专题卷(13)电学实验-【鱼跃龙门卷】2026年高三物理二轮复习专题金卷（贵州、甘肃、重庆专版）

2025一2026学年度高三二轮复习专题卷（十三） 物理·电学实验 (考试时间75分钟，满分100分) 1.(8分)(1)如图1，螺旋测微器读数为 mm,如图2，游标卡尺读数为 mm。 3 20 10 20 图1 图2 (2)某实验小组在“测定金属丝电阻率”的实验过程中采用图3所示的电路来测金属丝的电阻。 实验时，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应处在 (填“M”或“N”)端。 R 图3 图4 (3)按照图3连接实物图，如图4所示。闭合开关前检查电路时，发现有一根导线连接错误，该 导线为 (填“a”或“b”)。 (4)改正错误后，某次实验时，电压表示数为U,电流表示数为I,该小组用刻度尺测量导线长 度为L,用螺旋测微器测其直径为D,则电阻丝的电阻率的表达式为ρ=（用实验 测量的物理量L、D、U、I表示电阻率) 2.(8分)学生实验小组要测量量程为0~3V的电压表的内阻Rv(约为1~3k)。可选用的器材有： 多用电表； 电源E(电动势约5V); 电压表V,(量程0~5V,内阻约3k2); 定值电阻R。(阻值为8002)； 滑动变阻器R,(最大阻值502)； 滑动变阻器R2(最大阻值5k2); 开关S,导线若干。 物理C·专题卷（十三）第1页（共8页） 鱼跃龙 (1)学生先用多用电表粗略测量电压表内阻，该多用电表刻度盘上电阻刻度的中间值为15，欧 姆挡的选择开关应拨至倍率 (填“×10”“×100”或“×1k”)。 (2)做好上述操作后，把多用电表与量程为0~3V的电压表按如图甲所示方式连接，两表指针 的位置如图甲所示，其中多用电表指针恰好位于正中间。则电压表接线柱A是 (填 “正”或“负”)接线柱，示数为 V;此时通过电压表的电流为 mA。(计算结 果保留2位有效数字) V 甲 乙 (3)为了提高测量精度，他们设计了如图乙所示的电路，其中滑动变阻器应选 (填 “R”或“R2”); (4)闭合开关S,滑动变阻器滑片滑到某一位置时，电压表V1和待测电压表的示数分别为U1、 U,则待测电压表内阻Rv= (用U1、U和R。表示). 3.(8分)嫦娥钢是我国研制的一种用于探测器软着陆的新材料，具有极高的强韧性和吸能性，如 图甲所示。某小组想研究嫦娥钢拉杆受力与形变量的关系，设计了如图乙所示的装置，将嫦 娥钢拉杆固定（固定装置没画出），将金属应变片R,粘贴在嫦娥钢拉杆的下表面，将R,接入 电路。电源电动势为E、内阻为r,电流表的内阻为rA。 外力 嫦娥钢拉杆 Xo 甲 丙 (1)在嫦娥钢拉杆的上表面装有压力传感器，施加外力于嫦娥钢拉杆的上表面，读出此时力的 大小F。 (2)将滑动变阻器R1、电阻箱R2的阻值调到最大，闭合开关S1,将开关S2打到 (填 “a”或“b”)端，调节滑动变阻器R,的阻值，使电流表有一合适的示数I。。 (3)闭合开关S1,将开关S2打到 (填“α”或“b”)端，保持滑动变阻器R,接入电路的阻 值不变，调节电阻箱R2的阻值，使电流表的示数为I。,则此时电阻箱的示数就等于金属应 变片R的阻值。重复以上操作，获得多组F、R的数据。 门卷 物理C·专题卷（十三）第2页（共8页） (4)该电流表内阻对金属应变片R,的测量值 (填“有”或“无”)影响。 (5)已知金属应变片的阻值与金属应变片的形变量的关系为R,=x,k为常数，金属应变片的 形变量与嫦娥钢拉杆的形变量等效，图丙是根据部分实验数据描绘的嫦娥钢拉杆受力F 与其形变量x的关系图像。闭合开关S,,将开关S2打到a端，滑动变阻器接入电路的有 效阻值为R,当嫦娥钢拉杆受力为F。时，电流表的示数为 (用题中已给出的物 理量符号表示)。 4.(8分)某小组研究热敏电阻阻值随温度的变化规律。根据实验需要已选用了规格和量程合适 的器材。 (1)先用多用电表预判热敏电阻阻值随温度的变化趋势。