2026年学科素养评价练习物理(四)-【衡水金卷·先享题·信息卷】2026年高考物理学科素养评价练习（山东专版）

2026年学科素养评价练习 物理（四） 本试卷共8页，18题。全卷满分100分。建议用时90分钟。 注意事项： 1.答题前，先将自己的姓名、考号等填写在答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的 指定位置。 2.选择题的作答：选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在 试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3.非选择题的作答：用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和 答题卡上的非答题区域均无效。 4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。 1.下列光学现象能说明光是横波的是 筷子好像在水面处“弯折” 泊松亮斑 彩色肥皂膜 戴特制眼镜观看3D电影 A B C D 2.山东省沂水县于家洞地区位于沂沭断裂带西侧，其铀矿资源主要为沥青铀矿，主要成分为 2U。U具有放射性，经过一系列衰变最终转变为稳定的8Pb。已知U的半衰期约为4.5× 109年。下列说法正确的是 A.U经过6次α衰变和8次3衰变变为Pb B.无论经历多长时间，矿石中8U原子核与Pb原子核的质量之和始终保持不变 C.经过9×109年，矿石中剩余2U的质量将变为最初的四分之一 D.8Pb比2U的比结合能小 3.天宫空间站的某密封实验舱在长期运行中，由于舱内设备持续散热，导致舱内气体的温度逐渐 升高。若实验舱的容积不变，气体的质量不变，则上述过程中，舱内气体 A.分子平均动能减小 B.对外界做正功 C.放出热量 D.压强增大 物理（四）第1页（共8页） 4.在光纤通信系统中，光信号的转向可以通过等腰棱镜实现。如图所示，横截面为等腰三角形的 透明棱镜ABC的顶角A为30°。一束单色光从空气人射到棱镜的AB面上的D点，方向与AB 面成45°角，进入棱镜后，垂直AC面射出。已知光在真空中的传播速度为c,则光在该棱镜中的 传播速度为 459 A R c分 号 5.如图所示，在北京冬奥会单板滑雪比赛中，一名运动员从雪坡顶端由静止开始匀加速直线下滑， 依次经过A、B、C、D四点，监测系统测得该运动员从A点运动到B点的时间为2s,从B点运动 到C点的时间为1s,从C点运动到D点的时间为2s,A、B两点的距离为10m,C、D两点的距 离为22m,则B、C两点的距离为 577777777777777777777 A.6m B.8 m C.10m D.12m 6.我国神舟飞船返回舱在返回地球时，通过降落伞和反推发动机减速，安全着陆。假设返回舱的 质量m=3000kg,竖直着陆前瞬间的速度v=4m/s。在着陆缓冲过程中，返回舱与地面作用t =0.2s后速度减为零，忽略空气阻力，重力加速度g=10/s2,下列说法正确的是 A.地面对返回舱的冲量大小为1.2×104N·s B.地面对返回舱的平均作用力大小为9×104N C.若返回舱与地面的作用时间缩短为0.1s,则地面对返回舱的冲量大小变为1.2×104N·s D.若将返回舱的质量增大为原来的2倍，但着陆前瞬间的速度及返回舱与地面的作用时间均不 变，则地面对返回舱的冲量大小变为2.4×104N·s 物理（四）第2页（共8页） 山东专版 7.如图所示，空间存在与竖直方向成30°角的匀强电场，质量为、电荷量为十q(q>0)的小球用一 端固定在墙上、绝缘且不可伸长的轻绳连接，小球静止时轻绳与竖直方向间的夹角为60°，重力 加速度为g,下列说法正确的是 A.匀强电场的电场强度大小为3ms B.小球静止时，轻绳上的拉力为2mg 30 C.小球静止时，小球受到的电场力大小为√2mg D.