安徽蚌埠第二中学2025-2026学年高二第二学期期中物理学科纠错大赛

**基本信息** 蚌埠二中物理纠错大赛试卷聚焦选择性必修一及选择性必修二前两章，通过10道单选、3道多选及2道解答题（60分钟/100分），以动量定理、电磁感应、磁场运动等核心知识为载体，强化科学思维中的模型建构与科学推理，适配期中复习易错点突破需求。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选|10题/50分|动量定理（题1）、安培力（题2）、电磁感应（题3）|结合生活情境（跳高缓冲、包装防护），考查物理观念应用| |多选|3题/18分|机械波（题11）、安培力平衡（题12）|设置干扰项，训练科学论证能力| |解答题|2题/32分|磁场中电子运动（题14）、电磁感应与能量（题15）|综合运用洛伦兹力、动量守恒，体现复杂问题的科学探究过程|

蚌埠二中2025-2026学年第二学期物理学科纠错大赛 · 练习范围：选择性必修一 选择性必修二第1-2章 · 时间：60分钟 分数：100分 一、单选题 1．下列说法正确的是（　　） A．运动员跳高时，在落地处垫上海绵垫子是为了减小冲量 B．人从越高的地方跳下，落地时人受到的冲量越大 C．动量相同的两个物体受相同的制动力作用，质量小的先停下来 D．在电视机等物体包装箱里垫上泡沫垫或气泡垫，是为了减小物体在碰撞过程中受到的冲量 2．如图所示，将一粗细均匀且由同种材料制成的线圈放入匀强磁场中(磁场的方向垂直线圈所在平面向里)，线圈的上部分为半圆，下部分为等边三角形的两边，线圈的A、B两端接一电源，线圈下部分所受安培力的大小为F0，则整个线圈所受安培力的大小为（　　） A． B． C． D． 3．如图，在同一平面内固定有一长直导线和一圆形导线框，在的右侧。导线中通有正弦交流电，的变化如图所示，规定从到为电流正方向。则在时间内，下列判断正确的是(    ) A. 线框整体所受安培力方向始终向左 B. 线框中感应电流在时改变方向 C. 线框的面积始终有扩张的趋势 D. 线框中感应电流的方向始终沿顺时针方向 4．如图所示，一根劲度系数为k的轻弹簧下端悬挂质量为2m铁块A，其下方吸引一质量为m磁铁B，磁铁对铁块的吸引力恒为。若使A和B能一起沿竖直方向做简谐运动，重力加速度为g，空气阻力不计。下列说法正确的是（    ） A．A、B做简谐运动的最大振幅为 B．铁块A的最大加速度为g C．铁块A在最高点时，A、B之间的弹力可能为零 D．铁块A从最低点至最高点过程中，其重力势能变化量最大值为 5．图甲所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角，M、P两端接一阻值为R的定值电阻，阻值为r的金属棒ab垂直导轨放置，其他部分电阻不计。整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向上。t＝0时对棒施一平行于导轨的外力F，棒由静止开始沿导轨向上运动，通过R的感应电流I随时间t的变化关系如图乙所示。下列关于穿过回路abPM的磁通量、金属棒ab的加速度a、金属棒受到的外力F、通过棒的电荷量q随时间变化的图象中，可能正确的是（    ） A． B． C． D． 6．如图所示，边长为l的正方形金属框abcd置于匀强磁场中，磁场方向水平向右。金属框以角速度ω绕金属框的bc边逆时针（从上往下看）匀速转动。时金属框平面与磁场平行（图示状态），下列说法正确的是（　　） A．时，ad边的电流方向从d指向a B．在的时间内，ab边的电流方向为先a→b，后b→a C．在的时间内，cd边一直切割磁感线 D．若绕ab边转动，在的时间内，通过金属框的磁通量先增大后减小 7．如图所示，真空中有圆柱体回旋加速器，处在竖直向下的匀强电场E和匀强磁场B中，圆柱体金属盒的半径为R，高度为H，两盒狭缝间接有电压为U的交变电场，在加速器上表面圆心A处静止释放质量m，电量的粒子，粒子从加速器底部边缘引出，不计带电粒子的重力、相对论效应及粒子间的相互作用。则（　　） A．粒子每转过半圈动能增加qU B．粒子引出时速度大小为 C．增大狭缝间电压U，粒子仍从加速器底部引出 D．