2026年安徽省普通高中学业水平选择性考试物理模拟卷三

2026年安徽省普通高中学业水平选择性考试模拟卷三 物理答题卡 姓名： 班级： 考号： 注意事项 1.答题前请将姓名、班级、考场、座号和准考证号填写清楚。 2.客观题答题，必须使用2B铅笔填涂，修改时用橡皮擦干净。 3.主观题必须使用黑色签字笔书写。 条形码粘贴区 4.必须在题号对应的答题区域内作答，超出答题区域书写无效。 5.保持答卷清洁完整。 正确填涂 缺考标记 一、选择题：本题共10小题，共42分，在每小题给出的四个选项中，1~8题只有一项符合 题目要求，9~10题有多项符合题目要求。 1[A][B][C][D] 5.[AJ[B][c][D] 9.[A][B][C][D] 2.[AJ[B][C][D] 6.[AJ[B][C][D] 10.[A][B][c][D] 3.A][B][C][D] 7[A][B][C][D] 4.AJ[B][C][D] 8.[A][B][C][D] 二、非选择题（共54分） 11.(6分) (1) (2) 12.(10分) @海女 x10x100 (3) (4)】 答题卡第1面共4面 13.(10分) 进气管 输液管、B了 进气管 调节器一市 B 答题卡第2面共4面 14.(14分) oC --10 2 3 2024 2025 B 答题卡第3面共4面 15.(18分) XBX 加速电场 3L 目标靶 电子枪 9 4 M 答题卡第4面共4面 2026年安徽省普通高中学业水平选择性考试模拟卷三 物理 本试卷共100分　考试时间75分钟。 一、选择题:本题共8小题,每小题4分,共32分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。 1．我国科学家将放射性元素镅243引入到能量转换器中来提高微型核电池的能量转换效率,若镅243的衰变方程为AmNp+Y,则Y为 A.α粒子 B.β粒子 C.γ射线 D.X射线 2．两个力F1、F2的合力F的大小为10 N,其中一个力F1的大小为6 N,那么另一个力F2的大小可能是 A.1 N B.2 N C.3 N D.6 N 3．我国瓷器的发展历史悠久,最早可追溯至商周时期。瓷器的烧制采用如图甲所示的窑炉,图乙是窑炉的简图,上方有一单向排气阀。某次烧制过程,排气阀关闭,初始时窑内温度t0=27 ℃,窑内气体压强为p0。已知烧制过程中窑内气体体积不变,温度均匀且缓慢升高。气体可视为理想气体,绝对零度取-273 ℃,窑内气体压强升高到2.5p0时,窑内气体温度为 甲 乙 A.375 ℃ B.425 ℃ C.477 ℃ D.750 ℃ 4．某人体检时测出心率为75次每分钟,心脏每次跳动泵出血液的血压为100 mmHg(1 mmHg=133 Pa),心脏向外泵血输出的平均功率为0.90 W,则该人每次心跳心脏泵出血液的体积约为 A.54 mL B.60 mL C.65 mL D.71 mL 5．图甲为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=1 s时刻的波形图,该时刻波恰好传播至Q点,质点M、N、P、Q的坐标如图甲所示。图乙为质点M、N、P、Q中某一质点的振动图像,下列说法正确的是 甲　　　　　　 　　乙 A.该波的传播速度为1.25 m/s B.波源的起振方向沿y轴正方向 C.图乙是质点N的振动图像 D.波传播到Q点时,质点N已经振动了1 s 6．一根长度l=1.5 m的轻杆OA,O端用铰链固定在水平地面上,另一端固定一质量m=0.5 kg的小球A,轻杆靠在高h=0.6 m、质量M=1 kg的长方体物块B上。开始时轻杆处于竖直状态,因受到轻微扰动,轻杆开始顺时针转动,推动物块B向右滑,直至轻杆与地面的夹角θ=37°,如图所示。