选择适当倍率的欧姆挡，将两表笔 ,调节欧姆调零旋钮，使指针指向右边“02”处。测量时观察到热敏电阻温度越 高，相同倍率下多用电表指针向右偏转角度越大，由此可判断热敏电阻阻值随温度的升高 而 (2)再按图连接好电路进行测量。 ①闭合开关S前，将滑动变阻器R的滑片滑到b端。将温 ④- 当D 控室的温度设置为T,电阻箱R。调为某一阻值R1。闭合 R 开关S,调节滑动变阻器R,使电压表和电流表的指针偏转 温控室 热敏电阻 到某一位置。记录此时电压表和电流表的示数U、I及T和 a￥b R1。断开开关S。再将电压表与热敏电阻C端间的导线改 R 接到D端，闭合开关S。反复调节R。和R,使电压表和电流表的示数与上述记录的示数 相同。记录此时电阻箱的阻值R2。断开开关S。 ②实验中记录的阻值R1 (填“大于”“小于”或“等于”)R2。此时热敏电阻阻值 RT= 5.(8分)用图甲所示的电路，测定一节旧干电池的电动势和内阻。除电池、开关和导线外，可供 使用的实验器材还有： 双量程电流表A(量程0~0.6A,0~3A); 双量程电压表V(量程0~3V,0~15V); 滑动变阻器R1(阻值范围0~102，额定电流2A) 滑动变阻器R2(阻值范围0~1000Ω，额定电流1A) 本V 1.60 1.40 R 1.20 1.00 E 0.80H 00.100.200.300.400.50/A 甲 乙 物理C·专题卷（十三）第3页（共8页） 鱼跃龙 (1)为了调节方便，测量精度更高，实验中电流表的量程应选用 A,电压表的量程应选 用 V,滑动变阻器应选用 (填写滑动变阻器符号)。 (2)通过多次测量并记录对应的电流表示数I和电压表示数U,利用这些数据在图乙中画出了 U-I图线。由图线可以得出该干电池的电动势E= V(保留3位有效数字)，内电 阻r= 2(保留2位有效数字)。 6.(10分)某同学通过实验测量一节干电池的电动势和内阻。 R/2 10 8 6 510 15 2 0 0 /A- 23456 图1 图2 图3 (1)该同学先用电压表直接与电池相连，电压表的读数如图1所示，读数为 V。采用 这种方式测得的电池电动势与其真实值相比 (填“偏大”或“偏小”)，产生该误差 的原因是 (2)接着该同学又设计了如图2所示的电路，电路中的电流表的量程为0~0.6A,内阻rA= 0.12,为了尽可能精确，又方便地测量出多组数据，电阻箱R应选 A.电阻箱（调节范围0~99992） B.电阻箱（调节范围0~999.92） (3)闭合开关S,记录多组电阻箱的阻值R和电流表对应的示数I,在坐标纸上作出R图线 如图3所示，则该电池的电动势E=V,内阻”= 2。(结果均保留2位 有效数字) 7.(10分)要测量一节干电池的电动势E和内阻r,现有下列器材：电压表V(0~3V),电阻箱 R(0~9999.92),定值电阻R。,开关和导线若干。某实验小组根据所给器材设计了如图1所示 的实验电路。由于R。的阻值无法辨认，实验时先用一多用电表测量其阻值。该多用电表的部 分结构如图2所示，该表有“×1”“×10”两个倍率。现用该表测量阻值小于10Ω的电阻R。 R 5n2025P R R2 om. 2 A-V-2 R秀 0 Ro 0.70 -0.16 图1 图2 图3 图4 门卷 物理C·专题卷（十三）第4页（共8页） (1)图2中a表笔为 (填“红”或“黑”)表笔。要测量R。,c应与 (填“d”或 “e”)相连。测量时指针位置如图3所示，读数为 2。 11 (②)实验小组同学利用图1电路多次调节电阻箱阻值R,读出电压表对应的数据，建立R元坐 标系，描点连线得到如图4所示的图线，则该电池的电动势E= V,内阻x= 2。(结果均保留三位有效数字) (3)经核实，电阻R。的测量值与真实值一致，实验小组利用图1电路得到的内阻的测量值r测 (填“小于”“等于”或“大于”)真实值r。 8.(10分)有一个额定电压为2.8V,功率约为0.8W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的 IU图线，有下列器材供选用： A.