若将轻绳剪断，则小球的加速度大小为√2g 8.如图所示，真空中半径为R的圆形区域内有方向垂直圆面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁 场。圆周上与圆心在同一水平线上的P点有一粒子源，粒子源可在水平向右与竖直向下间90° 范围内均匀地向圆形磁场区域内各个方向发射质量均为、电荷量均为q、速度大小均相等的带 正电的粒子，最终所有粒子均竖直向上射出磁场。不计粒子的重力及粒子间的相互作用力，下 列说法正确的是 A.粒子的轨迹半径与圆形磁场区域的半径相等 B粒子的速度大小为 C.所有粒子在磁场中运动的时间均相等 × D.若沿PO方向入射的粒子的速度增大为原来的2倍，则在磁场中运动的时 间减小为原来的号 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选 对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 9.如图为针尖电极与平板电极间形成的电场，虚线为等势面，相邻等势面之间的电势差相等。一 带负电的粒子在A点的电势能小于其在B点的电势能，则下列说法正确的是 针尖电极 平板电极 A.A点的电场强度大于B点的电场强度 B.A点的电势高于B点的电势 C.A点的电场方向由A点指向B点 D.将一电子从A点移动到B点的过程中，电场力做负功 物理（四）第3页（共8页） 10.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数的比值为k,灯泡L和三个电阻的阻值均恒为R,交变电 源输出电压的有效值恒为U。下列说法正确的是 2U2 A,开关S闭合，交变电源的输出功率为(2十3)R 4k2U2 B.开关S闭合，灯泡L的功率为2+3)R U C.开关S断开，交变电源的输出功率为1十22)R U D.开关S断开，灯泡L的功率为1十2)严R 11.我国“嫦娥五号”探测器在完成月面采样后，上升器从月球表面发射升空，然后与轨道器对接。 如图所示，轨道器先在半径为3R的圆轨道Ⅲ上运行，为了与上升器在半径为R的圆轨道I上 完成对接，需在Q点短暂点火后进入椭圆轨道Ⅱ，到达近月点P时再次点火，最终进入圆轨道 I,则轨道器 A.在轨道I上经过P点时的速度小于在轨道Ⅱ上经过P点时的速度 B.在轨道Ⅱ上经过Q点时的加速度大于在轨道Ⅲ上经过Q点时的加速度 C.在轨道Ⅱ上经过P、Q两点时速率的比值为3 D在轨道1、Ⅱ上运行周期的比值为号 12.在山东省物理创新实验大赛中，某校学生设计的动量守恒与机械能守恒演示装置的简化模型 如图所示。光滑水平固定轨道上静止放置一质量为2、与轨道垂直的滑杆（可自由滑动），长 度为L、不可伸长的轻绳一端固定在滑杆中心，另一端系一质量为m的小球（可视为质点）。初 始时轻绳水平向右伸直，现将小球从与滑杆等高的A点以竖直向下的初速度。抛出，重力加 速度为g,当小球运动到最低点时，下列说法正确的是 vo! A.滑杆移动的距离为L B.滑杆的速度大小为 6+2gL 3 C.小球的速度大小为 2(v+2gL) 3mu 3 D.轻绳的拉力大小为4g+ 2L 物理（四）第4页（共8页） 山东专版 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13.(6分) (1)实验小组练习使用螺旋测微器测量物体的长度，用螺旋测微器测量小球的直径D,示数如 图甲所示，读数D= mm。 遮光条光电门4 40 光电门B 滑块 30 倾角调节仪 分 (2)实验小组利用如图乙所示的装置测量滑块与木板间的动摩擦因数。木板上固定两个相距 为L的光电门A、B。滑块上装有宽度为d的遮光条，调节倾角调节仪并记录木板与水平桌面间的 夹角，让滑块能从木板的上端滑下，记录遮光条通过光电门A、B的时间分别为△t1和△2。已知当 地的重力加速度为g。 ①滑块通过光电门A时的速度大小为 。(用d和△t表示) ②若测得木板的倾角为0，则滑块与木板间的动摩擦因数= (用g、0、d、 L、△t1和△t2表示) 14.(8分) 某实验小组用如图甲所示的电路测量一节干电池的电动势和内阻。 ↑UV 1.50 1.40 A 1.30 ⊙ 1.20 1.10 1.006 0.20 0.40 0.601A (1)通过调节滑动变阻器接入电路的阻值，测得多组U、I数据，作出U-I图像如图乙所示，由 此可得干电池的电动势E测= V,内阻r测= 。(结果均保留两位小数) (2)若电压表的内阻为Rν，考虑电压表分流引起的误差，则E测 (填“>”“=”或“<”) E真，内阻的真实值r真= 。(用Rv、r测表示) 物理（四）第5页（共8页） 15.(8分) 一列简谐横波沿x轴正方向传播，x轴上两质点A、B平衡位置的坐标分别为xA=3、xB= 9m,两质点A、B的振动方向始终相反，该波的波长λ>6m,质点B的振动图像如图所示。 (1)求该波的传播速度； (2)写出坐标原点O处质点的振动方程。 ty/cm 4 16.(8分) 家用高压保鲜盒是利用抽气降低内部气压以延长食物保鲜期的常用工具。某品牌保鲜盒的 容积V=2L,现将温度T。=300K、压强p=1atm的空气密封在盒内，由于温度升高盒内气体的 压强增大至p=l.02atm,为保证使用安全，需用抽气筒抽气至盒内气体的压强不超过p,,抽气筒 每次可抽取体积V。=20L的气体，抽气过程中气体的温度保持不变。已知盒的容积保持不变， 盒内气体可视为理想气体。 (1)求盒内气体的压强p=1.02atm时的热力学温度； (2)为使盒内气体的压强降至。，求至少需要抽气的次数。 物理（四）第6页（共8页） 山东专版 17.(14分) 如图所示，间距分别为L、3L的光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面上，左侧导轨间磁场方向 竖直向上，右侧导轨间磁场方向竖直向下，磁感应强度大小均为B,导轨右端通过开关S连接一电 容为C的电容器。初始时，质量为m、长度为L的金属棒a静止于左侧导轨，质量为3m、长度为 3L的金属棒b静止于右侧导轨，金属棒a、b的电阻均不可忽略。金属棒a、b用不可伸长的绝缘细 线连接，中间夹着一个劲度系数为k的压缩轻质绝缘弹簧。剪断细线，弹簧恢复原长时，金属棒α 恰好脱离左侧导轨，金属棒b的速度为，此时闭合开关S。已知弹簧的弹性势能E,=r(x为 弹簧的形变量)，电容器的储能公式E=CU(U为电容器两极板间的电压)，金属棒a、6在导轨 上运动的过程中始终与导轨垂直且接触良好，右侧导轨足够长且所有导轨的电阻均不计，弹簧始 终在弹性限度内，求： (1)初始时刻弹簧的压缩量； (2)金属棒b最终的速度大小； (3)金属棒b产生的焦耳热。 物理（四）第7页（共8页） 18.(16分) 如图所示，水平传送带以v=4/s的速度沿顺时针方向匀速转动，传送带左、右两端的距离L =2m,传送带右侧光滑水平地面上静止着质量=1kg、足够长的木板A,A与传送带的上表面 平齐，距右侧竖直固定挡板C足够远。现将质量2=2kg的物块B(可视为质点)无初速度地轻 放在传送带左端，当A运动到挡板C处时，与C发生弹性碰撞。已知B与传送带间的动摩擦因数 1=0.5,与A间的动摩擦因数μ2=0.2，重力加速度g=10/s2,B由传送带右端运动到A上时 无机械能损失。求： (1)B在传送带上运动的时间； (2)A与C碰撞后向左运动的最大距离； (3)A与C碰撞后运动的总路程。 