物理(3)-【衡水金卷·先享题·调研卷】2026年普通高中学业水平等级考试模拟试题物理（重庆专用）

2026年普通高中学业水平选择性考试模拟 物理（三） 本试卷共8页，15题。全卷满分100分。考试用时75 注意事项： 1.答题前，先将自己的姓名、考号等填写在答题卡上，并将准考证号条 码粘贴在答题卡上的指定位置。 2.选择题的作答：选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题E 答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3.非选择题的作答：用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、 草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只 有一项是符合题目要求的。 1.小孩用球拍颠乒乓球，假设乒乓球在空中受到大小恒定的空气阻力，取竖直向上为正 方向建立x轴，关于某次乒乓球从球拍竖直弹起向上运动到又落回球拍的过程，其 x-t图像可能正确的是 B 2.对质量为。的某放射性物质进行研究，发现其剩余未衰变的质量和所经历的时间如 下表所示，则其半衰期为 未衰变的质量(m) 4 3 1 1 5 5 5 经历的时间（天） 0 20.3 42.8 73.6 126.9 A.53.3天 B.30.8天 C.22.5天 D.20.3天 3.在直角坐标系xOy中，位于原点的振源从t=0时刻开始振动，起振方向沿y轴正方 向，形成一列沿x轴正方向传播的简谐横波，已知该简谐横波的波长为2、振幅为 0.1m、周期为0.4s。平衡位置位于x=7.5m处的质点的振动方程为 A.y=0.1sin5πtm(t≥1.5s) B.y=0.1sin(5πt-0.75)m(t≥1.5s) C.y=0.1sin(5πt-0.75π)m(t≥1.5s)D.y=0.1sin(5πt-7.5π)m(t≥1.5s) 物理（三）第1页（共8页）】 衡水金卷·先 4.天鹅座中的恒星“开普勒452”的半径约为太阳半径的1.1倍，其宜居带内有行星“开 普勒452b”,此行星半径约为地球半径的1.6倍、质量约为地球质量的5倍、公转的 周期约为地球公转周期的1.05倍、公转轨道半径约为地球公转轨道半径的1.05倍 则下列说法正确的是 A.“开普勒452”质量与太阳质量的比值为1.13 B.“开普勒452b”密度与地球密度的比值为1.6 5 C.“开普勒452b”线速度大小与地球线速度大小的比值为1.052 D.“开普勒452b”表面的重力加速度与地球表面重力加速度的比值为1.6 5.在匀强电场中，直角△ABC所在的平面与电场线平行，其中∠A=30°、∠C=60°、AB 的边长为a,将一带电荷量为十q的试探电荷放在A点时具有的电势能为E。,放在C 点时具有的电势能为。 若将该试探电荷沿直角边A→B→C移动，A→B过程电势 能的减少量与B→C过程电势能的减少量相同，则该匀强电场的电场强度大小为 60 A<1300 A.E B.E C.3E D.3E ga 2ga ga _2qa 6.如图为一定质量的理想气体状态变化的-V图像，气体从状态A→状态B,再沿直 线①或曲线②到状态C,最后回到状态A,下列说法正确的是 A.状态A、B、C的温度关系为TA<TB<TG B.从状态A状态B的过程中气体吸收的热量与从状态C→状态A过程中气体放 出的热量相等 C.从状态A开始完成一个循环的整个过程中气体要吸收热量 D.气体从状态B→状态C的过程中，②比①吸收的热量少 享题·调研卷 物理（三）第2页（共8页） CY 7.如图甲所示，匝数为3匝、半径为d、总阻值为R的圆形金属线圈水平放置。空间存 在着竖直方向的均匀磁场，磁感应强度与时间的关系为B=B。