已知重力加速度g=10 m/s2,sin 37°=0.6,若此时小球A的速度大小为1.8 m/s,则此过程中系统克服摩擦力做的功为 A.0.19 J B.0.42 J C.0.68 J D.1.02 J 7．如图所示,一束光垂直AB边射到半圆形玻璃砖上P点,经玻璃砖的折射后分为两束单色光a、b射到光屏上,则下列说法正确的是 A.玻璃砖对单色光a的折射率比对单色光b的大 B.单色光a的波长比单色光b的短 C.在玻璃砖中单色光a的传播速度比单色光b的小 D.若将玻璃砖左侧的入射光从P点逐渐向上移动,则单色光b先消失 8．2025年2月28日,2025年全国青少年网球积分排名赛(广州南沙站)在广州南沙国际网球中心收拍。若在某次网球比赛中,某运动员在O点击球,网球沿水平方向飞出,第一次网球落在己方场地上B点后弹跳起来,刚好擦网而过,落在对方场地的A点处,第二次网球沿水平方向飞出,直接擦网而过,恰好落在A点,如图所示。已知网球与水平场地的碰撞是弹性碰撞,不计网球与场地的碰撞时间,忽略空气阻力,则 A.网球第一次和第二次飞出的水平速度之比为1∶ B.从O到A,网球第一次和第二次运动的时间之比为1∶3 C.网球两次到达A点时重力的瞬时功率不相等 D.运动员击球点离地的高度与网的高度之比为4∶3 二、选择题:本题共2小题,每小题5分,共10分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。 9．如图所示,P、Q和R三点分别是等边三角形abc三边的中点,三角形的边长为1 m,空间中存在方向平行于三角形所在平面的匀强电场,a、b和c三点的电势分别为0、1 V和0。下列说法正确的是 A.该匀强电场的电场强度大小为 V/m B.R点的电势低于P点的电势 C.将一电子从P点移动到Q点,静电力做的功为+0.5 eV D.将一电子从Q点移动到R点,静电力做的功为+0.5 eV 10．在距离水平地面某一高度的光滑水平平台上,放置一水平压缩弹簧。半径为R的四分之一光滑圆弧轨道AB和半径也为R的光滑圆弧轨道CDE固定在平台上的同一竖直面内,D为轨道最高点,圆弧CDE对应的圆心角为135°,B、C挨得很近且与两轨道圆心O、O'在同一水平线上,如图。质量为m的小球(可视为质点)被弹簧弹射出去后(与弹簧分离)从A点沿切线方向进入圆弧轨道,恰好能通过最高点D。忽略空气阻力,重力加速度为g,下列说法正确的是 A.弹簧的弹性势能为3mgR B.小球到达D点时的速度大小为 C.小球通过A点时对圆弧轨道的压力大小为6mg D.小球通过E点时,轨道对小球的支持力大小为(3-)mg 三、非选择题:本题共5小题,共58分。 11．(6分)为了探究并验证两个互成角度的力的合成规律,两位同学分别设计了如下方案。 (1)李红同学找到三条相同的橡皮筋(遵循胡克定律)和若干小重物,还有刻度尺、三角板、铅笔、细绳、白纸、钉子等。 实验方案:先将三条橡皮筋的一端连接成结点O,将其中两条橡皮筋的另一端分别挂在竖直墙上的两个钉子a、b上,然后将第三条橡皮筋的另一端通过细绳悬挂小重物,如图甲所示。 甲 ①本实验中,下列说法正确的是　　　　。  A.Oa与Ob的夹角必须为30°、60°或90°,不能为其他角 B.测量每条橡皮筋的原长 C.测量悬挂小重物后每条橡皮筋的长度 D.记录悬挂小重物后每条橡皮筋的方向 ②探究结论:两个互成角度的力的合成遵循平行四边形定则。 (2)王华同学为了验证李红同学的实验结论,设计了如下实验方案: a.用天平测得一个小物块的质量。 b.如图乙所示,两根固定的竖直杆间距为d,用长为L的不可伸长的轻绳穿过光滑轻质滑轮,滑轮下端连接小物块,轻绳两端分别固定在杆上M、N两点,在轻绳的左端连接力传感器,力传感器的重力忽略不计。 c.