电压表(0~3V,内阻6k2) B.电压表(0~15V,内阻30k2) C.电流表(0~3A,内阻0.12) D.电流表(0~0.6A,内阻0.52) E.滑动变阻器(102,2A) F.滑动变阻器(2002,0.5A) G.直流电源（电动势4.5V,内阻不计） A 0.3 0.2 2 甲 乙 (1)用如图甲所示的电路进行测量，电压表应选用 ,电流表应选用 ,滑动变 阻器应选用 。(用序号字母表示) (2)通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，由图像可求得此灯泡在正常工作时的 电阻为 2。 (3)若将此灯泡与输出电压恒为6V的电源相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为 Ω的电阻。（结果保留3位有效数字） 9.(8分)在机器人的设计中，各类传感器是感知外界的重要元件。某实验小组新购进了某型号 的薄膜压敏电阻，现在需要测定该压敏电阻在不同压力下的阻值。实验室准备了图()中的实 验器材，电压表内阻约为20k,电流表内阻约为502。 物理C·专题卷（十三）第5页（共8页） 鱼跃龙 Rp/k 50 40 30 10 电源 6→FN 图(a) 图(b) (1)请在图(a)中，用笔画线代替导线把实物连线补充完整。 (2)闭合开关前，应将滑动变阻器滑片调至 (填“最左端”“最右端”或“正中间”)。将 压敏电阻水平放置并在上面放置适量砝码，实验得到不同压力下压敏电阻的阻值R,将砝 码重力记为F,描绘出RF一F图线，如图(b)所示。 (3)若将公R定义为压敏电阻的灵敏度，则由图b)可知该型号薄膜压敏电阻的灵敏度随着所 受压力的增大而 (4)将测定好的压敏电阻安装在机械手的指尖处，如图(c)所示，并如图(d)所示连接好电路。 已知电源电动势E=3.0V,电源内阻和检测电流表内阻均忽略不计，保护电阻R=3kΩ， 机械手指尖与圆柱体的最大静摩擦力是压力的？。若要用机械手三个指尖竖直抓起重力 G=3N的圆柱体且不滑落（机械手三个指尖对圆柱体施加的压力大小相等），则检测电流 表的示数至少为 A(保留3位有效数字)。 图(c) 图(d) 10.(8分)利用电流传感器和电压传感器，以及信息系统强大的数据处理能力和实时显示功能， 为电学量的观察与测量带来了便捷。利用电流传感器观察电容器的充、放电现象，以及电磁 振荡现象。小明同学设计的实验电路如图()所示。实验前，电容器C不带电。 I/mA 计算机 电流 传感器 E 600 900 C 300 777777Zzz tis 2 图(a) 图(b) 门卷 物理C·专题卷（十三）第6页（共8页） (1)第一次实验，先使开关S与“1”端相连给电容器充电，充电结束后再使S与“2”端相连，直 至放电完毕。计算机记录了此过程中电路中电流I随时间t变化的关系，如图(b)所示。 若电源电动势为E=8.0V,内阻忽略不计。计算机测得图(b)中阴影面积S1=1.2× 103mA·s,则电容器C的电容为 A.9.6F B.6.7F C.0.15F (2)图(b)中阴影部分的面积S1、S2的大小关系是 A.S>S2 B.S=S2 C.S<S2 (3)第二次实验，先将开关S掷向1，待电路稳定后再掷向3。若t=0时，开关掷向3，此LC 振荡电路的周期为T,则此LC振荡电路磁场能最大的时刻是 A1-日 3T C. 4 D.=T (4)若换用电源电动势更大的电源重复上述实验，则LC振荡电路的频率 A.增大 B.不变 C.减小 11.(4分)电流表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍。某同学利用这一事实 测量电流表的内阻（半偏法），实验室提供的器材如下： A.待测电流表A(量程为0~0.6A,内阻约为22)； B.电阻箱R。(最大阻值为999.92)； C.滑动变阻器R,(最大阻值为202，允许通过的最大电流为2A); D.