siwt,如图乙所示（规 定竖直向上为磁场正方向)，则圆环中某一匝上的某一“微元段”△（可认为弧长等于 弦长)所受安培力的最大值为 ↑B -B0----- 甲 乙 A.rdB6w△L B.dBioAl R 2R C 3πdB号w△l 3πdB%w△l 2R D R 二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有 多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.某小孩荡秋千停下来的过程如下：在小孩荡到最高点时（秋千绳与竖直方向的夹角约 为45°)，大人从后边先拉住秋千座椅，再缓慢地把小孩和座椅一起放至秋千绳处于竖 直。已知座椅和小孩一起视为质点，大人的拉力方向始终垂直秋千绳，秋千绳可视为 不可伸长的轻绳，则在此过程中 A.秋千绳上的拉力逐渐变小 B.秋千绳上的拉力逐渐变大 C.大人的拉力逐渐变小 D.大人的拉力逐渐变大 9.如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一、二象限内存在着垂直坐标平面向里的匀 强磁场，从O点沿纸面向第一、二象限射入质量为、电荷量为一q的粒子，粒子入射 速度的大小为、方向与x轴正方向间的夹角为0(、0可调)，粒子只受洛伦兹力的作 用。当v=、0=90°时，粒子射出磁场时刚好经过x轴上的M(d,0)点，下列说法正 确的是 A.匀强磁场的磁感应强度大小为2 gd B.若入射速度v<,粒子也可能过M点 C.若入射速度v=2,粒子要过M点，0一定为30° D.若入射速度=3w,粒子要过M点，则sin0=} 物理（三）第3页（共8页） 衡水金卷·先 10.如图所示，一木板静置在水平地面上，木板上方A处固定着一弹性轻绳（遵循胡克 定律)，原长状态时刚好到达其正下方B处，且B处有一光滑钉子，将一质量为的 物块连接在弹性绳的下端，物块静止在木板上时，弹性绳（靠在钉子右边）的伸长量 x。=(其中k为劲度系数，g为重力加速度)。已知物块和木板间的动摩擦因数μ 3k 气，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，现水平向左缓慢推动木板，当物块刚要相X对术 板滑动时 A.木板对物块的支持力大小为2g A B B木板对物块的支持力大小为 C.木板对物块的摩擦力大小为2 D.木板对物块的摩擦力大小为” 三、非选择题：本题共5小题，共57分。 11.(6分) 将“温度每升高一度，样品长度的增加量”定义为“线膨胀率”。用如图甲所示仪器 来测量某种样品的“线膨胀率”，M、N为两根完全相同的柱状待测样品，标准平面石英 板（高透明高透光）P与固定元件Q之间形成楔形空气膜。实验过程如下： ①当样品温度为20℃，用波长λ=500nm的光垂直于P上表面向下入射时，在P 的上表面处可观测到明暗相间的条纹，如图乙所示，在A、B之间恰好有10个亮条纹， 并对其中8号亮条纹做专门的观测； ②让样品温度缓慢均匀升高，M、V的长度随着缓慢均匀的膨胀，如图丙所示，观测 到8号亮条纹缓慢的向左移动，当样品温度为30℃时，8号亮条纹恰好移动到原来2号 亮条纹的位置。 B 12345678910 Z 享题·调研卷 物理（三）第4页（共8页） CY (1)该实验仪器利用的是光的 (填“干涉”或“衍射”)原理。 (2)该样品的“线膨胀率”为 m/℃。 (3)若实验中，在A、B之间观测到了11个亮条纹，可能的原因是 。(填正 确答案标号) A.样品M比样品N的温度要高 B.样品N比样品M的温度要高 C.入射光的波长变长了 D.入射光的波长变短了 12.(9分) 某学习小组研究弹簧特性时做了如下实验： ①将劲度系数分别为k,=100N/m和k2=150N/m、原长分别为L1=10.00cm和 L2=6.00cm的两根弹簧的轴线重合、两端焊接在一起，形成一根“组合弹簧”，如图甲 所示； ②如图乙所示，将“组合弹簧”放在近似光滑的水平台面上，左端固定、右端用轻绳 连接力传感器。