2.3受力分析 共点力的平衡 专项训练 -2027届高考物理一轮复习100考点精练

2027高考一轮复习100考点精练 第二章 相互作用 考点2.3 受力分析 共点力的平衡 【考点精练】 1.（2026年4月安徽蚌埠二模）如图，两个相同的小球和，质量均为，用长度相同的两根细线把、悬挂在水平天花板上的同一点，并用长度相同的细线连接、。现用一水平力作用在上，使两球均保持静止，三根细线均处于伸直状态，且位于竖直方向。两小球均视为质点，重力加速度为，则力的大小为（ ） A． mg， B．mg C．mg， D．mg， 2.　(2025·北京卷·6)如图所示，长方体物块A、B叠放在斜面上，B受到一个沿斜面方向的拉力F，两物块保持静止，B受力的个数为(　　) A.4 B.5 C.6 D.7 3. (2025·浙江台州市一模)在研究牛顿第三定律时，将两个完全相同的弹簧秤通过挂钩悬挂对拉，如图所示，甲弹簧秤在上，乙弹簧秤在下。若将两个弹簧秤的位置互换重复实验，则甲弹簧秤和乙弹簧秤示数的变化情况为(　　) A.甲变小 B.甲不变 C.乙变小 D.乙不变 4.（2025·江苏海安中学模拟）如图所示的容器内盛有水，器壁AB部分是一个平面且呈倾斜状，有一个小物块P处于图示位置并保持静止状态，则该物块（　　） A.可能受三个力作用 B.可能受四个力作用 C.一定受三个力作用 D.一定受四个力作用 5. 如图所示为形状相同的两个劈形物体，它们之间的接触面光滑，两物体与地面的接触面均粗糙，现对A施加水平向右的力F，两物体均保持静止，则物体B的受力个数可能是（　　） A.2个　　　　　　　　 B.3个 C.4个 D.5个 6 .(2025·浙江省浙北G2联盟联考)蹦床可简化为如图所示的完全相同的轻质网绳构成的正方形网格，点O、a、b、c等为网绳的结点。当网水平张紧时，若质量为m的运动员从高处竖直落下，并恰好落在O点，当该处下降至最低点时，网绳aOe、cOg均成120°向上的张角，此时O点受到的向下的冲击力为F，则这时O点周围每根网绳的拉力的大小为(　　) A. B. C. D. 　 7. 如图所示，物体A置于水平地面上，力F竖直向下作用于物体B上，A、B保持静止，则物体A的受力个数为（　　） A.3 B.4 C.5 D.6 8. (2023·浙江6月选考·6)如图所示，水平面上固定两排平行的半圆柱体，重为G的光滑圆柱体静置其上，a、b为相切点，∠aOb=90°，半径Ob与重力的夹角为37°。已知sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，则圆柱体受到的支持力Fa、Fb大小为(　　) A.Fa=0.6G，Fb=0.4G B.Fa=0.4G，Fb=0.6G C.Fa=0.8G，Fb=0.6G D.Fa=0.6G，Fb=0.8G 9　(2025·浙江省北斗星盟三模)如图所示，物块A与B用跨过滑轮的轻绳相连，稳定后，轻绳OP与水平方向夹角为θ=，OA和OB与OP的延长线的夹角分别为θ1和θ2。已知GB=100 N，地面对物块B的弹力为FNB=80 N，不计滑轮的重力及轻绳和滑轮之间的摩擦，下列说法正确的是(　　) A.θ1<θ2 B.物块A的重力40 N C.OP绳子的拉力为20 N D.地面对物块B的摩擦力为20 N 10.　(2025·浙江嘉兴市检测)如图所示，用三根相同细线a、b、c将重力均为G的两个灯笼1和2悬挂起来。两灯笼静止时，细线a与竖直方向的夹角为30°，细线c水平。则(　　) A.a中的拉力大小为G B.c中的拉力大小为G C.b中的拉力小于c中的拉力 D.b中的拉力大于a中的拉力 11 .