电源E,(电动势为3V,内阻不计)； E.电源E2(电动势为6V,内阻不计)； F.电源E,(电动势为15V,内阻不计)； G.开关2个，导线若干。 按如图示的电路进行实验，实验步骤如下：移动滑动变阻器R,的滑片，以保证通过电流表 的电流最小；先闭合开关S,,调节R,,使电流表指针满偏；保持滑动变阻器R,的滑片的位置 不变，闭合开关S2,调节电阻箱R。,使电流表的指针半偏；读取电阻箱R。的阻值，即为测得 的电流表的内阻。回答下列问题： R E S 物理C·专题卷（十三）第7页（共8页） 鱼跃龙门 (1)实验中应选用的电源为 。(填器材前面的序号) (2)将用这种方法测出的电流表内阻记为RA,电流表内阻的真实值为RA,则R入 (填“>”“=”或“<”)RA。 12.(10分)多用电表是电学实验中常用的仪器，常用于粗测仪器的电阻。 (1)小九同学打算利用多用电表粗测一个电压表的内阻，首先将电表开关掷于合适挡位，接 下来应该做的是 (把下列实验步骤前的字母按正确的操作顺序排列；可能有多 余选项)。 A.将红、黑表笔短接 B.调节欧姆调零旋钮，使指针指向最右侧零刻度线 C.调节欧姆调零旋钮，使指针指向最左侧零刻度线 D.调节机械调零旋钮，使指针指向最右侧零刻度线 E.调节机械调零旋钮，使指针指向最左侧零刻度线 再将多用电表的红、黑表笔分别与待测电压表的 （填“正极、负极”或“负极、正 极”)相连。 (2)如图所示是一种多用电表的结构。若需要测量某电阻两端的电压，应将开关掷于 (填数字，下同)，其中开关与 相接时测量电压的量程更大。 R2 EE上 69 (3)该多用电表测量电流的部分为一量程为0~10A的电流表和电阻R,、R2改装而来。 改装后有两个量程可供选择：0~100mA和0~1A。已知电流表的内阻为102，则 R1= ,R2= (4)若小九同学使用的是一个久置的万用电表，相比新的电表，其内部的电池内阻增大，电动 势下降。使用此电表测量电阻，测量值 (填“大于”“小于”或“等于”)实际值。 恭 物理C·专题卷（十三）第8页（共8页）·物理C· 整理有Q。=CU=△Q+CE=0.864C。 (2)由于导体棒恰好能从C,C:处沿切线方向进人圆弧轨道， 设进人瞬间导体棒的速度为2，有v=coS0 解得2=2mfs, 设导体棒在与金属框碰撞前瞬间的速度为？，由动能定理有 ngr1-ms0)=m听-号m:解得eg=3ms 导体棒和线框发生完全非弹性碰撞，设碰后速度为共，有 113=(m1+12)v共， 解得v共=1ms, 线框进入磁场过程中所受安培力为下，=BL=BL"质 R 3x(N), 线框整个过程所产生的焦耳热与线框克服安培力所做的功相 等，且由上述安培力的表达式可知，安培力随着进入磁场的距 离均匀变化，所以进入过程中，安培力为其平均值，因此，Q和= 2Fkx=2P发物十F=2×0+3X0.5X0.5J=0.75J. 2 2 (3)线框的右边框进入磁场过程由动量定理有一3BL, R △1=(m1十m2)(v一共）， 整理有-公3x·△r=-0+3江 232《红十22（生 v共)，其中0≤x≤0.5m, 解得=。所以线框的右边框能完全离开，然后左边框 3 开始以0，=8ms进入磁场，假设左边框仍能穿出磁场，则 -∑3x·4x=-0+3x 2x= -2r产-m+m0:-3其 2 中0≤x≤0.5m,解得0s=一8m/s, 所以线框左边框不能穿出磁场，则一公3x·△r=一0+3 2 x 一2=0-(m:十m,加解得=n所以线框右边框 5+/15 8 所处的位置坐标为x右 10 -m 物理（十二） 1.(1),Nmg 'L1-L (2)C(3)20 2.1)BD(2)球心需要工√y.y 3.(1)1.26(2)2m(d+21) T2 (3)A 4,(1)2十x2 2T (2)41.1(3)偏小偶然误差 d 5.(1)8.6(2)D△(3)m(或mw)⑤探究F与r的关系 时，要先控制m和w不变，因此可在F-w图像中找到同一个w 对应的向心力，根据5组向心力F与半径r的数据，在F-r坐 标系中描点作图，若得到一条过原点的直线，则说明F与r成 正比。 (1)B(2)W (3)需要 2gq 【解析】(1)弹簧压缩量不变，则弹性势能一定，则有E= mgr十了m,令光电门的宽度为d,则有a=解得子 淘应鵝半举特州谢☒田陛聘”世正糜号x 擦因数，即需要测量遮光片的宽度d。 (2)结合上述有=2，解得4=2。 q 1 (3)滑块从a点运动到0点过程有Eo=igzo十2mw%,弹簧 做功W=E,则有W=mgx02n6。可知，若在滑块从c 点运动到O点过程，探究弹簧对滑块做的功，需要再测量滑块 (含遮光片)的质量m、a点到O点的间距xo与滑块在O点的 速度v。 (1)BCD(2)③(3)4.20196(4)不受影响 【解析】(1)由实验原理可知图乙中弹簧长度不必相同，α和3 角度可以不相等，故A、E错误；实验中，甲图用来测量合力，乙 图用来测量两个分力，根据胡克定律，力的大小与弹簧的伸长 量成正比，力的大小可用弹簧伸长量来表示，必须测量弹簧的 伸长量，因此要测量弹簧的原长和甲、乙中弹簧的长度，故B、C 正确；由实验原理可知在本实验中重物的重力是定值，两次悬 挂重物的质量必须相同，故D正确。 (2)根据实验原理及操作可知，x1表示重力方向，应竖直向下， 故选③。 (3)依题意，根据胡克定律可知nmg=k(.x一Lo),整理可得n= kx-L。,结合图像，可知弹簧原长为L。=4.20cm·mg mgt mg 7.2-4.2N/cm,解得劲度系数k=196Nm. 6-0 (4)题中根据图像斜率求得劲度系数，刻度尺零刻度略高于弹簧 上端，图像的斜率不变，测量的劲度系数不受影响。 （1)A(2)错误(30.820(4)M+m(5)直线 M 【解析】(1)该实验需要研究三个物理量之间的关系，在实验过 程中需要先保持其中一个物理量不变，可知，我们应该采用的 研究方法是控制变量法。 (2)平衡摩擦力时，应不挂槽码，将小车放在水平静止的长木板 上，将木板不带滑轮的一端适当垫高，轻推小车，使小车拖着纸 带向下滑动，纸带上打出的点迹分布均匀即可，可知，这名同学 的操作错误。 (3)由于相邻计数点间均有4个点未画出，则相邻点迹之间的时 1 间间隔T=5×0s=0.1s。根据逐差法，加速度a一 (68.1+76.4+84.6)×103-(43.6+51.7+60.0)×10 9×0.12 -m's2= 0.820m/s2。 (4)小车和砝码总质量不变，对槽码与小车和砝码构成的整体， ·13 参考答案及解析 根据牛顿第二定律有mg=F=(M十m)a,则有a=M十m F 该 统机械能守恒，则有mgh= )(2M+m),整理得gh→ 图线对应图丙中的OQ,则有M十m一N,对小车和砝码进行 aM+m(）'. 1 分析，近似认为槽码重力等于小车和砝码所受外力的合力，根 11.(1)1.66(2)不需要 F 据牛顿第二定律有mg=F=Ma,则有a=M,该图线对应图丙 2L十d)(F1-m1g) 中的OP,则有MN结合上述解得M” 1 PN (5) 2m (7)m101 QN=M· m1V3十m2V2 (5)保持槽码、小车、砝码的总质量不变，把槽码分别逐个叠放在 【解析】(1)由图乙可知，两小球直径为d=16mm十6× 小车上，槽码、小车和砝码总质量不变，以槽码、小车和砝码为整 0.1mm=16.6mm=1.66cm。 体.则有mg=F=(M十ma,解得a=m可知，得到的 (2)题干中没有要求质量为m1的小球不反弹，则不需要满足 a-F图像是一条直线。 m1>12。 (5)根据题意，由牛顿第二定律有 11 1 1 1,1 ①R@.s0s·月 F-mg=m (3)正确由0，和02互余，可得碰后两球速度的平方和等于碰 ,整理可得 L+2 前B速度的平方，可验证系统碰撞前后的动能守恒 【解析】(1)由题意可知，A、B两球碰后不再受力，做匀速直线 /（2L+d)(F1-m1g) 运动，则速度大小分别为A=0二，。 