，两球之 间的距离变为原来的一半，则其原因可能是 91 OB 得分 A.m2变为原来的一半 B.m2变为原来的八倍 C.q1变为原来的八分之一 D.q2变为原来的四分之一 *粗糙水平地面上有一质量为M、倾角为30°的粗糙楔形物体C,斜面上有一个质量为2的物块 B,B与一轻绳连接，轻绳绕过一固定在天花板上的定滑轮，另一端水平与一结点连接一个质量 为m的小球A,右上方有一拉力F,初始夹角α=135°，如图所示。现让拉力F顺时针缓慢转 答题栏 动90°且保持α角大小不变，转动过程B、C始终保持静止。已知B与滑轮间的细绳与斜面平 1 行，重力加速度为g。下列说法正确的是 2 A.拉力F一直减小 B.BC间的摩擦力先减小再增大 4 5 C.物体C对地面的压力先减小再增大 B U 6 D.物体C对地面的摩擦力的最大值为√2mg 1309 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 8 13.(6分)中国古代建筑源远流长，门闩就凝结了劳动人民的智慧和汗水。如图是一种竖直门闩 的原理图，当在水平槽内向右推动下方木块A时，木块B沿竖直槽向上运动，方可启动门 9 闩。A、B间的接触面与水平方向成45°角，A、B间的动摩擦因数为0.3，木块B的质量为 4 10 11 m。重力加速度大小为g。假设水平槽、竖直槽表面均光滑，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。 12 为了使门闩启动，求施加在木块A上的水平力F的最小值。 B 物理A·专题卷（一）第5页（共8页） 鱼野 16.(8分)如图，在竖直墙壁的左侧水平地面上放置一个边长为a、质量为M=4kg的正方体 ABCD,在墙壁和正方体之间放置半径R=0.5m、质量为m的光滑球，正方体和球均保持静 止。球的球心为O,OC与竖直方向的夹角为0，正方体的边长α>R,正方体与水平地面间的 动摩擦因数μ=0.5。已知重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8，最大静摩 擦力等于滑动摩擦力。 (1)若0=37°、m=2kg,求正方体受到地面的摩擦力大小； (2)若0=37°，保持球的半径不变，只增大球的质量，为了不让正方体出现滑动，求光滑球质 量的最大值； (3)改变正方体到墙壁之间的距离，当正方体的右侧面BC到墙壁的距离小于某个值L时， 无论球的质量是多少，球和正方体始终处于静止状态，且球没有落到地面，求L的值。 R1O 0 B558586505505858658685585855808068658 物理A·专题卷（一）第7页（共8页） 鱼跃,物理A· 参考容案及解析 叁专管案及解析 物理（一） Fune-F、0,Fycos u+Fvcos-Mg,由几何关系得 平衡条件有下、一《m+M)g,球质量最大时有(mg十Mg) 根据题盒有二×20一10m,解得一10m/,C正确：两段匀 n3一，水平间距和绳长不变时，角度不变，故静止时的位置 不会因为挑战者质量大小变化而变化，B错误：M编下降时，挑战 M)g,又因为N:=初gnnB. 变途直线运动的加速度不一定相等，根据上一二可知两段匀变 者会向左下方移动，C情误：当MN杆阿距诚小时d减小，绳长 即m'gtan0x(m'十M)g, 速直线运动的时间不一定相等.D错误。 不变，a一0-或小，根据Fucus a十F、es0一Mg,可知绳上拉力 ,有2Fm0%8,就小条间 诚小，故D错误， 解得an0≤m'+AM) 6 B【解析】根据图像的斜率表示加速度，可知，A车的加速 度可以为零，并非A车在任何时刻的加速度大小都比B大 的距离d时，夹角▣减小，两慎条对瓦片 9.ACD10,C11,AD12. 