2026年学科素养评价练习物理(五)-【衡水金卷·先享题·信息卷】2026年高考物理学科素养评价练习（江苏专版）

2026年学科素养评价练习 物理（五） 本试卷共8页，15题。全卷满分100分。建议用时75分钟。 注意事项： 1.答题前，先将自己的姓名、考号等填写在答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在 答题卡上的指定位置。 2.选择题的作答：选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号 涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3.非选择题的作答：用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、 草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。 一、单项选择题：本题共10小题，每题4分，共40分。每题只有一个选项最符合题意。 1.用中子轰击铀235可获得碘131，碘131衰变时释放的3射线可用在医疗方面，下列 说法正确的是 A.碘131衰变释放出B射线，生成新的原子核的核子数仍为131 B.3射线具有很强的穿透能力，能穿透几厘米厚的铅板 C.中子轰击铀235获得碘131的核反应为聚变反应 D.碘131的半衰期与存放环境的压强、温度等因素有关 2.如图所示，原线圈αb端接入交变电源，现将滑动变阻器的滑片P从上向下滑动，滑动 过程中灯泡L1、L2两端的电压均始终没有超过其额定电压，关于L1、L2亮度的变化 情况，下列说法正确的是 A.L1、L2均变亮 ao B.L1、L2均变暗 C.L1变亮、L2变暗 D.L1变暗、L2变亮 3.在坐标原点O处有一波源，形成的两列波分别沿x轴正、负方向在两种不同介质中 传播，某时刻的波形如图所示，图中质点M、N的平衡位置到坐标原点O的距离均为 2m,下列说法正确的是 物理（五）第1页（共8页） A.质点M、N在同一时刻开始起振 B.从图示时刻开始，质点M、N的振动方向始终 相反 C.该波分别沿x轴负、正方向在两种不同介质中传 播的速度之比为3：2 D.再过一个周期，质点N将沿x轴正方向移动到x=4m处 4.下图为观察电容器充、放电过程的电路图，在观察电容器充电的过程中，电流传感器 的读数随时间变化的图像如图甲所示，电压传感器的读数随时间变化的图像如图乙 所示。图甲中04s与4~8s图线与坐标轴围成的面积分别为S1和S2(图中阴影 部分)，图乙中第4s末和第8s末对应的电压分别为5.0V和7.5V,则兰的值为 *IIA U八V oa 电流 传感器 1.00 10.0 电压 0.75 7.5 传感器 0.50 5.0 0.25 2.5 0 2468101214s 02 2468101214於s 甲 乙 A B 1 C.3 D号 5.中国的小行星撞击计划拟采用“伴飞十撞击+伴飞”的任务模式。观测器先期抵达目 标小行星附近，绕其做圆周运动进行伴飞，同时进行抵近观测，获取观测器绕小行星 做匀速圆周运动的轨道半径的三次方(3)与周期的平方(T)的关系图像如图所示， 已知图像的斜率为，小行星的半径为R,引力常量为G,若观测器可看作仅受小行星 的引力作用，下列说法正确的是 A小行足的质量为活 B.小行星的密度为 GR C.小行星的第一宇宙速度为√尺 D.观测器绕小行星做圆周运动的最大周期为R√ 物理（五）第2页（共8页） >秀因 6.如图所示，用拇指和食指捏住54张扑克牌使其在竖直面内保持静止状态，从左到右 依次为第1张至第54张，只有第1张和第54张牌与手接触，且与手之间的摩擦力大 小相等，已知每张牌的质量均为，重力加速度为g,则下列说法正确的是 A.第1张牌对第2张牌的弹力大于第2张牌对第1张牌的弹力 B.任意两张相邻牌之间的摩擦力大小均相等 C.第27张牌和第28张牌之间的摩擦力为0 D.第1张牌和第2张牌之间的摩擦力大小为52mg 7.