粒子的运动时间为 8．如图所示，真空室内存在匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里，磁感应强度的大小。磁场内有一块足够大的平面感光板ab，板面与磁场方向平行，在距ab的距离处，有一个点状的α粒子放射源S，它向各个方向发射α粒子，α粒子的速度都是。已知α粒子的电荷量与质量之比。若只考虑在图纸平面内运动的α粒子，则感光板ab上被α粒子打中区域的长度是（　　）（不计粒子的重力） A．20cm B．32cm C．40cm D．48cm 9．如图甲是利用干涉检查玻璃平整度的侧视图，其中A是表面绝对平整的标准板，B是被检测板，装置右端用薄片垫高。检查用的是蓝色光C，图乙是正对A板看到的干涉图样。以下分析正确的是（　　） A．当把光源换为频率更小的光时，条纹间距变小 B．图乙中条纹弯曲处对应着被检查平面处凸起 C．若将薄片向左移动少许，从上往下可以观察到干涉条纹变密 D．若用很小的力施加在A的上侧中间附近，使其发生微小的形变，如图丙所示，干涉图样变为左边密，右边疏 10．密度为，横截面积为S，长度为L的粗细均匀的金属棒MN两端由等长的轻质绝缘细线悬挂，金属棒置于竖直方向的匀强磁场中，初始细线竖直，金属棒静止。现通入M到N的恒定电流I，要使金属棒的绝缘细线与竖直方向最大摆角成30°角，已知重力加速度为g，则下列说法正确的是（　　） A．磁场方向竖直向上，大小为 B．磁场方向竖直向下，大小为 C．增长绝缘细线长度，其余条件不变，金属棒摆角将小于30° D．增大金属棒长度，其余条件不变，金属棒摆角将大于30° 二、多选题 11. 位于坐标原点的波源在t=0时开始振动，振动图像如图所示，所形成的简谐横波沿轴正方向传播。平衡位置在处的质点开始振动时，波源恰好第次处于波谷位置，则(    ) A. 波的周期是0.1s B. 波的振幅是0.2m C. 波的传播速度是10m/s D. 平衡位置在x=4.5m处的质点开始振动时，质点处于波峰位置 12．如图，天平的右臂下面挂一个N匝矩形线圈，底边bc长为L。线圈的下部悬在匀强磁场中，磁场方向垂直于纸面。当线圈中通有大小为，方向如图所示的电流时，在天平两边加上质量分别为，的砝码，天平平衡；当电流反向且大小变为时，右边再加上质量为m的砝码后，天平重新平衡。若重力加速度为g，则（　　） A．磁感应强度方向垂直纸面向里 B．磁感应强度方向垂直纸面向外 C．磁感应强度大小为 D．磁感应强度大小为 13．如图所示，在距地面高h=1.25m处固定有两根间距为L=0.5m水平放置的平行金属导轨，导轨的左端接有电源E，右端边缘处静置有一长L=0.5m质量m=0.1kg、电阻R=5.0Ω的导体棒ab，导体棒所在空间有磁感应强度大小B=1.0T、方向竖直向上的匀强磁场。闭合开关后，导体棒ab以某一初速度水平向右抛出，已知导体棒落地点到抛出点的水平距离d=1.2m，重力加速度g=10m/s2，则（      ） A．导体棒抛出时的初速度大小为2.4m/s B．在空中运动过程中，导体棒a端的电势低于b端的电势 C．在空中运动过程中，导体棒上产生的感应电动势大小恒定 D．闭合开关后，通过导体棒的电荷量为0.48C 三、解答题 14.如图所示，两匀强磁场的方向相同，以x轴为理想边界，磁感应强度分别为B1、B2，x轴上方为B1，下方为B2，且B1=2B2。今有一质量为m、电荷量为e的电子从x上的O点沿y轴正方向射入匀强磁场B1中，求： (1)画出电子运动的从O出发再回到O点的轨迹； (2)第一次过x轴的坐标(用B1表示)； (3)从O出发再回到O点的时间(用B1表示)。 15.如图所示，一足够长的导电轨道，由两根平行光滑金属导轨组成，虚线MN左侧是竖直面内半径为R的圆弧轨道，无磁场；虚线MN右侧轨道水平且置于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B，导轨间宽度为L。导体棒cd、ef由绝缘轻杆连接组成“工”字型器件，置于水平轨道上。现将导体棒ab从圆弧轨道上距水平轨道高为处静止释放，三根导体棒在运动过程中始终与导轨接触良好且保持垂直，ab与“工”字型器件不会发生碰撞，三根导体棒的质量均为m，其中ab棒和cd棒在导轨间的电阻均为，ef棒在导轨间的电阻为r，导轨电阻忽略不计，重力加速度为g。 (1)求ab棒通过圆弧轨道最低点时对轨道总压力F的大小； (2)从ab棒进入磁场到ab棒和“工”字型器件稳定运动的过程中，求cd棒所产生的焦耳热； (3)求cd棒与MN的初始最小距离d。 试卷第4页，共4页 试卷第3页，共4页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B A D B C B D C C B 题号 11 12 13 答案 BC BC ACD 选择题：单选题每题5分，多选题每题6分，漏选得3分，错选不得分，共68分 计算题：14题14分。15题18分，共32分 1．B 【详解】A．运动员跳高时，落地时的冲量等于动量的变化量，在地上垫上海绵垫子可以增加与地面接触的时间，由动量定理可知，从而减小与地面之间的相互作用力的大小，故A错误； B．人从越高的地方跳下，落地时速度越大，动量越大，与地面接触时动量变化量越大，人受到的冲量越大，越危险，故B正确； C．由动量定理可知动量相同的两个物体，受相同的制动力作用，同时停下来，故C错误； D．在由动量定理可知，电视机等物体包装箱里垫上泡沫，可以使电视机与箱子撞击时的时间延长，从而是减小电视机在碰撞过程中受到的撞击力，故D错误。 故选B。 2．A 【详解】上下两部分的电阻之比为 由并联电路特点可知 上下两部分有效长度相等，则线圈上下两部分所受安培力之比为 上下两部分受到安培力方向相同，可知整个线圈受到安培力大小为 故选A。 3．D 【解析】根据直线电流产生的磁场的特点可知，通电导线产生磁场的磁感应强度大小正比于电流大小，故线框中的磁感应强度随时间变化的关系与导线中电流随时间变化的规律相似。即在时间内，导线中电流从到，电流逐渐减小，此时导线在线框处产生的磁场的磁感应强度逐渐减小，根据右手螺旋定则可知磁场的方向垂直向里，根据楞次定律，线圈感应电流产生的磁场方向也垂直向里，且线圈有扩张和向左运动的趋势，即线圈整体所受安培力方向向左，根据右手螺旋定则，线圈中的电流方向为顺时针方向；在时间内，导线中电流从到，电流逐渐增大，此时导线在线框处产生的磁场磁感应强度逐渐增大，根据右手螺旋定则，此时磁场方向垂直向外，根据楞次定律，线圈感应电流产生的磁场方向为垂直向里，且线圈有紧缩和向右运动的趋势，即线圈整体所受安培力方向向右，根据右手螺旋定则，线圈中的电流方向为顺时针方向，故AC错误，D正确； B.综合上述分析，在时间内，线圈中感应电流的方向始终沿顺时针方向，在时感应电流的方向不变，故B错误。 4．B 【详解】AB．A、B静止时，根据平衡条件可得 解得 振幅最大的位置，回复力最大，加速度最大，形变量最大，设为，对整体，由牛顿第二定律得 对磁铁B，由牛顿第二定律得 解得， A、B做简谐运动的最大振幅为，故A错误，B正确； C．铁块A在最高点时，根据简谐运动的对称性可知，磁铁B的加速度为，方向竖直向下，对磁铁B，由牛顿第二定律得 解得，故C错误； D．铁块A从最低点运动到最高点的竖直高度差为 其重力势能的变化量为，故D错误。 故选B。 5．C 【详解】A．由图看出，通过R的感应电流随时间t增大，根据法拉第电磁感应定律得知，穿过回路的磁通量是非均匀变化的，应是曲线，故A错误； B．由 知v与时间t成正比，知加速度不变，故B错误； C．根据牛顿第二定律 其中 可知 v随时间t均匀增大，其他量保持不变，故F随时间均匀增大，故C正确； D．通过导体棒的电量为 故图象为开口向上的抛物线，故D错误。 故选C。 6．B 【详解】A．时，ad边切割方向与磁场平行，瞬时电流为0，故A错误； B．在的时间内，通过金属框的磁通量先增大后减小，由楞次定律ab边的电流方向为先a→b，后b→a，故B正确； C．在的时间内，cd边一直没有切割磁感线，故C错误； D．若绕ab边转动，在的时间内，通过金属框的磁通量一直为0，故D错误。 故选B 。 7．D 【详解】A．粒子每转过半圈，交变电场做功qU，竖直向下的匀强电场也要做功，其动能增量要大于qU，A错误； B．粒子引出时水平方向速度为，竖直方向也有速度，合速度要大于，B错误； C．