(2025·陕晋青宁卷·4)如图，质量为m的均匀钢管，一端支在粗糙水平地面上，另一端被竖直绳悬挂，处于静止状态，钢管与水平地面之间的动摩擦因数为μ、夹角为θ，重力加速度大小为g。则地面对钢管左端的摩擦力大小为(　　) A.μmgcos θ B.μmg C.μmg D.0 12.(2025·福建卷·1)“风动石”是福建省著名的自然景观，如图所示。无风时，“风动石”在重力和底部巨石作用力F1的作用下静止不动。若“风动石”受到一水平方向的风力作用时仍保持静止，此时底部巨石对其作用力为F2，则(　　) A.F1的大小比F2的小 B.F1的大小比F2的大 C.F1与F2大小相等 D.F1与F2方向相同 13.(2025·浙江1月选考·3)中国运动员以121公斤的成绩获得2024年世界举重锦标赛抓举金牌，举起杠铃稳定时的状态如图所示，重力加速度g取10 m/s2。下列说法正确的是(　　) A.双臂夹角越大受力越小 B.杠铃对每只手臂作用力大小为605 N C.杠铃对手臂的压力和手臂对杠铃的支持力是一对平衡力 D.在加速举起杠铃过程中，地面对人的支持力大于人与杠铃总重力 14.(2024·贵州卷·4)如图(a)，一质量为m的匀质球置于固定钢质支架的水平横杆和竖直墙之间，并处于静止状态，其中一个视图如图(b)所示。测得球与横杆接触点到墙面的距离为球半径的1.8倍，已知重力加速度大小为g，不计所有摩擦，则球对横杆的压力大小为(　　) A.mg B.mg C.mg D.mg 15 .(2025·浙江杭州市一模)如图所示，甲在高处，乙在地面，两人通过系在重物上的轻绳P、Q将重物吊起。当重物处于静止状态时，两绳拉力大小分别为FP、FQ，与竖直方向夹角分别为α、β。重物重力大小为G，下列说法中正确的是(　　) A.α可能等于β B.FP可能等于FQ C.FP一定大于G D.FQ一定大于G 16 (2024·浙江温州市模拟)如图所示，在竖直平面内，有一半径为R的圆环，在圆环内放置半径分别为R1、R2的两个小球。已知R=6 m，R1=3 m，R2=1 m。OO1、OO2与竖直方向的夹角分别为α、β，sin 37°=0.6，sin 53°=0.8，则大球与小球的质量比为(　　) A. B. C. D. 17.如图甲的玩具吊车，其简化结构如图乙所示，杆AB固定于平台上且不可转动，其B端固定一光滑定滑轮；轻杆CD用铰链连接于平台，可绕C端自由转动，其D端连接两条轻绳，一条轻绳绕过滑轮后悬挂一质量为m的重物，另一轻绳缠绕于电动机转轴O上，通过电动机的牵引控制重物的起落。某次吊车将重物吊起至一定高度后保持静止，此时各段轻绳与杆之间的夹角如图乙所示，其中两杆处于同一竖直面内，OD绳沿竖直方向，γ= 37°，θ=90°，重力加速度大小为g，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，则(　　) A.α一定等于β B.AB杆受到绳子的作用力大小为mg C.CD杆受到绳子的作用力方向沿∠ODB的角平分线方向，大小为mg D.当启动电动机使重物缓慢下降时，AB杆受到绳子的作用力将逐渐增大 18.磁悬浮地球仪具有独特的视觉效果，其工作原理简化如图：水平底座上的三个完全一样的磁极对地球仪内的磁体产生作用力(沿磁极与磁体的连线)，使地球仪悬浮在空中，此时各磁极和磁体恰好处在正四面体的四个顶点处。地球仪的总质量为m，重力加速度为g，则一个磁极对磁体的作用力大小为(　　) A.mg B.mg C.mg D.mg 19.