物理（四）第8页（共8页） 山东专版■■■■ ■■■■■■■■■■ 2026年学科素养评价练习 答题纸·物理（四） 学校： 班级： 姓名： 准考证号 正确填涂 ■ 考场号 填 四0①四四四四0四四四 ■ 姓名XXX 考号*XCXCXCXCXXXK DD中D中中DD中D ■ 错误填涂 2I2I2I2刀2刃2刀2I2刃2I2 ■ 座位号 范例 ☑☒ 贴条形码区 3333333I333 ■ 密巾 ④④④④中④④④④④ ■ 考场号X 座位号XX 151575151575157515 66616616616166 7 7777 17 7777 888I888I8I8I88 ■ 缺考标记☐（填涂说明，缺考考生由监考员用2B铅笔填涂准考证号及左边缺考标记） 9999999999 选择题 1AIB图C四 5IB图CMDD 9 A BIC团 2AIB图CMD 6 ABICD 10AIB图MD西 ■ 3 A BI CD 7IBC四 11AIB图CD 4IB图C 8AIB图C四12AIB图四四 非选择题 13.(6分) (1)2分 (2)①2分 ②2分 14.(8分) (1)4分 (2)4分 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 答题纸·物理（四）第1页（共4页） 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 15.(8分) y/cm 16.(8分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 答题纸·物理（四）第2页（共4页） 山东专版 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 17.(14分) 6 。。 。 @G 000000000 0 + + 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 答题纸·物理（四）第3页（共4页） 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 18.(16分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 答题纸·物理（四）第4页（共4页） 山东专版评价练习 物理（四） 2026年学科素养评价练习 物理（四） 9 命题要素一览表 注： 1.能力要求： I,理解能力Ⅱ.推理论证能力 Ⅲ，模型建构能力V.创新能力V,实验探究能力 2.学科素养： ①物理观念 ②科学思维③科学探究 ④科学态度与责任 分 知识点 能力要求 学科素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) Ⅲ ① ②③ ④ 档次 系数 光的折射、衍射、干涉、偏振现象 1 单项选择题 易 0.80 的判断 2 单项选择题 3 衰变、半衰期、比结合能 中 0.75 3 单项选择题 3 分子动理论、热力学定律 中 0.65 4 单项选择题 3 光的折射 L 中 0.65 5 单项选择题 3 匀变速直线运动 中 0.65 6 单项选择题 3 动量定理的应用 中 0.65 单项选择题 3 带电小球的共点力平衡 中 0.65 8 单项选择题 带电粒子在磁场中的运动 中 0.60 9 多项选择题 4 静电场中的电势、场强等 务 0.70 原线圈有负载的理想变压器 10多项选择题 中 0.65 问题 11 多项选择题 4 万有引力定律、开普勒定律 / 中 0.65 人船模型、能量守恒定律、竖直 12 多项选择题 难 0.55 平面内的圆周运动 13 非选择题 6 测量动摩擦因数 中 0.65 14 非选择题 8 测量干电池的电动势和内阻 中 0.65 15 非选择题 8 机械振动、机械波 易 0.80 16 非选择题 8 气体实验定律的应用 中 0.65 17 非选择题 14 含容电磁感应综合问题 中 0.65 18 非选择题 16 传送带与板块模型综合 0.55 ·1 山东专版 评价练习 物理（四） 参考答案及解析 物理（四）》 一、单项选择题 1.D【解析】筷子在水面处“弯折”是由于光的折射，泊 度=无-，A项正确。 