改变并记录小物块的质量m,记录力传感器对应的示数F,得到多组数据,已知重力加速度为g。 乙 丙 ①力传感器的示数F与小物块的质量m满足F=　　　　(用题中给出的L、d、g、m等表示),就可以验证力的平行四边形定则。  ②王华同学作出F-m图像如图丙所示,则图线的斜率k=　　　　。  12．(10分)某实验小组想将一个量程未知的电流表改装成电压表,实验器材如下: 甲 乙 A.电流表(量程未知) B.电源(电动势3 V,内阻约0.5 Ω) C.电阻箱(阻值范围0~999.9 Ω) D.电压表(量程0~3 V) E.滑动变阻器(阻值范围0~20 Ω,额定电流2 A) F.开关一个、导线若干 (1)该小组设计了如图甲所示的电路来测量电流表的内阻与量程。用笔画线代替导线,完成实物图丙连接。闭合开关,调节滑动变阻器与电阻箱,使电流表刚好满偏,此时电压表指针位置如图乙所示,电压表的示数为　　　　V,电阻箱接入电路的阻值为30.0 Ω。  (2)保持开关闭合,反复调节滑动变阻器和电阻箱,使得电压表的示数再次与(1)中示数一样,此时电流表刚好半偏,电阻箱接入电路的阻值为70.0 Ω。 (3)电流表的内阻和量程分别是　　　　Ω、　　　　mA。  (4)如果将该电流表改装成一个量程为30 V的电压表,应串联一个阻值为　　　Ω的定值电阻。  丙 13．(10分)医院里给病人打“吊针”的装置如图甲所示,输液瓶刚从药房取出时,其内部空气温度为2 ℃,体积占输液瓶总容积的十分之一。放置足够长时间后,瓶内气体温度升高到环境温度22 ℃,此时压强为0.885p0(p0为大气压强),护士输液时,在密封瓶口上插入进气管A和输液管B(输液调节器未打开),病人输液过程中,外部空气从进气管A逐渐进入瓶内,如图乙所示,不计输液瓶总容积和瓶内液体体积随温度的变化,求: (1)输液瓶刚从药房取出时,瓶内气体的压强; (2)输液结束时(瓶内液体全部流出),瓶内的空气与瓶内原有空气的质量之比。 　　甲　　　　　　　　　　　乙 14．(14分)如图所示,半径为R、质量为10m的四分之一光滑圆弧曲面静止在光滑水平地面上,圆弧曲面在最低点B与水平地面相切,圆弧曲面最低点B的右侧依次放置质量均为3m、间距均为d的2 025个小物块,从左至右分别标记为1,2,3,…,2 024,2 025,其中物块1紧挨着B点放置。将质量为m的小球从圆弧曲面最高点A的正上方C位置由静止释放,A、C的高度差h0=10R。已知重力加速度为g,不计空气阻力,小球与小物块均可视为质点,所有碰撞均为弹性碰撞,求: (1)当小球运动至圆弧曲面最低点B时,小球与物块1的间距; (2)物块2 025稳定运行时的速度大小; (3)小球与物块1第一次碰撞后离水平地面的最大高度。 15．(18分)某肿瘤治疗新技术是通过电子撞击目标靶,使目标靶放出X射线,对肿瘤进行准确定位,再进行治疗,其原理如图所示。竖直平面的圆形区域内充满方向垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度大小为B(未知)。水平放置的目标靶长为L,靶左端M与磁场圆心O间的水平距离为L,竖直距离为3L。从电子枪逸出的电子(质量为m,电荷量为e,初速度可以忽略)经加速电场加速后,从磁场边界上的P点沿PO方向(PO与水平方向的夹角为53°)射入半径R=L的匀强磁场。已知sin 53°=0.8,不计电子重力。若调节加速电场的加速电压为U0时,电子恰好击中靶右端N点。 (1)求电子射入磁场时的速度大小v0; (2)求磁感应强度大小B以及电子从P点运动到N点所用的时间; (3)若调节加速电场的电压,电子刚好击中目标靶M点,求加速电场的电压U2。 【参考答案】 1． A　 【解题分析】设Y的质量数和电荷数分别为a和b,由质量数守恒和核电荷数守恒可知243=239+a,95=93+b,解得a=4,b=2,可知Y为α粒子,A项正确。 