2026届高考物理一轮复习课时作业(39)：高考强化训练九

2026届高考物理一轮复习课时作业(39)： 高考强化训练(九) 满分：100分 时间：40分钟 训练内容包括：力学、电磁学、热学、光学、近代物理学等 一、单选题（每小题6分，共42分） 1．老师在课堂上做了一个如图所示的实验：把粉笔盒静置于水平桌面上的课本上，用水平向右的恒力F将课本迅速抽出，粉笔盒移动较小的距离。若粉笔盒和课本的质量均为m，各接触面间的动摩擦因数均为μ，抽出课本的过程历时t。最大静摩擦力可视为等于滑动摩擦力，重力加速度为g。在此过程中，下列说法正确的是（　　） A．课本受到5个力作用 B．课本受到的摩擦力大小为2μmg C．F大于4μmg才可能将课本从粉笔盒下抽出 D．粉笔盒最终将停留在初始位置右侧处 2．某实验小组用图甲所示的电路探究光电效应规律，用同一光电管在不同实验条件下得到了三条光电流与电压的关系曲线（甲、乙、丙）如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A．甲的遏止电压比乙的小 B．甲的光照强度比丙的小 C．阴极K的逸出功在乙照射时比丙照射时小 D．要测量饱和光电流，a应为电源负极 3．如图所示，、是地月系统的两个拉格朗日点，由于月球引力的作用，飞行器处于这两个位置所在轨道时，其绕地球运动的轨道周期恰与月球相等，近似认为可与月球同步绕地球做匀速圆周运动。现有两颗质量相同的卫星分别位于、，则（　　） A．在相同的时间内，处卫星与地球的连线扫过的面积大小是不变的 B．由于处卫星与处卫星均围绕地球运动，因此其轨道半径的立方与公转周期的平方之比是一个常量 C．处卫星的线速度大于处卫星 D．处卫星的向心加速度大于处卫星 4．一列简谐横波沿轴传播，时刻的波形如图甲所示。介质中质点的平衡位置，振动图像如图乙所示。质点的平衡位置。下列说法中正确的是（     ） A．该波的传播速度为 B．质点在一个周期内的路程为 C．内，质点的动能一直在减小 D．时，质点一定位于波峰位置 5．一定质量的某种理想气体，沿图像中箭头所示方向，从状态A开始先后变化到状态B、C、D，其中状态A和状态D温度相同，BA、CD的延长线经过坐标原点。已知气体在状态A时的体积为1.0L。则（　　） A．气体在状态C时的体积为6.0L B．气体在状态B时的压强为 C．气体在过程中对外界做的功 D．气体在过程中吸收的总热量 6．静电复印简化模型中，复印纸与感光鼓之间形成水平方向的匀强电场，将墨粉颗粒从靠近感光鼓的位置由静止释放，不计重力和空气阻力，下列说法正确的是（　　） A．墨粉颗粒带负电 B．墨粉颗粒在飞往复印纸的过程中，电势能不断增大 C．带电量相同，质量越大的墨粉颗粒，打在复印纸上的速度越大 D．若仅减小感光鼓与复印纸间距，墨粉颗粒打在复印纸上的速率不变 7．如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场的场强大小恒定，且被限制在A、C板间，带电粒子从P0处由静止释放，并沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场中做匀速圆周运动。对于这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是（　　） A．带电粒子每运动半周被加速一次 B．P1P2＝P2P3 C．粒子能获得的最大速度与D形盒的尺寸有关 D．A、C板间的加速电场的方向需要做周期性的变化 二、多选题（每小题10分，共30分，漏选得5分） 8．甲、乙两种单色光分别经同一单缝得到的衍射图样中，甲光的衍射现象更明显。图为一半圆柱形玻璃砖的截面图，点是圆心，是法线，是足够长的光屏。