n 2 松亮斑是光通过小圆板（不透光）发生衍射形成的图 5.B【解析】设运动员的加速度大小为a,根据匀变速 样，彩色肥皂膜是薄膜干涉的结果，在观看3D电影 直线运动公式，有L=uT十子aT,Lm=T十 时，观众所戴的特制眼镜利用了光的偏振原理，光的 折射现象、衍射现象、干涉现象均不能说明光是横波， 2QT,其中T=2s,从A点运动到C点的总时间： 只有偏振现象才能说明光是横波，D项正确。 =T十t=3s,根据速度公式有心=vw十at,联立解 2.C【解析】根据质量数守恒和电荷数守恒，可得U 得a=2m/s、n=3m/s、化=9m/s,又g=Un十aT 衰变为Pb的过程中，经过a衰变的次数为(238一 206)÷4=8次，经过3衰变的次数为82-(92-2× =7m/s,B,C两点的距离L=匹Xt=8m, 2 8)=6次，A项错误；U衰变成5Pb的过程中，释 B项正确。 放能量，根据质能方程，可知系统总质量减少，因此 6.B【解析】取竖直向上为正方向，返回舱着陆前瞬间 U和85Pb的质量之和会减少，B项错误；2U的半 的动量p1=-mv=-1.2×104kg·m/s,着陆后的 衰期T=4.5×10°年，经过时间t=9×10”年，即经 动量p2=0,根据动量定理I合=△p=p2一p1=1,2× 过n=÷=2个半衰期，剩余U的质量将变为最初 10N·s,1.2×10N·s是合外力的冲量大小，不是 地面对返回舱的冲量大小，A项错误；在着陆缓冲过 的四分之一，C项正确；比结合能越大越稳定，由于 程中，根据动量定理，可得Ft一mgt=△p,解得地面 U衰变成了8Pb,故Pb比8U稳定，即8Pb 对返回舱的平均作用力大小F=9×10N,B项正确； 比U的比结合能大，D项错误。 若作用时间缩短为t=0.1s,由动量定理，可得I' 3.D【解析】温度是分子平均动能的标志，舱内气体的 mgt=△p,解得地面对返回舱的冲量大小I'=1.5 温度升高，则分子的平均动能增大，A项错误：实验舱 ×10N·s,C项错误；若质量增大为2m=6000kg, 的容积不变，气体的体积不变，则气体做的功W=0, 根据动量定理，可得I”一2mgt=0一（-2mw),解得 温度升高使气体的内能增加，即△U>0,根据热力学 地面对返回舱的冲量大小I"=3.6×104N·s,D项 第一定律△U=Q十W,可知Q=△U>0,故气体需从 错误。 外界吸热，B、C项错误；舱内气体的体积不变，由查理 7.A【解析】小球在重力mg、轻绳的拉力Fx和电场 定律头=C,可知温度升高时，压强增大，D项正确。 力E三个力作用下处于平衡状态，受力分析如图 所示： 4.A【解析】光路图如图所示： x gE 309 0 30 309 5。 mg 沿电场方向和垂直电场方向建立坐标系，由共点力的 B 平衡条件，可得Frsin30°=ngsin30°、qE= 由几何关系得α=45°，β=30°，由折射定律可得该棱 Frcos30°+ngcos30°，联立解得Fr=mg、qE= 镜的折射率n=s加g=厄，则光在该棱镜中的传播速 尽mg,E=m竖，A项正确，B,C项错误：若将轻绳 sin B 1 山东专版 物理（四） 参考答案及解析 剪断，则小球受到轻绳的拉力消失，其他两力保持不 二、多项选择题 变，根据三力平衡条件，可知此时小球所受的合外力 9.BD【解析】等势面的疏密程度反映电场强度大小， 大小为Fr,即mg,则加速度大小为g,D项错误。 相邻等势面间的电势差相等时，等势面越密集的地方 8.A【解析】根据题意，所有粒子从P点入射后均竖 电场强度越大，由图可知A点的电场强度小于B点 直向上射出磁场，表明粒子的运动轨迹必须满足一定 的电场强度，A项错误；电势能EA<EpB,由负电荷 儿何条件，带正电粒子在垂直圆面向里的磁场中做逆 的电势能E,=qg(q<0)可知，PA>gpB,即A点的电势 时针的匀速圆周运动，粒子做圆周运动的半径= 高于B点的电势，B项正确；电场方向总垂直于等势 置由于粒子的质量，电膏量，速度大小均相等，故半 面并由高电势指向低电势，C项错误；电子所带的电 荷量q.