(2025·浙江宁波市检测)如图所示，倾角为α的斜面固定在水平面上，在斜面和固定的竖直挡板之间有两个匀质球P、Q，P球的质量是Q球质量的三倍，各接触面均光滑，系统处于静止状态，若P、Q两球的球心连线与竖直方向的夹角为β，下列说法正确的是(　　) A.4tan α=tan β B.3tan α=tan β C.2tan α=tan β D.tan α=tan β 20.(2024·浙江省县域教研联盟一模)如图所示，两相同斜面体放置在粗糙水平面上，斜面光滑，两斜边紧靠且垂直，左侧斜面体与水平面的夹角θ=37°。一轻质细杆AB穿有质量为m的小球C，将杆水平置于两斜面体之间，系统恰好处于平衡状态，重力加速度为g，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，则(　　) A.左侧斜面对杆AB的支持力为mg B.右侧斜面体受到地面的摩擦力为mg C.保持细杆水平，减小倾角θ，两斜面体对杆的作用力增大 D.保持细杆水平，缩短长度，两斜面体受到的摩擦力均减小 21 .(2024·浙江湖州市二模)图甲是传统民居建筑材料瓦片，相同的质量为m的瓦片紧靠在一起静止竖直叠放在水平地面上如图乙所示，已知重力加速度为g。下方瓦片的受力点均在其顶端，则瓦片(　　) A.4右端对地面的压力比左端的大 B.5右端受到的支持力是2右端受到支持力的2倍 C.4顶端受到的压力大小为mg D.5左端对地面的压力为mg 学科网（北京）股份有限公司 $ 2027高考一轮复习100考点精练 第二章 相互作用 考点2.3 受力分析 共点力的平衡 【考点精练】 1.（2026年4月安徽蚌埠二模）如图，两个相同的小球和，质量均为，用长度相同的两根细线把、悬挂在水平天花板上的同一点，并用长度相同的细线连接、。现用一水平力作用在上，使两球均保持静止，三根细线均处于伸直状态，且位于竖直方向。两小球均视为质点，重力加速度为，则力的大小为（ ） A． mg， B．mg C．mg， D．mg， 答案 A 【解析】由于OB竖直，AB中无拉力。对小球A受力分析，由平衡条件可得tan30°=mg/F，解得F=mg，A正确 。 2.　(2025·北京卷·6)如图所示，长方体物块A、B叠放在斜面上，B受到一个沿斜面方向的拉力F，两物块保持静止，B受力的个数为(　　) A.4 B.5 C.6 D.7 答案　C 解析　根据题意，对A受力分析可知，受重力、B的支持力，由于A静止，则A还受B沿斜面向上的静摩擦力，对B受力分析如图， 受重力、斜面的支持力、A的压力、拉力F、A对B沿斜面向下的摩擦力，由于B静止，则受沿斜面向上的摩擦力，即B受6个力作用。故选C。 3. (2025·浙江台州市一模)在研究牛顿第三定律时，将两个完全相同的弹簧秤通过挂钩悬挂对拉，如图所示，甲弹簧秤在上，乙弹簧秤在下。若将两个弹簧秤的位置互换重复实验，则甲弹簧秤和乙弹簧秤示数的变化情况为(　　) A.甲变小 B.甲不变 C.乙变小 D.乙不变 答案　A 解析　由于弹簧自身重力的影响，使得上面弹簧秤的读数大于下面弹簧秤的读数，所以甲、乙位置互换后，甲的读数减小，乙的读数增大。故选A。 4.（2025·江苏海安中学模拟）如图所示的容器内盛有水，器壁AB部分是一个平面且呈倾斜状，有一个小物块P处于图示位置并保持静止状态，则该物块（　　） A.可能受三个力作用 B.可能受四个力作用 C.一定受三个力作用 D.