甲光沿半径以入射角射向点，折射角为。下列说法正确的是（　　） A．玻璃砖对乙光的折射率为 B．玻璃砖对甲光的折射率小于玻璃砖对乙光的折射率 C．若乙光沿半径以相同入射角射向点时，可能发生全反射 D．若玻璃砖绕点逆时针旋转，上一直能接收到甲光 9．如图所示，水平地面上有一倾角为的传送带，以的速度逆时针匀速运行，将一煤块从的高台从静止开始运送到地面。已知煤块的质量为，煤块可看成质点，煤块与传送带之间的动摩擦因数为，重力加速度为，，。煤块由高台运送到地面的过程中，下列说法正确的是（　　） A．运送煤块所用的时间为4.5s B．摩擦力对煤块做的功为-48J C．煤块相对传送带运动而产生的划痕长为16m D．煤块与传送带之间因摩擦产生的热量为48J 10．如图所示，工程队向峡谷对岸平台抛射重物，初速度大小为20m/s，与水平方向的夹角为，抛出点和落点的连线与水平方向夹角也为，重力加速度大小取，忽略空气阻力。重物在此运动过程中，下列说法正确的是（　　） A．运动时间为4s B．落地速度与水平方向夹角为60° C．重物离PQ连线的最远距离为10m D．轨迹最高点与落点的高度差为60m 三、非选择题（共28分） 11．(12分) 某实验小组使用某种型号多用电表测量导体的电阻以及利用多用电表分析电路故障。 (1)某次测量时，多用电表指针指在图1所示的位置，下列说法正确的 (多选)。 A．若此时选用的是欧姆挡“×100”倍率，则应该更换“×10”倍率重新测量 B．重新选择合适的欧姆挡倍率后，无需欧姆调零即可直接使用 C．用多用电表电流挡测直流电流时，应让红表笔接外电路的负极，黑表笔接外电路的正极 D．测二极管的正向电阻时，应让红表笔接二极管的负极，黑表笔接二极管的正极 (2)用多用电表的欧姆挡去测量电压表(0～15V量程)的内阻，将选择开关拨至欧姆“×10k”挡，多用电表和电压表的示数分别如图2、3所示，多用电表的示数为____________kΩ，电压表的示数为____________V。已知多用电表欧姆挡表盘中间刻度值为15，则该多用电表内电池的电动势为____________V(结果保留2位有效数字)。 (3)图4是“测量电源的电动势和内阻”实验的电路图。某同学在实验中，闭合开关后，发现无论如何改变滑动变阻器滑片的位置，电压表的示数均不变且不为零，电流表的示数始终为零。为查找故障，在其他连接不变的情况下，使用多用电表的直流电压挡进行检测，将红表笔连接在e位置并保持不动，另一表笔分别试触b、c、d三个位置。发现试触b、c时均有示数；试触d时，没有示数。若电路中仅有一处故障，可判断出_________(填正确答案标号)。 A．导线ab断路 B．滑动变阻器断路 C．导线cd断路 D．滑动变阻器短路 12．(16分) 如图甲所示，质量的光滑矩形金属框ABCD置于光滑绝缘水平面上，AB长，AD与BC足够长，AB段和CD段电阻均为，质量、长的金属棒MN垂直于AD放置在金属框上，导轨其余部分和金属棒的电阻均不计。整个空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度，某时刻给金属棒一水平向右的初速度，在运动过程中金属棒始终与金属框的两边垂直且接触良好。 (1)求金属棒刚开始运动时受到的安培力； (2)求在整个过程中产生的焦耳热和通过MN的电荷量； (3)若将金属框固定，时刻给金属棒一个水平向右的初速度的同时，再给其加一水平向左的外力F，使金属棒向右做匀减速直线运动。时金属棒的速度降为零，写出内F的大小随时间t变化的规律； (4)如图乙所示，若将金属框固定，AB间换成电阻不计的导线连接的电容器，电容，现有水平向右的外力使MN从静止开始以加速度向右做匀加速运动，求时外力的大小。 