如图所示，玻璃砖的横截面是半径为R、圆心为O点的半圆，半径OC与直径AB垂 直。一束与OC平行的单色光从横截面的D点由空气射入玻璃砖，折射到直径AB 的E(未画出)点，已知OE=3R,D点距OC的水平距离L=号R,光在 的传播速度为c,则下列说法正确的是 A.玻璃砖对该单色光的折射率为√3 C B.该单色光在玻璃砖中的传播速度为号。 C.若单色光的入射点从D点沿圆弧面向C点移动，则玻璃砖 对该单色光的折射率将增大 D.若仅改变单色光在D点的入射方向，到达玻璃砖直径AB的光线不可能射到O点 左边 8.我国神舟飞船返回舱在返回地球时，通过降落伞和反推发动机减速，安全着陆。假设 返回舱的质量m=3000kg,竖直着陆前瞬间的速度v=4m/s。在着陆缓冲过程中， 返回舱与地面作用t=0.2s后速度减为零，忽略空气阻力，重力加速度g=10/s2, 下列说法正确的是 A.地面对返回舱的冲量大小为1.2×10N·s B.地面对返回舱的平均作用力大小为6×10N C.若返回舱与地面的作用时间缩短为0.1s,则地面对返回舱的冲量大小变为1.2× 104N·s D.若将返回舱的质量增大为原来的2倍，但着陆前瞬间的速度及返回舱与地面的作 用时间均不变，则地面对返回舱的冲量大小变为3.6×104N·s 物理（五）第3页（共8页） 9.如图所示，长为2.4的细绳穿过竖直的细管两端分别拴着小球A和物块B,小球A 与物块B的质量之比为1：2，管口O离地面的高度为1.6，物块B位于地面上，轻 摇细管使小球A在水平面内做匀速圆周运动，可使物块B离开地面并悬停在管口下 的任意位置，保持管口O高度不变，不计一切摩擦及空气阻力，重力加速度g= 10m/s2,下列说法正确的是 1.6m A.物块B恰好要离开地面时，小球A做匀速圆周运动的角速度为3rd/s B.物块B悬停的高度不同，小球A做圆周运动的加速度大小就不同 C.物块B悬停的位置越高，拉小球A的细绳与竖直方向的夹角0越大 D.当物块B悬停在某一位置时细绳突然断开，小球A做平抛运动的最大水平位移为 急6n 10.如图所示，间距为L、足够长的光滑金属导轨MN、PQ固定在绝缘水平面内，两导轨 间存在着磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场。导轨两端分别连接阻值 为2r的定值电阻R1、阻值为r的定值电阻R2,边长为L、质量为m的正方形单匝金 属线框与导轨始终接触良好，线框每条边的阻值均为r,导轨的电阻不计。现给线 框一水平向右的初速度。，则下列说法正确的是 Lh d A.线框运动过程中，整个回路的总阻值为19虹 6 B线框刚开始运动时，ad边受到的安培力大小为BL 7r C.从线框刚开始运动到停止运动的过程中，通过bc边的电荷量为m I D.从线框刚开始运动到停止运动的过程中，定值电阻R产生的热量为2 21 物理（五）第4页（共8页） 二、非选择题：共5题，共60分。其中第12题~第15题解答时请写出必要的文字说 明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中 必须明确写出数值和单位。 11.(15分) 某实验小组同学购买了某型号的电池，并设计实验测量该电池的电动势和内阻，实 验器材有： 待测电池（电动势约为3.7V,内阻小于1.52） 电流表A,(量程为0~20mA,内阻约为1002) 电流表A2(量程为0~1mA,内阻为102) 电压表V(量程为0~15V,内阻约为10k2) 电阻箱R(阻值范围为0~999.9Ω) 电阻箱R2(阻值范围为0~99999.9Ω》 滑动变阻器R3(阻值范围为0~9999.92) 定值电阻R4(阻值为1002) 开关、导线若干 (1)小组同学认为电压表的量程偏大，想将电流表A2改装成一个量程为0~4V的 电压表，应选电阻箱 (填“R,”或“R2”),将其阻值调到 2与电流表A2 (填“串联”或“并联”)。 (2)为了精确测量，下列电路图中正确的是 (填正确答案标号) 己-@ 力 中囵 A B (3)小组同学按(2)选择的电路图进行电路连接，然后闭合开关进行实验，记录两电 流表的读数，并作出I2I1图像如图所示，α、b分别为图像与纵轴、横轴的截距。则该 电池的电动势为 ,内阻为 。(用a、b和数值表示) 物理（五）第5页（共8页) 12.(7分) 如图所示，在北京冬奥会单板滑雪比赛中，一名运动员从雪坡顶端由静止开始匀加 速直线下滑，依次经过A、B、C、D四点，监测系统测得该运动员从A点运动到B点的时 间为2s,从B点运动到C点的时间为1s,从C点运动到D点的时间为2s,A、B两点 的距离为10m,C、D两点的距离为22m,求B、C两点间的距离。 77777777777777777777 13.(9分) 如图所示，开口向上、容积为V1的导热圆柱形气缸B竖直固定，现用一质量为m、 面积为S、厚度不计的活塞C将气缸B密封起来且恰好位于缸体上边缘位置，再用打气 筒A给气缸B缓慢充气。已知每次充气打气筒A都会将体积为V2、压强为。的气体 充入气缸B,活塞C与气缸B间的最大静摩擦力为活塞C重力的k倍，初始时气缸B 内气体的压强为。，外界大气压强为，重力加速度为g,不计空气阻力，环境温度 不变。 (1)求活塞C恰好被冲开前，气体的压强； (2)打气筒A给气缸B打多少次气后，才能把活塞C冲开。 物理（五）第6页（共8页） 因 14.(13分) 在某次花样滑冰训练中，男、女运动员相距一定距离站在水平冰面上，音乐响起，男 运动员甲用力蹬冰面奔向女运动员乙，甲到达乙跟前时的速度大小为号m/,甲迅速将 乙抱起并将其沿正前方斜向上抛出，之后甲沿直线做匀加速运动，当乙落地时甲刚好赶 到并将乙接住。已知甲的质量1=60kg,乙的质量m2=40kg,甲将乙抱起前的动能 与甲将乙抛出后甲、乙组成系统的总动能相等，乙被抛出后在空中运动0.8s落回地 面，忽略乙被抛出前和落地后重心高度的变化，不计空气阻力，重力加速度g =10m/s2。 (1)求甲将乙抛出后做匀加速直线运动时的加速度大小； (2)求甲将乙抱起并将乙抛出去的过程中，甲对乙做的功。 物理（五）第7页（共8页) 15.(16分) 现代科技常用电磁场控制带电粒子的运动，一电荷量为十g、质量为的粒子从极 板MN的中点O飘进（速度可视为O)间距为L的极板MN、PQ之间，两极板间存在水 平向右、电场强度大小为E的匀强电场，经电场加速后，从极板PQ的中点α射入匀强 磁场，经磁场偏转后，粒子再从cd的中点e垂直cd射出磁场，进入虚线cd右侧的匀强 电场，粒子经电场偏转后垂直打在线段ab的b点。已知线段ad垂直于ab,ab与dc交 于c点，a6与dc间的夹角9=30°，ab两点间的距离为2士，5L,cd长为2L,不计粒子的 2 重力。 (1)求粒子从a点射入磁场时的速率； (2)若有界磁场的边界为矩形，求该磁场的最小面积及磁感应强度大小； (3)求粒子从点运动到b点的过程中电场力做的功。 M A7、 物理（五）第8页（共8页） 》因评价练习 物理（五） 2026年学科素养评价练习 物理（五） 9 命题要素一览表 注： 1.能力要求： I,理解能力Ⅱ，推理论证能力 Ⅲ，模型建构能力V.创新能力V,实验探究能力 2.学科素养： ①物理观念 ②科学思维③科学探究 ④科学态度与责任 分 知识点 能力要求 学科素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) ⅢW ① ② ③ ④ 档次 系数 1 单项选择题 4 原子物理 易 0.85 2 单项选择题 理想变压器、动态电路 易 0.85 3 单项选择题 4 机械波图像 中 0.75 4 单项选择题 4 电容器的充、放电 中 0.75 5 单项选择题 4 万有引力定律 中 0.75 6 单项选择题 4 共点力平衡、整体法和隔离法 中 0.65 7 单项选择题 4 几何光学 中 0.65 8 单项选择题 4 动量定理的应用 中 0.75 9 单项选择题 4 圆周运动、平抛运动 中 0.75 10 单项选择题 电磁感应、动量、能量综合应用 难 0.50 11 非选择题 15 测量电池的电动势和内阻 中 0.75 12 非选择题 7 匀变速直线运动 中 0.75 13 非选择题 9 理想气体状态方程 中 0.75 14 非选择题 13 力与运动综合应用 中 0.75 15 非选择题 16 带电粒子在组合场中的运动 难 0.55 ·1 评价练习 物理（五） 参考答案及解析 物理（五） 一、单项选择题 CU,0~4s内，S1=CU,0~8s内，S1十S2=CU2,联 1.A【解析】发生衰变释放出B射线是原来原子核内 立解得 =宁，B项正确。 