一定受四个力作用 答案：B 解析：物块一定受到重力，同时因为排开一定质量的液体，故一定受浮力，若浮力大小等于重力，则二力平衡，物块与AB间没有相互作用，故该物块可能受两个力作用；若浮力大于重力，则物块一定会受AB对小物块P的弹力，由于弹力垂直于接触面向下，物块只有受到沿斜面向下的摩擦力才能受力平衡，故物块可能受四个力作用，B正确，D错误；物块可能只受两个力，不可能受三个力而平衡，A、C错误。 5. 如图所示为形状相同的两个劈形物体，它们之间的接触面光滑，两物体与地面的接触面均粗糙，现对A施加水平向右的力F，两物体均保持静止，则物体B的受力个数可能是（　　） A.2个　　　　　　　　 B.3个 C.4个 D.5个 答案：AC 解析：对A受力分析可知，当F与A所受的静摩擦力大小相等时，则A、B之间没有弹力，当F比A所受的静摩擦力更大时，则A、B之间有弹力。当A对B没有弹力时，B受到重力和地面的支持力2个力；当A对B有弹力时，B还受到重力、地面的支持力与摩擦力，共4个力。故A、C正确，B、D错误。 6 .(2025·浙江省浙北G2联盟联考)蹦床可简化为如图所示的完全相同的轻质网绳构成的正方形网格，点O、a、b、c等为网绳的结点。当网水平张紧时，若质量为m的运动员从高处竖直落下，并恰好落在O点，当该处下降至最低点时，网绳aOe、cOg均成120°向上的张角，此时O点受到的向下的冲击力为F，则这时O点周围每根网绳的拉力的大小为(　　) A. B. C. D. 答案　B 解析　对O点进行受力分析，受人对O点的作用力F及aO、eO、cO、gO四根绳子的作用力，因为网绳完全相同，并且构成的是正方形，O点下降至最低点时，aOe、gOc所成的角度是120°，由共点力平衡有4FTcos 60°=F，解得每根网绳拉力大小FT=，故B正确，A、C、D错误。 　 7. 如图所示，物体A置于水平地面上，力F竖直向下作用于物体B上，A、B保持静止，则物体A的受力个数为（　　） A.3 B.4 C.5 D.6 答案 B 解析：　隔离分析物体B的受力如图甲所示，要保持物体B静止不动，物体A一定对物体B有摩擦力fAB和支持力NAB，由牛顿第三定律可知物体B对A一定有摩擦力fBA和压力NBA；取A、B整体受力分析可知地面对A的摩擦力为零。故A物体受力如图乙所示，B正确。 8. (2023·浙江6月选考·6)如图所示，水平面上固定两排平行的半圆柱体，重为G的光滑圆柱体静置其上，a、b为相切点，∠aOb=90°，半径Ob与重力的夹角为37°。已知sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，则圆柱体受到的支持力Fa、Fb大小为(　　) A.Fa=0.6G，Fb=0.4G B.Fa=0.4G，Fb=0.6G C.Fa=0.8G，Fb=0.6G D.Fa=0.6G，Fb=0.8G 答案　D 解析　对光滑圆柱体受力分析如图，由题意有Fa=Gsin 37°=0.6G，Fb=Gcos 37°=0.8G，故选D。 9　(2025·浙江省北斗星盟三模)如图所示，物块A与B用跨过滑轮的轻绳相连，稳定后，轻绳OP与水平方向夹角为θ=，OA和OB与OP的延长线的夹角分别为θ1和θ2。已知GB=100 N，地面对物块B的弹力为FNB=80 N，不计滑轮的重力及轻绳和滑轮之间的摩擦，下列说法正确的是(　　) A.θ1<θ2 B.物块A的重力40 N C.OP绳子的拉力为20 N D.地面对物块B的摩擦力为20 N 答案　B 解析　由于滑轮两边绳子拉力大小相等，且滑轮两边绳子拉力的合力等于轻绳OP拉力的大小，故OP的方向沿着两根绳子拉力的夹角的角平分线，故θ1=θ2=，故A错误； 根据几何关系，连接B物块的绳子与水平方向夹角为，故对B受力分析有Ff=FTcos ，FNB+FTsin =GB，又FT=GA，联立解得GA=40 N，Ff=20 N，故B正确，D错误； 由平行四边形定则得F=2FTcos =40 N，故C错误。 