故A错误：在0~3时间内 定存在一个时刻.该时刻入图 的支持力F变小，故瓦片与锦条间的弹 ·AC【解新】对题图右侧站点处受力分析，： 像切线的斜率等于B的斜书，即车 力变小，最大静摩擦力变小，划瓦片可作 大小不变，可以使用辅畸翻方法判断力的动态 通过儿何关系解得L.一R+RsnA, ，B 正确：根 图像与时轴围的面积表 下滑，故A正确：同理，增大擦条同的距离时，夹角a增大，两 化情况，如图所示，通过分所析可得下，先增大再 示位移， 德条给瓦片的支持力F变大，故瓦片与概条间的弹力变大，显 3s内 一直减小，A正确：初始状态，对A分析可 大静摩擦力变大：瓦片处于静止状态，由平斋条件可知，瓦片与 得绳子拉力F 代人数据得-（5+治）m 的斜 一开始月上园的静力为 表示加速度 率的正负 方问 车在 增大，则瓦片与懔条同的弹为变天，故B错误 ,故当绳子 9s时的加速度与1一12时的加速度不同，故D错误 B ,BC间的静 17.(10.2Mg 【解折】(1)对木块受力分析，根据平衡条件可知绳子拉力大 7D【解析】根据自由落体运动公式，有4=乏g:,解得包裹福 体， 直方向有 内对世 到传送带上的时间为t,一0.2，A点运动的位移为 放物体C对电面的压力 ,放A 大，故C可 小故F 再增为 对矩形装置和木块整体，根据平衡条件可知下=2T,解得F 0.08m,包裹落到传送带上之后将受到滑动擦力的作用酸匀 大，放C正确：水平方向上有F,c30=F,当F,最大时，F水 0.2Ae 平，对A分所可计算得F,g,所以F 2mg,故D (2)根据平衡条件可知木块质量最大时应满足 加连运动.根据牛顿第二定律有mg=w,解得。=2m/2,包 【解析】由电路图可知，N板带正电 夷达到和传运共所用的时间为4==之=0,2…此过 向上，则小球带正电，故A错误：若S保持 错误 动滑轮，因此木块竖直向下的过 程中包裹的位移为一4-号×2×，2m-心m,此过 合，由于电容器相背于断路，则调节R,不改变两板同任何物理 1 mg 度是矩形装置 二倍，水平方向速度与矩形装置相同，根据系 量，小球仍静止，故B错误若S断开，期两板电荷量不变，改变 统机械能穿恒有 程中传送带上A点的位移为x,=:=0,4×0.2m=0.08m S 【解析】对A,B受力分析如图， 包要与传送带上A点的离为=：十 :=012m 两板间距离，根糊公式C=Q=(CU以及U=Bd可知， 门闩刚好启动时，对A在水平方向上有 F-1zto F-Nsin 45"+uNcos 45'. 。S,别板电场大小不变，小球仍静止，放C钻误。 对B在竖直方向上有 mg +yNsin 45" 解得一√污h D【解析】根据题意可知，竖直向上为正方向，设火星表面重力 加速度为1·则有r一1一5：.整理可得一 由平条件得g30°一，新得g一m,放D正 解F=I3 18.口)mn0(2)当。-0时，拉力F有最小值 mgsin 20 闲及 (3)。mgn40 之：，结合闔像可得=4g:一兴，放A倍误：根据题意，由 6D【解析】对兜蓝、王进及机带的设备整体受力 14. (1)460N 2128 N,水平向有 【解析】(1)木块在木楔斜面上匀速向下运动时，有mg加日 为 【解析】(1)根据题意，由平而条件可知，面对车的支持力为 D的拉 力为F:与竖经直方向的 uig cos8,解得E一an0. 由公式一F。