的一个中子转化成一个质子和电子，故新的原子核较 5.B【解析】观测器绕小行星近地飞行时的轨道半径 原来原子核少了一个中子多了一个质子，所以新的原 子核的核子数仍为131，A项正确；3射线有较强的穿 最小，由图可得 T =k,故此时对应的周期T。最小， 透能力，能穿透铝板，能穿透铅板的是Y射线，B项错 解得不=R√空，D项错误：由万有引力提供向心 误：用中子轰击轴235得到碘131的核反应属于裂变 力，有GM=m 4π2 r2 可得小行星的质量M=4红x 反应，C项错误：放射性元素的半衰期与其所处环境 GT 的压强、温度等无关，D项错误。 =4π G ，密度。一兰-票由万有引力提供向心力： 2.C【解析】原线圈ab端接入交变电源，滑动变阻器 有m三”下，解得小行星的第一字宙速度u○ R 的滑片P从上向下滑动时，L1两端的电压增大，L2 /GM 两端的电压减小，滑动过程中L1、L,两端的电压均始 =2x√辰B项正确，A,C项错误。 终没有超过其额定电压，故L!变亮、L2变暗，C项 6.C【解析】根据牛顿第三定律可知，第1张牌对第2 正确。 张牌的弹力大小等于第2张牌对第1张牌的弹力大 3.B【解析】由图可知波源引起两列波分别沿x轴正、 小，A项错误：对第27张牌和第28张牌整体受力分 负方向传播，两列波的周期相同，该时刻质点M、N 析，根据对称性可知第26张牌和第29张牌对其的摩 的振动方向相反，故从该时刻起质点M、N的振动方 擦力大小相同，所以2f=2mg,故第26张牌对第27 向总是相反的，B项正确；由图可知该波分别沿x轴 张牌的摩擦力大小为g、方向向上，对第27张牌受 力分析，可知第28张牌对其的摩擦力为0，C项正确： 负、正方向在两矜不同分质中传播的波长A。=专m, 对第2张牌到第53张牌整体受力分析，有2了= 入=2m,因周期相同，故该波分别沿x轴负、正方向 52mg,解得∫=26mg,故第1张牌和第2张牌之间 在两种不同介质中传播的速度之比为2：3，C项错误； 的摩擦力大小为26mg,综上可知任意两张相邻牌之 该波分别沿x轴负、正方向在两种不同介质中传播的 间的摩擦力大小并不相等，B、D项错误。 速度不相等，所以该波先后传到质点N、M,质点M、 7.A【解析】根据题意作出光路图，如图所示： N不会在同一时刻开始起振，A项错误；波传播的过 程中质点不随波发生迁移，D项错误。 4.B【解析】对于充电的电容器来说，I-t图像与坐标 轴围成的面积表示电容器所带的电荷量Q,根据Q= ·1 物理（五） 参考答案及解析 由儿何关系可知sin∠COD=是，解得∠COD=60, 乞，当物块B悬停在某一位置时，上述关系仍成立， 设入射角为α，根据几何关系可知单色光的入射角a 故连接小球A的细绳与竖直方向间的夹角=60°不 =∠COD=60°，由D点向AB边作垂线，垂足为F, 变，向心力均为mngtan日=√3mg,向心加速度a= 由几何关系可得OF=Rsin60=5R,DF=RcoS60 √3g,B、C项错误：物块B恰好要离开地面时，对小球 2 A,水平方向根据牛顿第二定律可得，ngtan0= -R.EF-OF-OE- 6 R,设折射角∠ODE=B, mr,r=(2,4-1.6)sin0=名万m,解得小球A做 ∠EDF=9,根据几何关系可得tan0=D下=3，解得 匀速圆周运动的角速度ww=5rad/s,A项错误；当物 9=30°，故3=60°-30°=30°，根据折射率的定义式可 块B悬停在某一位置时，设拉小球A的细绳长为x, 此时小球A做圆周运动的线速度大小为，根据牛顿 得1一部解得=，A项正确：根据a=台，可得 第二定律有mgtan0=m。