刻度尺与弹簧平行，其0刻线与弹簧左端对齐； ③水平向右拉动力传感器，当其显示的数值稳定时，记下力传感器的示数F和“组 合弹簧”的总长度L。重复此操作，记录多组数据如下表： F(N) 10.0 20.0 30.0 40.0 50.0 L(cm) 11.60 15.58 23.62 27.60 000000 力传感器 00000001- mnggmmmummmmm 0cm…3 组合弹簧 乙 ↑F/N 50 30 000000L 20------ mmmmmmm 18 19 20 cm o。g0520岁0务m 丙 物理（三）第5页（共8页） 衡水金卷·先 (1)该小组忘记记录“组合弹簧”的原长，根据“胡克定律”理论推算“组合弹簧”的原 长应为 cm。 (2)当F为30.0N时，“组合弹簧”的总长度如图丙所示，则此时“组合弹簧”的长 度为 cm。 (3)根据图丁中F-L图像的斜率，可知“组合弹簧”的劲度系数k与原弹簧劲度系 数k,和k2的关系式为 (4)若在实验过程中，将劲度系数分别为k1、k2的两根弹簧首尾相连，形成一根串 接的“组合弹簧”，则该“组合弹簧”的劲度系数k'= N/m. 13.(10分) 图甲为太阳能风扇安全帽，图乙为其电路原理图，光伏电源（内阻不计）以4V的恒 定电压输出，头灯和风扇的铭牌均标有“4V4W”,风扇线圈的电阻为0.1。某日白 天帽子上的光伏板转化生成4×10J的电能，而风扇白天工作，头灯晚上工作，它们工 作相同的时间正好把白天生成的电能消耗完，求： (1)风扇和头灯共工作了多长时间： (2)风扇线圈产生的焦耳热。 光伏电源 头灯 风扇 甲 乙 享题·调研卷 物理（三）第6页（共8页） CY 14.(14分) 某种桌面游戏如图甲所示，可视为质点的小球从水平线AB处出发沿倾角0=30° 的光滑斜面向上滚动，绕过障碍物后落入卡槽中。该斜面的正视图如图乙所示，出发线 AB长为5d,障碍物CM、ND及卡槽MN的长度均为d,斜面的上边缘到CD的距离也 为d,AB和CD的中点连线（中垂线）OO长为3d,若小球从上边缘滑出则视为游戏失 败。现有一玩家使小球从OA线上出发，绕过左边的障碍物CM后落入卡槽中，轨迹如 图乙中虚线所示，已知重力加速度为g。 (1)若小球从A点出发，恰好沿水平方向撞上C点，求小球撞上C点时的速度 大小； (2)若小球从A点出发，恰好绕过C点后挨着M点进入卡槽，求小球经过C点时 的速度大小； (3)若小球恰好绕过C点后落入卡槽中，求小球从AO段出发时的位置与A点的 距离范围。 C C M.O:.N D A 10. B 0 0 乙 物理（三）第7页（共8页） 衡水金卷·先享题 15.(18分) 如图所示，光滑平行固定金属导轨ABCD一A'B'C'D'的间距为L,其AB一A'B'段 和CD一CD'段均为竖直面内半径为r的四分之一圆弧导轨且均与BC一B'C‘段相切， BC一B'C段水平且足够长，在ABC一A'B'C'段的导轨之间存在磁感应强度大小为B、 方向竖直向下的匀强磁场，CD一CD'段无磁场，导轨电阻不计。AA'处有一质量为 3m、阻值为R、长为L的导体棒甲，距BB'为x(未知)处的水平导轨上锁定一长为L的 导体棒乙，其质量为m、阻值为R。用变力F使甲以恒定的速率v(未知)从AA'处沿圆 弧导轨运动，当运动到BB'时撤去变力F,同时解除乙的锁定。已知乙第一次到达CC 处之前已经做匀速运动，且与甲没有发生碰撞；乙经过CC后恰好能滑到DD',乙滑回 水平导轨上的瞬间与甲粘合为一个整体（此前甲未运动到CD一CD'段）向左运动；在 之后的运动中，发现甲、乙最高可以一起运动到AB一A'B段圆弧上的竖直高度为的 位置，运动过程中两导体棒均始终与导轨接触良好且垂直，重力加速度为g,求： (1)乙解除锁定的瞬间加速度的大小： (2)甲从AA'运动到BB'的过程中，变力F对甲做的功及甲从AA'开始到乙第一次 经过CC的过程中，系统产生的焦耳热； (3)x的取值。 