10.　(2025·浙江嘉兴市检测)如图所示，用三根相同细线a、b、c将重力均为G的两个灯笼1和2悬挂起来。两灯笼静止时，细线a与竖直方向的夹角为30°，细线c水平。则(　　) A.a中的拉力大小为G B.c中的拉力大小为G C.b中的拉力小于c中的拉力 D.b中的拉力大于a中的拉力 答案　A 解析　将两灯笼看作一个整体，对整体受力分析，如图所示 根据平衡条件可得 Facos 30°=2G，Fasin 30°=Fc 解得Fa=G，Fc=G 故A正确，B错误； 对灯笼2隔离分析，利用平衡条件可得Fb==G，三根相同细线a、b、c的拉力大小关系为Fa=G>Fb=G>Fc=G，故C、D错误。 11 .(2025·陕晋青宁卷·4)如图，质量为m的均匀钢管，一端支在粗糙水平地面上，另一端被竖直绳悬挂，处于静止状态，钢管与水平地面之间的动摩擦因数为μ、夹角为θ，重力加速度大小为g。则地面对钢管左端的摩擦力大小为(　　) A.μmgcos θ B.μmg C.μmg D.0 答案　D 解析　对钢管受力分析，如图所示。若钢管受到地面的摩擦力，则钢管水平方向受力不平衡，钢管不可能处于静止状态，故地面对钢管左端的摩擦力大小为零，故A、B、C错误，D正确。 12.(2025·福建卷·1)“风动石”是福建省著名的自然景观，如图所示。无风时，“风动石”在重力和底部巨石作用力F1的作用下静止不动。若“风动石”受到一水平方向的风力作用时仍保持静止，此时底部巨石对其作用力为F2，则(　　) A.F1的大小比F2的小 B.F1的大小比F2的大 C.F1与F2大小相等 D.F1与F2方向相同 答案　A 解析　如图，当没有风力作用时，底部巨石对“风动石”的作用力F1与“风动石”的重力G大小相等、方向相反。当“风动石”受到一水平方向的风力作用时，“风动石”受到底部巨石的作用力F2、重力G和水平方向风力F风这三个力的作用，仍保持静止，故合力为零。由图可知，F1的大小等于重力G，F2的大小大于重力G，故选项A正确，B、C错误；F1与F2的方向不同，故选项D错误。 13.(2025·浙江1月选考·3)中国运动员以121公斤的成绩获得2024年世界举重锦标赛抓举金牌，举起杠铃稳定时的状态如图所示，重力加速度g取10 m/s2。下列说法正确的是(　　) A.双臂夹角越大受力越小 B.杠铃对每只手臂作用力大小为605 N C.杠铃对手臂的压力和手臂对杠铃的支持力是一对平衡力 D.在加速举起杠铃过程中，地面对人的支持力大于人与杠铃总重力 答案　D 解析　双臂所受杠铃作用力的合力的大小等于杠铃的重力大小，与双臂的夹角无关，A错误；杠铃的重力为G=mg=121×10 N=1 210 N，手臂与水平的杠铃之间有夹角，假设手臂与竖直方向夹角为θ，根据平衡条件可知2Fcos θ=G，结合cos θ<1，解得杠铃对每只手臂的作用力F>605 N，B错误；杠铃对手臂的压力和手臂对杠铃的支持力是一对相互作用力，C错误；加速举起杠铃，人和杠铃构成的系统加速度向上，系统处于超重状态，因此地面对人的支持力大于人与杠铃的总重力，D正确。 14.(2024·贵州卷·4)如图(a)，一质量为m的匀质球置于固定钢质支架的水平横杆和竖直墙之间，并处于静止状态，其中一个视图如图(b)所示。