,解得。=5z,设小 该单色光在玻骋砖中的传插速度一，B项错误。 球A做平抛运动的时间为t,则竖直方向有1.6 入射角的大小不会影响玻璃砖对该单色光的折射率， xc0s日=交gt,解得平抛运动的水平位移s=t= C项错误：当单色光在D点入射且入射方向在法线 OD下方时，到达玻璃砖底边AB的光线能射到O点 √分x(3.2-x),根据数学知识可知，当x=1.6m 3 左边，D项错误。 8,D【解析】取竖直向上为正方向，返回舱着陆前瞬间 时，水平位移有最大值，=专后m,D项正确。 的动量p=-mv=一1.2×10kg·m/s,着陆后的 10.C【解析】导轨的电阻不计，线框的ad边和bc边 动量p2=0,根据动量定理I合=△p=,一p1=1.2× 均向右运动，切割磁感线产生感应电动势，相当于两 10N·s,1.2×10N·s是合外力的冲量大小，不是 个电源并联，线框接入电路的阻值R,=乞，外电路 地面对返回舱的冲量大小，A项错误；在着陆缓冲过 定值电阻R与定值电阻R2并联，外电路等效电阻 程中，根据动量定理，可得Ft一mgt=△p,解得地面 对返回舱的平均作用力大小F=9×101N,B项错误； 的阻值风=号线据运动过程中竖个回 若作用时间缩短为t'=0.1s,由动量定理，可得1' 路的总阻值R。=R。十R,=名，A项错误：线框刚 mgt=△p,解得地面对返回舱的冲量大小Ix'=1.5 开始运动时，产生的电动势E=BL购，干路电流I= ×10N·s,C项错误；若质量增大为2m=6000kg, 根据动量定理，可得I”-2mgt=0-(-2o),解得 -6B,通过ad边的电流Iu=号，ad边受到 R总 7r 地面对返回舱的冲量大小I”=3.6×10N·s,D项 的安培力大小F=B1L=3BL,B项错误：从线 7r 正确。 框刚开始运动到停止运动的过程中，由动量定理可 9.D【解析】当物块B恰好要离开地面时，以物块B 得一BLI△t=0一m,解得回路中通过的总电荷量 为研究对象，根据受力平衡可知T=2mg,以小球A g=B因为ad,bc边并联，故通过bc边的电荷量 mvo 为研究对象，竖直方向有Tcos0=mg,解得cos日= 评价练习 物理（五） 为，C项正确：从线框刚开始运动到停止运动的 气体对活塞C的压力为F,对活塞C受力分析，有F =pS+mg十f (2分) 过程中，线框的动能全部转化为内能，可得Q内十Q分 气缸B对活塞C的摩擦力f=kng (1分) -m,8-,Q+Q=Q,&- ,联立解得 2QR 此时气缸B内气体的压强D=S=A十m F 定值电阻R:产生的热量为票，D项结误。 (2分) 二、非选择题 (2)设给气缸B打n次气后恰好冲开活塞C,有 11.(1)R2(2分)3990.0(2分)串联(2分) npoV2+poV=pV (2分) (2)B(3分) 联立解得n=k十1)gY (2分) PoSV2 (3)4000ab(3分) 4100a-100b(3分) 14.【解析】(1)设甲第一次运动到乙跟前的速度为%， b-a b-a 甲将乙抱起并将乙抛出后甲的速度为，乙被抛出 【解析】(1)改装电压表时，电阻箱应与电流表的表 瞬间的速度为2，将2分解为水平方向的速度 头串联，根据U=I。(R十R。),解得电阻箱接入电路 和竖直方向的速度v,’ 的阻值R=3990.0Ω，故应选电阻箱R2,将其阻值 则有吃=心十心 (1分) 调到3990.0Ω，改装成电压表。 甲、乙组成的系统水平方向根据动量守恒定律有 (2)因为电池的内阻太小，为了精确测量及保护电路 71w=1十2 (1分) 应选电路图B,B项正确。 甲将乙抱起前的动能与甲将乙抛出后系统的总动能 (3)根据闭合电路欧姆定律，有U娇=E一(I十I2)· 相等，则有安m诺=名十立时 (1分) (R十r),由题可知电压U外与电流表A,的关系为 U外=400012，结合图像联立可得电池的电动势为 乙在空中运动的时间t=0.8s,则乙被抛出时竖直 4000ab,内阻为4100a-100b b-a b-a 方向的速度心，=之t=4m/s (2分) 12.