2． D　 【解题分析】两分力F1、F2的合力F的取值范围为|F1-F2|≤F≤F1+F2,由题意可知,4 N≤F2≤16 N,D项正确。 3． C　 【解题分析】封闭在窑炉内的气体体积不变,烧制前温度T0=(273+27) K=300 K,烧制过程中气体发生等容变化,根据查理定律有=,解得t1=T1-273 ℃=477 ℃,C项正确。 4． A　 【解题分析】设该人每次心跳心脏泵出血液的体积为ΔV,泵出血液的血压为100 mmHg=100×133 Pa=1.33×104 Pa,一分钟泵血所做的功W=75pΔV,则该人心脏向外泵血输出的平均功率==,代入数据解得该人每次心跳心脏泵出血液的体积ΔV=5.4×10-5 m3=54 mL,A项正确。 5． C　 【解题分析】由波动图像和振动图像可知,波长λ=4 m,周期T=4 s,可得波速v=1 m/s,A项错误;由质点的振动方向与波的传播方向之间的关系可知,波源的起振方向沿y轴负方向,B项错误;由题图乙知t=1 s时质点在正向最大位移处,即为质点N,C项正确;质点N、Q平衡位置间的距离为λ,故波刚传播到Q点时,质点N已经振动了3 s,D项错误。 6． A　 【解题分析】轻杆由竖直位置转到与地面的夹角θ=37°过程中,对A、B由动能定理得mgl(1-sin θ)-Wf=m+M-0。B的速度沿水平方向,沿垂直杆方向的分量v=vBsin θ,由于B与杆接触点和小球A的角速度相同,故=,其中rA=l,rB=,代入数据解得Wf=0.19 J,A项正确。 7． D　 【解题分析】由题图可知,单色光a、b在玻璃砖右侧界面的入射角相同时,单色光a的折射角小,由折射定律n=可知,玻璃砖对单色光a的折射率小于对单色光b的折射率,则单色光a发生全反射的临界角大于单色光b的,若将玻璃砖左侧的入射光从P点逐渐向上移动,单色光a、b在玻璃砖右侧界面的入射角逐渐增大,单色光b先在玻璃砖右侧界面发生全反射,先消失,A项错误、D项正确;由于玻璃砖对单色光a的折射率小于对单色光b的折射率,可知fa<fb,故单色光a的波长比单色光b的波长长,B项错误;由v=可知,在玻璃砖中单色光a传播的速度比单色光b的大,C项错误。 8． D　 【解题分析】由平抛运动规律知,从O到A,第一次和第二次网球运动的时间之比为3∶1,分析水平分运动,第一次和第二次水平位移相同,故第一次和第二次水平速度之比为1∶3,A、B项错误;第一次和第二次网球到达A点时,有相同的竖直分速度,网球两次到达A点时重力的瞬时功率相同,C项错误;考虑网球两次从抛出到擦网的运动,第一次和第二次所用的时间之比为3∶1,则在OC、CB、BD三段网球运动的时间相同,分析网球在OB段的竖直分运动,由自由落体运动的规律,可知OC和OB的竖直高度之比为1∶4,可知击球点离地的高度与网的高度之比为4∶3,D项正确。 9． AC　 【解题分析】由题意可知,ac是等势线,bP连线与电场线平行,则电场强度大小E== V/m,A项正确;ac是等势线,故P点的电势为0,根据匀强电场的特点,R点的电势φR==0.5 V,故R点的电势高于P点的电势,B项错误;根据对称性可知,Q点的电势φQ=0.5 V,将一电子从P点移到Q点的过程中,静电力做功W=Uq=0.5 eV,C项正确;RQ是等势线,将一电子从Q点移到R点的过程中,静电力做功为零,D项错误。 10． CD　 【解题分析】依题意,小球恰好能通过圆弧CDE的最高点D,由牛顿第二定律得mg=m,解得vD=,B项错误;根据机械能守恒定律,弹簧的弹性势能Ep=mg(2R)+m=mgR,A项错误;小球通过A点时,有m=mgR和FA-mg=m,解得小球通过A点时圆弧轨道对小球的支持力大小FA=6mg,由牛顿第三定律可知小球通过A点时对圆弧轨道的压力大小为6mg,C项正确;小球从D点运动到E点的过程中,根据机械能守恒定律有mgR(1-cos 45°)=m-m,mgcos 45°+FE=m,联立解得FE=(3-)mg,D项正确。 