测得球与横杆接触点到墙面的距离为球半径的1.8倍，已知重力加速度大小为g，不计所有摩擦，则球对横杆的压力大小为(　　) A.mg B.mg C.mg D.mg 答案　D 解析　对球进行受力分析如图，设球的半径为R，根据几何知识可得sin α==0.8 根据平衡条件得FNcos α=mg 解得FN=mg 根据牛顿第三定律知球对横杆的压力大小为 FN'=FN=mg，故选D。 15 .(2025·浙江杭州市一模)如图所示，甲在高处，乙在地面，两人通过系在重物上的轻绳P、Q将重物吊起。当重物处于静止状态时，两绳拉力大小分别为FP、FQ，与竖直方向夹角分别为α、β。重物重力大小为G，下列说法中正确的是(　　) A.α可能等于β B.FP可能等于FQ C.FP一定大于G D.FQ一定大于G 答案　C 解析　对重物受力分析，由平衡条件，水平方向有FPsin α=FQsin β 竖直方向有FPcos α=FQcos β+G 若α等于β，则FP等于FQ，则G=0，显然不满足条件，故α不可能等于β，FP不可能等于FQ，故A、B错误；根据FPcos α=FQcos β+G，可得FPcos α>G，所以FP>G，根据题目条件无法确定FQ与G的关系，故C正确，D错误。 16 (2024·浙江温州市模拟)如图所示，在竖直平面内，有一半径为R的圆环，在圆环内放置半径分别为R1、R2的两个小球。已知R=6 m，R1=3 m，R2=1 m。OO1、OO2与竖直方向的夹角分别为α、β，sin 37°=0.6，sin 53°=0.8，则大球与小球的质量比为(　　) A. B. C. D. 答案　C 解析　根据题意R=6 m， R1=3 m，R2=1 m 分析几何关系知OO1与OO2之间的夹角为53°，O1O2与OO2之间的夹角为37°，对大球与小球分别受力分析，根据平衡条件列式 = = 由牛顿第三定律知FN21=FN12 联立解得大球与小球的质量比为= 故选C。 17.如图甲的玩具吊车，其简化结构如图乙所示，杆AB固定于平台上且不可转动，其B端固定一光滑定滑轮；轻杆CD用铰链连接于平台，可绕C端自由转动，其D端连接两条轻绳，一条轻绳绕过滑轮后悬挂一质量为m的重物，另一轻绳缠绕于电动机转轴O上，通过电动机的牵引控制重物的起落。某次吊车将重物吊起至一定高度后保持静止，此时各段轻绳与杆之间的夹角如图乙所示，其中两杆处于同一竖直面内，OD绳沿竖直方向，γ= 37°，θ=90°，重力加速度大小为g，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，则(　　) A.α一定等于β B.AB杆受到绳子的作用力大小为mg C.CD杆受到绳子的作用力方向沿∠ODB的角平分线方向，大小为mg D.当启动电动机使重物缓慢下降时，AB杆受到绳子的作用力将逐渐增大 答案　D 解析　杆AB固定于平台，杆的弹力不一定沿杆，同一条绳的力大小相等，其合力一定在角平分线上，所以α不一定等于β，故A错误；受力分析如图所示，根据平衡条件可得FT=mg 根据几何关系可得α+β=53° 则AB杆受到绳子的作用力大小为F杆=2FTcos≠mg，故B错误；根据题意D端连接两条轻绳，两条轻绳的力不一定大小相等，且CD杆为铰链连接，为“活”杆，杆的弹力沿着杆的方向，水平方向，根据F杆'cos 53°=FTcos 37°=mgcos 37°，解得F杆'=mg，故C错误；当启动电动机使重物缓慢下降时，即FT=mg不变，∠DBM变小，根据F杆=2FTcos，可知F杆变大，故D正确。 18.磁悬浮地球仪具有独特的视觉效果，其工作原理简化如图：水平底座上的三个完全一样的磁极对地球仪内的磁体产生作用力(沿磁极与磁体的连线)，使地球仪悬浮在空中，此时各磁极和磁体恰好处在正四面体的四个顶点处。