甲 D B C ·调研卷 物理（三）第8页（共8页） CY调研卷 物理（三） 2026年普通高中学业水平选择性考试模拟试题 调研卷·物理（三） 命题要素一贤表 注： 1.能力要求： I,理解能力 Ⅱ.推理论证能力Ⅲ，模型建构能力Ⅳ.创新能力V.实验探究能力 2.学科素养： ①物理观念 ②科学思维③科学探究 ④科学态度与责任 分 知识点 能力要求 学科素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) ⅡⅢ W V ②③ ④ 档次 系数 1 单项选择题 x-t图像 易 0.90 2 单项选择题 半衰期 易 0.85 3 单项选择题 4 简谐横波、振动方程 中 0.75 4 单项选择题 天体、万有引力定律 中 0.70 5 单项选择题 4 电场性质 中 0.65 6单项选择题 4 热学。V图像 中 0.60 单项选择题 4 法拉第电磁感应定律 难 0.55 多项选择题 三力动态平衡 易 0.85 多项选择题 5 带电粒子在磁场中的运动 中 0.70 10 多项选择题 5 力学综合 难 0.55 11 非选择题 利用光的干涉测量“线膨胀率” 中 0.75 12 非选择题 9 研究弹簧特性 中 0.70 13 非选择题 10 电能、焦耳热 易 0.85 14 非选择题 14 力学综合、类斜抛运动 中 0.65 导体棒切割磁感线运动、动量守 15 非选择题 18 难 0.55 恒定律 ·1 CY 调研卷 物理（三） 参考答案及解析 物理（三） 一、单项选择题 8地=G,解得五=，5 R 1.D【解析】乒乓球从球拍弹起竖直向上运动的过程 g1,6D项错误。 中减速上升，速度减小，所以上升过程中x-(图像切 5.B【解析】根据电势能与电势的关系E。=g9,可知A 线的斜率减小，乒乓球落回球拍的过程中加速下降， 点的电势一号，C点的电势9c一易A~B过程电 x-t图像切线的斜率变大，且上升时间小于下降时 势能的减少量与B→C过程电势能的减少量相同，根 间，出发点的切线斜率大于落回出发点时的切线斜 据△E,=q△9可知q(9A一Ps)=q(9n一gc),联立解 率，D项正确。 2.A【解析】由表格可知该放射性物质由剩余未衰变 得m=3E,AC的中点D的电势0=十丝-3E 4g 2 4g 的质量占原质量的号到剩余未衰变的质量占原来的 =B,故D点与B点的连线为一条等势线，再作FC 垂直于BD交BD于点F,由沿电场线方向电势降低 号，所用的时间为(73.6-20,3)天=53.3天，故该放 可知F指向C即为电场线方向，F、C两点间的电势 射性物质的半衰期为53.3天，A项正确。 差Ue=r一c E,由几何关系可知F,C两点间 3.D【解析】由题意可知简谐横波的波长为2m、振动 4 周期为0.4s,由速度公式口=产，解得波速口 的距离d=atam30°c0s30°=号，根据电场强度与电 5m/s,振源的波形经过1.5s时间传到平衡位置为 势差的关系E=U,解得电场强度大小E=,B d 2ga 7.5m处，起振方向沿y轴正方向，设振源的振动方 项正确。 程为y=Asm1,由题意可知A=0.1mw=票 5πrad/s,故y=0.1sin5πtm,平衡位置为7.5m处 的质点比原点晚振动1.5s,故平衡位置为7.5m处 的质点的振动方程y=0.1sin5π(t-1.5s)m A30 0.1sin(5πt-7.5π)m(t≥1.5s),D项正确。 