可得，地面对小车的擦力的大小为「 (2)木俟在力下作用下沿斜面向上匀迷运动，沿斜面方向根据 精提：根据题点，由万有引力等于承力有=m,解得M 正弦定理可得F上 团 0.4X1150N-460N 平条件下Os在=限及n分十下， R im(+a） (2)根豁题意，设绳子的拉力为下，由平衡条件有 垂直于斜面方向Fna十F、mRco8, 2F-f,解得F-230N, 根据摩擦力的计算公式F,一F, “-瓷，曲万有引力提能向心力有-m尽联立解 大0小则拉力F,增大，拉力：藏小，放A出 对人受力分析，由平衡条件有，=F=230N,方向水平向右 联立解得F= 2mgsin d 误王进处 平状卷： 的合力等于mg,放C错 15. 105N,方向水平向右 0s世十4sin年 cos acos分十肚sin:esd 得=√gR-,a,故C错误，D正商。 误：当a一30时，0一30°，堪整据平衡状态可得2F:c30°一mg, 【解析】1)风筝平时共受 的t f wgsin 20 对它的作 和 cos (0-a)' ￥B【解斯】从开始到两球在b中点发生弹性撞，对甲，乙分划有 都得F,5+放D正确 它的拉力F:风受力示意图 小 h=m=,一h=一十2+=一十财，解得 7,D【解析】将导线静止在题图()右剩位置时，对⊙0四 将所有的力沿风筝和垂直于风筝平面进行正 (3)因为木块及木樱均处于平衡状态，整体受到水平面的摩擦 交分解，划Ftos0=mgin30,Frsin0十 ,小一，一2一，两球发生弹性碰擅，则有 方向应由 r复c0s0=F, 的 应强度大小相等且不随时间变化，有 当F数最小值mgin20时.F一Fs20=mgn20ew29 sin 0-BIL. (2)对风筝和小友整体选行受力分析可得F0+F。 F,-m以eos8,则可看出sin8与电旋 2 mgsin 40. =0,2=,两球后运动到（点过程中，对甲，乙分别有 1成正比，当I增大时8增大，射m0减小，静止 解得Fw=210N,f=10N, 物理（二】 动=1，十豆，助一吃红十豆吐解得甲，乙经过c点 后，导线对悬线的拉力F,减小，C错误，D正确 根据牛顿第三定律，小朋友对地面的压力大小为240N,小朋 B【解析】把风力F分别着粮面和垂直帆面的方向分解，风 对地面的摩据力大小为10√3N,方向水平向右 2.A3.D 垂面方向的分力为 16.ai5N28g(a(a.5+m C【架析】据题意无法计算弟二阶段减速的平均加违度 的时间差为1，一12一行-1 的分力下。分别沿着航向和直航向的向分解，下 以无法比度一阶投减重的均球度和第一奇汉碱重的 9.ACD 行方向的分力F n 综合可得F。=Fn'0.可得F, 均相速度的大小，放八情视：一个阶设战速过阳中吃天员均处 【解析】(1)以球为研究对象，受力如图 10,D【解析】篮球到达最高点时，运动的时间为t1一 2,5×I0'N,选项B正确，ACD错误 于超重状态，故B错误：根影匀变速直线运动规律可知第三阶 ·A【解析】面环被固定在闻中点的位置，北， 102 段速的平均加速度大小为= 时类似为“死结”问题，两端绳上拉力不同， 2×7n=50m,设 05,该问学运动的时间为，=4，一△=0,3s,篇球到达最高 设左右两边轻绳与整直方向的夹角分别为 第三微段减速至距迪面心，m高时返同舱的速度为，'，划有 点时，废同学的手指指尖价好触碰到篮球，期 十h,=人 a,8,则由几何关系知e<,Fusin a 对整体受力分析可得下，一N:一15 (2)以上方体和体为砖笼对象， F、m0.故F>F、,远境A正确，对环 。g好十h:,其中1一2m,h一2m,解得人一4ms,触超 受力分析，如图所示，同一根蝇左右两边拉 直方向受重力(m十M)以和迪面的支持 C【解析】无人机上升过程中， 力大小处处等卡。 力F,水平方向受墙壁的弹力V:和地面的摩擦力F,根累 功，机 速后减速 即先超重后失重，B错误：设无人机上升过程中最大速度为