地球仪的总质量为m，重力加速度为g，则一个磁极对磁体的作用力大小为(　　) A.mg B.mg C.mg D.mg 答案　B 解析　设正四面体的棱长为L，地球仪中的磁体和下侧磁极之间的连线与竖直方向夹角为θ，根据几何关系有sin θ==，可知cos θ=，根据对称性可知，每个磁极对磁体的作用力大小均相等，对磁体进行受力分析，根据平衡条件有3Fcos θ=mg，解得F=mg，故选B。 19.(2025·浙江宁波市检测)如图所示，倾角为α的斜面固定在水平面上，在斜面和固定的竖直挡板之间有两个匀质球P、Q，P球的质量是Q球质量的三倍，各接触面均光滑，系统处于静止状态，若P、Q两球的球心连线与竖直方向的夹角为β，下列说法正确的是(　　) A.4tan α=tan β B.3tan α=tan β C.2tan α=tan β D.tan α=tan β 答案　A 解析　以P、Q两球整体为研究对象，受力如图甲所示，由平衡条件可得F2=4mgtan α 隔离Q球，受力如图乙所示，由平衡条件可得F2=mgtan β，解得4tan α=tan β，故选A。 20.(2024·浙江省县域教研联盟一模)如图所示，两相同斜面体放置在粗糙水平面上，斜面光滑，两斜边紧靠且垂直，左侧斜面体与水平面的夹角θ=37°。一轻质细杆AB穿有质量为m的小球C，将杆水平置于两斜面体之间，系统恰好处于平衡状态，重力加速度为g，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，则(　　) A.左侧斜面对杆AB的支持力为mg B.右侧斜面体受到地面的摩擦力为mg C.保持细杆水平，减小倾角θ，两斜面体对杆的作用力增大 D.保持细杆水平，缩短长度，两斜面体受到的摩擦力均减小 答案　B 解析　对细杆和小球组成的系统受力分析，如图所示 根据几何关系可知左侧斜面对杆AB的支持力为 FA=mgcos 37°=mg 右侧斜面对杆AB的支持力为FB=mgsin 37°=mg，故A错误；根据牛顿第三定律，杆AB对右侧斜面的压力为mg，其水平分力为Fx=FBcos 37°=mg，根据平衡条件可知右侧斜面体受到的摩擦力为mg，故B正确；对细杆受力分析，两斜面体对杆的作用力与小球重力平衡，大小为mg，恒定不变，故C错误；保持细杆水平，缩短长度，细杆平行下移，细杆及两斜面受力情况不变，则两斜面体受到的摩擦力均不变，故D错误。 21 .(2024·浙江湖州市二模)图甲是传统民居建筑材料瓦片，相同的质量为m的瓦片紧靠在一起静止竖直叠放在水平地面上如图乙所示，已知重力加速度为g。下方瓦片的受力点均在其顶端，则瓦片(　　) A.4右端对地面的压力比左端的大 B.5右端受到的支持力是2右端受到支持力的2倍 C.4顶端受到的压力大小为mg D.5左端对地面的压力为mg 答案　D 解析　分别对6个瓦片受力分析如图所示(仅画出瓦片1) 由平衡条件和牛顿第三定律可得F21=F31=mg F53=F63=(F13+mg)=mg F42=F52=(F12+mg)=mg F地4左=F地4右=(mg+F24)=mg F地5左=F地5右=(mg+F25+F35)=mg F地6左=F地6右=(mg+F36)=mg 根据牛顿第三定律，4右端对地面的压力与左端的一样大，均等于F4左地=F4右地=mg，故A错误； 5右端受到的支持力与2右端受到支持力的关系为 ==，故B错误；根据牛顿第三定律，4顶端受到的压力大小为F24=F42=mg，故C错误；根据牛顿第三定律，5左端对地面的压力为F5左地=F地5左=mg，故D正确。 学科网（北京）股份有限公司 $