6.D 4.B【解析】对“开普勒452b”和地球分别由万有引力 【解析】由理想气体状态方程兴'=C可得 M 4π2 提供向心力有G.0时r>=a.057e1.05、 一V,AB是过原点的倾斜直线，故T=T,状态A 4=答解得法=1.06，A项错误，由 GM达=4x 与状态C的压强相同，状态C的体积大则温度高，故 TA=TB<Tc,A项错误；根据热力学第一定律△U= 5m地 m地，解得= 5 4(1.6R电)月 P地一 P1.6,B项正确： Q十W,状态A到状态B发生等温变化，体积增大，压 强减小，可知气体对外做的功WB<0,△U=0,故 由=2红05=，可得班-1，C项错误：在 QB=一WB,状态C→状态A发生等压变化，体积减 1.05T地 地 小，温度降低，△UcA<0,Wca>0,Qe=△UcA一WcA, 行星表面重力等于万有引力，有g行=G 5m地 (1.6R地)2' 由题图转化的p-V图像如图所示： CY 物理（三） 参考答案及解析 D K时，半径<号，粒子到不了M点，B项错误； ② ①+ 人射速度=2n=m·2,解得1=d,粒子要过 B M点，由几何关系可得2r1sin0=d,解得0=30°或 p-V图像与V轴围成的面积表示气体做的功，由 150,C项错误：人射速度u=3wn=m:3,粒子 gB p-V图像可知，WaB|<Wa,故状态A到状态B过 程中气体吸收的热量小于状态C到状态A过程中气 过M点有2：sin0=d.解得sin0=了，粒子有两种方 体放出的热量，B项错误；由p-V图像可知，从状态 向(0取锐角或钝角)人射，均能过M点，D项正确。 A再回到状态A的总过程外界对气体做正功，气体 10.AD【解析】当物块刚要相对木板滑动时，设此时 内能变化量为零，根据热力学第一定律可知，气体放 弹性绳与竖直方向间的夹角为0，对物块受力分析， 出热量，C项错误：气体从状态B到状态C的过程中， 在水平方向上有Fsin0=f,竖直方向上有N十 两种路径内能变化量相同，①外界对气体不做功，② Fcos0=mg,f=zN,由几何关系可知cos0=,F 整个过程表现为外界对气体做正功，结合热力学第一 定律可知，②比①吸收的热量少，D项正确。 =k,解得N=2g,-学，A.D项正确。 7C【解析】根据法拉第电磁感应定律有E=nA,磁目 三、非选择题 11.(1)千涉(2分) 通量变化量△0=△BS,感应电流=長磁场的磁盛 (2)1.5×10-1(2分) 应强度B=Bosin t,联立解得i=3Bxd。 (3)BD(2分) cos wt,某 R 【解析】(1)该实验仪器利用的是光的干涉原理，在 一“微元段”△l所受的安培力F=Bi△l=B。sin ot· P、Q间的楔形空气膜形成劈尖干涉。 3Bd0 cos=3m,m△.sin2,所以最大值 (2)8号亮条纹恰好移动到2号亮条纹的位置，说明 R 2R 为3mdu△y,C项正确。 劈尖的厚度增大了6×}=1.5×106m,温度增加 2 2R 了10℃，所以“线膨胀率”为1.5×107m/℃。 二、多项选择题 (3)条纹数量变多，条纹间距变小，设P、Q间的夹角 8.BC【解析】小孩受重力mg、绳上的拉力T和人的 拉力F共同作用处于平衡状态，受力分析如图所示： 为0，根据d一2d。可知，可能是劈尖的角度变大 了，即样品N比样品M的温度要高，或入射光的波 长变短了，BD项正确。 12.(1)7.60(2分) mg (2)19.60(2分) (3)k=k1十k2(2分) (4)60(3分) 由图可知，绳上的拉力T逐渐变大、大人的拉力F逐 【解析】(1)设“组合弹簧”的原长为L。,由k1(10 渐变小，B、C项正确。 L)X10-2=k2(L-6)×10-2,解得Lo=7.60cm。 9.AD【解析】由洛伦兹力提供向心力有qB=mG (2)由图丙读数可得“组合弹簧”的长度为19.60cm。 由几何关系可知，一兰，解得B=2,A项正确：当 (3)由图丁的斜率可得“组合弹簧”的劲度系数为 gd 250N/m,可得k=k,十k2。 ·2· CY 调研卷 物理（三） (4)由于串接的两弹簧内的张力处处相等，设弹力大 水平方向有2 (1分) F 小为F时，两弹簧的形变量分别为△x=,△x 小球从C点运动到AB线的过程中，沿斜面且垂直 总的形变量△=4十A,即 F-F+ 1 ,可 AB方向有3d=gsin0··△1+2gsin0:(△) 得K一年代人数值可得发=60Nm (1分) 解得小球从C点运动到AB线所用的时间△=t2 13.【解析】(1)设风扇和头灯一共工作的时间为1，由 (1分) E电=Pt (2分) d ,所以小球在AB线 解得1=10000s (2分) 水平方向的距离x=%'△1= 2 (2)风扇工作时，P=U1 (2分) 上的位置与A点间的距离为号，所以出发的位置在 Q=PR台 (2分) 距A点小于等于号的范围内 (1分) 解得风扇线圈产生的焦耳热Q=500J (2分) 15.【解析】(1)乙解除锁定的瞬间产生的感应电动势E 14.【解析】(1)由逆向思维可知，小球的运动可视为从 =BLvo C点做类平抛运动到A点 沿斜面且垂直AB方向有3d=号gsin0·后(1分) 回路产生的感应电流1一员 (1分) 对乙根据牛顿第二定律有BlL=maz (1分) 水平方向有d=cmto (1分) 乙第一次到达CC处之前已经做匀速运动，从乙解 解得小球撞上C点时的速度大小u0=√ d (2分) 除锁定至甲、乙共速的过程中，甲、乙动量守恒有 (2)由对称性可知，小球运动轨迹的最高点在CM中 3m6=4mv共 (1分) 点的上方，设距CM为h,由逆向思维可知，小球从 乙经过CC后恰好能滑到DD',根据机械能守恒定 最高点至C点的过程中，沿斜面且垂直AB方向有 律有m唤= (1分) h=之sim0:6 联立解得az= 2BL2√2g 3mR ,=V2g, 4 水平方向有号= (1分) √2g7 (1分) 结合d=tc可知小球从C点运动到A点所用的 (2)甲以速率6做匀速圆周运动切割磁感线的过程 时间tc4=2t,该过程沿斜面且垂直AB方向有3d 中产生的感应电动势e=BL%sin0 (1分) =gin04·2h+7gsin0.(2,产 (1分) 感应电流=旅放=以装 2R (1分) 联立解得h=含4,4=√层= /3d gd 类比交流电的有效值，系统产生的焦耳热Q= (1分) (1分) 故小球经过C点时的速度大小 号·2R·荒-然2e 6R √6+(gsin0·4)P=78g@ 甲从AA'到BB'的过程中由能量守恒定律有3mgr 12 (2分) 十W外=Q1 (1分) (3)经分析，小球运动轨迹经过CM中点的上方d处 (1分) 且挨着M点进人卡槽时，出发的位置距A点最远， 解得W外=TrBL2g 6R -3mgr 由逆向思维可知，小球从最高点至C点的过程中，沿 甲从BB'开始到乙第一次到达CC'处的过程中Q2= 斜面且垂直AB方向有d=号gsin0·片 (1分) ×3m-×4m4= 3 mgr (1分) ·3 CY 物理（三） 参考答案及解析 甲从AA'开始到乙第一次经过CC'的过程中，系统 产生的焦耳热Q=Q十Q2 解得碰撞后瞬间，甲，乙的速度大小跌'一√ r 解得Q=vB12亚+ (1分) 3 mgr (1分) 6R 规定甲的运动方向为正方向，甲，乙碰撞过程根据动 (3)从乙解除锁定至甲，乙共速的过程，对乙根据动 量守恒定律有 量定理有 3vm'-moz'=-4v共' (1分) ∑LR=m 其中z'=v共=V√2gr 2R (1分) 从乙滑过CC至甲滑到CC'处的过程，对甲根据动 n=∑（呷-z)A 量定理有 解得△1=2mRV2g B2L2 B2L2 (1分) 2R△x甲=3m0m'-3m (1分) 从甲、乙碰撞后至运动到圆弧轨道最高点的过程，根 据机械能守恒定律有 解得r=d,+a=B平(6+8V√任)1分) B2L2 合×4m”=4mgX行 ·4· CY