粒子在运动过程中，周期不变，每隔相同的时间就加速一次，增大狭缝间电压U，每加速一次得到的动能增大，整个过程的运动时间是确定的（D选项的解析），粒子到底部时的速度比原来增大，实际上的情况是速度提前到达原来的最大值，可提前引出，C错误； D．研究粒子在竖直方向运动，， 解得 ，D正确； 故选D 。 8．C 【详解】α粒子带正电，故在磁场中沿逆时针方向做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力得 解得α粒子的轨道半径为 由于 因朝不同方向发射的α粒子的圆轨迹都过S，由此可知，某一圆轨迹在图中N左侧与ab相切，则此切点P1就是α粒子能打中的左侧最远点； 再考虑N的右侧。任何α粒子在运动中离S的距离不可能超过2R，以2R为半径、S为圆心作圆，交ab于N右侧的P2点，此即右侧能打到的最远点； 粒子运动轨迹如图所示 根据几何关系可得， 则感光板ab上被α粒子打中区域的长度为 故选C。 9．C 【详解】A．当把光源换为频率更小的光时，光的波长变长，条纹间距变大，故A错误； B．图乙中弯曲的条纹对应的被检查平面右边的空气膜厚度与未弯处平面的空气膜厚度相同，可知，对应的位置是凹陷的，干涉加强提早发生，故B错误； C．将薄片向左移动少许，空气膜的劈角变大，空气膜厚度差等于半个波长的位置距离变小，所以相邻亮条纹间距应变小，从上往下可以观察到干涉条纹变密，故C正确； D．若用很小的力施加在A的上侧中间附近，使其发生微小的形变，自左向右，空气薄膜厚度变化率逐渐增加，空气膜厚度差等于半个波长的位置距离逐渐变小，干涉图样变为左边疏，右边密，故D错误。 故选C。 10．B 【详解】AB．根据左手定则判断，磁场方向竖直向上或者竖直向下时，根据动能定理可得 解得 故B正确；A错误； CD．由以上推导知最大摆角与绝缘细线长度无关，最大摆角与金属棒长度无关，故CD错误。 故选B。 11．【答案】  【解析】波的周期和振幅与波源相同，故可知波的周期为  ，振幅为   C.开始振动时，波源第次到达波谷，故可知此时经过的时间为，可得波速为，故C正确； D.波从传到点需要的时间为，可知质点处于平衡位置，故D错误。 12. BC 【详解】AB．电流反向时，右边加砝码才能重新平衡，则此时线圈受到的安培力竖直向上，由左手定则可知，磁场方向垂直于纸面向外，故A错误，B正确； CD．设线圈质量为m0，电流反向前，有 电流反向后，有 联立解得，故C正确，D错误。 故选BC。 13．ACD 【详解】BC．导体棒在空中运动过程中，在水平方向上要切割磁感线，从而产生感应电动势，但无感应电流，不受安培力，故导体棒在平抛运动过程中水平方向上的速度不变，由 可知导体棒上产生的感应电动势大小不变，根据右手定则可知，a端电势高于b端电势，故B错误，C正确； A．导体棒从抛出到落地的时间为 故导体棒做平抛运动的初速度为 故A正确； D．设闭合开关时导体棒中有电流流过的时间为，由动量定理可得 又 则有 解得 故D正确。 故选ACD。 14．(1) (2) (3) 【详解】（1）电子带负电，在磁场中顺时针偏转，轨迹为三段半圆弧： 从O点出发，在x轴上方区域做顺时针半圆周运动，第一次到达x轴正方向； 进入x轴下方区域，继续做顺时针半圆周运动，到达x轴负方向； 再次进入x轴上方区域，做半个顺时针圆周运动，最终回到O点，轨迹如下图 （2）设电子的初速度为，电子射入后洛伦兹力提供向心力 解得电子在中圆周运动的半径 电子第一次经过x轴时运动了半个圆周，位置距离O点的距离为直径，y坐标为0，因此坐标为 （3）带电粒子在匀强磁场中圆周运动的周期为 电子在中共运动了2个半圆周，总时间​ 电子在中共运动了1个半圆周，总时间​ 代入 总时间 15．．(1) (2) (3) 【详解】（1）ab棒运动到圆弧轨道最低点速度为，由动能定理有 在最低点 由牛顿第三定律得 解得 （2）ab棒与“工”字型器件系统动量守恒，稳定运动时速度为v，则 系统产生的焦耳热 且 解得 （3）ab棒进入水平轨道到与“工”字型器件共速，对ab棒 其中 总电阻 间距 联立得 答案第6页，共6页 答案第7页，共7页 学科网（北京）股份有限公司 $