2026届高考物理一轮复习课时作业(39)：参考答案 一、二、选择题： 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 C B A A D D C BC BCD AB 1．C 解析：A．通过受力分析可知，课本受到拉力、重力、桌面支持力、粉笔盒压力、桌面摩擦力和粉笔盒摩擦力共6个力的作用，故A错误； B．桌面对课本的摩擦力，粉笔盒对课本的摩擦力，则课本受到的摩擦力，故B错误； C．课本和粉笔盒刚好要发生相对运动时，粉笔盒受到摩擦力 解得 对整体牛顿第二定律有，联立解得 则F大于4μmg才可能将课本从粉笔盒下抽出，故C正确； D．抽出课本过程，粉笔盒以为加速度做匀加速直线运动，抽出后由于桌面摩擦力大小不变方向反向，粉笔盒以为加速度做匀减速直线运动，故粉笔盒总位移 则粉笔盒最终将停留在初始位置右侧处，故D错误。故选C。 2．B 解析：A．由图乙可知，甲的遏止电压比乙的大，故A错误； B．由图乙可知，甲光对应的饱和光电流小于丙光对应的饱和光电流，则甲的光照强度比丙的小，故B正确； C．同一光电管，金属材料的逸出功是不变的，与入射光无关，故C错误； D．要测量饱和光电流，应加正向电压，即a应为电源正极，故D错误。故选B。 3．A 解析：A．处卫星做角速度不变的匀速圆周运动，所以其与地球连线的面积速度保持不变，故A正确； BC．处卫星与处卫星的角速度相同，故它们的公转周期T也相同，但处卫星的轨道半径大于处卫星，故B错误； 同时由，可知处卫星的线速度较小，故C错误； D．根据，可知，处卫星的向心加速度小于处卫星，故D错误。故选A。 4．A 解析：A．根据图甲和图乙，可得波长，周期，则波速，故A正确。 B．根据图像，可得振幅，则质点在一个周期内的路程为4个振幅，即为8cm，故B错误。 C．根据图乙，0~1s内质点从波峰运动到平衡位置，这一过程速度不断增大，动能一直增大，故C错误。 D．根据图甲，时位于平衡位置，但不确定向上或向下振动(由于波速方向不确定)。所以时可能位于波谷，故D错误。故选A。 5．D 解析：A．由题图可知，气体从A到B经历等容变化过程，从B到C经历等压变化过程，由盖-吕萨克定律得 解得，故A错误； B．气体从A到B经历等容变化过程，由查理定律得 解得，故B错误； C．气体从A到B及从C到D过程外界对气体不做功，从B到C过程，气体对外界做的功，解得，故C错误； D．由于，气体内能不变，故 气体经历过程，根据热力学第一定律有 解得，故D正确。故选D。 6．D 解析：A．由题图可知，感光鼓带正电，复印纸带负电，板间电场方向水平向右。墨粉颗粒由静止释放后向右运动，说明所受电场力方向向右，与电场方向相同，所以墨粉颗粒带正电，故A错误； B．墨粉颗粒在飞往复印纸的过程中，电场力方向与运动方向相同，电场力做正功，电势能不断减小，故B错误； C．根据动能定理有，解得 若带电量相同，质量越大的墨粉颗粒，打在复印纸上的速度越小，故C错误； D．若仅减小感光鼓与复印纸间距，由于感光鼓与复印纸间的电势差保持不变，根据可知，墨粉颗粒打在复印纸上的速率不变，故D正确。故选D。 7．C 解析：AD．带电粒子只有经过A、C板间时被加速，即带电粒子每运动一周被加速一次，电场的方向没有改变，则A、C板间的加速电场的方向不需要做周期性的变化，故AD错误； B．根据，，n为加速次数，可得 可知， 所以，故B错误； C．当粒子从D形盒中出来时，速度最大，根据，可得 可知粒子能获得的最大速度与D形盒的尺寸有关，故C正确。故选C。 8．BC 解析：A．根据折射率的定义可知，玻璃砖对甲光的折射率，故A错误； B．