2m (2)设两球的质量均为，若两球组成的系统在PQ方向上动量 (6)质量为m:的小球做平抛运动，则有-，h-)g,解 守恒，则7m,=mm4cs9,十mBc0s,其中，=尽，可得 to g 得v2=5√2 1 cos0十Qos0。,系统在碰撞前、后动能守恒，应满足？m- (7)由于本实验中m1>n2,则碰后质量为m1的小球不反弹， 之m+2m,可得=是+1 1 若碰撞过程中动量守恒，则有m11=m1a十m22,即m1v1= m13十m2v2,成立，则可说明两小球碰撞过程中动量守恒。 (3)若系统已验证了动量守恒，则在两个垂直方向分别有vsin02= 12.(1)0.04(2)9.691.322.48(3)水滴下落时受到空气阻 UAsin91,VB cOS0,十Acos01=o,若还满足01和02互余，由 力作用 数学知识可得十v后=，即碰后两球速度的平方和等于碰前 【解析】(1)由于频率由大到小逐渐调节，第一次看到一串仿佛 B速度的平方，根据2m-mi十2m,即可验证系统碰 固定不动的水滴，说明闪光的时间间隔等于水滴的时间间隔， 撞前后的动能守恒，则该说法正确。 闪光的频率为25Hz,因此时间间隔为T= =0.04s。 0.(1)①ghoE= (hor-hoD)2 ②B③否低于(2)①4 (2)根据逐差法可得重力加速度为a=c= 8△t 4T2 (33.48-13.64-13.64)×10-2 ②mgh=22M+m(）广 ms2≈9.69mfs2。根据匀变速 4×0.042 直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则D点处 【解析】1)O打下E点时重锤的速度g=h,心，若机被 2△t 水谪此时的速度为-2开-33.4836X10 2×0.04 -m s= (hor -hop)2 能守恒.则有mgh=2mw店，联立可得ghE=8(d)》。 2.48ms。根据运动学公式可得A点处水滴此时的速度为 ②若考虑阻力的影响，设阻力为∫，根据动能定理可得 va=vp-a·3T=2.48m/s-9.69X3×0.04ms≈ 1.32m:so mg-fh=2m2,整理得2=(g一)h,可知？h (3)造成上述实验与手机加速度传感器测量有差别的原因可能 图像是通过原点的一条直线，B正确。③表中的△E。与△E 是水滴下落时受到空气阻力作用。 之间存在差异，△E。小于△Ek,不是由于空气阻力造成的，如 物理（十三） 果考虑空气阻力的影响，重力势能的减少量应大于动能的增 加量。由数据可知，测得的动能偏大，则测得的速度偏大，如果1.(1)6.700(6.699~6.701均可)0.25 这是因为交流电源的频率不等于50Hz引起的，那么他做实验 时，电源的实际频率必低于50Hz。 (2)M(3)b(4)xDU 41L UR (2)①由题可知，物体B刚穿过圆环后的速度=。②若系2.（1)×10(2)负2.201.5(3)R:(④元 高三二轮复习专题卷 3.(2)a(3)b(4)无(5)，+R,+r+kx 4.(1)短接减小(2)大于R1一R2 5.(1)0-0.60-3R,(2)1.451.3 6.(1)1.35(1.34~1.36均对)偏小电路中有较小的电流（合 理即可)(2)B(3)1.41.1 【解析】(1)电压表所选量程为0~3V,读数为1.35V:用电压 表直接测量电源电压，所测的是电源的路端电压，由于电压表 的内阻不是无穷大，电路中有较小的电流，则测量值小于真 实值。 (2)一节干电池的电动势约为1.5V,电流表的量程为0~0.6A, 选项B中的电阻箱可以进行更精细的调节，从而方便得到多组 数据，而选项A中的电阻箱调节精度差，能测得的数据组较少」 (3)根据E=1R十r十)，解得R=E·-r-r,则R 图线斜率的大小等于电池电动势的大小，纵截距b=一(r十 10 rA),其中rA=0.12,解得E≈1.4V,r=1.12 7.