=一e,将一电子从A点移动到B点的过程 径：相等，以水平向右入射的粒子为研究对象，运动 中，电场力做的功W=q.（pA一9s)=一e(gA一pB)< 轨迹如图甲所示： 0,即电场力做负功，D项正确。 01-- 10.BC【解析】开关S闭合，副线圈所接等效电阻的阻 值R-=发·片=，设=，由闭合电路 2 2 欧姆定律可得U=I1(R十R2),联立解得通过原线圈 2U 的电流1=(2十3)R,则交变电源的输出功率P XX 2U2 =IU= (2十3kR,A项错误：通过副线圈的电流 甲 2kU 由儿何关系，可得=R,A项正确：由=R=眉解 山=1k=2十3)R:灯泡L的功率P,=R= 4kU 得=9B迟，B项错误：粒子在磁场中做匀速圆周运动 (2十3)反B项正确：开关S断开，副线圈所接等 n 的周期T=密，故所有数子在篮场中锁匀速圆周运 效电阻的阻值R-片=6，号=长·2R I' 2kR,由闭合电路欧姆定律可得U=I1'(R十R2'), 动的周期相等，由于轨迹圆心的位置随入射方向变化 U 而变化，粒子在磁场中运动的轨迹弧长不相等，对应 联立解得通过原线圈的电流1'=a十2)灭·则交 的圆心角0也不相等，粒子在磁场中运动的时间t= U 变电源的输出功率P,'=1'U=Q十2RC项正 会T,因此粒子在磁场中运动的时间不相等，C项错 kU 误；若沿PO方向入射的粒子的速度增大为原来的2 确：通过副线圈的电流1。'=1'=a十2)灯泡 倍，则做圆周运动的周期不变、半径变为2R,如图乙 kU2 L的功率P'=,R=1十2示D项错误。 所示： 11,AC【解析】轨道器在椭圆轨道Ⅱ上的P点需点火 0 减速才能进入轨道I,因此在轨道I上经过P点时 a 的速度小于在轨道Ⅱ上经过P点时的速度，A项正 确；在轨道Ⅱ和轨道Ⅲ上经过Q点时到月球中心的 距离均为3R,由万有引力定律和牛顿第二定律，有 G Mm F(3R》=a,可知在轨道Ⅱ上经过Q点时的加速 X'XX 度等于在轨道Ⅲ上经过Q点时的加速度，B项错误； 根据开普勒第二定律可知，轨道Ⅱ上P点（近月点） × 和Q点（运月点）的速率满足之RmL=合× 乙 3RuQ△t,即在轨道Ⅱ上经过P、Q点时速率的比值 tan a= 2R=2≠3，故α≠30°，D项错误。 吧=3，C项正确：轨道Ⅱ的半长轴a=R+3R=2R, 山东专版 评价练习 物理（四） 由开酱酚第三定律得是-忍，解得在轨道1，川 T (2)将电压表和电源等效为新的电源，等效电源的电 动势E=一 E ·Rv,故E渊<E真，等效电源的 上运行周期的比值号-号，D项错误。 真十Rv ,此时根据图乙得到的电动势和 12.CD【解析】因为轨道光滑，滑杆与小球组成的系 内阻%=·R r真十R 统在水平方向上动量守恒，根据动量守恒定律，可得 内阻为等效新电源的电动势和内阻，可得电源的内 2m=m2,两边乘以时间△t,可得2mx1=mx2,又 Ryra 阻r真一Rv一r 五十=L,联立解得滑杆移动的距离=子L,A 15.【解析】(1)由图可知，该波的周期T=4s(1分) 项错误；当小球运动到最低点时，设滑杆的速度大小 1 由题可知xB一xA=之入 (1分) 为，小球的速度大小为，在水平方向上，根据动量 守恒定律，可得21u=mv,由机械能守恒定律，可得 该波的传插速度一产 (1分) m话十mgl=合X2m十号md,联立解得u 1 1 联立解得v=3m/s (1分) 6+2gL 2(6+2gL】 6 、二N ,B项错误，C项正 (②)由图可知，质点B的报动方程g=Asn票 3 0.02sin0.5πt(m) (2分) 确；当小球运动到最低点时，由牛顿第二定律，可得 F:-mg=m ut) L 联立解得，=ng十吧 坐标原点0处质点的振动方程y0=Asin(祭：十 D项正确。 是·2a)=0.02sin0.5t+2x(m） 3 (2分) 三、非选择题 16.