对于同一单缝的衍射现象，甲光衍射现象更明显，故甲光的波长更长，频率更小，同一种介质对甲光的折射率比对乙光的折射率小，故B正确； C．根据及玻璃砖对甲光的折射率比对乙光的折射率小，可知甲光的全反射临界角比乙光的大，故乙光更容易发生全反射，故C正确； D．若玻璃砖绕O点逆时针旋转，则甲光的入射角i增大，当入射角i大于临界角时，PQ上将接收不到甲光，故D错误。故选BC。 9．BCD 解析：A．设传送带的长度为L，由几何关系得 解得 煤块刚放上传送带时，受到的滑动摩擦力沿斜面向下，根据牛顿第二定律得，解得 则煤块从静止加速到与传送带速度相同需要的时间 煤块的位移大小为 由于，因此煤块与传送带速度相同后继续做匀加速运动，摩擦力沿斜面向上，根据牛顿第二定律得 解得 根据 解得煤块从与传送带速度相同到滑至地面所用时间为，位移大小为 运送煤块所用时间，故A错误； B．摩擦力大小始终为 第一个过程摩擦力对煤块做功 第二个过程摩擦力对煤块做功 故全程摩擦力对煤块做功为，故B正确； C．第一个过程传送带的位移大小为 煤块与传送带的相对位移大小为 第二个过程传送带的位移大小 相对位移大小 第一个过程传送带运动快，第二个过程煤块运动快，即煤块第一个过程的划痕覆盖第二个过程的划痕，所以煤块在传送带上的划痕应为16m，故C正确； D．第一个过程因摩擦产生的热量为 第二个过程因摩擦产生的热量为 总热量，故D正确。故选BCD。 10．AB 解析：AC．将初速度分解为沿PQ方向的分速度和垂直PQ方向的分速度，则速度大小有， 将重力加速度分解为沿PQ方向的分加速度和垂直PQ方向的分加速度，则有， 垂直PQ方向，根据对称性可得重物运动时间为 重物离PQ连线的最远距离为，故A正确，C错误； B．重物落地时竖直方向的分速度大小为 落地速度与水平方向夹角的正切值为 解得，故B正确； D．从抛出到最高点所用时间为 从最高点到落地所用时间为 轨迹最高点与落点的高度差为，故D错误。 故选AB。 三、非选择题 11．(12分) (1)AD (2) 260 7.0 11 (3)C 解析：（1）A．图1中指针偏转角度过大，指示阻值较小，说明所选倍率过大，应换用“×10”倍率重新测量，故A正确； B．欧姆表换挡后必须重新进行欧姆调零，故B错误； C．使用多用电表电流挡测直流电流时，电流从红表笔流入，从黑表笔流出，故红表笔应接外电路的正极，黑表笔接外电路的负极，故C错误； D．欧姆表内部电源负极接红表笔，正极接黑表笔，测二极管正向电阻时，电流应从二极管正极流入，故黑表笔接二极管正极，红表笔接二极管负极，故D正确。 故选AD。 （2）[1]多用电表欧姆挡倍率为“×10k”，指针指在26刻度处，读数为 [2]电压表量程为，分度值为，读数为。 [3]欧姆表内阻等于中值电阻，即 根据闭合电路欧姆定律， 联立得 （3）电流表示数为零，说明电路断路；电压表示数不变且不为零，说明电压表两端与电源连通。用多用电表直流电压挡检测，表笔接e和b、c时有示数，说明b、c点与电源负极连通；表笔接e和d时无示数，故断路位置在c、d之间，即导线cd断路。 故选C。 12．(16分) (1)0.3N (2)3J，20C (3)（N） (4)5.55N 解析：（1）金属棒刚开始运动时速度为，电动势 解得： 电流为:，解得： 安培力为，解得： （2）根据动量守恒定律得，解得： 根据能量守恒定律得，解得： 对框架根据动量定理得，， 解得： （3）根据匀变速直线运动规律 解得： 根据牛顿第二定律得 解得：，其中 故， 解得：（N）（） （4）电容器充电电流，， 可得 时的速度由 解得： 时的电动势由解得 电阻支路电流， 所以， 由牛顿第二定律有 解得： 第4页，共8页 ( 第 1 页 共 9 页 )高中物理 学科网（北京）股份有限公司 $