(1)黑d4(2)1.432.25(3)小于 11 【解析】(1)电流从红表笔流入，黑表笔流出，所以图2中a表笔12 为黑表笔；该表有“×1”“×10”两个倍率，欧姆表的内阻等于该 倍率下的中值电阻，所以“×1”倍率的内阻小于“×10”倍率的内 阻，由于R。阻值小于102，应选择“×1”倍率，故要测量R。, 应与d相连：如图3所示，读数为R。=4×12=42。 (2由闭合电路欧姆定律E=U+只(R。+r,化简可得尽 E11 E0.16 1 R。十，·UR十，由图可知k=R。十，-0.70b=一R,十， 一0.16，联立解得该电池的电动势为E≈1.43V,内阻为r= 2.250 (3)由图1可知，误差来源于电压表分流，则根据闭合电路欧姆定 律E=U+(货+) )·(R。十)，化简可得尽=R十r· 1一，可得 8.(1)ADE(2)10(3)11.4 【解析】(1)题意可知，灯泡的额定电压为2.8V,故电压表应选 0一3V量程，应选A,灯泡的电流1-日-受A=029A放 电流表应选D。由电路图可知，要使电压从零开始调节，采用分 压接法，滑动变阻器应选阻值较小的便于调节，应选E。 (2)由灯泡的伏安特性曲线图可知，当电压为2.8V时，电流为 028A.放电阻R-号-80=10n (3)要使灯泡串联在6V的电源上正常发光，则与之串联的电阻 分压应为6V一2.8V=3.2V,此时电路中电流为0.28A,故 应串联的电阻R'品Q1.4Q 9.(1)见解析图(2)最左端(3)减小(4)200 【解析】(1)依据题意可知，本实验采用伏安法测量压力传感器1. 在不同压力下的电阻，由实验所给器材可知R>√RA·Rv= 1kΩ，所以电流表需采用内接法，电路实物连线图如图所示。 Ex一Ew=hy1,同理能级P的能量小于能级M的能量，且两能 【解析】若K的电势高于A的电势，且电势差为0.9V,光电 级能量差为Ey一Ep=hv2,所以EN一Ep=hy1十hy2,从能级N 流刚好截止，有 跃迁到能级P释放光子，且光子的频率为，十2，B正确。 8.CD F-zmvi-cU-0.9 eV, 9.AC【解析】根据质量数守恒和电荷数守恒，第一个反应中，总 当阳极A的电势高于阴极K的电势，根据动能定理得U= 质量数为40十175=215=210十x,解得x=5:电荷数为20+ 1 (2)闭合开关前，为防止烧坏电表，应将滑动变阻器滑片调至最 71=91,与Pa的电荷数一致；第二个反应中，质量数为210= 则光电子到达A极的最大动能 左端。 206+4:电荷数为91=y十2，解得y=89,故A正确；钢206的 (3)结合图(b)所示的压力曲线可知，该型号薄膜压敏电阻的灵 中子数=质量数-质子数=206-89=117，而非89，故B错误： Emv+U, 敏度随着所受压力的增大而减小。 α衰变过程中存在质量亏损，因此质量不守恒，故C正确；半衰 代入数据得Ek=1.8eV, (4)对圆柱体受力分析，根据牛顿第二定律有3F=G,解得最 期由原子核内部结构决定，与外界条件无关，故D错误。 根据光电效应方程得Ekm=hy一W。,解得逸出功W。= 小压力F=2N,结合图(b)所示的压力曲线可知对应的电阻 10.BD【解析】根据黑体辐射实验研究得出：黑体辐射电磁波的 2.2eV。 Re=12kn,则检测电流表的示数至少为I一R十R 强度按波长的分布只与黑体温度有关，温度越高，辐射强度的 =0.2× 3E 极大值向波长较短的方向移动，故入1<入2，T1>T2,故A错 13.(1)-4h 5 (2)-36E 10-3A=2004A. 误；图乙说明发生光电效应时，频率大的光对应的遏止电压较 (1)C(2)B(3)AC(4)B 大，故B正确：一个处于n=4激发态的氢原子向低能级跃迁 【解析】(1)因仙，=w,子E-E,=月 是E,所以6 (1)E(2)< 时，最多可产生3种不同频率的光子，故C错误；比结合能越 3E 大，原子核越稳定，根据图像丁可判断出氧的原子核比锂的原 4h (1)EAB负极，正极(2)5或66(3)g1(4)大于 子核更稳定，故D正确。 (2)氢原子从n=3能级向n=1能级跃迁辐射出的光子能量 【解析】(1)利用多用电表粗测一个电压表的内阻，首先将多用 米AC【解析】距离太阳r处，光子的平均能量为e=v,太阳帆在 最大，此时从金属表面逸出的光电子的最大初动能为Ekm, 电表开关掷于合适挡位，接下来先调节机械调零旋钮，使指针 8 指向最左侧零刻度线，再将红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋 单位时间单位面积内接收到的光子数为N=,故A正确：光子 hv-gE-E:=- 9E1, 钮，使指针指向最右侧零刻度线，之后进行测量。则正确的操 作顺序是EAB。因欧姆表的红表笔接内部电源的负极，黑表 的颜率为=云，距离太阳，处，每个光子的动量为力=冬，光射 E=m-w,=8E,-（-是E)=0E 8 5 笔接内部电源的正极，因此将多用电表的红、黑表笔分别与待 到帆面被反弹，由动量定理得Ft=2Np,可得太阳帆单位面积受 (1)hceU（2)B2 14. 测电压表的负极、正极相连。 到的光压为下-2P,故B错误距离太阳r处，由题意得，匀速远 (2)由多用电表的结构图可知，若需要测量某电阻两端的电压， 【解析】(1)设光电子的最大初动能为2mu,根据动能定理有 离要满足太阳光对太阳帆的作用力等于太阳对探测器的引力，即 应将开关掷于5或6。由串联电阻的分压原理可知，其中开关 与6相接时测量电压的量程更大。 F=G,即2SP_GMm,解得S=GMm,飞船匀速远离太用 m. r2 r2 2Pr2 (3)多用电表测量电流的部分为一量程为0~10mA的电流表 设紫外线的频率为，金属锌的逸出功为W,由爱因斯坦光电效 和电阻R1、R,改装而来。由图可知，开关接2应是0~100mA 的过程中，P仅与距离r平方成反比，结合5=，太阳帆飞 应方程得y=2m+W, 量程的电流表，曲欧蝴定体可得足，十R-X品0= 10 0 船的展开面积保持不变，故C正确，D错误。 光速与波长和频率的关系满足c=λy, 78 开关接1应是0~1A量程的电流表，由欧姆定律可得R,= .Dn+Li→H+He(2”03)41m: 121c2 联立解得W一任 10×(10+R2) 【解析】(1)由题意可得，该核反应方程为n十8Li→H十2He。 1000-10 0，联立解得R,=号0.R:=1n. (2)当具有最大初动能的光电子垂直于N板射出后恰好无法 (2)由动量守恒定律得 (4)相比新的电表，其内部的电池内阻增大，电动势下降，使用 到达M板时，所有光电子均无法到达M板，A表读数恰好为 mv=-3m01+4mw2, E E' 零，此时具有最大初动能的光电子在匀强磁场中做匀速圆周 此电表测量电阻时有1。一R1=R十R1R -,设此 由题意得v1:v2=7:8, 7 8 运动的轨道半径为r= 2 解得u=7,v=iv。 时指针对应电阻测量值为R,则有【一 E五，I一R十R E新 根据牛顿第二定律得：Bu=m ③)氚核和&粒子的动能之和为Ek三2×3m十2 1 -,由于电动势下降，则E<E新，则有R测>R《;可知 4nu号=403 联立解得e-8U 1,R I十E 242mu2, m B'd 15.(1)28U+dn→Xe+98Sr+10n1.4×102MeV(2)1.4× 使用此电表测量电阻，测量值大于实际值。 根据能量守恒定律，释放的核能为△E=Ek一 mv? 103kg(3)41 【解析】(1)铀235核裂变的核反应方程式为2U+。n→ 物理（十四） 242m2、1 403 1 Xe+3Sr+10n. A2.B3.C4.C5.B6.A7.B 质量亏损为△m=235.0439u-135.9072u-89.9077u-9× 3【解析】He*从能级N跃迁到能级M,释放频率为1的光 由爱因斯坦质能方程得，质量亏损为△m=△E=141m 121c2。 1.0087u=0.1507u, 子，说明能级N的能量大于能级M的能量，且两能级能量差为l2.1.8eV2.2eV 一个铀235核裂变释放的能量为△E=△mc2=0.1507× ·14·