【解析】(1)盒内气体的压强由p=1atm增大至p 13.(1)6.860(2分) (2)0是2分) =1.02am,发生等容变化，由查理定律，可得会 1 (2分) ②tanf d 1 片 2 gLeos日(a)-(△)](2分) 解得T=306K (1分) 【解析】(1)螺旋测微器的读数D=6.5mm+ (2)第1次抽气时，初态：p=1.02atm,V=2L 0.01mm×36.0=6.860mm。 末态：V1=V+V。=2.02L (2)①遮光条很窄，滑块通过光电门的平均速度可近 由玻意耳定律，可得pV=pV1 (1分) 似为瞬时速度，故滑块通过光电门A时的速度大小 解得A-8号am>1am (1分) 102 ②同理，滑块通过光电门B时的速度大小一正 第2次抽气时，初态：p-一1Oatm,V=2L 末态：V2=V+V。=2.02L 根据匀变速直线运动规律，可得哈一听=2αL,联立 由玻意耳定律，可得pV=pV2 (1分) =「1 1 解得a一元△)一y)。对滑块选行受力分 10200 解得p:=1020atm<1atm (1分) 析，由牛顿第二定律，可得gsin日-mngcos=ma, 故至少需要抽气2次 (1分) d 1 1 解得A=1an02gcos(a)(M)] 17.【解析】(1)弹簧弹开的过程中，两金属棒a,b间回 14.(1)1.48(1.47~1.49,2分)0.80(0.78~0.82 路磁通量的变化量为0，不产生感应电流，由系统动 2分) 量守恒，可得1u。=31w (1分) Rvr满(2分) 由系统能量守恒，可得宁ax号=合m成十号×3m暖 1 (2)<(2分) Rv一T满 【解析】(1)由闭合电路欧姆定律E=U+Ir,可得U (1分) =E-Ir,结合图乙，可得E=1.48V,内阻r= 联立解得初始时刻弹簧的压缩量x。=入 12m6 △y_1.48-1.000=0.800。 0.6 (2分) ·3 山东专版 物理（四） 参考答案及解析 (2)设金属棒b最终的速度大小为v则3BLu=Uc 动量守恒定律，可得2v=(m1十2) (1分) (1分) 对金属棒b,由动量定理，可得-3BLIt=3mu 解得t=号aS (1分) 30 (2分) A以速度1与C发生弹性碰撞后，速度大小不变、 又q=It (1分) 方向反向，B的速度仍为1，二者间有相对运动，A q=CUc (1分) 与C第一次碰撞后向左运动的距离最大，碰撞后对 联立解得金属棒b最终的速度大小v= mvo A,曲动能定理，可得一m=0一名听 m+3B2L2 C (1分) (2分) (3)由能量守恒定律，可得分×3m话 1X3m02= 解得A与C碰撞后向左运动的最大距离x!=gm (1分) Q+}cU (2分) (3)设A与C第2次碰撞前A与B的共同速度为 9B2LCm号 解得Q=2m+3BLC 2,由动量守恒定律，可得21一mU=(m1十 (2分) 72)U2 (1分) 18.【解析】(1)B在传送带上加速的过程中，由牛顿第 二定律，可得12g=2a1 (1分) 解得=合 解得a1=5m/s2 A以速度？与C发生弹性碰撞后，速度大小不变、 B加速至与传送带共速时，所需的时间=”= 方向反向，B的速度仍为2，第2次碰撞后对A,由 1 (1分) 0.8s (1分) 动能定理，可得一m:g,=0一2m站 B在传送带上加速的距离x=弓a行=1.6m<L 联立解得=名=×（宁时 1 (1分) (1分) 同理可得=名=×（宁 (1分) 之后B与传送带共速，B在传送带上匀速运动的时 A与C碰撞后运动的总路程s=21十2x2十2x十 间t,=L3=0.1s (1分) 2x4十… (1分) 则B在传送带上运动的时间t=t十t2=0.9s (1分) 联立解得=算1+（号）+（号+（号十…门 (2)B运动到传送带右侧时的速度等于传送带的速 解得s=2m (1分) 度v=4m/s,与A相互作用后，达到共同速度，由 ·4 山东专版