11． (1)①BCD　(2分) (2)①m　②　(每空2分) 12． (1)见解析图　(2分)　2.40　(2分) (3)10　60　(每空2分) (4)490　(2分) 13． 【解题分析】(1)设初状态输液瓶内气体的温度为T1、压强为p1,末状态气体的温度为T2、压强为p2,则有T1=(273+2) K=275 K,p2=0.885p0,T2=(273+22) K=295 K　(1分) 以输液瓶内气体为研究对象,由查理定律有=　(2分) 解得p1=0.825p0。　(2分) (2)以输液瓶内原有气体为研究对象,末状态为气体发生等温变化后到压强为p0的状态,设输液瓶总容积为V0 由玻意耳定律有p2V2=p3V3　(2分) 其中p2=0.885p0,V2=,p3=p0 解得V3=0.088 5V0　(1分) 在相同压强和温度条件下,气体的质量比等于体积比,输液结束时,瓶内的空气与瓶内原有空气的质量之比 ==。　(2分) 14． 【解题分析】(1)设小球自开始运动到运动至圆弧曲面最低点过程中,圆弧曲面的位移大小为x2,小球水平方向的位移大小为x1,此时小球与物块1的间距等于圆弧曲面的位移大小x2 小球与圆弧曲面构成的系统在水平方向动量守恒,则有mx1=10mx2　(1分) 又因为x1+x2=R　(1分) 解得x2=。　(1分) (2)以向右为正方向,小球自开始运动到运动至圆弧曲面最低点B的过程中,根据动量守恒定律有mv1+10mv2=0　(1分) 根据机械能守恒定律有mg(h0+R)=m+×10m　(1分) 解得v1=2,v2=-　(1分) 之后小球与物块1碰撞,根据动量守恒定律有mv1=mv3+3mv4　(1分) 根据机械能守恒定律有m=m+×3m　(1分) 解得v3=-,v4=　(1分) 碰撞后小球反弹,而物块1向右运动,随后与物块2碰撞,由于所有物块质量相等,物块之间的碰撞均满足3mv4=3mv5+3mv6 ×3m=×3m+×3m 解得v5=0,v6= 即碰撞后,物块速度发生交换,结合前面分析可知,物块2 025稳定运行时的速度大小v2025=。　(2分) (3)小球与物块1碰撞反弹后的速度大小|v3|大于圆弧曲面的速度大小|v2| 根据水平方向动量守恒有mv3+10mv2=(m+10m)v7　(1分) 根据机械能守恒定律有m+×10m-(m+10m)=mghmax　(1分) 解得hmax=R。　(1分) 15． 【解题分析】(1)电子穿过加速电场,有eU0=m　(2分) 解得v0=。　(2分) (2)设ON与竖直方向的夹角为α,则有tan α==　(1分) 解得α=53°　(1分) 电子在磁场中运动时,由洛伦兹力提供向心力,有ev0B=m　(1分) 由几何关系可知,电子在磁场中的运动轨迹对应的圆心角为90°,轨道半径R1=R=L 解得B==　(1分) 电子在磁场中运动的周期T==2πL　(1分) 电子在磁场中运动的时间t1=T=　(1分) 电子射出磁场后,继续运动了s=-R=4L射到N点 电子射出磁场后,继续运动了t2==4L　(1分) 故电子从P点运动到N点所用的时间t=t1+t2=。　(1分) (3)当电子击中M点时,设OM与竖直方向的夹角为β,则有 tan β==　(1分) 可得β=37°　(1分) 由几何关系知电子在磁场中的运动轨迹对应的圆心角为106°,则偏转半径 R2==　(1分) 则有v1=v0　(1分) 电子经加速电场加速,由动能定理得eU2=m　(1分) 解得U2=U0。　(1分) 第1页共8页 学科网（北京）股份有限公司 $