【解析】设运动员的加速度大小为a,根据匀变速直 7 联立解得=3m/s,u,=6m/s (2分) 线运动公式，有LB=0,T十方T (1分) 或= 5m/s,u.=8 79 m/s(不符合实际情况舍去) Lo=vT+2aT (1分) 从乙被抛出到甲再次接住乙的过程，水平方向上有 1 其中T=2s,从A点运动到C点的总时间t=T十 (2分) tic =3s 解得加速度a- 55 m/s (1分) 根据速度公式有c=vn十at (1分) (2)甲将乙抱起并将乙抛出去的过程中，甲对乙做的 联立解得a=2m/s2、n=3m/s、c=9m/s(2分) 又UB=U十aT=7m/s (1分) 功w=△B=m6=1040J (3分) B,C两点间的距离L=幽十些Xc=8m(1分) 15.【解析】(1)设粒子从a点射入磁场时的速率为o, 2 1 13.【解析】(1)设活塞C恰好被冲开前瞬间，气缸内的 由动能定理可得gEL=2md (2分) ·3· 物理（五） 参考答案及解析 2gEL 将粒子在e点的速度沿水平、竖直方向分解，可得 解得w= (1分) =%sin30°= (1分) (2)如图所示，粒子从a点经磁场偏转，恰好垂直cd 24 从e点射出磁场 4=功c0s30°= 24w (1分) e点到b点水平方向的距离xb=lg=l一lcos30 = (1分) e点到b点竖直方向的距离a==k.sin30°=号 (1分) 由几何关系可知d点为粒子在磁场中运动轨迹的圆 由于粒子刚好垂直ab通过b点，设粒子从e点运动 心，可得粒子在磁场中做圆周运动的半径= 一L 2 到6点的时间为，由题可知=L=受： (1分) L 一u,十h yh三 (1分) 2 2 粒子做圆周运动时，有gB=m心 (1分) 联立解得t=2√E 2mL 解得B=√ 2mE (1分) gL 4=1+23 2gEL (1分) 由儿何关系可知磁场的最小面积S=L×r(1 粒子从e点运动到b点的过程中，由动能定理可得 s30)=1-9 (2分) w=-md (1分) (3)粒子经过e点时速度恰好与dc垂直，如图所示 解得该过程中电场力做的功W-。3,L (1分) 4■■■■■■■■■■■■■ 2026年学科素养评价练习 答题纸·物理（五） 学校： 班级： 姓名： 正确填涂 考场号： 填 准考证号 ■ 涂范 错误填涂 座位号： 以X 0I0I①四I0四0)①四0I 语闪 IDDD卫TIDI ■ 2刃2刃刀2刃刃2刃2刃2刀刃2江 ■ 姓名XXX 考号XXXXXXXXX 3I33333I3I3I3I3 4四4④④4四④4四4四4I④4④ 5]555515]55515 ■ 贴条形码区 616616161661616161 7 1 00 7 17 07 7 17 77 考场号XX 座位号XX 8I88I8I8I888I8I8 99991919191999 缺考 标记 格装蔬程整青发差由华保 选择题 1AIB图MD四 6AIB团D a 2IB图CMD 7 A BI C D 3AIB图CMDI 8AIBC0四 4AB图CD) 9AIB图CD ■ 5IB图C☑DD 10AIB图CD 非选择题 11.(15分) (1)6分 (2)3分 (3)6分 12.(7分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 答题纸·物理（五）第1页（共3页） 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 13.(9分) B 14.(13分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 答题纸·物理（五）第2页（共3页） 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 15.(16分) 请在各题目的答题区域内作答，超出黑色矩形边框限定区域的答案无效 答题纸·物理（五）第3页（共3页）